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2023-2024学年广东省汕头市潮南区陈店镇初中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年广东省汕头市潮南区陈店镇初中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列微观粒子中，尺度最大的是( )
A. 原子B. 电子C. 质子D. 中子
2.关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 甲图：发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
B. 乙图：一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能不变
C. 丙图：瓶内空气推开瓶塞的演示实验与热机的如图冲程原理相同，都是机械能转化为内能
D. 丁图：通过做功的方式增加内能
3.电脑正常工作时，中央处理器(即CPU)不断发热必须用风扇给其降温。为了保证中央处理器不被烧坏，要求：中央处理器工作之前，带动风扇的电动机要先启动；中央处理器断电后，电动机仍能继续工作进行散热，下列四个电路图中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
4.如图所示，当开关S闭合后，电压表测出的电压( )
A. L1和L2两端的总电压
B. 灯L2两端的电压
C. 灯L1两端的电压灯
D. 电源两端的电压
5.在“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器不能起到的作用是( )
A. 保护电路B. 改变被测电阻的阻值
C. 改变被测电阻两端的电压D. 改变电路中的电流
6.如图所示的四种家用电器，其中有一用电器工作时主要能量转化形式与其他用电器不同的是( )
A. 电熨斗B. 电饭煲
C. 电风扇D. 电热水壶
7.图甲是小灯泡L和电阻R的I−U图像。将小灯泡L和电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合S1时，电流表的示数为0.5A。电源两端电压保持不变，下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为3V
B. 只闭合S1时，小灯泡L的电阻为2Ω
C. 再闭合S2后，电流表的示数增加0.5A
D. 再闭合S2后，在1min内电阻R产生的热量为48J
二、填空题：本大题共7小题，共21分。
8.“黄河故道芳菲天，大套梨花来相见”，2021年中国滨海梨花节如约而至(如图所示)。满园梨花香扑鼻而来，这是______现象，说明分子一直在做永不停息地______运动；“早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”是对大漠气候的生动描写，而沿海地区昼夜温差则不大，这是因为砂石与水的______(选填物质的特性)不同。
9.如图是在省科技馆看到的静电游戏“怒发冲冠”，这是因为人接触静电球时，人体是______(选填“导体”或“绝缘体”)，电荷通过人体传到头发上，由于头发______而使头发竖起来。请你写出一个常温下绝缘体的名称______。
10.一根电阻丝的阻值是50Ω，当它两端电压为10V时，通过的电流为______ A；当它两端电压为0V时，它的电阻是______Ω；若将电阻丝均匀拉长，则它的电阻将______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
11.如图所示是汽车油量表工作原理的示意图，图中油量表实质是一个电流表，油量减少时，浮标______， R连入电路中的电阻变______，使得电路中的总电阻变大，电流表示数变______，显示油箱中油量减少。
12.目前新能源汽车在全球范围内受到了越来越多的关注，众多汽车制造商纷纷加入新能源汽车的研发和生产中。如图是某次北京车展中展出的电动汽车，当给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于______(选填“电源”或“用电器”)，由于汽车各转向灯能独立工作，因此各转向灯之间是______联的，其中一盏灯因断路而熄灭，其余灯______(选填“不受影响”或“也会熄灭”)。
13.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=1：3，则R1：R2=______；当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=______，R1、R2消耗的电功率之比为P1：P2=______。
14.小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为______kW⋅h，可以同时使用的用电器总功率不能超过______ W，若电冰箱单独正常工作一天(24小时)(电冰箱的主要技术参数见表)，电能表铝盘转______圈。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
15.如图为一人体身高测量仪的电路示意图，A、B、C、D为四个接线柱，电表及一定值电阻R0未画出，金属板M可带动金属片P滑动，从而与R构成滑动变阻器，若弹簧下端金属线的电阻不计，电源电压保持不变，要求被测人身高变高时，电表的示数也增大，试根据题目要求，将“定值电阻”、“电流表”或“电压表”符号(选两个)填入电路AB和CD之间．
16.如图所示，请你将图中各元件连接完整，完整的电路可用于探究电流产生的热量与电流大小的关系。
17.根据图中的实物图画出相应的电路图，要求在图上标出元件名称。
四、实验探究题：本大题共5小题，共31分。
18.在探究“比较不同物质的吸热能力”的实验中，用相同的加热器，给甲、乙两种液体进行加热，如图A所示。根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图B所示。
(1)实验中，取______和初温都相同的甲、乙两种液体，分别装入相同的烧杯中，用相同的加热器加热，这运用了常用的物理科学探究方法，即______；
(2)该实验利用了“转化思想”，即用______的长短来表示甲、乙两种液体吸热多少；
(3)由图B可知，若使两者升高相同的温度，则______吸收的热量较多；所以液体甲的比热容______液体乙的比热容。(选填“大于”、“小于”或“等于”)
19.图甲是小雨同学探究并联电路的电流规律的电路图。
(1)实验中，他们应该选择规格______的两个小灯泡来进行实验(填“相同”或“不相同”)；
(2)开关闭合前，小明同学发现电流表A的指针在零刻度线左端，如图乙所示，其原因是______(选填“A”或“B”)；开关闭合后，小明同学发现电流表A的指针同样如图乙所示，其原因是______(选填“A”或“B”)；
A.电流表没调零；
B.电流表正负接线柱接反了；
(3)他们把电流表A纠正后，闭合开关进行实验，两灯都发光，电流表A与电流表A1的指针所指位置均为图丙所示，则通过灯L2的电流为______ A；
(4)根据所测的实验数据，他们得出了如下的实验结论：并联电路中，______；
(5)实验中，我们进行多次测量的目的是______。
20.探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有：三节新的干电池(电压为4.5V)、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω，2A”字样)、四个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图。
(1)请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片P向左移动时电流表示数变大；
(2)闭合开关前将滑动变阻器的滑片P移至______处；闭合开关后，发现电流表、电压表示数不稳定，指针来回摆动，原因可能是______；(填字母)
A.电压表正负接线柱接反了
B.电流表选错了量程
C.电路某处接触不良
(3)排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向______(选填“左”或“右”)适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持______ V不变；
(4)图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图像，由此得出的结论是：当导体两端的电压一定时，______；
(5)实验中如果不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，多次实验______(选填“能”或“不能”)得到电流与电阻的关系。
21.在“测量小灯泡的电功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：电压恒为6V的电源、额定电压为2.5V的小灯泡(灯丝电阻约为10Ω)，电流表、电压表、开关各一个，导线若干，三种滑动变阻器R1(10Ω0.5A)R2(50Ω0.5A)R3(20Ω0.2A)可供选择；
(1)通过估算，滑动变阻器应选择______(选填“R”、“R2”或“R3”)；
(2)电路连接时，需要______开关；电路连接完成，将滑片 P移至最右端，闭合开关试触时，发现电压表示数很大，电流表几乎无示数，出现的电路故障原因可能是______；
(3)排除故障后，闭合开关S，如图甲所示电路中，滑动变阻器的滑片P向A端移动时，灯泡变______；
(4)当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示为______ V；若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动；根据图丙图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W。
(5)完成了上述的实验后，同学们还想测另一只额定电压为U1的小灯泡的额定电功率，但发现电流表损坏。利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丁所示的电路，并操作如下：
①、依据电路图连接好电路，只闭合开关S、S1，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1；
②、保持滑动变阻器滑片位置不变，只闭合开关______，读出电压表示数为U2；
③、小灯泡的额定功率P额=______。(用U1、U2和R0表示)
22.如图是苹果自动筛选装置。原理是：传送带上苹果经过压力检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化，AB间的电压也随之发生改变，当质量小于一定值的苹果经过压力监测点，使R0两端电压小于5V时，推出机械启动，将质量不达标的苹果推出传送带(推出机械图中未画出)，实现自动筛选。已知电源电压恒为15V，R0=30Ω，压敏电阻R的阻值随压力F的变化关系如表所示，g取10N/kg，问：
(1)当检测点上没有苹果时，1min内整个电路消耗的电能多大______；
(2)被推出机械推出的苹果对压力检测点的压力不超过______；
(3)为了使该装置能够满足对不同质量标准的苹果进行筛选的要求，小红设计了两种方案，用以提高筛选出的苹果的质量：
方案一：改变机械装置启动的电压，使其______(变大/变小)；
方案二：保持机械装置启动的电压不变，将R0换成阻值______、(更大/更小)的定值电阻。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
23.如图所示，电源两端电压为4.5V并保持不变，电阻R1的阻值为5Ω。当开关S闭合时，电压表示数为3V。
求：(1)此时电路中的电流；
(2)电阻R2的阻值。
24.图甲是用某款3D打印笔进行立体绘画时的场景，打印笔通电后，笔内电阻丝发热使笔内绘画材料熔化；加热电路简化后如图乙所示，电源电压恒为6V，R1和R2为发热电阻丝，只闭合S1时低温挡工作，S1、S2都闭合时高温挡工作，高温挡和低温挡的功率比为4：3，R1=4Ω，忽略电阻丝阻值随温度变化。
求：(1)低温挡工作时，通过R1的电流；
(2)低温挡的功率；
(3)处于高温挡时，通电1minR2产生的热量是多少。
六、综合题：本大题共1小题，共7分。
25.阅读下列材料，回答问题。
第四代电光源——LED图甲是时下较为流行的LED手电筒和LED吸顶灯，它们的主要部分是高亮度发光二极管，这种发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、寿命长、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴的第四代电光源。LED的发光原理与白炽灯截然不同，是直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高，是新一代固体冷光源，将逐步取代传统光源。图乙是LED的元件实物及符号。二极管具有单向导电性，使用时必须将它的正极与电源正极相连，二极管才能处于导通状态，否则处于截止状态。利用图丙所示电路可以研究发光二极管的工作特性：把一个额定电压(正常发光时电压)为3V的LED接入电源电压恒为4.5V的电路，闭合开关S，LED即处于导通状态，调节变阻器滑片，改变LED两端的电压和电路中电流，记录多组电压、电流值，可以得到电压表与电流表示数关系，如图丁所示。
(1)LED灯主要由______(选填“导体”、“半导体”或“超导体”)材料制成；它之所以节能，被称为冷光源，是因为电热转换损耗的能量较白炽灯______(选填“高”或“低”)；
(2)在图丙中，闭合开关S，调节滑动变阻器，使LED灯正常发光；断开开关S，改变电源的正负极后再闭合S，LED灯______(选填“能”或“不能”)发光，此时LED灯两端______(选填“有”或“无”)电压。根据图丁，这只LED灯导通时的最低电压为______ V。
(3)小刚对LED灯都非常感兴趣，他把两种不同的金属片A、B插入柠檬，制成“水果电池”，与电压表连接在一起，如图戊所示，闭合开关，电压表示数为0.3V，则A金属片是柠檬电池的______极；若二极管断路，则电压表______(填“有”或“没有”)示数。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】【分析】
根据对物质微观结构的认识解答。
本题考查了微观结构及其尺度，属于基础知识的考查。
【解答】
物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和电子组成的，原子核是由质子和中子构成，质子和中子又由夸克组成，因此尺度最大的是原子。
故选：A。
2.【答案】D
【解析】解：
A、热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或者从物体的高温部分传向物体的低温部分，故A错误；
B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；
C、瓶内空气推开瓶塞，内能转化为机械能，瓶内气体内能减少，内燃机的压缩冲程，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，瓶内空气推开瓶塞的演示实验与热机的如图冲程原理不同，故C错误；
D、两手相互摩擦，手的温度升高，是克服摩擦力做功，机械能转化成内能，属于做功增加物体的内能，故D正确。
故选：D。
(1)发生热传递时，热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或从物体的高温部分传向低温部分；
(2)内能的大小跟物质的种类、质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变，内能增加；
(3)对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
本题综合考查了热传递的条件、物体内能的影响因素以及改变内能的两种方式等有关知识，是一道综合题。
3.【答案】B
【解析】解：
AD、开关闭合后，CPU至少与电动机同时工作；闭合支路开关后，电动机先不工作，不能做到中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故AD错误；
B、干路中开关闭合，电动机立刻工作；而CPU在支路开关的作用下后工作，当断开支路开关时，CPU不工作，电动机仍可工作，做到中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故B正确；
C、家用电路各用电器应并联，故C错误。
故选：B。
由题意可知电动机和灯泡可以独立工作、互不影响，即为并联，然后根据开关的作用使带动风扇的电动机先工作后灯泡才能工作，即开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器；据此进行解答。可理解为电动机要“早来晚走”。
本题综合考查了串并联电路的特点和串并联电路开关的作用，难度中等。
4.【答案】C
【解析】解：从电路图中可以看出，电压表并联在L1两端，因此电压表测量L1两端的电压。
故选：C。
根据电压表与被测用电器并联的连接方式进行分析。
本题考查学生识别电路的能力，以及电压表使用方法的记忆情况。
5.【答案】B
【解析】解：A、滑动变阻器的连入电路时，滑片滑到最大阻值处，电阻最大，电源电压不变，电流最小，起到保护电路的作用。故A不符合题意。
B、被测电阻阻值大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，电阻的阻值不变。故B符合题意。
C、移动滑动变阻器的滑片，变阻器的阻值变化，改变了电路中的电流，根据U=IR，待测电阻的阻值不变，电流变化，所以被测电阻两端的电压变化。故C不符合题意。
D、移动滑动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，改变了电路中的电流。故D不符合题意。
故选：B。
电阻大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，跟电阻中的电流、电阻两端的电压无关。
“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器和被测电阻串联在电路中，滑片处于最大阻值处，电源电压不变，电流中的电流最小，起到保护作用。移动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，电源电压不变，电路中的电流变化，根据U=IR知，电阻两端的电压也随之变化。
“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器的作用：改变电路的电流；改变被测电阻的电压；保护电路。
不同的实验中滑动变阻器的作用是不同的。
6.【答案】C
【解析】解：
A、图中的用电器是电熨斗，它工作时将电能转化为内能；
B、图中的用电器是电饭煲，它工作时将电能转化为内能；
C、图中的用电器是电风扇，它工作时将电能主要转化为机械能；
D、图中的用电器是电热水壶，它工作时将电能转化为内能。
综上所述，只有电风扇使用时能量转化的主要形式与其他用电器不同。
故选：C。
电能通过用电器后，可以转化为其他形式的能量。需要从每个用电器的能量转化来分别进行分析。
本题考查学生对每种用电器中能量转换现象的理解能力。
7.【答案】D
【解析】解：AB、只闭合开关S1时，电路为灯泡L的简单电路，由图象可知，当IL=0.5A时，UL=4V，即电源电压为4V，故A错误；
由I=UR可知，此时灯泡的阻值：RL=ULIL=4V0.5A=8Ω，故B错误；
CD、再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UR=UL=U=4V，
由甲图R的I−U图象和L的I−U图象可知，此时通过R的电流IR=0.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之比，且通过灯泡的电流不变，因此电流表的示数增加0.2A，故C错误；
在1min内电阻R产生的热量：Q=W=URIRt=4V×0.2A×60s=48J，故D正确。
故选：D。
(1)只闭合 S1时，电路为灯泡L的简单电路，根据L的I−U图象找出对应的电压和电流，电源电压等于灯泡L两端的电压，根据欧姆定律求出此时灯泡的阻值；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合图象读出通过R的电流，根据并联电路电流点求出电流表示数的增加量，根据Q=W=UIt求出在1min内电阻R产生的热量。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
8.【答案】扩散 无规则 比热容
【解析】解：满园梨花香扑鼻而来，这是扩散现象，说明分子一直在做永不停息地无规则运动。中午时温度升高，香味更加浓郁，说明了温度越高分子运动越剧烈。
沿海地区，水多，内陆地区水少、砂石多，因为水的比热容较大，砂石的比热容较小，白天，相同质量的水和砂石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。
故答案为：扩散；无规则；比热容。
不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散现象，扩散现象说明：分子在不停地做无规则运动；温度越高分子运动越剧烈。
水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，吸收或放出一定热量时，温度变化小；温度变化一定时，可以吸收或放出更多热量。
本题考查了学生对分析动理论和比热容的了解与掌握，属于基础题目。
9.【答案】导体 带同种电荷相互排斥 玻璃
【解析】解：“怒发冲冠”，这是因为人接触静电球时，人体是导体，电荷发生了转移，电荷通过人体传到头发上，由于头发带同种电荷互相排斥而使头发竖起来；常温下常见的绝缘体有橡胶、玻璃、塑料等。
故答案为：导体；带同种电荷相互排斥；玻璃。
容易导电的物体叫导体，人体、大地、各种金属等都属于导体；不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等；同种电荷相互排斥。
本题考查学生对导体的认识，还要知道同种电荷相互排斥，属于基础题。
10.【答案】0.250变大
【解析】解：(1)根据欧姆定律可得：
电阻丝中通过的电流I=UR=10V50Ω=0.2A；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与材料、横截面积、长度、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，
所以当两端电压为0V时，它的电阻是50Ω；
因为导体的材料和温度相同时，导体横截面积越小、长度越大，导体的电阻越大，
所以将电阻丝均匀拉长时，材料和温度不变，横截面积变小，长度变长，它的电阻变大。
故答案为：0.2A；50；变大。
(1)已知电阻丝的阻值和两端的电压，根据欧姆定律求出通过的电流；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与材料、横截面积、长度、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，且材料和温度相同时，导体横截面积越小、长度越大，导体的电阻越大。
本题考查了欧姆定律的应用和影响电阻大小的因素，关键是知道将电阻丝均匀拉长时横截面积变小、长度变长。
11.【答案】下移 大 小
【解析】解：由电路图可知，R与R′串联，油量表(电流表)测电路中的电流，R相当于滑动变阻器。
当油量减少时，油面降低，浮标下移，在杠杆的作用下滑片上移，R接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR知，电源电压不变时，电路中的电流变小，即油量表(电流表)的示数变小。
故答案为：下移；大；小。
由电路图可知，R与R′串联，油量表(电流表)测电路中的电流，R相当于滑动变阻器。根据油面的变化可知浮标移动的方向，在杠杆的作用下可知滑片移动的方向，进一步可知接入电路中的电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化。
本题考查了滑动变阻器和欧姆定律的应用，明白油量表的工作原理是关键。
12.【答案】用电器 并 不受影响
【解析】解：当给汽车蓄电池充电时，消耗电能，蓄电池相当于用电器。
汽车各转向灯能独立工作，互不影响，因此转向灯是并联的；其中一盏灯因断路而熄灭，其余灯不受影响。
故答案为：用电器；并；不受影响。
电池供电时是电源，充电时则为用电器；
串联电路中各用电器互相影响，并联电路中各用电器互不影响。
本题考查了能量的转化和串并联的判断，是一道基础题目。
13.【答案】1：2 3：2 1：2
【解析】解：(1)当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过两电阻的电流之比：
I1I2=I乙−I甲I甲=3−11=21，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=I2I1=12；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，所以两电阻两端的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=12，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以两电压表的示数之比：
U甲U乙=U1+U2U2=1+22=32；
由P=UI可得R1、R2消耗的电功率之比：
P1P2=U1IU2I=U1U2=12。
故答案为：1：2；3：2；1：2。
(1)当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；
根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；
根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，根据P=UI求出R1、R2消耗的电功率之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
14.【答案】16.644002400
【解析】解：(1)电能表显示数字为00166，由于最后一位是小数、单位是kW⋅h，所以电能表的示数16.6kW⋅h，即小丽家已消耗的电能为16.6kW⋅h；
(2)电能表的工作电压U=220V，允许通过的最大电流I=20A，
所以允许同时使用的用电器总功率P=UI=220V×20A=4400W；
(3)根据表中数据可知，电冰箱一天消耗0.8kW⋅h的电能，3000r/kW⋅h表示电路每消耗1kW⋅h电能时，电能表转盘转3000r，
所以消耗0.8kW⋅h电能时，转盘的转数：
n=3000r/kW⋅h×0.8kW⋅h=2400圈。
故答案为：16.6；4400；2400。
(1)电能表的读数方法：①最后一位是小数，②单位是kW⋅h。
(2)电能表上参数的意义：①220V说明电能表要在220V的电路中使用；②5(20)A中，20A表示电能表允许通过的最大电流是20A；根据公式P=UI计算出电能表允许接入用电器的最大总电功率；
(3)先根据表中数据求出电冰箱工作一天消耗的电能，然后根据转数=消耗的电能×电能表的参数，即可求出这一天(24小时内)电能表转盘转数。
本题考查了对电能表参数的理解和电功率公式的应用，关键是明白电能表的各个参数所表示的物理意义。
15.【答案】解：(1)电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，则A、B之间不可能是电压表，否则电路断路；
(2)若A、B之间为电流表，
①当C、D之间为电压表时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压示数不变，电流表测电路中的电流；故当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；
②a、b之间为定值电阻时，R与定值电阻并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过定值电阻的电流不变，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知可知该支路的电流减小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符；
(3)若A、B之间为定值电阻，
①C、D之间不可能为电流表，否则滑动变阻器被短路；
②C、D之间为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知电流表的示数减小，
由U=IR可知，定值电阻两端的电压减小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意．
故AB之间填定值电阻的符号；CD之间填电压表的符号．如图：
【解析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知A、B之间不可能是电压表，否则电路断路；根据串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律分别判断C、D之间为定值电阻、电流表时电表示数的变化，然后得出符合题意的答案．
本题考查了电路的动态分析，要注意各种情况的讨论，可以按A、B之间依次为电压表、电流表、定值电阻时各种情况的组合进行讨论，防止遗漏．
16.【答案】解：探究电流产生的热量与电流大小的关系时采用的是控制变量法，实验中控制通电时间和电阻大小相同，电流大小不同，所以右侧两个电阻并联后再与左侧的电阻串联，这样会使得通过两个容器内电阻的电流大小是不同的，如图所示：
【解析】探究电流产生的热量与电流大小的关系时，需要控制通电时间相同，电阻大小相同，电流大小不同，据此分析。
本题考查了实物电路的连接，属于基础题。
17.【答案】解：由图可知，电流从正极出发，经开关S3后开始分支，一支经开关S1、灯泡L1；另一支经灯泡L2、开关S2，然后两支汇合共同回到电源负极。如图所示：
【解析】由实物图可知，两灯泡并联，开关S3控制整个电路，S2控制L2，S1控制L1，根据实物图完成电路图即可。
本题考查根据实物图画电路图，关键是知道电路中各个用电器的连接情况，画电路图是初中物理的重点也是难点。
18.【答案】质量 控制变量法 加热时间 甲 大于
【解析】解：(1)在两个相同的烧杯中分别装上质量、初温都相同的液体甲和液体乙，并用两个相同的酒精灯对其加热，则两种物质在相同的时间吸收的热量是相同的，这种实验的方法是控制变量法；
(2)加热时间越长，则表明物质吸收的热量越多，所以加热时间的长短来表示液体甲和液体乙吸热的多少；
(3)根据图像可知，质量、初温都相同的液体甲和液体乙，在升高相同的温度时，甲的加热时间长，即甲吸热多，甲的比热容大，即液体甲的比热容大于液体乙的比热容。
故答案为：(1)质量；控制变量法；(2)加热时间；(3)甲；大于。
(1)根据控制变量法分析；
(2)加热时间越长，则表明物质吸收的热量越多；
(3)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
19.【答案】不相同 AB0.96干路电流等于各支路电流之和 寻找普遍规律
【解析】解：(1)实验中，为得出普遍性的结论，他们应该选择规格不相同的两个小灯泡来进行实验；
(2)开关闭合前，小明同学发现电流表A的指针在零刻度线左端，电流表没调零，选A；开关闭合后，小明同学发现电流表A的指针同样如图乙所示，这说明电流表的正负接线柱接反了，选B；
(3)他们把电流表A纠正后，闭合开关进行实验，两灯都发光，电流表A与电流表A1的指针所指位置均为图丙所示，根据并联电路的规律，干路电流大于支路电流，故A表选用大量程，分度值为0.1A，示数为1.2A，电流表A1选用小量程，分度值为0.1A，示数为0.24A，由并联电路的电流特点知，通过灯L2内电流为I2=I−I1=1.2A−0.24A=0.96A；
(4)根据测的实验数据，得出了如下的实验结论：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(5)我们进行多次测量的目的是寻找普遍规律。
故答案为：(1)不相同；(2)A；B；(3)0.96；(4)干路电流等于各支路电流之和；(5)寻找普遍规律。
(1)为得出普遍性的结论，应该选择规格不相同的两个小灯泡来进行实验；
(2)电流表使用前指针要调零；
(3)据并联电路的规律，干路电流大于支路电流，确定电表的量程并读数；
(4)并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(5)实验中为了获得普遍的规律，应多次测量。
本题并联电路的电流规律，考查归纳法的运用电流表读数及实验结论并联电路电流的规律。体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】阻值最大 C 右 3 导体中的电流跟导体的电阻成反比 能
【解析】解：(1)滑片P向左移动时电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
闭合开关后，发现电流表、电压表示数不稳定，指针来回摆动，说明电路中电流时有时无，电路时通时断，故原因可能是电路某处接触不良，故选：C；
(3)由图丙可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.6A×5Ω=……=0.2A×15Ω=3V；
实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应向右适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持3V不变；
(4)由(3)可知，定值电阻两端电压为一定值，故可得出结论：当导体两端的电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；
(5)若实验中不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，由于电源电压和定值电阻两端的电压都一定，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端的电压也一定，由此可知，若实验中不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，仍能完成实验。
故答案为：(1)见解答图；(2)阻值最大；C；(3)右；3；(4)导体中的电流跟导体的电阻成反比；(5)能。
(1)滑片P向左移动时电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，闭合开关前将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
闭合开关后，发现电流表、电压表示数不稳定，指针来回摆动，说明电路中电流时通时断，据此回答；
(3)根据图丙求出定值电阻两端电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(4)根据图丙分析得出结论；
(5)若实验中不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，由于电源电压和定值电阻两端的电压都一定，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端的电压也一定，由此可得出结论。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查了电路连接、注意事项、故障分析、实验操作、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
21.【答案】R2 断开 小灯泡断路 亮 、S2 U1(U2−U1)R0
【解析】解：(1)灯泡正常发光时的电压UL=2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
IL=ULR=2.5V10Ω=0.25A>0.2A；
电源电压恒为6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯正常发光时，滑动变阻器两端的电压：U滑=U−UL=6V−2.5V=3.5V，
由欧姆定律I=UR，灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻为：R滑=U滑IL=Ω>10Ω，考虑到电流因素，则滑动变阻器选R2；
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表几乎无示数，说明电路可能出现了断路故障，再结合电压表示数很大，说明电压表正负接线柱能与电源正负极连通，由此判断电路故障可能是小灯泡断路；
(3)滑动变阻器按“一上一下”的方式串联接入电路，且图中滑动变阻器左下部分电阻接入电路，因此滑片向A端移动，滑动变阻器接入的阻值变小，根据串联分压原理可知滑动变阻器的分压减小，而灯泡两端的分压增大，由此可知小灯泡变亮；
(4)P到图甲中某一位置时，电压表示数(如图乙所示)，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.2V，因2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，直到电压表示数为额定电压；
根据图丙信息，灯在额定电压下的电流为0.2A，可计算出小灯泡的额定功率是：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(5)实验步骤：
①依据电路图连接好电路，只闭合开关S、S1，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，只闭合开关S、S2，读出电压表示数为U2；
③在步骤①中，灯泡、R0和R串联，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1，此时灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡、R0和R仍串联，电压表测灯泡和R0两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，
根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：U0=U2−U1，
根据串联电路电流特点和欧姆定律可知，灯的额定电流：IL=I0=U0R0=U2−U1R0，
灯的额定功率：P额=ULIL=U1×U2−U1R0=U1(U2−U1)R0。
故答案为：(1)R2；(2)断开；小灯泡断路：(3)亮；(4)2.2；A；0.5：(5)S、S2；U1(U2−U1)R0。
(1)已知灯泡正常发光时的电压和正常发光时灯丝电阻，由欧姆定律得出灯的额定电流；电源电压恒为6V，根据串联电路电压的规律得出灯正常发光时滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律I=UR求出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻，考虑到电流因素，确定选用的滑动变阻器的规格选择；
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表几乎无示数，说明电路可能出现了断路故障，再结合电压表示数很大，说明电压表正负接线柱能与电源正负极连通，由此判断电路故障；
(3)判断滑片向A端移动，电路中阻值的变化情况，结合串联分压原理判断小灯泡的实际分压情况，由此判断小灯泡的亮度变化
(4)根据电压表选用小量程确定分度值读数；
灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据图丙可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
(5)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡额定功率，考查电路连接时注意事项、器材的选择、故障分析、操作过程、功率公式的运用、欧姆定律的运用以及在电表不全的情况下测量小灯泡电功率的实验设计，综合性强，难度较大。
22.【答案】90J 2N 变大 更小
【解析】解：(1)由表中数据可知，当检测点上没有苹果时，压敏电阻的阻值为120Ω，
由图可知，R、R0串联，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R总=R+R0=120Ω+30Ω=150Ω，
1min内整个电路消耗的电能：W=U2R总t=(15V)2150Ω×60s=90J；
(2)当R0两端电压UAB=5V时，由欧姆定律可知，此时电路中的电流：I=UABR0=5V30Ω=16A，
根据串联电路的电压特点可知，R两端的电压：UR=U−UAB=15V−5V=10V，
根据I=UR可知，此时压敏电阻的阻值：R′=URI=10V16A=60Ω，
由表格数据可知，压敏电阻受到的压力为2N，所以推出机械推出的苹果对压力检测点的压力不超过2N；
(3)标准苹果的质量越大时对压敏电阻的压力越大，由表中数据可知压敏电阻受到的压力越大时压敏电阻的阻值越小，所以，提高苹果质量筛选的标准后，即增大苹果的质量，则压敏电阻的阻值减小，根据串联分压原理可知压敏电阻两端的电压变小；根据串联电路电压规律可知机械装置启动时R0两端的电压应变大；
若保持机械装置启动的电压不变，则根据压敏电阻和R两端的分得的电压不变，
提高苹果质量筛选的标准后，压敏电阻的阻值减小，根据串联电路各用电器两端的电压与电阻成正比可知R0也减小，即：将R0换成阻值更小的定值电阻。
故答案为：(1)90J；(2)2N；(3)变大；更小。
(1)由表中数据可知当检测点上没有苹果时压敏电阻的阻值，根据串联电路电阻规律计算此时总电阻，根据电功公式W=U2R总t计算1min内整个电路消耗的电能；
(2)根据欧姆定律计算当R0两端电压UAB=5V时电路中的电流，根据串联电路电压规律计算压敏电阻两端的电压，进一步计算此时压敏电阻的阻值，由表格数据可知压敏电阻受到的压力；
(3)不同质量标准的苹果对压敏电阻的压力不同，压敏电阻的阻值不同，提高苹果质量筛选的标准后压敏电阻的阻值变小，根据串联分压原理可知压敏电阻两端的电压变小，根据串联电路电压规律分析即可。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，综合性强，有一定的难度。
23.【答案】解：(1)R1两端电压为：
U1=U−U2=4.5V−3V=1.5V；
电路中的电流为：
I=I1=U1R1=1.5V5Ω=0.3A；
(2)电阻R2的阻值为：
R2=U2I2=U2I=3V0.3A=10Ω；
答：(1)此时电路中的电流为0.3A；
(2)电阻R2的阻值为10Ω。
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压。
(1)根据串联电路的电压特算出R1两端电压，根据欧姆定律求出电路中的电流；
(2)根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，是一道较为简单的应用题。
24.【答案】解：(1)电源电压恒为6V，R1=4Ω，则低温挡时通过R1的电流：
I1=UR1=6V4Ω=1.5A；
(2)只闭合S1时低温挡工作，此时电路为只有R1的简单电路，则低温挡的功率为：
P低=U2R1=(6V)24Ω=9W；
(3)高温挡和低温挡的功率比为4：3，则高温挡功率为：
P高=43P低=43×9W=12W，
S1、S2都闭合时为高温挡，此时R1、R2并联，因R1前后电压不变，电阻不变，所以功率不变，故R2的功率为：
P2=P高−P低=12W−9W=3W，
通电时间：t=1min=60s，R2产生的热量为：
Q=W=P2t=3W×60s=180J。
答：(1)低温挡工作时，通过R1的电流为1.5A；
(2)低温挡的功率为9W；
(3)处于高温挡时，通电1minR2产生的热量是180J。
【解析】(1)根据欧姆定律求出通过R1的电流；
(2)根据P=UI=U2R求出低温挡的功率；
(3)已知高温挡和低温挡的功率比，据此求出高温挡功率，根据并联电路功率关系，求出R2的功率，根据Q=W=P2t算出通电1minR2产生的热量。
本题考查欧姆定律、焦耳定律和电功率公式的应用，是一道电学综合题，难度不大。
25.【答案】半导体 低 不能 有 2.5负 有
【解析】解：(1)LED灯主要由半导体材料制成；它之所以节能，被称为冷光源，是因为电热转换损耗的能量较白炽灯低；
(2)在图丙中，闭合开关S，调节滑动变阻器，使LED灯正常发光；断开开关S，改变电源的正负极后再闭合S，LED灯不能发光，此时LED灯两端有电压。根据图丁，这只LED灯导通时的最低电压为2.5V。
(3)结合电压表的接线方法可知A金属片是柠檬电池的负极；若二极管断路，则电压表有示数。
故答案为：(1)半导体；低；(2)不能；有；2.5；(3)负；有。
(1)LED主要由半导体材料制成；它的发光效率高。
(2)LED具有单向导电性。
(3)二极管正向、逆向导通时都有电压。
本题考查的是半导体的特点及应用，难度不大。海尔BC−110B电冰箱
额定电压
220V
工作频率
50Hz
额定功率
100W
耗电量
0.8kW⋅h/24h
压力F/N
0
1
2
3
4
5
阻值R/Ω
120
80
60
45
40
38
1.下列微观粒子中，尺度最大的是( )
A. 原子B. 电子C. 质子D. 中子
2.关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 甲图：发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
B. 乙图：一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能不变
C. 丙图：瓶内空气推开瓶塞的演示实验与热机的如图冲程原理相同，都是机械能转化为内能
D. 丁图：通过做功的方式增加内能
3.电脑正常工作时，中央处理器(即CPU)不断发热必须用风扇给其降温。为了保证中央处理器不被烧坏，要求：中央处理器工作之前，带动风扇的电动机要先启动；中央处理器断电后，电动机仍能继续工作进行散热，下列四个电路图中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
4.如图所示，当开关S闭合后，电压表测出的电压( )
A. L1和L2两端的总电压
B. 灯L2两端的电压
C. 灯L1两端的电压灯
D. 电源两端的电压
5.在“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器不能起到的作用是( )
A. 保护电路B. 改变被测电阻的阻值
C. 改变被测电阻两端的电压D. 改变电路中的电流
6.如图所示的四种家用电器，其中有一用电器工作时主要能量转化形式与其他用电器不同的是( )
A. 电熨斗B. 电饭煲
C. 电风扇D. 电热水壶
7.图甲是小灯泡L和电阻R的I−U图像。将小灯泡L和电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合S1时，电流表的示数为0.5A。电源两端电压保持不变，下列说法中正确的是( )
A. 电源电压为3V
B. 只闭合S1时，小灯泡L的电阻为2Ω
C. 再闭合S2后，电流表的示数增加0.5A
D. 再闭合S2后，在1min内电阻R产生的热量为48J
二、填空题：本大题共7小题，共21分。
8.“黄河故道芳菲天，大套梨花来相见”，2021年中国滨海梨花节如约而至(如图所示)。满园梨花香扑鼻而来，这是______现象，说明分子一直在做永不停息地______运动；“早穿皮袄午穿纱，守着火炉吃西瓜”是对大漠气候的生动描写，而沿海地区昼夜温差则不大，这是因为砂石与水的______(选填物质的特性)不同。
9.如图是在省科技馆看到的静电游戏“怒发冲冠”，这是因为人接触静电球时，人体是______(选填“导体”或“绝缘体”)，电荷通过人体传到头发上，由于头发______而使头发竖起来。请你写出一个常温下绝缘体的名称______。
10.一根电阻丝的阻值是50Ω，当它两端电压为10V时，通过的电流为______ A；当它两端电压为0V时，它的电阻是______Ω；若将电阻丝均匀拉长，则它的电阻将______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
11.如图所示是汽车油量表工作原理的示意图，图中油量表实质是一个电流表，油量减少时，浮标______， R连入电路中的电阻变______，使得电路中的总电阻变大，电流表示数变______，显示油箱中油量减少。
12.目前新能源汽车在全球范围内受到了越来越多的关注，众多汽车制造商纷纷加入新能源汽车的研发和生产中。如图是某次北京车展中展出的电动汽车，当给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于______(选填“电源”或“用电器”)，由于汽车各转向灯能独立工作，因此各转向灯之间是______联的，其中一盏灯因断路而熄灭，其余灯______(选填“不受影响”或“也会熄灭”)。
13.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=1：3，则R1：R2=______；当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=______，R1、R2消耗的电功率之比为P1：P2=______。
14.小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为______kW⋅h，可以同时使用的用电器总功率不能超过______ W，若电冰箱单独正常工作一天(24小时)(电冰箱的主要技术参数见表)，电能表铝盘转______圈。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
15.如图为一人体身高测量仪的电路示意图，A、B、C、D为四个接线柱，电表及一定值电阻R0未画出，金属板M可带动金属片P滑动，从而与R构成滑动变阻器，若弹簧下端金属线的电阻不计，电源电压保持不变，要求被测人身高变高时，电表的示数也增大，试根据题目要求，将“定值电阻”、“电流表”或“电压表”符号(选两个)填入电路AB和CD之间．
16.如图所示，请你将图中各元件连接完整，完整的电路可用于探究电流产生的热量与电流大小的关系。
17.根据图中的实物图画出相应的电路图，要求在图上标出元件名称。
四、实验探究题：本大题共5小题，共31分。
18.在探究“比较不同物质的吸热能力”的实验中，用相同的加热器，给甲、乙两种液体进行加热，如图A所示。根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图B所示。
(1)实验中，取______和初温都相同的甲、乙两种液体，分别装入相同的烧杯中，用相同的加热器加热，这运用了常用的物理科学探究方法，即______；
(2)该实验利用了“转化思想”，即用______的长短来表示甲、乙两种液体吸热多少；
(3)由图B可知，若使两者升高相同的温度，则______吸收的热量较多；所以液体甲的比热容______液体乙的比热容。(选填“大于”、“小于”或“等于”)
19.图甲是小雨同学探究并联电路的电流规律的电路图。
(1)实验中，他们应该选择规格______的两个小灯泡来进行实验(填“相同”或“不相同”)；
(2)开关闭合前，小明同学发现电流表A的指针在零刻度线左端，如图乙所示，其原因是______(选填“A”或“B”)；开关闭合后，小明同学发现电流表A的指针同样如图乙所示，其原因是______(选填“A”或“B”)；
A.电流表没调零；
B.电流表正负接线柱接反了；
(3)他们把电流表A纠正后，闭合开关进行实验，两灯都发光，电流表A与电流表A1的指针所指位置均为图丙所示，则通过灯L2的电流为______ A；
(4)根据所测的实验数据，他们得出了如下的实验结论：并联电路中，______；
(5)实验中，我们进行多次测量的目的是______。
20.探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有：三节新的干电池(电压为4.5V)、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω，2A”字样)、四个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，开关一个，导线若干。小静等同学设计了如图甲所示的电路图。
(1)请用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整，要求：滑片P向左移动时电流表示数变大；
(2)闭合开关前将滑动变阻器的滑片P移至______处；闭合开关后，发现电流表、电压表示数不稳定，指针来回摆动，原因可能是______；(填字母)
A.电压表正负接线柱接反了
B.电流表选错了量程
C.电路某处接触不良
(3)排除故障后，将定值电阻由5Ω更换为10Ω时，应向______(选填“左”或“右”)适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持______ V不变；
(4)图丙是根据实验数据画出的定值电阻的I−R图像，由此得出的结论是：当导体两端的电压一定时，______；
(5)实验中如果不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，多次实验______(选填“能”或“不能”)得到电流与电阻的关系。
21.在“测量小灯泡的电功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：电压恒为6V的电源、额定电压为2.5V的小灯泡(灯丝电阻约为10Ω)，电流表、电压表、开关各一个，导线若干，三种滑动变阻器R1(10Ω0.5A)R2(50Ω0.5A)R3(20Ω0.2A)可供选择；
(1)通过估算，滑动变阻器应选择______(选填“R”、“R2”或“R3”)；
(2)电路连接时，需要______开关；电路连接完成，将滑片 P移至最右端，闭合开关试触时，发现电压表示数很大，电流表几乎无示数，出现的电路故障原因可能是______；
(3)排除故障后，闭合开关S，如图甲所示电路中，滑动变阻器的滑片P向A端移动时，灯泡变______；
(4)当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，电压表示数如图乙所示为______ V；若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动；根据图丙图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W。
(5)完成了上述的实验后，同学们还想测另一只额定电压为U1的小灯泡的额定电功率，但发现电流表损坏。利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丁所示的电路，并操作如下：
①、依据电路图连接好电路，只闭合开关S、S1，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1；
②、保持滑动变阻器滑片位置不变，只闭合开关______，读出电压表示数为U2；
③、小灯泡的额定功率P额=______。(用U1、U2和R0表示)
22.如图是苹果自动筛选装置。原理是：传送带上苹果经过压力检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化，AB间的电压也随之发生改变，当质量小于一定值的苹果经过压力监测点，使R0两端电压小于5V时，推出机械启动，将质量不达标的苹果推出传送带(推出机械图中未画出)，实现自动筛选。已知电源电压恒为15V，R0=30Ω，压敏电阻R的阻值随压力F的变化关系如表所示，g取10N/kg，问：
(1)当检测点上没有苹果时，1min内整个电路消耗的电能多大______；
(2)被推出机械推出的苹果对压力检测点的压力不超过______；
(3)为了使该装置能够满足对不同质量标准的苹果进行筛选的要求，小红设计了两种方案，用以提高筛选出的苹果的质量：
方案一：改变机械装置启动的电压，使其______(变大/变小)；
方案二：保持机械装置启动的电压不变，将R0换成阻值______、(更大/更小)的定值电阻。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
23.如图所示，电源两端电压为4.5V并保持不变，电阻R1的阻值为5Ω。当开关S闭合时，电压表示数为3V。
求：(1)此时电路中的电流；
(2)电阻R2的阻值。
24.图甲是用某款3D打印笔进行立体绘画时的场景，打印笔通电后，笔内电阻丝发热使笔内绘画材料熔化；加热电路简化后如图乙所示，电源电压恒为6V，R1和R2为发热电阻丝，只闭合S1时低温挡工作，S1、S2都闭合时高温挡工作，高温挡和低温挡的功率比为4：3，R1=4Ω，忽略电阻丝阻值随温度变化。
求：(1)低温挡工作时，通过R1的电流；
(2)低温挡的功率；
(3)处于高温挡时，通电1minR2产生的热量是多少。
六、综合题：本大题共1小题，共7分。
25.阅读下列材料，回答问题。
第四代电光源——LED图甲是时下较为流行的LED手电筒和LED吸顶灯，它们的主要部分是高亮度发光二极管，这种发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、寿命长、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴的第四代电光源。LED的发光原理与白炽灯截然不同，是直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高，是新一代固体冷光源，将逐步取代传统光源。图乙是LED的元件实物及符号。二极管具有单向导电性，使用时必须将它的正极与电源正极相连，二极管才能处于导通状态，否则处于截止状态。利用图丙所示电路可以研究发光二极管的工作特性：把一个额定电压(正常发光时电压)为3V的LED接入电源电压恒为4.5V的电路，闭合开关S，LED即处于导通状态，调节变阻器滑片，改变LED两端的电压和电路中电流，记录多组电压、电流值，可以得到电压表与电流表示数关系，如图丁所示。
(1)LED灯主要由______(选填“导体”、“半导体”或“超导体”)材料制成；它之所以节能，被称为冷光源，是因为电热转换损耗的能量较白炽灯______(选填“高”或“低”)；
(2)在图丙中，闭合开关S，调节滑动变阻器，使LED灯正常发光；断开开关S，改变电源的正负极后再闭合S，LED灯______(选填“能”或“不能”)发光，此时LED灯两端______(选填“有”或“无”)电压。根据图丁，这只LED灯导通时的最低电压为______ V。
(3)小刚对LED灯都非常感兴趣，他把两种不同的金属片A、B插入柠檬，制成“水果电池”，与电压表连接在一起，如图戊所示，闭合开关，电压表示数为0.3V，则A金属片是柠檬电池的______极；若二极管断路，则电压表______(填“有”或“没有”)示数。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】【分析】
根据对物质微观结构的认识解答。
本题考查了微观结构及其尺度，属于基础知识的考查。
【解答】
物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和电子组成的，原子核是由质子和中子构成，质子和中子又由夸克组成，因此尺度最大的是原子。
故选：A。
2.【答案】D
【解析】解：
A、热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或者从物体的高温部分传向物体的低温部分，故A错误；
B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；
C、瓶内空气推开瓶塞，内能转化为机械能，瓶内气体内能减少，内燃机的压缩冲程，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，瓶内空气推开瓶塞的演示实验与热机的如图冲程原理不同，故C错误；
D、两手相互摩擦，手的温度升高，是克服摩擦力做功，机械能转化成内能，属于做功增加物体的内能，故D正确。
故选：D。
(1)发生热传递时，热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或从物体的高温部分传向低温部分；
(2)内能的大小跟物质的种类、质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变，内能增加；
(3)对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
本题综合考查了热传递的条件、物体内能的影响因素以及改变内能的两种方式等有关知识，是一道综合题。
3.【答案】B
【解析】解：
AD、开关闭合后，CPU至少与电动机同时工作；闭合支路开关后，电动机先不工作，不能做到中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故AD错误；
B、干路中开关闭合，电动机立刻工作；而CPU在支路开关的作用下后工作，当断开支路开关时，CPU不工作，电动机仍可工作，做到中央处理器断电后，电动机仍能工作很长一段时间，来进行散热，故B正确；
C、家用电路各用电器应并联，故C错误。
故选：B。
由题意可知电动机和灯泡可以独立工作、互不影响，即为并联，然后根据开关的作用使带动风扇的电动机先工作后灯泡才能工作，即开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器；据此进行解答。可理解为电动机要“早来晚走”。
本题综合考查了串并联电路的特点和串并联电路开关的作用，难度中等。
4.【答案】C
【解析】解：从电路图中可以看出，电压表并联在L1两端，因此电压表测量L1两端的电压。
故选：C。
根据电压表与被测用电器并联的连接方式进行分析。
本题考查学生识别电路的能力，以及电压表使用方法的记忆情况。
5.【答案】B
【解析】解：A、滑动变阻器的连入电路时，滑片滑到最大阻值处，电阻最大，电源电压不变，电流最小，起到保护电路的作用。故A不符合题意。
B、被测电阻阻值大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，电阻的阻值不变。故B符合题意。
C、移动滑动变阻器的滑片，变阻器的阻值变化，改变了电路中的电流，根据U=IR，待测电阻的阻值不变，电流变化，所以被测电阻两端的电压变化。故C不符合题意。
D、移动滑动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，改变了电路中的电流。故D不符合题意。
故选：B。
电阻大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，跟电阻中的电流、电阻两端的电压无关。
“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器和被测电阻串联在电路中，滑片处于最大阻值处，电源电压不变，电流中的电流最小，起到保护作用。移动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，电源电压不变，电路中的电流变化，根据U=IR知，电阻两端的电压也随之变化。
“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器的作用：改变电路的电流；改变被测电阻的电压；保护电路。
不同的实验中滑动变阻器的作用是不同的。
6.【答案】C
【解析】解：
A、图中的用电器是电熨斗，它工作时将电能转化为内能；
B、图中的用电器是电饭煲，它工作时将电能转化为内能；
C、图中的用电器是电风扇，它工作时将电能主要转化为机械能；
D、图中的用电器是电热水壶，它工作时将电能转化为内能。
综上所述，只有电风扇使用时能量转化的主要形式与其他用电器不同。
故选：C。
电能通过用电器后，可以转化为其他形式的能量。需要从每个用电器的能量转化来分别进行分析。
本题考查学生对每种用电器中能量转换现象的理解能力。
7.【答案】D
【解析】解：AB、只闭合开关S1时，电路为灯泡L的简单电路，由图象可知，当IL=0.5A时，UL=4V，即电源电压为4V，故A错误；
由I=UR可知，此时灯泡的阻值：RL=ULIL=4V0.5A=8Ω，故B错误；
CD、再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UR=UL=U=4V，
由甲图R的I−U图象和L的I−U图象可知，此时通过R的电流IR=0.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之比，且通过灯泡的电流不变，因此电流表的示数增加0.2A，故C错误；
在1min内电阻R产生的热量：Q=W=URIRt=4V×0.2A×60s=48J，故D正确。
故选：D。
(1)只闭合 S1时，电路为灯泡L的简单电路，根据L的I−U图象找出对应的电压和电流，电源电压等于灯泡L两端的电压，根据欧姆定律求出此时灯泡的阻值；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合图象读出通过R的电流，根据并联电路电流点求出电流表示数的增加量，根据Q=W=UIt求出在1min内电阻R产生的热量。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
8.【答案】扩散 无规则 比热容
【解析】解：满园梨花香扑鼻而来，这是扩散现象，说明分子一直在做永不停息地无规则运动。中午时温度升高，香味更加浓郁，说明了温度越高分子运动越剧烈。
沿海地区，水多，内陆地区水少、砂石多，因为水的比热容较大，砂石的比热容较小，白天，相同质量的水和砂石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。
故答案为：扩散；无规则；比热容。
不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散现象，扩散现象说明：分子在不停地做无规则运动；温度越高分子运动越剧烈。
水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，吸收或放出一定热量时，温度变化小；温度变化一定时，可以吸收或放出更多热量。
本题考查了学生对分析动理论和比热容的了解与掌握，属于基础题目。
9.【答案】导体 带同种电荷相互排斥 玻璃
【解析】解：“怒发冲冠”，这是因为人接触静电球时，人体是导体，电荷发生了转移，电荷通过人体传到头发上，由于头发带同种电荷互相排斥而使头发竖起来；常温下常见的绝缘体有橡胶、玻璃、塑料等。
故答案为：导体；带同种电荷相互排斥；玻璃。
容易导电的物体叫导体，人体、大地、各种金属等都属于导体；不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等；同种电荷相互排斥。
本题考查学生对导体的认识，还要知道同种电荷相互排斥，属于基础题。
10.【答案】0.250变大
【解析】解：(1)根据欧姆定律可得：
电阻丝中通过的电流I=UR=10V50Ω=0.2A；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与材料、横截面积、长度、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，
所以当两端电压为0V时，它的电阻是50Ω；
因为导体的材料和温度相同时，导体横截面积越小、长度越大，导体的电阻越大，
所以将电阻丝均匀拉长时，材料和温度不变，横截面积变小，长度变长，它的电阻变大。
故答案为：0.2A；50；变大。
(1)已知电阻丝的阻值和两端的电压，根据欧姆定律求出通过的电流；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与材料、横截面积、长度、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，且材料和温度相同时，导体横截面积越小、长度越大，导体的电阻越大。
本题考查了欧姆定律的应用和影响电阻大小的因素，关键是知道将电阻丝均匀拉长时横截面积变小、长度变长。
11.【答案】下移 大 小
【解析】解：由电路图可知，R与R′串联，油量表(电流表)测电路中的电流，R相当于滑动变阻器。
当油量减少时，油面降低，浮标下移，在杠杆的作用下滑片上移，R接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR知，电源电压不变时，电路中的电流变小，即油量表(电流表)的示数变小。
故答案为：下移；大；小。
由电路图可知，R与R′串联，油量表(电流表)测电路中的电流，R相当于滑动变阻器。根据油面的变化可知浮标移动的方向，在杠杆的作用下可知滑片移动的方向，进一步可知接入电路中的电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化。
本题考查了滑动变阻器和欧姆定律的应用，明白油量表的工作原理是关键。
12.【答案】用电器 并 不受影响
【解析】解：当给汽车蓄电池充电时，消耗电能，蓄电池相当于用电器。
汽车各转向灯能独立工作，互不影响，因此转向灯是并联的；其中一盏灯因断路而熄灭，其余灯不受影响。
故答案为：用电器；并；不受影响。
电池供电时是电源，充电时则为用电器；
串联电路中各用电器互相影响，并联电路中各用电器互不影响。
本题考查了能量的转化和串并联的判断，是一道基础题目。
13.【答案】1：2 3：2 1：2
【解析】解：(1)当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过两电阻的电流之比：
I1I2=I乙−I甲I甲=3−11=21，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=I2I1=12；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，所以两电阻两端的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=12，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以两电压表的示数之比：
U甲U乙=U1+U2U2=1+22=32；
由P=UI可得R1、R2消耗的电功率之比：
P1P2=U1IU2I=U1U2=12。
故答案为：1：2；3：2；1：2。
(1)当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；
根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；
根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，根据P=UI求出R1、R2消耗的电功率之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
14.【答案】16.644002400
【解析】解：(1)电能表显示数字为00166，由于最后一位是小数、单位是kW⋅h，所以电能表的示数16.6kW⋅h，即小丽家已消耗的电能为16.6kW⋅h；
(2)电能表的工作电压U=220V，允许通过的最大电流I=20A，
所以允许同时使用的用电器总功率P=UI=220V×20A=4400W；
(3)根据表中数据可知，电冰箱一天消耗0.8kW⋅h的电能，3000r/kW⋅h表示电路每消耗1kW⋅h电能时，电能表转盘转3000r，
所以消耗0.8kW⋅h电能时，转盘的转数：
n=3000r/kW⋅h×0.8kW⋅h=2400圈。
故答案为：16.6；4400；2400。
(1)电能表的读数方法：①最后一位是小数，②单位是kW⋅h。
(2)电能表上参数的意义：①220V说明电能表要在220V的电路中使用；②5(20)A中，20A表示电能表允许通过的最大电流是20A；根据公式P=UI计算出电能表允许接入用电器的最大总电功率；
(3)先根据表中数据求出电冰箱工作一天消耗的电能，然后根据转数=消耗的电能×电能表的参数，即可求出这一天(24小时内)电能表转盘转数。
本题考查了对电能表参数的理解和电功率公式的应用，关键是明白电能表的各个参数所表示的物理意义。
15.【答案】解：(1)电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，则A、B之间不可能是电压表，否则电路断路；
(2)若A、B之间为电流表，
①当C、D之间为电压表时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压示数不变，电流表测电路中的电流；故当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；
②a、b之间为定值电阻时，R与定值电阻并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过定值电阻的电流不变，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知可知该支路的电流减小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符；
(3)若A、B之间为定值电阻，
①C、D之间不可能为电流表，否则滑动变阻器被短路；
②C、D之间为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知电流表的示数减小，
由U=IR可知，定值电阻两端的电压减小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意．
故AB之间填定值电阻的符号；CD之间填电压表的符号．如图：
【解析】电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知A、B之间不可能是电压表，否则电路断路；根据串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律分别判断C、D之间为定值电阻、电流表时电表示数的变化，然后得出符合题意的答案．
本题考查了电路的动态分析，要注意各种情况的讨论，可以按A、B之间依次为电压表、电流表、定值电阻时各种情况的组合进行讨论，防止遗漏．
16.【答案】解：探究电流产生的热量与电流大小的关系时采用的是控制变量法，实验中控制通电时间和电阻大小相同，电流大小不同，所以右侧两个电阻并联后再与左侧的电阻串联，这样会使得通过两个容器内电阻的电流大小是不同的，如图所示：
【解析】探究电流产生的热量与电流大小的关系时，需要控制通电时间相同，电阻大小相同，电流大小不同，据此分析。
本题考查了实物电路的连接，属于基础题。
17.【答案】解：由图可知，电流从正极出发，经开关S3后开始分支，一支经开关S1、灯泡L1；另一支经灯泡L2、开关S2，然后两支汇合共同回到电源负极。如图所示：
【解析】由实物图可知，两灯泡并联，开关S3控制整个电路，S2控制L2，S1控制L1，根据实物图完成电路图即可。
本题考查根据实物图画电路图，关键是知道电路中各个用电器的连接情况，画电路图是初中物理的重点也是难点。
18.【答案】质量 控制变量法 加热时间 甲 大于
【解析】解：(1)在两个相同的烧杯中分别装上质量、初温都相同的液体甲和液体乙，并用两个相同的酒精灯对其加热，则两种物质在相同的时间吸收的热量是相同的，这种实验的方法是控制变量法；
(2)加热时间越长，则表明物质吸收的热量越多，所以加热时间的长短来表示液体甲和液体乙吸热的多少；
(3)根据图像可知，质量、初温都相同的液体甲和液体乙，在升高相同的温度时，甲的加热时间长，即甲吸热多，甲的比热容大，即液体甲的比热容大于液体乙的比热容。
故答案为：(1)质量；控制变量法；(2)加热时间；(3)甲；大于。
(1)根据控制变量法分析；
(2)加热时间越长，则表明物质吸收的热量越多；
(3)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
19.【答案】不相同 AB0.96干路电流等于各支路电流之和 寻找普遍规律
【解析】解：(1)实验中，为得出普遍性的结论，他们应该选择规格不相同的两个小灯泡来进行实验；
(2)开关闭合前，小明同学发现电流表A的指针在零刻度线左端，电流表没调零，选A；开关闭合后，小明同学发现电流表A的指针同样如图乙所示，这说明电流表的正负接线柱接反了，选B；
(3)他们把电流表A纠正后，闭合开关进行实验，两灯都发光，电流表A与电流表A1的指针所指位置均为图丙所示，根据并联电路的规律，干路电流大于支路电流，故A表选用大量程，分度值为0.1A，示数为1.2A，电流表A1选用小量程，分度值为0.1A，示数为0.24A，由并联电路的电流特点知，通过灯L2内电流为I2=I−I1=1.2A−0.24A=0.96A；
(4)根据测的实验数据，得出了如下的实验结论：并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(5)我们进行多次测量的目的是寻找普遍规律。
故答案为：(1)不相同；(2)A；B；(3)0.96；(4)干路电流等于各支路电流之和；(5)寻找普遍规律。
(1)为得出普遍性的结论，应该选择规格不相同的两个小灯泡来进行实验；
(2)电流表使用前指针要调零；
(3)据并联电路的规律，干路电流大于支路电流，确定电表的量程并读数；
(4)并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(5)实验中为了获得普遍的规律，应多次测量。
本题并联电路的电流规律，考查归纳法的运用电流表读数及实验结论并联电路电流的规律。体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】阻值最大 C 右 3 导体中的电流跟导体的电阻成反比 能
【解析】解：(1)滑片P向左移动时电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
闭合开关后，发现电流表、电压表示数不稳定，指针来回摆动，说明电路中电流时有时无，电路时通时断，故原因可能是电路某处接触不良，故选：C；
(3)由图丙可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.6A×5Ω=……=0.2A×15Ω=3V；
实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应向右适当调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持3V不变；
(4)由(3)可知，定值电阻两端电压为一定值，故可得出结论：当导体两端的电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；
(5)若实验中不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，由于电源电压和定值电阻两端的电压都一定，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端的电压也一定，由此可知，若实验中不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，仍能完成实验。
故答案为：(1)见解答图；(2)阻值最大；C；(3)右；3；(4)导体中的电流跟导体的电阻成反比；(5)能。
(1)滑片P向左移动时电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，闭合开关前将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
闭合开关后，发现电流表、电压表示数不稳定，指针来回摆动，说明电路中电流时通时断，据此回答；
(3)根据图丙求出定值电阻两端电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(4)根据图丙分析得出结论；
(5)若实验中不小心将电压表并联在了滑动变阻器两端，由于电源电压和定值电阻两端的电压都一定，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端的电压也一定，由此可得出结论。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查了电路连接、注意事项、故障分析、实验操作、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
21.【答案】R2 断开 小灯泡断路 亮 、S2 U1(U2−U1)R0
【解析】解：(1)灯泡正常发光时的电压UL=2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
IL=ULR=2.5V10Ω=0.25A>0.2A；
电源电压恒为6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯正常发光时，滑动变阻器两端的电压：U滑=U−UL=6V−2.5V=3.5V，
由欧姆定律I=UR，灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻为：R滑=U滑IL=Ω>10Ω，考虑到电流因素，则滑动变阻器选R2；
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表几乎无示数，说明电路可能出现了断路故障，再结合电压表示数很大，说明电压表正负接线柱能与电源正负极连通，由此判断电路故障可能是小灯泡断路；
(3)滑动变阻器按“一上一下”的方式串联接入电路，且图中滑动变阻器左下部分电阻接入电路，因此滑片向A端移动，滑动变阻器接入的阻值变小，根据串联分压原理可知滑动变阻器的分压减小，而灯泡两端的分压增大，由此可知小灯泡变亮；
(4)P到图甲中某一位置时，电压表示数(如图乙所示)，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.2V，因2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，直到电压表示数为额定电压；
根据图丙信息，灯在额定电压下的电流为0.2A，可计算出小灯泡的额定功率是：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(5)实验步骤：
①依据电路图连接好电路，只闭合开关S、S1，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，只闭合开关S、S2，读出电压表示数为U2；
③在步骤①中，灯泡、R0和R串联，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1，此时灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡、R0和R仍串联，电压表测灯泡和R0两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，
根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：U0=U2−U1，
根据串联电路电流特点和欧姆定律可知，灯的额定电流：IL=I0=U0R0=U2−U1R0，
灯的额定功率：P额=ULIL=U1×U2−U1R0=U1(U2−U1)R0。
故答案为：(1)R2；(2)断开；小灯泡断路：(3)亮；(4)2.2；A；0.5：(5)S、S2；U1(U2−U1)R0。
(1)已知灯泡正常发光时的电压和正常发光时灯丝电阻，由欧姆定律得出灯的额定电流；电源电压恒为6V，根据串联电路电压的规律得出灯正常发光时滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律I=UR求出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻，考虑到电流因素，确定选用的滑动变阻器的规格选择；
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表几乎无示数，说明电路可能出现了断路故障，再结合电压表示数很大，说明电压表正负接线柱能与电源正负极连通，由此判断电路故障；
(3)判断滑片向A端移动，电路中阻值的变化情况，结合串联分压原理判断小灯泡的实际分压情况，由此判断小灯泡的亮度变化
(4)根据电压表选用小量程确定分度值读数；
灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据图丙可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
(5)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡额定功率，考查电路连接时注意事项、器材的选择、故障分析、操作过程、功率公式的运用、欧姆定律的运用以及在电表不全的情况下测量小灯泡电功率的实验设计，综合性强，难度较大。
22.【答案】90J 2N 变大 更小
【解析】解：(1)由表中数据可知，当检测点上没有苹果时，压敏电阻的阻值为120Ω，
由图可知，R、R0串联，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R总=R+R0=120Ω+30Ω=150Ω，
1min内整个电路消耗的电能：W=U2R总t=(15V)2150Ω×60s=90J；
(2)当R0两端电压UAB=5V时，由欧姆定律可知，此时电路中的电流：I=UABR0=5V30Ω=16A，
根据串联电路的电压特点可知，R两端的电压：UR=U−UAB=15V−5V=10V，
根据I=UR可知，此时压敏电阻的阻值：R′=URI=10V16A=60Ω，
由表格数据可知，压敏电阻受到的压力为2N，所以推出机械推出的苹果对压力检测点的压力不超过2N；
(3)标准苹果的质量越大时对压敏电阻的压力越大，由表中数据可知压敏电阻受到的压力越大时压敏电阻的阻值越小，所以，提高苹果质量筛选的标准后，即增大苹果的质量，则压敏电阻的阻值减小，根据串联分压原理可知压敏电阻两端的电压变小；根据串联电路电压规律可知机械装置启动时R0两端的电压应变大；
若保持机械装置启动的电压不变，则根据压敏电阻和R两端的分得的电压不变，
提高苹果质量筛选的标准后，压敏电阻的阻值减小，根据串联电路各用电器两端的电压与电阻成正比可知R0也减小，即：将R0换成阻值更小的定值电阻。
故答案为：(1)90J；(2)2N；(3)变大；更小。
(1)由表中数据可知当检测点上没有苹果时压敏电阻的阻值，根据串联电路电阻规律计算此时总电阻，根据电功公式W=U2R总t计算1min内整个电路消耗的电能；
(2)根据欧姆定律计算当R0两端电压UAB=5V时电路中的电流，根据串联电路电压规律计算压敏电阻两端的电压，进一步计算此时压敏电阻的阻值，由表格数据可知压敏电阻受到的压力；
(3)不同质量标准的苹果对压敏电阻的压力不同，压敏电阻的阻值不同，提高苹果质量筛选的标准后压敏电阻的阻值变小，根据串联分压原理可知压敏电阻两端的电压变小，根据串联电路电压规律分析即可。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，综合性强，有一定的难度。
23.【答案】解：(1)R1两端电压为：
U1=U−U2=4.5V−3V=1.5V；
电路中的电流为：
I=I1=U1R1=1.5V5Ω=0.3A；
(2)电阻R2的阻值为：
R2=U2I2=U2I=3V0.3A=10Ω；
答：(1)此时电路中的电流为0.3A；
(2)电阻R2的阻值为10Ω。
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压。
(1)根据串联电路的电压特算出R1两端电压，根据欧姆定律求出电路中的电流；
(2)根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，是一道较为简单的应用题。
24.【答案】解：(1)电源电压恒为6V，R1=4Ω，则低温挡时通过R1的电流：
I1=UR1=6V4Ω=1.5A；
(2)只闭合S1时低温挡工作，此时电路为只有R1的简单电路，则低温挡的功率为：
P低=U2R1=(6V)24Ω=9W；
(3)高温挡和低温挡的功率比为4：3，则高温挡功率为：
P高=43P低=43×9W=12W，
S1、S2都闭合时为高温挡，此时R1、R2并联，因R1前后电压不变，电阻不变，所以功率不变，故R2的功率为：
P2=P高−P低=12W−9W=3W，
通电时间：t=1min=60s，R2产生的热量为：
Q=W=P2t=3W×60s=180J。
答：(1)低温挡工作时，通过R1的电流为1.5A；
(2)低温挡的功率为9W；
(3)处于高温挡时，通电1minR2产生的热量是180J。
【解析】(1)根据欧姆定律求出通过R1的电流；
(2)根据P=UI=U2R求出低温挡的功率；
(3)已知高温挡和低温挡的功率比，据此求出高温挡功率，根据并联电路功率关系，求出R2的功率，根据Q=W=P2t算出通电1minR2产生的热量。
本题考查欧姆定律、焦耳定律和电功率公式的应用，是一道电学综合题，难度不大。
25.【答案】半导体 低 不能 有 2.5负 有
【解析】解：(1)LED灯主要由半导体材料制成；它之所以节能，被称为冷光源，是因为电热转换损耗的能量较白炽灯低；
(2)在图丙中，闭合开关S，调节滑动变阻器，使LED灯正常发光；断开开关S，改变电源的正负极后再闭合S，LED灯不能发光，此时LED灯两端有电压。根据图丁，这只LED灯导通时的最低电压为2.5V。
(3)结合电压表的接线方法可知A金属片是柠檬电池的负极；若二极管断路，则电压表有示数。
故答案为：(1)半导体；低；(2)不能；有；2.5；(3)负；有。
(1)LED主要由半导体材料制成；它的发光效率高。
(2)LED具有单向导电性。
(3)二极管正向、逆向导通时都有电压。
本题考查的是半导体的特点及应用，难度不大。海尔BC−110B电冰箱
额定电压
220V
工作频率
50Hz
额定功率
100W
耗电量
0.8kW⋅h/24h
压力F/N
0
1
2
3
4
5
阻值R/Ω
120
80
60
45
40
38
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