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2023-2024学年福建省泉州外国语学校九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年福建省泉州外国语学校九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共29页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列对物理量的估计最接近实际的是( )
A. 对人体安全电压为36VB. 家用空调工作时的电流约为5A
C. 人体干燥的双手间电阻约为10ΩD. 人的正常体温约为47℃
2.诗词是我国传统文化中的瑰宝，其中涉及到很多物理现象，下列说法正确的是( )
A. 飞雪迎春到——雪是凝华吸热形成的B. 疑是地上霜——霜是凝固放热形成的
C. 露从今夜白——露是熔化吸热形成的D. 岚雾今朝重——雾是液化放热形成的
3.汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，汽车多数采用汽油机作为发动机，如图是单缸四冲程汽油机的工作循环示意图，下列说法中不正确的是( )
A. 一个工作循环的正确顺序是：丁、甲、丙、乙
B. 若此汽油机曲轴的转速为1800r/min，汽油机每秒内对外做功15次
C. 丙冲程是把机械能转化为内能
D. 丁冲程是吸气冲程，吸入的是汽油和空气的混合物
4.丁香湖是沈阳最大的城中湖，它的水域面积达3.1平方公里，可以有效调节周围环境的气温，这主要是因为水的( )
A. 流动性好B. 密度大C. 比热容大D. 沸点高
5.下列物体中，通常情况下属于导体的是( )
A. 铅笔芯B. 塑料手套C. 玻璃D. 橡胶棒
6.如图所示是加油站里常见的“静电释放器”(与大地相连)，工人提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器清除身体上的静电。下列说法中正确的是( )
A. 静电释放过程是电子在转移
B. “除电”后人体就没有电荷了
C. 人体与衣服摩擦可创造出电荷
D. 静电释放器可以由陶瓷制成
7.小宁在探究并联电路电压特点时，连接了如图所示的电路，小红发现电路连接是错误的，但只要再连接一根导线，就可以完成实验探究，则这根导线需要连接( )
A. ad两接线柱B. bd两接线柱C. ac两接线柱D. ed两接线柱
8.如图，是一款感应式垃圾桶，其工作原理如下：启动开关S1闭合后，指示灯亮起，这时垃圾桶才能正常使用;扔垃圾时，只需将手伸到感应区上方，感应开关S2自动闭合，动力装置工作，桶盖打开;手离开5秒后，感应开关S2就会自动断开。下列电路符合要求是( )
A. B.
C. D.
9.显示屏滚动显示内容时，LED工作的个数会不停地发生变化，整个显示屏工作过程中没发生变化的物理量是( )
A. 插头处的电流B. 电源电压
C. 整个显示屏的功率D. 整个显示屏的耗电量
10.如图是甲、乙两个电阻的电流Ⅰ与电压U的关系图象，将它们并联接入电路．下列说法正确的是( )
A. 通过甲的电流大于通过乙的电流
B. 通过甲的电流小于通过乙的电流
C. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小
D. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大
11.新能源电动汽车被越来越多的家庭所接受，其核心部件是电动机，如图能说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
12.为了减少碳排放，国家大力推行电动汽车。通过电动机的电流越大，电动汽车的速度越快，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，车速变大。下列模拟电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
13.图−1是一个温度报警器简化电路图，电阻随温度变化的规律如图−2所示，通过电阻R0的电流随它两端电压变化的规律如图−3所示。下列说法中不正确的是( )
A. R的阻值随它的温度的升高而减小
B. R0是一个定值电阻
C. 闭合开关后，R的温度升高时，R0的电功率变小
D. 闭合开关后，R的温度升高时，电压表示数变小，电流表示数变大
14.在如图甲所示的电路中，电源的电压恒定，滑动变阻器的最大阻值为R1=8Ω，R2为定值电阻但看不清标识。滑动变阻器滑片从左端M滑到右端N的过程中，滑动变阻器的电功率P随PN间电阻R变化的关系如图乙所示，其中滑动变阻器阻值取2Ω和8Ω时电功率相同，则以下说法正确的有：( )
①定值电阻R2=4Ω
②电源的电压为6V
③电压表的最大示数为4.5V
④定值电阻R2的最小电功率为1W
A. ①②③B. ②③④C. ①②④D. ①③④
二、填空题：本大题共6小题，共12分。
15.如图所示，是一款磁吸式数据线，线体可以和不同型号的磁性充电头吸附对接，达到一线多头的使用效果，线体和磁性充电头吸附的原理是______；地球周围也有磁场，地磁南极大致在地理的______极方向。
16.为落实“五育并举”，促进学生的全面发展，学校开展了各种劳动教育活动。有同学在家进行炒菜实践活动时，不小心将水滴入烧热的油锅，顿时“油花四溅”，产生该现象的原因是因为油的沸点比水的沸点______(选填“高”或“低”)，水发生了______(填物态变化名称)。
17.如图所示，电源电压不变，先闭合开关S1，电流表示数为0.4A，再闭合开关S2，电流表示数为0.6A，则R1：R2=______，若电阻R1=5Ω，通电1min电阻R2产生的热量为______ J。
18.如图所示电能表，将此电能表接入家庭电路中，当关闭其它用电器，让一空调单独工作2h时，观察到电能表的铝盘正好转动了1200圈，则该段时间空调消耗的电能是______ J，当把电热水壶接入电路时，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或______。
19.如图所示为“无人机”，可通过无线电进行操控，该无人机所需的能量是由一块输出电压为22V，容量为15000mA⋅h的电池提供，若该无人机可以连续工作1h，则无人机工作时的电流为______ A，当无人机消耗的电能为1.32×104J时，无人机连续工作时间为______ s。
20.如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为8V，定值电阻R1的功率为3.2W；当滑片P从B处移至R2中点时，电压表的示数变化了2V，此时电源电压为______ V，定值电阻R1的阻值为______Ω。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
21.如图所示是一个通电线的电路，开关S闭合后，请结合图上提供的其他信息，标出电源的“+”“-”极和通电螺线管的N、S极。
22.为了节约能源，宾馆的客房都配有房卡。只有把房卡插入电槽中，房间内的灯才能有电。请连接房间内的简化电路。
四、实验探究题：本大题共5小题，共30分。
23.如图甲所示，是“探究物质的熔化规律”的实验装置。实验时先将固体物质和温度计分别放入试管内，再放入大烧杯的水中，观察固体的熔化过程。
(1)试管内物质在熔化过程中，温度保持不变，如图乙所示为读取温度计示数的方法，如果采用A方法读数结果会______(选填“偏大”、“偏小”或“正确”)，我们判断该物质是______(填“晶体”或“非晶体”)。
(2)将固体物质和温度计分别放入试管内，再放入大烧杯的水中进行加热，为了保证实验的效果，试管中固体物质的表面应______(选填“高于”或“低于”)烧杯中的水面的高度。
(3)实验时若温度计的玻璃泡碰到试管底部，则测得试管内物质的温度值偏______。
(4)该同学按照正确方法进行实验，收集数据后画出了如图丙所示的熔化和凝固的图象，根据图象可知该物质的凝固点是______ ℃。
24.如图甲所示是比较不同物质吸热的情况的实验装置。小刚用两个完全相同的电加热器分别对初温和质量都相同的a、b两种液体加热，图乙为a、b两种液体的温度随加热时间变化的关系图象。
(1)在0−t1时间内a的内能不断______，这是通过______方式改变内能的。
(2)加热时间相同，a液体吸收的热量______ b液体吸收的热量。
(3)若b液体的比热容为3.15×103J/(kg⋅℃)，则a液体的比热容为______J/(kg⋅℃)。
(4)自制一个热水袋，在a、b两种液体中选一种液体作为注入热水袋中的供暖物质，则应选______液体。
25.在探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，小云设计了如图甲所示的电路。
(1)实验时发现电流表的指针如图乙所示，产生这种现象的原因是______；
(2)在测量B点的电流时，小云连接了如图丙所示的电路。该电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”；(导线不能交叉)
(3)如表是小云同学在实验中测得的实验数据。由该数据小云同学得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等。这个结论是______的(填“正确”或“错误”)。接下来要换用两个规格______(填“相同”或“不同”)的小灯泡，再次测量各点电流；
(4)另一同学在图甲中 A、C两点同时接入两块电流表，闭合开关，发现两表示数相等，分析出现该实验现象可能的原因______。
26.同学们利用以下器材探究“电流与电压和电阻的关系”：电源(6V)、电流表(0∼0.6A)、电压表(0∼3V)、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移到最______(选填“左”或“右”)端。
(2)开关闭合后，发现电压表无示数，电流表有示数，故障可能是定值电阻R ______(选填“断路”或“短路”)；为了避免出现上述故障时损坏电流表，实验中选择的滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω。
(3)再将另外两个定值电阻分别接入电路中，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可得出结论______。
(4)为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器______(填序号)。
A.20Ω，0.6A
B.60Ω，0.5A
C.80Ω，0.2A
(5)完成该实验后，小惠把定值电阻换成额定电压是2.5V小灯泡，利用该实验器材测小灯泡的额定功率，当小灯泡正常工作时，电流表示数如图丁所示。这个小灯泡的额定功率为______ W。
(6)小明测量完小灯泡的额定功率后，又闭合开关，移动滑片，记录电流表和电压表示数，进行多次实验，绘制出小灯泡电功率P与小灯泡两端电压的平方U2的关系图象，如图的四个图象中可能正确的是______。
27.小明用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V小灯泡的正常发光时的电阻。
(1)请用笔画线代替导线将甲图的电路连接完整，使滑片向左移动时灯泡变亮。
(2)连接好电路，闭合开关，发现小灯泡没有发光，但电流表电压表均有示数，接下来应进行的操作是______。
(3)滑片在某一位置时，电压表示数为2V，为测量灯泡的额定功率，应缓慢将滑片P向______移动，灯正常发光时电流表示数如图乙，灯泡的电阻是______Ω。(计算结果保留一位小数)
(4)小明根据实验数据画出小灯泡U−I关系图象如图丙中的实线所示，结合图象可知，当小灯泡电阻不是定值，原因是灯丝电阻______。
(5)在某两次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了ΔR1，小灯泡的阻值变化了ΔR2，根据灯的电阻变化规律可知ΔR1______ΔR2(选填“>”、“<”或“=”)。
(6)为了测待测Rx的电阻，利用现有器材，增加一个单刀双掷开关，小华又设计了如图丁所示的电路图，实验步骤如下：
①如图丁应将Rx接入虚线框______中，另一个虚线框接电线，将开关 S接a后，闭合开关S1，调电阻箱R0为5Ω后，调节滑动变阻器滑片P使电流表示数为0.3A；
②将开关S接b、滑动变阻器的滑片P保持不动，调电阻箱R0使电流表示数为0.3A，读出R0示数为23.3Ω；
③则可计算Rx=______Ω。
五、简答题：本大题共1小题，共4分。
28.小明和爸爸在家里闻到了一股烧焦的气味，经检查发现是正在烧水的电水壶插座处产生的，拔下插头后发现插座的一个插孔烧焦了，如图所示。爸爸分析是插头和插座接触不良引起的，请你分析：插头和插座接触不良电阻发生什么变化？为什么能把插座烧坏？
六、计算题：本大题共3小题，共22分。
29.如图所示，重庆网红“木桶鱼”是在木桶里放入高温的鹅卵石，再加入质量为2kg初温度为60℃的鱼汤，鹅卵石放热能使鱼汤沸腾[一个标准大气压，鱼汤的比热容为水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。求：
(1)鱼汤所吸收的热量为多少J？
(2)若鹅卵石放出热量的80%被鱼汤吸收，求鹅卵石放出的热量是多少J？
(3)若鹅卵石放出的这些热量由天然气提供，天然气完全燃烧，需要天然气多少m3？(q天然气=3.5×107J/m3)
30.如图所示，电源电压恒定，小灯泡标有“6V，3W”的字样，当开关S1闭合，S2断开时，小灯泡正常发光，当开关S1、S2都闭合时，电流表示数为0.6A(灯丝电阻不变)。求：
(1)电源电压？
(2)小灯泡正常发光时的电流？
(3)电阻R的阻值？
(4)当S1、S2都闭合时，电路的总功率是多大？
31.如图甲为电热水器的原理图，该电热水器具有加热、保温功能，相关参数如表所示。图甲中电磁继电器(线圈电阻不计)、热敏电阻R、保护电阻R0、电压恒为6V的电源U1、导线等组成控制电路。当电磁铁线圈中的电流I<10mA时，继电器上方触点和触点c接通；当电磁铁线圈中的电流I≥10mA时，继电器下方触点和触点a、b接通；热敏电阻R中允许通过的最大电流I0=15mA，其电阻R随温度变化的规律如图乙所示，热敏电阻和加热电路中的三只电阻R1、R2、R3均置于储水箱中。已知R1=121Ω、U2=220V。
(1)电热水器加热状态下工作100s消耗的电能？
(2)R2阻值？
(3)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的最小阻值为多少？若R0为该值，衔铁刚好吸下时储水箱中水温是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.对人体安全电压不高于36V，故A不符合实际；
B.家用空调工作时的电流约为5A，故B符合实际；
C.人体干燥的双手间电阻约为2000Ω，故C不符合实际；
D.人的正常体温约为37℃且变化幅度很小，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】D
【解析】解：A.雪是由空气中的水蒸气凝华放热形成的，故A错误；
B.霜是由空气中的水蒸气凝华放热形成的，故B错误；
C.露珠是由空气中的水蒸气液化放热形成的，故C错误；
D.雾是液态小水珠，由水蒸气液化放热形成，故D正确。
故选：D。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)物态变化中吸热的有：熔化、汽化、升华；放热的有：凝固、液化、凝华。
此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断。
3.【答案】C
【解析】解：
甲图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能；
乙图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程；
丙图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将化学能转化为内能，内能再转化为机械能，故C错误；
丁图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，吸入的是汽油和空气的混合物，故D正确；
热机的四个冲程依次是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，即丁甲丙乙，故A正确；
四冲程汽油机曲轴的转速是1800r/min，即每秒钟转30圈，完成60个冲程，对外做功15次，故B正确。
故选：C。
热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；
在热机的四个冲程中，只有做功冲程做功，其他三个冲程是靠飞轮的惯性完成的。在四冲程内，汽油机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
此题考查了对内燃机四个冲程的判断以及涉及能量转化的两个冲程，要结合气门和活塞运动情况进行判断。
4.【答案】C
【解析】解：水域面积大，蓄水量多，因为水的比热容比较大，相同质量的水和砂石在吸收(或放出)相同的热量时，水的温度变化更小，可以使周围环境昼夜的温差减小，有效调节周围环境的气温。
故选：C。
水的比热容比较大，在相同质量、吸收或放出相同热量时，水的温度变化小，据此分析。
在靠水的地区，水的比热容较大是形成昼夜温差小和“冬暖夏凉”的主要原因。
5.【答案】A
【解析】解：A、铅笔芯的材料是碳，容易导电，属于导体，故A正确；
BCD、塑料手套、玻璃、橡胶棒不容易导电，属于绝缘体，故BCD错误。
故选：A。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
6.【答案】A
【解析】解：A、静电释放过程是电子在转移，故A正确；
B、除静电”消除后，人体的所带的负电荷转移，但人体内的正电荷不会消失，故B错误；
C、人体与衣服摩擦起电是电子的转移，故C错误；
D、静电释放器是由导体制成的，玻璃是绝缘体，故D错误；
故选：A。
摩擦起电的实质是电子的转移；导体是容易导电的物体。
本题考查了摩擦起电，属于基础题。
7.【答案】A
【解析】解：原电路中，电压表与右边的灯短路了，根据要求两灯应并联，电压表测灯的电压，故连接ad两接线柱即可达到要求，故选：A。
根据要求两灯应并联，电压表测灯的电压，据此分析。
本题考查根据要求连接实物图，要掌握。
8.【答案】A
【解析】解：由题意可知，动力装置工作与否不会影响指示灯的工作，所以指示灯与动力装置是并联的，则选项D可以排除。由题意可知，开关S1控制整个电路，开关S2只控制动力装置，则开关S1在干路上，开关S2与动力装置串联在同一条支路上。比较选项A、B、C中的三个图可知，只有选项A符合要求。
故选：A。
(1)在串联电路中，电流只有一条路径，开关控制整个电路。
(2)在并联电路中，电流有多条路径，干路开关控制整个电路，支路开关控制其所在支路的用电器。并联的用电器互不影响。
在串联电路中，开关的位置并不影响它的控制作用；而在并联电路中，开关的位置可能影响其对用电器的控制作用。
9.【答案】B
【解析】解：当LED工作的个数也在不停地发生变化时，电路中并联的LED灯个数发生改变；
A、并联电路干路电流等于各支路电流之和，当并联电路中支路发生改变时，干路电流(插头处的电流)发生改变，故A不符合题意；
B、并联电路各支路两端电压不变，所以LED工作的个数也在不停地发生变化，电源电压不变，故B符合题意；
C、根据P=UI可知，电压不变，电流改变，所以整个显示屏的功率改变，故C不符合题意；
D、根据W=Pt可知，显示屏的功率改变，相同时间内的耗电量改变，故D不符合题意。
故选：B。
根据并联电路电压、电流的规律判断电压和电流的情况，然后根据电功率和电能的计算公式进行分析解答
本题考查学生在生活实践中物理知识的应用，应注意合理处理所给信息，灵活地选择物理规律和公式解答问题。
10.【答案】C
【解析】解：A、将两电阻并联接入电路时，则电压相同，由图象可知，若电压为2.5V，通过两电阻的电流相同，均为0.5A，故A错误；
B、将两电阻并联接入电路时，则电压相同，由图象可知，在电压低于2.5V时，通过甲的电流大于通过乙的电流，而电压等于2.5V时，通过两电阻的电流相同，均为0.5A，故B错误；
CD、由图象可知，甲是一条过原点的直线，故其电阻始终不变，乙的电阻是变化的，随着电压的增大，电阻减小，故甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小，故C正确，D错误．
故选C.
先根据U−I图象判断出甲乙电阻的特点，进而得出电流的特点，再利用并联电路的特点和欧姆定律判断其并联电阻的变化规律．
本题要求学生正确应用图象获得必要信息，并能结合并联电路的特点熟练应用欧姆定律的计算公式．
11.【答案】C
【解析】解：电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的；
A、图为探究通电螺线管的磁性的实验图，故A不符合题意；
B、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故C符合题意；
D、图中两个橡胶棒靠近时相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故D不符合题意；
故选：C。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的。
本题考查了电动机的原理，电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
12.【答案】A
【解析】解：由题意可知，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，车速变大，说明通过电动机的电流变大，由欧姆定律可知变阻器接入电路的阻值减小；
A、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，则车速变大，故A符合题意；
B、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，则车速变小，故B不符合题意；
CD、滑动变阻器与电动机并联接入电路中，踏板向下移动时，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，则通过电动机的电流不变，车速不变，故CD不符合题意；
故选：A。
当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大，表明通过电动机的电流变大，据此分析。
本题考查了电路图的设计，明确电路的连接方式和串并联电路的特点是解题的关键。
13.【答案】C
【解析】解：A、根据图−2可知，当温度升高时，R的阻值减小，所以R的阻值随它的温度的升高而变小，故A正确；
B、根据图−3可知，通过R0的电流和R0两端的电压的图像为一条斜线，即通过R0的电流与它两端的电压成正比，这说明R0的阻值是不变的，不会随着电压的改变而改变，故B正确；
CD、闭合开关后，R的温度升高时，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；电路中的电流变大，根据U=IR可知，R0两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，R两端的电压变小，电压表示数变小，由P=UI知R0的电功率变大，故C错误，D正确。
故选：C。
(1)根据图−2分析R阻值与温度的关系；
(2)根据图−3分析R0阻值与电压的关系；
(3)闭合开关后，R的温度升高时，根据R的电阻的变化判定电路中总电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和R0两端电压的变化，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变化，即电压表示数的变化，由P=UI判断出R0电功率的变化。
本题考查了电路的动态分析、欧姆定律、电功率公式的应用，关键知道温度升高时R阻值的变化。
14.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图乙可知，当R1=2Ω和R1′=8Ω时，滑动变阻器的电功率均为P1=2W，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI=I2R可得，两次电路中的电流分别为：
I= P1R1= 2W2Ω=1A，I′= P1R1′= 2W8Ω=0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压恒定，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I(R1+R2)=I′(R1′+R2)，
即：1A×(2Ω+R2)=0.5A×(8Ω+R2)，
解得：R2=4Ω，故①正确；
电源的电压：U=I(R1+R2)=1A×(2Ω+4Ω)=6V，故②正确；
(2)由串联分压的规律可知，当变阻器R1接入电路中的电阻最大为8Ω时，电压表的示数最大，此时电路中的电流I′=0.5A，
则电压表的最大示数：U1大=I′R1′=0.5A×8Ω=4V，故③错误；
(3)结合(2)可知，定值电阻R2的最小电功率P2小=I′2R2=(0.5A)2×4Ω=1W，故④正确。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据图乙读出R1的阻值为2Ω和8Ω时滑动变阻器的电功率，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压恒定得出等式即可求出R2的阻值，进一步求出电源的电压；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表的最大示数；
(3)根据欧姆定律表示出电路中的最小电流，然后求出定值电阻R2的最小电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键，难点是滑动变阻器消耗的电功率最大时其阻值的判断。
15.【答案】异名磁极相互吸引 北
【解析】解：磁吸式数据线，线体和磁性充电头吸附的原理是异名磁极相互吸引；地球周围也有磁场，地磁南极大致在地理的北极方向。
故答案为：异名磁极相互吸引；北。
同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；地磁南极大致在地理北极，地磁北极大致在地理南极。
此题考查了磁极间的相互作用规律、地磁场，难度不大，属基础题。
16.【答案】高 汽化
【解析】解：不小心将水滴入烧热的油锅，发现油花四溅，这是因为水沸腾的结果，说明水的沸点比油的沸点低；水发生了汽化。
故答案为：高；汽化。
油的沸点高于水的沸点。蒸发和沸腾都是汽化现象。
本题主要考查学生对：汽化、沸点等生活中的应用。
17.【答案】1：2 24
【解析】解：先闭合S1时，电路为R1的简单电路，电流表测量通过R1的电流，则I1=0.4A；
若再闭合S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，
根据并联电路的电流关系可知，通过R2的电流为：I2=I−I1=0.6A−0.4A=0.2A；
并联电路中各支路两端的电压相等，根据I=UR可知，
R1、R2电阻值之比为：R1：R2=UI1：UI2=I2：I1=0.2A：0.4A=1：2；
若电阻R1=5Ω，则R2的阻值：R2=2R1=2×5Ω=10Ω，
通过电阻R2的电流在1min内产生的热量：Q=I22R2t=(0.2A)2×10Ω×60s=24J。
故答案为：1：2；24。
(1)先闭合S1时，电路为R1的简单电路，电流表测量通过R1的电流；若再闭合S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点可知R2支路的电流，根据并联电路的电压和欧姆定律求出电阻之比；
(2)根据Q=I2Rt求出通电1min电阻R2产生的热量。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用、焦耳定律的应用，是一道基础题，难度不大。
18.【答案】7.2×106 用电器总功率过大
【解析】解：空调消耗的电能是：W=1200r600r/(kW⋅h)=2kW⋅h=7.2×106J；当把电热水壶接入电路时，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或用电器总功率过大。
故答案为：7.2×106；用电器总功率过大。
600r/(kW⋅h)表示的是每消耗1kW⋅h的电能，电能表的铝盘转过600r，据此计算当电能表的铝盘转动1200圈时空调消耗的电能；
造成家庭电路电流过大的原因有短路或用电器的总功率过大。
本题考查了利用电能表的参数计算消耗电能的多少、造成家庭电路电流过大的原因，属电学基础题，难度不大。
19.【答案】15 40
【解析】解：电池容量为15000mA⋅h=15A⋅h，表示电池充满电后以15A的电流持续对外供电1h就能把电池储存的电能释放完，所以，该无人机可以连续工作1h，则无人机工作时的电流为15A；
电池输出电压为22V，该无人机工作时的电流为：
I=Qt=15000mA⋅h1h=15000mA=15A，
当无人机消耗的电能为1.32×104J时，由W=UIt可得无人机连续工作时间为：
t=W′UI=1.32×104J22V×15A=40s。
故答案为：15；40。
根据电池容量，W=UIt求出无人机连续工作1h，无人机工作时的电流；根据W=UIt求出无人机消耗的电能为1.32×104J时，无人机连续工作时间。
本题考查了对电池容量的理解和电功公式的运用，难度不大。
20.【答案】12 5
【解析】解：(1)由电路图可知，闭合开关，R1与R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，当滑片在B处时，电路中的电流：I1=UR1+R2，
则滑动变阻器两端的电压：U2=I1×R2=UR1+R2×R2=8V-------①
由图知，当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，滑动变阻器的电阻减小，由串联分压的规律可知，电压表的示数减小，
即此时滑动变阻器两端电压为U2=8V−2V=6V，
同理可得，此时滑动变阻器两端的电压：U2′=UR1+R22×R22=6V---------②
用①式比②式可得：R1+R22R1+R2=23，
解得：R2=2R1--------------③
将③代入①式可得：UR1+2R1×2R1=8V，
解得：U=12V；
(2)当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为8V，定值电阻两端的电压为U1=12V−8V=4V，
此时定值电阻R1的功率为3.2W，即；P1=U12R1=(4V)2R1=3.2W，
解得：R1=5Ω。
故答案为：12；5。
(1)由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到中点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得R1与R2最大值之间的关系及电源的电压；
(2)当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，根据串联电路的电压规律求得R1两端的电压，根据P=U2R算出R1的阻值。
本题已知量较少，故无法直接求出结果，所以其难点在于学生能否准确地建立方程；在电学中此类采用方程法求解的题目较多，应根据题意灵活设定未知量，列出方程才能准确求解。
21.【答案】解：在使用电流表时，电流要从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，由图可知，电源的左端为“+”极，右端为“-”极；
根据螺线管中的电流方向和螺线管线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的N、S极，如图所示：
。
【解析】首先根据电流表的正负接线柱，确定电源的正、负极，再根据安培定则确定通电螺线管的N、S极。
本题考查了电流表的使用和安培定则，属于基础题。
22.【答案】解：为了节约能源，宾馆的客房都配备房卡，只有把房卡插入电槽中，房间内的灯和插座才能有电，即说明此时的房卡相当于电路的总开关，即处于干路中，且开关接火线；由于在家庭电路中，灯泡的开关和灯泡是串联的；对于灯泡来说，灯泡的开关应该接火线，所以具体家庭电路的连接如下：
【解析】(1)据题意可知，房卡相当于电路的总开关；
(2)在家庭电路中，插座和灯泡是互不影响的，即是并联的，而灯泡的开关和灯泡是串联的。
本题要求掌握开关的作用和对电路元件的认识，知道并理解家庭电路的连接是解决该题的关键。
23.【答案】偏大 晶体 低于 高 90
【解析】解：(1)读数时，视线要与温度计液柱的上表面相平，不能俯视或仰视。所以B方法正确。采用A方法读数时，视线与刻度线相交点的温度高于B视线与刻度线相交点，因此采用A方法读数结果会偏大；
由于该物质在熔化过程中温度保持不变，所以为晶体；
(2)将装有固体物质的试管放在盛有水的大烧杯中加热，是为了使固体受热均匀；为了保证实验的效果，试管中固体物质的表面应低于烧杯中的水面的高度；
(3)实验时若温度计的玻璃泡碰到试管底部，由于容器底的温度较高，所以温度计的示数会偏高；
(4)BC段为该物质的熔化过程，所对应温度90℃即为物质的熔点。晶体的熔点和凝固点是相同的，所以该物质的凝固点也是90℃。
故答案为：(1)偏大；晶体；(2)低于；(3)高；(4)90。
(1)在进行温度计的读数时，视线要与温度计液柱的上表面相平，不能俯视或仰视；视线与刻度线相交点为读出的温度值；
掌握晶体和非晶体的熔化特点：晶体在熔化过程中吸热温度保持不变，非晶体在熔化过程中吸热温度不断升高。
(2)为使固体能够均匀受热，需将装有固体物质的试管放在盛有水的大烧杯中加热，并且使物质全部浸没在热水中。
(3)在测量过程中温度计的玻璃泡不能碰到容器壁或容器底，若碰到容器壁或容器底，则测得不单是液体的温度，还包括容器壁或容器底的温度。
(4)D点后随时间温度逐渐降低，EF段为晶体的凝固过程，处于固液并存状态，需要放出热量，晶体的熔点和凝固点是相同的。
本题是探究物质的熔化规律，在熔化过程中需要用温度计测量温度的变化，所以需要掌握温度计的使用及读数。同时考查了晶体和非晶体的区别：是否有一定的熔点或凝固点。并能通过图象得出物理信息：晶体的熔点、熔化和凝固过程所用时间以及各段物质对应状态等。
24.【答案】变大 热传递 等于 2.1×103 b
【解析】解：(1)在0−t1时间内a物体吸热，温度升高，内能不断变大，这是通过热传递方式改变内能的。
(2)加热时间相同，由转换法，a液体吸收的热量等于b液体吸收的热量。
(3)根据乙图可知，升高到图中所示的最高温度，升高的温度相同，加热时间分别为6个格和9个格，对应的吸热之比6：9=2：3，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，若b液体的比热容为3.15×103J/(kg⋅℃)，则a液体的比热容为
c=23×3.15×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
(4)因b比热容大，根据Q=cmΔt可知，在质量和降低温度相同时，b放热多，故自制一个热水袋，在a、b两种液体中选一种液体作为注入热水袋中的供暖物质，应选b液体。
故答案为：(1)变大；热传递；(2)等于；(3)2.1×103；(4)b。
(1)物体吸热温度升高，内能变大；据此分析；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(3)根据乙图确定升高到所示的最高温度的加热时间，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出a液体的比热容；
(4)因b比热容大，根据Q=cmΔt分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
25.【答案】电流表正负接线柱接反 错误 不同 灯泡L2断路
【解析】解：(1)在实验时发现电流表的指针如图乙所示，偏向了左侧没有刻度的地方，是电流表正负接线柱接反；
(2)题目要求是在测量B点的电流时，电流表和灯泡L2串联，然后和L1并联，如图：；
(3)在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等，这个结论是错误的，主要是因为两个灯泡的规格是相同的，所以应该使用不同规格的小灯泡进行测量；
(4)题目描述，另一同学在图甲中 A、C两点同时接入两块电流表，闭合开关，发现两表示数相等，则说明B点没有电流流过，所以是灯泡L2断路；
故答案为：(1)电流表正负接线柱接反；(2)如图：；(3)错误；不同；(4)灯泡L2断路。
(1)电流表的故障分析，使用时应该注意正进负出；
(2)根据电路图找实物图的错误并改正；
(3)实验数据分析注意事项；
(4)电路故障的判断。
本题考查了学生对并联电路中电流的规律的理解以及应用，属于基础实验，难度一般。
26.【答案】右 短路 10 当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 B 1 D
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右端；
(2)开关闭合后，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即故障可能是定值电阻R短路；
电阻短路，只有滑动变阻器接入电路中，电源电压为6V，电流表的最大值为0.6A，则滑动变阻器的最小阻值为：
R′=UI′=6V0.6A=10Ω；
(3)由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.1A×20Ω=2V，为一定值，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于40Ω；由图丙可知，电路中最大电流为0.4A，故选：B；
(5)当小灯泡正常工作时，电流表示数如图丁所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则小灯泡的额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.4A=1W；
(6)根据P=UI=U2R，设灯的电阻不变，P与U2成正比，P随U2的变化关系为一过原点的直线，但灯的电阻随温度的增大而变大，故P随U2的变化关系不是一条直线，故AB错误；在U2相同的情况下，实际的电功率比B选项中直线对应的功率相应的变小，故C错误，D正确；
故选：D。
故答案为：(1)右；(2)短路；10；(3)当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)B；(5)1；(6)D。
(1)为了保护电路，连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
(2)开关闭合后，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
电阻短路，只有滑动变阻器接入电路中，根据已知条件由欧姆定律得出滑动变阻器的最小阻值；
(3)根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，结合电路中最大电流确定滑动变阻器的规格；
(5)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(6)根据P=UI=U2R，结合灯的电阻随温度的增大而变大分析。
本题探究“电流与电压和电阻的关系”实验，考查了注意事项、电路故障、图像分析、器材的选择、控制变量法和欧姆定律的应用，同时考查了测量小灯泡的电功率实验，综合性强，有一定难度。
27.【答案】移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光 左 8.3随温度的升高而增大 >210
【解析】解：(1)滑片向左移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
(2)连接好电路，闭合开关，电流表电压表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮可能是电路电流太小，使灯泡的实际功率太小，故接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光；
(3)测量中滑片在某一位置时，电压表示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，为测量灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应缓慢将滑片P向左移动；
由图甲可知，电流表选用小量程；灯正常发光时电流表示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.3A，则灯泡正常发光时的电阻为：R=ULIL=≈8.3Ω；
(4)结合图象可知，当小灯泡电阻不是定值，主要原因灯泡两端电压越大，通过的电流越大，实际功率越大，温度越高，灯丝的电阻随温度的升高而增大；
(5)当滑动变阻器的电阻变小时(总电阻也会变小)，由分压原理，其分得的电压变小，根据串联电路电压的规律，则灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，灯泡的功率增大、灯丝温度升高，则灯泡电阻变大，但总电阻变小。根据R=R滑+R灯可知，只有当R滑的减小量大于R灯的增加量才会让总电阻变小，即ΔR1>ΔR2。
(6)①要测Rx的阻值，首先要使Rx与灯泡串联，即将Rx接入图丙虚线框2位置中；
③由于电流前后不变，滑动变阻器阻值不变，根据等效替代法结合电阻的串联可知，在②中电阻箱的示数与①中Rx、灯泡和此时电阻箱的示数之和相等，即：23.3Ω=Rx+RL+5Ω
解得：Rx=23.3Ω−5Ω−RL=23.3Ω−5Ω−8.3Ω=10Ω
故答案为：(1)见解答图；(2)移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光；(3)左；8.3；(4)随温度的升高而增大(5)>；(6)①2；③10。
(1)滑片向左移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)连接好电路，闭合开关，电流表电压表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮可能是电路电流太小，使灯泡的实际功率太小，据此分析；
(3)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据图甲确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；
(4)灯泡两端电压越大，通过的电流越大，实际功率越大，温度越高，灯丝的电阻随温度的升高而增大；
(5)根据电流的变化判断出总电阻的变化，得出电阻变化的大小关系；
(6)要测Rx的阻值，首先要使Rx与灯泡串联；调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为I，通过开关的转换，调节电阻箱R0，保持电流不变，根据等效替代法结合电阻的串联进行分析回答。
本题测小灯泡L1和Rx的阻值，考查了电路连接、电流表读数及等效替代法和欧姆定律的运用等知识，综合性较强，有一定难度。
28.【答案】答：插头与插座接触不良，该处的电阻较大，由于插头与插座处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，插头与插座处产生的热量较多，引起插头发热，甚至烧坏插头和插座，引起火灾。
【解析】由焦耳定律Q=I2Rt可分析插头和插座接触不良为什么能把插座烧坏。
本题考查了利用焦耳定律来解释生活中的现象，属基础题。
29.【答案】解：(1)已知m=2kg，Δt=100℃−60℃=40℃，水吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×40℃=3.36×105J；
(2)鹅卵石放出的热量是：
(2)Q放=Q吸η=3.36×105J80%=4.2×105J；
(3)需要天然气：
V天然气=Qq天然气=4.2×105J3.5×107J/m3=0.012m3。
答：(1)水吸收的热量3.36×105J；(2)鹅卵石放出的热量是4.2×105J；(3)需要天然气0.012m3。
【解析】(1)根据Q吸=cmΔt计算出水吸收的热量。
(2)根据Q放=Q吸η计算出鹅卵石放出的热量。
(3)根据V=Qq计算出天然气的体积。
本题考查了热量的计算，同学们要熟记公式。
30.【答案】解：(1)当开关S1闭合，S2断开时，电路为L的简单电路，
因额定电压下灯泡正常发光，
所以，电源的电压U=UL=6V；
(2)由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流：
IL=PLUL=3W6V=0.5A；
(3)当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过L的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R的电流：
IR=I−IL=0.6A−0.5A=0.1A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，R的阻值：
R=UIR=6V0.1A=60Ω；
(4)当S1，S2都闭合时，电路的总功率：
P=UI=6V×0.6A=3.6W。
答：(1)电源电压为6V；
(2)小灯泡正常发光时的电流是0.5A；
(3)电阻R的阻值为60Ω；
(4)当S1，S2都闭合时，电路的总功率是3.6W。
【解析】(1)当开关S1闭合，S2断开时，电路为L的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；
(2)根据P=UI求出小灯泡正常发光时的电流；
(3)当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值；
(4)当S1，S2都闭合时，根据P=UI可得电路的总功率。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
31.【答案】解：(1)由表格参数可知，电热水器的加热功率P加热=1610W，
由P=Wt可知，电热水器加热状态下工作100s消耗的电能：W=Pt=1610W×100s=1.61×105J；
(2)R1的电功率：P1=U22R1=(220V)2121Ω=400W；
由图甲可知，继电器下方触点和ab触点接通时，R2与R1并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路中的总功率最大，电热水器处于加热状态，
由于电路中的总功率等于各用电器的电功率之和，则R2的电功率：P2=P加热−P1=1610W−400W=1210W，
由P=U2R可知，R2的阻值：R2=U22P2=(220V)21210W=40Ω；
(3)由题意可知，热敏电阻中允许通过的最大电流I0=15mA=0.015A，
则控制电路的最大电流为0.015A，此时电路的总电阻最小，
由I=UR可得，电路的最小总电阻：R总=U1I0=6V0.015A=400Ω，
由图乙可知，热敏电阻的最小阻值R小=200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，保护电阻R0的最小阻值：R0=R总−R小=400Ω−200Ω=200Ω；
由题意可知，电磁铁的衔铁被吸下时，电路中的电流I=10mA=0.01A，此时R0=200Ω，
控制电路的总电阻：R总′=U1I=6V0.01A=600Ω，
此时热敏电阻的阻值：R=R总′−R0=600Ω−200Ω=400Ω，
由图乙可知，此时储水箱中水温是60℃。
答：(1)电热水器加热状态下工作100s消耗的电能1.61×105J；
(2)R2阻值40Ω；
(3)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的最小阻值为200Ω；若R0为该值，衔铁刚好吸下时储水箱中水温是60℃。
【解析】(1)由表格参数可知电热水器加热状态下的功率，根据W=Pt求出电热水器加热状态下工作100s消耗的电能；
(2)根据P=U2R求出R1的电功率；由图甲可知，继电器上方触点和触点c接通时，R2、R3串联，继电器下方触点和触点a、b接通时，R1、R2并联；根据串并联电路的电阻特点和P=U2R可知电热水器加热状态和保温状态的电路连接；根据P2=P加热−P1求出R2的电功率，根据P=U2R求出R2的阻值；
(3)根据题意可知热敏电阻中允许通过的最大电流即为控制电路的最大电流，此时电路的总电阻最小，根据欧姆定律求出电路的最小总电阻，根据图乙读出热敏电阻的最小阻值，利用电阻的串联求出保护电阻R0的最小阻值；当电磁铁线圈中的电流I≥10mA时，继电器下方触点和触点a、b接通；根据欧姆定律计算电路总电阻，根据串联电阻规律得出热敏电阻的阻值，根据乙图确定刚好吸下时储水箱中水温。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律电功率公式的综合应用，分清电热水器处于不同状态时电路的连接方式和从图像中获取有用的信息是关键。A点的电流
B点的电流
C点的电流
0.24A
0.24A
0.48A
额定电压
220V
加热功率
1610W
保温功率
220W
1.下列对物理量的估计最接近实际的是( )
A. 对人体安全电压为36VB. 家用空调工作时的电流约为5A
C. 人体干燥的双手间电阻约为10ΩD. 人的正常体温约为47℃
2.诗词是我国传统文化中的瑰宝，其中涉及到很多物理现象，下列说法正确的是( )
A. 飞雪迎春到——雪是凝华吸热形成的B. 疑是地上霜——霜是凝固放热形成的
C. 露从今夜白——露是熔化吸热形成的D. 岚雾今朝重——雾是液化放热形成的
3.汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，汽车多数采用汽油机作为发动机，如图是单缸四冲程汽油机的工作循环示意图，下列说法中不正确的是( )
A. 一个工作循环的正确顺序是：丁、甲、丙、乙
B. 若此汽油机曲轴的转速为1800r/min，汽油机每秒内对外做功15次
C. 丙冲程是把机械能转化为内能
D. 丁冲程是吸气冲程，吸入的是汽油和空气的混合物
4.丁香湖是沈阳最大的城中湖，它的水域面积达3.1平方公里，可以有效调节周围环境的气温，这主要是因为水的( )
A. 流动性好B. 密度大C. 比热容大D. 沸点高
5.下列物体中，通常情况下属于导体的是( )
A. 铅笔芯B. 塑料手套C. 玻璃D. 橡胶棒
6.如图所示是加油站里常见的“静电释放器”(与大地相连)，工人提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器清除身体上的静电。下列说法中正确的是( )
A. 静电释放过程是电子在转移
B. “除电”后人体就没有电荷了
C. 人体与衣服摩擦可创造出电荷
D. 静电释放器可以由陶瓷制成
7.小宁在探究并联电路电压特点时，连接了如图所示的电路，小红发现电路连接是错误的，但只要再连接一根导线，就可以完成实验探究，则这根导线需要连接( )
A. ad两接线柱B. bd两接线柱C. ac两接线柱D. ed两接线柱
8.如图，是一款感应式垃圾桶，其工作原理如下：启动开关S1闭合后，指示灯亮起，这时垃圾桶才能正常使用;扔垃圾时，只需将手伸到感应区上方，感应开关S2自动闭合，动力装置工作，桶盖打开;手离开5秒后，感应开关S2就会自动断开。下列电路符合要求是( )
A. B.
C. D.
9.显示屏滚动显示内容时，LED工作的个数会不停地发生变化，整个显示屏工作过程中没发生变化的物理量是( )
A. 插头处的电流B. 电源电压
C. 整个显示屏的功率D. 整个显示屏的耗电量
10.如图是甲、乙两个电阻的电流Ⅰ与电压U的关系图象，将它们并联接入电路．下列说法正确的是( )
A. 通过甲的电流大于通过乙的电流
B. 通过甲的电流小于通过乙的电流
C. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小
D. 甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大
11.新能源电动汽车被越来越多的家庭所接受，其核心部件是电动机，如图能说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
12.为了减少碳排放，国家大力推行电动汽车。通过电动机的电流越大，电动汽车的速度越快，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，车速变大。下列模拟电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
13.图−1是一个温度报警器简化电路图，电阻随温度变化的规律如图−2所示，通过电阻R0的电流随它两端电压变化的规律如图−3所示。下列说法中不正确的是( )
A. R的阻值随它的温度的升高而减小
B. R0是一个定值电阻
C. 闭合开关后，R的温度升高时，R0的电功率变小
D. 闭合开关后，R的温度升高时，电压表示数变小，电流表示数变大
14.在如图甲所示的电路中，电源的电压恒定，滑动变阻器的最大阻值为R1=8Ω，R2为定值电阻但看不清标识。滑动变阻器滑片从左端M滑到右端N的过程中，滑动变阻器的电功率P随PN间电阻R变化的关系如图乙所示，其中滑动变阻器阻值取2Ω和8Ω时电功率相同，则以下说法正确的有：( )
①定值电阻R2=4Ω
②电源的电压为6V
③电压表的最大示数为4.5V
④定值电阻R2的最小电功率为1W
A. ①②③B. ②③④C. ①②④D. ①③④
二、填空题：本大题共6小题，共12分。
15.如图所示，是一款磁吸式数据线，线体可以和不同型号的磁性充电头吸附对接，达到一线多头的使用效果，线体和磁性充电头吸附的原理是______；地球周围也有磁场，地磁南极大致在地理的______极方向。
16.为落实“五育并举”，促进学生的全面发展，学校开展了各种劳动教育活动。有同学在家进行炒菜实践活动时，不小心将水滴入烧热的油锅，顿时“油花四溅”，产生该现象的原因是因为油的沸点比水的沸点______(选填“高”或“低”)，水发生了______(填物态变化名称)。
17.如图所示，电源电压不变，先闭合开关S1，电流表示数为0.4A，再闭合开关S2，电流表示数为0.6A，则R1：R2=______，若电阻R1=5Ω，通电1min电阻R2产生的热量为______ J。
18.如图所示电能表，将此电能表接入家庭电路中，当关闭其它用电器，让一空调单独工作2h时，观察到电能表的铝盘正好转动了1200圈，则该段时间空调消耗的电能是______ J，当把电热水壶接入电路时，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或______。
19.如图所示为“无人机”，可通过无线电进行操控，该无人机所需的能量是由一块输出电压为22V，容量为15000mA⋅h的电池提供，若该无人机可以连续工作1h，则无人机工作时的电流为______ A，当无人机消耗的电能为1.32×104J时，无人机连续工作时间为______ s。
20.如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为8V，定值电阻R1的功率为3.2W；当滑片P从B处移至R2中点时，电压表的示数变化了2V，此时电源电压为______ V，定值电阻R1的阻值为______Ω。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
21.如图所示是一个通电线的电路，开关S闭合后，请结合图上提供的其他信息，标出电源的“+”“-”极和通电螺线管的N、S极。
22.为了节约能源，宾馆的客房都配有房卡。只有把房卡插入电槽中，房间内的灯才能有电。请连接房间内的简化电路。
四、实验探究题：本大题共5小题，共30分。
23.如图甲所示，是“探究物质的熔化规律”的实验装置。实验时先将固体物质和温度计分别放入试管内，再放入大烧杯的水中，观察固体的熔化过程。
(1)试管内物质在熔化过程中，温度保持不变，如图乙所示为读取温度计示数的方法，如果采用A方法读数结果会______(选填“偏大”、“偏小”或“正确”)，我们判断该物质是______(填“晶体”或“非晶体”)。
(2)将固体物质和温度计分别放入试管内，再放入大烧杯的水中进行加热，为了保证实验的效果，试管中固体物质的表面应______(选填“高于”或“低于”)烧杯中的水面的高度。
(3)实验时若温度计的玻璃泡碰到试管底部，则测得试管内物质的温度值偏______。
(4)该同学按照正确方法进行实验，收集数据后画出了如图丙所示的熔化和凝固的图象，根据图象可知该物质的凝固点是______ ℃。
24.如图甲所示是比较不同物质吸热的情况的实验装置。小刚用两个完全相同的电加热器分别对初温和质量都相同的a、b两种液体加热，图乙为a、b两种液体的温度随加热时间变化的关系图象。
(1)在0−t1时间内a的内能不断______，这是通过______方式改变内能的。
(2)加热时间相同，a液体吸收的热量______ b液体吸收的热量。
(3)若b液体的比热容为3.15×103J/(kg⋅℃)，则a液体的比热容为______J/(kg⋅℃)。
(4)自制一个热水袋，在a、b两种液体中选一种液体作为注入热水袋中的供暖物质，则应选______液体。
25.在探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，小云设计了如图甲所示的电路。
(1)实验时发现电流表的指针如图乙所示，产生这种现象的原因是______；
(2)在测量B点的电流时，小云连接了如图丙所示的电路。该电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”；(导线不能交叉)
(3)如表是小云同学在实验中测得的实验数据。由该数据小云同学得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等。这个结论是______的(填“正确”或“错误”)。接下来要换用两个规格______(填“相同”或“不同”)的小灯泡，再次测量各点电流；
(4)另一同学在图甲中 A、C两点同时接入两块电流表，闭合开关，发现两表示数相等，分析出现该实验现象可能的原因______。
26.同学们利用以下器材探究“电流与电压和电阻的关系”：电源(6V)、电流表(0∼0.6A)、电压表(0∼3V)、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移到最______(选填“左”或“右”)端。
(2)开关闭合后，发现电压表无示数，电流表有示数，故障可能是定值电阻R ______(选填“断路”或“短路”)；为了避免出现上述故障时损坏电流表，实验中选择的滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω。
(3)再将另外两个定值电阻分别接入电路中，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可得出结论______。
(4)为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器______(填序号)。
A.20Ω，0.6A
B.60Ω，0.5A
C.80Ω，0.2A
(5)完成该实验后，小惠把定值电阻换成额定电压是2.5V小灯泡，利用该实验器材测小灯泡的额定功率，当小灯泡正常工作时，电流表示数如图丁所示。这个小灯泡的额定功率为______ W。
(6)小明测量完小灯泡的额定功率后，又闭合开关，移动滑片，记录电流表和电压表示数，进行多次实验，绘制出小灯泡电功率P与小灯泡两端电压的平方U2的关系图象，如图的四个图象中可能正确的是______。
27.小明用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V小灯泡的正常发光时的电阻。
(1)请用笔画线代替导线将甲图的电路连接完整，使滑片向左移动时灯泡变亮。
(2)连接好电路，闭合开关，发现小灯泡没有发光，但电流表电压表均有示数，接下来应进行的操作是______。
(3)滑片在某一位置时，电压表示数为2V，为测量灯泡的额定功率，应缓慢将滑片P向______移动，灯正常发光时电流表示数如图乙，灯泡的电阻是______Ω。(计算结果保留一位小数)
(4)小明根据实验数据画出小灯泡U−I关系图象如图丙中的实线所示，结合图象可知，当小灯泡电阻不是定值，原因是灯丝电阻______。
(5)在某两次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了ΔR1，小灯泡的阻值变化了ΔR2，根据灯的电阻变化规律可知ΔR1______ΔR2(选填“>”、“<”或“=”)。
(6)为了测待测Rx的电阻，利用现有器材，增加一个单刀双掷开关，小华又设计了如图丁所示的电路图，实验步骤如下：
①如图丁应将Rx接入虚线框______中，另一个虚线框接电线，将开关 S接a后，闭合开关S1，调电阻箱R0为5Ω后，调节滑动变阻器滑片P使电流表示数为0.3A；
②将开关S接b、滑动变阻器的滑片P保持不动，调电阻箱R0使电流表示数为0.3A，读出R0示数为23.3Ω；
③则可计算Rx=______Ω。
五、简答题：本大题共1小题，共4分。
28.小明和爸爸在家里闻到了一股烧焦的气味，经检查发现是正在烧水的电水壶插座处产生的，拔下插头后发现插座的一个插孔烧焦了，如图所示。爸爸分析是插头和插座接触不良引起的，请你分析：插头和插座接触不良电阻发生什么变化？为什么能把插座烧坏？
六、计算题：本大题共3小题，共22分。
29.如图所示，重庆网红“木桶鱼”是在木桶里放入高温的鹅卵石，再加入质量为2kg初温度为60℃的鱼汤，鹅卵石放热能使鱼汤沸腾[一个标准大气压，鱼汤的比热容为水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。求：
(1)鱼汤所吸收的热量为多少J？
(2)若鹅卵石放出热量的80%被鱼汤吸收，求鹅卵石放出的热量是多少J？
(3)若鹅卵石放出的这些热量由天然气提供，天然气完全燃烧，需要天然气多少m3？(q天然气=3.5×107J/m3)
30.如图所示，电源电压恒定，小灯泡标有“6V，3W”的字样，当开关S1闭合，S2断开时，小灯泡正常发光，当开关S1、S2都闭合时，电流表示数为0.6A(灯丝电阻不变)。求：
(1)电源电压？
(2)小灯泡正常发光时的电流？
(3)电阻R的阻值？
(4)当S1、S2都闭合时，电路的总功率是多大？
31.如图甲为电热水器的原理图，该电热水器具有加热、保温功能，相关参数如表所示。图甲中电磁继电器(线圈电阻不计)、热敏电阻R、保护电阻R0、电压恒为6V的电源U1、导线等组成控制电路。当电磁铁线圈中的电流I<10mA时，继电器上方触点和触点c接通；当电磁铁线圈中的电流I≥10mA时，继电器下方触点和触点a、b接通；热敏电阻R中允许通过的最大电流I0=15mA，其电阻R随温度变化的规律如图乙所示，热敏电阻和加热电路中的三只电阻R1、R2、R3均置于储水箱中。已知R1=121Ω、U2=220V。
(1)电热水器加热状态下工作100s消耗的电能？
(2)R2阻值？
(3)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的最小阻值为多少？若R0为该值，衔铁刚好吸下时储水箱中水温是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.对人体安全电压不高于36V，故A不符合实际；
B.家用空调工作时的电流约为5A，故B符合实际；
C.人体干燥的双手间电阻约为2000Ω，故C不符合实际；
D.人的正常体温约为37℃且变化幅度很小，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】D
【解析】解：A.雪是由空气中的水蒸气凝华放热形成的，故A错误；
B.霜是由空气中的水蒸气凝华放热形成的，故B错误；
C.露珠是由空气中的水蒸气液化放热形成的，故C错误；
D.雾是液态小水珠，由水蒸气液化放热形成，故D正确。
故选：D。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)物态变化中吸热的有：熔化、汽化、升华；放热的有：凝固、液化、凝华。
此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断。
3.【答案】C
【解析】解：
甲图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能；
乙图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程；
丙图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将化学能转化为内能，内能再转化为机械能，故C错误；
丁图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，吸入的是汽油和空气的混合物，故D正确；
热机的四个冲程依次是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，即丁甲丙乙，故A正确；
四冲程汽油机曲轴的转速是1800r/min，即每秒钟转30圈，完成60个冲程，对外做功15次，故B正确。
故选：C。
热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；
在热机的四个冲程中，只有做功冲程做功，其他三个冲程是靠飞轮的惯性完成的。在四冲程内，汽油机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
此题考查了对内燃机四个冲程的判断以及涉及能量转化的两个冲程，要结合气门和活塞运动情况进行判断。
4.【答案】C
【解析】解：水域面积大，蓄水量多，因为水的比热容比较大，相同质量的水和砂石在吸收(或放出)相同的热量时，水的温度变化更小，可以使周围环境昼夜的温差减小，有效调节周围环境的气温。
故选：C。
水的比热容比较大，在相同质量、吸收或放出相同热量时，水的温度变化小，据此分析。
在靠水的地区，水的比热容较大是形成昼夜温差小和“冬暖夏凉”的主要原因。
5.【答案】A
【解析】解：A、铅笔芯的材料是碳，容易导电，属于导体，故A正确；
BCD、塑料手套、玻璃、橡胶棒不容易导电，属于绝缘体，故BCD错误。
故选：A。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
6.【答案】A
【解析】解：A、静电释放过程是电子在转移，故A正确；
B、除静电”消除后，人体的所带的负电荷转移，但人体内的正电荷不会消失，故B错误；
C、人体与衣服摩擦起电是电子的转移，故C错误；
D、静电释放器是由导体制成的，玻璃是绝缘体，故D错误；
故选：A。
摩擦起电的实质是电子的转移；导体是容易导电的物体。
本题考查了摩擦起电，属于基础题。
7.【答案】A
【解析】解：原电路中，电压表与右边的灯短路了，根据要求两灯应并联，电压表测灯的电压，故连接ad两接线柱即可达到要求，故选：A。
根据要求两灯应并联，电压表测灯的电压，据此分析。
本题考查根据要求连接实物图，要掌握。
8.【答案】A
【解析】解：由题意可知，动力装置工作与否不会影响指示灯的工作，所以指示灯与动力装置是并联的，则选项D可以排除。由题意可知，开关S1控制整个电路，开关S2只控制动力装置，则开关S1在干路上，开关S2与动力装置串联在同一条支路上。比较选项A、B、C中的三个图可知，只有选项A符合要求。
故选：A。
(1)在串联电路中，电流只有一条路径，开关控制整个电路。
(2)在并联电路中，电流有多条路径，干路开关控制整个电路，支路开关控制其所在支路的用电器。并联的用电器互不影响。
在串联电路中，开关的位置并不影响它的控制作用；而在并联电路中，开关的位置可能影响其对用电器的控制作用。
9.【答案】B
【解析】解：当LED工作的个数也在不停地发生变化时，电路中并联的LED灯个数发生改变；
A、并联电路干路电流等于各支路电流之和，当并联电路中支路发生改变时，干路电流(插头处的电流)发生改变，故A不符合题意；
B、并联电路各支路两端电压不变，所以LED工作的个数也在不停地发生变化，电源电压不变，故B符合题意；
C、根据P=UI可知，电压不变，电流改变，所以整个显示屏的功率改变，故C不符合题意；
D、根据W=Pt可知，显示屏的功率改变，相同时间内的耗电量改变，故D不符合题意。
故选：B。
根据并联电路电压、电流的规律判断电压和电流的情况，然后根据电功率和电能的计算公式进行分析解答
本题考查学生在生活实践中物理知识的应用，应注意合理处理所给信息，灵活地选择物理规律和公式解答问题。
10.【答案】C
【解析】解：A、将两电阻并联接入电路时，则电压相同，由图象可知，若电压为2.5V，通过两电阻的电流相同，均为0.5A，故A错误；
B、将两电阻并联接入电路时，则电压相同，由图象可知，在电压低于2.5V时，通过甲的电流大于通过乙的电流，而电压等于2.5V时，通过两电阻的电流相同，均为0.5A，故B错误；
CD、由图象可知，甲是一条过原点的直线，故其电阻始终不变，乙的电阻是变化的，随着电压的增大，电阻减小，故甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小，故C正确，D错误．
故选C.
先根据U−I图象判断出甲乙电阻的特点，进而得出电流的特点，再利用并联电路的特点和欧姆定律判断其并联电阻的变化规律．
本题要求学生正确应用图象获得必要信息，并能结合并联电路的特点熟练应用欧姆定律的计算公式．
11.【答案】C
【解析】解：电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的；
A、图为探究通电螺线管的磁性的实验图，故A不符合题意；
B、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故B不符合题意；
C、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故C符合题意；
D、图中两个橡胶棒靠近时相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故D不符合题意；
故选：C。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的。
本题考查了电动机的原理，电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
12.【答案】A
【解析】解：由题意可知，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，车速变大，说明通过电动机的电流变大，由欧姆定律可知变阻器接入电路的阻值减小；
A、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，则车速变大，故A符合题意；
B、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，则车速变小，故B不符合题意；
CD、滑动变阻器与电动机并联接入电路中，踏板向下移动时，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，则通过电动机的电流不变，车速不变，故CD不符合题意；
故选：A。
当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大，表明通过电动机的电流变大，据此分析。
本题考查了电路图的设计，明确电路的连接方式和串并联电路的特点是解题的关键。
13.【答案】C
【解析】解：A、根据图−2可知，当温度升高时，R的阻值减小，所以R的阻值随它的温度的升高而变小，故A正确；
B、根据图−3可知，通过R0的电流和R0两端的电压的图像为一条斜线，即通过R0的电流与它两端的电压成正比，这说明R0的阻值是不变的，不会随着电压的改变而改变，故B正确；
CD、闭合开关后，R的温度升高时，R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；电路中的电流变大，根据U=IR可知，R0两端的电压变大，根据串联电路的电压规律可知，R两端的电压变小，电压表示数变小，由P=UI知R0的电功率变大，故C错误，D正确。
故选：C。
(1)根据图−2分析R阻值与温度的关系；
(2)根据图−3分析R0阻值与电压的关系；
(3)闭合开关后，R的温度升高时，根据R的电阻的变化判定电路中总电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和R0两端电压的变化，根据串联电路的电压规律可知R两端的电压变化，即电压表示数的变化，由P=UI判断出R0电功率的变化。
本题考查了电路的动态分析、欧姆定律、电功率公式的应用，关键知道温度升高时R阻值的变化。
14.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图乙可知，当R1=2Ω和R1′=8Ω时，滑动变阻器的电功率均为P1=2W，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI=I2R可得，两次电路中的电流分别为：
I= P1R1= 2W2Ω=1A，I′= P1R1′= 2W8Ω=0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压恒定，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I(R1+R2)=I′(R1′+R2)，
即：1A×(2Ω+R2)=0.5A×(8Ω+R2)，
解得：R2=4Ω，故①正确；
电源的电压：U=I(R1+R2)=1A×(2Ω+4Ω)=6V，故②正确；
(2)由串联分压的规律可知，当变阻器R1接入电路中的电阻最大为8Ω时，电压表的示数最大，此时电路中的电流I′=0.5A，
则电压表的最大示数：U1大=I′R1′=0.5A×8Ω=4V，故③错误；
(3)结合(2)可知，定值电阻R2的最小电功率P2小=I′2R2=(0.5A)2×4Ω=1W，故④正确。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据图乙读出R1的阻值为2Ω和8Ω时滑动变阻器的电功率，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压恒定得出等式即可求出R2的阻值，进一步求出电源的电压；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表的最大示数；
(3)根据欧姆定律表示出电路中的最小电流，然后求出定值电阻R2的最小电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键，难点是滑动变阻器消耗的电功率最大时其阻值的判断。
15.【答案】异名磁极相互吸引 北
【解析】解：磁吸式数据线，线体和磁性充电头吸附的原理是异名磁极相互吸引；地球周围也有磁场，地磁南极大致在地理的北极方向。
故答案为：异名磁极相互吸引；北。
同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；地磁南极大致在地理北极，地磁北极大致在地理南极。
此题考查了磁极间的相互作用规律、地磁场，难度不大，属基础题。
16.【答案】高 汽化
【解析】解：不小心将水滴入烧热的油锅，发现油花四溅，这是因为水沸腾的结果，说明水的沸点比油的沸点低；水发生了汽化。
故答案为：高；汽化。
油的沸点高于水的沸点。蒸发和沸腾都是汽化现象。
本题主要考查学生对：汽化、沸点等生活中的应用。
17.【答案】1：2 24
【解析】解：先闭合S1时，电路为R1的简单电路，电流表测量通过R1的电流，则I1=0.4A；
若再闭合S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，
根据并联电路的电流关系可知，通过R2的电流为：I2=I−I1=0.6A−0.4A=0.2A；
并联电路中各支路两端的电压相等，根据I=UR可知，
R1、R2电阻值之比为：R1：R2=UI1：UI2=I2：I1=0.2A：0.4A=1：2；
若电阻R1=5Ω，则R2的阻值：R2=2R1=2×5Ω=10Ω，
通过电阻R2的电流在1min内产生的热量：Q=I22R2t=(0.2A)2×10Ω×60s=24J。
故答案为：1：2；24。
(1)先闭合S1时，电路为R1的简单电路，电流表测量通过R1的电流；若再闭合S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点可知R2支路的电流，根据并联电路的电压和欧姆定律求出电阻之比；
(2)根据Q=I2Rt求出通电1min电阻R2产生的热量。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用、焦耳定律的应用，是一道基础题，难度不大。
18.【答案】7.2×106 用电器总功率过大
【解析】解：空调消耗的电能是：W=1200r600r/(kW⋅h)=2kW⋅h=7.2×106J；当把电热水壶接入电路时，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或用电器总功率过大。
故答案为：7.2×106；用电器总功率过大。
600r/(kW⋅h)表示的是每消耗1kW⋅h的电能，电能表的铝盘转过600r，据此计算当电能表的铝盘转动1200圈时空调消耗的电能；
造成家庭电路电流过大的原因有短路或用电器的总功率过大。
本题考查了利用电能表的参数计算消耗电能的多少、造成家庭电路电流过大的原因，属电学基础题，难度不大。
19.【答案】15 40
【解析】解：电池容量为15000mA⋅h=15A⋅h，表示电池充满电后以15A的电流持续对外供电1h就能把电池储存的电能释放完，所以，该无人机可以连续工作1h，则无人机工作时的电流为15A；
电池输出电压为22V，该无人机工作时的电流为：
I=Qt=15000mA⋅h1h=15000mA=15A，
当无人机消耗的电能为1.32×104J时，由W=UIt可得无人机连续工作时间为：
t=W′UI=1.32×104J22V×15A=40s。
故答案为：15；40。
根据电池容量，W=UIt求出无人机连续工作1h，无人机工作时的电流；根据W=UIt求出无人机消耗的电能为1.32×104J时，无人机连续工作时间。
本题考查了对电池容量的理解和电功公式的运用，难度不大。
20.【答案】12 5
【解析】解：(1)由电路图可知，闭合开关，R1与R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，当滑片在B处时，电路中的电流：I1=UR1+R2，
则滑动变阻器两端的电压：U2=I1×R2=UR1+R2×R2=8V-------①
由图知，当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，滑动变阻器的电阻减小，由串联分压的规律可知，电压表的示数减小，
即此时滑动变阻器两端电压为U2=8V−2V=6V，
同理可得，此时滑动变阻器两端的电压：U2′=UR1+R22×R22=6V---------②
用①式比②式可得：R1+R22R1+R2=23，
解得：R2=2R1--------------③
将③代入①式可得：UR1+2R1×2R1=8V，
解得：U=12V；
(2)当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为8V，定值电阻两端的电压为U1=12V−8V=4V，
此时定值电阻R1的功率为3.2W，即；P1=U12R1=(4V)2R1=3.2W，
解得：R1=5Ω。
故答案为：12；5。
(1)由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到中点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得R1与R2最大值之间的关系及电源的电压；
(2)当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，根据串联电路的电压规律求得R1两端的电压，根据P=U2R算出R1的阻值。
本题已知量较少，故无法直接求出结果，所以其难点在于学生能否准确地建立方程；在电学中此类采用方程法求解的题目较多，应根据题意灵活设定未知量，列出方程才能准确求解。
21.【答案】解：在使用电流表时，电流要从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，由图可知，电源的左端为“+”极，右端为“-”极；
根据螺线管中的电流方向和螺线管线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的N、S极，如图所示：
。
【解析】首先根据电流表的正负接线柱，确定电源的正、负极，再根据安培定则确定通电螺线管的N、S极。
本题考查了电流表的使用和安培定则，属于基础题。
22.【答案】解：为了节约能源，宾馆的客房都配备房卡，只有把房卡插入电槽中，房间内的灯和插座才能有电，即说明此时的房卡相当于电路的总开关，即处于干路中，且开关接火线；由于在家庭电路中，灯泡的开关和灯泡是串联的；对于灯泡来说，灯泡的开关应该接火线，所以具体家庭电路的连接如下：
【解析】(1)据题意可知，房卡相当于电路的总开关；
(2)在家庭电路中，插座和灯泡是互不影响的，即是并联的，而灯泡的开关和灯泡是串联的。
本题要求掌握开关的作用和对电路元件的认识，知道并理解家庭电路的连接是解决该题的关键。
23.【答案】偏大 晶体 低于 高 90
【解析】解：(1)读数时，视线要与温度计液柱的上表面相平，不能俯视或仰视。所以B方法正确。采用A方法读数时，视线与刻度线相交点的温度高于B视线与刻度线相交点，因此采用A方法读数结果会偏大；
由于该物质在熔化过程中温度保持不变，所以为晶体；
(2)将装有固体物质的试管放在盛有水的大烧杯中加热，是为了使固体受热均匀；为了保证实验的效果，试管中固体物质的表面应低于烧杯中的水面的高度；
(3)实验时若温度计的玻璃泡碰到试管底部，由于容器底的温度较高，所以温度计的示数会偏高；
(4)BC段为该物质的熔化过程，所对应温度90℃即为物质的熔点。晶体的熔点和凝固点是相同的，所以该物质的凝固点也是90℃。
故答案为：(1)偏大；晶体；(2)低于；(3)高；(4)90。
(1)在进行温度计的读数时，视线要与温度计液柱的上表面相平，不能俯视或仰视；视线与刻度线相交点为读出的温度值；
掌握晶体和非晶体的熔化特点：晶体在熔化过程中吸热温度保持不变，非晶体在熔化过程中吸热温度不断升高。
(2)为使固体能够均匀受热，需将装有固体物质的试管放在盛有水的大烧杯中加热，并且使物质全部浸没在热水中。
(3)在测量过程中温度计的玻璃泡不能碰到容器壁或容器底，若碰到容器壁或容器底，则测得不单是液体的温度，还包括容器壁或容器底的温度。
(4)D点后随时间温度逐渐降低，EF段为晶体的凝固过程，处于固液并存状态，需要放出热量，晶体的熔点和凝固点是相同的。
本题是探究物质的熔化规律，在熔化过程中需要用温度计测量温度的变化，所以需要掌握温度计的使用及读数。同时考查了晶体和非晶体的区别：是否有一定的熔点或凝固点。并能通过图象得出物理信息：晶体的熔点、熔化和凝固过程所用时间以及各段物质对应状态等。
24.【答案】变大 热传递 等于 2.1×103 b
【解析】解：(1)在0−t1时间内a物体吸热，温度升高，内能不断变大，这是通过热传递方式改变内能的。
(2)加热时间相同，由转换法，a液体吸收的热量等于b液体吸收的热量。
(3)根据乙图可知，升高到图中所示的最高温度，升高的温度相同，加热时间分别为6个格和9个格，对应的吸热之比6：9=2：3，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，若b液体的比热容为3.15×103J/(kg⋅℃)，则a液体的比热容为
c=23×3.15×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
(4)因b比热容大，根据Q=cmΔt可知，在质量和降低温度相同时，b放热多，故自制一个热水袋，在a、b两种液体中选一种液体作为注入热水袋中的供暖物质，应选b液体。
故答案为：(1)变大；热传递；(2)等于；(3)2.1×103；(4)b。
(1)物体吸热温度升高，内能变大；据此分析；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(3)根据乙图确定升高到所示的最高温度的加热时间，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出a液体的比热容；
(4)因b比热容大，根据Q=cmΔt分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
25.【答案】电流表正负接线柱接反 错误 不同 灯泡L2断路
【解析】解：(1)在实验时发现电流表的指针如图乙所示，偏向了左侧没有刻度的地方，是电流表正负接线柱接反；
(2)题目要求是在测量B点的电流时，电流表和灯泡L2串联，然后和L1并联，如图：；
(3)在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等，这个结论是错误的，主要是因为两个灯泡的规格是相同的，所以应该使用不同规格的小灯泡进行测量；
(4)题目描述，另一同学在图甲中 A、C两点同时接入两块电流表，闭合开关，发现两表示数相等，则说明B点没有电流流过，所以是灯泡L2断路；
故答案为：(1)电流表正负接线柱接反；(2)如图：；(3)错误；不同；(4)灯泡L2断路。
(1)电流表的故障分析，使用时应该注意正进负出；
(2)根据电路图找实物图的错误并改正；
(3)实验数据分析注意事项；
(4)电路故障的判断。
本题考查了学生对并联电路中电流的规律的理解以及应用，属于基础实验，难度一般。
26.【答案】右 短路 10 当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 B 1 D
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右端；
(2)开关闭合后，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即故障可能是定值电阻R短路；
电阻短路，只有滑动变阻器接入电路中，电源电压为6V，电流表的最大值为0.6A，则滑动变阻器的最小阻值为：
R′=UI′=6V0.6A=10Ω；
(3)由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.1A×20Ω=2V，为一定值，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)实验中使用的定值电阻阻值最大为20Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω，即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于40Ω；由图丙可知，电路中最大电流为0.4A，故选：B；
(5)当小灯泡正常工作时，电流表示数如图丁所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则小灯泡的额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.4A=1W；
(6)根据P=UI=U2R，设灯的电阻不变，P与U2成正比，P随U2的变化关系为一过原点的直线，但灯的电阻随温度的增大而变大，故P随U2的变化关系不是一条直线，故AB错误；在U2相同的情况下，实际的电功率比B选项中直线对应的功率相应的变小，故C错误，D正确；
故选：D。
故答案为：(1)右；(2)短路；10；(3)当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(4)B；(5)1；(6)D。
(1)为了保护电路，连接电路时，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
(2)开关闭合后，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
电阻短路，只有滑动变阻器接入电路中，根据已知条件由欧姆定律得出滑动变阻器的最小阻值；
(3)根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，结合电路中最大电流确定滑动变阻器的规格；
(5)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(6)根据P=UI=U2R，结合灯的电阻随温度的增大而变大分析。
本题探究“电流与电压和电阻的关系”实验，考查了注意事项、电路故障、图像分析、器材的选择、控制变量法和欧姆定律的应用，同时考查了测量小灯泡的电功率实验，综合性强，有一定难度。
27.【答案】移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光 左 8.3随温度的升高而增大 >210
【解析】解：(1)滑片向左移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
(2)连接好电路，闭合开关，电流表电压表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮可能是电路电流太小，使灯泡的实际功率太小，故接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光；
(3)测量中滑片在某一位置时，电压表示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，为测量灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应缓慢将滑片P向左移动；
由图甲可知，电流表选用小量程；灯正常发光时电流表示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.3A，则灯泡正常发光时的电阻为：R=ULIL=≈8.3Ω；
(4)结合图象可知，当小灯泡电阻不是定值，主要原因灯泡两端电压越大，通过的电流越大，实际功率越大，温度越高，灯丝的电阻随温度的升高而增大；
(5)当滑动变阻器的电阻变小时(总电阻也会变小)，由分压原理，其分得的电压变小，根据串联电路电压的规律，则灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，灯泡的功率增大、灯丝温度升高，则灯泡电阻变大，但总电阻变小。根据R=R滑+R灯可知，只有当R滑的减小量大于R灯的增加量才会让总电阻变小，即ΔR1>ΔR2。
(6)①要测Rx的阻值，首先要使Rx与灯泡串联，即将Rx接入图丙虚线框2位置中；
③由于电流前后不变，滑动变阻器阻值不变，根据等效替代法结合电阻的串联可知，在②中电阻箱的示数与①中Rx、灯泡和此时电阻箱的示数之和相等，即：23.3Ω=Rx+RL+5Ω
解得：Rx=23.3Ω−5Ω−RL=23.3Ω−5Ω−8.3Ω=10Ω
故答案为：(1)见解答图；(2)移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光；(3)左；8.3；(4)随温度的升高而增大(5)>；(6)①2；③10。
(1)滑片向左移动时灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)连接好电路，闭合开关，电流表电压表均有示数，说明电路是通路，灯泡不亮可能是电路电流太小，使灯泡的实际功率太小，据此分析；
(3)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据图甲确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；
(4)灯泡两端电压越大，通过的电流越大，实际功率越大，温度越高，灯丝的电阻随温度的升高而增大；
(5)根据电流的变化判断出总电阻的变化，得出电阻变化的大小关系；
(6)要测Rx的阻值，首先要使Rx与灯泡串联；调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为I，通过开关的转换，调节电阻箱R0，保持电流不变，根据等效替代法结合电阻的串联进行分析回答。
本题测小灯泡L1和Rx的阻值，考查了电路连接、电流表读数及等效替代法和欧姆定律的运用等知识，综合性较强，有一定难度。
28.【答案】答：插头与插座接触不良，该处的电阻较大，由于插头与插座处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，插头与插座处产生的热量较多，引起插头发热，甚至烧坏插头和插座，引起火灾。
【解析】由焦耳定律Q=I2Rt可分析插头和插座接触不良为什么能把插座烧坏。
本题考查了利用焦耳定律来解释生活中的现象，属基础题。
29.【答案】解：(1)已知m=2kg，Δt=100℃−60℃=40℃，水吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×40℃=3.36×105J；
(2)鹅卵石放出的热量是：
(2)Q放=Q吸η=3.36×105J80%=4.2×105J；
(3)需要天然气：
V天然气=Qq天然气=4.2×105J3.5×107J/m3=0.012m3。
答：(1)水吸收的热量3.36×105J；(2)鹅卵石放出的热量是4.2×105J；(3)需要天然气0.012m3。
【解析】(1)根据Q吸=cmΔt计算出水吸收的热量。
(2)根据Q放=Q吸η计算出鹅卵石放出的热量。
(3)根据V=Qq计算出天然气的体积。
本题考查了热量的计算，同学们要熟记公式。
30.【答案】解：(1)当开关S1闭合，S2断开时，电路为L的简单电路，
因额定电压下灯泡正常发光，
所以，电源的电压U=UL=6V；
(2)由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流：
IL=PLUL=3W6V=0.5A；
(3)当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过L的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R的电流：
IR=I−IL=0.6A−0.5A=0.1A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，R的阻值：
R=UIR=6V0.1A=60Ω；
(4)当S1，S2都闭合时，电路的总功率：
P=UI=6V×0.6A=3.6W。
答：(1)电源电压为6V；
(2)小灯泡正常发光时的电流是0.5A；
(3)电阻R的阻值为60Ω；
(4)当S1，S2都闭合时，电路的总功率是3.6W。
【解析】(1)当开关S1闭合，S2断开时，电路为L的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；
(2)根据P=UI求出小灯泡正常发光时的电流；
(3)当开关S1、S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值；
(4)当S1，S2都闭合时，根据P=UI可得电路的总功率。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
31.【答案】解：(1)由表格参数可知，电热水器的加热功率P加热=1610W，
由P=Wt可知，电热水器加热状态下工作100s消耗的电能：W=Pt=1610W×100s=1.61×105J；
(2)R1的电功率：P1=U22R1=(220V)2121Ω=400W；
由图甲可知，继电器下方触点和ab触点接通时，R2与R1并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路中的总功率最大，电热水器处于加热状态，
由于电路中的总功率等于各用电器的电功率之和，则R2的电功率：P2=P加热−P1=1610W−400W=1210W，
由P=U2R可知，R2的阻值：R2=U22P2=(220V)21210W=40Ω；
(3)由题意可知，热敏电阻中允许通过的最大电流I0=15mA=0.015A，
则控制电路的最大电流为0.015A，此时电路的总电阻最小，
由I=UR可得，电路的最小总电阻：R总=U1I0=6V0.015A=400Ω，
由图乙可知，热敏电阻的最小阻值R小=200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，保护电阻R0的最小阻值：R0=R总−R小=400Ω−200Ω=200Ω；
由题意可知，电磁铁的衔铁被吸下时，电路中的电流I=10mA=0.01A，此时R0=200Ω，
控制电路的总电阻：R总′=U1I=6V0.01A=600Ω，
此时热敏电阻的阻值：R=R总′−R0=600Ω−200Ω=400Ω，
由图乙可知，此时储水箱中水温是60℃。
答：(1)电热水器加热状态下工作100s消耗的电能1.61×105J；
(2)R2阻值40Ω；
(3)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的最小阻值为200Ω；若R0为该值，衔铁刚好吸下时储水箱中水温是60℃。
【解析】(1)由表格参数可知电热水器加热状态下的功率，根据W=Pt求出电热水器加热状态下工作100s消耗的电能；
(2)根据P=U2R求出R1的电功率；由图甲可知，继电器上方触点和触点c接通时，R2、R3串联，继电器下方触点和触点a、b接通时，R1、R2并联；根据串并联电路的电阻特点和P=U2R可知电热水器加热状态和保温状态的电路连接；根据P2=P加热−P1求出R2的电功率，根据P=U2R求出R2的阻值；
(3)根据题意可知热敏电阻中允许通过的最大电流即为控制电路的最大电流，此时电路的总电阻最小，根据欧姆定律求出电路的最小总电阻，根据图乙读出热敏电阻的最小阻值，利用电阻的串联求出保护电阻R0的最小阻值；当电磁铁线圈中的电流I≥10mA时，继电器下方触点和触点a、b接通；根据欧姆定律计算电路总电阻，根据串联电阻规律得出热敏电阻的阻值，根据乙图确定刚好吸下时储水箱中水温。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律电功率公式的综合应用，分清电热水器处于不同状态时电路的连接方式和从图像中获取有用的信息是关键。A点的电流
B点的电流
C点的电流
0.24A
0.24A
0.48A
额定电压
220V
加热功率
1610W
保温功率
220W
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