第一章有机化合物的特点及研究方法单元练习

这是一份第一章有机化合物的特点及研究方法单元练习，共19页。
第一章有机化合物的结构特点与研究方法单元练习2022-2023学年下学期高二化学人教版（2019）选择性必修3学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．随着科学技术的发展，人们可以利用很多先进的方法和手段来测定有机物的组成和结构。下列说法正确的是A．李比希元素分析仪可以测定有机物的结构简式B．质谱仪能根据质荷比最小的碎片离子确定有机物的相对分子质量C．红外光谱能测出有机物分子中的基团种类D．对有机物进行核磁共振分析，能得到4组峰，且峰面积之比为1：1：3：32．2019年，化学家第一次合成了具有特别光电特性的最长、最扭曲的十二苯取代并四苯(结构如图所示)，它可看作一个并四苯(结构如图所示)分子中的所有氢原子全部被苯环取代所得到的。下列叙述正确的是A．并四苯是苯的同系物B．一溴并四苯有4种(不考虑立体异构)C．并四苯与十二苯取代并四苯的官能团均为碳碳双键D．十二苯取代并四苯的分子式为3．金刚烷的结构如图1所示，它可以看成是四个等同的六元环组成的空间结构。立方烷的结构如图2所示。金刚烷的二氯代物和立方烷的六氯代物分别有A．4种和1种 B．5种和3种 C．6种和3种 D．6种和4种4．下列说法错误的是A．石油在国民经济中的地位非常重要，被誉为“工业的血液”B．乙烯的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平C．氟利昂是含有氟和氯的烷烃衍生物，性质不稳定、难液化，曾被用作制冷剂，但是因其有毒，现在国际上已经禁止或限制其使用D．研究有机物的一般方法和步骤是分离、提纯后通过李比希燃烧法确定有机物的实验式→通过质谱法确定有机物的分子式→通过核磁共振氢谱、红外光谱、紫外光谱等确定有机物的结构简式5．烃A分子的立体结构如图(其中C、H元素符号已略去)所示，因其分子中碳原子排列类似金刚石，故名“金刚烷”。下列关于金刚烷的说法错误的是A．每个分子中有4个结构 B．每个分子中有4个由六个碳原子构成的碳环C．金刚烷的分子式是C10H14 D．金刚烷的一氯代物有2种6．有机物X是一种重要的有机合成中间体。为研究X的组成与结构，进行了如下实验：(1)有机物X的质谱图如下所示。(2)将在足量中充分燃烧，并将其产物依次通过足量的无水和浓溶液，发现无水增重，浓溶液增重。(3)经红外光谱测定，有机物X分子中含有醛基；有机物X的核磁共振氢谱图上有2组吸收峰，且峰面积之比为。下列有关说法中，正确的是A．该有机物X的分子式为B．该有机物X的相对分子质量为55C．该有机物X的结构简式为D．与X官能团种类、数量完全相同的X的同分异构体有3种7．用示意图能够直观形象地将化学知识传授给学生。下列示意图正确的是A． B．C． D．8．现代化学测定有机物组成及结构的分析方法较多。下列有关说法正确的是A．元素分析仪不仅可以测出试样常见的组成元素及含量，还可以测定其分子的空间结构B．的核磁共振氢谱中有四组峰，峰面积之比为1：2：2：3C．通过红外光谱分析可以区分乙醇和乙酸乙酯D．质谱法和红外光谱法不属于测定有机物组成和结构的现代分析方法9．现代有机合成之父伍德沃德对现代有机合成做出了相当大的贡献，1944年，他第一次成功人工合成奎宁(结构如图)。下列与奎宁有关的说法错误的是A．奎宁属于烧的衍生物 B．奎宁分子中含有一种不饱和键C．奎宁分子中含有两种含氧官能团 D．奎宁分子中含有甲基10．某有机物A的分子式为，对其结构进行光谱分析如图所示，则A的结构简式为红外光谱图    核磁共振氢谱图A． B．C． D．11．下列有机物的核磁共振氢谱有6组峰的是A． B． C． D．12．如图分别是A、B两种有机物的核磁共振氢谱图，已知A、B两种有机物都是烃类，都含有6个氢原子，根据两种有机物的核磁共振氢谱可推测出A．A是C3H6，B是C6H6 B．A是C2H6，B是C3H6C．A是C2H6，B是C6H6 D．A是C3H6，B是C2H6二、多选题13．为了提纯表中所列物质(括号内为杂质)，有关除杂试剂和分离方法的选择均正确的是A．A B．B C．C D．D14．降冰片二烯类化合物是一类太阳能储能材料，降冰片二烯在紫外线照射下可以发生下列转化。下列说法错误的是A．四环烷的一氯代物有4种(不考虑立体异构)B．降冰片二烯能使酸性高酸钾溶液褪色C．降冰片二烯与四环烷互为同分异构体D．降冰片二烯分子中位于同一平面的碳原子最多有5个15．从地黄内生真菌代谢产物中可分离得到α-axetylorcino，结构如图a。下列说法错误的是A．α-axetylorcino分子中含有三种含氧官能团B．图b所示有机物是α-axetylorcino的同分异构体C．α-axetylorcino分子中C原子的杂化方式为、D．α-axetylorcino属于芳香泾三、实验题16．有机物 是合成某治疗高血压药物的重要中间体，有关物质的部分物理性质如表所示：实验步骤：①按如图所示装置(夹持、加热装置已略去)连接好仪器：②取20mL (2-羟基-4-苯基丁酸)加入A中，再加入20mL无水乙醇(过量)和适量浓硫酸，最后加入几粒沸石；③加热至70℃左右，恒温回流半小时；④分离提纯A中的粗产品；⑤将操作④后所得到的产品进行精制，得到。(1)仪器A的名称是_______，仪器B的作用是_______。(2)步骤④中，使用的试剂最好是_______，加入该试剂后的_______主要操作是(按先后顺序填写字母)。a.充分振荡b.打开分液漏斗活塞c.将上层液体从分液漏斗上口倒出d.当下层液体恰好流出时关闭活塞e.静置(3)整个实验中P的产率为_______(保留三位有效数字)。17．醇与氢卤酸反应是制备卤代烃的重要方法。已知：溴乙烷及1-溴丁烷均难溶于水且二者在氢氧化钠作用下会发生水解反应。实验室制备溴乙烷和1-溴丁烷的反应如下：NaBr+H2SO4=HBr+NaHSO4  ①R-OH+HBr→R-Br+H2O  ②可能存在的副反应有：醇在浓硫酸的存在下脱水生成烯烃或醚，Br-被浓硫酸氧化为Br2等。有关数据如表请回答下列问题：(1)醇的水溶性_______(填“大于”“等于”或“小于”)相应的溴代烃。(2)将1-溴丁烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，水在_______(填“上层”或“下层”)。(3)制备操作中，加入的浓硫酸必须进行稀释，其目的是_______(填字母)。A．水是反应的催化剂 B．减少Br2的生成C．减少HBr的挥发 D．减少副产物烯烃和醚的生成(4)欲除去溴乙烷中的少量杂质Br2，下列物质中最适合的是_______(填字母)。A．NaI溶液 B．KCl溶液 C．NaOH溶液 D．NaHSO3溶液(5)在制备溴乙烷时，可采用边反应边蒸出产物的方法，但在制备1-溴丁烷时却不能边反应边蒸出产物，其原因是_______。18．化学上常用燃烧法确定有机物的组成。下图装置是用燃烧法确定有机物化学式常用的装置，这种方法是在电炉加热时用纯氧氧化管内样品。根据产物的质量确定有机物的组成。回答下列问题：(1)A装置中分液漏斗盛放的物质是___________，写出有关反应的化学方程式___________。(2)C装置(燃烧管)中CuO的作用是___________。(3)写出E装置中所盛放试剂的名称___________，它的作用是___________。(4)若将B装置去掉会对实验造成什么影响？___________。(5)若准确称取2.40g样品(只含C、H、O三种元素中的两种或三种)。经充分燃烧后，E管质量增加3.52g，D管质量增加1.44g，则该有机物的最简式为___________。(6)要确定该有机物的化学式，还需要测定___________。四、有机推断题19．化合物J是一种重要的医药中间体，其合成路线如图：回答下列问题：(1)E中官能团的名称是_______；⑤的反应类型是_______。(2)通过反应②和反应⑧推知引入的作用是_______。(3)写出G与足量氢气反应的产物的结构简式并用星号(*)标出其中的手性碳原子：_______。(4)写出反应⑨的化学方程式：_______。(5)满足以下条件，化合物D的同分异构体有_______种(不包括D)，写出其中能与溶液反应生成的结构简式：_______(任写一种)。a.分子中含有苯环；     b.分子中含有结构。20．某聚合物的合成路线如下(部分反应试剂和条件已略去)。已知：ⅰ．ⅱ．ⅲ． (R代表烃基)请回答下列问题：(1)B中所含官能团的名称是___________，F的名称是___________。(2)反应②的化学方程式为___________。(3)I的分子式为，则I的结构简式为___________。(4)反应③的反应类型是___________。(5)W是F的同分异构体，满足下列要求的W有___________种(不考虑立体异构)。①苯环上取代基不超过两个；②可以与溶液反应，不能与溶液发生显色反应，也不能发生银镜反应。其中，含有手性碳原子的结构简式为___________。选项被提纯的物质除杂试剂分离方法A己烷(己烯)溴水分液B淀粉溶液(NaCl)水过滤C()CaO蒸馏D()饱和溶液分液常温下的状态沸点/℃密度2-羟基-4-苯基丁酸液体357P液体212乙醇溴乙烷正丁醇1­溴丁烷密度/(g·cm-3)0.789 31.460 40.809 81.275 8沸点/℃78.538.4117.2101.6参考答案：1．C【详解】A．李比希的元素分析仪只能测出元素种类，不能确定有机物的结构简式，A项错误；B．质谱仪能根据质荷比最大的碎片离子确定有机物的相对分子质量，B项错误；C．不同的基团吸收频率不同，在红外光谱图上将处于不同的位置，从而可以确定有机物中的基团，C项正确；D．有机物含有3种化学环境不同的氢原子，且峰面积之比为1：1：6，D项错误。故选C。2．D【详解】A．并四苯不是苯的同系物，A错误；B．并四苯具有对称性，分子中只有3种氢原子，故一溴并四苯只有3种，B错误；C．两种分子中都没有碳碳双键，C错误；D．并四苯分子中12个氢原子被12个苯环取代，则十二苯取代并四苯分子中碳原子个数为，氢原子个数为，分子式为，D正确。3．C【详解】金刚烷的结构可看作是由四个等同的六元环组成的空间结构，1个分子中含4个，6个，有2种H原子，金刚烷的二氯代物共6种；立方烷分子中只有1种H原子，2个原子取代2个H原子的位置有3种：一条棱、面对角线、体对角线位置，所以立方烷的二氯代物有3种，六氯代物也有3种；故选C。4．C【详解】A．石油被誉为“黑色的金子”、“工业的血液”，在国民经济中有着非常重要的地位，A正确；B．乙烯的产量是衡量一个国家石油工业发展水平的标志，B正确；C．氟利昂是含有氟和氯的烷烃衍生物，性质不稳定、容易液化，曾被用作制冷剂，但是因其有毒，现在国际上已经禁止、限制其使用，C错误；D．分离提纯后通过李比希燃烧法确定有机物的实验式→通过质谱法确定有机物的分子式→通过质谱、核磁共振氢谱、红外光谱、紫外光谱等确定有机物的结构简式为研究有机物的一般方法和步骤，D正确；故选C。5．C【详解】A．由金刚烷的键线式结构可知，金刚烷由碳原子和氢原子构成，因而属于烃；从结构可看出，金刚烷有两类不同环境的碳原子，它们分别是6个-CH2-和4个，A正确；B．分子中存在4个由碳原子构成的六元环，B正确；C．根据前面判断出碳原子数为10及每类碳原子所连接的氢原子个数，可得氢原子数为4×1+6×2=16，则金刚烷的分子式是C10H16，C错误；D．由于金刚烷的碳原子类型只有2种，则氢原子的类型也是2种，故它的一氯代物只有2种，D正确；故答案选C。6．D【详解】A．无水CaCl2增重7.2 g，说明燃烧生成的水是7.2g，n(H)=×2=0.8mol，m(H)＝0.8g,KOH浓溶液增重22.0 g,说明生成的CO2是22g，n(CO2)==0.5mol,m(C)=6g，剩余的是氧元素的质量，m(O)=10.0g-0.8g-6g=3.2g，n(O)=0.2mol，则该分子中碳、氢、氧原子的个数比是0.5mol:0.8mol:0.2mol=5:8:2，则有机物X的实验式是C5H8O2，由质谱图可知X的相对分子质量是100，则X的分子式是C5H8O2，A错误；B．质谱图中质荷比最大值即为相对分子质量，由质谱图可知有机物X的相对分子质量是100，B错误；C．有机物X中含有醛基；有机物X的核磁共振氢谱图上有2个吸收峰，则分子中含有两种氢原子，又因为分子式是C5H8O2，且两种氢原子之比是3:1，所以X的结构简式为(CH3)2C(CHO)2，C错误；D．有机物X含有两个醛基，还有三个碳原子，符合条件的同分异构体为CH3CH2CH(CHO)2、CH3CH(CHO)CH2CHO、CH(CH2CHO)2共3种，D正确；答案选D。7．A【详解】A．A中分子为对映异构体，A正确；B．As原子序数为33，位于第4周期，核外4个电子层，每层电子数由内而外为2、8、18、5，B错误；C．配位键由F原子提供孤电子对，应由F原子指向B原子，C错误；D．HF存在分子间氢键，“...”表示氢键，D错误；故选A。8．C【详解】A．元素分析仪可对物质中的元素及含量进行定量分析，但无法确定有机化合物的空间结构，故A错误；B．的核磁共振氢谱中有5组峰，峰面积之比为2：4：4：1：3，故B错误；C．红外光谱可确定物质中的基团，乙醇和乙酸乙酯中的基团不同，则通过红外光谱分析可以区分乙醇和乙酸乙酯，故C正确；D．质谱法可以测定有机物的相对分子质量，红外光谱法可以测定分子中的基团，属于测定有机物组成和结构的现代分析法，故D错误；故答案选C。9．B【详解】A．由结构图，可知奎宁是含有氧、氮、碳、氢元素的有机物，属于烃的衍生物，故A正确；B．由结构图，可知奎宁分子中含有碳碳双键、碳氮双键，有两种不饱和键，故B错误；C．由结构图，可知奎宁分子中含有两种含氧官能团，即羟基和醚键，故C正确；D．由结构图，可知奎宁分子中含有甲基，故D正确；故答案选B。10．B【分析】红外光谱显示含有醚键、甲基和亚甲基，核磁共振氢谱显示有两种不同化学环境的氢原子，以此作答。【详解】A．此结构简式中有四种不同化学环境的氢原子，A错误；B．此结构简式中有两种不同化学环境的氢原子，且存在醚键、甲基和亚甲基，B正确；C．此结构简式中有四种不同化学环境的氢原子，C错误；D．此结构简式中有三种不同化学环境的氢原子，D错误；故答案选B。11．A【详解】A．该分子结构不对称，含6种不同化学环境的H，核磁共振氢谱有6组峰，峰面积比为1:1:1:1:1:3，A正确；B．该分子中含4种不同化学环境的H，核磁共振氢谱有4组峰，峰面积比为1:1: 1: 3，B错误；C．该分子中含4种不同化学环境的H，核磁共振氢谱有4组峰，峰面积比为1:2:2:3，C错误；D．苯中的六个氢原子是完全相同的，核磁共振氢谱有1组峰，D错误；故选A。12．B【详解】A的核磁共振氢谱只有一组峰，说明A分子中只有1种化学环境的氢原子，对照选项判断A为(即C2H6)；同理B中有3种不同类型的氢原子，且个数比为1∶2∶3，故B为CH3CH=CH2(即C3H6)；故答案为B。13．CD【详解】A．向己烷与已烯的混合物中加入溴水，己烯与反应的产物与己烷互溶，用分液法不能将己烷提纯，A错误；B．淀粉溶液和NaCl溶液均可透过滤纸，B错误；C．CaO与发生反应：，用蒸馏法将蒸出，C正确；D．饱和溶液可降低乙酸乙酯的溶解度并与反应除去乙酸，然后用分液的方法分离，D正确；答案选CD。14．AD【详解】A．四环烷的一氯代物(不考虑立体异构)种数就是看等效氢原子个数，四环烷中只有3种氢，一氯代物只有3种，A错误；B．降冰片二烯的结构中存在碳碳双键，而碳碳双键能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B正确；C．降冰片二烯与四环烷结构不同，而分子式均为C7H8，故二者互为同分异构体，C正确；D．根据乙烯分子是平面分子，与碳碳双键连接的C原子在碳碳双键所在的平面上，所以降冰片二烯分子中位于同一平面的碳原子为4个，D错误；故答案选AD。15．BD【详解】A．a-axetylorcino分子中含有醚键、酯键、酚羟基，故A正确；B．图b和a-axetylorcino是同一种物质，故B错误；C．a-axetylorcino分子中C原子的杂化方式为sp2、sp3 ，故C正确；D．a-axetylorcino分子中含有两个酯键和两个酚羟基，不属于芳香烃，故D错误；故答案选BD。【点睛】本题考查有关原子轨道杂化方式及有机物的官能团性质，题目难度中等，注意对基础知识的积累。16．(1)     三颈烧瓶     冷凝、回流，提高反应物的转化率(2)     饱和溶液     aebdc(3)【分析】本实验用 、 20mL无水乙醇和适量浓硫酸，蒸馏得到产物P，发生酯化反应，据此分析解答。（1）仪器A的名称是：三颈烧瓶；球形冷凝管常与发生装置连接，起冷凝回流作用，仪器B的作用是：冷凝、回流提高反应物的转化率；（2）饱和碳酸钠溶液可以吸收挥发出的乙醇，中和挥发出的2-羟基-4-苯基丁酸，降低生成酯的溶解度，步骤④中，使用的试剂最好是：饱和Na2CO3溶液；分液操作为：充分振荡，静置，打开分液漏斗活塞，当下层液体恰好流出时关闭活塞，将上层液体从分液漏斗上口倒出，顺序为：aebdc；（3）20mL的质量为m=1.22g/mL×20mL=24.4g，由酯化反应的机理可知产物P的系数也为1，则理论上产生P的质量，实验得到18.0mL P的质量为m=1.08g/mL×18.0mL=19.44g，则产率为。17．(1)大于(2)上层(3)BCD(4)D(5)1-溴丁烷与正丁醇的沸点相差较小，若边反应边蒸馏，会有较多的正丁醇被蒸出【详解】（1）(1)醇羟基属于亲水基，能与水分子间形成氢键，因此醇的水溶性大于相应的溴代烃，故填大于；（2）(2)1­溴丁烷的密度大于水的密度，因此将1­溴丁烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，水在上层，故填上层（3）(3)A.水是产物，不是催化剂，故A错误；B.浓硫酸具有强氧化性，能将Br-氧化为Br2，稀释后能降低硫酸的氧化性，减少Br2的生成，故B正确；C.浓硫酸稀释时放热，温度升高，促使HBr挥发，因此浓硫酸稀释后能减少HBr的挥发，故C正确；D.醇在浓硫酸存在下脱水生成烯烃或醚，浓硫酸稀释后，可减少烯烃和醚的生成，故D正确，故填BCD；（4）(4)A.I-可以被Br2氧化，生成的I2溶于溴乙烷中引入新杂质，故A错误；B.KCl不能除去Br2，故B错误；C.Br2能和NaOH反应，而溴乙烷在NaOH溶液中易水解，使溴乙烷的量减少，故C错误；D.Br2和NaHSO3溶液发生氧化还原反应，可以除去Br2，故D正确，故填D；（5）(5)根据题干可知，乙醇和溴乙烷的沸点相差较大，可采用边反应边蒸出的方法，而1­溴丁烷与正丁醇的沸点相差较小，若边反应边蒸馏，会有较多的正丁醇被蒸出，所以不能边反应边蒸出，故填1-溴丁烷与正丁醇的沸点相差较小，若边反应边蒸馏，会有较多的正丁醇被蒸出。18．     H2O2(或H2O)     2H2O22H2O＋O2↑(或2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑)     使有机物充分氧化生成CO2和H2O     碱石灰或氢氧化钠     吸收CO2     造成测得有机物中含氢量增大     CH2O     测出有机物的相对分子质量【详解】(1)实验原理可知装置A是制备氧气的，根据装置的特点可知A装置中分液漏斗盛放的物质是双氧水或水，应该反应的化学方程式是2H2O22H2O＋O2↑(或2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑)，故答案为：H2O2(或H2O)；2H2O22H2O＋O2↑(或2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑)；(2)有机物在燃烧过程中，可能燃烧不充分，即有可能产生CO，而CO能与氧化铜反应生成铜和CO2，所以C装置（燃烧管）中CuO的作用是使有机物充分氧化生成CO2和H2O，故答案为：使有机物充分氧化生成CO2和H2O；(3)有机物燃烧产生CO2，所以E装置的主要作用是吸收生成的CO2，因此其中所盛放试剂是碱石灰或氢氧化钠，故答案为：碱石灰或氢氧化钠；吸收CO2；(4)B装置中盛有浓硫酸，其主要的作用是干燥氧气，除去水蒸气，因此如果将B装置去掉会造成测得有机物中含氢量增大，从而产生错误的结论，故答案为：造成测得有机物中含氢量增大；(5)D管中无水氯化钙原来吸收水蒸气，质量增加1.44g，则生成的水是1.44g，水物质的量是1.44g÷18g/mol＝0.08mol，其中氢元素的物质的量是0.16mol，氢元素的质量是0.16g；E管质量增加3.52g，即CO2是3.52g，物质的量是3.52g÷44g/mol＝0.08mol，其中碳元素的质量是0.96g，所以根据质量守恒定律可知原有机物中氧元素的质量是2.40g－0.16g－0.96g＝1.28g，则氧原子的物质的量是0.08mol，所以原有机物中C、H、O的原子个数之比是0.08∶0.16∶0.08＝1∶2∶1，因此最简式是CH2O，故答案为：CH2O；(6)最简式要确定分子式，则还需要知道该物质的相对分子质量，所以要确定该有机物的化学式，还需要测出有机物的相对分子质量，故答案为：测出有机物的相对分子质量。【点睛】实验设计中要防止外来气体的干扰，即空气中水蒸气或CO2的干扰，以及制备的气体中杂质对实验的干扰；实验设计中，要清楚实验目的和实验原理，围绕这两个问题展开。19．(1)     羧基、硝基     还原反应(2)定位(3)(4)+2H2O+CH3COOH+H2SO4(5)     10     、、、(任写一种)【分析】由有机物的转化关系可知，A与浓硫酸共热发生磺化反应生成B：；B与浓硝酸、浓硫酸的混合物共热发生硝化反应生成C：；在酸性条件下，C水解生成D：；D可与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应生成E：；E发生还原反应生成F：；F与发生取代反应生成G：；G与浓硫酸共热发生磺化反应生成H：；在氯化铁催化作用下，H可与氯气发生取代反应生成，即I为；在酸性条件下I水解生成J：。（1）根据分析，E的结构简式为，官能团为羧基和硝基；反应⑤为还原反应；（2）由反应②和反应⑧可知，磺酸基为间位定位基，作用是控制反应过程中取代基的连接位置，在磺酸基的间位引入硝基和氯原子，起到定位的作用；（3）G的结构简式为，与足量氢气反应生成，分子中的手性碳原子如图(用“*”标示) ；（4）酸性条件下，发生水解反应生成、乙酸和硫酸，化学方程式为：+2H2O+CH3COOH+H2SO4；（5）D的结构简式为 ，分子式为，由分子中含有结构可知，可能是苯环的羧酸类或者酯类化合物，符合条件的同分异构体的结构简式为（邻、间、对3种）；（邻、间、对3种）；、、、，共10种；能与溶液反应生成，说明分子中含有羧基，符合条件的结构简式有、、、。20．(1)     羟基     苯甲酸乙酯(2)(3)(4)取代反应(5)     8     【分析】乙烯与水加成生成乙醇(B)，D分子式为C7H8，则结构式为，由已知信息ⅰ，可知E为苯甲酸，所以F为苯甲酸乙酯；由聚合物结构及已知信息ⅱ，倒推G分子中含有两个硝基，反应②的化学方程式为 ；M分子中含有10个碳原子而K分子中只有8个碳原子，反应③为取代反应；M分子中有8个氧原子，结合已知信息ⅰ可知M为，据此作答。（1）由以上分析可知，B为乙醇，B中所含官能团的名称是羟基；E为苯甲酸，与乙醇发生酯化反应生成苯甲酸乙酯。故答案为：羟基；苯甲酸乙酯（2）由以上分析可知，反应②的化学方程式为故答案为：（3）I的分子式为，由G的结构及已知信息ⅰ可知I的结构简式为 。故答案为：（4）M分子中含有10个碳原子而K分子中只有8个碳原子，所以是取代反应增长碳链，则反应③为取代反应。故答案为：取代反应（5）F的分子式为，W可以与溶液反应，不能与溶液发生显色反应，也不能发生银镜反应，说明W中含有羧基，不含酚羟基和醛基，又要求苯环上取代基不超过两个，所以符合条件的结构有：、、、、、、、 ，共8种，含有手性碳原子的为。故答案为：8；