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湖南省常德市2020-2021学年高二物理上学期期末联考试卷
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这是一份湖南省常德市2020-2021学年高二物理上学期期末联考试卷，共9页。试卷主要包含了选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
时量：90分钟 满分：100分
一、选择题(本题共12小题，共48分。1至8小题只有一个选项符合题意；9至12小题有多个选项符合题意，全对得4分，选对不全得2分，错选、漏选不得分。)
1、关于质点，下列说法正确的是（ ）
A．质点一定是体积、质量极小的物体
B．在研究王亚平授课时，“天宫一号”可看作质点
C．研究“神州十号”飞船绕地球运行的高度时，飞船可看作质点
D．质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以引入这个概念没有多大意义
2、下列关于万有引力定律的说法，正确的是（ ）
A．万有引力定律是卡文迪许发现的
B．万有引力定律适用于自然界中的任何两个物体之间
C．万有引力定律公式F= 中的G是一个比例常数，是没有单位的
D．万有引力定律公式表明当r等于零时，万有引力为无穷大
3、在研究物体运动原因的过程中，许多科学家做出了艰辛的探究．利用图示理想斜面实验，揭示运动现象本质的科学家是（ ）
A．牛顿
B．伽利略
C．笛卡尔
D．亚里斯多德
4、某电场的电场线如图所示，M、N两点相距为d，则（ ）
A．M点场强小于N点场强
B．M点电势低于N点电势
C．正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N
D．若E为M点的场强，则M、N两点间电势差等于E•d
下图所示是磁场对直流电流的作用的示意图，其中不正确的是（ ）
A B. C. D.
6、关于电场和磁场，下列说法正确的是（ ）
A．点电荷周围的电场可视为匀强电场
B．平行板电容器之间的电场除边缘外可视为匀强电场
C．直线电流周围的磁场可视为匀强磁场
D．环形电流周围的磁场可视为匀强磁场
7、下列用电器中，消耗的电能主要转化为内能的是（ ）
A．电风扇
B．电动机
C．电动自行车
D．电水壶
8、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里，三个带正电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别为m a、m b、m c，已知在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动，b在纸面内向右做匀速直线运动，c在纸面内向左做匀速直线运动．下列选项正确的是（ ）
A．m a＞m b＞m c
B．m b＞m a＞m c
C．m c＞m a＞m b
D．m c＞m b＞m a
9、有a，b，c，d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近的近地轨道上做圆周运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图所示，则有( )
A．a的向心加速度等于重力加速度g
B．b在相同时间内转过的弧长最长
C．c在4h内转过的圆心角是
D．d的运动周期可能是30 h
10、两个相同的金属小球，带电荷量之比为1:7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的 ( )
A． B．
C． D．
11、如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，当滑动变阻器的滑动触片向左滑动的过程中 （ ）
A．电流表读数变小
B．电流表读数变大
C．电压表读数变小
D．电压表读数变大
12、如图,电荷量分别为q和-q(q>0)的点电荷固定在正方体的两个顶点上,a、b是正方体的另外两个顶点。则 （ ）
A．a点和b点的电势相等
B．a点和b点的电场强度大小相等
C．a点和b点的电场强度方向相同
D．将负电荷从a点移到b点，电势能增加
二、实验题(共1题。每空2分，共12分。)
13、(1)某同学测定一金属杆的长度和直径，示数如图甲、乙所示，则该金属杆的长度和直径分别为 cm和 mm.
50分度游标卡尺
(2)有一标有“6 V,1.5 W”的小灯泡，现用图甲所示电路测量它的伏安特性，提供的器材除导线和开关外，还有：
A．直流电源6 V(内阻不计)
B．直流电流表0～3 A(内阻0.1 Ω以下)
C．直流电流表0～300 mA(内阻约为5 Ω)
D．直流电压表0～15 V(内阻约为15 kΩ)
E．直流电压表0～6V(内阻约为10kΩ)
F．滑动变阻器10 Ω，2 A
G．滑动变阻器1 kΩ，0.5 A
eq \\ac(○,1)实验中电流表应选用 ，实验中电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 ．(用序号表示)
eq \\ac(○,2)试按图甲电路将图乙所示器材连成电路．
三、解答题(共3题，共40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)
14、(10分)一物体从20 m高处水平抛出,1 s末速度方向与水平方向的夹角为30°。(g取10 m/s2,不计空气阻力)求:
(1)落地时的速度大小; （可用根式表示） (2)落地点离抛出点的距离。
15、(10分)磁流体发电机，又称等离子发电机，是根据霍尔效应，利用导电流体与磁场发生相对运动而发电的新型发电机。磁流体发电机的原理如图所示。在相距为d，且足够长的甲、乙两金属板间加有垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，两板通过开关S和灯泡相连。将气体加热到使之高度电离，由于正负电荷一样多，且带电量均为q，故称为等离子体。将其以速度v喷入甲、乙两板之间，这时甲、乙两板就会聚集电荷，产生电压，它可以直接把内能转化为电能。试问：
(1)图中哪个极板是发电机的正极？
(2)发电机的电动势多大？
(3)设喷入两极间的离子流每立方米有n对一价正负离子，等离子体流的截面积为S，则发电机的最大功率多大？
16、(20分)如图所示，空间某区域存在足够大的水平方向的匀强电场E=2×104 N/C，将一长为L=1m的不可伸长的绝缘细线一端固定于O点，另一端连接一个质量为m=0.1 kg的可视为质点小球，小球带电量q= +5 ×l0-5 C，现将绝缘细线AO拉至与电场线平行位置，且细线刚好拉直，让小球从A处静止释放，取g= 10 m/s2，求：
(1)小球第一次到达O点正下方的B点时细线的拉力F;
(2)小球从A运动到B过程中，小球的最大速度vm；
(3)若让小球在如图所示的竖直平面内做完整的圆周运动，则需在A处给小球一个垂直于细线的初速度v，求v的最小值。（以上结果可用根式表示）
高二期末考试联考参考答案
物 理
1、C
A、能否看成质点，与体积大小无关，体积很大的物体也能看成质点，比如地球的公转是可以看做质点；故A错误；B、在研究王亚平授课时，“天宫一号”的大小不能忽略不计，不能可看作质点；故B错误；C、研究“神舟十号”飞船绕地球运行的高度时，飞船可看作质点；物体的大小和形状对所研究的问题中影响可以忽略不计不计，可以把飞船当成质点处理。故C正确；D、质点是一个理想化模型，实际上并不存在，引入质点对问题的处理非常方便；故D错误；故选C。
2、B
【解答】A、万有引力定律是牛顿发现的，而引力常量G是卡文迪许测得的，故A错误．B、万有引力具有普适性，适用自然界任何物体间的作用，故B正确．C、G是常数，但是有单位，其单位是：N•m 2/kg 2 ． 故C错误．D、r等于零时物体不能看做质点，万有引力仍然能用，但是r不再是物体间的距离，而要以微积分的方式来算物体间的万有引力，故D错误．
故选：B
【分析】万有引力定律是牛顿发现的，而引力常量G是卡文迪许测得的．万有引力适用自然界任何物体间的作用．G是常数，但是有单位．物体间距离等于零时，万有引力不能直接用其定义式来算．
3、B
【解答】伽利略最早利用斜面实验，指出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．故B正确，ACD错误．
故选：B
【分析】伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，由此分析即可．
4、C
【解答】A、电场线的疏密表示电场的强弱，故M点的场强大于N点的场强；故A错误；B、沿电场线的方向电势降落；故M点的电势高于N点的电势；故B错误；C、正电荷受力沿电场线的方向；故正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N；故C正确；D、U=Ed只适用于匀强电场；故MN间的电势差不等于Ed；故D错误；
故选：C．
【分析】明确电场线的性质，知道电场线的疏密表示强弱；电场线的方向表场强方向，沿电场线电势降落．
5、C
【解答】A、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心朝外．四指指向电流方向：斜向右上方，拇指指向安培力方向：斜向左上方．根据左手定则判断可知是正确的．故A正确．B、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向外穿过手心，则手心朝里．四指指向电流方向：向右，拇指指向安培力方向：向下．根据左手定则判断可知是正确的．故B正确．C、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向右穿过手心，则手心朝左．四指指向电流方向：向里，拇指指向安培力方向：向下．根据左手定则判断可知是不正确的．故C不正确．D、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向上穿过手心，则手心朝下．四指指向电流方向：向外，拇指指向安培力方向：向左．根据左手定则判断可知是正确的．故D正确．
本题选不正确的，故选：C．
【分析】磁场对直线电流的作用称为安培力，用左手定则判断方向．将四个选项逐一代入检验，选择符合题意的选项．
6、B
【解答】解：AB、由课本上给出的定义可以知道，平行板电容器之间的电场除边缘外可视为匀强电场，而点电荷电场是非匀强电场，大小处处不相等，故A错误，B正确；
CD、匀强磁场中的磁感应强度处处大小相等，方向相同，磁感线是平行等间距的直线，而条形磁铁、通电无限长直导线、通电环形导线周围的磁场是非匀强磁场，故CD错误．
故选：B．
【分析】点电荷周围的电场大小处处不同；
平行板电容器之间正对部分的电场为匀强电场；
匀强磁场是一个常用特殊的磁场区域，在此区域，它的磁场强弱和方向处处相同，它的磁感线是一系列疏密间隔相同的平行直线．
7、D
【解答】解：A、B、电风扇中有电动机，主要是把电能转化为机械能．故AB错误；
C、电动自行车主要把电能转化为机械能，故C错误；
D、电水壶将电能主要转化为内能，给水加热．故D正确．
故选：D
【分析】根据电流做功的过程是把电能转化为其他形式的能量的过程，结合各选项中的能量转化的方向即可得出结论．
8、B
【解答】微粒受重力G、电场力F、洛伦兹力F'的作用，三个带正电的微粒a，b，c电荷量相等，那么微粒所受电场力F大小相等，方向竖直向上；
a在纸面内做匀速圆周运动，则a的重力等于电场力，即F=G a=m ag；
b在纸面内向右做匀速直线运动，则b受力平衡，因为重力方向竖直向下，洛伦兹力方向竖直向上，则有F+F′ b=G b=m bg；
c在纸面内向左做匀速直线运动，则c受力平衡，且洛伦兹力方向向下，则有：F﹣F′ c=G c=m cg
所以，m b＞m a＞m c ， 故ACD错误，B正确；
故选：B．
【分析】由粒子的运动状态，根据牛顿第二定律和平衡条件得到其合外力情况，对粒子进行受力分析列方程即可求解．
9、BCD
A、a受到万有引力和地面支持力，由于支持力等于重力，与万有引力大小接近，所以向心加速度远小于重力加速度，选项A错误；
B、由 知b的线速度最大，则在相同时间内b转过的弧长最长，选项B正确；
C、c为同步卫星，周期Tc＝24 h，在4 h内转过的圆心角＝，选项C正确；D、由 知d的周期最大，所以Td>Tc＝24 h，则d的周期可能是30 h，选项D正确．
故选BCD
10、CD
设两球的电荷量分别为、，根据库仑定律得，两金属小球之间的库仑力，
若两相同金属小球带同种电荷时，当两者互相接触后放回原来的位置上，它们的电荷量变为、，所以它们只见的库仑力变为，故此时的库仑力变为原来的；
若两相同金属小球带异种电荷时，当两者互相接触后放回原来的位置上，它们的电荷量变为、，所以它们只见的库仑力变为 ，故此时的库仑力变为原来的；
故本题选CD。
两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的
11、AD
当滑动变阻器的滑动触片向左滑动的过程中，外电路的电阻变大，总电阻变大，总电流减小，即电流计读数减小，路端电压变大，即电压表读数变大；故选AD.
点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的应用，要注意明确解题的思路为：“局部-整体-局部”．
12、BC
本题考查等量异种点电荷的电场线、电势、电场强度等相关知识点,意在考查考生的理解能力和推理能力。考查的核心素养是科学思维。a、b两点到两点电荷连线的距离相等,且关于两点电荷连线中点对称,可知a、b两点的电场强度大小相等,方向相同,选项B、C均正确。电荷量分别为q和-q(q>0)的点电荷(等量异种点电荷)固定在正方体的两个顶点上,正方体的另外两个顶点a、b在两点电荷q和-q连线的垂直平分面两侧,故a点和b点的电势不相等,选项A错误;电势是标量,将q和-q在a、b两点产生的电势分别相加,可得φb>φa,将负电荷从a点移到b点,电场力做正功,电势能减少,选项D错误。
13、 (1). 60.10 . 4.22 (2). eq \\ac(○,1)C E . F
eq \\ac(○,2)
（1）刻度尺在读数的时候要估读一位，所以金属杆的长度为60.10cm；游标卡尺的主尺读数为：4mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.02mm=0.22mm，所以最终读数为：4mm+0.22mm=4.22mm。
（2） eq \\ac(○,1)由P=UI可知，灯泡的额定电流I=P/U=1.5/6A=250mA；故电流表应选用C；电压表选择量程为6V的E；因本实验采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器选择F；
eq \\ac(○,2)已知原理图，则先将滑动变阻器及电源串联，再将灯泡支路并联在滑动变阻器的一部分中，注意导线不能交叉，且导线要接在接线柱上；
14、(1)m/s （5分）(2)40m（5分）
(1)平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，竖直分运动是自由落体运动；
1s末竖直分速度为：vy1=gt1=10m/s；
1s末速度方向与水平方向的夹角为30°，故，
解得：
物体从20m高处水平抛出，落地是竖直分速度为：
故落地速度为：
(2)落地时间为：
水平分位移：
落地点和抛出点之间的距离：
【点睛】本题关键是根据平抛运动的分位移公式、分速度公式、速度方向公式列式后联立求解．
15、(1)甲板是正极 （3分）(2)E=Bdv （3分）(3)（4分）
试题分析：
(1)根据左手定则判断板的极性；
(2)离子在运动过程中同时受电场力和洛伦兹力，二力平衡时 两板间的电压稳定；
(3)推导出电流的微观表达式，然后根据P=EI求电功率。
(1) 左手定则知正离子向上偏转，所以甲带正电；
(2) 开关断开时，两板间电压稳定时满足：，所以U=Bdv，则发电机的电动势E=Bdv；
(3)当等离子体全部聚集到两极板上时，发电机的功率最大。等离子体流的速度为v，则单位时间内喷入等离子体的长度为v，体积为vs，则电荷量为：vsnq，电流，则功率P=EI=Bdv×nqsv=nBdqsv2。
15、(1)1N （5分）(2)m/s（5分） (3)m/s（10分）
（1）因mg=1N，qE=1N，则小球沿圆弧运动，由A到B由动能定理： 解得vB=0，
则F=mg=1N
（2）依题意小球运动到AB圆弧中点C时，速度最大，由A到C由动能定理：
解得：
（3）由题意可知，当小球运动到圆周上与C点对称的D处时，有：
由A到D由动能定理：
解得：
此题是带电粒子在电场和重力场中的运动问题，因重力和电场力都是恒力，则解题时也可以把它们等效为一个恒力来处理，然后结合圆周运动的规律求解.
时量：90分钟 满分：100分
一、选择题(本题共12小题，共48分。1至8小题只有一个选项符合题意；9至12小题有多个选项符合题意，全对得4分，选对不全得2分，错选、漏选不得分。)
1、关于质点，下列说法正确的是（ ）
A．质点一定是体积、质量极小的物体
B．在研究王亚平授课时，“天宫一号”可看作质点
C．研究“神州十号”飞船绕地球运行的高度时，飞船可看作质点
D．质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以引入这个概念没有多大意义
2、下列关于万有引力定律的说法，正确的是（ ）
A．万有引力定律是卡文迪许发现的
B．万有引力定律适用于自然界中的任何两个物体之间
C．万有引力定律公式F= 中的G是一个比例常数，是没有单位的
D．万有引力定律公式表明当r等于零时，万有引力为无穷大
3、在研究物体运动原因的过程中，许多科学家做出了艰辛的探究．利用图示理想斜面实验，揭示运动现象本质的科学家是（ ）
A．牛顿
B．伽利略
C．笛卡尔
D．亚里斯多德
4、某电场的电场线如图所示，M、N两点相距为d，则（ ）
A．M点场强小于N点场强
B．M点电势低于N点电势
C．正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N
D．若E为M点的场强，则M、N两点间电势差等于E•d
下图所示是磁场对直流电流的作用的示意图，其中不正确的是（ ）
A B. C. D.
6、关于电场和磁场，下列说法正确的是（ ）
A．点电荷周围的电场可视为匀强电场
B．平行板电容器之间的电场除边缘外可视为匀强电场
C．直线电流周围的磁场可视为匀强磁场
D．环形电流周围的磁场可视为匀强磁场
7、下列用电器中，消耗的电能主要转化为内能的是（ ）
A．电风扇
B．电动机
C．电动自行车
D．电水壶
8、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里，三个带正电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别为m a、m b、m c，已知在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动，b在纸面内向右做匀速直线运动，c在纸面内向左做匀速直线运动．下列选项正确的是（ ）
A．m a＞m b＞m c
B．m b＞m a＞m c
C．m c＞m a＞m b
D．m c＞m b＞m a
9、有a，b，c，d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近的近地轨道上做圆周运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图所示，则有( )
A．a的向心加速度等于重力加速度g
B．b在相同时间内转过的弧长最长
C．c在4h内转过的圆心角是
D．d的运动周期可能是30 h
10、两个相同的金属小球，带电荷量之比为1:7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的 ( )
A． B．
C． D．
11、如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，当滑动变阻器的滑动触片向左滑动的过程中 （ ）
A．电流表读数变小
B．电流表读数变大
C．电压表读数变小
D．电压表读数变大
12、如图,电荷量分别为q和-q(q>0)的点电荷固定在正方体的两个顶点上,a、b是正方体的另外两个顶点。则 （ ）
A．a点和b点的电势相等
B．a点和b点的电场强度大小相等
C．a点和b点的电场强度方向相同
D．将负电荷从a点移到b点，电势能增加
二、实验题(共1题。每空2分，共12分。)
13、(1)某同学测定一金属杆的长度和直径，示数如图甲、乙所示，则该金属杆的长度和直径分别为 cm和 mm.
50分度游标卡尺
(2)有一标有“6 V,1.5 W”的小灯泡，现用图甲所示电路测量它的伏安特性，提供的器材除导线和开关外，还有：
A．直流电源6 V(内阻不计)
B．直流电流表0～3 A(内阻0.1 Ω以下)
C．直流电流表0～300 mA(内阻约为5 Ω)
D．直流电压表0～15 V(内阻约为15 kΩ)
E．直流电压表0～6V(内阻约为10kΩ)
F．滑动变阻器10 Ω，2 A
G．滑动变阻器1 kΩ，0.5 A
eq \\ac(○,1)实验中电流表应选用 ，实验中电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 ．(用序号表示)
eq \\ac(○,2)试按图甲电路将图乙所示器材连成电路．
三、解答题(共3题，共40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)
14、(10分)一物体从20 m高处水平抛出,1 s末速度方向与水平方向的夹角为30°。(g取10 m/s2,不计空气阻力)求:
(1)落地时的速度大小; （可用根式表示） (2)落地点离抛出点的距离。
15、(10分)磁流体发电机，又称等离子发电机，是根据霍尔效应，利用导电流体与磁场发生相对运动而发电的新型发电机。磁流体发电机的原理如图所示。在相距为d，且足够长的甲、乙两金属板间加有垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，两板通过开关S和灯泡相连。将气体加热到使之高度电离，由于正负电荷一样多，且带电量均为q，故称为等离子体。将其以速度v喷入甲、乙两板之间，这时甲、乙两板就会聚集电荷，产生电压，它可以直接把内能转化为电能。试问：
(1)图中哪个极板是发电机的正极？
(2)发电机的电动势多大？
(3)设喷入两极间的离子流每立方米有n对一价正负离子，等离子体流的截面积为S，则发电机的最大功率多大？
16、(20分)如图所示，空间某区域存在足够大的水平方向的匀强电场E=2×104 N/C，将一长为L=1m的不可伸长的绝缘细线一端固定于O点，另一端连接一个质量为m=0.1 kg的可视为质点小球，小球带电量q= +5 ×l0-5 C，现将绝缘细线AO拉至与电场线平行位置，且细线刚好拉直，让小球从A处静止释放，取g= 10 m/s2，求：
(1)小球第一次到达O点正下方的B点时细线的拉力F;
(2)小球从A运动到B过程中，小球的最大速度vm；
(3)若让小球在如图所示的竖直平面内做完整的圆周运动，则需在A处给小球一个垂直于细线的初速度v，求v的最小值。（以上结果可用根式表示）
高二期末考试联考参考答案
物 理
1、C
A、能否看成质点，与体积大小无关，体积很大的物体也能看成质点，比如地球的公转是可以看做质点；故A错误；B、在研究王亚平授课时，“天宫一号”的大小不能忽略不计，不能可看作质点；故B错误；C、研究“神舟十号”飞船绕地球运行的高度时，飞船可看作质点；物体的大小和形状对所研究的问题中影响可以忽略不计不计，可以把飞船当成质点处理。故C正确；D、质点是一个理想化模型，实际上并不存在，引入质点对问题的处理非常方便；故D错误；故选C。
2、B
【解答】A、万有引力定律是牛顿发现的，而引力常量G是卡文迪许测得的，故A错误．B、万有引力具有普适性，适用自然界任何物体间的作用，故B正确．C、G是常数，但是有单位，其单位是：N•m 2/kg 2 ． 故C错误．D、r等于零时物体不能看做质点，万有引力仍然能用，但是r不再是物体间的距离，而要以微积分的方式来算物体间的万有引力，故D错误．
故选：B
【分析】万有引力定律是牛顿发现的，而引力常量G是卡文迪许测得的．万有引力适用自然界任何物体间的作用．G是常数，但是有单位．物体间距离等于零时，万有引力不能直接用其定义式来算．
3、B
【解答】伽利略最早利用斜面实验，指出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．故B正确，ACD错误．
故选：B
【分析】伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，由此分析即可．
4、C
【解答】A、电场线的疏密表示电场的强弱，故M点的场强大于N点的场强；故A错误；B、沿电场线的方向电势降落；故M点的电势高于N点的电势；故B错误；C、正电荷受力沿电场线的方向；故正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N；故C正确；D、U=Ed只适用于匀强电场；故MN间的电势差不等于Ed；故D错误；
故选：C．
【分析】明确电场线的性质，知道电场线的疏密表示强弱；电场线的方向表场强方向，沿电场线电势降落．
5、C
【解答】A、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心朝外．四指指向电流方向：斜向右上方，拇指指向安培力方向：斜向左上方．根据左手定则判断可知是正确的．故A正确．B、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向外穿过手心，则手心朝里．四指指向电流方向：向右，拇指指向安培力方向：向下．根据左手定则判断可知是正确的．故B正确．C、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向右穿过手心，则手心朝左．四指指向电流方向：向里，拇指指向安培力方向：向下．根据左手定则判断可知是不正确的．故C不正确．D、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向上穿过手心，则手心朝下．四指指向电流方向：向外，拇指指向安培力方向：向左．根据左手定则判断可知是正确的．故D正确．
本题选不正确的，故选：C．
【分析】磁场对直线电流的作用称为安培力，用左手定则判断方向．将四个选项逐一代入检验，选择符合题意的选项．
6、B
【解答】解：AB、由课本上给出的定义可以知道，平行板电容器之间的电场除边缘外可视为匀强电场，而点电荷电场是非匀强电场，大小处处不相等，故A错误，B正确；
CD、匀强磁场中的磁感应强度处处大小相等，方向相同，磁感线是平行等间距的直线，而条形磁铁、通电无限长直导线、通电环形导线周围的磁场是非匀强磁场，故CD错误．
故选：B．
【分析】点电荷周围的电场大小处处不同；
平行板电容器之间正对部分的电场为匀强电场；
匀强磁场是一个常用特殊的磁场区域，在此区域，它的磁场强弱和方向处处相同，它的磁感线是一系列疏密间隔相同的平行直线．
7、D
【解答】解：A、B、电风扇中有电动机，主要是把电能转化为机械能．故AB错误；
C、电动自行车主要把电能转化为机械能，故C错误；
D、电水壶将电能主要转化为内能，给水加热．故D正确．
故选：D
【分析】根据电流做功的过程是把电能转化为其他形式的能量的过程，结合各选项中的能量转化的方向即可得出结论．
8、B
【解答】微粒受重力G、电场力F、洛伦兹力F'的作用，三个带正电的微粒a，b，c电荷量相等，那么微粒所受电场力F大小相等，方向竖直向上；
a在纸面内做匀速圆周运动，则a的重力等于电场力，即F=G a=m ag；
b在纸面内向右做匀速直线运动，则b受力平衡，因为重力方向竖直向下，洛伦兹力方向竖直向上，则有F+F′ b=G b=m bg；
c在纸面内向左做匀速直线运动，则c受力平衡，且洛伦兹力方向向下，则有：F﹣F′ c=G c=m cg
所以，m b＞m a＞m c ， 故ACD错误，B正确；
故选：B．
【分析】由粒子的运动状态，根据牛顿第二定律和平衡条件得到其合外力情况，对粒子进行受力分析列方程即可求解．
9、BCD
A、a受到万有引力和地面支持力，由于支持力等于重力，与万有引力大小接近，所以向心加速度远小于重力加速度，选项A错误；
B、由 知b的线速度最大，则在相同时间内b转过的弧长最长，选项B正确；
C、c为同步卫星，周期Tc＝24 h，在4 h内转过的圆心角＝，选项C正确；D、由 知d的周期最大，所以Td>Tc＝24 h，则d的周期可能是30 h，选项D正确．
故选BCD
10、CD
设两球的电荷量分别为、，根据库仑定律得，两金属小球之间的库仑力，
若两相同金属小球带同种电荷时，当两者互相接触后放回原来的位置上，它们的电荷量变为、，所以它们只见的库仑力变为，故此时的库仑力变为原来的；
若两相同金属小球带异种电荷时，当两者互相接触后放回原来的位置上，它们的电荷量变为、，所以它们只见的库仑力变为 ，故此时的库仑力变为原来的；
故本题选CD。
两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的
11、AD
当滑动变阻器的滑动触片向左滑动的过程中，外电路的电阻变大，总电阻变大，总电流减小，即电流计读数减小，路端电压变大，即电压表读数变大；故选AD.
点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的应用，要注意明确解题的思路为：“局部-整体-局部”．
12、BC
本题考查等量异种点电荷的电场线、电势、电场强度等相关知识点,意在考查考生的理解能力和推理能力。考查的核心素养是科学思维。a、b两点到两点电荷连线的距离相等,且关于两点电荷连线中点对称,可知a、b两点的电场强度大小相等,方向相同,选项B、C均正确。电荷量分别为q和-q(q>0)的点电荷(等量异种点电荷)固定在正方体的两个顶点上,正方体的另外两个顶点a、b在两点电荷q和-q连线的垂直平分面两侧,故a点和b点的电势不相等,选项A错误;电势是标量,将q和-q在a、b两点产生的电势分别相加,可得φb>φa,将负电荷从a点移到b点,电场力做正功,电势能减少,选项D错误。
13、 (1). 60.10 . 4.22 (2). eq \\ac(○,1)C E . F
eq \\ac(○,2)
（1）刻度尺在读数的时候要估读一位，所以金属杆的长度为60.10cm；游标卡尺的主尺读数为：4mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.02mm=0.22mm，所以最终读数为：4mm+0.22mm=4.22mm。
（2） eq \\ac(○,1)由P=UI可知，灯泡的额定电流I=P/U=1.5/6A=250mA；故电流表应选用C；电压表选择量程为6V的E；因本实验采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器选择F；
eq \\ac(○,2)已知原理图，则先将滑动变阻器及电源串联，再将灯泡支路并联在滑动变阻器的一部分中，注意导线不能交叉，且导线要接在接线柱上；
14、(1)m/s （5分）(2)40m（5分）
(1)平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，竖直分运动是自由落体运动；
1s末竖直分速度为：vy1=gt1=10m/s；
1s末速度方向与水平方向的夹角为30°，故，
解得：
物体从20m高处水平抛出，落地是竖直分速度为：
故落地速度为：
(2)落地时间为：
水平分位移：
落地点和抛出点之间的距离：
【点睛】本题关键是根据平抛运动的分位移公式、分速度公式、速度方向公式列式后联立求解．
15、(1)甲板是正极 （3分）(2)E=Bdv （3分）(3)（4分）
试题分析：
(1)根据左手定则判断板的极性；
(2)离子在运动过程中同时受电场力和洛伦兹力，二力平衡时 两板间的电压稳定；
(3)推导出电流的微观表达式，然后根据P=EI求电功率。
(1) 左手定则知正离子向上偏转，所以甲带正电；
(2) 开关断开时，两板间电压稳定时满足：，所以U=Bdv，则发电机的电动势E=Bdv；
(3)当等离子体全部聚集到两极板上时，发电机的功率最大。等离子体流的速度为v，则单位时间内喷入等离子体的长度为v，体积为vs，则电荷量为：vsnq，电流，则功率P=EI=Bdv×nqsv=nBdqsv2。
15、(1)1N （5分）(2)m/s（5分） (3)m/s（10分）
（1）因mg=1N，qE=1N，则小球沿圆弧运动，由A到B由动能定理： 解得vB=0，
则F=mg=1N
（2）依题意小球运动到AB圆弧中点C时，速度最大，由A到C由动能定理：
解得：
（3）由题意可知，当小球运动到圆周上与C点对称的D处时，有：
由A到D由动能定理：
解得：
此题是带电粒子在电场和重力场中的运动问题，因重力和电场力都是恒力，则解题时也可以把它们等效为一个恒力来处理，然后结合圆周运动的规律求解.
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