2023-2024学年广东省惠州市实验中学高二上学期期中数学试题含答案
展开一、单选题
1.平面的法向量为,平面的法向量为,若,则( )
A.B.C.D.
【答案】D
【分析】根据两个平面垂直,两个平面的法向量也垂直,求解即可.
【详解】因为,所以,解得.
故选:D
2.若方程表示一个圆,则实数的取值范围是( )
A.B.C.D.
【答案】B
【分析】变形为,然后根据得答案.
【详解】方程表示一个圆,
即,
,
解得,
故选:B.
3.方程的化简结果是( )
A.B.
C.D.
【答案】C
【分析】由方程的几何意义及椭圆定义得出结果即可.
【详解】方程的几何意义为动点到定点和的距离和为10,并且,
所以动点的轨迹为以两个定点为焦点,定值为的椭圆,所以, ,
根据 ,所以椭圆方程为.
故选:C.
4.若直线与直线平行,则( )
A.2B.C.2或D.或1
【答案】A
【分析】由两直线平行得系数间的关系,解之即可.
【详解】若直线与直线平行,
则,且,
解得.
故选:A.
5.如图,在平行六面体中,若,则( )
A.B.C.D.
【答案】A
【分析】根据空间向量的线性运算得到,然后求即可.
【详解】解:,又因,,
∴,
∴,,,
故选:A.
6.从分别写有的张卡片中随机抽取张,放回后再随机抽取张,则抽得的第一张卡片上的数大于第二张卡片上的数的概率为( )
A.B.C.D.
【答案】B
【分析】先找出基本事件的总数,然后找出满足条件的结伴事件数,利用概率公式求解即可.
【详解】从分别写有的张卡片中随机抽取张,放回后再随机抽取张,
基本事件总数种情况,
抽得的第一张卡片上的数大于第二张卡片上的数包含的基本事件有:
共6种情况,
故所求概率为:,
故选:B.
7.在一直角坐标系中,已知,现沿轴将坐标平面折成的二面角,则折叠后两点间的距离为
A.B.C.D.2
【答案】D
【解析】画出图形,作,则,可得,沿轴将坐标平面折成的二面角,故两异面直线所成的角为,结合已知,即可求得答案.
【详解】如图为折叠后的图形,其中作
则,
沿轴将坐标平面折成的二面角
两异面直线所成的角为.
可得:
故由
得
故选:D.
【点睛】本题考查了立体几何体中求线段长度,解题的关键是作图和掌握空间向量的距离求解公式,考查了分析能力和空间想象能力,属于中档题.
8.椭圆的左顶点为A,点P,Q均在C上,且关于y轴对称.若直线的斜率之积为,则C的离心率为( )
A.B.C.D.
【答案】A
【分析】设,则,根据斜率公式结合题意可得,再根据,将用表示,整理,再结合离心率公式即可得解.
【详解】[方法一]:设而不求
设,则
则由得:,
由,得,
所以,即,
所以椭圆的离心率,故选A.
[方法二]:第三定义
设右端点为B,连接PB,由椭圆的对称性知:
故,
由椭圆第三定义得:,
故
所以椭圆的离心率,故选A.
二、多选题
9.下列说法正确的有( )
A.直线的倾斜角为
B.直线必过定点
C.方程与方程表示同一条直线
D.经过点,且在轴上截距相等的直线方程为
【答案】AB
【分析】A:先求斜率,然后根据求解出倾斜角;B:根据直线过定点列出关于的方程组,求解出结果即可知定点坐标;C:根据分式方程的特点作出判断即可;D:考虑直线的横纵截距是否为,由此分类讨论.
【详解】对于A:直线的斜率,所以倾斜角的正切值,所以,故正确;
对于B:因为直线,令,所以,所以直线过定点,故正确;
对于C:方程中,方程中,故错误;
对于D:当直线的横纵截距均为时,设直线方程,代入,解得,
当直线的横纵截距均不为时,设直线方程,代入,解得,
故所求直线方程为或,故错误;
故选:AB.
10.一副扑克牌去掉大王和小王后,共52张,各4张,从扑克牌中随机取出1张,“取出的牌为10”,“取出的牌为红桃”,“取出的牌为黑桃9”,则( )
A.M与N互斥B.M与P互斥
C.M与N相互独立D.N与P对立
【答案】BC
【分析】利用互斥事件、独立事件与对立事件的定义与概率公式逐一判断即可.
【详解】因为“取出的牌为10”,“取出的牌为红桃”,“取出的牌为黑桃9”,
所以与可以同时发生,与不能同时发生,所以与不互斥,与互斥,故错误,正确;
因为,所以,故C正确;
因为与的并事件不是全事件,所以与不对立,故D错误.
故选:BC.
11.若圆上恰有四个点到直线的距离等于1,则m的值可能是( )
A.0B.1C.2D.3
【答案】ABC
【分析】根据题意可知:圆心到直线的距离等于,结合点到直线的距离公式运算求解.
【详解】由题意可知:圆的圆心,半径,
若圆上恰有四个点到直线的距离等于1,
则圆心到直线的距离等于,则,
解得,
显然.
故选:ABC.
12.在正三棱柱中,,,与交于点,点是线段上的动点,则下列结论正确的是( )
A.
B.存在点,使得
C.三棱锥的体积为
D.直线与平面所成角的余弦值为
【答案】AC
【分析】A.利用空间向量运算求解判断;B. 利用空间向量运算求解判断;C.利用等体积法求解判断;D.利用线面角的求解判断.
【详解】由题意,画出正三棱柱如图所示,
向量,故A正确;
假设存在点,设,,所以.因为,所以.解得.故B错误;
因为正三棱柱,所以,所以,所以,故C正确;
设中点为,所以,三棱柱是正三棱柱,所以平面,所以即与平面所成的角,.故D错误.
故选:AC.
三、填空题
13.长方体中,,,则异面直线和所成角的余弦值是 .
【答案】
【分析】建立空间直角坐标系,求出异面直线和所成角的余弦值.
【详解】以为坐标原点,所在直线分别为轴,建立空间直角坐标系,
则,
故异面直线和所成角的余弦值为
.
故答案为:
14.已知点,点Q是直线上:的动点,则的最小值为 .
【答案】
【分析】的最小值即为点到直线的距离,再根据点到直线的距离公式即可得解.
【详解】的最小值即为点到直线的距离,
故的最小值为.
故答案为:.
15.已知空间三点A(0,2,3),B(﹣2,1,6),C(1,﹣1,5),则以AB,AC为边的平行四边形的面积是 .
【答案】
【详解】试题分析:求出向量的坐标,进而可得模长及向量的夹角,由此可计算以AB,AC为边的平行四边形的面积.
解:∵A(0,2,3),B(﹣2,1,6),C(1,﹣1,5),
∴=(﹣2,﹣1,3),=(1,﹣3,2),||=,||=
∴cs∠BAC==,
∴∠BAC=60°
∴S=×sin60°=
故答案为
【解析】向量在几何中的应用.
16.在平面直角坐标系xOy中,点,若直线上有且只有1个点P满足,则实数b的值是 .
【答案】
【分析】先用直接法求得点P的轨迹方程,再根据题意转化为直线与圆相切,利用点到直线的距离建立方程求解即可.
【详解】设,由,得,
整理得,即,即点P的轨迹为圆,圆心为,半径为,
因为直线上有且只有1个点P满足,即直线与圆C相切,
所以,解得.
故答案为:.
四、解答题
17.已知点是椭圆上的一点,和分别为左右焦点,焦距为6,且过.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)若动直线过与椭圆交于两点,求的周长.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)根据椭圆的焦距定义,结合代入法进行求解即可;
(2)利用椭圆定义进行求解即可.
【详解】(1)因为椭圆的焦距为6,所以,
又因为该椭圆过,所以,
由解得;
(2)由(1)可知,
的周长为:
18.在中,角的对边分别为,满足.
(1)求角;
(2)若,,求的面积.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)根据题意,利用正弦定理化简得,求得,即可求解;
(2)根据题意,由余弦定理求得,结合三角形的面积公式,即可求解.
【详解】(1)因为,
由正弦定理,可得,
即,
因为,可得,所以,
又因为,所以.
(2)因为,,且
由余弦定理知,即,
解得,所以的面积为.
五、证明题
19.如图,四棱锥中,平面,底面四边形为矩形,,,,为中点,为靠近的四等分点.
(1)求证:平面;
(2)求二面角的余弦值.
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】(1)建立空间直角坐标系,利用向量垂直即可求解线线垂直,进而由线面垂直的判断求解,
(2)利用法向量的夹角即可求解.
【详解】(1)因为平面,四边形为矩形,因此两两垂直,以为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,
,
,
因为,
所以,即
因为,
所以,即
又因为,平面,平面
因此平面
(2)因为平面,所以为平面的一个法向量
由(1)知为平面的一个法向量.
显然二面角为锐二面角,所以二面角的余弦值为.
六、解答题
20.猜灯谜又称打灯谜,是我国从古代就开始流传的元宵节特色活动.在一次元宵节猜灯谜活动中,共有20道灯谜,三位同学独立竞猜,甲同学猜对了12道,乙同学猜对了8道,丙同学猜对了道.假设每道灯谜被猜对的可能性都相等.
(1)任选一道灯谜,求甲,乙两位同学恰有一个人猜对的概率;
(2)任选一道灯谜,若甲,乙,丙三个人中至少有一个人猜对的概率为,求的值.
【答案】(1);
(2).
【分析】(1)由题设求出甲、乙、丙猜对或错的概率值,应用独立事件乘法公式、互斥事件加法求甲,乙两位同学恰有一个人猜对的概率;
(2)利用对立事件的概率求法及独立事件乘法公式列方程求.
【详解】(1)设“任选一道灯谜甲猜对”,“任选一道灯谜乙猜对”,“任选一道灯谜丙猜对”.
则,,,故,,.
“甲,乙两位同学恰有一个人猜对”,且与互斥.
每位同学独立竞猜,故,互相独立,则与,与,与均相互独立.
所以.
答:任选一道灯谜,求甲,乙两位同学恰有一个人猜对的概率为.
(2)设“甲,乙,丙三个人中至少有一个人猜对”,则.
所以.
解得.
七、证明题
21.在如图所示的几何体中,四边形ABCD为矩形,平面ABEF平面ABCD,EF//AB, ,AD=2,AB= AF=2EF=l,点P在棱DF上.
(1)若P为DF的中点,求证:BF//平面ACP;
(2)若二面角D-AP-C的余弦值为,求PF的长度.
【答案】(1)证明过程详见解析;(2)
【分析】试题分析:(1)连接BD,交AC于点O,连接OP.易知OP为三角形BDF的中位线,所以BF // OP,然后由直线与平面平行的判定定理即可证明;(2)建立空间直角坐标系,求出相应点的坐标,设出点P的坐标,并求出平面APF的法向量为,平面APC的法向量为 ,然后利用法向量夹角与平面夹角的关系列出一个等量关系,从而求出点P的坐标进而求出PF的长.
试题解析:(1)证明:连接BD,交AC于点O,连接OP.因为P是DF中点,O为矩形ABCD 对角线的交点,
所以OP为三角形BDF中位线,
所以BF // OP,
因为BF平面ACP,OP 平面ACP,
所以BF // 平面ACP.
(2)因为∠BAF=90º,所以AF⊥AB,
因为 平面ABEF⊥平面ABCD,
且平面ABEF ∩平面ABCD= AB,
所以AF⊥平面ABCD,
因为四边形ABCD为矩形,
所以以A为坐标原点,AB,AD,AF分别为x,y,z轴,建立如图所示空间直角坐标系.
所以 , ,,.
因为AB⊥平面ADF,所以平面APF的法向量为.
设P点坐标为,
在平面APC中,, ,
所以 平面APC的法向量为 ,
所以 ,
解得,或 (舍).此时.
【解析】①证明直线与平面平行;②二面角的大小问题.
【详解】22.已知点,圆.
(1)求圆过点的切线方程;
(2)为圆与轴正半轴的交点,过点作直线与圆交于两点、,设、的斜率分别为、,求证:为定值.
【答案】(1)或
(2)证明见解析
【分析】(1)对切线的斜率是否存在进行分类讨论,在切线斜率不存在的情况下,直接验证即可;当切线的斜率存在时,设切线的方程为,利用圆心到直线的距离等于圆的半径可求出的值,综合可得出所求切线的方程;
(2)由题意可知,直线的斜率存在,设直线的方程为,设、,将直线的方程与圆的方程联立,列出韦达定理,利用斜率公式和韦达定理可计算出的值,即可证得结论成立.
【详解】(1)解:易知圆的圆心为,半径为,因为,则点在圆外,
当切线的斜率不存在时,切线的方程为,此时,圆心到直线的距离为,
则直线与圆相切,合乎题意;
当切线的斜率存在时,设切线的方程为,即,
则,解得,此时,切线的方程为,即.
综上所述,求圆过点的切线方程为或.
(2)证明:在圆的方程中,令,可得,则,
由(1)可知,直线的斜率存在,设直线的方程为,即,
设点、,
联立可得,
,解得,
由韦达定理可得,,
所以,
.
故为定值.
【点睛】方法点睛:求定值问题常见的方法有两种:
(1)从特殊入手,求出定值,再证明这个值与变量无关;
(2)直接推理、计算,并在计算推理的过程中消去变量,从而得到定值.
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