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2023-2024学年河南省开封市五县高二上学期期中联考数学试题含答案
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这是一份2023-2024学年河南省开封市五县高二上学期期中联考数学试题含答案，共16页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题
1．抛物线的准线方程是，则实数的值（ ）
A．B．C．8D．
【答案】A
【分析】根据抛物线的准线方程列式得出结果.
【详解】由题意可得：，解得.
故选：A.
2．到x轴距离与到y轴距离之比等于的点的轨迹方程为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】设点坐标，根据距离比列方程求轨迹方程，注意范围.
【详解】设该动点为，则有，即.
故选：D
3．已知直线经过点，且是直线的一个法向量，则直线的方程为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【分析】根据题意，由条件可得与垂直，代入计算，即可得到结果.
【详解】设为平面直角坐标系中异于点A任意一点，
则点P在直线l上的充要条件是与垂直．
又因为，所以，
整理可得一般式方程为．
故选：B.
4．圆：关于直线对称的圆的方程为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】圆关于直线对称的圆之间的关系为：圆心关于直线对称，半径相等.所以求出关于直线对称的对称点即可解题.
【详解】圆：的圆心为，半径为2，
设关于直线对称的对称点为，
则，解得.
关于直线对称的对称点为，
圆：关于直线对称的圆的方程为.
故选：D.
5．已知双曲线的两条渐近线的夹角为，则此双曲线的离心率为（ ）
A．2或B．C．D．或2
【答案】A
【分析】利用渐近线的夹角，可以求出一条渐近线的斜率，进而求出双曲线的离心率.
【详解】由题意得双曲线的渐近线为，
而两条渐近线的夹角为，故的倾斜角为或，故或，
所以或2.
故选：A.
6．设，，，，且，，则（ ）
A．B．C．3D．
【答案】D
【分析】根据向量的平行和垂直的坐标表示，列式计算，可求得向量的坐标，从而可得的坐标，根据向量模的计算公式，即可得答案.
【详解】因为，且，
所以，解得，
所以，
又因为，且，
所以，所以，
所以，
所以，
故选：D.
7．班级物理社团在做光学实验时，发现了一个有趣的现象：从椭圆的一个焦点发出的光线经椭圆形的反射面反射后将汇聚到另一个焦点处.根据椭圆的光学性质解决下面问题：已知椭圆的方程为，其左、右焦点分别是，，直线与椭圆切于点，且，过点且与直线垂直的直线与椭圆长轴交于点Q，则（注；若的角平分线交于点，则）（ ）
A．1B．2C．D．
【答案】B
【分析】根据椭圆定义求出，结合平分，故.
【详解】由题设，则平分，故，
而，由椭圆定义可知，
则，所以.
故选：B.
8．已知双曲线的左、右两个顶点分别为，点为双曲线右支上的n个点，分别与关于原点对称，则直线这条直线的斜率乘积为（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【分析】先得到一组关于原点对称的点的斜率之积，再由任意性得到所有对称的点的斜率之积均为常数，相乘即可.
【详解】设，由题意，，又，
所以，
又因为在双曲线上，所以，
所以，
将条直线两两分组为，
则这组直线中的两条直线斜率之积均是，所以这条直线的斜率乘积为，
故选：B.
二、多选题
9．若构成空间的一个基底，则下列向量共面的是（ ）
A．，，B．，，
C．，，D．，，
【答案】ACD
【分析】根据空间向量共面基本定理进行求解判断即可.
【详解】对于，因为，故三个向量共面，故符合题意；
对于，假设，，共面，
则，使得，
故有，方程组无解，故假设不成立，故不符合题意；
即，，不共面；
对于，，故三个向量共面，故符合题意；
对于，，故三个向量共面，故题意符合.
故选：.
10．过已知圆内一个定点作圆C与已知圆相切，则圆心C的轨迹不可能是（ ）
A．圆B．椭圆C．线段D．射线
【答案】CD
【分析】先根据两个圆内切得到圆心间的距离为半径之差，再得到该值为定值得到轨迹为椭圆，考虑特殊情况椭圆，两焦点重合情况，此时为圆即可.
【详解】如图，设已知圆的圆心为，半径为，圆内的定点为，动圆的半径为．若点与点不重合，由于两圆相内切，则，由于，
因为，即，
所以动点C到两个定点，的距离和为常数，
又因为为圆内的定点，所以．
所以此时动点C的轨迹为椭圆；
若，重合为一点，则此时动点C的轨迹为以为直径的圆．
故选：CD
11．抛物线：焦点为，且过点，直线，分别交于另一点C和D，，则下列说法正确的是（ ）
A．
B．直线过定点
C．上任意一点到点和直线的距离相等
D．
【答案】ACD
【分析】将点的坐标代入，即可得到抛物线方程判断A，由抛物线的定义即可判断C，联立直线与抛物线方程，代入计算，即可判断BD.
【详解】抛物线过点，所以，，故A正确；
所以抛物线，上任意一点到和准线的距离相等，故C正确；设，，设，则，
所以的方程为，即，
联立，得，
当时，，得，
代换，得到，
所以，故D正确；
直线：，即，不过定点，故B错误.
故选：ACD.
12．已知四面体的所有棱长均为2，则下列结论正确的是（ ）
A．
B．点到平面的距离为
C．四面体的外接球体积为
D．动点在平面上，且与所成角为60°，则点的轨迹是椭圆
【答案】AC
【分析】在正四面体中通过线面垂直可证得，得正确；通过计算可验证；通过轨迹法可求得的轨迹为双曲线方程即可得错误.
【详解】取中点，连接，可得平面，则，故正确；
在四面体中，过点作平面于点，
则为底面正三角形的重心，因为所有棱长均为2，
，即点到平面的距离为，故错误；
设为正四面体的中心则为内切球的半径，为外接球的半径，
因为，
所以，即，
所以四面体的外接球体积，故正确；
建系如图：，设，
则，，
因为，所以，
即，平方化简可得：，可知点的轨迹不为椭圆，故错误.
故选:．
三、填空题
13．在空间直角坐标系中，，，则点到直线的距离为 ．
【答案】/
【分析】根据空间向量点到直线的距离公式求解即可.
【详解】取，，
则，，
所以点到直线的距离为．
故答案为：.
14．旅行者号探测器（Vgager2）于年月日在肯尼迪航天中心发射升空，迄今为止已经造访四颗气态巨行星（木星、土星、天王星、海王星）及其卫星，它的运行轨道为双曲线，假设其方程为，请写出一个与此双曲线的渐近线相同的双曲线标准方程 ．
【答案】（的方程均可）
【分析】根据同渐近线的双曲线方程可得结果.
【详解】与双曲线渐近线相同的双曲线的方程为.
故答案为：（的方程均可）.
15．画法几何创始人蒙日发现：椭圆上两条互相垂直的切线的交点必在一个与椭圆同心的圆上，且圆半径的平方等于长半轴、短半轴的平方和，此圆被命名为该椭圆的蒙日圆.若椭圆的蒙日圆为，则 .
【答案】3
【分析】根据题意，圆半径的平方等于长半轴、短半轴的平方和，列方程求解即可.
【详解】由题意可知，，所以，
故答案为：3.
16．密切圆（Osculating Circle），也称曲率圆，即给定一个曲线及其上一点P，会有一个圆与曲线切在P点，而且是与曲线在该点邻近最贴近的圆，换言之，没有一个圆能介于此圆与曲线之间而与曲线相切，此圆称为曲线在点P处的密切圆，密切圆可能是与曲线在该点相切的圆中半径最大的（比如在抛物线顶点处的内切圆），曲线上某点的曲率圆的半径称为曲率半径.抛物线C：在顶点处的（曲率半径为 .
【答案】
【详解】如图，设在抛物线顶点处的内切圆的方程为，
由消去y并化简得，
由曲率圆的定义知，圆与抛物线只有一个交点，于是方程组有且只有一个解，
则，所以曲率半径为.
故答案为：
四、解答题
17．已知的顶点，，且重心G的坐标为.
(1)求C点坐标：
(2)数学家欧拉在1765年提出定理：三角形的外心、重心、垂心依次位于同一直线上，这条直线被后人称之为三角形的欧拉线.求的欧拉线的一般式方程.
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）设出C点坐标，再根据重心的坐标公式可得；
（2）设出外心坐标，根据外心在边AC中垂线上，及到顶点距离相等列方程可得，再根据斜率与点斜式求解即可.
【详解】（1）设，则由重心G的坐标为，有，
解得，即,
所以C点坐标为.
（2）设的外心，则由外心性质可得P在的中垂线上，即，
由，，，
则，即，解得，即.
又，故欧拉线的斜率为，
故的欧拉线的方程为，即.
18．已知双曲线的中心在原点,焦点在坐标轴上，离心率为，且过点.
（1）求双曲线的方程；
（2）若点在双曲线上，求 的面积.
【答案】（1）；(2).
【分析】（1）设出双曲线的方程，代入点P的坐标，即可得到双曲线的方程；
（2）利用点M（3，m）在双曲线上，求出m值，进而利用S|F1F2|•|m|，即可求△F1MF2的面积．
【详解】解：（1）∵，∴可设双曲线的方程x2﹣y2＝λ
∵双曲线过点P（4，），∴16﹣10＝λ，即λ＝6
∴双曲线的方程x2﹣y2＝6
（2）由（1）知，双曲线中a＝b
∴，∴，
∴|F1F2|＝4
∵点M（3，m）在双曲线上，∴9﹣m2＝6，∴|m|
∴△F1MF2的面积为S|F1F2|•|m|＝6
即△F1MF2的面积为6．
【点睛】本题考查双曲线的标准方程，考查三角形面积的计算，确定双曲线的方程是关键．
19．如图，已知动圆M过定点且与y轴相切，点F关于圆心M的对称点为，点的轨迹为H.
(1)求曲线H的方程；
(2)一条直线经过点F，且交曲线H于A，B两点，点C为直线上的动点.求证：不可能是钝角.
【答案】(1)
(2)证明见解析
【分析】（1）设，表示出的坐标以及，根据圆满足的条件列出等式，化简可得答案；
（2）设直线的方程为，联立可得与系数的关系式，求出的表达式，结合根与系数的关系化简推出，即可证明结论.
【详解】（1）设，因为点在圆上，且点关于圆心的对称点为，
则，而，
因为动圆过定点且与轴相切，则，
即，化简得，
所以曲线的方程为.
（2）若直线与轴重合，则直线与抛物线有且只有一个公共点，不合乎题意.
设直线的方程为，设点，，，
联立，可得，，
由韦达定理可得，，
，同理，
所以，
，
即，故不可能为钝角.
20．1911年5月，欧内斯特·卢瑟福在《哲学》杂志上发表论文．在这篇文章中，他描述了用粒子轰击厚的金箔时拍摄到的运动情况．在进行这个实验之前，卢瑟福希望粒子能够通过金箔，就像子弹穿过雪一样．事实上，有极小部分粒子从金箔上反弹．如图显示了卢瑟福实验中偏转的粒子遵循双曲线一支的路径．
(1)结合图象，求出该双曲线的渐近线方程．
(2)如果粒子路径的顶点距双曲线的中心10cm，试求出该粒子路径的模型．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据渐近线的倾斜角求解；
（2）根据（1）及定点到中心距离为求解.
【详解】（1）由图可知一条渐近线的倾斜角为，故一条渐近线斜率，
由渐进线的对称性知，双曲线的两条渐近线方程为.
（2）由图知，双曲线的焦点在x轴上，
设双曲线的方程为，
因为双曲线的顶点到中心的距离为10cm，所以，
又由(1)知，，所以，
所以该粒子路径模型为.
21．已知在多面体中，，，，，且平面平面.
(1)设点F为线段BC的中点，试证明平面；
(2)若直线BE与平面ABC所成的角为，求二面角的余弦值．
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）由四边形为平行四边形.∴，再结合平面，即可证明平面；
（2）由空间向量的应用，建立以为原点，所在直线为轴，过点与平行的直线为轴，所在直线为轴的空间直角坐标系，再求出平面的法向量，平面的法向量，再利用向量夹角公式求解即可.
【详解】（1）取的中点，连接，，
∵在中，∴.
∴由平面平面，且交线为，平面，得平面.
∵，分别为，的中点，∴，且.
又，，∴，且.
∴四边形为平行四边形.∴，
∴平面.
（2）∵平面，平面，所以，
又因为，所以三者两两互相垂直，
∴以为原点，所在直线为轴，过点与平行的直线为轴，所在直线为轴，建立空间直角坐标系.
则，，.
∵平面，∴直线与平面所成的角为.
∴.∴.
可取平面的法向量，
设平面的法向量，，，
则，取，则，.∴，
∴，
∴二面角的余弦值为.
22．设椭圆：的左、右顶点分别为C，D，且焦距为2.F为椭圆的右焦点，点M在椭圆上且异于C，D两点.若直线与的斜率之积为.
(1)求椭圆的标准方程；
(2)过点作一条斜率不为0的直线与椭圆E相交于A，B两点（A在B，P之间），直线与椭圆E的另一个交点为H，求证：点A，H关于x轴对称.
【答案】(1)
(2)证明见解析
【分析】（1）根据直线与的斜率之积得到，故，结合焦距得到，，得到椭圆方程；
（2）设出直线方程，与椭圆方程联立，得到两根之和，两根之积，表达出，得到结论.
【详解】（1）由题意有，，
设，，化简得，结合，
可得，
由椭圆焦距为2，有，得，，
椭圆E的标准方程为；
（2）显然直线方程斜率不存在时，与椭圆方程无交点，
根据椭圆的对称性，欲证，H关于轴对称，
只需证，即证，
设，，直线方程为，
由消去得，
，解得，
所以，.
则，
因为，
所以，即A，H关于轴对称.
一、单选题
1．抛物线的准线方程是，则实数的值（ ）
A．B．C．8D．
【答案】A
【分析】根据抛物线的准线方程列式得出结果.
【详解】由题意可得：，解得.
故选：A.
2．到x轴距离与到y轴距离之比等于的点的轨迹方程为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】设点坐标，根据距离比列方程求轨迹方程，注意范围.
【详解】设该动点为，则有，即.
故选：D
3．已知直线经过点，且是直线的一个法向量，则直线的方程为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【分析】根据题意，由条件可得与垂直，代入计算，即可得到结果.
【详解】设为平面直角坐标系中异于点A任意一点，
则点P在直线l上的充要条件是与垂直．
又因为，所以，
整理可得一般式方程为．
故选：B.
4．圆：关于直线对称的圆的方程为（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】圆关于直线对称的圆之间的关系为：圆心关于直线对称，半径相等.所以求出关于直线对称的对称点即可解题.
【详解】圆：的圆心为，半径为2，
设关于直线对称的对称点为，
则，解得.
关于直线对称的对称点为，
圆：关于直线对称的圆的方程为.
故选：D.
5．已知双曲线的两条渐近线的夹角为，则此双曲线的离心率为（ ）
A．2或B．C．D．或2
【答案】A
【分析】利用渐近线的夹角，可以求出一条渐近线的斜率，进而求出双曲线的离心率.
【详解】由题意得双曲线的渐近线为，
而两条渐近线的夹角为，故的倾斜角为或，故或，
所以或2.
故选：A.
6．设，，，，且，，则（ ）
A．B．C．3D．
【答案】D
【分析】根据向量的平行和垂直的坐标表示，列式计算，可求得向量的坐标，从而可得的坐标，根据向量模的计算公式，即可得答案.
【详解】因为，且，
所以，解得，
所以，
又因为，且，
所以，所以，
所以，
所以，
故选：D.
7．班级物理社团在做光学实验时，发现了一个有趣的现象：从椭圆的一个焦点发出的光线经椭圆形的反射面反射后将汇聚到另一个焦点处.根据椭圆的光学性质解决下面问题：已知椭圆的方程为，其左、右焦点分别是，，直线与椭圆切于点，且，过点且与直线垂直的直线与椭圆长轴交于点Q，则（注；若的角平分线交于点，则）（ ）
A．1B．2C．D．
【答案】B
【分析】根据椭圆定义求出，结合平分，故.
【详解】由题设，则平分，故，
而，由椭圆定义可知，
则，所以.
故选：B.
8．已知双曲线的左、右两个顶点分别为，点为双曲线右支上的n个点，分别与关于原点对称，则直线这条直线的斜率乘积为（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【分析】先得到一组关于原点对称的点的斜率之积，再由任意性得到所有对称的点的斜率之积均为常数，相乘即可.
【详解】设，由题意，，又，
所以，
又因为在双曲线上，所以，
所以，
将条直线两两分组为，
则这组直线中的两条直线斜率之积均是，所以这条直线的斜率乘积为，
故选：B.
二、多选题
9．若构成空间的一个基底，则下列向量共面的是（ ）
A．，，B．，，
C．，，D．，，
【答案】ACD
【分析】根据空间向量共面基本定理进行求解判断即可.
【详解】对于，因为，故三个向量共面，故符合题意；
对于，假设，，共面，
则，使得，
故有，方程组无解，故假设不成立，故不符合题意；
即，，不共面；
对于，，故三个向量共面，故符合题意；
对于，，故三个向量共面，故题意符合.
故选：.
10．过已知圆内一个定点作圆C与已知圆相切，则圆心C的轨迹不可能是（ ）
A．圆B．椭圆C．线段D．射线
【答案】CD
【分析】先根据两个圆内切得到圆心间的距离为半径之差，再得到该值为定值得到轨迹为椭圆，考虑特殊情况椭圆，两焦点重合情况，此时为圆即可.
【详解】如图，设已知圆的圆心为，半径为，圆内的定点为，动圆的半径为．若点与点不重合，由于两圆相内切，则，由于，
因为，即，
所以动点C到两个定点，的距离和为常数，
又因为为圆内的定点，所以．
所以此时动点C的轨迹为椭圆；
若，重合为一点，则此时动点C的轨迹为以为直径的圆．
故选：CD
11．抛物线：焦点为，且过点，直线，分别交于另一点C和D，，则下列说法正确的是（ ）
A．
B．直线过定点
C．上任意一点到点和直线的距离相等
D．
【答案】ACD
【分析】将点的坐标代入，即可得到抛物线方程判断A，由抛物线的定义即可判断C，联立直线与抛物线方程，代入计算，即可判断BD.
【详解】抛物线过点，所以，，故A正确；
所以抛物线，上任意一点到和准线的距离相等，故C正确；设，，设，则，
所以的方程为，即，
联立，得，
当时，，得，
代换，得到，
所以，故D正确；
直线：，即，不过定点，故B错误.
故选：ACD.
12．已知四面体的所有棱长均为2，则下列结论正确的是（ ）
A．
B．点到平面的距离为
C．四面体的外接球体积为
D．动点在平面上，且与所成角为60°，则点的轨迹是椭圆
【答案】AC
【分析】在正四面体中通过线面垂直可证得，得正确；通过计算可验证；通过轨迹法可求得的轨迹为双曲线方程即可得错误.
【详解】取中点，连接，可得平面，则，故正确；
在四面体中，过点作平面于点，
则为底面正三角形的重心，因为所有棱长均为2，
，即点到平面的距离为，故错误；
设为正四面体的中心则为内切球的半径，为外接球的半径，
因为，
所以，即，
所以四面体的外接球体积，故正确；
建系如图：，设，
则，，
因为，所以，
即，平方化简可得：，可知点的轨迹不为椭圆，故错误.
故选:．
三、填空题
13．在空间直角坐标系中，，，则点到直线的距离为 ．
【答案】/
【分析】根据空间向量点到直线的距离公式求解即可.
【详解】取，，
则，，
所以点到直线的距离为．
故答案为：.
14．旅行者号探测器（Vgager2）于年月日在肯尼迪航天中心发射升空，迄今为止已经造访四颗气态巨行星（木星、土星、天王星、海王星）及其卫星，它的运行轨道为双曲线，假设其方程为，请写出一个与此双曲线的渐近线相同的双曲线标准方程 ．
【答案】（的方程均可）
【分析】根据同渐近线的双曲线方程可得结果.
【详解】与双曲线渐近线相同的双曲线的方程为.
故答案为：（的方程均可）.
15．画法几何创始人蒙日发现：椭圆上两条互相垂直的切线的交点必在一个与椭圆同心的圆上，且圆半径的平方等于长半轴、短半轴的平方和，此圆被命名为该椭圆的蒙日圆.若椭圆的蒙日圆为，则 .
【答案】3
【分析】根据题意，圆半径的平方等于长半轴、短半轴的平方和，列方程求解即可.
【详解】由题意可知，，所以，
故答案为：3.
16．密切圆（Osculating Circle），也称曲率圆，即给定一个曲线及其上一点P，会有一个圆与曲线切在P点，而且是与曲线在该点邻近最贴近的圆，换言之，没有一个圆能介于此圆与曲线之间而与曲线相切，此圆称为曲线在点P处的密切圆，密切圆可能是与曲线在该点相切的圆中半径最大的（比如在抛物线顶点处的内切圆），曲线上某点的曲率圆的半径称为曲率半径.抛物线C：在顶点处的（曲率半径为 .
【答案】
【详解】如图，设在抛物线顶点处的内切圆的方程为，
由消去y并化简得，
由曲率圆的定义知，圆与抛物线只有一个交点，于是方程组有且只有一个解，
则，所以曲率半径为.
故答案为：
四、解答题
17．已知的顶点，，且重心G的坐标为.
(1)求C点坐标：
(2)数学家欧拉在1765年提出定理：三角形的外心、重心、垂心依次位于同一直线上，这条直线被后人称之为三角形的欧拉线.求的欧拉线的一般式方程.
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）设出C点坐标，再根据重心的坐标公式可得；
（2）设出外心坐标，根据外心在边AC中垂线上，及到顶点距离相等列方程可得，再根据斜率与点斜式求解即可.
【详解】（1）设，则由重心G的坐标为，有，
解得，即,
所以C点坐标为.
（2）设的外心，则由外心性质可得P在的中垂线上，即，
由，，，
则，即，解得，即.
又，故欧拉线的斜率为，
故的欧拉线的方程为，即.
18．已知双曲线的中心在原点,焦点在坐标轴上，离心率为，且过点.
（1）求双曲线的方程；
（2）若点在双曲线上，求 的面积.
【答案】（1）；(2).
【分析】（1）设出双曲线的方程，代入点P的坐标，即可得到双曲线的方程；
（2）利用点M（3，m）在双曲线上，求出m值，进而利用S|F1F2|•|m|，即可求△F1MF2的面积．
【详解】解：（1）∵，∴可设双曲线的方程x2﹣y2＝λ
∵双曲线过点P（4，），∴16﹣10＝λ，即λ＝6
∴双曲线的方程x2﹣y2＝6
（2）由（1）知，双曲线中a＝b
∴，∴，
∴|F1F2|＝4
∵点M（3，m）在双曲线上，∴9﹣m2＝6，∴|m|
∴△F1MF2的面积为S|F1F2|•|m|＝6
即△F1MF2的面积为6．
【点睛】本题考查双曲线的标准方程，考查三角形面积的计算，确定双曲线的方程是关键．
19．如图，已知动圆M过定点且与y轴相切，点F关于圆心M的对称点为，点的轨迹为H.
(1)求曲线H的方程；
(2)一条直线经过点F，且交曲线H于A，B两点，点C为直线上的动点.求证：不可能是钝角.
【答案】(1)
(2)证明见解析
【分析】（1）设，表示出的坐标以及，根据圆满足的条件列出等式，化简可得答案；
（2）设直线的方程为，联立可得与系数的关系式，求出的表达式，结合根与系数的关系化简推出，即可证明结论.
【详解】（1）设，因为点在圆上，且点关于圆心的对称点为，
则，而，
因为动圆过定点且与轴相切，则，
即，化简得，
所以曲线的方程为.
（2）若直线与轴重合，则直线与抛物线有且只有一个公共点，不合乎题意.
设直线的方程为，设点，，，
联立，可得，，
由韦达定理可得，，
，同理，
所以，
，
即，故不可能为钝角.
20．1911年5月，欧内斯特·卢瑟福在《哲学》杂志上发表论文．在这篇文章中，他描述了用粒子轰击厚的金箔时拍摄到的运动情况．在进行这个实验之前，卢瑟福希望粒子能够通过金箔，就像子弹穿过雪一样．事实上，有极小部分粒子从金箔上反弹．如图显示了卢瑟福实验中偏转的粒子遵循双曲线一支的路径．
(1)结合图象，求出该双曲线的渐近线方程．
(2)如果粒子路径的顶点距双曲线的中心10cm，试求出该粒子路径的模型．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据渐近线的倾斜角求解；
（2）根据（1）及定点到中心距离为求解.
【详解】（1）由图可知一条渐近线的倾斜角为，故一条渐近线斜率，
由渐进线的对称性知，双曲线的两条渐近线方程为.
（2）由图知，双曲线的焦点在x轴上，
设双曲线的方程为，
因为双曲线的顶点到中心的距离为10cm，所以，
又由(1)知，，所以，
所以该粒子路径模型为.
21．已知在多面体中，，，，，且平面平面.
(1)设点F为线段BC的中点，试证明平面；
(2)若直线BE与平面ABC所成的角为，求二面角的余弦值．
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）由四边形为平行四边形.∴，再结合平面，即可证明平面；
（2）由空间向量的应用，建立以为原点，所在直线为轴，过点与平行的直线为轴，所在直线为轴的空间直角坐标系，再求出平面的法向量，平面的法向量，再利用向量夹角公式求解即可.
【详解】（1）取的中点，连接，，
∵在中，∴.
∴由平面平面，且交线为，平面，得平面.
∵，分别为，的中点，∴，且.
又，，∴，且.
∴四边形为平行四边形.∴，
∴平面.
（2）∵平面，平面，所以，
又因为，所以三者两两互相垂直，
∴以为原点，所在直线为轴，过点与平行的直线为轴，所在直线为轴，建立空间直角坐标系.
则，，.
∵平面，∴直线与平面所成的角为.
∴.∴.
可取平面的法向量，
设平面的法向量，，，
则，取，则，.∴，
∴，
∴二面角的余弦值为.
22．设椭圆：的左、右顶点分别为C，D，且焦距为2.F为椭圆的右焦点，点M在椭圆上且异于C，D两点.若直线与的斜率之积为.
(1)求椭圆的标准方程；
(2)过点作一条斜率不为0的直线与椭圆E相交于A，B两点（A在B，P之间），直线与椭圆E的另一个交点为H，求证：点A，H关于x轴对称.
【答案】(1)
(2)证明见解析
【分析】（1）根据直线与的斜率之积得到，故，结合焦距得到，，得到椭圆方程；
（2）设出直线方程，与椭圆方程联立，得到两根之和，两根之积，表达出，得到结论.
【详解】（1）由题意有，，
设，，化简得，结合，
可得，
由椭圆焦距为2，有，得，，
椭圆E的标准方程为；
（2）显然直线方程斜率不存在时，与椭圆方程无交点，
根据椭圆的对称性，欲证，H关于轴对称，
只需证，即证，
设，，直线方程为，
由消去得，
，解得，
所以，.
则，
因为，
所以，即A，H关于轴对称.
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