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2022-2023学年上海市黄浦区清华中学八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）
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这是一份2022-2023学年上海市黄浦区清华中学八年级（下）期末物理试卷（含答案解析），共13页。试卷主要包含了以下物理量能鉴别物质种类的是，夏季，上海最高气温约为等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年上海市黄浦区清华中学八年级（下）期末物理试卷
1.以下物理量能鉴别物质种类的是( )
A. 比热容、内能 B. 密度、比热容 C. 质量、密度 D. 比热容、质量
2.夏季，上海最高气温约为( )
A. 70℃ B. 40℃ C. 10℃ D. −20℃
3.下列现象中，能说明分子在不停运动的是( )
A. 喷泉边水花四溅 B. 花开时香气扑鼻 C. 扫地时尘土飞扬 D. 寒冬中雪花飞舞
4.如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是( )
A. 搓手取暖 B. 热水袋取暖
C. 冷毛巾降温 D. 煤气烧水
5.如图所示的工具在使用时，其实质属于费力杠杆的是( )
A. 羊角锤拔钉 B. 核桃夹
C. 撬棒 D. 食品夹
6.温度计在使用过程中，有关温度计中的液体一定不会发生改变的是( )
A. 体积 B. 温度 C. 质量 D. 密度
7.商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的( )
A. 势能增加，机械能不变 B. 动能不变，机械能增加
C. 动能减少，势能增加 D. 动能增加，势能不变
8.如图所示，在一根轻质杠杆AB两端分别施加竖直向下的力F1、F2(F1
B. B端下降
C. 仍保持平衡
D. 无法判断
9.甲、乙两物体吸收相等热量后，甲物体的温度变化量大。如甲物体的比热容为c甲，质量为m甲，乙物体比热容为c乙，质量是m乙，则下列说法中，一定错误的是( )
A. 若m甲=m乙，则c甲
A. ρ甲>ρ乙；m甲>m乙
B. ρ甲<ρ乙；m甲
D. ρ甲=ρ乙；m甲
12.如图所示是我国传统的“走马灯”。点燃底部蜡烛，在热空气上升驱动扇叶转动的过程中，
能量的转化方式是______ 能转化为______ 能，这与四冲程汽油机的______ 冲程相同。
13.冰的密度为0.9×103千克/米 3，它表示每立方米冰的______.1千克冰全部熔化成水，其密度将______，体积将______.(后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”)
14.查如表可知，煤油的比热容读作______ 。汽车发动机用水作冷却剂，是因为______ ，与质量相同的其他物质相比，______ (选填序号A“升高相同温度，水吸收热量较多”、B“降低相同温度，水放出热量较多”)。
比热容[单位：焦/(千克⋅℃)]
煤油：2.1×103
铝：0.90×103
水：4.2×103
铜：0.39×103
15.使用如图所示的滑轮分别匀速提起重为20牛的物体，不计摩擦和滑轮重力。滑轮______ 可以看作是等臂杠杆[选填“(a)”“(b)”]，物体匀速上升时，其动能将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)，F1的大小为______ 牛，F2的大小为______ 牛。
16.两个相同的容器内分别装有质量相同的甲、乙两种液体，用相同酒精灯分别加热，液体温度(T)与加热时间(t)的关系如图所示(选填“大于”、“小于”或“等于”)
(1)加热相同的时间，甲液体吸收的热量______乙液体吸收的热量。
(2)加热相同的时间，甲液体升高的温度______乙液体升高的温度。
(3)甲液体的比热容______乙液体的比热容。
17.如图所示，甲、乙两个完全相同的容器中盛满水，现将质量相同、体积不同的实心小球A、B浸没在水中，小球的密度关系ρA______ ρB；容器的总质量关系m甲总______ m乙总。(均选填“>”、“=”或“<”)
18.我国幅员辽阔，跨纬度较广，距海远近差距较大，加之地势高低不同，地形类型及山脉走向多样，因而形成了多种多样的气候。如图甲所示为我国地图，其中上海和合肥是处于同纬度的两个城市，如表是2023年3月4日两个城市的气温情况。
2023年3月4日
城市甲晴8℃∼23℃
城市乙晴12℃∼18℃
(1)由纬度相同可知，在晴朗的气候条件下，两个城市的______ 是相同的；依据表中的______ ，可以判断城市甲是______ (选填“上海”或“合肥”)。
(2)沿海地区炎热晴朗的天气里易形成海陆风。海陆风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。其中把海面吹向陆地的风称为海风，把陆地吹向海面的风称为陆风。图乙和图丙所示的海陆风形成示意图中______ 图反映的是白天海风的形成。
19.用横线在图中的甲上画出温度计的示数的位置，甲27℃.(用铅笔涂黑)
20.杠杆在力F1、F2的作用下处于平衡，在图中画出力F1。
21.如图所示，弹簧测力计示数为2牛，现把一只重为1牛的钩码挂上杠杆，使杠杆在水平位置平衡，请把钩码画在图中适当的位置．
22.如图所示，某房间一段时间内循环流动的水质量为1000千克，进水温度为55℃，出水温度为40℃。求这段时间里：水向外界放出的热量Q放。[c水=4.2×103焦/(千克⋅℃)]
23.用如图所示的滑轮装置把重为10牛的物体在5秒内匀速向上提高2米，不计绳重、绳子和滑轮之间的摩擦，求：
(1)绳子自由端的拉力F所做的功W。
(2)拉力F的功率。
24.如图所示，一轻质杠杆可绕O点转动，OA长0.4米，AB长0.2米，A点处挂一重为9牛的物体G，B点处用力拉杠杆。
①若用垂直于杠杆的力F1向上拉，使杠杆在水平位置平衡则拉力F1为多少牛？
②若力的作用点都不变，要使拉力变大，
Ⅰ.小明认为如果杠杆仍在水平位置平衡，可以仅将拉力方向改为倾斜向上(如图中的F1′所示)；
Ⅱ.小华认为若拉力始终垂直于杠杆，可以仅使杠杆从水平位置缓慢向上转到虚线位置(如图中的F1′′所示)。
请判断：小明和小华的设想是否正确？并根据杠杆平衡条件分别简述理由。
25.如图所示，甲、乙两个圆柱形容器的底面积分别为0.02m2和0.03m2，两容器足够高。甲容器中盛有一定量的水，水深0.3m，乙容器中盛有质量为4.8kg的酒精(ρ酒精=0.8×103kg/m3,ρ水=1.0×103kg/m3)。求：
(1)甲容器中水的质量是多少？
(2)乙容器中酒精的深度是多少？
(3)在甲、乙两个容器中分别加入相同深度Δh的水和酒精后，使水的质量等于酒精质量。求相同深度Δh。
26.对比“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验，它们的相同之处是______ ，不同之处是______ (选填序号：A、“多次实验的意义”；B、“实验目的”；C、“测量的物理量”)。“测定物质密度”的实验原理是______ ，用______ 测得石块的质量为50克，用量筒测得小石块的体积为20厘米 3，可得小石块的密度为______ 千克/米 3，继续用相同的方法测出同材质的其他小石块的质量与体积，其目的是______ 。
27.小李和小王在“探究杠杆平衡的条件”实验中：
①实验前，小李猜测杠杆平衡的条件是：当杠杆平衡时，动力+动力臂=阻力+阻力臂。小王认为小李的猜测存在问题，其主要依据是______ 。
②合理猜测后，他们选择了实验器材(带刻度的杠杆、支架、细线和重力相同的钩码若干个)进行实验。将杠杆______ 点置于支架上，发现杠杆左端高右端低，则应向______ (选填“左”或“右”)调节平衡螺母。
③如图所示，在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂4个钩码，杠杆恰好在原位置平衡。于是他们便得出了杠杆平衡的条件为：当杠杆平衡时，动力/动力臂=阻力/阻力臂。你认为他们实验中存在的问题是：i ______ ；ii ______ ；
④建议添加的主要实验器材：______ 。
28.某同学用同一装置做“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验，该装置由一个水平面与一个对接斜面组成，水平面上放有一块木块。该同学将小球A从同一装置的不同高度处滚下(h1
①请写出图(a)和(b)中支持该同学猜想的实验现象：______ 。
②接着，他换用质量不同的小球B从该装置的相同高度处滚下(mA
29.“探究物质质量与体积的关系”实验中，某小组同学分别用甲、乙两种不同的物质做实验。实验时，他们分别测出甲、乙两种物质的体积及质量，记录数据如表一、表二所示。
表一
物质
实验序号
体积(厘米 3)
质量(克)
甲
1
10
27
2
20
54
3
30
81
表二
物质
实验序号
体积(厘米 3)
质量(克)
乙
4
15
30
5
30
60
6
45
90
①分析比较实验序号1、2与3(或4、5与6)的数据及相关条件，可得出的初步结论是：同种物质，______ 。
②分析比较实验序号______ 的数据及相关条件，可得出的初步结论是：相同体积的不同物质，它们的质量是不相同的。
③进一步综合分析比较表一、表二的数据及相关条件，小明得出的初步结论是：同种物质，质量与体积的比值是相同的；不同种物质，质量与体积的比值是不相同的。小华得出的初步结论是：同种物质，体积与质量的比值是相同的；不同种物质，体积与质量的比值是不相同的。请判断：______ 的结论是合理的(选填“小明”、“小华”或“小明和小华”)。
④小明为了进一步研究同种物质的质量与体积的比值是否受温度变化的影响，设计了记录数据的表格，如表三所示。请在表三的空格处填上栏目。
表三
物质
实验序号
体积(厘米 3)
质量(克)
______
______
甲
7
/
/
/
/
8
/
/
/
/
9
/
/
/
/
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：因为密度和比热容都是物质的特性，不同物质的密度和比热容一般是不同的，而内能与机械能、质量与重力、温度和热量都不是物质的特性，和物质的种类没有关系，所以应该用密度和比热容来鉴别物质的种类。
故选：B。
物质的特性指的是这种物质特有的，可以用于区别其它物质的性质；密度、比热容都是物质的特性。
掌握密度是物质的特性，要想鉴别物质的种类，可以计算出它的密度，然后查密度表，看到底是那种物质，比热容也是物质的特性。
2.【答案】B
【解析】解：夏季，上海最高气温约为40℃。
故选：B。
上海地区的夏天，七月份气温最高，曾高达40℃左右。
本题考查了学生对温度的理解和应用，属于基础性题目。
3.【答案】B
【解析】解：
A、喷泉边水花四溅，水花四溅属于宏观的机械运动，故A不合题意；
B、花开时香气扑鼻，是花香分子无规则运动的结果，故B符合题意；
C、扫地时尘土飞扬，尘土飞扬属于宏观的机械运动，故C不合题意；
D、寒冬中雪花飞舞，雪花飞舞属于宏观的机械运动，故D不合题意．
故选B.
微观粒子的特征：质量和体积都很小，肉眼无法观察到；微粒与微粒之间有间隙；都是不断运动的，能够闻到气味是分子运动的结果．
本题主要考查了微观粒子特征方面的内容，可以依据微粒的特征进行分析．
4.【答案】A
【解析】解：A、搓手取暖，克服摩擦做功，内能增加，属于做功改变物体内能；
B、热水袋取暖，属于热传递是改变物体内能；
C、冷毛巾降温，属于热传递是改变物体内能；
D、煤气烧水，属于热传递是改变物体内能；对比只有A与其他的方式不同。
故选：A。
做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
本题考查了改变物体内能方式的判断，知道内能改变过程中发生的是能量的转化还是能量的转移是正确解题的关键。
5.【答案】D
【解析】解：
A、羊角锤拔钉时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：D。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6.【答案】C
【解析】解：在测量体温的过程中，水银吸热，体温计中的水银温度会升高，因为热胀冷缩，体积会变大；质量是物体中所含物质的多少，是不随温度的变化而变化的，所以，质量不变．根据ρ=mV可知，质量不变，体积变大，所以密度会变小；故C正确，ABD错误。
故选：C。
(1)温度是物体的冷热程度；
(2)质量是物体中所含物质的多少．只要物质的多少不变质量就不变；
(3)单位体积的物质的质量叫密度，物质的密度是否改变可根据ρ=mV作出判断。
熟知质量、密度的概念及其特性是解此类题的基础。
7.【答案】B
【解析】解：商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的质量不变以，速度不变，所以动能不变，这一过程中高度增大，所以重力势能增大．
机械能包括动能和势能，所以机械能增大．
故只有选项B的说法是正确的．
故选B.
机械能包括动能和势能．动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关．据此逐一做出判断．
本题主要考查了动能与重力势能的影响因素，结合影响因素做出判断是正确解答的关键．
8.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，在一根轻质杠杆AB的两端分别施加竖直向下的力F1、F2(F1L2。若使F1、F2同时增大2牛，此时杠杆AB的两端分别施加竖直向下的力分别为F′1、F′2，则：
F′1=F1+F，F′2=F2+F，
此时左右两端的力分别乘以力臂为：F′1L1=(F1+F)L1=F1L1+FL1，F′2L2=(F2+F)L2=F2L2+FL2；
比较F′1L1、F′2L2大小，由上可知，F1L1=F2L2，且L1>L2，可知FL1>FL2，故F′1L1>F′2L2，所以若使F1、F2同时增大2牛，A端将下降，故A正确。
故选：A。
根据杠杆的平衡条件得出力臂的大小关系；若使F1、F2同时增大2牛，根据力与力臂的乘积的大小情况分析杠杆的运动状态。
用杠杆的平衡条件，判断出力与力臂乘积的变化值，从而判断出某些量的大小，也是杠杆知识的一种基本应用。
9.【答案】C
【解析】解：
甲物体吸收的热量Q甲=c甲m甲△t甲，乙物体吸收的热量Q乙=c乙m乙△t乙，
由题知，甲、乙两物体吸收相等的热量，即：Q甲=Q乙，
则：c甲m甲△t甲=c乙m乙△t乙，
因为甲物体的温度变化量大，即△t甲>△t乙，
所以c甲m甲m乙，故D可能正确。
故选：C。
甲物体吸收的热量Q甲=c甲m甲△t甲，乙物体吸收的热量Q乙=c乙m乙△t乙，由题知，甲、乙两物体吸收相等的热量，可得c甲m甲△t甲=c乙m乙△t乙，而甲物体的温度变化量大，可得c甲m甲m乙。
10.【答案】C
【解析】解：(1)由图可知，甲液体的体积大于乙液体的体积，两种液体质量相等，
根据ρ=mV可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，
因为密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积无关，
所以，从两容器中分别抽出相同高度的液体，剩余液体的密度不变，
所以，剩余两种液体的密度关系为ρ甲<ρ乙.故AD错误；
(2)假设从两容器中分别抽出相同高度的液体，其高度为乙液体的高度，
那么，剩余甲液体的质量大于0，剩余乙液体的质量为0，
所以，剩余液体的质量关系应为m甲>m乙.故B错误，C正确．
故选C.
(1)根据密度公式，结合图示，判断两种液体的密度关系，然后根据密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关，判断剩余液体的密度关系；
(2)利用极值法，假设从两容器中分别抽出相同高度的液体，其高度为乙液体的高度，比较剩余液体的质量大小．
此题考查密度公式及其应用，难点在于比较剩余液体的质量大小，利用极值法可以便捷、有效地解答．
11.【答案】冷热程度 液体的热胀冷缩 36.5℃37.8
【解析】解：温度是表示物体冷热程度的物理量；
常用温度的测量工具是液体温度计，如图所示是一支体温计，它是根据液体的热胀冷缩原理制成的；
由图可知，该体温计的分度值为0.1℃，示数为36.5℃；
若没有甩就用它测量某实际体温为37.8℃的病人的体温，玻璃泡中的水银因膨胀而上升，测量病人的体温是37.8℃。
故答案为：冷热程度；液体的热胀冷缩；36.5℃；37.8。
温度是表示物体冷热程度的物理量；
温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的；
体温计读数时，认清分度值，然后看水银柱在什么位置，然后读数；
体温计上有个缩口，玻璃泡中的水银因膨胀而上升，但在收缩时不能回到玻璃泡，而在缩口处断开，再次使用时一定要甩一甩。
此题考查了温度的概念、液体温度计的测温原理、体温计的读数方法
12.【答案】内 机械 做功
【解析】解：点燃蜡烛时，气体温度升高，气体的密度变小，热空气就会向上运动，运动的热空气推动扇叶转动，运动的热空气对外做功，将内能转化为机械能，该过程和四冲程汽油机的做功冲程的能量转化相同。
故答案为：内；机械；做功。
(1)气体温度升高，气体的密度变小，热空气向上运动，再结合能量的转化的特点可做出判断。
(2)内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的。
本题考查了气体受热膨胀的特点及能量的转化，同时还要明确内燃机四个冲程中的能量转化情况，是一道基础题。
13.【答案】质量为0.9×103kg变大 变小
【解析】解：
(1)体积是1m3的某种物质的质量，叫做这种物质的密度．冰的密度为0.9×103kg/m3，它表示每立方米冰的质量为0.9×103kg；
(2)一块冰全部熔化成水，状态发生变化，所含物质多少没有变化，所以质量不变．
因为冰的密度小于水的密度，由密度公式变形V=mρ可得，水的体积小于冰的体积．
故答案为：质量为0.9×103kg；变大；变小．
(1)单位体积的某种物质的质量，叫做这种物质的密度；
(2)质量是物质的一种特性它不会随着物体的位置，形状，状态，温度的改变而改变；根据冰的密度小于水的密度，利用密度公式变形V=mρ判断体积变化．
此题考查了密度的物理意义及计算公式的应用，属于基本概念和规律的考查，比较简单，容易解答．
14.【答案】2.1×103焦每千克摄氏度 水的比热容较大 A
【解析】解：
由表可知，煤油的比热容为2.1×103焦/(千克⋅℃)，读作2.1×103焦每千克摄氏度；
汽车发动机用水作冷却剂是利用水的比热容大，与质量相同的其他物质相比，升高相同的温度，水吸收热量较多(注意发动机的温度高，发动机放出热量，水吸收热量)，故选A。
故答案为：2.1×103焦每千克摄氏度；水的比热容较大；A。
(1)比热容的单位：焦每千克摄氏度；
(2)因为水的比热容大，和同样质量的其它物质相比，升高相同的温度，水从发动机吸热多；
本题主要考查了水的比热容大的特点在生活中的应用，属于基础题目。
15.【答案】(a)不变 20 10
【解析】解：物体匀速上升，质量不变，速度不变，动能不变；
由图知，(a)图中滑轮不随货物一起升降是定滑轮，本质是等臂杠杆，它的好处是可以改变力的方向；不计摩擦和滑轮重力，则F1=G=20N；
(b)是动滑轮，本质是动力臂为阻力臂两倍的省力杠杆，不计滑轮重和摩擦，能省一半力，则拉力F2=12G=12×20N=10N。
故答案为：(a)；不变；20；10。
动能的大小与质量、速度有关；
定滑轮的本质是等臂杠杆，不省力，也不省距离，但可以改变力的方向；动滑轮的本质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，可以省一半的力，但是费距离。
本题考查了机械能的大小变化分析、定滑轮和动滑轮的特点，属于基础题目。
16.【答案】等于 大于 小于
【解析】解：(1)加热相同的时间，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量。
(2)由图知，加热相同的时间，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度。
(3)由(2)知，因质量相同的甲、乙两种液体，吸收相同的热量，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，由比较吸热能力的第2种方法，甲液体的比热容小于乙液体的比热容。
故答案为：(1)等于；(2)大于；(3)小于。
(1)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
(2)由图分析回答；
(3)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强(比热容大)；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强(比热容大)。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
17.【答案】<<
【解析】解：由题知，mA=mB，由图知，VA>VB，根据密度公式ρ=mV得，ρA<ρB；
甲、乙两个完全相同的容器中盛满水，现将质量相同、体积不同的实心小球A、B浸没在水中，由于VA>VB，甲容器溢出的水较多，两容器中剩余的水的质量m甲水
(1)知道实心小球A、B的质量和体积，根据密度公式可求出其密度的大小关系；
(2)甲、乙两个完全相同的容器中盛满水，现将质量相同、体积不同的实心小球A、B浸没在水中，由于VA>VB，甲容器溢出的水较多，两容器中剩余的水的质量m甲水
18.【答案】吸热和放热情况 温度 合肥 丙
【解析】解：
(1)由纬度相同可知，在晴朗的气候条件下，两个城市的吸热和放热情况是相同的，在相同时间内吸收或放出的热量相同，由于水的比热容大于砂石的比热容，在质量相同、吸收热量相同的情况下，水的温度变化较较小，所以乙是沿海城市，乙是上海，则甲是合肥；
(2)由于地面和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风，故乙图是陆风，丙图是海风。
故答案为：(1)吸热和放热情况；温度；合肥；(2)丙。
(1)纬度相同，吸热和放热情况是相同的；根据水的比热容大分析；
(2)根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。
19.【答案】解：
由图知：温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃；
已知温度计的示数为27℃，液柱最高处在20℃以上7格处，具体位置如下图：
【解析】使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下．
此题考查的是温度计示数的标注，在物理实验和日常生活中经常使用温度计，我们要熟练掌握其使用和读数方法．
20.【答案】解：画出力臂L1的垂线，可得F1的作用线，与杠杆的交点B为F1的作用点，F1的方向应该向上，在线段末端标出箭头，得出动力示意图，如图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，F1的作用点在杠杆上，据此画出动力示意图。
本题考查了力和力臂的作法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使杠杆的运动趋势是相反的。
21.【答案】解：设杠杆每格的长度为L，由图示可知，弹簧测力计拉力的力臂L2=2L，
由杠杆平衡条件得：F1×L1=F2×L2，即1N×L1=2N×2L，解得L1=4L，
如图所示：
.
【解析】由图示杠杆求出弹簧测力计拉力的力臂，由杠杆平衡条件求出钩码的力臂，然后作图．
由图示求出力臂、应用杠杆平衡条件即可正确解题．
22.【答案】解：水降低的温度Δt=t−t0=55℃−40℃=15℃，
水放出的热量：
Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1000kg×15℃=6.3×107J。
答：水向外界放出6.3×107J的热量。
【解析】先求出水降低的温度，知道水的质量、水的比热容，再利用Q放=cmΔt求出水放出的热量。
本题考查了放热公式Q放=c水mΔt的应用，属于基础题目。
23.【答案】解：(1)使用定滑轮不能改变力的大小，
不计绳重、绳子和滑轮之间的摩擦，拉力等于物体重力，则物体拉力：F=G=10N；
拉力做功：W=Fs=10N×2m=20J；
(2)拉力的功率：P=Wt=20J5s=4W。
答：(1)绳子自由端的拉力F做的功20J；
(2)拉力的功率4W。
【解析】由图示可知，滑轮为定滑轮，根据定滑轮特点求出拉力的大小，由功的计算公式求出拉力的功，然后由功率公式求出拉力的功率。
本题主要考查定滑轮的特点，功和功率公式的应用，根据定滑轮的特点求解出动力的大小是解题的关键。
24.【答案】解：①若用垂直于杠杆的力F1向上拉，使杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆平衡条件可知，G×OA=F1×OB，即9N×0.4m=F1×(0.2m+0.4m)，
解得：F1=6N；
②若将拉力方向改为倾斜向上，此时阻力和阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，F1′变大；
若拉力始终垂直于杠杆，使杠杆从水平位置缓慢向上转到虚线位置，此时阻力不变，阻力臂减小，动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，F1″减小，故小明的设想正确，小华的设想错误。
答：①若用垂直于杠杆的力F1向上拉，使杠杆在水平位置平衡则拉力F1为6N；
②若将拉力方向改为倾斜向上，此时阻力和阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，F1′变大；若拉力始终垂直于杠杆，使杠杆从水平位置缓慢向上转到虚线位置，此时阻力不变，阻力臂减小，动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，F1″减小，故小明的设想正确，小华的设想错误。
【解析】①根据杠杆平衡条件求出拉力F1；
②根据杠杆平衡条件分析回答。
本题考查了杠杆平衡条件，会用杠杆的平衡条件分析杠杆的动态平衡。
25.【答案】解：(1)由于甲容器的底面积S甲=0.02m2，水深为0.3m，
甲容器内水的体积：
V水=S甲h水=0.02m2×0.3m=6×10−3m3，
甲容器内水的质量：
m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×6×10−3m3=6kg；
(2)乙容器中酒精的体积：
V酒精=m酒精ρ酒精=4.8kg0.8×103kg/m3=6×10−3m3；
乙容器中酒精的深度为：
h酒精=V酒精S乙=6×10−3m30.03m2=0.2m；
(3)甲、乙两容器分别加入相同深度Δh的水和酒精后，
甲容器中水的体积V水′=S甲h水′=0.02m2×(0.3m+Δh)，
甲容器中水的质量：m水′=ρ水V水′=1.0×103kg/m3×0.02m2×(0.3m+Δh)......①，
乙容器中酒精的体积：V酒精′=S乙h酒精′=0.03m2×(0.2m+Δh)，
乙容器中酒精的质量m酒精′=ρ酒精V酒精′=0.8×103kg/m3×0.03m2×(0.2m+Δh)......②，
因为m水′=m酒精′，
所以1.0×103kg/m3×0.02m2×(0.3m+Δh)=0.8×103kg/m3×0.03m2×(0.2m+Δh)，
解得：Δh=0.3m。
答：(1)甲容器中水的质量为6kg；
(2)酒精的深度是0.2m；
(3)相同深度Δh为0.3m。
【解析】(1)知道甲容器的底面积和水深，利用V=Sh可求出水的体积，再利用m=ρV可求甲容器内水的质量；
(2)知道酒精的质量和密度，利用V=mρ可求出酒精的体积，利用V=Sh求乙容器中酒精的深度；
(3)利用V=Sh分别求出加入相同深度Δh的水和酒精后，水和酒精的体积，利用m=ρV分别求出水和酒精的质量，利用“水的质量等于酒精质量”求Δh的大小。
本题主要考查密度公式的应用，难点在第三问，利用好条件“水的质量等于酒精质量”是关键。
26.【答案】CBρ=mV 天平 2.5×103 验证同材质不同质量小石块密度是否相同
【解析】解：(1)“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验所测量的量都是物体的质量与体积，因此所使用的实验仪器也相同，只有实验目的不同，一个是为了探究质量与体积的变化规律，一个是为了测量具体的密度值；
(2)“测定物质密度”的实验原理是ρ=mV；
用天平测得石块的质量为50克，用量筒测得小石块的体积为20厘米 3，
小石块的密度为ρ=mV=50g20cm3=2.5g/cm3=2.5×103kg/m3；
(3)用相同的方法测出同材质的其他小石块的质量与体积，验证同材质不同质量小石块密度是否相同。
故答案为：C；B；ρ=mV；天平；2.5×103；验证其同材质不同质量小石块密度是否相同。
(1)根据“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验的实验原理和实验目的分析解答；
(2)“测定物质密度”的实验原理是ρ=mV，需要用天平测量物体的质量，用量筒测量体积；
已知石块的质量和体积，利用密度公式计算其密度；
(3)用相同的方法测出同材质的其他小石块的质量与体积，验证同材质不同质量小石块密度是否相同。
本题考查“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验的相同和不同之处以及多次实验的目的，通过比较，了解物质密度的探究过程。
27.【答案】不同单位的物理量不能相加 中 左 只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性 实验数据具有很特殊性 弹簧测力计
【解析】解：①力和力臂是单位不同的两个物理量，故不能相加；
②实验前将杠杆中点置于支架上，发现杠杆右端低左端高，杠杆的左端上翘，右端的平衡螺母向上翘的左端移动；
③该同学只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性，且实验数据还具有很特殊性，应多测几组数据进行分析得出结论；
④在“探究杠杆平衡的条件”实验中，不但要改变力和力臂的大小，还要改变力的方向，为此需要添加弹簧测力计来完成该实验。
故答案为：①不同单位的物理量不能相加；②中；左；③只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性；实验数据具有很特殊性；④弹簧测力计。
(1)单位不同的两个量是不能相加的；
(2)实验前将杠杆中点置于支架上，调节平衡时按照“左沉右调”的原则，调节杠杆在水平位置平衡；
(3)杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，在实验中，为得出普遍结论应改变实验条件，进行多次测量；
(4)测量力的工具叫测力计，在物理实验室经常使用弹簧测力计来测量力的大小。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
28.【答案】小球速度越大，推动木块移动的距离越远 在速度相同时，物体的质量越大动能越大 不能
【解析】解：①由图(a)和(b)可知，同一小球从同一装置的不同高度处滚下，小球速度越大，推动木块移动的距离越远，故可以得出同一物体，速度越大，动能越大；
②分析比较(a)、(c)两图知，小球自由下滑的高度相同，运动到水平面的速度大小相同，B球质量大，推动木块移动的距离远，故可得出的初步结论是：在速度相同时，物体的质量越大动能越大；
③若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律可知，木块将永远不停地运动下去，无法比较木块运动距离的大小，本实验将不能达到探究目的。
故答案为：①小球速度越大，推动木块移动的距离越远；②在速度相同时，物体的质量越大动能越大；③不能。
①实验中钢球动能的大小是通过木块移动的距离体现的，这是转换法的应用；
②物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
③根据牛顿第一定律分析回答。
本题考查了学生对影响动能大小的因素的掌握，注重了控制变量法和转换法应用的考查，是中考的热点。
29.【答案】质量与体积成正比 3与5 小明和小华 温度(℃)质量/体积(克/厘米 3)
【解析】解：(1)序号2的质量是序号1的2倍，对应的体积也是2倍；序号3的质量是序号1的3倍，对应的体积也是3倍，所以可以得出结论：同种物质的质量与体积成正比；
(2)结论的前提条件是体积相同，所以我们应找表中体积相同的序号，由表中可知：序号3与5的体积相同，质量不同；
(3)序号1、2、3中质量与体积的比值都是2.7g/cm3；序号4、5、6中质量与体积的比值都是2g/cm3，
这说明同种物质质量与体积的比值是一个确定值；不同物质，质量与体积的比值是不同的；故小明和小华的结论都是正确的；
(4)小明为了进一步研究同种液体的质量与体积的比值是否受温度变化的影响，设计的记录表格中应包含温度、质量和体积的比值的内容。
故答案为：①质量与体积成正比；②1与4或2与5或3与6；③小明和小华；④温度(℃)；质量/体积(克/厘米 3)。
(1)序号1、2与3对应的是同一种物质，质量随体积的增大而增大；
(2)结论的前提条件是体积相同，所以应找体积相同的序号；
(3)用质量除以体积得到质量与体积的比值，同种物质，质量与体积的比值不变，不同物质，质量与体积的比值一般不同；
(4)研究同种液体的质量与体积的比值是否受温度变化的影响，数据记录表格中应出现温度这一栏。
本题考查了学生根据实验数据分析归纳能力，这类题型是常见题型，也是常考的题型。结论的成立是建立在条件的基础上的，所以分析时一定要先找条件，即相同的量，然后通过比较得出结论。
2022-2023学年上海市黄浦区清华中学八年级（下）期末物理试卷
1.以下物理量能鉴别物质种类的是( )
A. 比热容、内能 B. 密度、比热容 C. 质量、密度 D. 比热容、质量
2.夏季，上海最高气温约为( )
A. 70℃ B. 40℃ C. 10℃ D. −20℃
3.下列现象中，能说明分子在不停运动的是( )
A. 喷泉边水花四溅 B. 花开时香气扑鼻 C. 扫地时尘土飞扬 D. 寒冬中雪花飞舞
4.如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其他三个实例不同的是( )
A. 搓手取暖 B. 热水袋取暖
C. 冷毛巾降温 D. 煤气烧水
5.如图所示的工具在使用时，其实质属于费力杠杆的是( )
A. 羊角锤拔钉 B. 核桃夹
C. 撬棒 D. 食品夹
6.温度计在使用过程中，有关温度计中的液体一定不会发生改变的是( )
A. 体积 B. 温度 C. 质量 D. 密度
7.商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的( )
A. 势能增加，机械能不变 B. 动能不变，机械能增加
C. 动能减少，势能增加 D. 动能增加，势能不变
8.如图所示，在一根轻质杠杆AB两端分别施加竖直向下的力F1、F2(F1
B. B端下降
C. 仍保持平衡
D. 无法判断
9.甲、乙两物体吸收相等热量后，甲物体的温度变化量大。如甲物体的比热容为c甲，质量为m甲，乙物体比热容为c乙，质量是m乙，则下列说法中，一定错误的是( )
A. 若m甲=m乙，则c甲
A. ρ甲>ρ乙；m甲>m乙
B. ρ甲<ρ乙；m甲
D. ρ甲=ρ乙；m甲
12.如图所示是我国传统的“走马灯”。点燃底部蜡烛，在热空气上升驱动扇叶转动的过程中，
能量的转化方式是______ 能转化为______ 能，这与四冲程汽油机的______ 冲程相同。
13.冰的密度为0.9×103千克/米 3，它表示每立方米冰的______.1千克冰全部熔化成水，其密度将______，体积将______.(后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”)
14.查如表可知，煤油的比热容读作______ 。汽车发动机用水作冷却剂，是因为______ ，与质量相同的其他物质相比，______ (选填序号A“升高相同温度，水吸收热量较多”、B“降低相同温度，水放出热量较多”)。
比热容[单位：焦/(千克⋅℃)]
煤油：2.1×103
铝：0.90×103
水：4.2×103
铜：0.39×103
15.使用如图所示的滑轮分别匀速提起重为20牛的物体，不计摩擦和滑轮重力。滑轮______ 可以看作是等臂杠杆[选填“(a)”“(b)”]，物体匀速上升时，其动能将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)，F1的大小为______ 牛，F2的大小为______ 牛。
16.两个相同的容器内分别装有质量相同的甲、乙两种液体，用相同酒精灯分别加热，液体温度(T)与加热时间(t)的关系如图所示(选填“大于”、“小于”或“等于”)
(1)加热相同的时间，甲液体吸收的热量______乙液体吸收的热量。
(2)加热相同的时间，甲液体升高的温度______乙液体升高的温度。
(3)甲液体的比热容______乙液体的比热容。
17.如图所示，甲、乙两个完全相同的容器中盛满水，现将质量相同、体积不同的实心小球A、B浸没在水中，小球的密度关系ρA______ ρB；容器的总质量关系m甲总______ m乙总。(均选填“>”、“=”或“<”)
18.我国幅员辽阔，跨纬度较广，距海远近差距较大，加之地势高低不同，地形类型及山脉走向多样，因而形成了多种多样的气候。如图甲所示为我国地图，其中上海和合肥是处于同纬度的两个城市，如表是2023年3月4日两个城市的气温情况。
2023年3月4日
城市甲晴8℃∼23℃
城市乙晴12℃∼18℃
(1)由纬度相同可知，在晴朗的气候条件下，两个城市的______ 是相同的；依据表中的______ ，可以判断城市甲是______ (选填“上海”或“合肥”)。
(2)沿海地区炎热晴朗的天气里易形成海陆风。海陆风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气对流形成的。其中把海面吹向陆地的风称为海风，把陆地吹向海面的风称为陆风。图乙和图丙所示的海陆风形成示意图中______ 图反映的是白天海风的形成。
19.用横线在图中的甲上画出温度计的示数的位置，甲27℃.(用铅笔涂黑)
20.杠杆在力F1、F2的作用下处于平衡，在图中画出力F1。
21.如图所示，弹簧测力计示数为2牛，现把一只重为1牛的钩码挂上杠杆，使杠杆在水平位置平衡，请把钩码画在图中适当的位置．
22.如图所示，某房间一段时间内循环流动的水质量为1000千克，进水温度为55℃，出水温度为40℃。求这段时间里：水向外界放出的热量Q放。[c水=4.2×103焦/(千克⋅℃)]
23.用如图所示的滑轮装置把重为10牛的物体在5秒内匀速向上提高2米，不计绳重、绳子和滑轮之间的摩擦，求：
(1)绳子自由端的拉力F所做的功W。
(2)拉力F的功率。
24.如图所示，一轻质杠杆可绕O点转动，OA长0.4米，AB长0.2米，A点处挂一重为9牛的物体G，B点处用力拉杠杆。
①若用垂直于杠杆的力F1向上拉，使杠杆在水平位置平衡则拉力F1为多少牛？
②若力的作用点都不变，要使拉力变大，
Ⅰ.小明认为如果杠杆仍在水平位置平衡，可以仅将拉力方向改为倾斜向上(如图中的F1′所示)；
Ⅱ.小华认为若拉力始终垂直于杠杆，可以仅使杠杆从水平位置缓慢向上转到虚线位置(如图中的F1′′所示)。
请判断：小明和小华的设想是否正确？并根据杠杆平衡条件分别简述理由。
25.如图所示，甲、乙两个圆柱形容器的底面积分别为0.02m2和0.03m2，两容器足够高。甲容器中盛有一定量的水，水深0.3m，乙容器中盛有质量为4.8kg的酒精(ρ酒精=0.8×103kg/m3,ρ水=1.0×103kg/m3)。求：
(1)甲容器中水的质量是多少？
(2)乙容器中酒精的深度是多少？
(3)在甲、乙两个容器中分别加入相同深度Δh的水和酒精后，使水的质量等于酒精质量。求相同深度Δh。
26.对比“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验，它们的相同之处是______ ，不同之处是______ (选填序号：A、“多次实验的意义”；B、“实验目的”；C、“测量的物理量”)。“测定物质密度”的实验原理是______ ，用______ 测得石块的质量为50克，用量筒测得小石块的体积为20厘米 3，可得小石块的密度为______ 千克/米 3，继续用相同的方法测出同材质的其他小石块的质量与体积，其目的是______ 。
27.小李和小王在“探究杠杆平衡的条件”实验中：
①实验前，小李猜测杠杆平衡的条件是：当杠杆平衡时，动力+动力臂=阻力+阻力臂。小王认为小李的猜测存在问题，其主要依据是______ 。
②合理猜测后，他们选择了实验器材(带刻度的杠杆、支架、细线和重力相同的钩码若干个)进行实验。将杠杆______ 点置于支架上，发现杠杆左端高右端低，则应向______ (选填“左”或“右”)调节平衡螺母。
③如图所示，在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂4个钩码，杠杆恰好在原位置平衡。于是他们便得出了杠杆平衡的条件为：当杠杆平衡时，动力/动力臂=阻力/阻力臂。你认为他们实验中存在的问题是：i ______ ；ii ______ ；
④建议添加的主要实验器材：______ 。
28.某同学用同一装置做“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验，该装置由一个水平面与一个对接斜面组成，水平面上放有一块木块。该同学将小球A从同一装置的不同高度处滚下(h1
①请写出图(a)和(b)中支持该同学猜想的实验现象：______ 。
②接着，他换用质量不同的小球B从该装置的相同高度处滚下(mA
29.“探究物质质量与体积的关系”实验中，某小组同学分别用甲、乙两种不同的物质做实验。实验时，他们分别测出甲、乙两种物质的体积及质量，记录数据如表一、表二所示。
表一
物质
实验序号
体积(厘米 3)
质量(克)
甲
1
10
27
2
20
54
3
30
81
表二
物质
实验序号
体积(厘米 3)
质量(克)
乙
4
15
30
5
30
60
6
45
90
①分析比较实验序号1、2与3(或4、5与6)的数据及相关条件，可得出的初步结论是：同种物质，______ 。
②分析比较实验序号______ 的数据及相关条件，可得出的初步结论是：相同体积的不同物质，它们的质量是不相同的。
③进一步综合分析比较表一、表二的数据及相关条件，小明得出的初步结论是：同种物质，质量与体积的比值是相同的；不同种物质，质量与体积的比值是不相同的。小华得出的初步结论是：同种物质，体积与质量的比值是相同的；不同种物质，体积与质量的比值是不相同的。请判断：______ 的结论是合理的(选填“小明”、“小华”或“小明和小华”)。
④小明为了进一步研究同种物质的质量与体积的比值是否受温度变化的影响，设计了记录数据的表格，如表三所示。请在表三的空格处填上栏目。
表三
物质
实验序号
体积(厘米 3)
质量(克)
______
______
甲
7
/
/
/
/
8
/
/
/
/
9
/
/
/
/
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：因为密度和比热容都是物质的特性，不同物质的密度和比热容一般是不同的，而内能与机械能、质量与重力、温度和热量都不是物质的特性，和物质的种类没有关系，所以应该用密度和比热容来鉴别物质的种类。
故选：B。
物质的特性指的是这种物质特有的，可以用于区别其它物质的性质；密度、比热容都是物质的特性。
掌握密度是物质的特性，要想鉴别物质的种类，可以计算出它的密度，然后查密度表，看到底是那种物质，比热容也是物质的特性。
2.【答案】B
【解析】解：夏季，上海最高气温约为40℃。
故选：B。
上海地区的夏天，七月份气温最高，曾高达40℃左右。
本题考查了学生对温度的理解和应用，属于基础性题目。
3.【答案】B
【解析】解：
A、喷泉边水花四溅，水花四溅属于宏观的机械运动，故A不合题意；
B、花开时香气扑鼻，是花香分子无规则运动的结果，故B符合题意；
C、扫地时尘土飞扬，尘土飞扬属于宏观的机械运动，故C不合题意；
D、寒冬中雪花飞舞，雪花飞舞属于宏观的机械运动，故D不合题意．
故选B.
微观粒子的特征：质量和体积都很小，肉眼无法观察到；微粒与微粒之间有间隙；都是不断运动的，能够闻到气味是分子运动的结果．
本题主要考查了微观粒子特征方面的内容，可以依据微粒的特征进行分析．
4.【答案】A
【解析】解：A、搓手取暖，克服摩擦做功，内能增加，属于做功改变物体内能；
B、热水袋取暖，属于热传递是改变物体内能；
C、冷毛巾降温，属于热传递是改变物体内能；
D、煤气烧水，属于热传递是改变物体内能；对比只有A与其他的方式不同。
故选：A。
做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
本题考查了改变物体内能方式的判断，知道内能改变过程中发生的是能量的转化还是能量的转移是正确解题的关键。
5.【答案】D
【解析】解：
A、羊角锤拔钉时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：D。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6.【答案】C
【解析】解：在测量体温的过程中，水银吸热，体温计中的水银温度会升高，因为热胀冷缩，体积会变大；质量是物体中所含物质的多少，是不随温度的变化而变化的，所以，质量不变．根据ρ=mV可知，质量不变，体积变大，所以密度会变小；故C正确，ABD错误。
故选：C。
(1)温度是物体的冷热程度；
(2)质量是物体中所含物质的多少．只要物质的多少不变质量就不变；
(3)单位体积的物质的质量叫密度，物质的密度是否改变可根据ρ=mV作出判断。
熟知质量、密度的概念及其特性是解此类题的基础。
7.【答案】B
【解析】解：商场的自动扶梯将小张从底楼匀速送到二楼过程中，小张的质量不变以，速度不变，所以动能不变，这一过程中高度增大，所以重力势能增大．
机械能包括动能和势能，所以机械能增大．
故只有选项B的说法是正确的．
故选B.
机械能包括动能和势能．动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关．据此逐一做出判断．
本题主要考查了动能与重力势能的影响因素，结合影响因素做出判断是正确解答的关键．
8.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，在一根轻质杠杆AB的两端分别施加竖直向下的力F1、F2(F1
F′1=F1+F，F′2=F2+F，
此时左右两端的力分别乘以力臂为：F′1L1=(F1+F)L1=F1L1+FL1，F′2L2=(F2+F)L2=F2L2+FL2；
比较F′1L1、F′2L2大小，由上可知，F1L1=F2L2，且L1>L2，可知FL1>FL2，故F′1L1>F′2L2，所以若使F1、F2同时增大2牛，A端将下降，故A正确。
故选：A。
根据杠杆的平衡条件得出力臂的大小关系；若使F1、F2同时增大2牛，根据力与力臂的乘积的大小情况分析杠杆的运动状态。
用杠杆的平衡条件，判断出力与力臂乘积的变化值，从而判断出某些量的大小，也是杠杆知识的一种基本应用。
9.【答案】C
【解析】解：
甲物体吸收的热量Q甲=c甲m甲△t甲，乙物体吸收的热量Q乙=c乙m乙△t乙，
由题知，甲、乙两物体吸收相等的热量，即：Q甲=Q乙，
则：c甲m甲△t甲=c乙m乙△t乙，
因为甲物体的温度变化量大，即△t甲>△t乙，
所以c甲m甲
故选：C。
甲物体吸收的热量Q甲=c甲m甲△t甲，乙物体吸收的热量Q乙=c乙m乙△t乙，由题知，甲、乙两物体吸收相等的热量，可得c甲m甲△t甲=c乙m乙△t乙，而甲物体的温度变化量大，可得c甲m甲
10.【答案】C
【解析】解：(1)由图可知，甲液体的体积大于乙液体的体积，两种液体质量相等，
根据ρ=mV可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，
因为密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积无关，
所以，从两容器中分别抽出相同高度的液体，剩余液体的密度不变，
所以，剩余两种液体的密度关系为ρ甲<ρ乙.故AD错误；
(2)假设从两容器中分别抽出相同高度的液体，其高度为乙液体的高度，
那么，剩余甲液体的质量大于0，剩余乙液体的质量为0，
所以，剩余液体的质量关系应为m甲>m乙.故B错误，C正确．
故选C.
(1)根据密度公式，结合图示，判断两种液体的密度关系，然后根据密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关，判断剩余液体的密度关系；
(2)利用极值法，假设从两容器中分别抽出相同高度的液体，其高度为乙液体的高度，比较剩余液体的质量大小．
此题考查密度公式及其应用，难点在于比较剩余液体的质量大小，利用极值法可以便捷、有效地解答．
11.【答案】冷热程度 液体的热胀冷缩 36.5℃37.8
【解析】解：温度是表示物体冷热程度的物理量；
常用温度的测量工具是液体温度计，如图所示是一支体温计，它是根据液体的热胀冷缩原理制成的；
由图可知，该体温计的分度值为0.1℃，示数为36.5℃；
若没有甩就用它测量某实际体温为37.8℃的病人的体温，玻璃泡中的水银因膨胀而上升，测量病人的体温是37.8℃。
故答案为：冷热程度；液体的热胀冷缩；36.5℃；37.8。
温度是表示物体冷热程度的物理量；
温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的；
体温计读数时，认清分度值，然后看水银柱在什么位置，然后读数；
体温计上有个缩口，玻璃泡中的水银因膨胀而上升，但在收缩时不能回到玻璃泡，而在缩口处断开，再次使用时一定要甩一甩。
此题考查了温度的概念、液体温度计的测温原理、体温计的读数方法
12.【答案】内 机械 做功
【解析】解：点燃蜡烛时，气体温度升高，气体的密度变小，热空气就会向上运动，运动的热空气推动扇叶转动，运动的热空气对外做功，将内能转化为机械能，该过程和四冲程汽油机的做功冲程的能量转化相同。
故答案为：内；机械；做功。
(1)气体温度升高，气体的密度变小，热空气向上运动，再结合能量的转化的特点可做出判断。
(2)内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的。
本题考查了气体受热膨胀的特点及能量的转化，同时还要明确内燃机四个冲程中的能量转化情况，是一道基础题。
13.【答案】质量为0.9×103kg变大 变小
【解析】解：
(1)体积是1m3的某种物质的质量，叫做这种物质的密度．冰的密度为0.9×103kg/m3，它表示每立方米冰的质量为0.9×103kg；
(2)一块冰全部熔化成水，状态发生变化，所含物质多少没有变化，所以质量不变．
因为冰的密度小于水的密度，由密度公式变形V=mρ可得，水的体积小于冰的体积．
故答案为：质量为0.9×103kg；变大；变小．
(1)单位体积的某种物质的质量，叫做这种物质的密度；
(2)质量是物质的一种特性它不会随着物体的位置，形状，状态，温度的改变而改变；根据冰的密度小于水的密度，利用密度公式变形V=mρ判断体积变化．
此题考查了密度的物理意义及计算公式的应用，属于基本概念和规律的考查，比较简单，容易解答．
14.【答案】2.1×103焦每千克摄氏度 水的比热容较大 A
【解析】解：
由表可知，煤油的比热容为2.1×103焦/(千克⋅℃)，读作2.1×103焦每千克摄氏度；
汽车发动机用水作冷却剂是利用水的比热容大，与质量相同的其他物质相比，升高相同的温度，水吸收热量较多(注意发动机的温度高，发动机放出热量，水吸收热量)，故选A。
故答案为：2.1×103焦每千克摄氏度；水的比热容较大；A。
(1)比热容的单位：焦每千克摄氏度；
(2)因为水的比热容大，和同样质量的其它物质相比，升高相同的温度，水从发动机吸热多；
本题主要考查了水的比热容大的特点在生活中的应用，属于基础题目。
15.【答案】(a)不变 20 10
【解析】解：物体匀速上升，质量不变，速度不变，动能不变；
由图知，(a)图中滑轮不随货物一起升降是定滑轮，本质是等臂杠杆，它的好处是可以改变力的方向；不计摩擦和滑轮重力，则F1=G=20N；
(b)是动滑轮，本质是动力臂为阻力臂两倍的省力杠杆，不计滑轮重和摩擦，能省一半力，则拉力F2=12G=12×20N=10N。
故答案为：(a)；不变；20；10。
动能的大小与质量、速度有关；
定滑轮的本质是等臂杠杆，不省力，也不省距离，但可以改变力的方向；动滑轮的本质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，可以省一半的力，但是费距离。
本题考查了机械能的大小变化分析、定滑轮和动滑轮的特点，属于基础题目。
16.【答案】等于 大于 小于
【解析】解：(1)加热相同的时间，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量。
(2)由图知，加热相同的时间，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度。
(3)由(2)知，因质量相同的甲、乙两种液体，吸收相同的热量，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，由比较吸热能力的第2种方法，甲液体的比热容小于乙液体的比热容。
故答案为：(1)等于；(2)大于；(3)小于。
(1)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
(2)由图分析回答；
(3)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强(比热容大)；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强(比热容大)。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
17.【答案】<<
【解析】解：由题知，mA=mB，由图知，VA>VB，根据密度公式ρ=mV得，ρA<ρB；
甲、乙两个完全相同的容器中盛满水，现将质量相同、体积不同的实心小球A、B浸没在水中，由于VA>VB，甲容器溢出的水较多，两容器中剩余的水的质量m甲水
(1)知道实心小球A、B的质量和体积，根据密度公式可求出其密度的大小关系；
(2)甲、乙两个完全相同的容器中盛满水，现将质量相同、体积不同的实心小球A、B浸没在水中，由于VA>VB，甲容器溢出的水较多，两容器中剩余的水的质量m甲水
18.【答案】吸热和放热情况 温度 合肥 丙
【解析】解：
(1)由纬度相同可知，在晴朗的气候条件下，两个城市的吸热和放热情况是相同的，在相同时间内吸收或放出的热量相同，由于水的比热容大于砂石的比热容，在质量相同、吸收热量相同的情况下，水的温度变化较较小，所以乙是沿海城市，乙是上海，则甲是合肥；
(2)由于地面和海水的比热容不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风，故乙图是陆风，丙图是海风。
故答案为：(1)吸热和放热情况；温度；合肥；(2)丙。
(1)纬度相同，吸热和放热情况是相同的；根据水的比热容大分析；
(2)根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成。
19.【答案】解：
由图知：温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃；
已知温度计的示数为27℃，液柱最高处在20℃以上7格处，具体位置如下图：
【解析】使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下．
此题考查的是温度计示数的标注，在物理实验和日常生活中经常使用温度计，我们要熟练掌握其使用和读数方法．
20.【答案】解：画出力臂L1的垂线，可得F1的作用线，与杠杆的交点B为F1的作用点，F1的方向应该向上，在线段末端标出箭头，得出动力示意图，如图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，F1的作用点在杠杆上，据此画出动力示意图。
本题考查了力和力臂的作法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使杠杆的运动趋势是相反的。
21.【答案】解：设杠杆每格的长度为L，由图示可知，弹簧测力计拉力的力臂L2=2L，
由杠杆平衡条件得：F1×L1=F2×L2，即1N×L1=2N×2L，解得L1=4L，
如图所示：
.
【解析】由图示杠杆求出弹簧测力计拉力的力臂，由杠杆平衡条件求出钩码的力臂，然后作图．
由图示求出力臂、应用杠杆平衡条件即可正确解题．
22.【答案】解：水降低的温度Δt=t−t0=55℃−40℃=15℃，
水放出的热量：
Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1000kg×15℃=6.3×107J。
答：水向外界放出6.3×107J的热量。
【解析】先求出水降低的温度，知道水的质量、水的比热容，再利用Q放=cmΔt求出水放出的热量。
本题考查了放热公式Q放=c水mΔt的应用，属于基础题目。
23.【答案】解：(1)使用定滑轮不能改变力的大小，
不计绳重、绳子和滑轮之间的摩擦，拉力等于物体重力，则物体拉力：F=G=10N；
拉力做功：W=Fs=10N×2m=20J；
(2)拉力的功率：P=Wt=20J5s=4W。
答：(1)绳子自由端的拉力F做的功20J；
(2)拉力的功率4W。
【解析】由图示可知，滑轮为定滑轮，根据定滑轮特点求出拉力的大小，由功的计算公式求出拉力的功，然后由功率公式求出拉力的功率。
本题主要考查定滑轮的特点，功和功率公式的应用，根据定滑轮的特点求解出动力的大小是解题的关键。
24.【答案】解：①若用垂直于杠杆的力F1向上拉，使杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆平衡条件可知，G×OA=F1×OB，即9N×0.4m=F1×(0.2m+0.4m)，
解得：F1=6N；
②若将拉力方向改为倾斜向上，此时阻力和阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，F1′变大；
若拉力始终垂直于杠杆，使杠杆从水平位置缓慢向上转到虚线位置，此时阻力不变，阻力臂减小，动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，F1″减小，故小明的设想正确，小华的设想错误。
答：①若用垂直于杠杆的力F1向上拉，使杠杆在水平位置平衡则拉力F1为6N；
②若将拉力方向改为倾斜向上，此时阻力和阻力臂不变，动力臂减小，根据杠杆平衡条件可知，F1′变大；若拉力始终垂直于杠杆，使杠杆从水平位置缓慢向上转到虚线位置，此时阻力不变，阻力臂减小，动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，F1″减小，故小明的设想正确，小华的设想错误。
【解析】①根据杠杆平衡条件求出拉力F1；
②根据杠杆平衡条件分析回答。
本题考查了杠杆平衡条件，会用杠杆的平衡条件分析杠杆的动态平衡。
25.【答案】解：(1)由于甲容器的底面积S甲=0.02m2，水深为0.3m，
甲容器内水的体积：
V水=S甲h水=0.02m2×0.3m=6×10−3m3，
甲容器内水的质量：
m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×6×10−3m3=6kg；
(2)乙容器中酒精的体积：
V酒精=m酒精ρ酒精=4.8kg0.8×103kg/m3=6×10−3m3；
乙容器中酒精的深度为：
h酒精=V酒精S乙=6×10−3m30.03m2=0.2m；
(3)甲、乙两容器分别加入相同深度Δh的水和酒精后，
甲容器中水的体积V水′=S甲h水′=0.02m2×(0.3m+Δh)，
甲容器中水的质量：m水′=ρ水V水′=1.0×103kg/m3×0.02m2×(0.3m+Δh)......①，
乙容器中酒精的体积：V酒精′=S乙h酒精′=0.03m2×(0.2m+Δh)，
乙容器中酒精的质量m酒精′=ρ酒精V酒精′=0.8×103kg/m3×0.03m2×(0.2m+Δh)......②，
因为m水′=m酒精′，
所以1.0×103kg/m3×0.02m2×(0.3m+Δh)=0.8×103kg/m3×0.03m2×(0.2m+Δh)，
解得：Δh=0.3m。
答：(1)甲容器中水的质量为6kg；
(2)酒精的深度是0.2m；
(3)相同深度Δh为0.3m。
【解析】(1)知道甲容器的底面积和水深，利用V=Sh可求出水的体积，再利用m=ρV可求甲容器内水的质量；
(2)知道酒精的质量和密度，利用V=mρ可求出酒精的体积，利用V=Sh求乙容器中酒精的深度；
(3)利用V=Sh分别求出加入相同深度Δh的水和酒精后，水和酒精的体积，利用m=ρV分别求出水和酒精的质量，利用“水的质量等于酒精质量”求Δh的大小。
本题主要考查密度公式的应用，难点在第三问，利用好条件“水的质量等于酒精质量”是关键。
26.【答案】CBρ=mV 天平 2.5×103 验证同材质不同质量小石块密度是否相同
【解析】解：(1)“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验所测量的量都是物体的质量与体积，因此所使用的实验仪器也相同，只有实验目的不同，一个是为了探究质量与体积的变化规律，一个是为了测量具体的密度值；
(2)“测定物质密度”的实验原理是ρ=mV；
用天平测得石块的质量为50克，用量筒测得小石块的体积为20厘米 3，
小石块的密度为ρ=mV=50g20cm3=2.5g/cm3=2.5×103kg/m3；
(3)用相同的方法测出同材质的其他小石块的质量与体积，验证同材质不同质量小石块密度是否相同。
故答案为：C；B；ρ=mV；天平；2.5×103；验证其同材质不同质量小石块密度是否相同。
(1)根据“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验的实验原理和实验目的分析解答；
(2)“测定物质密度”的实验原理是ρ=mV，需要用天平测量物体的质量，用量筒测量体积；
已知石块的质量和体积，利用密度公式计算其密度；
(3)用相同的方法测出同材质的其他小石块的质量与体积，验证同材质不同质量小石块密度是否相同。
本题考查“探究物质质量与体积关系”和“测定物质密度”两个实验的相同和不同之处以及多次实验的目的，通过比较，了解物质密度的探究过程。
27.【答案】不同单位的物理量不能相加 中 左 只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性 实验数据具有很特殊性 弹簧测力计
【解析】解：①力和力臂是单位不同的两个物理量，故不能相加；
②实验前将杠杆中点置于支架上，发现杠杆右端低左端高，杠杆的左端上翘，右端的平衡螺母向上翘的左端移动；
③该同学只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性，且实验数据还具有很特殊性，应多测几组数据进行分析得出结论；
④在“探究杠杆平衡的条件”实验中，不但要改变力和力臂的大小，还要改变力的方向，为此需要添加弹簧测力计来完成该实验。
故答案为：①不同单位的物理量不能相加；②中；左；③只测量了一组数据便得出结论，结论具有片面性；实验数据具有很特殊性；④弹簧测力计。
(1)单位不同的两个量是不能相加的；
(2)实验前将杠杆中点置于支架上，调节平衡时按照“左沉右调”的原则，调节杠杆在水平位置平衡；
(3)杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，在实验中，为得出普遍结论应改变实验条件，进行多次测量；
(4)测量力的工具叫测力计，在物理实验室经常使用弹簧测力计来测量力的大小。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
28.【答案】小球速度越大，推动木块移动的距离越远 在速度相同时，物体的质量越大动能越大 不能
【解析】解：①由图(a)和(b)可知，同一小球从同一装置的不同高度处滚下，小球速度越大，推动木块移动的距离越远，故可以得出同一物体，速度越大，动能越大；
②分析比较(a)、(c)两图知，小球自由下滑的高度相同，运动到水平面的速度大小相同，B球质量大，推动木块移动的距离远，故可得出的初步结论是：在速度相同时，物体的质量越大动能越大；
③若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律可知，木块将永远不停地运动下去，无法比较木块运动距离的大小，本实验将不能达到探究目的。
故答案为：①小球速度越大，推动木块移动的距离越远；②在速度相同时，物体的质量越大动能越大；③不能。
①实验中钢球动能的大小是通过木块移动的距离体现的，这是转换法的应用；
②物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
③根据牛顿第一定律分析回答。
本题考查了学生对影响动能大小的因素的掌握，注重了控制变量法和转换法应用的考查，是中考的热点。
29.【答案】质量与体积成正比 3与5 小明和小华 温度(℃)质量/体积(克/厘米 3)
【解析】解：(1)序号2的质量是序号1的2倍，对应的体积也是2倍；序号3的质量是序号1的3倍，对应的体积也是3倍，所以可以得出结论：同种物质的质量与体积成正比；
(2)结论的前提条件是体积相同，所以我们应找表中体积相同的序号，由表中可知：序号3与5的体积相同，质量不同；
(3)序号1、2、3中质量与体积的比值都是2.7g/cm3；序号4、5、6中质量与体积的比值都是2g/cm3，
这说明同种物质质量与体积的比值是一个确定值；不同物质，质量与体积的比值是不同的；故小明和小华的结论都是正确的；
(4)小明为了进一步研究同种液体的质量与体积的比值是否受温度变化的影响，设计的记录表格中应包含温度、质量和体积的比值的内容。
故答案为：①质量与体积成正比；②1与4或2与5或3与6；③小明和小华；④温度(℃)；质量/体积(克/厘米 3)。
(1)序号1、2与3对应的是同一种物质，质量随体积的增大而增大；
(2)结论的前提条件是体积相同，所以应找体积相同的序号；
(3)用质量除以体积得到质量与体积的比值，同种物质，质量与体积的比值不变，不同物质，质量与体积的比值一般不同；
(4)研究同种液体的质量与体积的比值是否受温度变化的影响，数据记录表格中应出现温度这一栏。
本题考查了学生根据实验数据分析归纳能力，这类题型是常见题型，也是常考的题型。结论的成立是建立在条件的基础上的，所以分析时一定要先找条件，即相同的量，然后通过比较得出结论。
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