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2022年内蒙古通辽市中考物理试题（解析版）
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这是一份2022年内蒙古通辽市中考物理试题（解析版），共22页。试卷主要包含了 2022年等内容，欢迎下载使用。
2022年内蒙古通辽市初中毕业生学业考试试卷物理
注意事项：
1.本试卷共6页，24道小题，满分为70分，与化学同卡不同卷，合考时间为120分钟。
2.根据网上阅卷需要，本试卷中的所有试题均按要求在答题卡上作答，答在本试卷上的答案无效。
3.考试结束后，将本试卷与答题卡分别封装一并上交。
一、选择题（共12小题，1～10小题为单选题，每小题2分，11、12小题为多选题，每小题3分，完全选对得3分，漏选得1分，错选或不选的不得分，共26分。请在答题卡上将代表正确选项的字母用2B铅笔涂黑）
1. 日常生活中处处可听到声音，关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A. 真空玻璃能隔音是因为声音在真空中传播的速度慢
B. 医生通过听诊器来诊断疾病，是利用声传递信息
C. 广场舞噪声扰民是因为广场舞伴奏音乐音调太高
D. 工人用的防噪声耳罩，是在传播过程中减弱噪声
【答案】B
【解析】
【详解】A．真空不能传声，所以真空玻璃能隔音就是利用了这个原理，故A错误；
B．声音可传递信息和能量，医生利用听诊器听音诊断疾病，是利用声音来传递信息，故B正确；
C．广场舞噪音扰民是因为广场舞响度太大，故C错误；
D．工人用的防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选B。
2. 下列现象中，与筷子在水面处“折断”原理相同的是（ ）
A. 海市蜃楼 B. 日食现象
C. 屏幕上呈现人的影子 D. 桥在水中形成的倒影
【答案】A
【解析】
【详解】A．海市蜃楼也是光的折射形成的，由于海面上方的空气密度不均匀，光在其中传播时发生了偏折，形成了海市蜃楼现象，故A符合题意；
B．如图，日食现象是由光直线传播引起的，白天，月球挡住了射向地球的太阳光，形成了日食现象，故B不符合题意；
C．如图影子是由于光的直线传播产生的，人挡住了射向墙面的光，在墙面上形成的光照射不到的区域，故C不符合题意；
D．如图水中倒影是平面镜成像（光的反射现象），水面相当于镜面，水中的倒影是岸上的桥通过水面形成的虚像，故D不符合题意。
故选A。
3. 水是生命之源，节约用水是我们每个人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是（ ）
A. 初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要放热
B. 夏天，将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要吸热
C. 秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是液化现象，需要放热
D. 冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热
【答案】C
【解析】
【详解】在物态变化过程中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
A．冰雪消融，是熔化过程，冰吸热熔化成为水，故A错误；
B．糖水放入冰箱制成了冰棍，液态变成固态，这是凝固现象，需要放热，故B错误；
C．露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，放出热量，故C正确；
D．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，放出热量，故D错误。
故选C。
4. 有关体育运动项目中涉及到的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A. 抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，它将处于静止状态
B. 排球碰到墙壁后被反弹回来，说明力可以改变物体运动状态
C. 抛出去的篮球在下降过程中，动能转化为重力势能
D. 跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是为了增大对地面的压力
【答案】B
【解析】
【详解】A．抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，由牛顿第一定律知道，将以原来的速度和方向做匀速直线运动，故A错误；
B．力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；排球碰到墙壁后被反弹回来，运动方向发生变化，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C．篮球下降过程中，质量不变，速度变大，动能增加，高度变小，重力势能变小，所以由重力势能转化为动能，故C错误；
D．跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选B。
5. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸“两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计的符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】根据题意知道，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A．图中只闭合S1时，电动机和灯就工作，再闭合S2时，电动机工作，灯被短路，不工作，故A不符合题意；
B．图中只闭合S1时，电动机工作，灯不亮，再闭合S2时，电动机和灯就工作，故B不符合题意；
C．图中只闭合S1时，电动机和灯就工作，再闭合S2时，电动机被短路，故C不符合题意；
D．图中只S1闭合，灯L发光，再S2闭合，电动机M也工作，故D符合题意。
故选D。
6. 2022年。月5日我国在酒泉卫星发中心用长征2号F运我火箭将“神舟十四号”载人飞船成功发射。下列说法错误的是（ ）
A. 火箭上开过程中，以飞船为参照物，字航员是静止的
B. 火箭加速上升过程中受到的重力和推力是一对相互作用力
C. “神舟十四号”飞船进入预定轨道后是通过电磁波与地面联系的
D. 宇航员在上升过程中质量保持不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．火箭上升过程中，宇航员在火箭内，相对于火箭的位置没有发生变化，宇航员相对于火箭静止，故A正确，不符合题意；
B．火箭加速上升过程中，受到重力和推力作用在同一物体上，且由于火箭加速上升，二者大小不同，并非相互作用力，故B错误，符合题意；
C．电磁波的传播不需要介质，故太空中的信号传递均使用电磁波，故C正确，不符合题意；
D．宇航员在上升过程中所含物质多少未发生变化，质量保持不变，故D正确，不符合题意。
故选B。
7. 对下列四个实验装置图，分析正确的是（ ）
A. 甲图中验电器是利用了异种电荷相互吸引的原理制成的
B. 乙图中开关与灯的位置可以互换
C. 丙图实验演示的是磁场能够产生电流
D. 丁图是探究电磁感应现象的装置
【答案】D
【解析】
【详解】A．验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，故A错误；
B．开关要控制火线，乙图为了用电安全，开关与灯的位置不可以互换，故B错误；
C．丙图是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故C错误；
D．该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故D正确。
故选D。
8. 在“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采用了如图甲、乙所示的实验装置（两个透明容器中封闭着等量的空气）。下列说法正确的是（ ）
①U形管中液面高度变化主要是由液体热胀冷缩引起的
②图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
③图乙实验过程中右边透明容器中电阻丝阻值应该等于10Ω
④用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象
A. ①② B. ②③ C. ②④ D. ③④
【答案】C
【解析】
【详解】①U形管中液面高度变化主要是由透明容器中空气的热胀冷缩引起的，故①错误；
②图甲装置中，两电阻串联，电流相等，电阻不相等，能探究电流通过导体产生热量与电阻的关系，故②正确；
③图乙实验过程中右边两个电阻丝并联，右边容器中的电阻通过的电流与左边电阻丝通过的电流不相等，探究的是电热与电流的关系，需要保持电阻相同，故阻值应该等于5Ω，故③错误；
④电炉丝热与电炉丝相连的导线串联，电流相等，电阻不相等；用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象，故④正确；故①③错误，②④正确。
故选C。
9. 如图所示电路，电源电压保特不度，开关S闭合后，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电流表A1示数变小
B. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电压表V1的示数与电流表A1的示数之比变小
C. 电压表V2示数不变，电流表A1示数变大，电压表V1的示数与电流表A1的示数之比变大
D. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电压表V2的示数与电流表A1的示数之比变小
【答案】D
【解析】
【详解】由图可知，滑动变阻器与定值电阻R串联，电压表V1测量滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量电源电压，电流表测量电路中的电流；在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由电阻的串联，电路的总电阻变小，由
可知，此时电路中的电流变大，即电流表的示数变大。
由
可知，定值电阻R两端的电压变大，由于串联电路中电源电压等于各用电器两端的电压之和，所以滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V1的示数变小；由于电源电压保持不变，所以电压表V2的示数不变。
A．电流表A1示数变大，电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，故A错误；
BC．电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电流表A1示数变大，由欧姆定律，电压表V1的示数与电流表A1的示数之比即变阻器连入电路的电阻，比值变小，故BC错误；
D．电压表V2示数不变，电流表A1示数变大，其比值变小，故D正确。
故选D。
10. 用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知物体M所受的重力为550N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在20s内沿竖直方向匀速提升10m，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 拉力F为350N B. 绳子自由端移动的速度为0.5m/s
C. 动滑轮重为50N D. 该滑轮组的机械效率为83.3%
【答案】C
【解析】
【详解】A．如图甲是由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，动滑轮上有二段绳子，则在20s内拉力移动的距离为
由图乙可知拉力为
故A错误；
B．绳子自由端移动的速度为
故B错误；
C．忽略绳重及摩擦，由
得动滑轮的重为
故C正确；
D．在20s内克服物重做的有用功为
该滑轮组的机械效率为
故D错误。
故选C。
11. 如图甲所示，水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，一个质量分布均匀的物体所受的重力为G，密度为0.8g/cm3，它由一根固定在容器底部的细线拉住并浸没在液体中静止。当将细线剪断后，物体最终漂浮在液面上，且有的体积露出液面，如图乙所示，此时容器中的液面下降了3cm（g取10N/kg）。下列说法正确的是（ ）
A. 细线受到的拉力F＝G B. 液体的密度为1.2×103kg/m3
C. 容器底受到液体的压强减小了300Pa D. 容器对桌面的压强减小
【答案】ABC
【解析】
【详解】B．物体漂浮在液体中时，根据浮沉条件可知，物体受到的浮力
F浮乙＝G
ρ液V排g＝ρ物V物g
漂浮时有的体积露出水面，则
ρ液V物g＝ρ物V物g
ρ液＝ρ物＝×0.8g/cm3＝1.2 g/cm3＝1.2×103kg/m3
故B正确；
A．物体浸没时，受到的浮力
F浮甲＝ρ液V排g＝ρ物V物g＝G
细线受到的拉力
F拉＝F浮甲-G＝G-G＝G
故A正确；
C．容器底部受到液体的压强减小量
p＝ρ液gh＝1.2×103kg/m3×10N/kg×3×10-2m＝360Pa
故C正确；
D．甲、乙两图中，容器对桌面的压力
F＝G容器+G液+G
故容器对桌面的压力不变，受力面积也不变，所以容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选ABC。
12. 如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是0~3V，电流表量程是0~0.6A。只闭合S、S1，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，灯泡和R1的I-U图象分别如图乙所示，滑片在a点时灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（ ）
A. 灯泡的额定功率是0.15W
B. 只闭合S，S1时，电路的最小功率为1.35W
C. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，调节R2，R1的最大功率是2.16W
D. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R2允许接入电路的最大阻值是12Ω
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．只闭合S、S1，灯泡、滑动变阻器R1串联，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大，由此可知，图乙中，左边的曲线为灯泡的I-U图象，则右边的曲线为R1的I-U图象； 滑片在a点时R1的阻值最小（允许接入的最小阻值），电路中的电流最大，由于灯泡恰好正常发光，则根据I-U图象知道，小灯泡正常工作时的电压为1.5V，电流为0.5A，此时R1两端的电压为3V，则灯泡的额定功率
P额=ULI最大=1.5V×0.5A=0.75W
故A错误；
B．只闭合S、S1，灯泡、滑动变阻器R1串联，由串联电路的特点知道，电源电压
U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V
当滑片在最右端时，R1的阻值最大，电路中的电流最小，电路的功率最小，由图知道，最小电流是0.3A，电路的最小功率
故B正确；
CD．由图知道，只闭合S、S2，R1滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙及知道，R1的滑片在a点时R1的电阻
由于串联电路中各处的电流相等，电流表的量程为0~0.6A，所以，电路中的最大电流
I最大′=0.6A
此时此时滑动变阻器R2接入电路中的电阻最小，由知道，R1的最大功率是
由于电压表采用0~3V量程，当电压表的示数U2最大=3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时R1两端的电压
电路中的最小电流
则R2接入电路中的最大阻值
故CD正确。
故选BCD。
二、填空题（共5小题，每小题2分，共10分）
13. 接种疫苗的注射器针尖做得很细是利用___________的方法来增大压强。如图是护士给患者输液的装置，药水瓶盖上插着两根管，均插入药液中，一根给患者输液。另一根“闲置”，如图所示，在输液过程中，当瓶内气压减小时，在___________的作用下使空气通过这根“闲置管”进入瓶内。
【答案】 ①. 减小受力面积 ②. 大气压
【解析】
【详解】[1]由可知，增大压力或减小受力面积可增大压强，而注射器针尖做得很细是减小了受力面积来增大压强，使得针尖更容易刺破皮肤。
[2]如果瓶内是密闭空间，随着药水瓶内药液的减少，药液深度降低，药液上方的气体压强越来越小，当瓶内压强小于外界大气压时，瓶内药液将无法流出。在瓶内连入“闲置管”后，瓶内和瓶外连通，当药液流出后，在大气压的作用下，空气顺着“闲置管”进入瓶内，始终保持药液上方的气压为大气压，使得药液可以持续流出。
14. 某太阳能热水器内装有100kg温度为20℃的水，阳光照射一天后，水温升高到90℃，热水器内的水吸收了___________J的热量，水的内能是通过___________的方式被改变的。[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）]
【答案】 ①. ②. 热传递
【解析】
【详解】[1]水的质量，温度变化量，比热容，水吸收的热量
[2]改变内能的方式有做功和热传递，阳光照射属于热传递。
15. 放在水平桌面上的两个完全相同的容器内装有适量的水，将A，B两个体积相同的实心物体分别放入容器内，待物体静止后，如图所示，物体受到的浮力FA___________FB，物体的密度ρA___________ρB（两空均选填“>”“<”或“=”）。
【答案】 ①. < ②. <
【解析】
【详解】[1] 由图可知，A、B两个正方体排开水的体积关系为
VA排
F浮=ρ液gV排
可知，浮力的大小关系为
FA
GA=FA
GB=FB
由于
FA
GA
可知，物体密度的大小关系
ρA<ρB
16. 如图甲，用竖直向上的拉力F，将静止在水平地面上的物体向上提升。乙图表示拉力F的大小随时间t的变化关系，丙图表示物体运动速度v的大小随时间t的变化关系。在0～10s内物体对地面的压力为___________N；20～30s内拉力F做功的功率为___________W。
【答案】 ①. 30 ②. 500
【解析】
【详解】[1]由图可知，第20s之后，物体竖直向上做匀速直线运动，物体处于平衡状态，重力等于拉力为50N，则在0～10s内物体对地面的压力为
F压=G-F=50N-20N=30N
[2]由图可知，20～30s内物体的速度为10m/s，拉力F做功的功率为
p=Fv=50N×10m/s=500W
17. 如图是某款家用电饭煲的保温、加热两挡调节功能电路，R1的阻值为121Ω。电饭煲额定电压为220V，它在额定电压下处于加热挡时功率为1400W，则R2的阻值为___________Ω。只将电饭煲接入电路中，处于保温挡工作0.5h，使标有“”字样的电能表指示灯闪烁162次[指接在这个电能表上的用电器每消耗的电能，电能表的指示灯闪烁1000次]，此时电路的实际电压为___________V。
【答案】 ①. 48.4Ω ②. 198V
【解析】
【详解】[1]由电路图可知，开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，开关S1、S2均闭合时，电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，电饭煲处于加热状态，同理可知，开关S1闭合、S2断开时，电饭煲处于保温状态，则
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，加热时R2的电功率
因并联电路总电压等于各支路电压，所以，电热丝R2的阻值
[2]由题意可知，使标有“”字样的电能表指示灯闪烁162次，则消耗的电能为
开关S1闭合、S2断开时，电饭煲处于保温状态，此时电路中只有R1，由可得电热锅的实际电压为
三、作图题（共2小题，每小题2分，共4分）
18. 闭合开关，小磁针静止在螺线管左侧，在图中括号内标出电源“+”或“-”极，并用箭头标出图中磁感线方向。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，小磁针右侧为N极，根据异名磁极相互吸引，则螺线管左侧对应为S极，根据安培定则可知，电流从右侧流入螺线管，则电源右侧为正极；在螺线管的外部，磁感线由N极出发回到S极，据此画出磁感线方向，如图所示：
19. 如图利用羊角锤撬钉子，在锤柄上画出所施加的最小动力F和其力臂l。
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，找到杠杆上离支点最远的一点作为动力作用点，支点到该点的距离即为最长的动力臂l，画出最长动力臂后，最小力F应与力臂l垂直且向上。如图所示：
四、实验题（共3小题，20题5分，2122题各6分，共17分）
20. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的焦距是10cm，将凸透镜因定在光具座50cm刻度线处，实验装置如图所示：
（1）实验前调节烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度，目的是___________；
（2）实验中将蜡烛移至光具座上25cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，这是___________的原理（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）；
（3）再将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，若使烛焰在光屏上再次成清晰的像，光屏应___________透镜（选填“远离”或“靠近”）；此过程中，烛焰移动的速度___________烛焰的像移动的速度（选填“大于”“小于”或“等于”）；
（4）某小组同学将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小将___________。
【答案】 ①. 使像成在光屏的中央 ②. 照相机 ③. 靠近 ④. 大于 ⑤. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]像与物的连线经过凸透镜的光心，把烛焰、凸透镜和光屏的中心大致调节在同一高度，这样像就会落在光屏的中央位置，便于观察像。
（2）[2]蜡烛移至光具座上25cm刻度线处时，物距为25cm，大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，这个是照相机的成像原理。
（3）[3]将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处；成实像时，物体远离凸透镜，像靠近凸透镜，要把光屏靠近凸透镜。
[4]成实像时，当物体在大于二倍焦距的范围内移动时，物体移动的速度大于像移动的速度；当物体在一倍焦距和二倍焦距之间移动时，物体移动的速度小于像移动的速度。由题意知，蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，即物体在大于二倍焦距的范围内移动，物体移动的速度大于像移动的速度。
（4）[5] 将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，光通过凸透镜后形成一束平行于主光轴的平行光，所以移动光屏时，光屏上的光斑大小保持不变。
21. 为了测量滑动摩擦力的大小，甲组同学设计了如图所示实验装置。实验中，小桶内装入适量的沙子，细绳水平拉动木块，使木块恰好做匀速直线运动。（轻绳与滑轮的摩擦不计）
（1）实验中定滑轮的作用是___________；
（2）为了测量木块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是___________；
（3）小桶落地后，木块继续向前运动，这是由于木块具有___________，此时木块受到的滑动摩擦力___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）把毛巾铺在木板上，想要测出图中木块在毛巾上受到的滑动摩擦力大小，下一步的操作是___________；
（5）乙组同学觉得用已知质量的钩码代替沙桶，可以简化实验操作步骤，你觉得哪组的方法更好：___________（选填“甲组”或“乙组”）。
【答案】 ①. 改变力的方向 ②. 小桶和沙子的总质量 ③. 惯性 ④. 不变 ⑤. 往小桶中增加沙子，使木块做匀速直线运动 ⑥. 甲组
【解析】
【详解】（1）[1]定滑轮的实质是一个等臂杠杆，不能省力，但可以改变力的方向。所以，实验中定滑轮的作用是改变拉力的方向。
（2）[2]小桶内装入适量的沙子，滑块恰好做匀速直线运动。此时的拉力等于小桶和沙子的总重力。所以，为了测量滑块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是小桶和沙子的总质量。
（3）[3]物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，小桶落地后，滑块由于惯性继续向前运动。
[4]继续向前运动过程中，由于压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑块所受滑动摩擦力大小不变。
（4）[5]把毛巾铺在木板上，接触面粗糙程度增大，滑动摩擦力增大，应该往小桶中增加沙子，以此增大拉力，木块才会做匀速直线运动。
（5）[6]乙组觉得用钩码代替沙桶可以简化实验操作步骤，但此想法不能达到目的，因为用钩码不能连续改变拉力的大小，难以控制滑块做匀速直线运动，故甲组的方法更好。
22. 如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为 （10Ω 1A）和 （30Ω 0.5A）的滑动变阻器各一个，导线若干。
（1）连接电路时，滑动变阻器应选___________（选填“”或“”）；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因是___________；
（3）排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时。电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向___________端移动（选填“A”或“B”）。通过实验绘制出小灯泡的U-I图像，如图乙所示，小灯泡的额定功率为___________W；
（4）乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率（已知灯泡的额定电压为 ）， 阻值已知：
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为___________（用字母表示），此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；
③小灯泡额定功率的表达式 ___________（用字母表示）。
【答案】 ①. ②. 小灯泡处短路 ③. B ④. 0.625 ⑤. ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]滑变器若选择，与灯泡串联接入电路中，电源电压 ，灯泡电阻约为10Ω，变阻器阻值最大，即时，根据串联分压，此时灯泡和变阻器两端电压均为3V，变阻器阻值无法再增大，则灯泡两端电压最低为3V，无法达到2.5V额定电压，即R1的最大阻值偏小，无法完成实验，故实验中应选择最大阻值较大的。
（2）[2]分析电路，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测串联电路电流，电压表测灯泡两端电压。电流表有示数则电路为通路，电压表无示数则说明灯泡可能被短路。
（3）[3]小灯泡的额定电压为2.5V，想要达到额定电压，需使灯泡两端电压增大，根据串联电路电压规律，需减小变阻器两端电压，根据串联分压的规律可知，需减小变阻器的阻值，由图可知，滑片P应向B端移动。
[4]由图可知，当小灯泡两端电压为额定电压2.5V时，通过小灯泡电流为0.25A，小灯泡的额定功率
（4）[5][6]分析丙图中的测量方法：由于没有电压表，需要用和电流表代替电压表，使灯泡两端电压为额定电压时，测出电流即可求出额定功率。图中灯泡和并联，要使灯泡两端电压为，则两端电压也为，则电流表示数为
再通过开关改变电流表测量对象，测出干路电流 ,得出通过小灯泡的电流
则小灯泡的额定功率为
五、计算题（共2小题，23题6分，24题7分，共13分）
23. 一辆5G无人环卫车，质量为460kg，车与地面的总接触面积为200cm2，在水平路面上匀速直线行驶过程中阻力为车所受重力的，g取10N/kg。
（1）该车静止时对水平路面的压强是多大？
（2）该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做了多少功？若功率相同的燃油汽车以相同的速度行驶相同的路程，消耗的汽油为0.6kg，此燃油汽车的效率是多少？（q汽=4.6×107J/kg）
【答案】（1）；（2）；25%
【解析】
【详解】解：（1）由 知道，环卫车的重力
对水平地面的压力
F=G=4600N
环卫车对水平地面的压强
（2）环卫车匀速行驶受到的阻力
由于环卫车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力
F牵=f=2300N
由知道，该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做功
由知道，燃烧燃油释放的能量
由 知道，此燃油汽车的效率是
答：（1）该车静止时对水平路面的压强是；
（2）该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做功；此燃油汽车的效率是25%。
24. 如图所示，电源电压恒定，R1=12Ω，R2=5Ω，滑动变阻器R3的规格是“20Ω 1.5A”，电流表的量程是0～3A，电压表的量程是0～15V。
（1）只闭合开关S，移动滑片，当电流表的示数为0.8A时，电压表示数为8V，求电源电压。
（2）将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生多少热量？
（3）闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为多少？
【答案】（1）12V；（2）720J；（3）8～20Ω
【解析】
【详解】解：（1）由图知道，当只闭合开关S时，R2和R3串联，电流表A测电路中的电流，电压表测R3两端的电压，由欧姆定律知道，此时R2两端的电压为
U2=IR2=0.8A×5Ω=4V
根据串联电路电压的规律，电源电压为
U=U2+U3=4V+8V=12V
（2）将滑片移到最右端，滑动变阻器接入电路的电阻最大，闭合所有开关，此时R2被短路，R1和R3并联，电压表测电源电压，电流表A测干路电流，由欧姆定律知道，通过R1的电流
流过滑动变阻器的电流为
由焦耳定律知道，1min内R1产生的热量为
（3）将滑片移到最右端，闭合所有开关时，由并联电路电流的规律知道，电流表A的示数为
I干=I1+I3=1A+0.6A=1.6A
由于干路电流最大为3A，滑动变阻器R3的规格是“20Ω 1.5A”，则通过滑动变阻器电流最大值为1.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，为
故闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围为8～20Ω。
答：（1）电源电压是12V；
（2）将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生的热量是720J；
（3）闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为8～20Ω。
2022年内蒙古通辽市初中毕业生学业考试试卷物理
注意事项：
1.本试卷共6页，24道小题，满分为70分，与化学同卡不同卷，合考时间为120分钟。
2.根据网上阅卷需要，本试卷中的所有试题均按要求在答题卡上作答，答在本试卷上的答案无效。
3.考试结束后，将本试卷与答题卡分别封装一并上交。
一、选择题（共12小题，1～10小题为单选题，每小题2分，11、12小题为多选题，每小题3分，完全选对得3分，漏选得1分，错选或不选的不得分，共26分。请在答题卡上将代表正确选项的字母用2B铅笔涂黑）
1. 日常生活中处处可听到声音，关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A. 真空玻璃能隔音是因为声音在真空中传播的速度慢
B. 医生通过听诊器来诊断疾病，是利用声传递信息
C. 广场舞噪声扰民是因为广场舞伴奏音乐音调太高
D. 工人用的防噪声耳罩，是在传播过程中减弱噪声
【答案】B
【解析】
【详解】A．真空不能传声，所以真空玻璃能隔音就是利用了这个原理，故A错误；
B．声音可传递信息和能量，医生利用听诊器听音诊断疾病，是利用声音来传递信息，故B正确；
C．广场舞噪音扰民是因为广场舞响度太大，故C错误；
D．工人用的防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选B。
2. 下列现象中，与筷子在水面处“折断”原理相同的是（ ）
A. 海市蜃楼 B. 日食现象
C. 屏幕上呈现人的影子 D. 桥在水中形成的倒影
【答案】A
【解析】
【详解】A．海市蜃楼也是光的折射形成的，由于海面上方的空气密度不均匀，光在其中传播时发生了偏折，形成了海市蜃楼现象，故A符合题意；
B．如图，日食现象是由光直线传播引起的，白天，月球挡住了射向地球的太阳光，形成了日食现象，故B不符合题意；
C．如图影子是由于光的直线传播产生的，人挡住了射向墙面的光，在墙面上形成的光照射不到的区域，故C不符合题意；
D．如图水中倒影是平面镜成像（光的反射现象），水面相当于镜面，水中的倒影是岸上的桥通过水面形成的虚像，故D不符合题意。
故选A。
3. 水是生命之源，节约用水是我们每个人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是（ ）
A. 初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要放热
B. 夏天，将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要吸热
C. 秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是液化现象，需要放热
D. 冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热
【答案】C
【解析】
【详解】在物态变化过程中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
A．冰雪消融，是熔化过程，冰吸热熔化成为水，故A错误；
B．糖水放入冰箱制成了冰棍，液态变成固态，这是凝固现象，需要放热，故B错误；
C．露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，放出热量，故C正确；
D．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，放出热量，故D错误。
故选C。
4. 有关体育运动项目中涉及到的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A. 抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，它将处于静止状态
B. 排球碰到墙壁后被反弹回来，说明力可以改变物体运动状态
C. 抛出去的篮球在下降过程中，动能转化为重力势能
D. 跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是为了增大对地面的压力
【答案】B
【解析】
【详解】A．抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，由牛顿第一定律知道，将以原来的速度和方向做匀速直线运动，故A错误；
B．力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；排球碰到墙壁后被反弹回来，运动方向发生变化，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C．篮球下降过程中，质量不变，速度变大，动能增加，高度变小，重力势能变小，所以由重力势能转化为动能，故C错误；
D．跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选B。
5. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸“两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计的符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】根据题意知道，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A．图中只闭合S1时，电动机和灯就工作，再闭合S2时，电动机工作，灯被短路，不工作，故A不符合题意；
B．图中只闭合S1时，电动机工作，灯不亮，再闭合S2时，电动机和灯就工作，故B不符合题意；
C．图中只闭合S1时，电动机和灯就工作，再闭合S2时，电动机被短路，故C不符合题意；
D．图中只S1闭合，灯L发光，再S2闭合，电动机M也工作，故D符合题意。
故选D。
6. 2022年。月5日我国在酒泉卫星发中心用长征2号F运我火箭将“神舟十四号”载人飞船成功发射。下列说法错误的是（ ）
A. 火箭上开过程中，以飞船为参照物，字航员是静止的
B. 火箭加速上升过程中受到的重力和推力是一对相互作用力
C. “神舟十四号”飞船进入预定轨道后是通过电磁波与地面联系的
D. 宇航员在上升过程中质量保持不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．火箭上升过程中，宇航员在火箭内，相对于火箭的位置没有发生变化，宇航员相对于火箭静止，故A正确，不符合题意；
B．火箭加速上升过程中，受到重力和推力作用在同一物体上，且由于火箭加速上升，二者大小不同，并非相互作用力，故B错误，符合题意；
C．电磁波的传播不需要介质，故太空中的信号传递均使用电磁波，故C正确，不符合题意；
D．宇航员在上升过程中所含物质多少未发生变化，质量保持不变，故D正确，不符合题意。
故选B。
7. 对下列四个实验装置图，分析正确的是（ ）
A. 甲图中验电器是利用了异种电荷相互吸引的原理制成的
B. 乙图中开关与灯的位置可以互换
C. 丙图实验演示的是磁场能够产生电流
D. 丁图是探究电磁感应现象的装置
【答案】D
【解析】
【详解】A．验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，故A错误；
B．开关要控制火线，乙图为了用电安全，开关与灯的位置不可以互换，故B错误；
C．丙图是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故C错误；
D．该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故D正确。
故选D。
8. 在“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采用了如图甲、乙所示的实验装置（两个透明容器中封闭着等量的空气）。下列说法正确的是（ ）
①U形管中液面高度变化主要是由液体热胀冷缩引起的
②图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
③图乙实验过程中右边透明容器中电阻丝阻值应该等于10Ω
④用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象
A. ①② B. ②③ C. ②④ D. ③④
【答案】C
【解析】
【详解】①U形管中液面高度变化主要是由透明容器中空气的热胀冷缩引起的，故①错误；
②图甲装置中，两电阻串联，电流相等，电阻不相等，能探究电流通过导体产生热量与电阻的关系，故②正确；
③图乙实验过程中右边两个电阻丝并联，右边容器中的电阻通过的电流与左边电阻丝通过的电流不相等，探究的是电热与电流的关系，需要保持电阻相同，故阻值应该等于5Ω，故③错误；
④电炉丝热与电炉丝相连的导线串联，电流相等，电阻不相等；用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象，故④正确；故①③错误，②④正确。
故选C。
9. 如图所示电路，电源电压保特不度，开关S闭合后，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电流表A1示数变小
B. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电压表V1的示数与电流表A1的示数之比变小
C. 电压表V2示数不变，电流表A1示数变大，电压表V1的示数与电流表A1的示数之比变大
D. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电压表V2的示数与电流表A1的示数之比变小
【答案】D
【解析】
【详解】由图可知，滑动变阻器与定值电阻R串联，电压表V1测量滑动变阻器两端的电压，电压表V2测量电源电压，电流表测量电路中的电流；在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由电阻的串联，电路的总电阻变小，由
可知，此时电路中的电流变大，即电流表的示数变大。
由
可知，定值电阻R两端的电压变大，由于串联电路中电源电压等于各用电器两端的电压之和，所以滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V1的示数变小；由于电源电压保持不变，所以电压表V2的示数不变。
A．电流表A1示数变大，电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，故A错误；
BC．电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电流表A1示数变大，由欧姆定律，电压表V1的示数与电流表A1的示数之比即变阻器连入电路的电阻，比值变小，故BC错误；
D．电压表V2示数不变，电流表A1示数变大，其比值变小，故D正确。
故选D。
10. 用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知物体M所受的重力为550N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在20s内沿竖直方向匀速提升10m，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 拉力F为350N B. 绳子自由端移动的速度为0.5m/s
C. 动滑轮重为50N D. 该滑轮组的机械效率为83.3%
【答案】C
【解析】
【详解】A．如图甲是由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，动滑轮上有二段绳子，则在20s内拉力移动的距离为
由图乙可知拉力为
故A错误；
B．绳子自由端移动的速度为
故B错误；
C．忽略绳重及摩擦，由
得动滑轮的重为
故C正确；
D．在20s内克服物重做的有用功为
该滑轮组的机械效率为
故D错误。
故选C。
11. 如图甲所示，水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，一个质量分布均匀的物体所受的重力为G，密度为0.8g/cm3，它由一根固定在容器底部的细线拉住并浸没在液体中静止。当将细线剪断后，物体最终漂浮在液面上，且有的体积露出液面，如图乙所示，此时容器中的液面下降了3cm（g取10N/kg）。下列说法正确的是（ ）
A. 细线受到的拉力F＝G B. 液体的密度为1.2×103kg/m3
C. 容器底受到液体的压强减小了300Pa D. 容器对桌面的压强减小
【答案】ABC
【解析】
【详解】B．物体漂浮在液体中时，根据浮沉条件可知，物体受到的浮力
F浮乙＝G
ρ液V排g＝ρ物V物g
漂浮时有的体积露出水面，则
ρ液V物g＝ρ物V物g
ρ液＝ρ物＝×0.8g/cm3＝1.2 g/cm3＝1.2×103kg/m3
故B正确；
A．物体浸没时，受到的浮力
F浮甲＝ρ液V排g＝ρ物V物g＝G
细线受到的拉力
F拉＝F浮甲-G＝G-G＝G
故A正确；
C．容器底部受到液体的压强减小量
p＝ρ液gh＝1.2×103kg/m3×10N/kg×3×10-2m＝360Pa
故C正确；
D．甲、乙两图中，容器对桌面的压力
F＝G容器+G液+G
故容器对桌面的压力不变，受力面积也不变，所以容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选ABC。
12. 如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是0~3V，电流表量程是0~0.6A。只闭合S、S1，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，灯泡和R1的I-U图象分别如图乙所示，滑片在a点时灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（ ）
A. 灯泡的额定功率是0.15W
B. 只闭合S，S1时，电路的最小功率为1.35W
C. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，调节R2，R1的最大功率是2.16W
D. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R2允许接入电路的最大阻值是12Ω
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．只闭合S、S1，灯泡、滑动变阻器R1串联，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大，由此可知，图乙中，左边的曲线为灯泡的I-U图象，则右边的曲线为R1的I-U图象； 滑片在a点时R1的阻值最小（允许接入的最小阻值），电路中的电流最大，由于灯泡恰好正常发光，则根据I-U图象知道，小灯泡正常工作时的电压为1.5V，电流为0.5A，此时R1两端的电压为3V，则灯泡的额定功率
P额=ULI最大=1.5V×0.5A=0.75W
故A错误；
B．只闭合S、S1，灯泡、滑动变阻器R1串联，由串联电路的特点知道，电源电压
U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V
当滑片在最右端时，R1的阻值最大，电路中的电流最小，电路的功率最小，由图知道，最小电流是0.3A，电路的最小功率
故B正确；
CD．由图知道，只闭合S、S2，R1滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙及知道，R1的滑片在a点时R1的电阻
由于串联电路中各处的电流相等，电流表的量程为0~0.6A，所以，电路中的最大电流
I最大′=0.6A
此时此时滑动变阻器R2接入电路中的电阻最小，由知道，R1的最大功率是
由于电压表采用0~3V量程，当电压表的示数U2最大=3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时R1两端的电压
电路中的最小电流
则R2接入电路中的最大阻值
故CD正确。
故选BCD。
二、填空题（共5小题，每小题2分，共10分）
13. 接种疫苗的注射器针尖做得很细是利用___________的方法来增大压强。如图是护士给患者输液的装置，药水瓶盖上插着两根管，均插入药液中，一根给患者输液。另一根“闲置”，如图所示，在输液过程中，当瓶内气压减小时，在___________的作用下使空气通过这根“闲置管”进入瓶内。
【答案】 ①. 减小受力面积 ②. 大气压
【解析】
【详解】[1]由可知，增大压力或减小受力面积可增大压强，而注射器针尖做得很细是减小了受力面积来增大压强，使得针尖更容易刺破皮肤。
[2]如果瓶内是密闭空间，随着药水瓶内药液的减少，药液深度降低，药液上方的气体压强越来越小，当瓶内压强小于外界大气压时，瓶内药液将无法流出。在瓶内连入“闲置管”后，瓶内和瓶外连通，当药液流出后，在大气压的作用下，空气顺着“闲置管”进入瓶内，始终保持药液上方的气压为大气压，使得药液可以持续流出。
14. 某太阳能热水器内装有100kg温度为20℃的水，阳光照射一天后，水温升高到90℃，热水器内的水吸收了___________J的热量，水的内能是通过___________的方式被改变的。[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）]
【答案】 ①. ②. 热传递
【解析】
【详解】[1]水的质量，温度变化量，比热容，水吸收的热量
[2]改变内能的方式有做功和热传递，阳光照射属于热传递。
15. 放在水平桌面上的两个完全相同的容器内装有适量的水，将A，B两个体积相同的实心物体分别放入容器内，待物体静止后，如图所示，物体受到的浮力FA___________FB，物体的密度ρA___________ρB（两空均选填“>”“<”或“=”）。
【答案】 ①. < ②. <
【解析】
【详解】[1] 由图可知，A、B两个正方体排开水的体积关系为
VA排
F浮=ρ液gV排
可知，浮力的大小关系为
FA
GA=FA
GB=FB
由于
FA
GA
可知，物体密度的大小关系
ρA<ρB
16. 如图甲，用竖直向上的拉力F，将静止在水平地面上的物体向上提升。乙图表示拉力F的大小随时间t的变化关系，丙图表示物体运动速度v的大小随时间t的变化关系。在0～10s内物体对地面的压力为___________N；20～30s内拉力F做功的功率为___________W。
【答案】 ①. 30 ②. 500
【解析】
【详解】[1]由图可知，第20s之后，物体竖直向上做匀速直线运动，物体处于平衡状态，重力等于拉力为50N，则在0～10s内物体对地面的压力为
F压=G-F=50N-20N=30N
[2]由图可知，20～30s内物体的速度为10m/s，拉力F做功的功率为
p=Fv=50N×10m/s=500W
17. 如图是某款家用电饭煲的保温、加热两挡调节功能电路，R1的阻值为121Ω。电饭煲额定电压为220V，它在额定电压下处于加热挡时功率为1400W，则R2的阻值为___________Ω。只将电饭煲接入电路中，处于保温挡工作0.5h，使标有“”字样的电能表指示灯闪烁162次[指接在这个电能表上的用电器每消耗的电能，电能表的指示灯闪烁1000次]，此时电路的实际电压为___________V。
【答案】 ①. 48.4Ω ②. 198V
【解析】
【详解】[1]由电路图可知，开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联，开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，开关S1、S2均闭合时，电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，电饭煲处于加热状态，同理可知，开关S1闭合、S2断开时，电饭煲处于保温状态，则
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，加热时R2的电功率
因并联电路总电压等于各支路电压，所以，电热丝R2的阻值
[2]由题意可知，使标有“”字样的电能表指示灯闪烁162次，则消耗的电能为
开关S1闭合、S2断开时，电饭煲处于保温状态，此时电路中只有R1，由可得电热锅的实际电压为
三、作图题（共2小题，每小题2分，共4分）
18. 闭合开关，小磁针静止在螺线管左侧，在图中括号内标出电源“+”或“-”极，并用箭头标出图中磁感线方向。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，小磁针右侧为N极，根据异名磁极相互吸引，则螺线管左侧对应为S极，根据安培定则可知，电流从右侧流入螺线管，则电源右侧为正极；在螺线管的外部，磁感线由N极出发回到S极，据此画出磁感线方向，如图所示：
19. 如图利用羊角锤撬钉子，在锤柄上画出所施加的最小动力F和其力臂l。
【答案】
【解析】
【分析】
【详解】根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，找到杠杆上离支点最远的一点作为动力作用点，支点到该点的距离即为最长的动力臂l，画出最长动力臂后，最小力F应与力臂l垂直且向上。如图所示：
四、实验题（共3小题，20题5分，2122题各6分，共17分）
20. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的焦距是10cm，将凸透镜因定在光具座50cm刻度线处，实验装置如图所示：
（1）实验前调节烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度，目的是___________；
（2）实验中将蜡烛移至光具座上25cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，这是___________的原理（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）；
（3）再将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，若使烛焰在光屏上再次成清晰的像，光屏应___________透镜（选填“远离”或“靠近”）；此过程中，烛焰移动的速度___________烛焰的像移动的速度（选填“大于”“小于”或“等于”）；
（4）某小组同学将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小将___________。
【答案】 ①. 使像成在光屏的中央 ②. 照相机 ③. 靠近 ④. 大于 ⑤. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]像与物的连线经过凸透镜的光心，把烛焰、凸透镜和光屏的中心大致调节在同一高度，这样像就会落在光屏的中央位置，便于观察像。
（2）[2]蜡烛移至光具座上25cm刻度线处时，物距为25cm，大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，这个是照相机的成像原理。
（3）[3]将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处；成实像时，物体远离凸透镜，像靠近凸透镜，要把光屏靠近凸透镜。
[4]成实像时，当物体在大于二倍焦距的范围内移动时，物体移动的速度大于像移动的速度；当物体在一倍焦距和二倍焦距之间移动时，物体移动的速度小于像移动的速度。由题意知，蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，即物体在大于二倍焦距的范围内移动，物体移动的速度大于像移动的速度。
（4）[5] 将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，光通过凸透镜后形成一束平行于主光轴的平行光，所以移动光屏时，光屏上的光斑大小保持不变。
21. 为了测量滑动摩擦力的大小，甲组同学设计了如图所示实验装置。实验中，小桶内装入适量的沙子，细绳水平拉动木块，使木块恰好做匀速直线运动。（轻绳与滑轮的摩擦不计）
（1）实验中定滑轮的作用是___________；
（2）为了测量木块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是___________；
（3）小桶落地后，木块继续向前运动，这是由于木块具有___________，此时木块受到的滑动摩擦力___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）把毛巾铺在木板上，想要测出图中木块在毛巾上受到的滑动摩擦力大小，下一步的操作是___________；
（5）乙组同学觉得用已知质量的钩码代替沙桶，可以简化实验操作步骤，你觉得哪组的方法更好：___________（选填“甲组”或“乙组”）。
【答案】 ①. 改变力的方向 ②. 小桶和沙子的总质量 ③. 惯性 ④. 不变 ⑤. 往小桶中增加沙子，使木块做匀速直线运动 ⑥. 甲组
【解析】
【详解】（1）[1]定滑轮的实质是一个等臂杠杆，不能省力，但可以改变力的方向。所以，实验中定滑轮的作用是改变拉力的方向。
（2）[2]小桶内装入适量的沙子，滑块恰好做匀速直线运动。此时的拉力等于小桶和沙子的总重力。所以，为了测量滑块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是小桶和沙子的总质量。
（3）[3]物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，小桶落地后，滑块由于惯性继续向前运动。
[4]继续向前运动过程中，由于压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑块所受滑动摩擦力大小不变。
（4）[5]把毛巾铺在木板上，接触面粗糙程度增大，滑动摩擦力增大，应该往小桶中增加沙子，以此增大拉力，木块才会做匀速直线运动。
（5）[6]乙组觉得用钩码代替沙桶可以简化实验操作步骤，但此想法不能达到目的，因为用钩码不能连续改变拉力的大小，难以控制滑块做匀速直线运动，故甲组的方法更好。
22. 如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为 （10Ω 1A）和 （30Ω 0.5A）的滑动变阻器各一个，导线若干。
（1）连接电路时，滑动变阻器应选___________（选填“”或“”）；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因是___________；
（3）排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时。电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向___________端移动（选填“A”或“B”）。通过实验绘制出小灯泡的U-I图像，如图乙所示，小灯泡的额定功率为___________W；
（4）乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率（已知灯泡的额定电压为 ）， 阻值已知：
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为___________（用字母表示），此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；
③小灯泡额定功率的表达式 ___________（用字母表示）。
【答案】 ①. ②. 小灯泡处短路 ③. B ④. 0.625 ⑤. ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]滑变器若选择，与灯泡串联接入电路中，电源电压 ，灯泡电阻约为10Ω，变阻器阻值最大，即时，根据串联分压，此时灯泡和变阻器两端电压均为3V，变阻器阻值无法再增大，则灯泡两端电压最低为3V，无法达到2.5V额定电压，即R1的最大阻值偏小，无法完成实验，故实验中应选择最大阻值较大的。
（2）[2]分析电路，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测串联电路电流，电压表测灯泡两端电压。电流表有示数则电路为通路，电压表无示数则说明灯泡可能被短路。
（3）[3]小灯泡的额定电压为2.5V，想要达到额定电压，需使灯泡两端电压增大，根据串联电路电压规律，需减小变阻器两端电压，根据串联分压的规律可知，需减小变阻器的阻值，由图可知，滑片P应向B端移动。
[4]由图可知，当小灯泡两端电压为额定电压2.5V时，通过小灯泡电流为0.25A，小灯泡的额定功率
（4）[5][6]分析丙图中的测量方法：由于没有电压表，需要用和电流表代替电压表，使灯泡两端电压为额定电压时，测出电流即可求出额定功率。图中灯泡和并联，要使灯泡两端电压为，则两端电压也为，则电流表示数为
再通过开关改变电流表测量对象，测出干路电流 ,得出通过小灯泡的电流
则小灯泡的额定功率为
五、计算题（共2小题，23题6分，24题7分，共13分）
23. 一辆5G无人环卫车，质量为460kg，车与地面的总接触面积为200cm2，在水平路面上匀速直线行驶过程中阻力为车所受重力的，g取10N/kg。
（1）该车静止时对水平路面的压强是多大？
（2）该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做了多少功？若功率相同的燃油汽车以相同的速度行驶相同的路程，消耗的汽油为0.6kg，此燃油汽车的效率是多少？（q汽=4.6×107J/kg）
【答案】（1）；（2）；25%
【解析】
【详解】解：（1）由 知道，环卫车的重力
对水平地面的压力
F=G=4600N
环卫车对水平地面的压强
（2）环卫车匀速行驶受到的阻力
由于环卫车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力
F牵=f=2300N
由知道，该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做功
由知道，燃烧燃油释放的能量
由 知道，此燃油汽车的效率是
答：（1）该车静止时对水平路面的压强是；
（2）该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做功；此燃油汽车的效率是25%。
24. 如图所示，电源电压恒定，R1=12Ω，R2=5Ω，滑动变阻器R3的规格是“20Ω 1.5A”，电流表的量程是0～3A，电压表的量程是0～15V。
（1）只闭合开关S，移动滑片，当电流表的示数为0.8A时，电压表示数为8V，求电源电压。
（2）将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生多少热量？
（3）闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为多少？
【答案】（1）12V；（2）720J；（3）8～20Ω
【解析】
【详解】解：（1）由图知道，当只闭合开关S时，R2和R3串联，电流表A测电路中的电流，电压表测R3两端的电压，由欧姆定律知道，此时R2两端的电压为
U2=IR2=0.8A×5Ω=4V
根据串联电路电压的规律，电源电压为
U=U2+U3=4V+8V=12V
（2）将滑片移到最右端，滑动变阻器接入电路的电阻最大，闭合所有开关，此时R2被短路，R1和R3并联，电压表测电源电压，电流表A测干路电流，由欧姆定律知道，通过R1的电流
流过滑动变阻器的电流为
由焦耳定律知道，1min内R1产生的热量为
（3）将滑片移到最右端，闭合所有开关时，由并联电路电流的规律知道，电流表A的示数为
I干=I1+I3=1A+0.6A=1.6A
由于干路电流最大为3A，滑动变阻器R3的规格是“20Ω 1.5A”，则通过滑动变阻器电流最大值为1.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，为
故闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围为8～20Ω。
答：（1）电源电压是12V；
（2）将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生的热量是720J；
（3）闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为8～20Ω。
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