2023年湖南省株洲市石峰区中考物理模拟试卷（三）（含解析）

这是一份2023年湖南省株洲市石峰区中考物理模拟试卷（三）（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，双选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

2023年湖南省株洲市石峰区中考物理模拟试卷（三）
一、单选题（本大题共9小题，每小题2分，共计30分，每小题只选一个答案）
1．（2分）夏天，我们走在石峰大道的树荫底下，常常可以看到地面上有大小不同的光斑（　　）
A．光的直线传播 B．光的反射
C．光的折射 D．光的色散
2．（2分）下列用电器的使用中，主要利用电磁波的是（　　）
A．台灯 B．手机 C．电热水器 D．电冰箱
3．（2分）下面四幅图，能正确表示渔民在岸边看到水中的鱼的光路图是（　　）
A． B．
C． D．
4．（2分）图中a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。当导线a在磁场中按箭头方向运动时，不能产生感应电流的是（　　）
A． B． C． D．
5．（2分）下列能源中，属于二次能源是（　　）
A．石油 B．天然气 C．太阳能 D．电能
6．（2分）汽车已走进很多现代家庭，如图为四冲程汽油机汽缸的工作示意图，按吸气、压缩、做功、排气的顺序排列（　　）

A．乙丙甲丁 B．甲丁乙丙 C．丙乙甲丁 D．丙丁甲乙
7．（2分）如图的四个电路中与实物图对应的是（　　）

A． B．
C． D．
（阅读材料，完成8～11题）如图所示，是我国高超音速导弹“东风17”从起飞到击中目标的轨迹示意图，如果把大气层边缘看作水面，因此它突防能力强，难以拦截。

8．（2分）从起飞点到关机点是燃料燃烧推动导弹加速上升，在此过程中，下列说法正确的是（　　）
A．燃料燃烧推动导弹加速上升时，动能转化为重力势能
B．东风17火箭发动机用一种新型常温液体燃料，主要是利用燃料的比热容大的特点
C．给导弹推力的施力物体是燃气
D．燃料燃烧释放的能量全部转化为导弹的机械能
9．（2分）图中正确表示导弹到达最高点时所受重力方向的是（　　）

A．① B．② C．③ D．④
10．（2分）若关机点在导弹刚好离开大气层位置，b点为刚好进入大气层的位置。导弹从关机点到b点过程中，动能EK与其离开大气层的高度h关系的大致图线是图中的（　　）

A．① B．② C．③ D．④
11．（2分）若导弹的质量为15000kg，最高点高度为1500km，大气层高度为1000km。导弹从最高点运动到b点重力做的功为（　　）
A．2.25×1010J B．1.5×1011J C．3×1011J D．7.5×1010J
（阅读材料，完成12～15题）智能预付费电表是一种集多功能，远程传输，数据分析为一体的电能表（如图）

型号
电压参数
电流参数
脉冲参数
频率参数
DDZY71
220V
5（60）A
1600imp/kW•h
50Hz
12．（2分）用户可以通过微信“扫一扫”扫描智能预付费电表上的“二维码条码”，就可以实现在线缴费、查询电费余额等功能。手机在扫描时，相当于下列哪个的成像原理（　　）
A．放大镜 B．投影仪 C．显微镜 D．照相机
13．（2分）小明在家吃了晚饭后准备完成作业，当他将学习用的台灯的插头插入插座时，家里突然停电了，观察发现电表上的“跳闸”指示灯亮了。请你帮他分析故障原因（　　）
A．插头短路 B．插座短路
C．台灯功率过大 D．停电
14．（2分）很多用户反应家里换了这种智能电表后，正常情况下家里的电费比以往多了。小明经过仔细分析和上网查询，得出电费增多的真正原因可能是（　　）
A．家里电器处于待机状态时，电器功率很大，导致家里耗电量增大
B．电业局将电表进行了改动，使智能电表比原来的机械电表工作更快
C．家里电器处于待机状态时，电器功率很小，不能使机械电表启动工作，但智能电表比机械电表灵敏度高，即使用电器功率很小，仍然可以启动工作
D．这种智能电表质量不合格
15．（2分）小明将自己家里的一台空调接入电路工作（其它用电器全部关闭），记录数据，并作出了脉冲指示灯的脉冲次数随时间变化的图像如图所示。据图像可知，该空调的电功率为（　　）

A．1000W B．2000W C．3000w D．4000W
二、双选题（共4小题，每小题3分，共计15分，每小题选2个答案，选对但不全计2分，选错计0分）
（多选）16．（3分）如图，是学校塑胶跑道的一角，下列分析正确的是（　　）

A．塑胶跑道表面比较粗糙是为了增大摩擦力
B．塑胶跑道表面呈橙红色是因为其表面反射了橙红色的光线
C．小明沿此跑道匀速跑步时，其运动状态不变
D．小明向前跑步时，跑道给脚的摩擦力向后方
（多选）17．（4分）沿海地区经常会有台风（如图），政府要求居民将简易房的屋顶加固，对于这一要求下列解释正确的是（　　）

A．屋顶上方空气的流速大于下方空气流速
B．屋顶上方空气的流速小于下方空气流速
C．屋顶上方气压小
D．屋顶上方气压大
（多选）18．（4分）在测量液体密度的实验中，小明利用天平和量杯测量出液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到几组数据并绘出如图所示的m﹣V图象。下列说法正确的是（　　）

A．量杯质量为40g
B．40cm3的该液体质量为40g
C．该液体密度为1.0g/cm3
D．该液体密度为1.25g/cm3
（多选）19．（4分）在如图所示电路中，电源两端电压为3V不变，闭合开关（　　）

A．滑动变阻器滑片左移时，电流表示数变小，电压表示数变大
B．滑动变阻器滑片右移时，电流表示数变大，电压表示数变大
C．若电压表示数突然变为0V，电流表示数变大，原因是R短路
D．若电压表示数突然变为3V，电流表示数变大，原因是R断路
三、非选择题（共8小题，共计55分）
20．（3分）如图是吴力同学在复习内能知识时所作的部分知识网络图，完成下列填空：
①处表示改变内容的方法：①　 　；
②处填写热量计算的公式：②　 　；
③处表示做功与能量转化之间的关系：③　 　（填“因果”、“并列”或“从属”）。

21．（5分）小明同学在实验室里做电学实验电路图如图甲所示，实验中电源电压保持不变，R为定值电阻。

（1）开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到 　 　端（填“a”或“b”）。
（2）闭合开关S试触时，发现电流表和电压表出现了图乙所示情况，这是因为：电流表的“+”“﹣”接线柱 　 　了；被测电压超过了电压表的 　 　。
（3）在故障排除后，实验记录数据如下表：
实验序号
1
2
3
电压（V）
2.0
4.0
6.0
电流（A）
0.20
0.40
0.60
通过数据分析得出的结论是：　 　一定时，通过导体的电流I与其两端的电压U成 　 　比。
22．（11分）如图1是小刚将质量为500g的冰捣碎后装入大试管中，采用“水浴”法加热，探究其温度随时间变化的实验装置图。如图2是小刚作出的温度随时间变化的图像。

（1）采用“水浴”法加热，其目的是使冰块 　 　（填“受热均匀”或“升温更快”）。小刚观察到：随着水温升高，烧杯口上方出现大量的“白气”，“白气”的形成是杯内的水先 　 　后 　 　（填物态变化的名称）。
（2）由图2可知：冰的熔点为 　 　℃，在6min～8min时间段内，冰处于 　 　状态（填“固体”、“液体”或“固液共存”），内能 　 　（填“不变”、“增大”或“减小”）。
（3）若冰的比热容为c＝2.1×103J/（kg•℃），在最初2min内，冰的温度升高了40℃　 　J。由图2可知，最初2min比最后2min升温较 　 　（填“快”或“慢”），其主要原因是冰的比热容比水的比热容 　 　（填“大”或“小”）。
（4）图3是小吴根据小刚的实验数据重新绘制的水温随时间的变化图像，据图可知，水的沸点 　 　100℃，其原因可能是当时的气压 　 　一个标准大气压（填“高于”、“低于”或“等于”）。
23．（6分）如图所示，小明小组正在“测量滑轮组的机械效率”，测得的实验数据如表。
实验次数
物重G/N
物体上升高度h/m
拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
1
0.1
0.6
0.3
55.6%
2

0.1
1.0
0.3
66.7%
3
4
0.1
1.8
0.3

（1）根据表格中数据可知，小明采用的实验装置是图 　 　（填“甲”或“乙”）。
（2）实验过程中，应竖直向上 　 　拉动弹簧测力计（填“匀速”、“减速”或“加速”）。
（3）第二次实验中，物重是 　 　N。
（4）第三次实验中滑轮组的机械效率是 　 　（保留一位小数）。
（5）分析表中实验数据可知，同一滑轮组，物重 　 　（填“增加”或“减小”），滑轮组的机械效率越高。
（6）若在第三次实验中，物体上升的速度为0.2m/s，则拉力F的功率为 　 　W。

24．（6分）如图所示，是小明“探究平面镜成像特点”的实验装置。
（1）实验中选择两根完全一样的蜡烛A和C，是为了比较像与物的 　 　关系（填“大小”或“虚实”）。
（2）实验时，小明应在 　 　（填“A”或“B”）侧观察蜡烛A经玻璃板所成的像。
（3）细心的小芳透过玻璃观察蜡烛A的像时，看到在像B处的后面还有一个较模糊、与像B有部分重叠的像，出现两个像的原因是玻璃板太 　 　（填“厚”或“薄”）。

25．（4分）小红用U形管、适量的水、刻度尺来测花生油的密度（已知花生油的密度比水的密度小）。
（1）先将U形管开口沿竖直向上放置，往一侧管中注入适量的水，两管中水面相平。再从管的另一侧缓慢注入适当高度的花生油（如图），管的 　 　侧液柱是花生油（填“左”或“右”）。
（2）用刻度尺测出液柱的高度h1，测出两侧液面的高度差h2，若水的密度为ρ，则油的密度ρx＝　 　。（用已知量的字母表示）

26．（10分）如图1所示，电源电压U恒定，定值电阻R0与滑动变阻器R串联接入电路中，闭合开关并移动滑片，记录电压表与电流表示数0﹣I图像。

（1）滑动变阻器由A端向B端移动时，电流表示数 　 　，电压表示数 　 　（填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）R0＝　 　Ω；电源电压U＝　 　V。
（3）求滑动变阻器的滑片处于A端时，滑动变阻器消耗的电功率。
27．（10分）如图1所示，质量为1.5×103kg的小汽车，先后在水平路面和斜面上做匀速直线运动，其发动机牵引力所做的功W与运动时间t的图像如图2所示。

（1）汽车运动 　 　s开始下坡，在AB段汽车牵引力的功率为 　 　W。
（2）若汽车在AB段运动时，四个车轮与地面的总接触面积为0.05m2，忽略空气对汽车产生的升力，汽车对地面的压强为 　 　Pa；若汽车运动的速度为5m/s，则汽车在AB路段运动受到的阻力为 　 　N。
（3）求汽车在BC段运动时牵引力的功率。





















2023年湖南省株洲市石峰区中考物理模拟试卷（三）
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共9小题，每小题2分，共计30分，每小题只选一个答案）
1．【答案】A
【分析】小孔成像是由光的直线传播形成的倒立的实像。
【解答】解：太阳光通过树叶间的小孔，在地面上形成一个倒立的，像和太阳的形状是一样的，是光沿直线传播形成的。
故选：A。
2．【答案】B
【分析】电磁波在生活中有着广泛的应用，如：无线电广播、电视、手机都是靠电磁波来传递信息的。
【解答】解：A、台灯是利用电流的热效应工作的；
B、手机是利用电磁波来传递信息的；
C、电热水器是利用电流的热效应工作的；
D、电冰箱是利用物态变化时的吸热和放热原理制冷的。
故选：B。
3．【答案】D
【分析】要解决此题，需要掌握光的折射定律的内容：光在两种不同介质的分界面处发生折射时，折射光线与入射光线、法线在同一平面内，折射光线与入射光线分居法线的两侧，当光由空气斜射入水或其它介质中时，折射角小于入射角，当光从水或其他介质斜射入空气时折射角大于入射角，即空气中的角始终是大的，并且折射光路是可逆的。要搞清看水中的“鱼”，是因为看到了由水中鱼发反射的光。
【解答】解：首先知道人在岸边看水中的鱼，是鱼反射的光进入人的眼睛，而A，表示的是从空气斜射入水中
其次是，光由水斜射入空气中折射角大于入射角，因此符合要求的是D选项。
故选：D.
4．【答案】B
【分析】能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足：①闭合电路的一部分导体；②导体切割磁感线运动这两个条件。
【解答】解：由图可知，ACD中的闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，B中的导体上下运动，所以不会产生感应电流。
故选：B。
5．【答案】D
【分析】从自然界直接获取没有经过加工转换的能源是一次能源；由一次能源经过加工转换得到的能源是二次能源。
【解答】解：A、天然气，是一次能源；
C、太阳能是从自然界直接获取的能源，故C错误；
D、电能是由一次能源经过加工而获得的能源，故D正确；
故选：D。
6．【答案】C
【分析】根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程。
【解答】解：甲图中的两气门都关闭，电火花打火，汽缸容积变大；
乙图中的两气门都关闭，活塞上行，是压缩冲程；
丙图中的进气门开启，气体流入汽缸；
丁图中的排气门开启，气体流出汽缸；
故排列顺序是：丙、乙、甲、丁；
故选：C。
7．【答案】C
【分析】根据电流流向法先判断出两个灯泡的连接方式，再看开关的位置后，即可得出哪个图是正确的。
【解答】解：电流从电源的正极出发，分别流经两个灯泡；另一条经过开关后，所以两灯并联，对应的电路图是C。
故选：C。
（阅读材料，完成8～11题）如图所示，是我国高超音速导弹“东风17”从起飞到击中目标的轨迹示意图，如果把大气层边缘看作水面，因此它突防能力强，难以拦截。

8．【答案】C
【分析】（1）分析能量的转化时，主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，因为总是消耗的能量转化为得到的能量；
（2）燃料的热值是燃料的特性；
（3）物体间力的作用是相互的；
（4）导弹升空时燃料燃烧放出的热量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量。
【解答】解：A、导弹刚开始上升时，其质量不变，速度和高度都变大，则动能和重力势能都增大，所以此过程中是燃料燃烧时化学能转化内能，再通过导弹发动机将内能转化为机械能（动能和重力势能），故A错误；
B、因为燃料的热值是燃料的特性，东风17火箭发动机用一种新型常温液体燃料，主要是利用燃料的热值大的特点，故B错误
C、导弹从起飞点到关机点，发动机对外喷射出燃气，根据力的作用是相互的，给导弹推力的施力物体是喷射出的燃气，故C正确；
D、导弹升空时燃料燃烧放出的能量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量，故D错误。
故选：C。
9．【答案】A
【分析】重力的方向是竖直向下的。
【解答】解：因为重力的方向是竖直向下的，即垂直于（当地的）水平面向下，所以①符合题意；故A正确，BCD错误。
故选：A。
10．【答案】A
【分析】（1）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；
（2）影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
（3）机械能等于动能和势能之和。
【解答】解：影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；由图可知从关机点到b点运动的过程中，导弹离开大气层的高度h是先大后小，所以导弹的高度也是先大后小，因此导弹的重力势能EP是先变大后变小；
在大气层外，由于没有空气，所以导弹关机后运动过程中机械能守恒，即动能与势能的和不变；
所以导弹的动能EK是先变小后变大，由于b点的高度低于关机点的高度，所以b点的重力势能小于关机点的重力势能，b点的动能大于关机点的动能，图像①符合题意；故A正确，BCD错误。
故选：A。
11．【答案】D
【分析】根据G＝mg计算导弹的重力，根据最高点的高度和大气层的高度差计算导弹在重力方向上移动的距离，再由W＝Gh计算导弹从最高点运动到b点重力做的功。
【解答】解：导弹的重力：
G＝mg＝15000kg×10N/kg＝1.5×105N，
根据最高点的高度和大气层的高度差可得导弹在重力方向上移动的距离：
h＝1500km﹣1000km＝500km＝5×105m，
导弹从最高点运动到b点重力做的功：
W＝Gh＝1.5×105N×5×105m＝7.5×1010J；
因此，ABC错误，D正确；
故选：D。
（阅读材料，完成12～15题）智能预付费电表是一种集多功能，远程传输，数据分析为一体的电能表（如图）

型号
电压参数
电流参数
脉冲参数
频率参数
DDZY71
220V
5（60）A
1600imp/kW•h
50Hz
12．【答案】D
【分析】手机的摄像头的成像原理与照相机的成像原理相同，故手机在扫描时与照相机的成像原理相同。
【解答】解：ABD、手机的摄像头的成像原理与照相机的成像原理相同，故手机在扫描时与照相机的成像原理相同，故D正确，AB错误。
C、显微镜物镜成像原理与投影仪相同，目镜成像原理与放大镜相同，不符合题意，故C错误。
故选：D。
13．【答案】A
【分析】电表上的“跳闸”指示灯亮，说明空气开关跳闸，是由于电路中的电流过大。而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路。分析题意判断，详见解答栏。
【解答】解：
A、把台灯插头插入插座时，家里的用电器突然全部停止了工作，说明干路上的空气开关跳闸了，是由于电路中电流过大，由生活常识可知，台灯的功率较小，因此不可能是干路总功率过大，而是短路引起的，故A正确，C不正确；
B、由A分析，跳闸的原因可能是短路，若插座本身已短路，应在插头插入插座前跳闸，故B错误；
D、电表上的“跳闸”指示灯亮，说明有电，故D错误。
故答案为：A。
14．【答案】C
【分析】电能表是测量用户在某点时间内消耗电能的仪表；智能预付费电能表灵敏度高，计量准确。
【解答】解：家里的电器处于待机状态时，这种智能预付费电能表能够启动并开始计量消耗的电能，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
15．【答案】B
【分析】由图表可知该脉冲参数为1600imp/kW•h，即脉冲指示灯的脉冲次数为1600时，消耗1kW•h的电能，分析脉冲指示灯的脉冲次数随时间变化的图像可知，6min脉冲次数为320次，故可求出6min内消耗的电能W，根据P＝计算空调的电功率。
【解答】解：由图表可知该脉冲参数为1600imp/kW•h，即脉冲指示灯的脉冲次数为1600时，消耗1kW•h的电能，分析脉冲指示灯的脉冲次数随时间变化的图像可知，6min脉冲次数为320次，
设6min空调消耗的电能为W，则，
解得：W＝0.2kW•h＝0.72×106J，
时间t＝6min＝360s，
空调的电功率P＝＝＝2000W。
故答案为：B。
二、双选题（共4小题，每小题3分，共计15分，每小题选2个答案，选对但不全计2分，选错计0分）
16．【答案】AB
【分析】（1）压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；
（2）不透明物体的颜色由反射的色光颜色决定；
（3）运动状态包括运动的方向和速度大小，一个改变，运动状态就改变；
（4）摩擦力方向与物体的相对运动方向相反。
【解答】解：A．塑胶跑道表面比较粗糙是在压力一定时，故A正确；
B．不透明的塑胶跑道表面呈橙红色是因为其表面反射了橙红色的光线；
C．小明沿此跑道匀速跑步时，运动方向改变，故C错误；
D．小明向前跑步时，跑道给脚的摩擦力向前。
故选：AB。
17．【答案】AC
【分析】流体压强与流速的关系：流体在流速越快的地方，压强越小。
【解答】解：屋顶上凸，在相同时间内、速度大，所以屋顶上方空气的流速大于下方空气流速，屋顶上方气压小，所以屋顶会被向上掀起。
故选：AC。
18．【答案】BC
【分析】（1）从图上读取两组液体的体积和对应的液体与量杯的总质量，液体与量杯总质量等于液体质量与量杯的质量之和，再利用密度公式写出两组表达式，联立起来即可解出量杯的质量和液体的密度；
（2）利用ρ＝可求出40cm3的该液体质量。
【解答】解：ACD、由图可知当液体体积为V1＝20cm3时，液体与量杯总质量m2＝40g，
由ρ＝可得：m1＝m0+m液＝m2+ρV1，即40g＝m0+ρ×20cm5﹣﹣﹣﹣﹣①；
当液体得体积为V2＝80cm3时，液体与量杯得总质量m7＝100g，
由ρ＝可得：m2＝m0+m液′＝m6+ρV2，即100g＝m0+ρ×80cm4﹣﹣﹣﹣﹣②；
联立①②解得：m0＝20g，ρ＝1g/cm2，故AD错误、C正确；
B、由ρ＝3的该液体质量为：m＝ρV＝1g/cm7×40cm3＝40g，故B正确。
故选：BC。
19．【答案】BC
【分析】由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化；
根据电压表示数的变化、电流表示数变化分析电路故障的原因。
【解答】解：由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；
AB、滑动变阻器滑片左移时，总电阻变大，电路中的电流变小，根据U＝IR可知，电压表示数变小，滑动变阻器滑片右移时，电压表示数变大、B正确；
C、若电压表示数突然变为0V，这说明电路是通路；电压表示数为零，故C正确；
D、若电压表示数突然变为3V，这说明电路是通路；电压表测量电源电压，故D错误。
故选：BC。
三、非选择题（共8小题，共计55分）
20．【答案】①热传递；②Q＝cmΔt；③因果。
【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递两种，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（2）热量的计算公式：Q＝cmΔt。
【解答】解：①改变物体内能的方式有做功和热传递两种，图中改变的下面是做功；
②热量的计算公式：Q＝cmΔt，所以②处填Q＝cmΔt；
③物体对外做功，内能减少，物体内能增加，说明做功与能量转化之间是因果关系。
故答案为：①热传递；②Q＝cmΔt。
21．【答案】（1）b；（2）接反；量程；（3）电阻；正。
【分析】（1）为防止电路中电流过大烧坏用电器，闭合开关前，滑动变阻器处于最大阻值处；
（2）电表指针偏到最大刻度右侧，说明选择的量程太小；电表指针偏向刻度盘的左侧，说明电表的正负接线柱接反了；
（3）分析表格中电流和电压的变化倍数关系，利用控制变量法得出结论。
【解答】解：（1）开关S闭合前，保护电路的滑动变阻器的滑片P位于最大阻值处的b端；
（2）由图乙所示的情况可知，电流表指针偏向刻度盘的左侧；
电压表的指针偏转到最大刻度的右侧，说明选择的量程太小；
（3）分析表中数据可知，通过R电流的变化倍数和R两端电压的变化倍数相等，电流与电压成正比。
故答案为：（1）b；（2）接反；（3）电阻；正。
22．【答案】（1）受热均匀；汽化；液化； （2）0；固液共存；增大； （3）4.2×104；快；小；（4）低于；低于。
【分析】（1）采用水浴法加热，物体受热均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化；
（2）晶体有一定的熔点，而非晶体没有，晶体熔化时吸收热量，内能变大，温度不变；
（3）根据公式Q吸＝cmΔt求出吸收的热量；根据升温的快慢来判断比热容的大小；
（4）液体沸腾的特点：液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；1标准大气压下水的沸点是100℃。
【解答】解：（1）采用“水浴”法加热，其目的是使冰块受热均匀，随着水温升高，水蒸气最冷后会液化成小水滴，“白气”的形成是杯内的水先汽化后液化；
（2）由图2可知，在6min～8min时间段内，冰的熔点为0℃，内能增大；
（3）冰吸收的热量为：Q吸＝c1m3Δt＝2.1×102J/（kg•℃）×0.5kg×40℃＝4.2×104J；
由图5可知，最初2min的斜率比最后2min大，升温的快的物质比热容小，其主要原因是冰的比热容比水的比热容小；
（4）由图2知，水的沸点低于100℃，则当地大气压强低于1个标准大气压；
故答案为：（1）受热均匀；汽化； （2）0；增大2；快；小；（4）低于。
23．【答案】（1）甲；（2）匀速；（3）2；（4）74.1%；（5）越大；（6）1.08。
【分析】（1）根据表格中数据，由n＝得出绳子的有效段数分析；
（2）实验过程中，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小；
（3）第二次实验中，根据η＝＝求出物重；
（4）根据η＝＝求出第三次实验中滑轮组的机械效率；
（5）分析表中实验数据得出结论；
（6）已知物体上升的速度，由vF＝nv得出绳子自由端的速度，根据P＝＝＝Fv求出拉力F的功率。
【解答】解：（1）根据表格中数据，绳子的有效段数：n＝＝，故小明采用的实验装置是图甲；
（2）实验过程中，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计。
（3）第二次实验中，η＝＝，
物重G＝＝＝3N；
（4）第三次实验中滑轮组的机械效率是：
η3＝＝×100%≈74.1%；
（5）分析表中实验数据可知，同一滑轮组，滑轮组的机械效率越高。
（6）若在第三次实验中，物体上升的速度为0.4m/sF＝nv＝3×0.2m/s＝0.6m/s，则拉力F的功率为：
P＝＝＝Fv＝6.8N×0.5m/s＝1.08W。
故答案为：（1）甲；（2）匀速；（4）74.1%；（6）3.08。
24．【答案】（1）大小；（2）A；（3）厚。
【分析】（1）等效替代法：实验中选择两根完全一样的蜡烛是为了比较物体与像的大小关系。
（2）平面镜成像的原因是光的反射，看到像是因为看到了有镜面反射的反射光线，观察像时，人眼应在物体一侧透过玻璃板进行观察；
（3）玻璃是透明的，两个面都可以反射光成蜡烛的像，据此分析两个像的原因。
【解答】解：（1）两支蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，所以他选择的蜡烛B与蜡烛A的大小。
（2）平面镜成像是由于光的反射形成的，要观察A在平面镜中所成的像；
（3）由于像是由光的反射形成的，而较厚的玻璃的两面都能反射光，所以通过玻璃板该同学看到了同一个蜡烛的两个像。
故答案为：（1）大小；（2）A。
25．【答案】（1）右；（2）ρ。
【分析】（1）实验中液柱静止时，水柱和油柱产生的压强相等，即p水＝p油，由p＝ρgh可知哪一侧是花生油；
（2）当管内液体保持静止时，水柱和油柱产生的压强相等，根据液体压强公式列出等式可得花生油密度的表达式。
【解答】解：（1）管内液体保持静止，水柱和油柱产生的压强相等水＝p油，由p＝ρgh可得ρ水gh水＝ρ油gh油，因为花生油的密度比水的密度小，所以h油＞h水，由图可知h1＞h2，则管的右侧是花生油；
（2）用刻度尺测出液柱的高度h4，测出两侧液面的高度差h2，
若水的密度为ρ，则有ρgh2＝ρxgh4，则ρx＝ρ。
故答案为：（1）右；（2）ρ。
26．【答案】（1）变大；变大；（2）10；6；（3）滑动变阻器的滑片处于A端时，滑动变阻器消耗的电功率为0.8W
【分析】（1）根据电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联接入电路中，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路中的电流；滑动变阻器由A端向B端移动时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电流表和电压表示数的变化；
（2）根据欧姆定律求出R0阻值的大小；根据图像分析电源电压的大小；
（3）根据图2中的数据得出滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI求出滑动变阻器的电功率。
【解答】解：（1）根据电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联接入电路中，电压表测量R0两端的电压，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，R6两端的电压变大，电压表示数变大；
（2）根据图2可知，定值电阻R0的阻值为：R2＝＝＝10Ω；
当滑片在B端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电压表测量电源电压，电源电压为6V；
（3）根据图4中的数据可知，滑片在A端时，滑动变阻器两端电压为：UB＝U﹣UA＝6V﹣2V＝7V；
滑动变阻器消耗的功率为：P＝UBI＝4V×0.3A＝0.8W。
故答案为：（1）变大；变大；2；（3）滑动变阻器的滑片处于A端时。
27．【答案】（1）20；4×103；
（2）3×105；800；
（3）汽车在BC段运动时牵引力的功率为2×103W。
【分析】（1）由图知汽车运动开始下坡的时间，由图和PAB＝算出在AB段汽车牵引力的功率；
（2）根据G＝mg算出汽车的重力，由p＝＝算出汽车对地面的压强；
若汽车运动的速度为5m/s，根据f＝F＝算出汽车在AB路段运动受到的阻力；
（3）由图和PBC＝算出汽车在BC段运动时牵引力的功率。
【解答】解：（1）由图知汽车运动20s开始下坡，由图知在AB段汽车牵引力的功率为：
PAB＝＝＝4×103 W；
（2）汽车的重力为：
G＝mg＝8.5×103kg×10N/kg＝4.5×104N，
汽车对地面的压强：
p＝＝＝＝3×105Pa；
若汽车运动的速度为6m/s，则汽车在AB路段运动受到的阻力为：
f＝F＝＝＝800N；
（3）由图知汽车在BC段运动时牵引力的功率为：
PBC＝＝＝4×103W。
答：（1）20；4×104；
（2）3×105；800；
（3）汽车在BC段运动时牵引力的功率为2×103W。