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2023年江苏省扬州市江都区中考物理模拟试卷（含解析）
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这是一份2023年江苏省扬州市江都区中考物理模拟试卷（含解析），共32页。试卷主要包含了0分）， 下列物态变化中需要吸热的是等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省扬州市江都区中考物理模拟试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列单位中，属于长度单位的是( )
A. 千克(kg) B. 纳米(nm) C. 秒(s) D. 牛顿(N)
2. 下列工具中，属于费力杠杆的是( )
A. 赛艇用的桨 B. 独轮车
C. 老虎钳 D. 剪树枝用的剪刀
3. 下列关于初中学生的数据中，最符合实际的是( )
A. 初中生身高约165dm B. 初中生质量约500kg
C. 初中生正常体温约为37℃ D. 初中生脉搏的频率约为72Hz
4. 如图是2022年11月8日扬州地区的月食照片。下列成语中所蕴含的原理和月全食不相同的是( )
A. 镜花水月
B. 坐井观天
C. 凿壁偷光
D. 立竿见影
5. 下列物态变化中需要吸热的是( )
A. 滴水成冰 B. 雪融成溪 C. 气凝成霜 D. 气结成露
6. 生活处处皆物理，下列生活实例说法错误的是( )
A. 发光二极管是由半导体材料制作而成 B. 家里炒菜的锅导热性比较好
C. 家用测温枪利用红外线测量体温 D. 人耳可以直接听到响度足够大的次声波
7. 下列有关物理学史描述错误的是( )
A. 沈括发现了地理两极与地磁两极不重合 B. 阿基米德总结出了杠杆平衡条件
C. 汤姆生提出了原子的核式结构模型 D. 哥白尼提出“日心说”
8. 电子饭卡在各校食堂广为应用，当卡靠近刷卡仪器时，仪器产生的磁场会使饭卡内产生电信号。以下课本图片中与电子饭卡工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
9. 下列实例中，目的是减小压强的是( )
A. 冰鞋上装有冰刀
B. 压路机碾子质量很大
C. 飞镖的箭头很尖
D. 卡车很多轮子
10. 两同学在底端封闭的两支相同吸管中装入不同质量的细沙，制成了A、B两支密度计，放入盛水的烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是( )
A. 密度计都处于悬浮状态
B. 密度计B所受重力较小
C. 密度计A所受浮力较小
D. 两密度计在水面处的刻度值不同
11. 如图所示，粗糙斜面上一物体M通过轻质细绳跨过光滑的定滑轮与物体N相连接，连接M的一段细绳与斜面平行。若斜面始终静止且倾角不变，在改变物体N质量的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 物体M一定受到斜面对它的摩擦力
B. 物体M所受摩擦力大小一定不变
C. 若物体M所受摩擦力为静摩擦力，则该摩擦力的方向一定沿斜面向上
D. 若物体M所受摩擦力为滑动摩擦力，则该摩擦力的大小不变
12. 如图甲是某一特殊纯电阻元件D和定值电阻R的I−U关系图像。小明将D和R以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙，若乙图中D与R的电功率之比为P1：P2=a，丙图中D与R的电功率之比P3：P4=b，则下列关系式中正确的是( )
A. ab=1 a>b B. ab<1 ab D. ab>1 a
13. 四月的瘦西湖，花红柳绿、鸟语花香。周末的上午小明踏入景区，花香扑面而来，小明闻到花香说明______ ，小树林中鸟儿欢快的叫声是通过______ 传入小明耳中的。
14. 抛掷实心球是盐城市中考测试项目之一，中考体育测试中小华抛出的实心球划过完美的曲线，落在满分线以外.实心球从小华手中飞出后，小华对实心球______ (做功/不做功)。下落过程中，实心球的重力势能______ (增大/减小/不变)。实心球落地后仍能继续滚动，这是因为实心球具有______ 。
15. 塑料瓶是生活中常见的物品，小明把塑料瓶平放在水平桌面上，用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气(如图1)，会看到瓶子向______ 运动。与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑(如图2)，其原因是______ 。
16. 兴趣小组设计了如图所示的实验装置探究声音的传播。为了避免声音通过底部固体传出，利用磁悬浮装置使发声体悬浮于空中，A磁体上端为N极，则B磁体下端为______ 极。将内部充有空气的气球口系紧，并悬挂于玻璃罩内壁。罩内空气不断减少，气球体积______ ，最后几乎听不到声音了，但发声体上方的轻质小球照旧跳动，说明发声体仍在______ 。本实验无法抽成绝对真空，需在实验的基础上，进一步推理得出：真空不能传声。写出苏科版物理课本中另一个运用该研究方法的实验：______ 。
17. 如图1，探究水沸腾时温度变化特点，除了图中的器材之外，还需要的测量工具是______ ；水沸腾时，水的温度______ 。将如图2所示的电能表应该安装在家庭电路的干路上，该家庭电路中同时使用的用电器的总功率不能超过______ W。若观察到电能表转盘转过30转，则这段时间内家庭电路消耗的电能为______ J。
18. 如图是小明总结的思维图的一部分，请你帮助小明补全空缺。
(1) ______ ；(2) ______ ；(3) ______ 。
19. 小明测量如图甲所示滑轮组的机械效率，某次实验中将重2N的物体竖直匀速提升0.1m高度，用时5s，自由端的竖直拉力为1N，则拉力的功率为______ W，滑轮组的机械效率为______ 。小明利用图甲滑轮组，只改变物重进行了多次实验(忽略绳重和摩擦)，作出了如图乙所示的图像，已知该图像的纵坐标表示滑轮组机械效率的倒数，则该图像的横坐标所表示的物理量是______ 。
20. 小明练习使用天平测量物体的质量，某次测量情形如图甲所示，请指出小明实验操作中存在的问题是______ 。改正后，小明继续使用该天平测出物体的质量为32.6g，如图乙是小明所用天平的所有配套砝码和标尺，在整理器材时才发现物体和砝码的位置放反了，而其它的操作都是规范的，则所测物体的实际质量为______ g。
21. 如图所示电路中，电源电压U=4.5V，且保持不变，定值电阻R1=5Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω 0.5A”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V。若闭合开关S后，电流表无示数，电压表示数接近4.5V，故障只发生在R1、R2上，则电路中的故障是______ 。当电路正常工作时，滑动变阻器R2的滑片P向右调节时，电压表的示数将______ 。为确保各元件安全，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围是______ Ω。
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
22. 在图中画出垂直玻璃砖AB边的光线经过玻璃砖CD边射出玻璃砖的折射光路图。
23. 如图中所示，小明利用动滑轮竖直向上提升重物，请画出重物重力G的示意图和动滑轮的动力臂L1。
24. 图1是小明家厨房墙壁上的插座面板，面板上的开关可以控制三孔插座的通断。图2是该面板的电路图，请将该电路图连接完整。
四、实验探究题（本大题共5小题，共27.0分）
25. 如图所示，是小华“探究影响液体内部压强的因素”实验时的情形，四幅图中烧杯内的液面相平。
(1)实验中，观察U形管的______ 来比较橡皮膜所受液体压强的大小。
(2)比较图甲和图______ ，可得出初步结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大。
(3)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，如图乙、丙所示，根据实验现象可以初步得出结论：液体内部同一深度______ 。
(4)在(2)(3)实验结论的基础上，比较图乙和图丁，______ (能/不能)初步得出液体内部压强与液体密度有关的结论，但从操作角度看，实验中存在的问题是______ 。
26. 小明探究凸透镜成像的规律，实验过程中使用同一个凸透镜。
(1)实验前，应调整烛焰和光屏的中心在凸透镜的______ 上。根据图甲可知，小明所使用透镜的焦距为______ cm。
(2)小明将蜡烛、凸透镜和光屏调节处于图乙所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时光屏上所成像的特点与______ (照相机/放大镜/投影仪)相同。
(3)某次实验时，小明将蜡烛、凸透镜和光屏按照图丙位置放置后，保持蜡烛位置不变，让凸透镜和光屏分别以0.5cm/s、1cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，经过______ s，光屏上成清晰的像。
27. 用图示的装置探究滑动摩擦力跟接触面粗糙程度的关系。实验器材有：木块、长木板、棉布、毛巾、弹簧测力计。
实验次数
1
2
3
接触面情况
木块和长木板
木块和棉布
木块和毛巾
摩擦力/N
1.9
2.4
(1)实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做______ 运动，根据二力平衡知识测出木块与长木板之间的滑动摩擦力。
(2)第一次实验中弹簧测力计的示数如图所示为______ N，分析表中数据可以得到的结论是：______ 。
(3)交流与反思：若在第3次实验中沿着水平方向加速拉动木块，则木块所受摩擦力______ (大于/等于/小于)2.4N。
28. 在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，小明所用实验器材为：电源(6V恒定不变)、5个定值电阻(阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω)、滑动变阻器(20Ω 1A)、电压表和电流表等。
(1)小明根据图甲所示电路图连接成了图乙所示的实物电路，其中只有一根导线连接错误，请在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线正确连接电路。
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最______ (左/右)端。小明通过实验得到了如表格所示的数据，其中第3次实验时电流表的示数如图丙所示，此时电流为______ A。
(3)小华指出小明实验序号______ 中的数据是编造的，小华作出该判断的依据是______ 。
(4)小明利用实验数据作出了如图丁所示的图像，可以得出结论：______ 。
(5)小明和小华进行了深入思考：在确保各元件安全的前提下(电表两个量程都可用)，利用原有实验器材，分别用5个电阻进行5次实验，则应将定值电阻两端恒定的电压控制在______ V范围内。
实验序号
1
2
3
4
5
R/Ω
5
10
15
20
30
I/A
0.60
0.30
0.15
0.10
29. 物理兴趣小组的同学观察到商场里的自动电梯，无人乘站时运行较慢、有人乘站时运行较快。在查阅相关资料并请教相关技术人员后，兴趣小组同学利用压敏电阻R(R随压力F的变化关系如图甲所示)、滑动变阻器R2、电磁继电器(电磁铁线圈电阻忽略不计)、电压恒为3V的蓄电池等，尝试制作可以实现该功能的自动控制电路。受控电路由额定电压为220V的电动机、定值电阻R1、220V家庭电源和应急开关S(使电梯在必要时停止运行)组成。电路图如图乙所示。当线圈电流大于20mA时衔铁被吸下，线圈电流小于20mA衔铁被拉回。
(1)根据R−F图像可知，压敏电阻R受到的压力越大时，它的电阻值越______ 。图乙中电磁铁的上端为______ 极。
(2)请用笔画线(横平竖直)替代导线补全图乙中电路图，使得电路能实现题中的功能，并符合安全用电原则。
(3)若质量大于或等于20kg的人站在电梯上时(视为站在压敏电阻上)，就能使电梯运行加快，则控制电路中滑动变阻器R2应该调至______ Ω。为了使得质量小于20kg的人站在电梯上时电梯速度也能自动变快，则应该将滑动变阻器R2的滑片向______ 调节。
五、计算题（本大题共2小题，共10.0分）
30. 建筑工地需要长1.0m、宽0.5m、高0.2m的长方体花岗岩200块，花岗岩的密度为3×103kg/m3，现用一辆载重5t的卡车去加工厂将其运回。求：
(1)每块花岗岩的质量。
(2)一块花岗岩立放在水平地面上，它对地面的压强。
(3)通过计算说明卡车共需运送多少次。
31. 小明家煲汤的电饭煲如图甲，它的简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻(阻值不随温度变化)。查阅说明书得知该电饭煲的高温挡功率为550W、低温挡功率为110W。周末小明用该电饭煲把1kg初温为20℃的汤加热至100℃，汤的比热容为c汤=4.0×103J/(kg⋅℃)，求：
(1)发热电阻R1阻值大小。
(2)煲汤过程中汤吸收的热量。
(3)小明使用高温挡煲汤时，不考虑能量损失的前提下，需要多少秒(最终结果保留一位小数)。
六、综合题（本大题共1小题，共7.0分）
32. 阅读短文，回答问题。
中国空间站
中国空间站运行在距离地面约400km的轨道上，这座重为100多吨的空间站，正在以接近8km/s的速度绕地球高速飞行。我国载人发射使用的是“长征二号F”火箭，这款火箭高58.34m。神舟飞船用于天地往返运送航天员，飞船主体由轨道舱、返回舱和推进舱构成。轨道舱集工作、吃饭、睡觉和清洁等诸多功能于一体。轨道舱的两侧安装有太阳能电池板，在独自飞行时也有电能供应。天舟货运飞船则是运送物资的“快递小哥”。
(1)短文中“这座重为100多吨的空间站”这句话中的“重”表述不科学，“重”应该改正为______ 。小明想估算一下“长征二号F”火箭在发射时的第一个10s内的平均速度。他从网上下载某次长征二号F火箭发射的视频，分别截取火箭刚发射时和第10s的图片，如图甲所示。则火箭发射后第一个10s内的平均速度值应最接近于______ 。
A.3m/s
B.7m/s
C.15m/s
D.28m/s
(2)液态氢是火箭的理想燃料，这主要是利用了液态氢______ 大的特性。“神舟十五号”与中国空间站顺利对接成功后，以空间站为参照物，“神舟十五号”是______ 的。空间站与地球之间通过______ 进行通讯。
(3)中国航天员已经进行了多次太空授课，激发了科技探索兴趣。航天员王亚平把插入饮水袋中的金属圈慢慢抽出，金属圈上形成了一个水膜。接着她往水膜表面贴上花朵折纸，这朵花竟在水膜中“绽放”(如图乙)，该现象说明______ 。用吸管将乒乓球轻轻按入装在圆柱形杯子内的水中(如图丙)。未浸入水中前乒乓球如图丁①所示，当乒乓球浸没在水下时，我们观察到水面下的乒乓球的形状是图丁中的______ (填写数字编号)图。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、千克(kg)是质量的国际单位，故A错误；
B、纳米(nm)是长度的单位，故B正确；
C、秒(s)是时间的国际单位，故C错误；
D、牛顿(N)是力的国际单位，故D错误；
故选：B。
长度的国际单位是米，另外长度的单位还有：千米、分米、厘米、毫米、微米、纳米、光年等。
物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆。
2.【答案】A
【解析】解：A、赛艇的桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、老虎钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、剪树枝用的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：A。
判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆。
准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键。
3.【答案】C
【解析】解：A、中学生的身高在160cm左右，故A不符合实际；
B、初中生质量约50kg左右，故B不符合实际；
C、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故C符合实际；
D、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在72次左右，每秒跳动1.2次，也就是频率接近1.2Hz，故D不符合实际。
故选：C。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
4.【答案】A
【解析】解：月全食的原理是光的直线传播；
A、镜花水月属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A符合题意；
BCD、坐井观天、凿壁偷光、立竿见影，是由光的直线传播形成的，故BCD不符合题意。
故选：A。
(1)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(2)光在同种均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。
本题考查了光的直线传播、光的反射，属于基础知识。
5.【答案】B
【解析】解：A、水由液态变成固态的冰，属于凝固现象，凝固放热，故A不符合题意；
B、雪由固态变成液态的水，属于熔化现象，熔化吸热，故B符合题意；
C、霜是由空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C不符合题意；
D、露是由空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故D不符合题意。
故选：B。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6.【答案】D
【解析】解：A、发光二极管是由半导体材料制作而成，故A正确；
B、家里炒菜的锅导热性比较好，故B正确；
C、家用测温枪利用红外线测量体温，故C正确；
D、人耳不可以直接听到响度足够大的次声波，因为次声波的振动频率低于20Hz，故D错误。
故选：D。
(1)二极管是由半导体材料制成的。
(2)金属的导热性好。
(3)测温枪是利用红外线来测量体温的。
(4)次声波人耳听不见。
本题考查的是半导体材料的特性；知道红外线和次声波的特点及应用。
7.【答案】C
【解析】解：
A、宋代学者沈括在《梦溪笔谈》中记载了磁针所指方向不完全指南北这一事实，故他是世界上最早发现这一事实的人，故A正确；
B、阿基米德总结出了杠杆平衡条件，故B正确；
C、1911年，卢瑟福提出了原子的核式结构模型，故C错误；
D、哥白尼提出“日心说”，故D正确。
故选：C。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
8.【答案】D
【解析】解：
由题意可知，当饭卡靠近刷卡仪器时，仪器产生的磁场会使饭卡内产生感应电流，所以饭卡的工作原理是电磁感应现象；
A、图中闭合开关，小磁针发生偏转，说明了电流的周围存在磁场，即电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，与电磁感应现象无关，故B不符合题意；
C、图中实验演示通电导体在磁场中受力而运动，与电磁感应现象无关，故C不符合题意；
D、图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；根据题意分析得出饭卡的工作原理，再结合电磁学知识找出与饭卡工作原理相同的即可。
此题通过同学们熟悉的饭卡考查了电磁感应现象以及其他一些电磁学知识，体现了物理知识在生活中的应用。
9.【答案】D
【解析】解：
A、冰鞋上装有冰刀，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，故A不符合题意；
B、压路机碾子质量很大，是在受力面积一定的情况下，通过增大压力，增大压强，故B不符合题意；
C、飞镖的箭头很尖，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，故C不符合题意；
D、载重车装有许多车轮，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故D符合题意。
故选：D。
根据压强的定义式p=FS可知，要减小压强有两种方法：一是当压力一定时，增加受力面积；二是当受力面积一定时，减小压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。
10.【答案】C
【解析】解：ABC、两密度计都处于漂浮状态，受到的浮力等于自身重力，由图可知VA排
故选：C。
(1)两密度计都处于漂浮状态，根据F浮=ρ水V排g判断出两密度计受到浮力大小的关系；根据物体沉浮条件判断重力大小的关系；
(2)密度计在水面处的刻度值为水的密度。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，难度不大。
11.【答案】D
【解析】解：ABC、若斜面始终静止且倾角不变，在改变物体N质量的过程中，绳子的拉力大小改变，拉力较小时，物体有向下滑动的趋势，受摩擦力沿斜面向上，拉力较大时，有向上互动的趋势，摩擦力沿斜面向下，拉力与支持力、重力平衡时，没有摩擦力；ABC错误；
D、由于滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，若物体M所受摩擦力为滑动摩擦力，压力和接触面的粗糙程度不变，则该摩擦力的大小不变；故D正确。
(1)摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势方向相反；
(2)滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
本题考查摩擦力的方向与大小，属于基础题。
12.【答案】A
【解析】解：由乙图知R和D并联，根据并联电路电压的规律可知，R和D两端的电压相等都等于电源电压，
则D与R的电功率之比为P1：P2=U2RD：U2R=RRD=a，
由乙图知R和D串联，根据串联电路电流的规律可知，通过R和D的电流相等，
则D与R的电功率之比为P3：P4=I2RD：I2R=RDR=b，
ab=RRD×RDR=1，
由图甲可知，当电流I相等时，电压UR>UD，根据R=UI可知，电阻R>RD，则a>1，b<1，a>b，故A正确，BCD错误。
故选：A。
由乙图知R和D并联，根据并联电路电压的规律可知，R和D两端的电压相等都等于电源电压，则D与R的电功率之比为P1：P2=U2RD：U2R=RRD=a，
由乙图知R和D串联，根据串联电路电流的规律可知，通过R和D的电流相等，则D与R的电功率之比为P3：P4=I2RD：I2R=RDR=b，根据以上数据计算ab的值；
由图甲可知，当电流I相等时，电压UR>UD，根据R=UI判断R和RD的关系，根据RRD=a和RDR=b判断a、b的大小。
本题考查了串联电路、并联电路电流、电压的规律和电功率公式的灵活运用，能够判断在两种电路中电功率的表达方式，是解答本题的关键。
13.【答案】分子在不停地做无规则运动 空气
【解析】解：周末的上午小明踏入景区，花香扑面而来，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，小树林中鸟儿欢快的叫声是通过空气传入小明耳中的。
故答案为：分子在不停地做无规则运动；空气。
(1)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(2)我们平时听到的声音是通过空气进行传播的。
此题考查了扩散现象、声音的传播，比较简单，属基础题。
14.【答案】不做功 减小 惯性
【解析】解：实心球从小华手中飞出后，小华没有对实心球施加力，所以对实心球不做功；
下落过程中，实心球的质量不变，高度变小，重力势能减小；
实心球落地后，由于实心球具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，能继续滚动。
故答案为：不做功；减小；惯性。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可；
重力势能大小与质量和高度有关；
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
深入理解做功的两个必要因素、影响重力势能的因素，明确惯性现象，是解答此题的关键。
15.【答案】右 带电体具有吸引轻小物体的性质
【解析】解：用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，此时瓶身右侧空气流动速度大，瓶身左侧空气流动速度小，根据流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大，故会看到瓶子向右运动；
与头发摩擦过的塑料瓶会带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑。
故答案为：右；带电体具有吸引轻小物体的性质。
(1)流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大；
(2)用摩擦的方法使物体带电，叫摩擦起电；带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了流体压强与流速的关系和物体带电现象等知识的理解和掌握，属于基础知识考查。
16.【答案】N 变大 振动 探究牛顿第一定律的实验
【解析】解：(1)A磁体上端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，则B磁体下端为N极；
(2)温度一定时，玻璃罩内空气不断减少，压强变小，气球内的气压大于外部气压，其体积变大；
(3)罩内空气不断减少，最后几乎听不到声音了，但发声体上方的轻质小球照旧跳动，说明发声体仍在振动；
(4)因为声音的传播需要介质，所以当把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，发现声音越来越小，最后几乎听不到声音，说明真空不能传声，本实验采用了科学推理的方法，探究牛顿第一定律的实验也运用了推理法。
故答案为：(1)N；(2)变大；(3)振动；(4)探究牛顿第一定律的实验。
(1)磁极间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)在温度保持不变的条件下，体积减小时，压强增大；体积增大时，压强减小；
(3)声音是由物体振动产生的；
(4)声音不能在真空中传播，由于实际生活中玻璃罩内无法获得真空，所以不能直接得出实验结论，据此分析。
本题主要考查了磁极间的作用规律、气体压强与体积的关系、声音的产生及传播、物理学方法等，知识点多，难度不大。
17.【答案】停表 保持不变 8800 3.6×104
【解析】解：(1)实验过程中，除了要测量水的温度，还要测量时间，所以还要测量时间的停表；水沸腾时，水的温度保持不变；
(2)由图知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流为40A，所以他家同时使用的用电器最大总功率：P=UI=220V×20A=8800W；
转盘转了30转，则这段时间内消耗的电能为：W=303000kW⋅h=0.01kW⋅h=3.6×104J。
故答案为：停表；保持不变；8800；3.6×104J。
(1)实验过程中还要测量时间，所以还需要测量时间的工具；1标准大气压下水的沸点是100℃；
(2)由图知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流为40A，利用P=UI求他家同时使用的用电器最大总功率；3000r/kW⋅h表示：每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000转，据此求出转盘转30r消耗的电能。
(1)本题是探究水沸腾时温度变化特点的实验，主要考查实验器材的组装和选择、水沸腾的特点等；
(2)本题主要考查了有关电能表参数的意义及电能的计算，还考查了探究水沸腾时温度变化特点，综合性较强，但难度不大。
18.【答案】核裂变 核电站发电 不可再生
【解析】解：(1)利用核能的方式之一：核裂变；
(2)核裂变的应用：核电站利用的是核反应堆内的铀核发生裂变时所释放的核能来发电的；
(3)核能是不可能在短期内从自然界得到补充的能源，属于不可再生能源。
故答案为：(1)核裂变；(2)核电站发电；(3)不可再生。
(1)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；核电站利用的是核反应堆内的铀核发生裂变时所释放的核能来发电的；
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。
本题考查了核能及其利用、能源的分类等，属于基础性题目。
19.【答案】0.06 66.7% G−1或G动
【解析】解：(1)由甲可知，n=3，拉力做的功为：
W总=Fs=1N×3×0.1m=0.3J；
拉力的功率为：
P=W总t=0.3J5s=0.06W；
滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GnF×100%=2N3×1N×100%≈66.7%；
(2)因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，
则η−1=G+G动G=1+G动G=1+(G−1×G动)，
已知图中纵轴表示机械效率的倒数η−1，由此可知，若不计纯重与摩擦，则横轴可能表示G−1或G动，
故答案为：0.06；66.7%；G−1或G动。
(1)由甲可知，n=3，根据公式W=Fs计算拉力做的功，根据P=Wt计算拉力的功率；根据效率公式η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GnF×100%；
(2)利用不计绳重和摩擦时η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动可得η−1与G和G动的关系。
本题考查滑轮组机械效率，考查了学生对效率公式的推导和对实验图象的分析，有一定的难度。
20.【答案】物体和砝码的位置放反了 27.4
【解析】解：(1)使用天平时，物体应该放在天平的左盘里，砝码放在天平的右盘中，图中小明实验操作中存在的问题是物体和砝码的位置放反了；
(2)根据图乙可知，天平的最小砝码是5g，物块的记录质量是32.6g，则砝码的质量为30g，游码的示数是2.6g，
若物体和砝码位置放反，则物体的质量等于砝码的质量减去游码对应的刻度值，则物块体实际质量为：m′=30g−2.6g=27.4g。
故答案为：物体和砝码的位置放反了；27.4。
(1)正确使用天平：①把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度，②调节天平的横梁平衡，③左物右码称量物体质量，物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和。
(2)天平的正确使用：物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和，若将物体和砝码位置放反了，则物体的质量等于砝码的质量减去游码对应的刻度值。
天平是测量质量的工具，天平是初中物理最常见的测量工具，需要掌握其使用方法。
21.【答案】R2断路 变大 4Ω～10
【解析】解：(1)由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路中的电流，经分析，闭合开关S后，电流表无示数，电路断路，电压表示数接近4.5V(电源电压)，且故障只发生在R1或R2上，则电路故障是R2断路，此时电压表与R1串联接在电源两端，电压表两端的电压接近电源电压；
(2)由电路图可知，滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电阻R1阻值不变，电路总电阻变大；
电源电压不变，电路总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小；
电阻R1阻值不变，由U1=IR1可知，电阻R1两端电压U1变小，
由串联电路电压规律可知，R2两端的电压：U2=U−U1，电源电压U不变，U2变大，即电压表V示数变大；
(3)因串联电路中各处的电流相等，电流表量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为0.5A，
所以，电路中的最大电流I大=0.5A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=UR可得，电路中的总电阻：
R小=UI大=4.5V0.5A=9Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R2小=R−R1=9Ω−5Ω=4Ω；
当电压表示数最大为U2大=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端电压：
U1小=U−U2大=4.5V−3V=1.5V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
I小=U1小R1=1.5V5Ω=0.3A，
由欧姆定律可得，R2大=U2大I小=3V0.3A=10Ω，
所以，为确保各元件安全，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围是：4Ω～10Ω。
故答案为：R2断路；变大；4Ω～10。
(1)由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻所在支路断路了；
(2)根据滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据串联电路特点判断电路总电阻如何变化；由欧姆定律判断电路电流如何变化；最后根据欧姆定律与串联电路特点判断电压表示数如何变化。
(3)根据电流表的量程和变阻器的标注信息确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出R2接入电路的阻值范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律应用，要注意电流表和电压表以及滑动变阻器的安全使用问题，既不要超过电流表量程，又不烧坏电阻，还不超过电压表量程。
22.【答案】解：光从空气垂直入射到玻璃界面上，传播方向不变，当光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线将远离法线。在作图时，注意先做出法线。
如图所示：
【解析】当光从空气斜射入玻璃时，折射角小于入射角，当光从玻璃斜射入空气时，折射角大于入射角，垂直入射时，传播方向不变。
本题考查光的折射光路图，属于基础题。
23.【答案】解：如图所示，使用动滑轮时，支点O在绳子与左边框的接触点上，动力F为绳子的拉力，方向竖直向上，过支点O向动力作用线画垂线段，即为动力臂L1；
重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心，如图所示：
【解析】动滑轮的本质是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，使用时可以省一半的力，但是不能改变力的方向；
画力臂的方法：首先确定支点，然后找到动力和阻力，并画出动力和阻力的作用线，再从支点向动力作用线和阻力作用线作垂线段；
重力的方向总是竖直向下的，作用点在物体的重心，据此作出重力的示意图。
本题考查了力臂和重力示意图的画法，明确动滑轮的支点是关键。
24.【答案】解：三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，开关要接在火线与插座之间，如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；开关要接在火线和插座之间。
本题考查了家庭电路中三孔插座的连接方法，属于基础题目。
25.【答案】两侧液面高度差 乙 向各个方向的压强相等 能 没有控制探头所处的深度相同
【解析】解：(1)压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大；
(2)比较图甲和图乙，两杯中的液体密度相同、金属盒所处的深度不相同，深度越深，高度差越大，压强越大，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；
(3)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，如图乙、丙所示，U形管中液面高度差不变，说明了同一液体的同一深度向各个方向的压强相等；
(4)探究液体内部压强与液体密度的关系时，应控制探头所处的深度相同，而液体的密度不同；
虽然图乙、丁中没有控制探头所处的深度相同，但是丁图中探头在盐水中所处的深度较小，而丁图中U形管两侧液面高度差更大，说明探头受到盐水的压强反而较大，所以能初步得出液体内部压强与液体密度有关的结论；但从操作角度看，实验中存在的问题是没有控制探头所处的深度相同。
故答案为：(1)两侧液面高度差；(2)乙；(3)向各个方向的压强相等；(4)能；没有控制探头所处的深度相同。
(1)液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；
(2)(3)(4)液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度可判断此题的实验过程；同一液体的同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；液体的压强与液体的密度有关。
本题考查的是液体内部压强的影响因素的探究实验。注意物理实验中研究方法转换法和控制变量法的运用，液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。
26.【答案】主光轴 10.0 照相机 10
【解析】解：(1)为了使像成在光屏中央，应调整烛焰和光屏的中心在凸透镜的主光轴上；
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=40.0cm−30.0cm=10.0cm；
(2)小明将蜡烛、凸透镜和光屏调节处于图乙所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)将蜡烛、透镜、光屏分别放在25cm、40cm、55cm刻度处，此时物距和像距相等均为15.0cm，凸透镜和光屏分别以0.5cm/s和1cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，物距和像距的增加也相等，凸透镜的焦距为10.0cm，当物距和像距相等且为2倍焦距，即20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加量为5.0cm，故经过t=sv=5.0cm0.5cm/s=10s，光屏上成清晰等大的像。
故答案为：(1)主光轴；10.0；(2)照相机；(3)10。
(1)为了使像成在光屏中央，应调整烛焰和光屏的中心在凸透镜的主光轴上；平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)当物距和像距相等且为2倍焦距，即20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加量为5.0cm，根据速度和距离计算经过的时间。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
27.【答案】匀速直线 1.2 接触面间压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大 等于
【解析】解：(1)实验中使木块水平方向做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；
(2)如图所示，弹簧测力计示数为1.2N，根据表中数据可知，接触面间压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大；
(3)第三次实验时，加速拉动木块，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力大小不变，还等于2.4N。
故答案为：(1)匀速直线；(2)1.2；接触面间压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大；(3)等于。
(1)用弹簧测力计水平匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；
(2)应用控制变量法，根据实验所控制的变量，分析实验现象，从而可得出实验结论；
(3)摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变。
本题考查了使木块做匀速直线运动的目的、实验现象分析，熟练应用控制变量法，认真分析实验现象，即可正确解题。
28.【答案】左 0.2 5 滑动变阻器最大阻值太小 在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 3.6～5
【解析】解：(1)原电路图中，电压表和定值电阻没有接入电路中是错误的，在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最左端；小明通过实验得到了如表格所示的数据，其中第3次实验时电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A；
(3)由表中数据可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.6A×5Ω=……=0.1A×30Ω=3V；
实验中使用的定值电阻阻值最大为30Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=3V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−3V=3V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的3V3V=1倍，根据分压原理，当接入30Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1×30Ω=30Ω>20Ω，故实验序号5中的数据是编造的，判断的依据是：滑动变阻器最大阻值太小；
(4)由图丁可知，I−1R的图像为过原点的一条直线，因此电流与电阻的倒数成正比，故可得结论：在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(5)电表两个量程都可用，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，即电路中最大电流为1A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：
UV大=I大R定小=1A×5Ω=5V；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV′，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总−UV′=6V−UV′，
根据分压原理有：U滑UV′=R滑R定，
即6V−UV′UV′=R滑R定------①，
因电压表示数UV′为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
6V−UV′UV′=20Ω30Ω，
解得电压表的示数：UV′=3.6V，即为完成实验，电压表的最小电压为3.6V，
故为顺利完成5次实验，定值电阻两端的电压需要控制在3.6～5V范围内。
故答案为：(1)见解答图；(2)左；0.2；(3)5；滑动变阻器最大阻值太小；(4)在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(5)3.6～5。
(1)在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；根据电流表选用量程确定分度值读数；
(3)根据表中数据利用U=IR求出定值电阻两端电压；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入30Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
(4)根据图像为过原点的一条直线分析得出结论；
(5)根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻30Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
本题探究通过导体的电流与电阻的关系实验，考查了电路连接、注意事项、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
29.【答案】小 N 50 左
【解析】解：(1)根据R−F图像可知，压敏电阻R受到的压力越大时，它的电阻值越小，根据安培定则，电流从电磁铁的下端流入，从上端流出，电磁铁的上端为N极。
(2)工作电路的开关接在火线上，无人时，定值电阻和电动机是串联的；有人时，动触点和静触点连通，定值电阻R1被短路，如图所示：
。
(3)此时人对压敏电阻的压力为：F=G=mg=20kg×10N/kg=200N，根据图像可知：此时压敏电阻对应的阻值为R=100Ω；根据欧姆定律，此时控制电路的总电阻为R′=UI=3V0.02A=150Ω；
根据串联电路的特点，此时滑动变阻器接入电路的电阻为：R2=R′−R=150Ω−100Ω=50Ω；
当人的质量小于20kg时，压敏电阻的阻值增大，为了保证衔铁能够被吸下，工作电流不变，此时应该减小滑动变阻器的电阻，所以滑片应该向左调节。
故答案为：(1)小；N；(2)；(3)50；左。
(1)根据压敏电阻的电阻特性进行分析；根据安培定则判断电磁铁的磁极。
(2)根据电磁继电器的基本原理和安全用电的原则完成电路图。
(3)根据欧姆定律进行计算和分析。
会根据安培定则判断电磁铁的磁极；知道电磁继电器的基本结构和原理；会根据欧姆定律进行计算和分析。
30.【答案】解：(1)每块花岗岩的体积为：V=1m×0.5m×0.2m=0.1m3，
一块花岗岩质量m=ρV=0.1m3×3×103kg/m3=300kg；
(2)一块花岗岩立放在水平地面上，对地面的压力为：
F=G=mg=300kg×10N/kg=3000N，
受力面积为：S=1.0m×0.5m=0.5m2，
它对地面的压强为：p=FS=300N0.5m2=600Pa；
(3)每次能运送花岗岩的数量为：
n0=5000kg300kg≈16块(去尾法)，
共运送的次数为：
n=200块16块/次≈13次(进一法)。
答：(1)每块花岗岩的质量为300kg。
(2)一块花岗岩立放在水平地面上，它对地面的压强为600Pa。
(3)通过计算说明卡车共需运送13次。
【解析】(1)根据密度公式求出每块花岗岩的质量；
(2)花岗岩立放在水平地面上对水平地面的压力等于自身的重力，根据p=FS求出对地面的压强；
(3)先求出每次能运送的块数，再求出卡车共需运送多少次。
此题考查了密度公式的应用，特别提醒学生的是去尾法和进一法的应用。
31.【答案】解：(1)由图乙可知，当开关S接1时，R1、R2串联，根据串联电路电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电饭煲处于低温挡；
当当开关S接2时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭煲处于高温挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P高=(220V)2550W=88Ω；
(2)汤吸收的热量：Q吸=c汤m(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.2×105J；
(3)不考虑能量损失，电饭煲消耗的电能W=Q吸=3.2×105J，
由P=Wt可知，电饭煲高温煲汤时需要的时间为：t′=WP高=3.2×105J550W≈581.8s；
答：(1)发热电阻R1阻值大小。
(2)煲汤过程中汤吸收的热量。
(3)小明使用高温挡煲汤时，不考虑能量损失的前提下，需要的时间为581.8s；
【解析】(1)由图乙可知，当开关S接1时，R1、R2串联，当开关S接2时，只有R1工作，根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电饭煲高温挡和低温挡的电路连接；根据高温挡功率和P=U2R可求出R1的阻值；
(2)知道汤的质量、初温、末温，利用Q吸=cm(t−t0)可以计算出汤吸收的热量；
(3)不考虑热损耗，电饭煲消耗的电能等于汤吸收的热量，利用P=Wt计算出加热需要的时间。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及吸热公式的应用，是一道电热综合题，难度不大。
32.【答案】质量 B 热值 静止 电磁波 分子间存在相互作用的引力 ③
【解析】解：(1)短文中“这座重为100多吨的空间站”这句话中的“重”应该改正为质量；
比较图甲在两张图片，火箭发射后第一个10s内运动的路程略多于一个火箭的高，即s=58.34m，其平均速度为：v=st=58.34m10s=5.834m/s，平均速度值应最接近于7m/s；
故选：B；
(2)液态氢是火箭的理想燃料，这主要是利用了液态氢热值大的特性；
神舟十五号飞船与空间站对接成功后，神舟十五号飞船相对空间站没有位置的变化，以空间站为参照物，神舟十五号飞船是静止的；
空间站与地球之间通过电磁波进行通讯；
(3)花竟在水膜中“绽放”(如图乙)，该现象说明分子间存在相互作用的引力；
乒乓球停留在水中处于静止状态，竖直方向受到的重力和浮力是一对平衡力，大小相等，太空是失重状态，重力为0，乒乓球受到的压力为0，所以，当乒乓球浸没在水下时，乒乓球的大小和形状不发生变化，我们观察到水面下的乒乓球的形状是图丁中的③图。
故答案为：(1)质量；B；(2)热值；静止；电磁波；(3)分子间存在相互作用的引力；③。
(1)短文中“这座重为100多吨的空间站”这句话中的“重”指的是质量；
(2)1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值；
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
电磁波能够传递信息；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力；太空是失重状态，重力为0。
本题考查了对质量、热值、物体间力的作用是相互的、物体的平衡状态、分子热运动、平均速度、失重等的理解，难度不大，综合性强，属于基础题。
2023年江苏省扬州市江都区中考物理模拟试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列单位中，属于长度单位的是( )
A. 千克(kg) B. 纳米(nm) C. 秒(s) D. 牛顿(N)
2. 下列工具中，属于费力杠杆的是( )
A. 赛艇用的桨 B. 独轮车
C. 老虎钳 D. 剪树枝用的剪刀
3. 下列关于初中学生的数据中，最符合实际的是( )
A. 初中生身高约165dm B. 初中生质量约500kg
C. 初中生正常体温约为37℃ D. 初中生脉搏的频率约为72Hz
4. 如图是2022年11月8日扬州地区的月食照片。下列成语中所蕴含的原理和月全食不相同的是( )
A. 镜花水月
B. 坐井观天
C. 凿壁偷光
D. 立竿见影
5. 下列物态变化中需要吸热的是( )
A. 滴水成冰 B. 雪融成溪 C. 气凝成霜 D. 气结成露
6. 生活处处皆物理，下列生活实例说法错误的是( )
A. 发光二极管是由半导体材料制作而成 B. 家里炒菜的锅导热性比较好
C. 家用测温枪利用红外线测量体温 D. 人耳可以直接听到响度足够大的次声波
7. 下列有关物理学史描述错误的是( )
A. 沈括发现了地理两极与地磁两极不重合 B. 阿基米德总结出了杠杆平衡条件
C. 汤姆生提出了原子的核式结构模型 D. 哥白尼提出“日心说”
8. 电子饭卡在各校食堂广为应用，当卡靠近刷卡仪器时，仪器产生的磁场会使饭卡内产生电信号。以下课本图片中与电子饭卡工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
9. 下列实例中，目的是减小压强的是( )
A. 冰鞋上装有冰刀
B. 压路机碾子质量很大
C. 飞镖的箭头很尖
D. 卡车很多轮子
10. 两同学在底端封闭的两支相同吸管中装入不同质量的细沙，制成了A、B两支密度计，放入盛水的烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是( )
A. 密度计都处于悬浮状态
B. 密度计B所受重力较小
C. 密度计A所受浮力较小
D. 两密度计在水面处的刻度值不同
11. 如图所示，粗糙斜面上一物体M通过轻质细绳跨过光滑的定滑轮与物体N相连接，连接M的一段细绳与斜面平行。若斜面始终静止且倾角不变，在改变物体N质量的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 物体M一定受到斜面对它的摩擦力
B. 物体M所受摩擦力大小一定不变
C. 若物体M所受摩擦力为静摩擦力，则该摩擦力的方向一定沿斜面向上
D. 若物体M所受摩擦力为滑动摩擦力，则该摩擦力的大小不变
12. 如图甲是某一特殊纯电阻元件D和定值电阻R的I−U关系图像。小明将D和R以两种不同的方式接在同一电源上，如图乙和丙，若乙图中D与R的电功率之比为P1：P2=a，丙图中D与R的电功率之比P3：P4=b，则下列关系式中正确的是( )
A. ab=1 a>b B. ab<1 ab D. ab>1 a
13. 四月的瘦西湖，花红柳绿、鸟语花香。周末的上午小明踏入景区，花香扑面而来，小明闻到花香说明______ ，小树林中鸟儿欢快的叫声是通过______ 传入小明耳中的。
14. 抛掷实心球是盐城市中考测试项目之一，中考体育测试中小华抛出的实心球划过完美的曲线，落在满分线以外.实心球从小华手中飞出后，小华对实心球______ (做功/不做功)。下落过程中，实心球的重力势能______ (增大/减小/不变)。实心球落地后仍能继续滚动，这是因为实心球具有______ 。
15. 塑料瓶是生活中常见的物品，小明把塑料瓶平放在水平桌面上，用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气(如图1)，会看到瓶子向______ 运动。与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑(如图2)，其原因是______ 。
16. 兴趣小组设计了如图所示的实验装置探究声音的传播。为了避免声音通过底部固体传出，利用磁悬浮装置使发声体悬浮于空中，A磁体上端为N极，则B磁体下端为______ 极。将内部充有空气的气球口系紧，并悬挂于玻璃罩内壁。罩内空气不断减少，气球体积______ ，最后几乎听不到声音了，但发声体上方的轻质小球照旧跳动，说明发声体仍在______ 。本实验无法抽成绝对真空，需在实验的基础上，进一步推理得出：真空不能传声。写出苏科版物理课本中另一个运用该研究方法的实验：______ 。
17. 如图1，探究水沸腾时温度变化特点，除了图中的器材之外，还需要的测量工具是______ ；水沸腾时，水的温度______ 。将如图2所示的电能表应该安装在家庭电路的干路上，该家庭电路中同时使用的用电器的总功率不能超过______ W。若观察到电能表转盘转过30转，则这段时间内家庭电路消耗的电能为______ J。
18. 如图是小明总结的思维图的一部分，请你帮助小明补全空缺。
(1) ______ ；(2) ______ ；(3) ______ 。
19. 小明测量如图甲所示滑轮组的机械效率，某次实验中将重2N的物体竖直匀速提升0.1m高度，用时5s，自由端的竖直拉力为1N，则拉力的功率为______ W，滑轮组的机械效率为______ 。小明利用图甲滑轮组，只改变物重进行了多次实验(忽略绳重和摩擦)，作出了如图乙所示的图像，已知该图像的纵坐标表示滑轮组机械效率的倒数，则该图像的横坐标所表示的物理量是______ 。
20. 小明练习使用天平测量物体的质量，某次测量情形如图甲所示，请指出小明实验操作中存在的问题是______ 。改正后，小明继续使用该天平测出物体的质量为32.6g，如图乙是小明所用天平的所有配套砝码和标尺，在整理器材时才发现物体和砝码的位置放反了，而其它的操作都是规范的，则所测物体的实际质量为______ g。
21. 如图所示电路中，电源电压U=4.5V，且保持不变，定值电阻R1=5Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω 0.5A”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V。若闭合开关S后，电流表无示数，电压表示数接近4.5V，故障只发生在R1、R2上，则电路中的故障是______ 。当电路正常工作时，滑动变阻器R2的滑片P向右调节时，电压表的示数将______ 。为确保各元件安全，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围是______ Ω。
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
22. 在图中画出垂直玻璃砖AB边的光线经过玻璃砖CD边射出玻璃砖的折射光路图。
23. 如图中所示，小明利用动滑轮竖直向上提升重物，请画出重物重力G的示意图和动滑轮的动力臂L1。
24. 图1是小明家厨房墙壁上的插座面板，面板上的开关可以控制三孔插座的通断。图2是该面板的电路图，请将该电路图连接完整。
四、实验探究题（本大题共5小题，共27.0分）
25. 如图所示，是小华“探究影响液体内部压强的因素”实验时的情形，四幅图中烧杯内的液面相平。
(1)实验中，观察U形管的______ 来比较橡皮膜所受液体压强的大小。
(2)比较图甲和图______ ，可得出初步结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大。
(3)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，如图乙、丙所示，根据实验现象可以初步得出结论：液体内部同一深度______ 。
(4)在(2)(3)实验结论的基础上，比较图乙和图丁，______ (能/不能)初步得出液体内部压强与液体密度有关的结论，但从操作角度看，实验中存在的问题是______ 。
26. 小明探究凸透镜成像的规律，实验过程中使用同一个凸透镜。
(1)实验前，应调整烛焰和光屏的中心在凸透镜的______ 上。根据图甲可知，小明所使用透镜的焦距为______ cm。
(2)小明将蜡烛、凸透镜和光屏调节处于图乙所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时光屏上所成像的特点与______ (照相机/放大镜/投影仪)相同。
(3)某次实验时，小明将蜡烛、凸透镜和光屏按照图丙位置放置后，保持蜡烛位置不变，让凸透镜和光屏分别以0.5cm/s、1cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，经过______ s，光屏上成清晰的像。
27. 用图示的装置探究滑动摩擦力跟接触面粗糙程度的关系。实验器材有：木块、长木板、棉布、毛巾、弹簧测力计。
实验次数
1
2
3
接触面情况
木块和长木板
木块和棉布
木块和毛巾
摩擦力/N
1.9
2.4
(1)实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做______ 运动，根据二力平衡知识测出木块与长木板之间的滑动摩擦力。
(2)第一次实验中弹簧测力计的示数如图所示为______ N，分析表中数据可以得到的结论是：______ 。
(3)交流与反思：若在第3次实验中沿着水平方向加速拉动木块，则木块所受摩擦力______ (大于/等于/小于)2.4N。
28. 在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，小明所用实验器材为：电源(6V恒定不变)、5个定值电阻(阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω)、滑动变阻器(20Ω 1A)、电压表和电流表等。
(1)小明根据图甲所示电路图连接成了图乙所示的实物电路，其中只有一根导线连接错误，请在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线正确连接电路。
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最______ (左/右)端。小明通过实验得到了如表格所示的数据，其中第3次实验时电流表的示数如图丙所示，此时电流为______ A。
(3)小华指出小明实验序号______ 中的数据是编造的，小华作出该判断的依据是______ 。
(4)小明利用实验数据作出了如图丁所示的图像，可以得出结论：______ 。
(5)小明和小华进行了深入思考：在确保各元件安全的前提下(电表两个量程都可用)，利用原有实验器材，分别用5个电阻进行5次实验，则应将定值电阻两端恒定的电压控制在______ V范围内。
实验序号
1
2
3
4
5
R/Ω
5
10
15
20
30
I/A
0.60
0.30
0.15
0.10
29. 物理兴趣小组的同学观察到商场里的自动电梯，无人乘站时运行较慢、有人乘站时运行较快。在查阅相关资料并请教相关技术人员后，兴趣小组同学利用压敏电阻R(R随压力F的变化关系如图甲所示)、滑动变阻器R2、电磁继电器(电磁铁线圈电阻忽略不计)、电压恒为3V的蓄电池等，尝试制作可以实现该功能的自动控制电路。受控电路由额定电压为220V的电动机、定值电阻R1、220V家庭电源和应急开关S(使电梯在必要时停止运行)组成。电路图如图乙所示。当线圈电流大于20mA时衔铁被吸下，线圈电流小于20mA衔铁被拉回。
(1)根据R−F图像可知，压敏电阻R受到的压力越大时，它的电阻值越______ 。图乙中电磁铁的上端为______ 极。
(2)请用笔画线(横平竖直)替代导线补全图乙中电路图，使得电路能实现题中的功能，并符合安全用电原则。
(3)若质量大于或等于20kg的人站在电梯上时(视为站在压敏电阻上)，就能使电梯运行加快，则控制电路中滑动变阻器R2应该调至______ Ω。为了使得质量小于20kg的人站在电梯上时电梯速度也能自动变快，则应该将滑动变阻器R2的滑片向______ 调节。
五、计算题（本大题共2小题，共10.0分）
30. 建筑工地需要长1.0m、宽0.5m、高0.2m的长方体花岗岩200块，花岗岩的密度为3×103kg/m3，现用一辆载重5t的卡车去加工厂将其运回。求：
(1)每块花岗岩的质量。
(2)一块花岗岩立放在水平地面上，它对地面的压强。
(3)通过计算说明卡车共需运送多少次。
31. 小明家煲汤的电饭煲如图甲，它的简化电路如图乙所示，R1、R2均是发热电阻(阻值不随温度变化)。查阅说明书得知该电饭煲的高温挡功率为550W、低温挡功率为110W。周末小明用该电饭煲把1kg初温为20℃的汤加热至100℃，汤的比热容为c汤=4.0×103J/(kg⋅℃)，求：
(1)发热电阻R1阻值大小。
(2)煲汤过程中汤吸收的热量。
(3)小明使用高温挡煲汤时，不考虑能量损失的前提下，需要多少秒(最终结果保留一位小数)。
六、综合题（本大题共1小题，共7.0分）
32. 阅读短文，回答问题。
中国空间站
中国空间站运行在距离地面约400km的轨道上，这座重为100多吨的空间站，正在以接近8km/s的速度绕地球高速飞行。我国载人发射使用的是“长征二号F”火箭，这款火箭高58.34m。神舟飞船用于天地往返运送航天员，飞船主体由轨道舱、返回舱和推进舱构成。轨道舱集工作、吃饭、睡觉和清洁等诸多功能于一体。轨道舱的两侧安装有太阳能电池板，在独自飞行时也有电能供应。天舟货运飞船则是运送物资的“快递小哥”。
(1)短文中“这座重为100多吨的空间站”这句话中的“重”表述不科学，“重”应该改正为______ 。小明想估算一下“长征二号F”火箭在发射时的第一个10s内的平均速度。他从网上下载某次长征二号F火箭发射的视频，分别截取火箭刚发射时和第10s的图片，如图甲所示。则火箭发射后第一个10s内的平均速度值应最接近于______ 。
A.3m/s
B.7m/s
C.15m/s
D.28m/s
(2)液态氢是火箭的理想燃料，这主要是利用了液态氢______ 大的特性。“神舟十五号”与中国空间站顺利对接成功后，以空间站为参照物，“神舟十五号”是______ 的。空间站与地球之间通过______ 进行通讯。
(3)中国航天员已经进行了多次太空授课，激发了科技探索兴趣。航天员王亚平把插入饮水袋中的金属圈慢慢抽出，金属圈上形成了一个水膜。接着她往水膜表面贴上花朵折纸，这朵花竟在水膜中“绽放”(如图乙)，该现象说明______ 。用吸管将乒乓球轻轻按入装在圆柱形杯子内的水中(如图丙)。未浸入水中前乒乓球如图丁①所示，当乒乓球浸没在水下时，我们观察到水面下的乒乓球的形状是图丁中的______ (填写数字编号)图。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、千克(kg)是质量的国际单位，故A错误；
B、纳米(nm)是长度的单位，故B正确；
C、秒(s)是时间的国际单位，故C错误；
D、牛顿(N)是力的国际单位，故D错误；
故选：B。
长度的国际单位是米，另外长度的单位还有：千米、分米、厘米、毫米、微米、纳米、光年等。
物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆。
2.【答案】A
【解析】解：A、赛艇的桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、老虎钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、剪树枝用的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：A。
判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆。
准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键。
3.【答案】C
【解析】解：A、中学生的身高在160cm左右，故A不符合实际；
B、初中生质量约50kg左右，故B不符合实际；
C、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故C符合实际；
D、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在72次左右，每秒跳动1.2次，也就是频率接近1.2Hz，故D不符合实际。
故选：C。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
4.【答案】A
【解析】解：月全食的原理是光的直线传播；
A、镜花水月属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A符合题意；
BCD、坐井观天、凿壁偷光、立竿见影，是由光的直线传播形成的，故BCD不符合题意。
故选：A。
(1)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(2)光在同种均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。
本题考查了光的直线传播、光的反射，属于基础知识。
5.【答案】B
【解析】解：A、水由液态变成固态的冰，属于凝固现象，凝固放热，故A不符合题意；
B、雪由固态变成液态的水，属于熔化现象，熔化吸热，故B符合题意；
C、霜是由空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C不符合题意；
D、露是由空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故D不符合题意。
故选：B。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6.【答案】D
【解析】解：A、发光二极管是由半导体材料制作而成，故A正确；
B、家里炒菜的锅导热性比较好，故B正确；
C、家用测温枪利用红外线测量体温，故C正确；
D、人耳不可以直接听到响度足够大的次声波，因为次声波的振动频率低于20Hz，故D错误。
故选：D。
(1)二极管是由半导体材料制成的。
(2)金属的导热性好。
(3)测温枪是利用红外线来测量体温的。
(4)次声波人耳听不见。
本题考查的是半导体材料的特性；知道红外线和次声波的特点及应用。
7.【答案】C
【解析】解：
A、宋代学者沈括在《梦溪笔谈》中记载了磁针所指方向不完全指南北这一事实，故他是世界上最早发现这一事实的人，故A正确；
B、阿基米德总结出了杠杆平衡条件，故B正确；
C、1911年，卢瑟福提出了原子的核式结构模型，故C错误；
D、哥白尼提出“日心说”，故D正确。
故选：C。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
8.【答案】D
【解析】解：
由题意可知，当饭卡靠近刷卡仪器时，仪器产生的磁场会使饭卡内产生感应电流，所以饭卡的工作原理是电磁感应现象；
A、图中闭合开关，小磁针发生偏转，说明了电流的周围存在磁场，即电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，与电磁感应现象无关，故B不符合题意；
C、图中实验演示通电导体在磁场中受力而运动，与电磁感应现象无关，故C不符合题意；
D、图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；根据题意分析得出饭卡的工作原理，再结合电磁学知识找出与饭卡工作原理相同的即可。
此题通过同学们熟悉的饭卡考查了电磁感应现象以及其他一些电磁学知识，体现了物理知识在生活中的应用。
9.【答案】D
【解析】解：
A、冰鞋上装有冰刀，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，故A不符合题意；
B、压路机碾子质量很大，是在受力面积一定的情况下，通过增大压力，增大压强，故B不符合题意；
C、飞镖的箭头很尖，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，故C不符合题意；
D、载重车装有许多车轮，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，故D符合题意。
故选：D。
根据压强的定义式p=FS可知，要减小压强有两种方法：一是当压力一定时，增加受力面积；二是当受力面积一定时，减小压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。
10.【答案】C
【解析】解：ABC、两密度计都处于漂浮状态，受到的浮力等于自身重力，由图可知VA排
故选：C。
(1)两密度计都处于漂浮状态，根据F浮=ρ水V排g判断出两密度计受到浮力大小的关系；根据物体沉浮条件判断重力大小的关系；
(2)密度计在水面处的刻度值为水的密度。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，难度不大。
11.【答案】D
【解析】解：ABC、若斜面始终静止且倾角不变，在改变物体N质量的过程中，绳子的拉力大小改变，拉力较小时，物体有向下滑动的趋势，受摩擦力沿斜面向上，拉力较大时，有向上互动的趋势，摩擦力沿斜面向下，拉力与支持力、重力平衡时，没有摩擦力；ABC错误；
D、由于滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，若物体M所受摩擦力为滑动摩擦力，压力和接触面的粗糙程度不变，则该摩擦力的大小不变；故D正确。
(1)摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势方向相反；
(2)滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
本题考查摩擦力的方向与大小，属于基础题。
12.【答案】A
【解析】解：由乙图知R和D并联，根据并联电路电压的规律可知，R和D两端的电压相等都等于电源电压，
则D与R的电功率之比为P1：P2=U2RD：U2R=RRD=a，
由乙图知R和D串联，根据串联电路电流的规律可知，通过R和D的电流相等，
则D与R的电功率之比为P3：P4=I2RD：I2R=RDR=b，
ab=RRD×RDR=1，
由图甲可知，当电流I相等时，电压UR>UD，根据R=UI可知，电阻R>RD，则a>1，b<1，a>b，故A正确，BCD错误。
故选：A。
由乙图知R和D并联，根据并联电路电压的规律可知，R和D两端的电压相等都等于电源电压，则D与R的电功率之比为P1：P2=U2RD：U2R=RRD=a，
由乙图知R和D串联，根据串联电路电流的规律可知，通过R和D的电流相等，则D与R的电功率之比为P3：P4=I2RD：I2R=RDR=b，根据以上数据计算ab的值；
由图甲可知，当电流I相等时，电压UR>UD，根据R=UI判断R和RD的关系，根据RRD=a和RDR=b判断a、b的大小。
本题考查了串联电路、并联电路电流、电压的规律和电功率公式的灵活运用，能够判断在两种电路中电功率的表达方式，是解答本题的关键。
13.【答案】分子在不停地做无规则运动 空气
【解析】解：周末的上午小明踏入景区，花香扑面而来，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，小树林中鸟儿欢快的叫声是通过空气传入小明耳中的。
故答案为：分子在不停地做无规则运动；空气。
(1)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(2)我们平时听到的声音是通过空气进行传播的。
此题考查了扩散现象、声音的传播，比较简单，属基础题。
14.【答案】不做功 减小 惯性
【解析】解：实心球从小华手中飞出后，小华没有对实心球施加力，所以对实心球不做功；
下落过程中，实心球的质量不变，高度变小，重力势能减小；
实心球落地后，由于实心球具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，能继续滚动。
故答案为：不做功；减小；惯性。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可；
重力势能大小与质量和高度有关；
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
深入理解做功的两个必要因素、影响重力势能的因素，明确惯性现象，是解答此题的关键。
15.【答案】右 带电体具有吸引轻小物体的性质
【解析】解：用吸管在右侧沿平行于瓶身方向吹气，此时瓶身右侧空气流动速度大，瓶身左侧空气流动速度小，根据流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大，故会看到瓶子向右运动；
与头发摩擦过的塑料瓶会带电，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以与头发摩擦过的塑料瓶能吸引碎纸屑。
故答案为：右；带电体具有吸引轻小物体的性质。
(1)流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大；
(2)用摩擦的方法使物体带电，叫摩擦起电；带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了流体压强与流速的关系和物体带电现象等知识的理解和掌握，属于基础知识考查。
16.【答案】N 变大 振动 探究牛顿第一定律的实验
【解析】解：(1)A磁体上端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，则B磁体下端为N极；
(2)温度一定时，玻璃罩内空气不断减少，压强变小，气球内的气压大于外部气压，其体积变大；
(3)罩内空气不断减少，最后几乎听不到声音了，但发声体上方的轻质小球照旧跳动，说明发声体仍在振动；
(4)因为声音的传播需要介质，所以当把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，发现声音越来越小，最后几乎听不到声音，说明真空不能传声，本实验采用了科学推理的方法，探究牛顿第一定律的实验也运用了推理法。
故答案为：(1)N；(2)变大；(3)振动；(4)探究牛顿第一定律的实验。
(1)磁极间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)在温度保持不变的条件下，体积减小时，压强增大；体积增大时，压强减小；
(3)声音是由物体振动产生的；
(4)声音不能在真空中传播，由于实际生活中玻璃罩内无法获得真空，所以不能直接得出实验结论，据此分析。
本题主要考查了磁极间的作用规律、气体压强与体积的关系、声音的产生及传播、物理学方法等，知识点多，难度不大。
17.【答案】停表 保持不变 8800 3.6×104
【解析】解：(1)实验过程中，除了要测量水的温度，还要测量时间，所以还要测量时间的停表；水沸腾时，水的温度保持不变；
(2)由图知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流为40A，所以他家同时使用的用电器最大总功率：P=UI=220V×20A=8800W；
转盘转了30转，则这段时间内消耗的电能为：W=303000kW⋅h=0.01kW⋅h=3.6×104J。
故答案为：停表；保持不变；8800；3.6×104J。
(1)实验过程中还要测量时间，所以还需要测量时间的工具；1标准大气压下水的沸点是100℃；
(2)由图知，电能表的工作电压是220V，平时工作允许通过的最大电流为40A，利用P=UI求他家同时使用的用电器最大总功率；3000r/kW⋅h表示：每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000转，据此求出转盘转30r消耗的电能。
(1)本题是探究水沸腾时温度变化特点的实验，主要考查实验器材的组装和选择、水沸腾的特点等；
(2)本题主要考查了有关电能表参数的意义及电能的计算，还考查了探究水沸腾时温度变化特点，综合性较强，但难度不大。
18.【答案】核裂变 核电站发电 不可再生
【解析】解：(1)利用核能的方式之一：核裂变；
(2)核裂变的应用：核电站利用的是核反应堆内的铀核发生裂变时所释放的核能来发电的；
(3)核能是不可能在短期内从自然界得到补充的能源，属于不可再生能源。
故答案为：(1)核裂变；(2)核电站发电；(3)不可再生。
(1)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；核电站利用的是核反应堆内的铀核发生裂变时所释放的核能来发电的；
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。
本题考查了核能及其利用、能源的分类等，属于基础性题目。
19.【答案】0.06 66.7% G−1或G动
【解析】解：(1)由甲可知，n=3，拉力做的功为：
W总=Fs=1N×3×0.1m=0.3J；
拉力的功率为：
P=W总t=0.3J5s=0.06W；
滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GnF×100%=2N3×1N×100%≈66.7%；
(2)因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，
则η−1=G+G动G=1+G动G=1+(G−1×G动)，
已知图中纵轴表示机械效率的倒数η−1，由此可知，若不计纯重与摩擦，则横轴可能表示G−1或G动，
故答案为：0.06；66.7%；G−1或G动。
(1)由甲可知，n=3，根据公式W=Fs计算拉力做的功，根据P=Wt计算拉力的功率；根据效率公式η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GnF×100%；
(2)利用不计绳重和摩擦时η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动可得η−1与G和G动的关系。
本题考查滑轮组机械效率，考查了学生对效率公式的推导和对实验图象的分析，有一定的难度。
20.【答案】物体和砝码的位置放反了 27.4
【解析】解：(1)使用天平时，物体应该放在天平的左盘里，砝码放在天平的右盘中，图中小明实验操作中存在的问题是物体和砝码的位置放反了；
(2)根据图乙可知，天平的最小砝码是5g，物块的记录质量是32.6g，则砝码的质量为30g，游码的示数是2.6g，
若物体和砝码位置放反，则物体的质量等于砝码的质量减去游码对应的刻度值，则物块体实际质量为：m′=30g−2.6g=27.4g。
故答案为：物体和砝码的位置放反了；27.4。
(1)正确使用天平：①把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度，②调节天平的横梁平衡，③左物右码称量物体质量，物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和。
(2)天平的正确使用：物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和，若将物体和砝码位置放反了，则物体的质量等于砝码的质量减去游码对应的刻度值。
天平是测量质量的工具，天平是初中物理最常见的测量工具，需要掌握其使用方法。
21.【答案】R2断路 变大 4Ω～10
【解析】解：(1)由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路中的电流，经分析，闭合开关S后，电流表无示数，电路断路，电压表示数接近4.5V(电源电压)，且故障只发生在R1或R2上，则电路故障是R2断路，此时电压表与R1串联接在电源两端，电压表两端的电压接近电源电压；
(2)由电路图可知，滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电阻R1阻值不变，电路总电阻变大；
电源电压不变，电路总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小；
电阻R1阻值不变，由U1=IR1可知，电阻R1两端电压U1变小，
由串联电路电压规律可知，R2两端的电压：U2=U−U1，电源电压U不变，U2变大，即电压表V示数变大；
(3)因串联电路中各处的电流相等，电流表量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为0.5A，
所以，电路中的最大电流I大=0.5A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=UR可得，电路中的总电阻：
R小=UI大=4.5V0.5A=9Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R2小=R−R1=9Ω−5Ω=4Ω；
当电压表示数最大为U2大=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端电压：
U1小=U−U2大=4.5V−3V=1.5V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
I小=U1小R1=1.5V5Ω=0.3A，
由欧姆定律可得，R2大=U2大I小=3V0.3A=10Ω，
所以，为确保各元件安全，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围是：4Ω～10Ω。
故答案为：R2断路；变大；4Ω～10。
(1)由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻所在支路断路了；
(2)根据滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据串联电路特点判断电路总电阻如何变化；由欧姆定律判断电路电流如何变化；最后根据欧姆定律与串联电路特点判断电压表示数如何变化。
(3)根据电流表的量程和变阻器的标注信息确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出R2接入电路的阻值范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律应用，要注意电流表和电压表以及滑动变阻器的安全使用问题，既不要超过电流表量程，又不烧坏电阻，还不超过电压表量程。
22.【答案】解：光从空气垂直入射到玻璃界面上，传播方向不变，当光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线将远离法线。在作图时，注意先做出法线。
如图所示：
【解析】当光从空气斜射入玻璃时，折射角小于入射角，当光从玻璃斜射入空气时，折射角大于入射角，垂直入射时，传播方向不变。
本题考查光的折射光路图，属于基础题。
23.【答案】解：如图所示，使用动滑轮时，支点O在绳子与左边框的接触点上，动力F为绳子的拉力，方向竖直向上，过支点O向动力作用线画垂线段，即为动力臂L1；
重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心，如图所示：
【解析】动滑轮的本质是动力臂为阻力臂2倍的杠杆，使用时可以省一半的力，但是不能改变力的方向；
画力臂的方法：首先确定支点，然后找到动力和阻力，并画出动力和阻力的作用线，再从支点向动力作用线和阻力作用线作垂线段；
重力的方向总是竖直向下的，作用点在物体的重心，据此作出重力的示意图。
本题考查了力臂和重力示意图的画法，明确动滑轮的支点是关键。
24.【答案】解：三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，开关要接在火线与插座之间，如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；开关要接在火线和插座之间。
本题考查了家庭电路中三孔插座的连接方法，属于基础题目。
25.【答案】两侧液面高度差 乙 向各个方向的压强相等 能 没有控制探头所处的深度相同
【解析】解：(1)压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大；
(2)比较图甲和图乙，两杯中的液体密度相同、金属盒所处的深度不相同，深度越深，高度差越大，压强越大，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；
(3)保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，如图乙、丙所示，U形管中液面高度差不变，说明了同一液体的同一深度向各个方向的压强相等；
(4)探究液体内部压强与液体密度的关系时，应控制探头所处的深度相同，而液体的密度不同；
虽然图乙、丁中没有控制探头所处的深度相同，但是丁图中探头在盐水中所处的深度较小，而丁图中U形管两侧液面高度差更大，说明探头受到盐水的压强反而较大，所以能初步得出液体内部压强与液体密度有关的结论；但从操作角度看，实验中存在的问题是没有控制探头所处的深度相同。
故答案为：(1)两侧液面高度差；(2)乙；(3)向各个方向的压强相等；(4)能；没有控制探头所处的深度相同。
(1)液体压强计就是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；
(2)(3)(4)液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，在实验中，应控制其中的一个量保持不变，才能观察压强与另一个量的关系，从控制变量法的角度可判断此题的实验过程；同一液体的同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；液体的压强与液体的密度有关。
本题考查的是液体内部压强的影响因素的探究实验。注意物理实验中研究方法转换法和控制变量法的运用，液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。
26.【答案】主光轴 10.0 照相机 10
【解析】解：(1)为了使像成在光屏中央，应调整烛焰和光屏的中心在凸透镜的主光轴上；
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=40.0cm−30.0cm=10.0cm；
(2)小明将蜡烛、凸透镜和光屏调节处于图乙所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)将蜡烛、透镜、光屏分别放在25cm、40cm、55cm刻度处，此时物距和像距相等均为15.0cm，凸透镜和光屏分别以0.5cm/s和1cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，物距和像距的增加也相等，凸透镜的焦距为10.0cm，当物距和像距相等且为2倍焦距，即20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加量为5.0cm，故经过t=sv=5.0cm0.5cm/s=10s，光屏上成清晰等大的像。
故答案为：(1)主光轴；10.0；(2)照相机；(3)10。
(1)为了使像成在光屏中央，应调整烛焰和光屏的中心在凸透镜的主光轴上；平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)当物距和像距相等且为2倍焦距，即20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加量为5.0cm，根据速度和距离计算经过的时间。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
27.【答案】匀速直线 1.2 接触面间压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大 等于
【解析】解：(1)实验中使木块水平方向做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；
(2)如图所示，弹簧测力计示数为1.2N，根据表中数据可知，接触面间压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大；
(3)第三次实验时，加速拉动木块，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力大小不变，还等于2.4N。
故答案为：(1)匀速直线；(2)1.2；接触面间压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力就越大；(3)等于。
(1)用弹簧测力计水平匀速拉动木块，让木块做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力；
(2)应用控制变量法，根据实验所控制的变量，分析实验现象，从而可得出实验结论；
(3)摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变。
本题考查了使木块做匀速直线运动的目的、实验现象分析，熟练应用控制变量法，认真分析实验现象，即可正确解题。
28.【答案】左 0.2 5 滑动变阻器最大阻值太小 在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 3.6～5
【解析】解：(1)原电路图中，电压表和定值电阻没有接入电路中是错误的，在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最左端；小明通过实验得到了如表格所示的数据，其中第3次实验时电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.2A；
(3)由表中数据可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.6A×5Ω=……=0.1A×30Ω=3V；
实验中使用的定值电阻阻值最大为30Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=3V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−3V=3V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的3V3V=1倍，根据分压原理，当接入30Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1×30Ω=30Ω>20Ω，故实验序号5中的数据是编造的，判断的依据是：滑动变阻器最大阻值太小；
(4)由图丁可知，I−1R的图像为过原点的一条直线，因此电流与电阻的倒数成正比，故可得结论：在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(5)电表两个量程都可用，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，即电路中最大电流为1A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：
UV大=I大R定小=1A×5Ω=5V；
研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV′，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总−UV′=6V−UV′，
根据分压原理有：U滑UV′=R滑R定，
即6V−UV′UV′=R滑R定------①，
因电压表示数UV′为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
6V−UV′UV′=20Ω30Ω，
解得电压表的示数：UV′=3.6V，即为完成实验，电压表的最小电压为3.6V，
故为顺利完成5次实验，定值电阻两端的电压需要控制在3.6～5V范围内。
故答案为：(1)见解答图；(2)左；0.2；(3)5；滑动变阻器最大阻值太小；(4)在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(5)3.6～5。
(1)在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；根据电流表选用量程确定分度值读数；
(3)根据表中数据利用U=IR求出定值电阻两端电压；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入30Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻，据此分析；
(4)根据图像为过原点的一条直线分析得出结论；
(5)根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻30Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压。
本题探究通过导体的电流与电阻的关系实验，考查了电路连接、注意事项、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
29.【答案】小 N 50 左
【解析】解：(1)根据R−F图像可知，压敏电阻R受到的压力越大时，它的电阻值越小，根据安培定则，电流从电磁铁的下端流入，从上端流出，电磁铁的上端为N极。
(2)工作电路的开关接在火线上，无人时，定值电阻和电动机是串联的；有人时，动触点和静触点连通，定值电阻R1被短路，如图所示：
。
(3)此时人对压敏电阻的压力为：F=G=mg=20kg×10N/kg=200N，根据图像可知：此时压敏电阻对应的阻值为R=100Ω；根据欧姆定律，此时控制电路的总电阻为R′=UI=3V0.02A=150Ω；
根据串联电路的特点，此时滑动变阻器接入电路的电阻为：R2=R′−R=150Ω−100Ω=50Ω；
当人的质量小于20kg时，压敏电阻的阻值增大，为了保证衔铁能够被吸下，工作电流不变，此时应该减小滑动变阻器的电阻，所以滑片应该向左调节。
故答案为：(1)小；N；(2)；(3)50；左。
(1)根据压敏电阻的电阻特性进行分析；根据安培定则判断电磁铁的磁极。
(2)根据电磁继电器的基本原理和安全用电的原则完成电路图。
(3)根据欧姆定律进行计算和分析。
会根据安培定则判断电磁铁的磁极；知道电磁继电器的基本结构和原理；会根据欧姆定律进行计算和分析。
30.【答案】解：(1)每块花岗岩的体积为：V=1m×0.5m×0.2m=0.1m3，
一块花岗岩质量m=ρV=0.1m3×3×103kg/m3=300kg；
(2)一块花岗岩立放在水平地面上，对地面的压力为：
F=G=mg=300kg×10N/kg=3000N，
受力面积为：S=1.0m×0.5m=0.5m2，
它对地面的压强为：p=FS=300N0.5m2=600Pa；
(3)每次能运送花岗岩的数量为：
n0=5000kg300kg≈16块(去尾法)，
共运送的次数为：
n=200块16块/次≈13次(进一法)。
答：(1)每块花岗岩的质量为300kg。
(2)一块花岗岩立放在水平地面上，它对地面的压强为600Pa。
(3)通过计算说明卡车共需运送13次。
【解析】(1)根据密度公式求出每块花岗岩的质量；
(2)花岗岩立放在水平地面上对水平地面的压力等于自身的重力，根据p=FS求出对地面的压强；
(3)先求出每次能运送的块数，再求出卡车共需运送多少次。
此题考查了密度公式的应用，特别提醒学生的是去尾法和进一法的应用。
31.【答案】解：(1)由图乙可知，当开关S接1时，R1、R2串联，根据串联电路电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电饭煲处于低温挡；
当当开关S接2时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭煲处于高温挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P高=(220V)2550W=88Ω；
(2)汤吸收的热量：Q吸=c汤m(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.2×105J；
(3)不考虑能量损失，电饭煲消耗的电能W=Q吸=3.2×105J，
由P=Wt可知，电饭煲高温煲汤时需要的时间为：t′=WP高=3.2×105J550W≈581.8s；
答：(1)发热电阻R1阻值大小。
(2)煲汤过程中汤吸收的热量。
(3)小明使用高温挡煲汤时，不考虑能量损失的前提下，需要的时间为581.8s；
【解析】(1)由图乙可知，当开关S接1时，R1、R2串联，当开关S接2时，只有R1工作，根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电饭煲高温挡和低温挡的电路连接；根据高温挡功率和P=U2R可求出R1的阻值；
(2)知道汤的质量、初温、末温，利用Q吸=cm(t−t0)可以计算出汤吸收的热量；
(3)不考虑热损耗，电饭煲消耗的电能等于汤吸收的热量，利用P=Wt计算出加热需要的时间。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及吸热公式的应用，是一道电热综合题，难度不大。
32.【答案】质量 B 热值 静止 电磁波 分子间存在相互作用的引力 ③
【解析】解：(1)短文中“这座重为100多吨的空间站”这句话中的“重”应该改正为质量；
比较图甲在两张图片，火箭发射后第一个10s内运动的路程略多于一个火箭的高，即s=58.34m，其平均速度为：v=st=58.34m10s=5.834m/s，平均速度值应最接近于7m/s；
故选：B；
(2)液态氢是火箭的理想燃料，这主要是利用了液态氢热值大的特性；
神舟十五号飞船与空间站对接成功后，神舟十五号飞船相对空间站没有位置的变化，以空间站为参照物，神舟十五号飞船是静止的；
空间站与地球之间通过电磁波进行通讯；
(3)花竟在水膜中“绽放”(如图乙)，该现象说明分子间存在相互作用的引力；
乒乓球停留在水中处于静止状态，竖直方向受到的重力和浮力是一对平衡力，大小相等，太空是失重状态，重力为0，乒乓球受到的压力为0，所以，当乒乓球浸没在水下时，乒乓球的大小和形状不发生变化，我们观察到水面下的乒乓球的形状是图丁中的③图。
故答案为：(1)质量；B；(2)热值；静止；电磁波；(3)分子间存在相互作用的引力；③。
(1)短文中“这座重为100多吨的空间站”这句话中的“重”指的是质量；
(2)1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值；
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
电磁波能够传递信息；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力；太空是失重状态，重力为0。
本题考查了对质量、热值、物体间力的作用是相互的、物体的平衡状态、分子热运动、平均速度、失重等的理解，难度不大，综合性强，属于基础题。
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