2023年广东省珠海九中中考物理二模试卷（含解析）

这是一份2023年广东省珠海九中中考物理二模试卷（含解析），共28页。试卷主要包含了5cmB等内容，欢迎下载使用。

A. 身高约16.5cmB. 正常体温约42℃
C. 质量约50kgD. 1min脉博跳动约20次
2. 如图为摄影师在冬天拍摄的“钻石尘”奇观。据了解，在极寒的夜晚，空气中的水蒸气会凝结成极小的冰晶悬浮在空中，一般肉眼很难直接观察到。待太阳出来以后，这些小冰晶在阳光照射下闪闪发光，像钻石一样，故名“钻石尘”。由于阳光下“钻石尘”会很快消失，因此极为罕见。下列有关分析正确的是( )
A. “钻石尘”是由空气中水蒸气液化形成
B. “钻石尘”是由空气中水蒸气凝华形成
C. 阳光下“钻石尘”会很快消失，是由于其吸热汽化了
D. 阳光下“钻石尘”会很快消失，是由于其吸热液化了
3. 新冠病毒具有极强的传播与复制能力，由于人与人之间的近距离交流，飞沫可能携带病毒传播成为其重要的传播方式之一。下面关于飞沫、新冠病毒、原子核、分子，按照空间尺度最小的是( )
A. 新冠病毒B. 飞沫C. 分子D. 原子核
4. 下列关于声现象的描述，正确的是( )
A. 图甲中，真空罩抽完空气后，我们也能听到闹钟铃声
B. 图乙中，观察乒乓球被弹开的幅度可以判断音叉的音调
C. 图丙中，禁止鸣笛是在人耳处减弱噪声
D. 图丁中，倒车雷达利用了回声定位的原理
5. 许多城市交通指示灯及路灯照明系统已大量使用了太阳能。白天，太阳能电池板除了将一部分太阳能给交通指示灯供电外，还将多余的太阳能给蓄电池充电；夜晚蓄电池给交通指示灯供电。下列说法正确的是( )
A. 太阳能是二次能源B. 夜晚蓄电池将电能转化为化学能
C. 太阳能是可再生能源D. 交通指示灯将光能转化为电能
6. 无线充电原理是电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电，如图所示。受电线圈处用到了下面的哪个实验的原理( )
A. B.
C. D.
7. 小明将一个电子秤放在水平桌面上，将电子秤调零后进行了如下操作：如图甲所示，先将一个盛有适量水的杯子放在电子秤上，读出电子秤的示数为400g；如图乙所示，将一个用细线系着的石块缓慢地放入杯中，读出电子秤的示数为450g；如图丙所示，将石块缓慢提起，但使石块仍浸没在水中，电子秤的示数为420g。已知水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg。以下判断中正确的是( )
A. 石块的质量是450gB. 石块的体积为3×10−5m3
C. 图丙中石块排开水的质量为30gD. 石块的密度为2.5×103kg/m3
8. 小明在炒菜时闻到了菜的香味，这是______ 现象。炒菜过程中，菜的温度升高，这是通过______ 的方式改变其内能。煤气燃烧越充分，其热值______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
9. 家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器 联。若用电热水壶加热0.8kg的水，使其温度从30℃升高到80℃，则水吸收的热量是 J。此过程中，电热水壶实际消耗的电能 (选填“大于”“等于”或“小于”)水吸收的热量。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
10. 艳阳下的天德湖畔树影婆娑，水中的鹅卵石清晰可见，湖面上的小鸟上下翻飞，景色美不胜收！其中地面上的树影是由光的______形成的，游人看到水中的鹅卵石是光的______形成的；小鸟从水面飞上树梢，它在水中所成的像到水面距离的大小变化情况是______。
11. 如图所示，电子蜡烛的“烛焰”通过凸透镜在光屏上成一个清晰 立的实像，利用这一成像规律可制成 (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。若保持蜡烛和光屏的位置不变，仅将凸透镜更换成另一个焦距相同、尺寸更大的凸透镜，此时光屏上像的大小与原来的像对比应 (选填“变大”“变小”或“不变”)
12. 我国古代劳动人民勤劳智慧，在开采石料时巧妙地利用水作为一种“工具”。在冬季的白天，先给石头打一个洞，然后往洞里灌满水并封实，待晚上温度下降，水结成冰后，石头就裂开了。该方法是利用水结成冰后，质量不变，而______ 增大，从而使石头裂开的。石头裂开以后，其密度______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。450g水凝固成冰后使用，其体积增大了______ cm3。(取ρ冰=0.9g/cm3)
13. 建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G=900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F=400N时，可将重物匀速提升2m。在此过程中，拉力F做功______ J，滑轮组的机械效率为______ ；若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组提升______ N的重物。
14. 某型号的电水壶有加热和保温两个挡位，其电路如图所示。当S闭合、S1断开时，电水壶处于______ 挡，加热和保温的功率分别为1200W和44W。用它把质量为1kg、初温为20℃的水加热到100℃，用时400s，则电水壶消耗的电能是______ J，此过程中电水壶的效率：η= ______ %。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
15. 攀岩是年轻人非常喜欢的一种运动，如图甲是一名攀岩运动员拉着绳子停在峭壁上的情景，图乙是这一时刻的简化图，请以重心O为作用点，在图乙中画出运动员所受的重力G和峭壁对运动员的支持力F支的示意图。
16. 一束光线射向凸透镜后再经平面镜反射射出，请画出凸透镜的入射光线及平面镜的反射光线。
17. 如图所示是家庭电路的一部分，电位器是调节台灯(螺口灯泡)亮度的装置，a、b、c是它的三个接线柱，旋钮带动滑片转动。插座的一部分已正确接入家庭电路，请将其他部分也正确接入家庭电路。(要求顺时针旋转旋钮时灯泡的亮度变亮)
18. (1)如图1所示用刻度尺测量物体的长度。按照正确的方法读数，测量结果应记为______ cm。

(2)如图2所示秒表显示的时间是______ s。
19. 小李同学在探究“影响浮力大小的因素”时，依次做了如图甲所示实验。

观察并分别比较图中有关数据可知：
①当物体浸没在水中时，受到的浮力为______ N。
②分析图A、B、C三个图可初步得出结论，物体所受浮力与______ 有关。
③分析______ 三个图可初步得出结论，物体在液体中所受浮力大小与液体密度有关。
④当物体从接触水面开始，到浸没于水中，直至浸没到更深位置(未触底)，在图乙中能表示出此过程物体所受浮力F与浸入水中深度h关系的图象是______ (选填“a”或“b”)。
20. 如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电源(电压恒为6V)、小灯泡(额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω)、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1(10Ω 1A)和R2(30Ω 0.5A)的滑动变阻器各一个，导线若干。

(1)连接了如图甲所示的电路。其中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”并用笔画线代替导线，将电路连接正确。
(2)连接电路时，滑动变阻器应选______ (选填“R1”或“R2”)。
(3)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因是______ 。
(4)排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______ 端移动(选填“左”或“右”)。通过实验绘制出小灯泡的U−I图象，如图乙所示，小灯泡的额定功率为______ W。
(5)乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率(已知灯泡的额定电压为U额)，R0阻值已知。
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为______ (用字母表示)，此时灯泡正常发光。
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I。
③小灯泡额定功率的表达式P额= ______ (用字母U额、I、R0表示)。
21. 为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，小明同学在如图所示的情景中，沿水平方向匀速拉动水平桌面上的木块，弹簧测力计的示数如图所示。
(1)能够用弹簧测力计的示数表示摩擦力的大小是根据______的原理。
(2)小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，则木块所受摩擦力的大小______(选填“大于”“小于”或“等于”)拉力的大小。
(3)甲、乙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与______有关。
(4)在图丙所示的情景中拉力增大为4N时，木块受到的滑动摩擦力的大小为______N。
(5)实验完成后，同学们对实验进行了改进，如图丁所示。水平拉动木板向左运动，A弹簧测力计的示数为5.8N，B弹簧测力计的示数为2.6N，则木块受到的摩擦力方向为水平向______(选填“左”或“右”)，木板与木块之间的摩擦力大小为______N。
22. 如图所示，某电动叉车拾升石材的情景。电动叉车将1500kg石材完成一次最大起升高度，用时30s，其项目参数如下表。(g取10N/kg)
(1)求石材被抬升的速度；
(2)求电机对石材做的功及做功功率；
(3)求空载的电动叉车静止时对水平地面的压强。
23. 如图所示，电源电压为6V且保持不变，小灯泡L标有“6V 6W”字样，滑动变阻器R1接入电路中的最大阻值为10Ω，定值电阻R2的阻值为5Ω。求：
(1)小灯泡正常发光时的电阻；
(2)只闭合S1，移动滑片P至最左端，通过小灯泡的电流；
(3)S1、S2、S3都闭合，当滑片P移至最右端时，电路消耗的总功率。
24. 我们已经学习了串联电路电压的规律，那么串联的各部分电路如何分配电源电压呢？小明利用以下实验器材进行实验：阻值不同的定值电阻若干、电压表、电压为3V的电源、开关及导线。请回答下列问题：
(1)连接电路时，应将开关处于______状态(选填：“断开”或“闭合”)；
(2)如图甲所示，小明将阻值为10Ω和5Ω的电阻分别接入电路中AB和CD两位置，闭合开关，电压表的示数如图乙所示，则AB间电压为______V.比较两电阻阻值和所分电压值可得初步结论：串联电路中，电阻值越大，其所分电压______；
(3)为了进一步探究电压的分配规律，小明更换电阻完成了上表中2、3两次实验，观察到每次实验电压表示数几乎不变。分析实验数据发现AB间和CD间的电压之比与其对应电阻阻值之比相等，于是得出：“串联电路中各部分电路按其阻值之比分配电源电压”的结论。根据这一实验过程得出的结论是否可信？______(选填：“可信”或“不可信”)，你的理由是：______。
25. 茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明组装了如图甲所示的装置，探究水沸腾的特点。
(1)装置中温度计的使用存在错误，请指出：______。
(2)改正错误后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______℃。
(3)持续加热至水沸腾，观察到“势如奔涛”的景象，这是一种剧烈的汽化现象。实验表明，水沸腾过程中，温度______，需要______热量。
(4)根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图丙所示，其中图线的______段表示水的沸腾过程。
(5)你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点______。
26. 阅读短文，回答问题。
第五代战斗机“歼−20”“歼−20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。“歼−20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，以光信号的形式传输信号，可随时保证飞机与地面的联系。“歼−20”配备了大功率雷达，为解决放热难题，采用了新一代液体冷却系统。该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达2.5倍声速(合3060km/h)，最大油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系是F=kv2，具体数据见表：(已知飞机发动机的效率是40%，航空燃油的热值为5×107J/kg，g取10N/kg)

(1)“歼−20”飞机表面能______ (选填“反射”或“吸收”)对方雷达发射的电磁波，从而实现电磁隐身，飞机在水平匀速飞行过程中机械能______ 。(选填“变大”、“变小”或“不变”)(不考虑燃油减小对质量的影响)
(2)下列说法中不正确的是______ 。
A.飞机的机翼做成流线型是为了减小空气的阻力
B.为解决雷达的散热问题，采用比热容大的液体作为冷却剂
C.飞机与地面的联系采用光信号的形式传输信号
D.当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用
(3)当飞机以400m/s的速度巡航时，飞机发动机的输出功率为______ kW。
(4)翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为500kg/m2，则机翼面积为______ m2，飞机的推重比是指飞机以最大航行速度巡航时的牵引力与最大起飞重力的比值，则该“歼−20”飞机的推重比约为______ 。(结果保留两位小数)
(5)飞机利用测距传感器来判断离地高度，若某测距传感器的阻值R1与离地高度大小的关系如图乙所示，如图丙所示的检测电路采用了“稳流电源”(电源输出的电流恒定)，要使高度表(实质是电流表或电压表)的示数能随飞行高度的增大而增大，则此高度表应安装在______ (选填“1”、“2”或“3”)位置，该高度表示数刻度______ 。(选填“均匀”或“不均匀”)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生的身高约在1.65m=165cm，故A错误；
B、正常情况下，人的体温在37℃左右，故B错误；
C、中学生的质量在50kg左右，故C正确；
D、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，故D错误。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】B
【解析】解：(1)“钻石尘”是空气中的水蒸气会凝结成极小的冰晶悬浮在空中形成的，物质由气态变为固态，属于凝华现象，故A错误，B正确；
(2)“钻石尘”消失，是固态小冰晶吸热变为气态水蒸气，物质由固态变为气态，属于升华现象，故C、D错误。
故选：B。
物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固；物质由液态变成气态的过程叫汽化，由气态变成液态的过程叫液化；物质由固态直接变成气态的过程叫升华，由气态直接变成固态的过程叫凝华。
本题考查了生活中的物态变化现象，内容较简单，抓住物质前后状态变化是解题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：飞沫是肉眼可以看到的，它的尺度最大；新冠病毒是由分子组成的，需要借助显微镜观察；分子由原子构成，原子由原子核和和核外电子构成，原子核由质子和中子构成。
所以按照空间尺度由大到小正确的排序是：飞沫、新冠病毒、分子、原子核。
故选：D。
物体由物质组成，物质由分子构成，分子由原子构成，原子由原子核和电子构成，原子核由质子和中子构成，质子和中子又由夸克构成。
本题考查微观物质的尺度大小，是一道基础题，比较简单。
4.【答案】D
【解析】解：A、真空罩抽完空气后，缺少了传声的介质，我们几乎不能听到闹钟铃声，故A错误；
B、观察乒乓球被弹开的幅度可以判断音叉的响度，故B错误；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、倒车雷达利用了超声波回声定位的原理，故D正确。
故选：D。
(1)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(2)声音的音调与振动频率有关，响度与振幅和距发声体的远近有关；
(3)防治噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；
(4)倒车雷达利用了超声波的回声定位。
本题通过生活中的声现象或相关实验，考查了对声音的传播、声音的特性、噪声的防治、声音的利用等的了解，属基础题，难度不大。
5.【答案】C
【解析】解：A、太阳能可以从自然界直接获取为一次能源。故A错误；
B、蓄电池充电时将电能转化为化学能储存起来；在夜晚时蓄电池给交通指示灯供电照明，将化学能转化为电能，故B错误；
C、太阳能可以从自然界中源源不断的获得，是可再生能源，故C正确；
D、交通指示灯属于用电器，将电能转化为光能，故D错误。
故选：C。
(1)一次能源是指的直接从自然界获取的能源；
(2)蓄电池充电时把电能转化为化学能、放电时把化学能转化为电能；
(3)能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(4)交通指示灯属于用电器，消耗电能。
此题考查了同学们对可再生能源和不可再生能源的理解，同时考查了对能量转化现象的分析能力，是一道基础题。
6.【答案】B
【解析】解：
根据题意可知，受电线圈是利用电磁感应原理工作的；
A、图中是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意；
C、图中给金属棒通电时，金属棒会发生运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故C不符合题意；
D、图中给螺线管通电，螺线管具有磁性，这是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：B。
无线充电原理是电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，由此可知受电线圈的工作原理是电磁感应现象；分析各图中的实验原理进行解答。
本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道受电线圈的工作原理是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、由图甲和图乙可知，石块的质量：m石=m乙−m甲=450g−400g=50g=0.05kg，故A错误；
C、由图甲和图丙可知，石块排开水的质量：m排=m丙−m甲=420g−400g=20g=0.02kg，故C错误；
B、根据密度公式得，石块排开水的体积为：V排=m排ρ水=0.02kg1.0×103kg/m3=2×10−5m3，即V石=V排=2×10−5m3，故B错误；
D、石块的密度为：ρ石=m石V石=0.05kg2×10−5m3=2.5×103kg/m3，故D正确。
故选：D。
(1)由图甲和图乙可知石块的质量；
(2)由图甲和图丙可知，石块排开水的质量；
(3)根据密度公式得可求出石块排开水的体积；
(4)根据密度公式可求出石块的密度。
本题考查了密度公式的应用，根据电子秤的示数得出石块的质量和排开水的质量是关键。
8.【答案】扩散 热传递 不变
【解析】解：(1)炒菜过程中能闻到香味，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
(2)炒菜时，将菜放入锅里后菜的温度升高，这主要是通过热传递的方式改变内能的；
(3)热值是燃料的一种特性，只与燃料种类有关，与是否完全燃烧无关，所以炒菜过程中，煤气燃烧越充分，其热值不变。
故答案为：扩散；热传递；不变。
(1)不同物质接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散；
(2)改变物体内能的方法：做功和热传递；
(3)热值是燃料的一种特性，只与燃料种类有关，与燃料的质量、放热多少和燃烧情况无关。
本题考查了对扩散现象的认识、改变物体内能的方法、对热值特性的理解，属于基础题目。
9.【答案】并
1.68×105
大于

【解析】
【分析】
(1)家庭电路中，各家用电器之间并联连接；
(2)已知水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用公式Q吸=cm(t−t0)可求水吸收的热量；
(3)在烧水过程中，有热损失，消耗电能转化的内能没有全部被水吸收，据此判断。
本题考查了学生对用电器之间的连接方式，吸热公式Q吸=cmΔt、烧水存在热损失的了解与掌握，计算时注意温度升高了(Δt)与升高到(末温)的区别。
【解答】
家庭电路中各用电器之间或插座之间都是并联连接，这样在工作时才会互不影响，电热水壶应与其他家用电器并联。
水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103 J/(kg⋅℃)×0.8 kg×(80 ℃−30 ℃)=1.68×105 J；
因为在烧水过程中，有热损失，所以电热水壶实际消耗的电能大于水吸收的热量。
故答案为：并；1.68×105；大于。
10.【答案】直线传播 折射 变大
【解析】解：地面上的树影是由光的直线传播形成的；
游人看到水中的鹅卵石是虚像，是由光的折射形成的；
小鸟从水面飞上树梢，由于平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同，所以小鸟在水中所成的像到水面距离的变大。
故答案为：直线传播；折射；变大。
影子是由光的直线传播形成的；
光从一种介质斜射入另一种介质时，要发生折射；
平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
本题考查了光的直线传播、光的折射现象、平面镜成像的特点，属于基础题。
11.【答案】倒
照相机
不变

【解析】
【分析】
凸透镜成像规律之一，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
仅将凸透镜更换成另一个焦距相同、尺寸更大的凸透镜，物距、像距不变，则光屏上像的大小不变。
本题为研究凸透镜成像的规律的实验，要熟练掌握凸透镜成像的规律，并灵活运用。
【解答】
由图可知，物距大于像距，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立缩小的实像，利用这一成像规律可制成照相机；
若保持蜡烛和光屏的位置不变，仅将凸透镜更换成另一个焦距相同、尺寸更大的凸透镜，物距、像距不变，此时光屏上像的大小与原来的像对比不变。
故答案为：倒；照相机；不变。
12.【答案】体积 不变 50
【解析】解：水结成冰后，状态改变，质量不变，密度减小，根据密度公式的变形式V=mρ可知，水结冰后体积变大，由于体积变大，所以使石头裂开；
密度是物质的一种特性，同种物质的质量与体积的比值相同，它不随物体自身的质量或体积的变化而变化，所以石头的密度不变；
根据密度公式得水的体积为：V水=mρ水=450g1.0g/cm3=450cm3，
450g水凝固成冰后其体积为：V冰=mρ冰=450g0.9g/cm3=500cm3，
其体积增大了：ΔV=V冰−V水=500cm3−450cm3=50cm3。
故答案为：体积；不变；50。
(1)质量是物体的一种属性，与物体的位置、形状、状态、温度无关；
(2)密度是物质本身的一种特性，同种物质密度相同，不同物质密度一般不同；
(3)知道水的质量和密度，根据密度公式可求出水的体积，450g水凝固成冰后质量不变，根据密度公式可求出冰的体积，这两个体积之差就是水凝固成冰后其体积增大量。
本题考查了对密度特性和质量属性的理解、密度公式的应用，属于基础题。
13.【答案】2400 75% 1200
【解析】解：(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，
则绳子自由端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，
拉力F做功：W总=Fs=400N×6m=2400J；
(2)拉力做的有用功：W有=Gh=900N×2m=1800J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=1800J2400J×100%=75%；
(3)不计绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得，动滑轮的重力：G动=nF−G=3×400N−900N=300N，
将该滑轮组的机械效率提高5%时其机械效率η′=80%，设提升重物的重力为G′，
因克服重物重力所做功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，
所以，滑轮组的机械效率：η′=W有′W总′×100%=G′h′(G′+G动)h′×100%=G′G′+G动 ×100%=G′G′+300N×100%=80%，
解得：G′=1200N。
故答案为：2400；75%；1200。
(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力F做功；
(2)根据W=Gh求出拉力做的有用功，利用η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力，根据题意得出将该滑轮组的机械效率提高5%时其机械效率，设出提升重物的重力，克服重物重力所做功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，根据η=W有W总×100%表示出滑轮组的机械效率即可求出提升重物的重力。
本题考查了做功公式、滑轮组绳子拉力公式和滑轮组机械效率公式的应用等，明确滑轮组绳子的有效股数和有用功、总功是关键。
14.【答案】保温 4.8×105 70
【解析】解：(1)由电路图可知，开关S闭合、S1断开时，两电阻串联，当开关S、S1闭合时，电路为电阻R1的简单电路，
因串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P=UI=U2R可知，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电水壶为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，电水壶为低温挡；
(2)将1kg、20℃的水加热到100℃，水吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J；
由P=Wt得电水壶消耗的电能：
W=P加热t=1200W×400s=4.8×105J；
加热水时热水壶的效率：
η=Q吸W×100%=3.36×105J4.8×105J×100%=70%。
故答案为：保温；4.8×105；70。
(1)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
(2)已知水的质量与初温，由热量公式可以求出水吸收的热量；利用W=Pt求出消耗的电能，利用η=Q吸W×100%可以求出热水壶的效率。
本题考查串联电路的特点、电功率变形公式、热量公式和效率公式的灵活运用，难点是根据P=UI=U2R结合开关的闭合、断开判断电水壶的工作状态。
15.【答案】解：运动员处于静止状态，受到竖直向下的重力、垂直于峭壁的支持力的作用，这两个力作用在O点上，力的示意图如图：

【解析】先明确重力、支持力的方向和作用点，再根据力的示意图的画法作图。
正确分析重力、支持力的方向是本题的关键，画图时力的方向是易错点，值得我们注意。
16.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；该光线入射到平面镜，先画出法线，再根据反射角等于入射角在法线右侧画出反射光线，如图所示：

【解析】(1)根据经凸透镜折射后的折射光线的特点(过焦点)画出入射光线；
(2)经凸透镜折射后的折射光线入射点平面镜，先画出法线，再根据反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线。
本题考查了凸透镜三条特殊光线、光的反射定律的应用，注意画法线要用虚线，属于基础题目。
17.【答案】解：三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，据此可知上面为零线，中间为火线；
开关控制灯泡时，火线先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上；
顺时针旋转旋钮时灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，则变阻器接入电路的电阻是变小的；故应解bc接线柱如图所示：

【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。据此确定火线和零线；
家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套。这样连接的电路，不但开关控制灯泡，而且断开开关，切断火线，更换灯泡时，更安全；
若只将b、c接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路；顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，
本题考查了家庭电路的连接，关键是确定导线的名称以及开关和灯泡的接法。
18.【答案】3.40 475
【解析】解：在读数时视线要正对刻度尺，该刻度尺的分度值为1mm。物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.4cm刻度线对齐，因要估读到分度值的下一位，所以物体的长度为3.40cm。
小盘的分度值是0.5min，指针在7min和8min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在55s，因此秒表的读数为475s；
故答案为：3.40；475s。
读数时，视线要正对刻度尺，要估读到分度值的下一位。
秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
本题是对刻度尺使用方法的考查，难度较低。
19.【答案】1 排开液体体积 A、C、D b
【解析】解：(1)由图A可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则其示数为4.2N，故物体的重力为4.2N，由图C可知，当物体浸没在水中时弹簧测力计的示数为3.2N，由称重法可知，当物体浸没在水中时，F浮水=G−FC=4.2N−3.2N=1N；
由图D可知，当物体浸没在酒精中时弹簧测力计的示数为3.4N，由称重法可知，当物体浸没在酒精中时，F浮酒=G−FD=4.2N−3.4N=0.8N；
(2)分析图A、B、C三个图，液体密度不变，排开液体的体积增加，弹簧测力计的示数减小，由称重法可知，金属块所受浮力增大，因此物体所受到的浮力与排开液体体积有关；
(3)分析图A、C、D可知：随着液体密度的减小，弹簧测力计的示数增大，由称重法可知，金属块所受浮力减小，因此物体所受到的浮力与液体密度有关；
(4)当物体从接触水面开始，物体排开水的体积逐渐增大，浮力也逐渐增大，当物体全部浸没在水中时，物体排开水的体积不变，其受到的浮力也不变，故答案应为图像b。
故答案为：①1；②排开液体体积；③A、C、D；④b。
(1)认清弹簧测力计的分度值，根据指针对应的刻度读数；利用称重法求出浮力；
(2)(3)根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系；
(4)由F浮=ρ液gV排可知，物体受到的浮力与液体的密度和它排开液体的体积有关，据此分析。
此题主要考查了影响浮力大小的因素以及控制变量法的应用，比较简单。
20.【答案】R2 小灯泡短路 右 0.625 U额R0 U额×(I−U额R0)。
【解析】解：(1)滑动变组要与用电器串联，所以定值电阻与滑动变阻器串联，电压表并联在定值电阻两端，；
(2)小灯泡额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律可知，小灯泡正常发光时的电流：
I′=ULR=2.5V10Ω=0.25A，
根据串联电路的电压规律和欧姆定律，此时滑动变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=14Ω>10Ω，故滑动变阻器应为R2；
(3)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路，即电路故障原因是小灯泡短路；
(4)排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，小于灯泡的额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故变阻器滑片应向右端移动；
由U−I图象可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
(5)实验步骤：
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为U额R0，此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；
③在步骤①中，灯泡L与电阻R0并联，电流表测通过R0的电流，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为U额R0，根据并联电路电压特点和欧姆定律可知，灯的电压为U额，灯正常发光；
在步骤②中，灯泡L与电阻R0仍并联，电流表测通过灯泡和电阻R0的总电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
I额=I−U额R0，灯的额定功率的表达式：
P额=U额I额=U额×(I−U额R0)。
故答案为：(1)见解答图；(2)R2；(3)小灯泡短路；(4)右；0.625；(5)①U额R0；③U额×(I−U额R0)。
(1)根据滑动变组要与用电器串联答题；
(2)小灯泡额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律可知，小灯泡正常发光时的电流I′，根据串联电路的电压规律和欧姆定律，此时滑动变阻器连入电路中的电阻就求出来了；
(3)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路；
(4)比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；根据U−I图象确定灯泡额定电压对应的额定电流，根据P=UI算出灯泡的额定功率；
(5)测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为U额R0时，由并联电路电压的规律和欧姆定律，灯的电压为U额，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了器材的选择、电路故障、实验操作、功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
21.【答案】二力平衡 等于 压力大小 3.2 左 2.6
【解析】解：(1)实验过程中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，此时物块处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
(2)小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，木块处于静止状态，由二力平衡条件可知，此时木块所受摩擦力大小等于拉力的大小；
(3)比较甲、乙两次实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，弹簧测力计示数不同，因此是为了探究滑动摩擦力的大小与压力大小有关；
(4)由题意可知，丙图中木块在毛巾表面做匀速直线运动，根据二力平衡条件的条件可知，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数3.2N，当拉力增大为4N时，木块的重力不变，木块对水平毛巾表面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，因此木块受到的滑动摩擦力大小不变，仍为3.2N；
(5)木块处于平衡状态，弹簧测力计B的示数为2.6N，则弹簧测力计B对木块的拉力为2.6N，方向水平向右；木块在水平方向上受拉力和摩擦力，由二力平衡可得，摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，故摩擦力大小为2.6N；摩擦力方向水平向左；根据力的作用是相互的可知，木块与木块之间的摩擦力大小等于木块受到木板的摩擦力大小，因此木板与木块之间的摩擦力大小为2.6N。
故答案为：(1)二力平衡；(2)等于；(3)压力大小；(4)3.2；(5)左；2.6。
(1)用弹簧测力计水平匀速拉动物块，物块做匀速直线运动，处于平衡状态，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于测力计的示数；
(2)静止或匀速直线运动状态都属于平衡状态，物体受力平衡，根据二力平衡条件分析此时木块所受摩擦力大小与拉力的大小关系；
(3)根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，进而确定探究目的；
(4)根据二力平衡条件分析求出木块在毛巾表面上受到的摩擦力，再根据滑动摩擦力的影响因素分析拉力增大时滑动摩擦力的大小；
(5)木块处于平衡状态，据此二力平衡条件求出其所受摩擦力的大小及木块所受摩擦力的方向，根据力的作用是相互的分析木板与木块之间的摩擦力大小。
本题探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，考查二力平衡条件和控制变量法的应用，关键要熟知影响滑动摩擦力大小的因素。
22.【答案】解：(1)最大起升高度为3m，电动叉车将石材完成一次最大起升高度，用时30s，
石材被抬升的速度为v=st=3m30s=0.1m/s；
(2)石材的重力为G=mg=1500kg×10N/kg=1.5×104N，
电机对石材做的功为W=Fs=Gh=1.5×104N×3m=4.5×104J，
电机对石材做功功率为P=Wt=4.5×104J30s=1.5×103W；
(3)由题意可知，空载叉车静止时，其对地面的压力与受到的重力大小相等，空载叉车对地面的压力为F压=G′=m′g=720kg×10N/kg=7.2×103N，
空载的电动叉车静止时对水平地面的压强为p=F压S=7.2×103N0.08m2=9×104Pa。
答：(1)石材被抬升的速度为0.1m/s；
(2)电机对石材做的功为4.5×104J及做功功率为1.5×103W；
(3)空载的电动叉车静止时对水平地面的压强为9×104Pa。
【解析】(1)根据v=st可以求得石材被抬升的速度；
(2)根据G=mg可以求石材的重力，根据W=Fs可以求得电动机对食材做的功，根据P=Wt可以求得电动机对石材做功功率；
(3)因为在水平地面上，所以F=G，再根据p=FS可以求空载的电动叉车静止时对水平地面的压强。
本题属于计算的综合练习，考查了速度、功功率、固体压强的综合问题，注意掌握并应用。
23.【答案】解：(1)小灯泡正常发光时的功率PL=6W，由P=U2R可得，灯泡正常发光时的电阻为：
R=U额2P额=(6V)26W=6Ω，
(2)只闭合S1时，灯泡L与变阻器R1串联，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为灯泡的简单电路，此时灯泡两端的电压等于电源电压6V，也与其额定电压相等，
由P=UI可得此时通过小灯泡的电流：
IL=PLUL=6W6V=1A；
(3)S1、S2、S3都闭合，当滑片P移至最右端时，R1的最大阻值和R2并联，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路的总电阻：
R=R1R2R1+R2=10Ω×5Ω10Ω+5Ω=103Ω，
电路消耗的总功率：
P=U2R=(6V)2103Ω=10.8W。
答：(1)小灯泡正常发光时的电阻为6Ω；
(2)只闭合S1，移动滑片P使电路消耗的总功率最大时，通过小灯泡的电流为1A；
(3)S1、S2、S3都闭合，当滑片P移至最右端时，电路消耗的总功率为10.8W。
【解析】(1)小灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=Wt求出小灯泡正常发光1min消耗的电能；
(2)只闭合S1时，灯泡L与变阻器R1串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中电阻最小，电路消耗的总功率最大；此时灯泡两端的电压和额定电压相等，根据P=UI求出移动滑片P使电路消耗的总功率最大时通过小灯泡的电流；
(3)S1、S2、S3都闭合，当滑片P移至最右端时，R1的最大阻值和R2并联，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用P=UI=U2R求出电路消耗的总功率。
本题考查了并联电路的特点和电功公式、电功率公式的应用，要注意额定电压下灯泡正常发光。
24.【答案】断开 2 越大 不可信 要得到普遍规律，实验中每次实验的电阻比值应不同
【解析】解：(1)连接电路时，应将开关处于断开状态，这样连接电路时可以避免出现短路等问题的出现而损坏电路元件；
(2)电压表使用0～3V量程，分度值是0.1V，电压表的示数如图乙所示，则AB间电压为2V，
电阻10Ω通过的电流为：I=U1R1=2V10Ω=0.2A，串联电路中电流处处相等，所以5Ω电阻两端电压U2=IR2=0.2A×5Ω=1V，
所以，串联电路中，电阻值越大，其所分电压越大；
(3)实验过程中，三次实验的电阻比都是2：1，具有偶然性，实验中每次实验的电阻比不同，才能得到普遍结论，所以这次实验得到的结论不可信。
故答案为：(1)断开；(2)2；越大；(3)不可信；要得到普遍规律，实验中每次实验的电阻比值应不同。
(1)连接电路时应将开关断开；
(2)电压表读数时应看清量程和分度值；串联电路中电流处处相等；
(3)为了使结论具有普遍性应改变实验对应条件多次测量。
本题考查探究串并联电路中电压规律的实验，关键是将实验操作要求及结论掌握清楚，仔细分析即可。
25.【答案】温度计玻璃泡碰到了烧杯壁 92 不变 吸收 BC 降低
【解析】解：(1)观察甲图可知，图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；
(2)图乙知温度计的分度值为1℃，温度计的示数为92℃，即此时水的温度为92℃；
(3)(4)水沸腾时吸热但温度保持不变，所以丙图图线的BC段表示水的沸腾过程；
(5)水停止沸腾后，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾。因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸气遇冷液化，瓶内液面上方气压降低，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来。
故答案为：(1)温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；(2)92；(3)不变；吸收；(4)BC；(5)降低。
(1)温度计测量温度时，玻璃泡不能碰到容器底或容器壁；
(2)根据温度计的分度值读出水的温度；
(3)(4)沸腾时的特点：吸热但温度保持不变；
(5)气体温度降低，气压减小，水的沸点降低。
本题考查结合图象分析液体沸腾的特点，会看液体沸腾的图象，横坐标代表时间，纵坐标代表温度还要明确每一个小格各代表多少，考查学生的分析归纳能力。
26.【答案】吸收 不变 D 1.92×104 74 0.59 3 均匀
【解析】解：(1)具有隐形功能的战机可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达；
飞机匀速飞行时，其速度不变，不考虑燃油的质量变化，则飞机的质量不变，所以其动能不变；同时其高度不变，故其重力势能不变，机械能也不变；
(2)A、飞机的机翼做成流线型可以减小空气的阻力，故A正确；
B、相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多，为解决雷达的散热问题，采用比热容较大的液体作为冷却剂，故B正确；
C、“歼−20”采用先进的光传操纵系统，将获取的信息，通过光信号向地面传递，故C正确；
D、当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，受到平衡力的作用；当飞机在做较大幅度的瞬时滚转时，处于非平衡状态，故受到非平衡力的作用，故D错误；
故选D。
(3)当飞机以400m/s的速度巡航时，飞机发动机的牵引力等于飞机受到的阻力，为F=f=4.8×104N，
输出功率P=Wt=Fst=Fv=4.8×104N×400m/s=1.92×107W=1.92×104W；
(4)根据翼载的定义可得：翼载=飞机最大起飞质量(m)机翼面积(S)，
所以机翼面积：S=飞机最大起飞质量(m)翼载=37×103kg500kg/m2=74m2；
从飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系可知：k=fv2=0.3×104N(100m/s)2=1.2×104N(200m/s)2=…
飞机最大航行速度为3060km/h=850m/s，可知此时的飞机牵引力：
F″=f″=0.3×104N(100m/s)2×(850m/s)2=2.1675×105N，
该飞机最大起飞质量为37t，则该飞机最大起飞重力为G=mg=37×103kg×10N/kg=3.7×105N，
飞机的推重比是指飞机以最大航行速度匀速飞行时的牵引力与最大起飞重力的比值，则该“歼−20”飞机的推重比约为：2.1765×105N3.7×105N≈0.59；
(5)由题意知，检测电路电源输出的电流恒定，高度表示数能随飞行高度的增大而增大，所以高度计应是电压表，
由图丙说明R1高度h成一次函数关系，所以电压表应与R1并联，则此高度表应安装在3位置；
由U=IR1可知，电压表(高度表)示数刻度均匀。
故答案为：(1)吸收；不变；(2)D；(3)1.92×104；(4)74；0.59；(5)3；均匀。
(1)具有隐形功能的战机将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反射回雷达，就避开了雷达的探测。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能。
(2)A.飞机的机翼做成流线型可以减小空气的阻力；
B.相同质量的两种物体，升高相同温度，比热容较大的物体吸收热量多；
C.“歼−20”采用先进的光传操纵系统，将获取的信息，通过光信号向地面传递；
D.处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，处于非平衡状态的物体受到非平衡力的作用，据此分析；
(4)翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值，若该飞机的翼载为500kg/m2，据此分析机翼面积；
(5)检测电路采用了“稳流电源”由此知高度表应是电压表；结合图丙分析高度表示数刻度是否均匀。
新一代战斗机是一项高科技的研究成果，它包含了众多与物理学相关的知识，我们应该学会通过分析材料找出里面所包含的物理信息，并解答相关的疑问。
项目
参数
额定载重(kg)
1500
最大起升高度(m)
3
空载行驶速度(km/h)
5
空载质量(kg)
720
轮胎接地总面积(m2)
0.08
实验次数
AB间电阻/Ω
CD间电阻/Ω
1
10
5
2
20
10
3
30
15
速度v/(m/s)
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.3×104
1.2×104
2.7×104
4.8×104
7.5×104