安徽省安庆市怀宁县独秀中学2022-2023学年八年级下学期期末物理模拟练习试卷（含答案）

这是一份安徽省安庆市怀宁县独秀中学2022-2023学年八年级下学期期末物理模拟练习试卷（含答案），共20页。试卷主要包含了 用6N的力握住总重为1等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年安徽省安庆市怀宁县独秀中学八年级（下）期末物理模拟练习试卷（1）
1. 2023年5月17日10时49分，我国用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第56颗导航卫星，是北斗三号工程的首颗备份卫星。卫星脱离火箭时，由于______ 能保持原来的运动状态。
2. 如图所示的小球从A点沿光滑圆弧轨道由静止释放，运动到C点时，若一切外力全部消失，则小球会沿______路线继续运动(选填“a”“b”“c”或“d”)。




3. 用6N的力握住总重为1.5N的水杯静止不动，若手的握力增大到8N，手与水杯之间摩擦力的大小将______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，若将水杯总重增加到3N，此时手握水杯的力大小为10N，水杯仍然静止不动，则手与水杯之间摩擦力大小为______ 。
4. 如图所示，向两支同样的试管中注入质量相等的甲、乙两种液体，发现液面在同一水平线上，比较甲、乙两种液体对试管底部的压强p甲______p乙(选填“”)。


5. “拔火罐”是我国传统医疗的一种手段，医生先用点燃的酒精球加热小罐内的空气，随后迅速把小罐倒扣在需要治疗的部位，冷却后小罐便紧贴在皮肤上。已知大气压为1.0×105Pa，小罐底部和开口部位的面积均为10cm2，罐内空气冷却变为室温时其压强为9.0×104Pa，不计小罐重力，则罐内空气对皮肤的压力为______ N。
6. 一均匀的长方体浸没在液体中，如图所示，已知它的底面积为S，上表面所处深度为h1，下表面所处深度为h2，则长方体所受浮力表达式为F浮=______ (液体密度ρ液和g为已知量)。


7. 为解决“H形”地下过道的通风问题，某同学设计了如图所示的方案，通道一侧靠近地下过道的墙面向通道凸起，当有风沿箭头方向从外面吹入地下通道时，地下过道中的气流方向由______ (选填“A到B”或“B到A”)。


8. 西瓜是同学们非常喜爱的夏季水果，有着降温解暑的功能，一个西瓜的体积约7×l03cm3，所受重力为60N，若把西瓜浸没在水中后放手，当西瓜静止时会______ (选填“漂浮”、“悬浮”或“沉底”)，此时浸入水中体积为______ m3。
9. 如图所示，在60N的水平拉力F作用下，重为200N的物体以2m/s的速度沿水平地面做匀速直线运动。则物体与地面间的摩擦力为______ N，拉力做功的功率______ W(不计绳重、滑轮重和机械摩擦)。

10. 杠杆AO在力F1、F2的作用下处于静止状态L2是力F2的力臂，在图中画出力F1的力臂L1和力F2。

11. 将一个鸡蛋轻轻放入装水的烧杯中，然后向水中加盐，使鸡蛋上浮。在图中画出鸡蛋正在上浮时的受力示意图。


12. 下列说法正确的是(    )
A. 力的作用效果只与力的大小有关
B. 探究物体是否运动时，一定要选择参照物
C. 物体受到力的作用时，运动状态一定发生改变
D. 首次测量一个标准大气压数值的物理学家是帕斯卡
13. 无为市“赛龙舟”已有百年历史，是民间传统的水上体育娱乐项目，每年端午节前后都会在裕溪河水域举行一年一度的“龙舟赛”，比赛中大家齐心合力划动木桨，使龙舟快速前进的力是(    )
A. 水对龙舟的作用力 B. 人对木桨的作用力 C. 木桨对水的作用力 D. 水对木桨的作用力
14. 自“共享单车”登陆无为以来给市民带来了便捷的出行，而且低碳环保。下面有关“共享单车”结构及使用的说法中正确的是(    )


A. 座垫宽大能减小对人体的压力
B. “共享单车”转弯时受到非平衡力的作用
C. 刹车时捏车闸是为了增大接触面积，从而增大摩擦力
D. “共享单车”下坡时速度越来越大，是由于惯性越来越大
15. 杠杆在生产生活中有着广泛的应用，如图所示，下列工具中属于费力杠杆的一组是(    )


A. ①② B. ①③ C. ②③ D. ②④
16. 怀安河公园环境优美，景色怡人，每到春天，很多家长带着孩子去那里放风等，以下说法正确的是(    )
A. 越飞越高的风筝将动能转化为重力势能
B. 线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对平衡力
C. 儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦
D. 风筝是利用流体压强产生的升力升空的

17. 如图，A、B两个物体叠放在水平面上，同时用力F1、F2分别作用于A、B两个物体上，A、B始终处于静止状态，其中力F1=3N，方向水平向左，力F2=5N方向，水平向右，下列分析正确的是(    )
A. A和B之间摩擦力为0 B. 地面对B的摩擦力为2N，方向水平向左
C. 地面对B的摩擦力为5N，方向水平向左 D. B对A的摩擦力为5N，方向水平向右
18. 小明用平行于斜面向上的拉力F将物块沿粗糙斜面匀速拉到顶端，如图。以下说法正确的是(    )
A. 物块仅受到重力、拉力和摩擦力作用
B. 拉力F 与斜面对物块的摩擦力是一对平衡力
C. 斜面对物块的摩擦力大于物块对斜面的摩擦力
D. 如果仅减小拉力F，斜面对物块的摩擦力不变

19. 如图所示，往浴缸中匀速注水。能反映水对浴缸底部压强大小随时间变化关系的图像是(    )
A.
B.
C.
D.
20. 下列说法中正确的是(    )
A. 石块在水中下沉过程中浮力大小不变
B. 潜水艇在水中的上浮和下沉是靠改变浮力大小实现的
C. 大山顶上的大气压比山脚下的大气压大
D. 高压锅是利用压强增大，沸点降低的道理制成的
21. 2023年5月30日16时29分，我国神舟十六号载人飞船成功对接于空间站天和核心舱镜像端口，在镜像对接过程中，货运飞船从空间站下方缓慢向上靠近镜像端口。在此过程中(    )


A. 货运飞船的动能增大 B. 货运飞船的重力势能不变
C. 货运飞船的机械能增大 D. 空间站和货运飞船的机械能保持不变
22. 小明在探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系实验中，选择溢水杯、水、弹簧测力计、石块、小桶、细线等器材进行如下具体实验操作，步骤如图所示。

(1)上述实验装置中会导致实验产生主要偏差的是______ (选填数字代号)；
(2)在完善实验装置后，小明重新实验：
①将空桶挂在弹簧测力计下，弹簧测力计读数为F1
②将石块挂在弹簧测力计下，弹簧测力计读数为F2
③将石块浸在水中，弹簧测力计的读数为F3
④将装有排出水的小桶挂在弹簧测力计下，弹簧测力计读数为F4
(3)通过多次实验，若等式______ 始终成立(选用F1、F2、F3和F4表示)，则可得出阿基米德原理。
(4)小明完成此实验后，尝试计算了小石块的密度ρ石=______ (用F1、F2、F3、F4和ρ水表示)。
23. 小明做探究杠杆平衡条件的探究实验：

(1)实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时发现杠杆停在如图甲所示的位置。此时杠杆是______ (选填“平衡”和“不平衡”)的。
(2)杠杆调节水平平衡后，小明在A处挂3个钩码，在右端挂2个钩码，并移动钩码到B处，杠杆又在水平位置平衡(如图乙)。小明使杠杆在水平位置平衡的目的是______ 。
(3)最后，小明取下挂在右侧的钩码，并用弹簧测力计在C处竖直向上拉，仍使杠杆在水平位置平衡(如图丙所示)。当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，保持杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
24. 探究“动能大小跟哪些因素有关”的实验装置如图。(小球在光滑斜面上由静止开始下滑，到达底端的速度只与起点高度有关，起点越高，到达底端的速度就越大，运动小球撞击停在平面上的木块后，木块运动距离越长，说明小球具有动能越大)
(1)分析比较实验甲与实验乙，可得出结论：______ 。实验中被控制的物理量是______ 。
(2)分析比较实验乙与实验丙，可得出结论：______ 。实验中被控制的物理量是______ 。
(3)实验结果表明，物体动能与物体的______ 有关。
25. 如图是我国自主研发的重型战略运输机“运20”，作为大型多用途运输机，可在复杂气象条件下，执行各种物资和人员的长距离航空运输任务。该飞机有n=14个轮子，满载静止在水平跑道上时每个轮子与地面的接触面积约为S0=0.3m2，疫情期间，该飞机执行一次飞行任务，满载着抗疫物资从成都飞抵武汉，已知起飞质量(飞机和物资总质量)m=210t，飞行高度h=800m。求：
(1)飞机满载时受到的重力G；
(2)飞机满载静止在水平跑道上时对地面的压强p；
(3)飞机升空过程克服重力做的功W。
26. 如图所示，用滑轮组提升重力为900N的物体A，在滑轮组绳子自由端用力F竖直向上匀速提升10s，10s内物体A被竖直匀速提升了1m，滑轮组的额外功是300J。求：
(1)A上升的速度v；
(2)滑轮组的机械效率η；
(3)绳子自由端的拉力F。


27. 底面积为100cm2的薄壁圆柱形容器内盛有适量的水。重为18N的木块A漂浮在水面上，木块A恰好有13的体积露出水面，如图甲所示。现将一个体积为木块A体积13的合金块B悬挂在木块A的下方，木块A恰好浸没在水中，如图乙所示(水未溢出，不计绳重及绳的体积)，求：
(1)图甲中A受到的浮力；
(2)合金块B的密度；
(3)乙图中比甲图中水对容器底部压强的增大量。
答案和解析

1.【答案】惯性 
【解析】解：卫星脱离火箭时，由于具有惯性继续保持原有的运动状态不变。
故答案为：惯性。
惯性是一切物体都具有的保持原来运动状态不变的性质。
此题主要考查学生对惯性的理解和掌握，难度不大。

2.【答案】b 
【解析】解：在图中，让小球从A点静止释放，运动到C点时，若一切外力全部消失，由牛顿第一定律知，小球将会做匀速直线运动，会沿b路线继续运动。
故答案为：b。
牛顿第一定律：一切物体不受力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。
此题考查了牛顿第一定律的应用，正确理解规律是应用的前提。

3.【答案】不变  3 N 
【解析】解：水杯静止、处于平衡状态，所以水杯受到的摩擦力等于水杯的重力，
手的握力增大，水杯重力不变，所以手与水杯之间摩擦力的大小不变；
将水杯总重增加到3N，水杯仍然静止不动，水杯受到的摩擦力等于水杯和水的总重，大小为3N。
故答案为：不变；3N。
水杯静止悬在空中，处于平衡状态，水杯受到竖直方向上的摩擦力和重力是一对平衡力，符合二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上。据此求解。
本题考查了二力平衡条件的应用。理清思路：物体处平衡状态(静止状态)→受平衡力(在竖直方向受平衡力)→知道一个力求另一个力。

4.【答案】> 
【解析】解：由示意图知，两支完全相同的试管液面相平时，乙试管中液体的体积较大，甲试管中液体的体积较小，
已知两种液体质量相等，由公式ρ=mV可知：甲液体的密度较大；
由图可知两液体的深度相同，根据p=ρgh可知，甲液体对试管底部的压强较大，即p甲>p乙。
故答案为：>。
先根据图判断两液体的体积关系，再根据ρ=mV判断两液体的密度关系，再根据p=ρgh判断出液体对试管底部的压强大小。
本题考查了学生对密度公式、液体压强公式的掌握和运用，能从图中得出hA=hB、VA>VB是本题的突破口。

5.【答案】90 
【解析】解：
罐内空气对皮肤的压力：F内=pS=9.0×104Pa×10×10-4m2=90N。
故答案为：90。
根据F=pS求得压力。
本题考查有关大气压力的计算，难度不大。

6.【答案】ρ液g(h2-h1)S 
【解析】解：长方体上表面受到液体的压强为：
p上=ρ液gh1；
长方体下表面受到液体的压强为：
p下=ρ液gh2；
由p=FS可得F=pS，
则长方体上表面受到液体的压力：
F上=p1S=ρ液gh1S，
长方体下表面受到液体的压力：
F下=p2S=ρ液gh2S，
则根据浮力产生的原因可得，长方体受到的浮力：
F浮=F下-F上=ρ液gh2S-ρ液gh1S=ρ液g(h2-h1)S。
故答案为：ρ液g(h2-h1)S。
根据液体压强公式p=ρgh可求长方体上、下表面受到液体压强，根据压强公式的变形公式F=pS可求长方体上、下表面受到液体压力，然后根据浮力产生的原因可求长方体受到的浮力。
此题考查液体压强公式、压强定义式的应用，同时考查浮力产生的原因，推导证明过程简单，是一道基础题。

7.【答案】A到B 
【解析】解：过道右端的通风道有凸起，所以相同时间风经过过道右端的通风道时的路程长，则风速较快，所以过道右端的气压小于左端的气压，所以当有风沿箭头方向从外面吹入地下通道时，地下过道中的气流方向由A到B。
故答案为：A到B。
流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大，据此分析解答。
本题的解题关键是了解气体压强与流速的关系及各方案的形状、特点。

8.【答案】漂浮  6×10-3 
【解析】解：将西瓜浸没在水中时，V排=V=7×103cm3=7×10-3m3，
此时西瓜受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×7×10-3m3=70N，
西瓜所受重力为60N，
因F浮>G，
所以，放手后西瓜将上浮，最终处于漂浮状态，
此时西瓜受到的浮力：F浮'=G=60N，
此时浸入水中体积V排'=F浮'ρ水g=60N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-3m3。
故答案为：漂浮；6×10-3。
将西瓜浸没在水中，排开水的体积等于西瓜的体积，利用阿基米德原理求西瓜受到的浮力；比较西瓜的重力和所受浮力大小，利用物体的浮沉条件判断放手后西瓜的浮沉；根据西瓜最后所处的状态求出静止时西瓜受到的浮力，利用阿基米德原理求得此时浸入水中体积。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件的了解与掌握，利用好物体浸没在液体中，排开液体的体积等于物体的体积这个隐含条件是解答的关键。

9.【答案】180 360 
【解析】解：n=3，则物体所受水平向右的拉力为F1=nF=3×60N=180N，
物体沿水平地面以2m/s的速度做匀速直线运动，则物体处于平衡状态，故物体与地面间的摩擦力f=F1=180N；
拉力端移动的速度为v=nv物，根据P=Wt=Fst=Fv可知，
拉力F做功的功率P=Fv=F×nv物=60N×3×2m/s=360W。
故答案为：180；360。
n=3，根据F1=nF得出物体所受水平向左的拉力，
物体沿水平地面以2m/s的速度做匀速直线运动，则物体处于平衡状态，根据f=F1得出物体与地面间的摩擦力；
拉力端移动的速度为v=nv物，根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力F做功的功率。
本题考查功率的计算，并考查二力平衡和动滑轮的有关知识，综合性较强。

10.【答案】 
【解析】
【分析】
力臂是支点到力的作用线的距离，作图时把握住力和力臂的垂直关系即可做出阻力。
本题考查了力和力臂的作法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使杠杆的运动趋势是相反的。
【解答】
过力臂L2的右端，作垂直于L2的直线，与杠杆OA的交点为力F2的作用点，方向斜向左上方，即为F2；
作F1的反向延长线，过支点O作F1的垂线，即为F1的力臂L1，如图所示：
  
11.【答案】解：鸡蛋受竖直向上的浮力及竖直向下的重力，两力在同一条直线上；上浮时浮力大于重力，故表示浮力线段的长度应大于表示重力线段的长度，如下图所示：
 
【解析】(1)鸡蛋在盐水中受到重力和浮力两个力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上；
(2)由于鸡蛋上浮，因此鸡蛋受到的浮力大于重力，作图时注意力的方向及两力的大小关系即可。
本题考查力的作图，作图时应注意作图的要求，标明力的名称，注意力的大小、方向和作用点。

12.【答案】B 
【解析】解：A、力的大小、方向、作用点都能影响力的作用效果，故A错误；
B、研究物体是否运动时，必须要选参照物，故B正确；
C、当物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，故C错误；
D、托里拆利测出了大气压的值，帕斯卡发现气压变化的规律，故D错误。
故选：B。
(1)力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，它们都能影响力的作用效果；
(2)运动是绝对的，静止是相对的，研究物体的运动需要选择参照物；
(3)力是改变物体运动状态的原因，只有物体受到不能平衡的力的作用时，物体的运动状态才改变；
(4)首先测出大气压值的是意大利科学家托里拆利。
本题考查了力的三要素、运动和静止的相对性、力与运动的关系以及物理学常识，是一道综合题。

13.【答案】D 
【解析】解：划船时，人利用桨对水施加了力的作用，水对桨和船也施加了力的作用，所以船会向前进。故选项D符合题意。
故选：D。
解答此题的关键是掌握力作用的相互性。当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用。
此题考查了物体间里的作用是相互的力的这一知识点，加深了对力的概念的理解，也是后面学习受力分析的基础，同学们应联系实际认真分析和领会。

14.【答案】B 
【解析】解：A、座垫宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A错误；
B、“共享单车”转弯时其方向发生了改变，不是平衡状态，所以不是受到平衡力的作用，故B正确；
C、刹车时捏车闸，是在接触面的粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦的，故C错误；
D、下坡时“共享单车”速度越来越大，是因为重力势能转化成了动能，而其惯性是不变的，故D错误。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)物体在平衡力的作用下会保持静止状态或匀速直线运动状态；
(3)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(4)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，其大小只与质量有关。
本题以“共享单车”为内容，考查了有关惯性、平衡力的辨别、摩擦力的相关知识，属力学综合题，考查全面，值得关注。

15.【答案】C 
【解析】解：
①起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
②镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
③筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
④羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
属于费力杠杆的是②③。
故选：C。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

16.【答案】D 
【解析】解：A、越飞越高的风筝，质量不变，速度基本不变，动能基本不变，高度越来越高，重力势能越来越大，动能没有转化为重力势能，故A错误；
B、线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、儿童鞋底有凹凸的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、风筝升空是由于上下表面空气流速不同，上表面流速快，压强小，下表面流速慢，压强大，产生一个向上的压力差，从而升空，故D正确。
故选：D。
(1)动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关；
(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(3)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(4)气体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
本题考查了机械能的转化、增大摩擦力的方法、平衡力的辨别、流体压强与流速的关系等知识，是一道综合题，但难度不大。

17.【答案】B 
【解析】解：
AD、据物体间力的作用是相互的，A受到B的摩擦力水平向右，大小是3N，所以B上表面受到A的摩擦力水平向左，大小是3N，故AD错误；
BC、物体B处于静止状态，水平方向上受到A对B水平向左的摩擦力、地面对B水平向左的摩擦力、水平向右的拉力F2，这三个力是平衡力，所以地面对B水平向左的摩擦力与A对B水平向左的摩擦力之和等于水平向右的拉力F2，所以B下表面受到地面的摩擦力大小为5N-3N=2N，方向向左，故C错误，B正确；
故选：B。
静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用；A相对于B保持静止状态，首先分析A的受力情况，求出A受到的摩擦力；根据物体间力的作用是相互的，求出B的上表面受到的摩擦力；B相对于地面处于静止状态，分析B的受力情况，求出B下表面受到的摩擦力。
本题把A和B两个物体分别进行受力分析，根据二力平衡条件和物体间力的作用是相互的进行判断，是本题的关键。

18.【答案】D 
【解析】解：A、物块受到重力、拉力、摩擦力、斜面对物块的支持力的作用，故A错误；
BC、沿斜面向上匀速移动的物块受竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力、沿斜面向下的摩擦力和沿斜面向上的拉力，四个力使物块处于平衡状态，
而重力和支持力不在同一直线上，拉力F与斜面对物块的摩擦力大小不相等，因此重力和支持力不是平衡力，拉力与摩擦力也不是平衡力，故BC错误；
D、由于滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，与其它因素无关，因此仅减小拉力F，物块对斜面的压力和接触面的粗糙程度均不变，则斜面对物块的摩擦力不变，故D正确。
故选：D。
(1)根据物块受力情况方向作答；
(2)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一个物体上、作用在同一直线上，四个条件缺一不可；
(3)滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，与其它因素无关。
本题考查二力平衡条件、相互作用力的条件以及影响滑动摩擦力大小的因素，都属于必须掌握的内容，难度适中。

19.【答案】B 
【解析】解：据图可知，浴缸的形状是上宽下窄，所以在向浴缸中倒水时，相同时间倒入相同质量的水，但水在浴缸中的增加的高度越来越小，所以容器底部所受的液体的压强的增加量也会越来越小，故B是正确的；
故选：B。
液体内部压强与液体的深度和液体的密度有关，所以据题目中浴缸的形状分析判断即可解决。
此题考查液体压强的特点，看清容器的形状，并能结合液体内部压强大小的影响因素分析判断是解决该题的关键。

20.【答案】A 
【解析】解：A、石块浸没后，排开水的体积等于石块本身的体积，则V排不再变化，根据F浮=ρgV排可知，石块下沉过程所受浮力大小不变，故A正确；
B、潜水艇浸没后，排开水的体积等于潜水艇本身的体积，则V排不再变化，根据F浮=ρ液V排g可知，潜水艇浸没水中时浮力不变，潜水艇是靠改变自身重力来实现上浮和下沉的，故B错误；
C、海拔越高空气越稀薄，气压越小，所以山顶上的大气压比山脚下的大气压低，故C错误；
D、高压锅是利用压强增大沸点升高的原理制成的，故D错误。
故选：A。
(1)石块浸没后，排开水的体积等于石块本身的体积，根据浮力公式判断下沉过程所受浮力变化情况；
(2)物体在液体中所受浮力的大小与液体的密度及排开液体的体积有关，根据阿基米德原理分析浮力的大小变化；
(3)大气压强随高度的增加而减小；
(4)液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、大气压强与高度的关系和液体沸点与气压的关系，是一道基础题。

21.【答案】C 
【解析】解：货运飞船从空间站下方缓慢向上靠近镜像端口，在此过程中，货运飞船的质量不变，速度不变，动能不变；高度升高，重力势能变大；货运飞船的机械能增大，故ABD错误，C正确。
故选：C。
动能和势能之和称为机械能，影响动能大小的因素：物体的质量和速度；影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度。
本题考查了影响动能和重力势能大小的因素、以及机械能的变化，属于基础性题目。

22.【答案】②  F2-F3=F4-F1 F2F3-F4⋅ρ水 
【解析】解：(1)用排水法测出物体受到的浮力，在实验前溢水杯中应装满水，由图示实验可知，在实验步骤②中没有将水装满到溢水杯口，会影响实验结论；
(3)由实验步骤可知，物体受到的浮力F浮=F2-F3；物体排开水的重力G=F4-F1；如果F2-F3=F4-F1，则可得出阿基米德原理。
(4)石块的质量：m=F2g，
由F浮=ρ水gV排可得：
V排=F浮ρ水g=F3-F4ρ水g，
石块全部浸没在水中，则石块的体积V=V排，
石块的密度：ρ=mV=F2F3-F4⋅ρ水。
故答案为：(1)②；(3)F2-F3=F4-F1；(4)F2F3-F4⋅ρ水。
(1)用排水法测出物体受到的浮力，在实验前溢水杯中应装满水；
(3)由实验步骤可知，物体受到的浮力F浮=F2-F3；物体排开水的重力G=F4-F1；如果F2-F3=F4-F1，则可得出阿基米德原理；
(4)已知F2为石块的重力，则石块的质量m=F2g，利用F浮=ρ水gV排求得石块排开水的体积，由图可知，石块全部浸没在水中，则V排=V物，再利用ρ=mV即可求得石块的密度。
本题是探究阿基米德原理的实验，要围绕测量的方法及阿基米德原理的内容进行分析，才能正确解题。

23.【答案】平衡  便于测量力臂  变大 
【解析】解：(1)杠杆静止时左端较低，这时杠杆也是处于平衡状态；
(2)使杠杆保持在水平位置平衡，这是为了便于在杠杆上直接读出力臂的大小；
(3)弹簧测力计由竖直方向逐渐向右倾斜时，力臂L2 逐渐减小，F1L1乘积不变，杠杆始终保持水平平衡，则F2逐渐增大，弹簧测力计的示数将逐渐增大。
故答案为：(1)平衡；(2)便于测量力臂；(3)变大。
(1)当杠杆受力平衡时将保持静止或匀速转动状态；
(2)调节杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接读出力臂的大小；
(3)根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析解题。
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验，是中学重要题型，要熟练掌握。

24.【答案】在质量一定时，速度越大，动能越大  质量  在速度一定时，质量越大，动能越大  速度  质量、速度 
【解析】解：(1)甲、乙两图中的球的质量相同，所处高度越高的球，把木块推出的距离越远，因此可以得出的结论是：在质量一定时，速度越大，动能越大；
(2)乙、丙两图可知，两球的所处的高度相同，但两球的质量不同，所以可以探究动能的大小与质量的关系；
钢球的质量大于木球的质量，钢球把木块推出的距离越远，所以可以得出的结论是：在速度一定时，质量越大，动能越大；
(3)经过以上分析可以看出，动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也越大。
故答案为：(1)在质量一定时，速度越大，动能越大；质量；(2)在速度一定时，质量越大，动能越大；速度；(3)质量、速度。
(1)(3)动能的决定因素有两个：质量和速度，所以应该利用控制变量法去分析解决，当研究动能与某个因素关系时，应该控制其它因素不变；
(2)此实验是把小球的动能大小转化为球把木块推出距离的长短来分析，球把木块推出的距离长，说明动能大。
决定动能大小的因素有两个：物体的质量和物体的运动速度，因此研究物体动能大小与这两个因素的关系时要用到控制变量法，物体动能的多少可以通过木块被推出去的距离来体现。

25.【答案】解：(1)由题意可知，飞机满载时的质量为
m=210t=2.1×105kg
则飞机满载时受到的重力为：
G=mg=2.1×105kg×10N/kg=2.1×106N；
(2)飞机与水平地面接触的总面积为：
S=nS0=14×0.3m2=4.2m2；
飞机满载静止在水平跑道上时对地面的压力F等于飞机满载时受到的重力G，
则飞机满载静止在水平跑道上时对地面的压强为：
p=FS=2.1×106N4.2m2=5×105Pa；
(3)由题可知，飞行高度为h=800m，则飞机升空过程克服重力做的功为：
W=Gh=2.1×106N×800m=1.68×109J。
答：(1)飞机满载时受到的重力为2.1×106N；
(2)飞机满载静止在水平跑道上时对地面的压强为5×105Pa；
(3)飞机升空过程克服重力做的功为1.68×109J。 
【解析】(1)根据G=mg计算飞机满载时受到的重力；
(2)根据S=nS0计算出飞机轮子与地面接触的总面积，飞机对地面的压力等于飞机满载时的重力，根据p=FS计算飞机满载静止在水平跑道上时对地面的压强；
(3)根据W=Gh计算飞机升空过程克服重力做的功。
本题考查了重力的计算、固体压强的计算和克服重力做功的计算，属于基础题。

26.【答案】解：
(1)由题知，10s内物体A被竖直匀速提升了1m，
A上升的速度：v=ht=1m10s=0.1m/s；
(2)将重力为900N的物体A，竖直匀速提升了1m，
有用功W有=Gh=900N×1m=900J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额=900J900J+300J=75%；
(3)由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，
由η=W有W总=GhFs=GnF可得，绳子自由端的拉力：
F=Gnη=900N3×0.75=400N。
答：(1)A上升的速度v为0.1m/s；
(2)滑轮组的机械效率η=75%；
(3)绳子自由端的拉力F=400N。 
【解析】(1)由v=st计算物体A上升的速度；
(2)由W有=Gh计算有用功，由η=W有W总=W有W有+W额计算滑轮组的机械效率；
(3)由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，由η=W有W总=GhFs=GnF计算绳子自由端的拉力F。
本题考查了速度公式、有用功、总功以及机械效率公式的灵活应用，难度适中。

27.【答案】解：
(1)图甲中物体A漂浮在水面上，物体A受到的浮力：
F浮A=GA=18N；
(2)图甲中物体A漂浮在水面上，物体A恰好有13的体积露在水面，
则V排A=VA-V露=VA-13VA=23VA，
由漂浮条件可得：F浮A=GA，
结合阿基米德原理和重力公式可得：ρ水gV排A=ρAgVA，
即ρ水g×23VA=ρAgVA，
所以ρA=23ρ水=23×1×103kg/m3=23×103kg/m3，
由G=mg=ρVg可得A的体积：
VA=GAρAg=18N23×103kg/m3×10N/kg=2.7×10-3m3，
B的体积：
VB=13VA=13×2.7×10-3m3=9×10-4m3，
物体B放在物体A下方时恰好浸没在水中，整体处于悬浮状态，则整体受到的浮力和自身的重力相等，
整体排开水的体积：
V排'=VA+VB=2.7×10-3m3+9×10-4m3=3.6×10-3m3，
此时物体A、B受到的总浮力：
F浮'=ρ水gV排'=1×103kg/m3×10N/kg×3.6×10-3m3=36N，
因为A、B整体处于悬浮状态，
所以物体A、B受到的总浮力：
F浮'=GA+GB，
则物体B的重力：
GB=F浮'-GA=36N-18N=18N，
由G=mg=ρVg可得B的密度：
ρB=GBVBg=18N9×10-4m3×10N/kg=2×103kg/m3；
(3)乙图和甲图相比增加的浮力：
△F浮=GB=18N，
由F浮=ρ液gV排知排开水的体积增加值：
△V排=△F浮ρ水g=18N1×103kg/m3×10N/kg=1.8×10-3m3，
增加的深度为：
△h=△VS容=1.8×10-3m3100×10-4m2=0.18m，
乙图中液体对容器底部的压强比甲图中增加了：
△p=ρ水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.18m=1800Pa。
答：(1)图甲中A受到的浮力为18N；
(2)合金块B的密度为2×103kg/m3；
(3)乙图中比甲图中水对容器底部压强的增大量为1800Pa。 
【解析】(1)图甲中物体A漂浮在水面上，物体A受到的浮力等于A的重力；
(2)图甲中物体A漂浮在水面上，物体A恰好有13的体积露在水面，物体A受到的浮力等于A的重力，即F浮A=GA，则：ρ水gV排A=ρAgVA，据此求A的密度；知道A的重力，利用G=mg=ρVg求A的体积，进而求出B的体积；
物体B放在物体A下方时恰好浸没在水中，此时整体排开水的体积等于A、B的体积之和，利用阿基米德原理求物体A、B受到的总浮力，而整体受到的总浮力和自身的重力相等，可求物体B的重力，再利用G=mg=ρVg求B的密度；
(3)乙图和甲图相比增加的浮力等于B的重力，利用F浮=ρ液gV排求排开水的体积增加值，利用V=Sh求增加的深度，再利用△p=ρg△h求乙图中液体对容器底部的压强比甲图中增加值。
本题考查了物体漂浮条件、浮力产生的原因、阿基米德原理、重力公式、密度公式、液体压强公式的综合应用，分析好最后一问中液体深度的变化量是关键。