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江西省宜春市高安市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷
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这是一份江西省宜春市高安市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷，共18页。
2022-2023学年江西省宜春市高安市八年级（下）期末物理试卷
1. 为了纪念英国物理学家牛顿，人们用他的名字作为______ (填物理量名称)的单位；首次精确测出大气压值的是______ 实验。
2. 赛龙舟是我国传统节日——端午节最重要的民俗活动之一，江西高安龙舟队在2023中国龙舟公开赛(浙江常山站)获得三千米铜牌的佳绩。如图所示，选手们用力向后划桨，龙舟快速向前，说明物体间力的作用是______ ，龙舟的桨属于______ 杠杆。
3. 晋朝葛洪所著的《抱朴子》一书有这样的记述：“或用枣心木为飞车，以牛革结环剑以引其机……其上行至四十里。”其中的“飞车”被认为是关于竹蜻蜓的最早记载。如图所示的竹蜻蜓，当旋转时，流过叶片上方的气流速度较______ ，压强较______ ，在叶片上、下表面产生压强差，形成对叶片向上的压力差，推动竹蜻蜓飞行。
4. 建筑工人常用重垂线来检查墙壁是否竖直，这是利用了______ 的性质。在砌房子时如图所示，用水平仪R来检查所砌的墙面是否水平，当液体中空气泡居中表示墙面水平，若空气泡在A端，则表示A端的墙面______ (“高”或”低”)。
5. 如图所示是一种常见的订书机，固定在钉槽内右部的弹簧给订书钉一个向______ (选填“左”或“右”)的弹力。在使用过程中，随着订书钉的减少，这个力将______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
6. 5月30日16时29分，神舟十六号飞船成功对接于空间站天和核心舱径向端口，整个对接过程历时约6.5小时。空间站绕地球匀速运行时，运动状态______ (选填“不变”或“改变”)，假设对接后空间站所受外力全部消失，物体将处于______ 状态。
7. 如图所示是喷雾降尘车在马路上工作的情景，正在作业的喷雾车在水平路面上匀速直线行驶，它的机械能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)；喷雾车作业过程中重力______ (选填“做”或“不做”)功。
8. 水平桌面上有两个完全相同的溢水杯甲和乙杯中装满了水，将两个体积相同、材料不同的实心小球A和B分别放入溢水杯中，小球静止时处于如图所示的情景。则小球A的质量______小球B的质量，甲杯对桌面的压强______乙杯对桌面的压强。
9. 以下对中学生的相关估测中，你认为最接近实际是( )
A. 体重约50N
B. 站在地面，对地面的压强大约是10000Pa
C. 在水中游泳时受到的浮力约为150N
D. 爬楼的功率约为1500W
10. 2023年是兔年，兔首铜像(如图所示)是北京圆明园西洋楼海晏堂十二生肖铜像之一，当它自由放在水平面上静止时，下列说法正确的是( )
A. 兔首铜像静止时处于平衡状态，所以不受力的作用
B. 兔首铜像对水平面的压力就是兔首铜像所受的重力
C. 兔首铜像所受的重力与兔首铜像对水平面的压力是一对平衡力
D. 水平面对兔首铜像的支持力与兔首铜像对水平面的压力是一对相互作用力
11. 如图所示的现象中，没有利用大气压的是( )
A. “吸盘”挂钩贴在竖直墙面上
B. 用注射器将药液注入肌肉
C. 用吸管将饮料“吸“入口中
D. 用硬纸片“托住”杯中的水
12. 如图所示，是修剪树枝用的大剪刀，使用它时，最省力的做法是( )
A. 手放在A处，树枝放在C处
B. 手放在A处，树枝放在D处
C. 手放在B处，树枝放在C处
D. 手放在B处，树枝放在D处
13. 下列作图不正确的是( )
A. 甲图为木块对斜面压力的示意图
B. 乙图为投出去的篮球的受力示意图
C. 丙图中的L为测力计拉力的力臂
D. 丁图是站在匀速斜向上运动的电梯上人的受力示意图
14. “安全头盔是个宝，骑乘人员都要带”，高安交警提醒：骑电动车接送小孩上下学的家长不仅自己要戴好安全头盔，孩子也需要佩戴好。下列关于骑行安全知识说法正确的是( )
A. 头盔安全带设计较宽，这样可以减小对人体的压力，使人体感觉舒适
B. 戴头盔可以增大受力面积从而减小撞击时头部所受压强
C. 严禁超员是因为质量越大动能越大，碰撞时造成的伤害更大
D. 严禁超速是因为速度越大惯性越大，刹车后电动车不容易停下
15. 将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置。如图所示，瓶盖的面积是7×10-4m2，瓶底的面积是3×10-3m2，瓶内水重G水=3N，瓶重G瓶=0.15N，瓶子的厚度忽略不计。(g=10N/kg)求：
(1)倒立放置时瓶盖所受水的压力；
(2)正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强；
(3)瓶盖的侧壁有一圈凹凸相同的竖形条纹，这样设计的好处是。
16. 如图所示，工人用滑轮组提升重200N的物体，所用的拉力为125N，物体在5s内匀速上升2m.求：
(1)绳子自由端移动的速度；
(2)滑轮组的机械效率；
(3)拉力的功率。
17. 水平桌面上放置圆柱形容器(不计容器壁厚度)，内有一定量的水(如图甲)。现用弹簧测力计悬挂一金属圆柱体，从水面开始缓慢浸入水中，拉力F与圆柱体下表面到水面的距离h变化关系如图乙所示。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)求：
(1)圆柱体浸没在水中时所受到的浮力。
(2)圆柱体的体积。
(3)圆柱体的密度。
(4)若将该圆柱体的一半浸在某种液体中，弹簧测力计的示数为2.4N，求该液体的密度。
18. 物理是一门注重实验的自然科学。请你根据自己掌握的实验操作技能，解答下列问题：
(1)图甲是生活中的气压计，内圈数值的单位是hPa(百帕)，外圈数值的单位是mmHg(毫米汞柱)，此时长的指针指示的气压值是______ ，从图中还可以知道晴天的气压一般比阴雨天______ (选填“高”或“低”)。
(2)如图乙所示的测量工具可用来测量______ 的大小，其分度值为______ ；
(3)小明用可变形杠杆(AOB可绕O点转动)研究杠杆平衡条件。
①当杠杆处于图丙所示水平位置平衡时，测得OA=0.2m，物块M的重力G1=4N，物块N的重力G2=8N；OB=______ m。
②保持物块M的位置不变，OB向下折至如图丁所示的位置。则应将物块N的悬挂点移动到______ 。
A.①点处
B.②点处
C.①和②之间
③将物块N的悬挂点移动到合适位置使杆在图丁所示位置保持平衡时，物块M对A的拉力看成动力，则这是一个______ 杠杆(填杠杆类型)。
19. 在探究影响滑动摩擦力大小的因素的实验中，某同学做了如图所示的三次实验，如图甲、乙实验用相同的长木板，如图丙实验用表面更加粗糙的毛巾。
(1)实验要测出滑动摩擦力的大小，应该让木块在水平面上做______ 运动，如图甲可以测出木块受到的滑动摩擦力为______ N；
(2)对比甲、乙两图实验现象可得出结论：当接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大，下列现象中利用了该结论的是______ (填字母)；
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.用力压住橡皮，擦去写错的字
(3)对比甲、丙两图可以探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系，此实验应用到的研究方法是______ 法；
(4)同学用如图丁所示的装置做进一步探究，两个传感器可分别显示拉力和压力的大小，往沙桶中加减沙子的目的是探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系；通过______ (选填拉力或压力)传感器的示数可知木块所受摩擦力的大小。
20. 某小组探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
(1)弹簧测力计使用前要先进行______ 。
(2)实验步骤如图1所示，甲、乙、丁、戊中弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4。由图甲和丁可知物体受到的浮力F浮=______ 。
(3)以下选项中若______ 成立，则可以得出浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
A.F1-F2=F3-F4
B.F1-F3=F4-F2
C.F3-F2=F1-F4
(4)另一小组利用两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋(质量忽略不计)对实验进行改进，装置如图2所示。向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到A的示数逐渐______ ，B的示数逐渐______ ，且A、B示数的变化量______ (选填“相等”或“不相等”)。
(5)比较两种实验方案，改进后的优点是______ (多选)
A.测力计A的示数就是物体所受浮力的大小
B.实验器材生活化，测力计固定、示数更稳定
C.能同步观察测力计A、B示数的变化
21. 在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，某实验小组用如图所示的同一滑轮组提升不同钩码的方法，分别做了甲、乙、丙3组实验，实验数据记录如表：
次数
钩码重/N
动滑轮重/N
钩码上升的距离/cm
弹簧测力计的示数/N
弹簧测力计上升的距离/cm
机械效率
1
2
0.8
5
1
15
66.7%
2
4
0.8
5
1.7
15
\
3
6
0.8
5
\
15
83.3%
(1)在实验操作中应该使钩码______ (选填“快速”或“缓慢”)上升；
(2)进行第2次测量时滑轮组的机械效率约为______ (保留三位有效数字)；
(3)进行第3次测量时，弹簧测力计示数为______ N，滑轮组做的有用功是______ J；
(4)分析实验数据，实验小组得出的实验结论是：滑轮组的机械效率与______ 有关；
(5)分析表中数据可知，F≠G动+G物3，可能的原因是：______ ；
(6)某次实验时将绳子自由端匀速拉动时弹簧测力计的读数记为F，钩码重记为G，动滑轮重记为G'，绳自由端移动距离记为s，钩码提升高度记为h，不计绳子重及摩擦，则下列关于滑轮组机械效率的计算关系中正确的是______ 。(多选)
A.η=GF
B.η=GG+G'
C.η=GhFs
D.η=1-GhFs
答案和解析
1.【答案】力 托里拆利
【解析】解：(1)牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律。人们为了纪念他，以他的名字命名为力的单位。
(2)首次精确测出大气压值的是托里拆利实验。
答案为：力；托里拆利。
(1)牛顿，以他的名字命名为力的单位。
(2)首次精确测出大气压值的是托里拆利实验。
本题考查了对物理学史的相关知识，了解牛顿的贡献是解答的关键。
2.【答案】相互的 费力
【解析】解：选手们向后划桨，龙舟快速向前，说明力的作用是相互的；
船桨在使用过程中，一只手握船桨的一端为支点，另一只手挥动船桨作为动力，水对它的力为阻力，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
故答案为：相互的；费力。
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了杠杆的分类和力的相互作用，要求学生知道：①杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆；②物体间力的作用是相互的。
3.【答案】大 小
【解析】解：如图所示，竹蜻蜓的叶片上表面凸起，当旋转时，流过叶片上方的气流速度较大，压强较小；流过叶片下方的气流速度较小，压强较大；在叶片上下表面产生压强差，形成对叶片向上的压力差，推动竹蜻蜓飞行。
故答案为：大；小。
流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，据此解答。
本题考查流体压强跟流速的关系，解答这类题目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象。能用流体压强解释有关的问题这是本题的关键。
4.【答案】重力的方向竖直向下 高
【解析】解：利用重垂线检查墙壁是否竖直，这是根据重力的方向是竖直向下的，若墙壁与铅垂线平行，则墙是竖直的。
若检查所砌的墙面是否水平，经常用如图所示的水平尺检查，当液体中空气泡居中表示墙面水平，因为气泡受到浮力作用，会漂浮在水面上，若空气泡在A端，则表示A端的墙面偏高。
故答案为：重力的方向竖直向下；高。
重垂线是利用重力的方向始终竖直向下而制成的，水平仪是用来检查所砌的墙面是否水平的仪器，据此解答。
本题考查重力及其应用的知识，属于基础题。
5.【答案】左 减小
【解析】解：由图可知，固定在槽内后部的弹簧发生了形变，会给书钉一个向左的弹力。在使用过程中，随着书钉的减少，弹簧形变程度变小，给书钉的这个力将减小。
故答案为：左；减小。
物体发生弹性形变时会产生弹力，形变的程度越大，弹力会越大。
根据图中的结构明确弹力的方向与大小变化，是解答本题的关键。
6.【答案】改变 匀速直线运动
【解析】解：空间站绕地球匀速运行时，运动方向不断改变，所以运动状态改变；
根据牛顿第一定律，假设对接后空间站所受外力全部消失，物体将处于匀速直线运动状态。
故答案为：改变；匀速直线运动。
物体运动状态的改变包括速度大小和运动方向的改变；根据牛顿第一定律，物体在不受力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题主要考查了对运动状态的判断、对牛顿第一定律的理解与应用，属基础题。
7.【答案】减小 不做
【解析】解：(1)喷雾车水平匀速行驶过程中向大街上喷洒消毒液，速度不变，质量减小，喷雾车的动能减小，重力势能也减小，所以机械能减小。
(2)重力方向是竖直向下的，雾炮车水平方向运动，在竖直方向喷雾车没有移动距离，所以重力对喷雾车不做功。
故答案为：减小；不做。
(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小和质量、高度有关，机械能为动能和势能之和。
(2)力是否做功的条件：有力作用在物体上，物体在力的方向上通过一定的距离。
本题考查了机械能大小变化分析、力是否做功的判断，属于基础题目。
8.【答案】小于 等于
【解析】解：由图知A漂浮，所以ρA<ρ水；B悬浮，所以，ρB=ρ水，则：ρA<ρB，由于小球A和B的体积相同，ρA<ρB，由ρ=mV知，小球A的质量小于小球B的质量；
由于A漂浮，则A所受的浮力F排A=GA=GA排，即A的重力等于与浸入部分等体积液体的重力；
B悬浮，则B所受的浮力F排B=GB=GB排，即B的重力等于与浸入部分等体积液体的重力；
由于杯中都是装满了水，所以结合上面分析可知两容器中液体与物体的总重力相同，即溢水杯的总重力相同，根据p=FS知甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强。
故答案为：小于；等于。
(1)根据A漂浮，B悬浮，可根据物体浮沉条件确定小球A和B的密度关系，又知小球A和B的体积关系，由m=ρV分析它们的质量关系；
(2)根据m排=ρ液V排可知排开液体的质量球的重力关系，由于杯中原来都是装满了水，据此可知比较甲烧杯对桌面的压力与乙烧杯对桌面的压力的大小关系，再根据p=FS判断出甲乙杯对桌面压强的关系。
本题考查了浮沉条件、密度公式、压强公式的应用，综合性强，关键是用好浮沉条件，灵活运用公式进行判断。
9.【答案】B
【解析】解：A、一个中学生的体重约500N，故A不符合实际；
B、中学生双脚站在地面时对地面的压力约为F=G=500N，双脚与地面的接触面积约为500cm2=0.05m2，对地面的压强p=FS=500N0.05m2=1×104Pa，故B符合实际；
C、人在水中游泳时接近漂浮，受到的浮力等于自身的重力，初中的重力约为500N，所以游泳时受到的浮力约为500N，故C不符合实际；
D、中学生的体重约G=500N，爬楼速度在v=0.1m/s左右，爬楼功率为P=Wt=Ght=Gv=500N×0.1m/s=50W，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
10.【答案】D
【解析】解：A、兔首铜像静止时处于平衡状态，受到平衡力的作用，故A错误；
B、压力的施力物体是物体，受力物体是水平面，重力的施力物体是地球，受力物体是物体，两力不是同一个力，故B错误；
C、兔首铜像所受的重力与兔首铜像对水平面的压力，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、水平面对兔首铜像的支持力与兔首铜像对水平面的压力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；
(2)压力的施力物体是物体，受力物体是水平面，重力的施力物体是地球，受力物体是物体；
(3)二力平衡条件：两个力同时满足大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上(等大、反向、共线、同体)；
(4)相互作用力条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上。
本题考查力和运动的关系、平衡力、相互作用力的条件及区分，为中考的热点问题。
11.【答案】B
【解析】解：A、把吸盘紧压在光滑的墙壁上，把吸盘内的空气排出，大气压就会把吸盘紧压在了墙壁上，故A不符合题意；
B、医生往注射器内吸药液时用到了大气压，但向病人体内注射药液时，利用的是人的推力，与大气压无关，故B符合题意；
C、用力吸气，吸管内的气压会小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，故C不符合题意；
D、杯口的纸片不下落，是典型的“覆杯实验”，是大气压作用的结果，故D不符合题意。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，并尽可能的用我们所学过的知识去解释。
12.【答案】A
【解析】解：剪断树枝所需要的力是一定的，即阻力一定。
A、当手放在A处，树枝放在C处时，动力臂最大，阻力臂最小，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，即L1最大，L2最小，F2一定，则F1最小，即最省力，故A符合题意。
B、手放在A处，树枝放在D处，阻力臂相对于A选项变大，根据杠杆平衡条件，则动力变大，故B不符合题意。
C、手放在B处，树枝放在C处，动力臂相对于A选项变小，根据杠杆平衡条件，则动力变大，故C不符合题意。
D、手放在B处，树枝放在D处，动力臂相对于A选项变小，阻力臂相对于A选项变大，根据杠杆平衡条件，则动力变大，故D不符合题意。
故选：A。
最省力的做法是指动力最小，利用杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行分析。
本题考查杠杆平衡条件的应用，会根据阻力不变，由力臂的变化确定动力的变化。
13.【答案】ABC
【解析】解：A、木块对斜面压力，受力物体为斜面，图中力的作用点错误。故A错误；
B、投出去的篮球在空中向上运动是因为具有惯性，篮球只会受到重力和空气阻力的作用，不再受到人的推力。故B错误。
C、力臂是指从支点到力的作用线的距离，丙图中的L不是测力计拉力的力臂，故C错误；
D、丙图是站在匀速斜向上运动的电梯上人，该人受力平衡，即竖直方向受到重力G和支持力F的作用，相互平衡；水平方向不受力，故D正确。
故选：ABC。
(1)结合力的示意图分析；
(2)投出去的篮球在空中运动时具有惯性，会受到重力的作用。
(3)力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(4)先对此人进行受力分析，然后确定此人的重心，最后根据力的示意图的画法表示出此人所受的力。
此题考查力臂的画法、力的示意图的画法，作图题为中考必考题型，要求学生熟练掌握各种作图技巧。
14.【答案】BC
【解析】解：
A、头盔安全带设计较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，使人体感觉舒适，故A错误；
B、头盔的作用是在人的头部受到撞击时，通过增大受力面积减小撞击时头部所受压强，对驾乘人员起一个保护作用，故B正确；
C、运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大，所以严禁超员是因为质量越大动能越大，碰撞时造成的伤害更大，故C正确；
C、惯性大小只与物体的质量有关，与运动状态、速度等因素无关，严禁超速，是因为速度越大动能越大，故D错误。
故选：BC。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)动能的大小与物体的质量和速度有关，物体的速度相同时，质量越大，动能越大。
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
本题考查了减小压强的方法、动能的影响因素、惯性等知识在生活中的应用，具有一定的综合性，打难度不大，掌握相关的物理基础知识是关键。
15.【答案】解：(1)倒立放置时瓶盖所受水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×13×10-2m=1.3×103Pa；
倒立放置时瓶盖所受水的压力：F=pS1=1.3×103Pa×7×10-4m2=0.91N；
(2)正立放置时矿泉水瓶对桌面的压力等于水和瓶子的总重力，即：F'=G水+G瓶=3N+0.15N=3.15N；
瓶子的厚度忽略不计，此时的受力面积为：S2=3×10-3m2，
正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强为：p'=F'S2=3.15N3×10-3m2=1.05×103Pa。
(3)瓶盖的侧壁有一圈凹凸相同的竖形条纹，这样设计的好处是通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力。
答：(1)倒立放置时瓶盖所受水的压力0.91N；
(2)正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强为1.05×103Pa；
(3)瓶盖的侧壁有一圈凹凸相同的竖形条纹，这样设计的好处是增大摩擦力。
【解析】(1)根据p=ρgh求倒立放置时瓶盖所受水的压强，根据F=pS求倒立放置时瓶盖所受水的压力；
(2)瓶子的厚度忽略不计，正立放置时矿泉水瓶对桌面的压力等于水和瓶子的总重力，根据p=FS求正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强；
(3)增大接触面的粗糙程度可增大摩擦力。
本题考查液体压强公式、压力定义式的运用以及影响摩擦力的因素，为易错题。
16.【答案】解：(1)绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m，
绳子自由端移动的速度：v=st=4m5s=0.8m/s；
答：绳子自由端移动的速度是0.8m/s。
(2)有用功W有=Gh=200N×2m=400J，
总功，即拉力做的功W=Fs=125N×4m=500J，
η=W有W×100%=400J500J×100%=80%；
答：滑轮组的机械效率是80%。
(3)拉力的功率P=Wt=500J5s=100W；
答：拉力的功率是100W。
【解析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，
(1)求出绳子自由端移动的距离s=2h，已知时间t，由速度公式可以求出速度；
(2)先求出有用功，然后求出总功，最后求出滑轮组的机械效率；
(3)求出拉力的功，已知拉力做功时间，由功率公式可求出拉力的功率。
此题中主要考查了速度的计算、功率的计算、机械效率的计算，搞清各力与距离之间的对应关系，熟练运用相关公式是解决此题的关键。
17.【答案】解：(1)由乙图可知，圆柱体未浸入水中时弹簧测力计的示数为G=F1=3N；圆柱体浸没在水中时弹簧测力计的示数为F2=2N，圆柱体浸没在水中时所受到的浮力
F浮=G-F2=3N-2N=1N；
(2)由F浮=ρ水gV排得，圆柱体浸没时排开水的体积V排=F浮ρ水g=1N103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
因圆柱体浸没在水中，则圆柱体体积为V=V排=1×10-4m3；
(3)由G=mg=ρVg可知圆柱体的密度为ρ=GVg=3N10-4m3×10N/kg=3×103kg/m3。
(4)由题意可知，该圆柱体的一半浸在某种液体中，则V排=12V=0.5×10-4m3
此时弹簧测力计的示数为2.4N，则浮力为F浮=G-F示=3N-2.4N=0.6N，
由F浮=ρ液gV排得ρ液=F浮V排g=0.6N0.5×10-4m3×10N/kg=1.2×103kg/m3。
答：(1)圆柱体浸没在水中时所受到的浮力为1N。
(2)圆柱体的体积为1×10-4m3。
(3)圆柱体的密度为3×103kg/m3。
(4)液体的密度为1.2×103kg/m3。
【解析】(1)根据图象分析出圆柱体未浸入水中时和浸没在水中后的拉力，根据公式F浮=G-F'求出圆柱体浸没在液体中所受的浮力；
(2)根据V=Sh求出根据F浮=ρ液gV排计算圆柱体浸没时排开液体的体积，即为圆柱体的体积；
(3)根据G=mg=ρVg求出圆柱体的密度；
(4)由题意可知，该圆柱体的一半浸在某种液体中，得出排开液体的体积；
此时弹簧测力计的示数为2.4N，根据F浮=G-F示得出浮力，由F浮=ρ液gV排得液体的密度。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
18.【答案】761hPa 高 力 0.20.1B省力
【解析】解：(1)由图知该气压计740hPa到750hPa之间有10小格，故其分度值为1hPa，图甲中长的指针在760hPa后面第一小格处，故其指示的气压值是761hPa，由图甲中可以看到标示晴天的符号比标示阴雨天的符号对应的气压高。
(2)由图乙中标志的数据单位字母是N可知该表为测力计，用来测量力的大小，在2N和4N间有10小格，故其分度值为0.2N。
(3)①由杠杆平衡条件知：G1×OA=G2×OB，
4N×0.2m=8N×OB，
解得：OB=0.1m。
②由图丙和丁对比可知，在②处时的力臂与图丙杠杆平衡时右侧的力臂OB相同，故B正确。
③由图丁可知，动力臂大于阻力臂，则该杠杆为省力杠杆。
故答案为：(1)761hPa；高；(2)力；0.2；(3)①0.1；②B；③省力。
(1)先由图甲判断气压计的分度值，再由长指针位置判断对应的气压数值；由图示天气符号标示对应的气压值，比较晴天与阴雨天气压的高低。
(2)由图乙中标志的数据单位字母分析该表的用途，由每大格中包含的小格数，分析其分度值。
(3)①根据杠杆平衡条件进行分析；②根据力臂的定义进行分析；③当动力臂大于阻力臂时，杠杆为省力杠杆。
本题考查了气压计的读数、仪表的判定、杠杆平衡条件的应用、力臂的判断和杠杆的分类，有一定难度。
19.【答案】匀速直线 2.6C接触面粗糙程度 控制变量 压力大小 拉力
【解析】解：(1)实验要测出滑动摩擦力的大小，应该让木块在水平面上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，如图甲所示，测力计分度值为0.2N，示数为2.6N，可以测出木块受到的滑动摩擦力为2.6N；
(2)对比甲、乙两图实验现象可得出结论：当接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大：
A.轴承上加润滑油，使接触面分离减小摩擦力；
B.体操运动员在手上涂镁粉，是在压力一定时，增大接触面粗糙程度增大摩擦力，
C.用力压住橡皮，擦去写错的字，是在接触面粗糙程度一定时，增大压力增大摩擦力；
故选：C；
(3)对比甲、丙两图可知压力相同，接触面不同，可以探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，此实验应用到的研究方法是控制变量法；
(4)图丁中，铜块相对地面处于静止状态，受到拉力传感器的的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，通过拉力传感器的示数可知木块所受摩擦力的大小。
往沙桶中加减沙子，对铜块竖直向上的拉力变大，铜块对木板的压力变小，故加减沙子的目的是探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系。
故答案为：(1)匀速直线；2.6；(2)C；(3)接触面粗糙程度；控制变量；(4)压力大小；拉力。
(1)根据二力平衡的条件分析，由测力计分度值读数，据此分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)根据控制变量法分析；
(4)图丁中，铜块相对地面处于静止状态，根据二力平衡的条件分析；
往沙桶中加减沙子，对铜块竖直向上的拉力变大，铜块对木板的压力变小，据此分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】校零 F1-F3 B 变小 变大 相等 BC
【解析】解：(1)弹簧测力计使用前指针要指向零刻度线，如果没指向零刻度线，需要校零；
(2)由图甲可知物体的重力G=F1，由图丁可知物体浸没时弹簧测力计的示数F'=F3，则物体受到的浮力F浮=G-F'=F1-F3；
(3)由图乙可知空烧杯的重力为F2，由图戊可知物体浸没时排开液体与烧杯的总重力为F4，则物体浸没时排开液体的重力G排=F4-F2，
当F浮=G排即F1-F3=F4-F2可知，物体受到浮力的大小与排开液体所受重力相等；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变小，
重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等；
(5)比较两种实验方案可知，改进后：
A.由称重法F浮=G-F'可知，弹簧测力计A的示数等于物体的重力减去受到的浮力，故A错误；
B.由图2的实验装置和器材(两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋)可知，实验器材生活化，测力计固定、示数更稳定，故B正确；
C.薄塑料袋不计质量，能同步观察测力计A、B示数的变化，从而得出物体受到浮力的大小与排开液体所受重力的关系，故C正确。
故答案为：(1)校零；(2)F1-F3；(3)B；(4)变小；变大；相等；(5)BC。
(1)弹簧测力前要检查指针与零刻度线是否对齐，若不对齐，要调整至对齐，这一步骤叫校零；
(2)物体位于空中时弹簧测力计的示数即为其重力，又知道物体浸没时弹簧测力计的示数，根据称重法求出物体受到的浮力；
(3)根据图乙和图戊可知空烧杯的重力和物体浸没时排开液体与烧杯的总重力可求排开液体的重力，比较物体受到的浮力与排开液体的重力关系进行解答；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，根据称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变化；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，根据阿基米德原理可知弹簧测力计A、B示数的变化量关系；
(5)改进后的优点从增加实验器材的目的来分析。
本题主要是考查学生科学探究的能力、分析能力、观察能力以及对阿基米德原理的理解等，弄清楚实验装置中每一个仪器的作用和目的是关键。
21.【答案】缓慢 78.4%2.40.3被提升物体的重力 拉动过程中需克服滑轮的转轴处的摩擦 BC
【解析】解：(1)在实验过程中，应缓慢竖直向上匀速拉动弹簧测力计。
(2)根据表中实验数据可知，第2次测量时滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=4N×0.05m1.7N×0.15m×100%≈78.4%。
(3)由图示测力计可知，其分度值为0.2N，示数为2.4N；
第3次测量时，有用功：W有=Gh=6N×0.05m=0.3J。
(4)从实验数据看，钩码上升的高度相同，所以机械效率不断增大不是由于被提升高度的变化而引起的。
钩码重不断增大，机械效率不断提高，得出的实验结论是：滑轮组的机械效率与被提升物体的重力有关。
(5)由于拉动过程中需克服滑轮的转轴处的摩擦，所以F≠G动+G3。
(6)有用功为W有=Gh，总功为W总=Fs，不计绳子重及摩擦，额外功W额=G'h，
则W总=W有+W额=Gh+G'h=(G+G')h；
①有用功为W有=Gh，总功为W总=Fs，则η=W有用W总=GhFs，故C正确，
由于s=nh，则机械效率η=GhFs=GnF，故A错误；
②有用功为W有=Gh，总功为W总=(G+G')h，所以η=W有用W总=Gh(G+G')h=GG+G'，故B正确；
③额外功W额=G'h，总功为W总=Fs，有用功W有=W总-W额=Fs-G'h，
所以η=W有用W总=Fs-G'hFs=1-G'hFs，故D错误。
故选BC。
故答案为：(1)缓慢；(2)78.4%；(3)2.4；0.3；(4)被提升物体的重力；(5)拉动过程中需克服滑轮的转轴处的摩擦；(6)BC。
(1)在实验中要向上缓慢、匀速拉动测力计。
(2)根据表中实验数据，应用效率公式求出滑轮组效率。
(3)由图示测力计确定其分度值，读出其示数，然后应用功的计算公式求出有用功。
(4)在分析数据时，要注意机械效率的变化是由哪个物理量的变化引起的，从而得出结论。
(5)从阻力的角度分析答题。
(6)不计绳子重及摩擦时，滑轮组做的额外功为克服动滑轮的重力做的功，根据W=Gh表示出有用功和额外功，根据W=Fs表示出总功，以及W总=W有+W额，结合效率公式即可得出滑轮组的机械效率。
此题是测量滑轮组的机械效率，主要考查了有关机械效率的计算及影响滑轮组机械效率的因素，要理解并熟记。
2022-2023学年江西省宜春市高安市八年级（下）期末物理试卷
1. 为了纪念英国物理学家牛顿，人们用他的名字作为______ (填物理量名称)的单位；首次精确测出大气压值的是______ 实验。
2. 赛龙舟是我国传统节日——端午节最重要的民俗活动之一，江西高安龙舟队在2023中国龙舟公开赛(浙江常山站)获得三千米铜牌的佳绩。如图所示，选手们用力向后划桨，龙舟快速向前，说明物体间力的作用是______ ，龙舟的桨属于______ 杠杆。
3. 晋朝葛洪所著的《抱朴子》一书有这样的记述：“或用枣心木为飞车，以牛革结环剑以引其机……其上行至四十里。”其中的“飞车”被认为是关于竹蜻蜓的最早记载。如图所示的竹蜻蜓，当旋转时，流过叶片上方的气流速度较______ ，压强较______ ，在叶片上、下表面产生压强差，形成对叶片向上的压力差，推动竹蜻蜓飞行。
4. 建筑工人常用重垂线来检查墙壁是否竖直，这是利用了______ 的性质。在砌房子时如图所示，用水平仪R来检查所砌的墙面是否水平，当液体中空气泡居中表示墙面水平，若空气泡在A端，则表示A端的墙面______ (“高”或”低”)。
5. 如图所示是一种常见的订书机，固定在钉槽内右部的弹簧给订书钉一个向______ (选填“左”或“右”)的弹力。在使用过程中，随着订书钉的减少，这个力将______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。
6. 5月30日16时29分，神舟十六号飞船成功对接于空间站天和核心舱径向端口，整个对接过程历时约6.5小时。空间站绕地球匀速运行时，运动状态______ (选填“不变”或“改变”)，假设对接后空间站所受外力全部消失，物体将处于______ 状态。
7. 如图所示是喷雾降尘车在马路上工作的情景，正在作业的喷雾车在水平路面上匀速直线行驶，它的机械能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)；喷雾车作业过程中重力______ (选填“做”或“不做”)功。
8. 水平桌面上有两个完全相同的溢水杯甲和乙杯中装满了水，将两个体积相同、材料不同的实心小球A和B分别放入溢水杯中，小球静止时处于如图所示的情景。则小球A的质量______小球B的质量，甲杯对桌面的压强______乙杯对桌面的压强。
9. 以下对中学生的相关估测中，你认为最接近实际是( )
A. 体重约50N
B. 站在地面，对地面的压强大约是10000Pa
C. 在水中游泳时受到的浮力约为150N
D. 爬楼的功率约为1500W
10. 2023年是兔年，兔首铜像(如图所示)是北京圆明园西洋楼海晏堂十二生肖铜像之一，当它自由放在水平面上静止时，下列说法正确的是( )
A. 兔首铜像静止时处于平衡状态，所以不受力的作用
B. 兔首铜像对水平面的压力就是兔首铜像所受的重力
C. 兔首铜像所受的重力与兔首铜像对水平面的压力是一对平衡力
D. 水平面对兔首铜像的支持力与兔首铜像对水平面的压力是一对相互作用力
11. 如图所示的现象中，没有利用大气压的是( )
A. “吸盘”挂钩贴在竖直墙面上
B. 用注射器将药液注入肌肉
C. 用吸管将饮料“吸“入口中
D. 用硬纸片“托住”杯中的水
12. 如图所示，是修剪树枝用的大剪刀，使用它时，最省力的做法是( )
A. 手放在A处，树枝放在C处
B. 手放在A处，树枝放在D处
C. 手放在B处，树枝放在C处
D. 手放在B处，树枝放在D处
13. 下列作图不正确的是( )
A. 甲图为木块对斜面压力的示意图
B. 乙图为投出去的篮球的受力示意图
C. 丙图中的L为测力计拉力的力臂
D. 丁图是站在匀速斜向上运动的电梯上人的受力示意图
14. “安全头盔是个宝，骑乘人员都要带”，高安交警提醒：骑电动车接送小孩上下学的家长不仅自己要戴好安全头盔，孩子也需要佩戴好。下列关于骑行安全知识说法正确的是( )
A. 头盔安全带设计较宽，这样可以减小对人体的压力，使人体感觉舒适
B. 戴头盔可以增大受力面积从而减小撞击时头部所受压强
C. 严禁超员是因为质量越大动能越大，碰撞时造成的伤害更大
D. 严禁超速是因为速度越大惯性越大，刹车后电动车不容易停下
15. 将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置。如图所示，瓶盖的面积是7×10-4m2，瓶底的面积是3×10-3m2，瓶内水重G水=3N，瓶重G瓶=0.15N，瓶子的厚度忽略不计。(g=10N/kg)求：
(1)倒立放置时瓶盖所受水的压力；
(2)正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强；
(3)瓶盖的侧壁有一圈凹凸相同的竖形条纹，这样设计的好处是。
16. 如图所示，工人用滑轮组提升重200N的物体，所用的拉力为125N，物体在5s内匀速上升2m.求：
(1)绳子自由端移动的速度；
(2)滑轮组的机械效率；
(3)拉力的功率。
17. 水平桌面上放置圆柱形容器(不计容器壁厚度)，内有一定量的水(如图甲)。现用弹簧测力计悬挂一金属圆柱体，从水面开始缓慢浸入水中，拉力F与圆柱体下表面到水面的距离h变化关系如图乙所示。(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)求：
(1)圆柱体浸没在水中时所受到的浮力。
(2)圆柱体的体积。
(3)圆柱体的密度。
(4)若将该圆柱体的一半浸在某种液体中，弹簧测力计的示数为2.4N，求该液体的密度。
18. 物理是一门注重实验的自然科学。请你根据自己掌握的实验操作技能，解答下列问题：
(1)图甲是生活中的气压计，内圈数值的单位是hPa(百帕)，外圈数值的单位是mmHg(毫米汞柱)，此时长的指针指示的气压值是______ ，从图中还可以知道晴天的气压一般比阴雨天______ (选填“高”或“低”)。
(2)如图乙所示的测量工具可用来测量______ 的大小，其分度值为______ ；
(3)小明用可变形杠杆(AOB可绕O点转动)研究杠杆平衡条件。
①当杠杆处于图丙所示水平位置平衡时，测得OA=0.2m，物块M的重力G1=4N，物块N的重力G2=8N；OB=______ m。
②保持物块M的位置不变，OB向下折至如图丁所示的位置。则应将物块N的悬挂点移动到______ 。
A.①点处
B.②点处
C.①和②之间
③将物块N的悬挂点移动到合适位置使杆在图丁所示位置保持平衡时，物块M对A的拉力看成动力，则这是一个______ 杠杆(填杠杆类型)。
19. 在探究影响滑动摩擦力大小的因素的实验中，某同学做了如图所示的三次实验，如图甲、乙实验用相同的长木板，如图丙实验用表面更加粗糙的毛巾。
(1)实验要测出滑动摩擦力的大小，应该让木块在水平面上做______ 运动，如图甲可以测出木块受到的滑动摩擦力为______ N；
(2)对比甲、乙两图实验现象可得出结论：当接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大，下列现象中利用了该结论的是______ (填字母)；
A.轴承上加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.用力压住橡皮，擦去写错的字
(3)对比甲、丙两图可以探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系，此实验应用到的研究方法是______ 法；
(4)同学用如图丁所示的装置做进一步探究，两个传感器可分别显示拉力和压力的大小，往沙桶中加减沙子的目的是探究滑动摩擦力的大小与______ 的关系；通过______ (选填拉力或压力)传感器的示数可知木块所受摩擦力的大小。
20. 某小组探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
(1)弹簧测力计使用前要先进行______ 。
(2)实验步骤如图1所示，甲、乙、丁、戊中弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4。由图甲和丁可知物体受到的浮力F浮=______ 。
(3)以下选项中若______ 成立，则可以得出浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
A.F1-F2=F3-F4
B.F1-F3=F4-F2
C.F3-F2=F1-F4
(4)另一小组利用两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋(质量忽略不计)对实验进行改进，装置如图2所示。向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到A的示数逐渐______ ，B的示数逐渐______ ，且A、B示数的变化量______ (选填“相等”或“不相等”)。
(5)比较两种实验方案，改进后的优点是______ (多选)
A.测力计A的示数就是物体所受浮力的大小
B.实验器材生活化，测力计固定、示数更稳定
C.能同步观察测力计A、B示数的变化
21. 在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，某实验小组用如图所示的同一滑轮组提升不同钩码的方法，分别做了甲、乙、丙3组实验，实验数据记录如表：
次数
钩码重/N
动滑轮重/N
钩码上升的距离/cm
弹簧测力计的示数/N
弹簧测力计上升的距离/cm
机械效率
1
2
0.8
5
1
15
66.7%
2
4
0.8
5
1.7
15
\
3
6
0.8
5
\
15
83.3%
(1)在实验操作中应该使钩码______ (选填“快速”或“缓慢”)上升；
(2)进行第2次测量时滑轮组的机械效率约为______ (保留三位有效数字)；
(3)进行第3次测量时，弹簧测力计示数为______ N，滑轮组做的有用功是______ J；
(4)分析实验数据，实验小组得出的实验结论是：滑轮组的机械效率与______ 有关；
(5)分析表中数据可知，F≠G动+G物3，可能的原因是：______ ；
(6)某次实验时将绳子自由端匀速拉动时弹簧测力计的读数记为F，钩码重记为G，动滑轮重记为G'，绳自由端移动距离记为s，钩码提升高度记为h，不计绳子重及摩擦，则下列关于滑轮组机械效率的计算关系中正确的是______ 。(多选)
A.η=GF
B.η=GG+G'
C.η=GhFs
D.η=1-GhFs
答案和解析
1.【答案】力 托里拆利
【解析】解：(1)牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律。人们为了纪念他，以他的名字命名为力的单位。
(2)首次精确测出大气压值的是托里拆利实验。
答案为：力；托里拆利。
(1)牛顿，以他的名字命名为力的单位。
(2)首次精确测出大气压值的是托里拆利实验。
本题考查了对物理学史的相关知识，了解牛顿的贡献是解答的关键。
2.【答案】相互的 费力
【解析】解：选手们向后划桨，龙舟快速向前，说明力的作用是相互的；
船桨在使用过程中，一只手握船桨的一端为支点，另一只手挥动船桨作为动力，水对它的力为阻力，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
故答案为：相互的；费力。
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了杠杆的分类和力的相互作用，要求学生知道：①杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆；②物体间力的作用是相互的。
3.【答案】大 小
【解析】解：如图所示，竹蜻蜓的叶片上表面凸起，当旋转时，流过叶片上方的气流速度较大，压强较小；流过叶片下方的气流速度较小，压强较大；在叶片上下表面产生压强差，形成对叶片向上的压力差，推动竹蜻蜓飞行。
故答案为：大；小。
流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，据此解答。
本题考查流体压强跟流速的关系，解答这类题目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象。能用流体压强解释有关的问题这是本题的关键。
4.【答案】重力的方向竖直向下 高
【解析】解：利用重垂线检查墙壁是否竖直，这是根据重力的方向是竖直向下的，若墙壁与铅垂线平行，则墙是竖直的。
若检查所砌的墙面是否水平，经常用如图所示的水平尺检查，当液体中空气泡居中表示墙面水平，因为气泡受到浮力作用，会漂浮在水面上，若空气泡在A端，则表示A端的墙面偏高。
故答案为：重力的方向竖直向下；高。
重垂线是利用重力的方向始终竖直向下而制成的，水平仪是用来检查所砌的墙面是否水平的仪器，据此解答。
本题考查重力及其应用的知识，属于基础题。
5.【答案】左 减小
【解析】解：由图可知，固定在槽内后部的弹簧发生了形变，会给书钉一个向左的弹力。在使用过程中，随着书钉的减少，弹簧形变程度变小，给书钉的这个力将减小。
故答案为：左；减小。
物体发生弹性形变时会产生弹力，形变的程度越大，弹力会越大。
根据图中的结构明确弹力的方向与大小变化，是解答本题的关键。
6.【答案】改变 匀速直线运动
【解析】解：空间站绕地球匀速运行时，运动方向不断改变，所以运动状态改变；
根据牛顿第一定律，假设对接后空间站所受外力全部消失，物体将处于匀速直线运动状态。
故答案为：改变；匀速直线运动。
物体运动状态的改变包括速度大小和运动方向的改变；根据牛顿第一定律，物体在不受力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题主要考查了对运动状态的判断、对牛顿第一定律的理解与应用，属基础题。
7.【答案】减小 不做
【解析】解：(1)喷雾车水平匀速行驶过程中向大街上喷洒消毒液，速度不变，质量减小，喷雾车的动能减小，重力势能也减小，所以机械能减小。
(2)重力方向是竖直向下的，雾炮车水平方向运动，在竖直方向喷雾车没有移动距离，所以重力对喷雾车不做功。
故答案为：减小；不做。
(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小和质量、高度有关，机械能为动能和势能之和。
(2)力是否做功的条件：有力作用在物体上，物体在力的方向上通过一定的距离。
本题考查了机械能大小变化分析、力是否做功的判断，属于基础题目。
8.【答案】小于 等于
【解析】解：由图知A漂浮，所以ρA<ρ水；B悬浮，所以，ρB=ρ水，则：ρA<ρB，由于小球A和B的体积相同，ρA<ρB，由ρ=mV知，小球A的质量小于小球B的质量；
由于A漂浮，则A所受的浮力F排A=GA=GA排，即A的重力等于与浸入部分等体积液体的重力；
B悬浮，则B所受的浮力F排B=GB=GB排，即B的重力等于与浸入部分等体积液体的重力；
由于杯中都是装满了水，所以结合上面分析可知两容器中液体与物体的总重力相同，即溢水杯的总重力相同，根据p=FS知甲杯对桌面的压强等于乙杯对桌面的压强。
故答案为：小于；等于。
(1)根据A漂浮，B悬浮，可根据物体浮沉条件确定小球A和B的密度关系，又知小球A和B的体积关系，由m=ρV分析它们的质量关系；
(2)根据m排=ρ液V排可知排开液体的质量球的重力关系，由于杯中原来都是装满了水，据此可知比较甲烧杯对桌面的压力与乙烧杯对桌面的压力的大小关系，再根据p=FS判断出甲乙杯对桌面压强的关系。
本题考查了浮沉条件、密度公式、压强公式的应用，综合性强，关键是用好浮沉条件，灵活运用公式进行判断。
9.【答案】B
【解析】解：A、一个中学生的体重约500N，故A不符合实际；
B、中学生双脚站在地面时对地面的压力约为F=G=500N，双脚与地面的接触面积约为500cm2=0.05m2，对地面的压强p=FS=500N0.05m2=1×104Pa，故B符合实际；
C、人在水中游泳时接近漂浮，受到的浮力等于自身的重力，初中的重力约为500N，所以游泳时受到的浮力约为500N，故C不符合实际；
D、中学生的体重约G=500N，爬楼速度在v=0.1m/s左右，爬楼功率为P=Wt=Ght=Gv=500N×0.1m/s=50W，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
10.【答案】D
【解析】解：A、兔首铜像静止时处于平衡状态，受到平衡力的作用，故A错误；
B、压力的施力物体是物体，受力物体是水平面，重力的施力物体是地球，受力物体是物体，两力不是同一个力，故B错误；
C、兔首铜像所受的重力与兔首铜像对水平面的压力，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、水平面对兔首铜像的支持力与兔首铜像对水平面的压力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；
(2)压力的施力物体是物体，受力物体是水平面，重力的施力物体是地球，受力物体是物体；
(3)二力平衡条件：两个力同时满足大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上(等大、反向、共线、同体)；
(4)相互作用力条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上。
本题考查力和运动的关系、平衡力、相互作用力的条件及区分，为中考的热点问题。
11.【答案】B
【解析】解：A、把吸盘紧压在光滑的墙壁上，把吸盘内的空气排出，大气压就会把吸盘紧压在了墙壁上，故A不符合题意；
B、医生往注射器内吸药液时用到了大气压，但向病人体内注射药液时，利用的是人的推力，与大气压无关，故B符合题意；
C、用力吸气，吸管内的气压会小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，故C不符合题意；
D、杯口的纸片不下落，是典型的“覆杯实验”，是大气压作用的结果，故D不符合题意。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，并尽可能的用我们所学过的知识去解释。
12.【答案】A
【解析】解：剪断树枝所需要的力是一定的，即阻力一定。
A、当手放在A处，树枝放在C处时，动力臂最大，阻力臂最小，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，即L1最大，L2最小，F2一定，则F1最小，即最省力，故A符合题意。
B、手放在A处，树枝放在D处，阻力臂相对于A选项变大，根据杠杆平衡条件，则动力变大，故B不符合题意。
C、手放在B处，树枝放在C处，动力臂相对于A选项变小，根据杠杆平衡条件，则动力变大，故C不符合题意。
D、手放在B处，树枝放在D处，动力臂相对于A选项变小，阻力臂相对于A选项变大，根据杠杆平衡条件，则动力变大，故D不符合题意。
故选：A。
最省力的做法是指动力最小，利用杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行分析。
本题考查杠杆平衡条件的应用，会根据阻力不变，由力臂的变化确定动力的变化。
13.【答案】ABC
【解析】解：A、木块对斜面压力，受力物体为斜面，图中力的作用点错误。故A错误；
B、投出去的篮球在空中向上运动是因为具有惯性，篮球只会受到重力和空气阻力的作用，不再受到人的推力。故B错误。
C、力臂是指从支点到力的作用线的距离，丙图中的L不是测力计拉力的力臂，故C错误；
D、丙图是站在匀速斜向上运动的电梯上人，该人受力平衡，即竖直方向受到重力G和支持力F的作用，相互平衡；水平方向不受力，故D正确。
故选：ABC。
(1)结合力的示意图分析；
(2)投出去的篮球在空中运动时具有惯性，会受到重力的作用。
(3)力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(4)先对此人进行受力分析，然后确定此人的重心，最后根据力的示意图的画法表示出此人所受的力。
此题考查力臂的画法、力的示意图的画法，作图题为中考必考题型，要求学生熟练掌握各种作图技巧。
14.【答案】BC
【解析】解：
A、头盔安全带设计较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，使人体感觉舒适，故A错误；
B、头盔的作用是在人的头部受到撞击时，通过增大受力面积减小撞击时头部所受压强，对驾乘人员起一个保护作用，故B正确；
C、运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大，所以严禁超员是因为质量越大动能越大，碰撞时造成的伤害更大，故C正确；
C、惯性大小只与物体的质量有关，与运动状态、速度等因素无关，严禁超速，是因为速度越大动能越大，故D错误。
故选：BC。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)动能的大小与物体的质量和速度有关，物体的速度相同时，质量越大，动能越大。
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。
本题考查了减小压强的方法、动能的影响因素、惯性等知识在生活中的应用，具有一定的综合性，打难度不大，掌握相关的物理基础知识是关键。
15.【答案】解：(1)倒立放置时瓶盖所受水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×13×10-2m=1.3×103Pa；
倒立放置时瓶盖所受水的压力：F=pS1=1.3×103Pa×7×10-4m2=0.91N；
(2)正立放置时矿泉水瓶对桌面的压力等于水和瓶子的总重力，即：F'=G水+G瓶=3N+0.15N=3.15N；
瓶子的厚度忽略不计，此时的受力面积为：S2=3×10-3m2，
正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强为：p'=F'S2=3.15N3×10-3m2=1.05×103Pa。
(3)瓶盖的侧壁有一圈凹凸相同的竖形条纹，这样设计的好处是通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力。
答：(1)倒立放置时瓶盖所受水的压力0.91N；
(2)正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强为1.05×103Pa；
(3)瓶盖的侧壁有一圈凹凸相同的竖形条纹，这样设计的好处是增大摩擦力。
【解析】(1)根据p=ρgh求倒立放置时瓶盖所受水的压强，根据F=pS求倒立放置时瓶盖所受水的压力；
(2)瓶子的厚度忽略不计，正立放置时矿泉水瓶对桌面的压力等于水和瓶子的总重力，根据p=FS求正立放置时矿泉水瓶对桌面的压强；
(3)增大接触面的粗糙程度可增大摩擦力。
本题考查液体压强公式、压力定义式的运用以及影响摩擦力的因素，为易错题。
16.【答案】解：(1)绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m，
绳子自由端移动的速度：v=st=4m5s=0.8m/s；
答：绳子自由端移动的速度是0.8m/s。
(2)有用功W有=Gh=200N×2m=400J，
总功，即拉力做的功W=Fs=125N×4m=500J，
η=W有W×100%=400J500J×100%=80%；
答：滑轮组的机械效率是80%。
(3)拉力的功率P=Wt=500J5s=100W；
答：拉力的功率是100W。
【解析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，
(1)求出绳子自由端移动的距离s=2h，已知时间t，由速度公式可以求出速度；
(2)先求出有用功，然后求出总功，最后求出滑轮组的机械效率；
(3)求出拉力的功，已知拉力做功时间，由功率公式可求出拉力的功率。
此题中主要考查了速度的计算、功率的计算、机械效率的计算，搞清各力与距离之间的对应关系，熟练运用相关公式是解决此题的关键。
17.【答案】解：(1)由乙图可知，圆柱体未浸入水中时弹簧测力计的示数为G=F1=3N；圆柱体浸没在水中时弹簧测力计的示数为F2=2N，圆柱体浸没在水中时所受到的浮力
F浮=G-F2=3N-2N=1N；
(2)由F浮=ρ水gV排得，圆柱体浸没时排开水的体积V排=F浮ρ水g=1N103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
因圆柱体浸没在水中，则圆柱体体积为V=V排=1×10-4m3；
(3)由G=mg=ρVg可知圆柱体的密度为ρ=GVg=3N10-4m3×10N/kg=3×103kg/m3。
(4)由题意可知，该圆柱体的一半浸在某种液体中，则V排=12V=0.5×10-4m3
此时弹簧测力计的示数为2.4N，则浮力为F浮=G-F示=3N-2.4N=0.6N，
由F浮=ρ液gV排得ρ液=F浮V排g=0.6N0.5×10-4m3×10N/kg=1.2×103kg/m3。
答：(1)圆柱体浸没在水中时所受到的浮力为1N。
(2)圆柱体的体积为1×10-4m3。
(3)圆柱体的密度为3×103kg/m3。
(4)液体的密度为1.2×103kg/m3。
【解析】(1)根据图象分析出圆柱体未浸入水中时和浸没在水中后的拉力，根据公式F浮=G-F'求出圆柱体浸没在液体中所受的浮力；
(2)根据V=Sh求出根据F浮=ρ液gV排计算圆柱体浸没时排开液体的体积，即为圆柱体的体积；
(3)根据G=mg=ρVg求出圆柱体的密度；
(4)由题意可知，该圆柱体的一半浸在某种液体中，得出排开液体的体积；
此时弹簧测力计的示数为2.4N，根据F浮=G-F示得出浮力，由F浮=ρ液gV排得液体的密度。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道综合题。
18.【答案】761hPa 高 力 0.20.1B省力
【解析】解：(1)由图知该气压计740hPa到750hPa之间有10小格，故其分度值为1hPa，图甲中长的指针在760hPa后面第一小格处，故其指示的气压值是761hPa，由图甲中可以看到标示晴天的符号比标示阴雨天的符号对应的气压高。
(2)由图乙中标志的数据单位字母是N可知该表为测力计，用来测量力的大小，在2N和4N间有10小格，故其分度值为0.2N。
(3)①由杠杆平衡条件知：G1×OA=G2×OB，
4N×0.2m=8N×OB，
解得：OB=0.1m。
②由图丙和丁对比可知，在②处时的力臂与图丙杠杆平衡时右侧的力臂OB相同，故B正确。
③由图丁可知，动力臂大于阻力臂，则该杠杆为省力杠杆。
故答案为：(1)761hPa；高；(2)力；0.2；(3)①0.1；②B；③省力。
(1)先由图甲判断气压计的分度值，再由长指针位置判断对应的气压数值；由图示天气符号标示对应的气压值，比较晴天与阴雨天气压的高低。
(2)由图乙中标志的数据单位字母分析该表的用途，由每大格中包含的小格数，分析其分度值。
(3)①根据杠杆平衡条件进行分析；②根据力臂的定义进行分析；③当动力臂大于阻力臂时，杠杆为省力杠杆。
本题考查了气压计的读数、仪表的判定、杠杆平衡条件的应用、力臂的判断和杠杆的分类，有一定难度。
19.【答案】匀速直线 2.6C接触面粗糙程度 控制变量 压力大小 拉力
【解析】解：(1)实验要测出滑动摩擦力的大小，应该让木块在水平面上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，如图甲所示，测力计分度值为0.2N，示数为2.6N，可以测出木块受到的滑动摩擦力为2.6N；
(2)对比甲、乙两图实验现象可得出结论：当接触面的粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大：
A.轴承上加润滑油，使接触面分离减小摩擦力；
B.体操运动员在手上涂镁粉，是在压力一定时，增大接触面粗糙程度增大摩擦力，
C.用力压住橡皮，擦去写错的字，是在接触面粗糙程度一定时，增大压力增大摩擦力；
故选：C；
(3)对比甲、丙两图可知压力相同，接触面不同，可以探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，此实验应用到的研究方法是控制变量法；
(4)图丁中，铜块相对地面处于静止状态，受到拉力传感器的的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，通过拉力传感器的示数可知木块所受摩擦力的大小。
往沙桶中加减沙子，对铜块竖直向上的拉力变大，铜块对木板的压力变小，故加减沙子的目的是探究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系。
故答案为：(1)匀速直线；2.6；(2)C；(3)接触面粗糙程度；控制变量；(4)压力大小；拉力。
(1)根据二力平衡的条件分析，由测力计分度值读数，据此分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)根据控制变量法分析；
(4)图丁中，铜块相对地面处于静止状态，根据二力平衡的条件分析；
往沙桶中加减沙子，对铜块竖直向上的拉力变大，铜块对木板的压力变小，据此分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】校零 F1-F3 B 变小 变大 相等 BC
【解析】解：(1)弹簧测力计使用前指针要指向零刻度线，如果没指向零刻度线，需要校零；
(2)由图甲可知物体的重力G=F1，由图丁可知物体浸没时弹簧测力计的示数F'=F3，则物体受到的浮力F浮=G-F'=F1-F3；
(3)由图乙可知空烧杯的重力为F2，由图戊可知物体浸没时排开液体与烧杯的总重力为F4，则物体浸没时排开液体的重力G排=F4-F2，
当F浮=G排即F1-F3=F4-F2可知，物体受到浮力的大小与排开液体所受重力相等；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变小，
重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等；
(5)比较两种实验方案可知，改进后：
A.由称重法F浮=G-F'可知，弹簧测力计A的示数等于物体的重力减去受到的浮力，故A错误；
B.由图2的实验装置和器材(两个相同的弹簧测力计A和B、饮料瓶和吸管组成的溢水杯、薄塑料袋)可知，实验器材生活化，测力计固定、示数更稳定，故B正确；
C.薄塑料袋不计质量，能同步观察测力计A、B示数的变化，从而得出物体受到浮力的大小与排开液体所受重力的关系，故C正确。
故答案为：(1)校零；(2)F1-F3；(3)B；(4)变小；变大；相等；(5)BC。
(1)弹簧测力前要检查指针与零刻度线是否对齐，若不对齐，要调整至对齐，这一步骤叫校零；
(2)物体位于空中时弹簧测力计的示数即为其重力，又知道物体浸没时弹簧测力计的示数，根据称重法求出物体受到的浮力；
(3)根据图乙和图戊可知空烧杯的重力和物体浸没时排开液体与烧杯的总重力可求排开液体的重力，比较物体受到的浮力与排开液体的重力关系进行解答；
(4)如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，根据称重法F浮=G-F'可知弹簧测力计A的示数变化；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，根据阿基米德原理可知弹簧测力计A、B示数的变化量关系；
(5)改进后的优点从增加实验器材的目的来分析。
本题主要是考查学生科学探究的能力、分析能力、观察能力以及对阿基米德原理的理解等，弄清楚实验装置中每一个仪器的作用和目的是关键。
21.【答案】缓慢 78.4%2.40.3被提升物体的重力 拉动过程中需克服滑轮的转轴处的摩擦 BC
【解析】解：(1)在实验过程中，应缓慢竖直向上匀速拉动弹簧测力计。
(2)根据表中实验数据可知，第2次测量时滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=4N×0.05m1.7N×0.15m×100%≈78.4%。
(3)由图示测力计可知，其分度值为0.2N，示数为2.4N；
第3次测量时，有用功：W有=Gh=6N×0.05m=0.3J。
(4)从实验数据看，钩码上升的高度相同，所以机械效率不断增大不是由于被提升高度的变化而引起的。
钩码重不断增大，机械效率不断提高，得出的实验结论是：滑轮组的机械效率与被提升物体的重力有关。
(5)由于拉动过程中需克服滑轮的转轴处的摩擦，所以F≠G动+G3。
(6)有用功为W有=Gh，总功为W总=Fs，不计绳子重及摩擦，额外功W额=G'h，
则W总=W有+W额=Gh+G'h=(G+G')h；
①有用功为W有=Gh，总功为W总=Fs，则η=W有用W总=GhFs，故C正确，
由于s=nh，则机械效率η=GhFs=GnF，故A错误；
②有用功为W有=Gh，总功为W总=(G+G')h，所以η=W有用W总=Gh(G+G')h=GG+G'，故B正确；
③额外功W额=G'h，总功为W总=Fs，有用功W有=W总-W额=Fs-G'h，
所以η=W有用W总=Fs-G'hFs=1-G'hFs，故D错误。
故选BC。
故答案为：(1)缓慢；(2)78.4%；(3)2.4；0.3；(4)被提升物体的重力；(5)拉动过程中需克服滑轮的转轴处的摩擦；(6)BC。
(1)在实验中要向上缓慢、匀速拉动测力计。
(2)根据表中实验数据，应用效率公式求出滑轮组效率。
(3)由图示测力计确定其分度值，读出其示数，然后应用功的计算公式求出有用功。
(4)在分析数据时，要注意机械效率的变化是由哪个物理量的变化引起的，从而得出结论。
(5)从阻力的角度分析答题。
(6)不计绳子重及摩擦时，滑轮组做的额外功为克服动滑轮的重力做的功，根据W=Gh表示出有用功和额外功，根据W=Fs表示出总功，以及W总=W有+W额，结合效率公式即可得出滑轮组的机械效率。
此题是测量滑轮组的机械效率，主要考查了有关机械效率的计算及影响滑轮组机械效率的因素，要理解并熟记。
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