2022-2023学年安徽省淮北市五校联考八年级(下)月考数学试卷(三)(含解析)
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一、选择题(本大题共10小题,共40.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
1. 下列计算正确的是( )
A. 2× 3= 6 B. 20=2 10 C. (−3)2=−3 D. 4− 2= 2
2. 下列方程:①2x2−1x=1,②2x2−5xy+y2=0,③4x2−1=0,④x2+2x=x2−1,⑤ax2+bx+c=0中属于一元二次方程的有( )
A. 1个 B. 2个 C. 3个 D. 4个
3. 以下列各组数据为边长的三角形中,是直角三角形的是( )
A. 2, 3, 7 B. 5,4,8
C. 2,3, 5 D. 5,2,1
4. 方程2x2−5x+7=0根的情况是( )
A. 方程有两个不相等的实数根 B. 方程有两个相等的实数根
C. 方程没有实数根 D. 无法判断
5. 使代数式 x−3x−4有意义的x的取值范围是( )
A. x>3 B. x≥3 C. x>4 D. x≥3且x≠4
6. 正方形具有而菱形不一定具有的性质是( )
A. 对角线相等 B. 对角线互相垂直
C. 对角线平分一组对角 D. 对角线互相平分
7. 某型号的手机连续两次降价,每台售价由原来的2185元降到1580元,设平均每次降价的百分率为x,则列出的方程正确的是( )
A. 1580(1+x)2=2185 B. 2185(1−2x)=1580
C. 2185(1−x)2=1580 D. 1580(1−x)2=2185
8. 如图,平行四边形ABCD中,AB=3,BC=5,AC的垂直平分线交AD于E,则△CDE的周长是( )
A. 6 B. 8 C. 9 D. 10
9. 如图,矩形ABCD的对角线AC和BD相交于点O,过点O的直线分别交AD和BC于点E、F,AB=2,BC=3,则图中阴影部分的面积为( )
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
10. 如图,在矩形ABCD中,AB=4,BC=6,点E是BC边的中点,连接AE,过点E作EF⊥AE交CD于点F,连接AF,则AF的长为( )
A. 254 B. 132 C. 274 D. 152
二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)
11. 比较大小:2 3______3 2.(填“>、<、或=”)
12. 一个多边形的每一个内角都是108°,则它的边数为______.
13. 已知a,b满足a2−3a+1=0,b2−3b+1=0,且a≠b,则ab+ba的值为______ .
14. 在矩形ABCD中,AB=3,BC=4,点E是BC上的一点,将△ABE沿着AE翻折,得到△AEF.
(1)如图1,若点F落在对角线AC上,则CF的长为______ ;
(2)如图2,若点F落在对角线BD上,则CF的长为______ .
三、解答题(本大题共9小题,共90.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
15. (本小题8.0分)
计算:3 12−4 13+ 48.
16. (本小题8.0分)
解方程:(x−1)2=4(x−1).
17. (本小题8.0分)
如图,方格纸上每个小正方形的边长均为1个单位长度,点A,B,C都在格点上(两条网格线的交点叫格点).
(1)AB= ______ ;
(2)求△ABC的面积.
18. (本小题8.0分)
如图,在平行四边形ABCD中,BE⊥AD于点E,BF⊥CD于点F,若平行四边形ABCD的周长为28cm,BE=3cm,BF=5cm,求平行四边形ABCD的面积.
19. (本小题10.0分)
某商场服装部销售一种名牌衬衫,平均每天可售出30件,每件盈利40元.为了扩大销售,减少库存,商场决定降价销售,经调查,每件降价1元时,平均每天可多卖出2件.若商场要求该服装部每天盈利1200元,每件衬衫应降价多少元?
20. (本小题10.0分)
如图,在△ABC中,AB=BC,D,E,F分别是BC,AC,AB的中点.
(1)求证:四边形BDEF是菱形;
(2)若AB=12cm,求菱形BDEF的周长.
21. (本小题12.0分)
如图,两个村庄A、B在河CD的同侧,A、B两村到河的距离分别为AC=1千米,BD=3千米,CD=3千米.现要在河边CD上建造一水厂,向A、B两村送自来水.铺设水管的工程费用为每千米20000元,请你在CD上选择水厂位置O,使铺设水管的费用最省,并求出铺设水管的总费用W.
22. (本小题12.0分)
关于x的一元二次方程mx2+(2m+1)x+m−1=0有两个不相等的实数根.
(1)求m的取值范围;
(2)若已知此方程的一个根为−2,求m的值以及方程的另一根.
23. (本小题14.0分)
如图1,△ABC和△DCE均为等边三角形,且B,C,E三点在同一条直线上,连接AE,BD.
(1)求证:BD=AE;
(2)如图2,取AC的中点M,连接ME交BD于点N,连接DM,AD,若AD//ME,
①求证:四边形CEDM为菱形;
②求MNNE的值.
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解:A、 2× 3= 2×3= 6,故此选项符合题意;
B、 20= 4×5=2 5,故此选项不符合题意;
C、 (−3)2=3,故此选项不符合题意;
D、 4− 2=2− 2,故此选项不符合题意;
故选:A.
根据二次根式乘法运算法则判断A和B,根据二次根式的性质判断C,根据二次根式减法运算法则判断D.
本题考查二次根式的运算,理解二次根式的性质 a2=|a|和二次根式乘法运算法则是解题关键.
2.【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查了一元二次方程的概念,判断一个方程是否是一元二次方程,首先要看是否是整式方程,然后看化简后是否是只含有一个未知数且未知数的最高次数是2.
一元二次方程必须满足四个条件:(1)未知数的最高次数是2;(2)二次项系数不为0;(3)是整式方程;(4)含有一个未知数.
【解答】
解:①2x2−1x=1,不是整式方程,故①错误;
②2x2−5xy+y2=0中含有两个未知数,不是一元二次方程,故②错误;
③4x2−1=0符合一元二次方程的定义,故③正确;
④由x2+2x=x2−1得到:2x+1=0,未知数的最高次数是1,不是一元二次方程,故④错误;
⑤ax2+bx+c=0,当a=0时,它不是一元二次方程,故⑤错误;
综上所述,属于一元二次方程的个数是1个.
故选:A.
3.【答案】D
【解析】解:A、( 2)2+( 3)2≠( 7)2,不能构成直角三角形,故此选项错误;
B、42+52≠82,不能构成直角三角形,故此选项错误;
C、( 2)2+( 5)2≠32,不能构成直角三角形,故此选项错误;
D、12+22=( 5)2,能构成直角三角形,故此选项正确.
故选:D.
欲判断是否能构成直角三角形,需验证两小边的平方和是否等于最长边的平方.
本题考查了勾股定理的逆定理,在应用勾股定理的逆定理时,应先认真分析所给边的大小关系,确定最大边后,再验证两条较小边的平方和与最大边的平方之间的关系,进而作出判断.
4.【答案】C
【解析】解:∵2x2−5x+7=0,
∴Δ=(−5)2−4×2×7=−31<0,
∴方程没有实数根.
故选:C.
先计算判别式的值,然后根据判别式的意义进行判断.
本题考查了根的判别式:一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与Δ=b2−4ac有如下关系:当Δ>0时,方程有两个不相等的实数根;当Δ=0时,方程有两个相等的实数根;当Δ<0时,方程无实数根.
5.【答案】D
【解析】
【分析】
此题主要考查了分式与二次根式有意义的条件,属于基础题.
根据二次根式有意义的条件可得x−3≥0,根据分式有意义条件可得x−4≠0,再解不等式即可.
【解答】
解:由题意得:x−4≠0,且x−3≥0,
解得:x≥3且x≠4,
故选:D.
6.【答案】A
【解析】解:∵正方形的两条对角线相等,互相垂直平分,并且每条对角线平分一组对角,
菱形的两条对角线互相垂直平分,并且每一条对角线平分一组对角,
∴正方形具有而菱形不一定具有的性质是对角线相等.
故选:A.
根据正方形的性质和菱形的性质解答即可.
本题考查了正方形和菱形的性质,解决本题的关键是掌握正方形的性质.
7.【答案】C
【解析】解:设平均每次降价的百分率为x,
由题意得2185(1−x)2=1580.
故选:C.
设平均每次降价的百分率为x,则第一次降价后售价为2185(1−x),第二次降价后售价为2185(1−x)2,然后根据两次降价后的售价建立等量关系即可.
本题考查从实际问题中抽象出一元二次方程,掌握求平均变化率的方法:若设变化前的量为a,变化后的量为b,平均变化率为x,则经过两次变化后的数量关系为a(1±x)2=b是解决问题的关键.
8.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查了线段垂直平分线的性质,平行四边形的性质,根据线段垂直平分线的性质和平行四边形的性质可知,△CDE的周长=CD+DE+CE=CD+DE+AE=CD+AD=AB+BC=3+5=8.
本题结合线段垂直平分线的性质考查了平行四边形的性质,利用中垂线将已知转化是解题的关键.
【解答】
解:根据垂直平分线上点到线段两个端点的距离相等知,EC=AE;
根据在平行四边形ABCD中有BC=AD,AB=CD,
∴△CDE的周长等于CD+DE+CE=CD+DE+AE=CD+AD=AB+BC=3+5=8.
故选B.
9.【答案】A
【解析】解:∵矩形ABCD的对角线AC和BD相交于点O,
∴四边形ABFE里面的空白三角形的面积和四边形EDCF中阴影三角形的面积相等.
∴求阴影部分的面积可看成求四边形ABFE的面积.
∴阴影部分的面积为:(2×3)÷2=3.
故选:A.
矩形的对角线相等且互相平分,所以过交点的EF把矩形分成面积相等的两部分,通过面积的等量代换可求出解.
本题考查矩形的性质,矩形的对角线相等且互相平分,过交点的线段把矩形分成面积相等的两部分.
10.【答案】A
【解析】解:∵四边形ABCD是矩形,AB=4,BC=6,
∴AB=CD=4,BC=AD=6,∠D=∠C=∠B=90°,
∵点E是BC边的中点,
∴BE=EC=3,
∵EF⊥AE,
∴∠AEF=90°,
∵∠AEB+∠FEC=90°,∠EAB+∠AEB=90°,
∴∠BAE=∠CEF,
∴△ABE∽△ECF,
∴ABEC=BECF,
∴43=3CF,
∴CF=94,
∴DF=CD−CF=4−94=74,
∴AF= AD2+DF2= (74)2+62=254,
故选:A.
证明△ABE∽△ECF,可得ABEC=BECF,由此求出CF,DF,再利用勾股定理求出AF即可.
本题考查相似三角形的判定和性质,矩形的性质,勾股定理等知识,解题的关键是熟练掌握基本知识,属于中考常考题型.
11.【答案】<
【解析】解:∵(2 3)2=12,(3 2)2=18,
而12<18,
∴2 3<3 2.
故答案为:<.
先把两个实数平方,然后根据实数的大小比较方法即可求解.
此题主要考查了实数的大小的比较,比较两个实数的大小,可以采用作差法、取近似值法、比较n次方的方法等.
12.【答案】5
【解析】解:180°−108°=72°,
多边形的边数是:360°÷72°=5.
则这个多边形是五边形.
故答案为:5.
一个多边形的每一个内角都等于108°,根据内角与相邻的外角互补,因而每个外角是72°.根据任何多边形的外角和都是360°,利用360除以外角的度数就可以求出多边形的边数.
考查了多边形内角与外角,熟记多边形的外角和是360°是解题的关键.
13.【答案】7
【解析】解:∵a,b满足a2−3a+1=0,b2−3b+1=0,且a≠b,
∴a、b是关于x的方程x2−3x+1=0的两个实数根,
∴a+b=3,ab=1,
∴ab+ba=a2+b2ab=(a+b)2−2abab=9−2=7,
故答案为:7.
根据题意得出a、b是关于x的方程x2−3x+1=0的两个实数根,故a+b=3,ab=1,把所求式子变形再整体代入可算得答案.
本题考查一元二次方程根与系数的关系,解题的关键是掌握一元二次方程根与系数的关系式.
14.【答案】2; 2 375
【解析】解:在矩形ABCD中,AB=3,BC=4,∠B=90°,由勾股定理得:AC= AB2+BC2=5,
(1)若点F落在对角线AC上,由折叠的性质得AB=AF=3,
∴FC=AC−AF=5−3=2,
故答案为:2;
(2)点F落在对角线BD上,由折叠的性质得:
AE垂直平分BF,BE=FE,AB=AF=3,∠ABE=∠AFE=90°,
∴AE⊥BF,
∵∠BAE+∠EAD=90°,∠ADB+∠EAD=90°,
∴∠BAE=∠ADB,
∵∠BAD=∠EBA=90°,
∴△ABD∽△BEA,
∴ABBE=ADAB,
∴3BE=43,
∴BE=94,
∴BE=EF=94,
∴EC=BC−BE=4−94=74,
过点F作FN⊥BC于N,延长NF交AD于M,
∴∠AMF=∠ENF=∠AFE=90°,四边形AMNB和四边形DMNC为矩形,
∴∠AFM+∠EFN=90°,∠AFM+∠MAF=90°,AB=MN,AM=BN=3,
∴∠EFN=∠MAF,
∴△AFM∽△FEN,
∴AFEF=AMFN=FMEN,
∴43=AMFN=3−FNAM−94,
∴FN=5425,AM=BN=7225,
∴NC=BC−BN=4−7225=2825,
∴FC= FN2+NC2=2 375,
故答案为:2 375.
(1)先根据勾股定理得:AC= AB2+BC2=5,再由折叠的性质得AB=AF=3,再根据FC=AC−AF即可得出答案;
(2)先证得△ABD∽△BEA,得出ABBE=ADAB,从而求得BE=94,过点F作FN⊥BC于N,延长NF交AD于M,再证明△AFM∽△FEN,求得FN=5425,AM=BN=7225,再利用勾股定理即可解决问题.
本题考查了翻折变换的性质、矩形的性质、勾股定理等知识,相似三角形的判定和性质,灵活运用相关知识是解题的关键.
15.【答案】解:3 12−4 13+ 48
=3×2 3−4× 33+4 3
=6 3−4 33+4 3
=26 33.
【解析】先化简二次根式,再计算二次根式的乘法与加减法即可得.
本题考查了二次根式的运算,熟练掌握运算法则是解题关键.
16.【答案】解:∴(x−1)2=4(x−1),
∴(x−1)2−4(x−1)=0,
∴(x−1)(x−5)=0,
∴x−1=0或x−5=0,
∴x1=1,x2=5.
【解析】利用因式分解法解方程即可.
本题考查了解一元二次方程,熟练掌握因式分解法解方程的方法是解题的关键.
17.【答案】 10
【解析】(1)解:根据勾股定理得:AB= 32+12= 10,
故答案为: 10;
(2)如图,根据网格特点得到正方形ADFE;
S△ABC=3×3−12×1×3−12×1×3−12×2×2=4,
(1)根据勾股定理即可得出答案;
(2)利用正方形的面积减去三个三角形的面积即可得出答案.
本题考查了勾股定理与网格,熟练掌握相关知识是解题的关键.
18.【答案】解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB=CD,AD=BC,
∵平行四边形ABCD的周长为28cm,
∴AD+DC=14cm,
∵BE⊥AD,BF⊥CD,
∴S▱ABCD=AD⋅BE=DC⋅BF,
∵BE=3cm,BF=5cm,
∴3AD=5(14−AD),
∴AD=354(cm),
∴S▱ABCD=AD⋅BE=354×3=1054(cm2).
【解析】由平行四边形的性质得AD+DC=14cm,再由面积法求出AD的长,即可解决问题.
本题考查平行四边形的性质,利用面积法求出AD是解题的关键.
19.【答案】解:设每件应降价x 元,由题意可列方程为(40−x )(30+2x )=1200,
解得x1=0,x2=25,
当x=0 时,能卖出30 件;
当x=25 时,能卖出80件,
根据题意,x=25 时能卖出80 件,符合题意,不降价也能盈利1200元,符合题意,
因为要减少库存,所以应降价25 元,
答:每件衬衫应降价25元;
【解析】本题的关键语“每件降价1元时,平均每天可多卖出2件”,设每件应降价x元,用x来表示出商场所要求的每件盈利的数额量,然后根据盈利1200元来列出方程;
本题主要考查一元二次方程的应用,关键在于理解清楚题意找出等量关系列出方程求解,此题问题更是中考的热点考题之一,难度不大.
20.【答案】(1)证明:∵AB=BC,F为AB的中点,D为BC的中点,
∴BF=12AB,BD=12BC,
∴BF=BD,
∵F、E分别为AB、AC的中点,
∴EF//BC,EF=12BC,
∴EF=BD,EF//BD,
∴四边形BDEF是菱形;
(2)解:∵AB=12cm,BF=12AB,
∴BF=6cm,
∵四边形BDEF是菱形,
∴BF=BD=DE=EF=6cm,
∴菱形BDEF的周长是6cm+6cm+6cm+6cm=24cm.
【解析】(1)根据中点得出BF=12AB,BD=12BC,求出BF=BD,根据三角形的中位线的性质得出EF//BC,EF=12BC,求出EF=BD,EF//BD,根据菱形的判定得出即可;
(2)根据菱形的性质得出BF=BD=EF=DE=6cm,再求出答案即可.
本题考查了三角形的中位线性质和菱形的性质和判定,能灵活运用定理进行推理是解此题的关键.
21.【答案】解:延长AC到点M,使CM=AC,连接BM交CD于点O,点O就是所选择的位置.
在Rt△BMN中,
BN=3+1=4千米,MN=3千米,
∴MB= MN2+BN2=5(千米),
∴最短路线AO+BO=MO+OB=MB=5千米,
最省的铺设管道的费用为
W=5×20000=100000(元)
答:最省的铺设管道的费用是100000元.
【解析】作点A关于CD的对称点M,则BM与CD的交点就是所求的点,水管的长度等于BM的长,利用勾股定理求得BM的长,即可求得费用.
本题考查了轴对称问题,正确理解O的位置的确定方法是关键.
22.【答案】解:(1)∵关于x的一元二次方程mx2+(2m+1)x+m−1=0有两个不相等的实数根,
∴Δ=b2−4ac=(2m+1)2−4m(m−1)=8m+1>0且m≠0,
∴m>−18且m≠0;
(2)把方程一个根−2代入方程mx2+(2m+1)x+m−1=0得:4m−2(2m+1)+m−1=0,
解得:m=3,
∴方程为:3x2+7x+2=0,
设另一个根为a,则a×(−2)=23,
∴a=−13,
∴方程的另一根为−13.
【解析】(1)根据题意及一元二次方程根的判别式可直接进行求解;
(2)根据题意先求出m的值,然后利用一元二次方程根与系数的关系求出另一个根即可.
本题主要考查一元二次方程根的判别式及根与系数的关系,熟练掌握一元二次方程根的判别式及根与系数的关系是解题的关键.
23.【答案】(1)证明:∵△ABC和△DCE均为等边三角形,
∴AC=BC,CD=CE,∠ACB=∠DCE=60°,
∴180°−∠ACB=180°−∠DCE,
∴∠BCD=∠ACE,
在△BCD与△ACE中,
BC=AC∠BCD=∠ACECD=CE,
∴△BCD≌△ACE(SAS),
∴BD=AE;
(2)①证明:∵△ABC和△DCE均为等边三角形,
∴AC=BC,CE=DE,∠ACB=∠DEC=60°,
∴AC//DE,
∵AD//ME,
∴四边形AMED平行四边形,
∴AM=DE,
∵AC的中点M,
∴AM=MC,
∴DE=MC,
∴四边形CEDM为平行四边形,
∵CE=DE
∴CE=MC,
∴四边形CEDM为菱形;
②解:∵四边形CEDM为菱形,
∴DM//BE,DM=MC=CE=12AC,
∴△BEN∽△DMN,
∴DM=CE=12BC,
∴MNNE=DMBE=DM3DM=13.
【解析】(1)由等边三角形的性质得出AC=BC,CD=CE,∠ACB=∠DCE=60°,再根据SAS证明△BCD≌△ACE即可得出结论;
(2)①先证明四边形AMED平行四边形,得出AM=DE,从而得出CM=DE,证得CEDM为平行四边形,继而根据CM=CE即可得出结论;
②先证得△BEN∽△DMN从而得出MNNE=DMBE即可.
本题考查了等边三角形的性质,平行四边的性质和判定,菱形的性质和判定以及相似三角形的性质和判定,能够灵活运用相关知识是解题的关键.
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