2023年湖北省随州市中考物理试卷（含答案解析）

这是一份2023年湖北省随州市中考物理试卷（含答案解析），共17页。

2023年湖北省随州市中考物理试卷
1. 如图是生活中的两个情境，图1是居民小区噪声监测器，显示环境噪声为55.5分贝。图2是钢琴调音师正在用手机上的一个调音软件播放音叉256、512、1024、2048(Hz)的标准音来校准琴音。下列说法正确的是(    )

A. 人们以分贝为单位来表示声音强弱的等级
B. 分贝是音调的单位
C. 2048Hz的音属于次声波
D. 256Hz的音和2048Hz的音比较，256Hz的声音音调更高
2. 随州日报2023年5月25日报道了国能长源随州发电有限公司“风光水火储”综合发展的良好势头。风电、光电、水电、火电、储能多向发力，公司全面投产后预计年发电量可达60亿度。随县光电400MW项目只是公司的一部分。下列说法正确的是(    )


A. “度”是电功率的单位，“MW”是电功的单位
B. 60亿度即6×106度，400MW即4×104W
C. 利用煤炭进行火力发电时，只要注意节约不浪费，发电效率可以达到100%并且不会对环境造成任何污染
D. 风能、水能、太阳能可以从自然界中不断获得，属于可再生能源
3. 细心观察的小明发现身边处处有物理。下列他观察到的现象或事例可以用“光的直线传播”解释的是(    )
A. 课堂上老师用投影仪将同学们的优秀作品展示投影
B. 太阳高照时校园长廊下斑驳的树影
C. 午后阳光通过课桌上透明水杯形成的彩色光带
D. 晚自习时教室窗户玻璃里出现的另一个“自己”
4. 近年来许多家庭使用电热液体蚊香器(如图)，瓶中的炭纤维棒将瓶内的杀虫剂吸到棒的顶端，而发热电阻传递的热会使棒的上端温度达到50℃左右，此时杀虫剂蒸发得更快从而提高了驱蚊效果。以下说法正确的是(    )


A. 蒸发是液化的一种方式
B. 在常温下，炭纤维棒里的杀虫剂分子不会运动
C. 杀虫剂分子运动的快慢与温度高低有关，50℃时杀虫剂分子运动得最慢
D. 一般情况下，温度升高汽化的速度会加快
5. 汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是(    )


A. 甲图是压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高
B. 由乙图可知该汽油机的效率是30%
C. 汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D. 为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的热值
6. 邓老师在《摩擦力》新课教学时，为了情境化引入新课激发同学们的兴趣设计了一个小游戏：轻松翻动两本物理书的书页，让书页彼此交错穿插后平放在桌上(如图)。邓老师让大家推荐两个“大力士”把这两本书拉开，体育委员和篮球队长信心百倍走上讲台，邓老师给他们加一点难度把一盒粉笔压在书上，两男生使出洪荒之力也没拉开两本书。以下说法正确的是(    )
A. 两本书很难被拉开是因为书页之间产生了巨大的静电吸引力
B. 两本书的纸面越粗糙越容易被拉开
C. 要想拉开两本书，拉力的大小需要大于书页间的摩擦力大小
D. 两本书交错穿插的页面越多、书上所压的粉笔盒等物越重越容易被拉开
7. 风油精因具有提神醒脑和蚊叮虫咬后止痒等功效成为生活常备品。有一种现象引起了物
理兴趣小组的注意：打开风油精的瓶盖将瓶口向下提着(如图)，不见风油精哗啦啦流
出，甩一甩或抖一抖风油精就会从瓶口出来一些。下列说法中正确的是(    )
A. 甩一甩风油精就会从瓶口出来一些，利用了液体也具有惯性这一特性
B. 图中瓶口向下，此时瓶内液体上方气体的气压一定大于瓶外环境的气压
C. 图中瓶口向下，若瓶外环境的气压突然增加则瓶内液体会自动流出
D. 图中瓶口向下，若在瓶底外部放一个冰块降温则瓶内液体会自动流出
8. 在上周的自主复习中物理课代表建议大家“回归课本”，如图是课本上的原图，针对图中情境增加条件拓展科学思维：小强用100N的力斜向上拉着总重为500N的小车使小车在水平路面上匀速前进了10m用了10s。下列说法中正确的是(    )
A. 这一过程中地面对小车的摩擦力一定是100N
B. 这一过程中100N的拉力对小车做的功一定是1000J
C. 这一过程中小车的速度为1m/s
D. 这一过程中小车对地面的压力一定等于500N
9. 劳动教育越来越重要，许多同学在劳动中获得了愉悦的体验也掌握了许多劳动技能。小芳周末回到乡下姥姥家接过姥姥肩膀上的担子学习挑担技巧。假如一个筐子重一个筐子轻(一头重一头轻)，在不考虑手臂帮扶的情况下挑起担子让扁担处于水平平衡。请你根据劳动体验结合杠杆平衡知识，判断下列说法中正确的是(    )
A. 肩膀应该靠近“轻的一头”
B. 肩膀应该靠近“重的一头”
C. 肩膀应该居于扁担正中间
D. 挑着担子走路，扁担一般会上下“闪动”，“闪动”时一定是一个筐子向上运动同时另一个筐子向下运动
10. 某科技小组设计了一个地磅，地磅内部简化电路如图。其工作原理是车辆开上地磅会压缩弹簧(弹簧处于弹性限度内)引起滑片P移动，当电路的电流I≥I0(I0为某一定值)时，电路中电铃会发出警示声(电铃可视为一个小电阻)，表明车辆超重了。圆圈处是电压表可反映车辆的重量，R0为保护电阻，电源电压不变。下列说法正确的是(    )


A. 车辆越重，弹簧的弹性势能越小
B. 车辆越轻，电压表的示数越小
C. 车辆越重，电压表的示数越小
D. 当地磅上无车辆时，电路消耗的总功率最大
11. 物理课《压强》正在愉快地进行，在“举例与辩论”环节小刚与小强成了“正方与反方”，小刚主张履带式挖掘机的履带是减小压强的例子，因为在松软的泥土上它没有陷进去；小强则认为挖掘机从门前平展的水泥路面经过时，钢铁履带上的棱条将路面压出许多“破损的白痕”属于增大压强。
请你运用“压力、受力面积、压强三者关系”对双方的观点进行分析说明：
(1)同一挖掘机在松软的泥土上(提示：受力面积如何，压强如何)：______ ；
(2)同一挖掘机在水泥路面上(提示：受力面积如何，压强如何)：______ 。
12. 生活中常用“磁块”这种小物件，把它吸在铁质板上可以固定图纸或卡片等。如
图一个磁块吸在水平放置的铁板下表面，已知铁板对磁块的吸引力大约是磁块重力的3倍。请画出磁块受力的示意图并用汉字标出各力的名称(O点为各力的作用点)。
13. 王叔叔在理发店理发后想看看后脑勺的头发长短情况，他向服务员要来一面小镜子，如图他背朝墙上的大镜子手握小镜子(未画出)略微仰头，当小镜子处于额头斜上方时他看到了自己的后脑勺。假设一条光线从后脑勺的A点射向大镜子上的M点，反射到小镜子上的N点又反射到人眼。请画出M到N之间的光线、小镜子上的法线以及小镜子的镜面(注意角度)。
14. 五一假期小聪和父母到随州大洪山旅游，茂密的森林里丰富的物种深深地吸引着他们，可走着走着迷路了。小聪镇定地找出电池和导线在一根短木棒上密密匝匝地绕制成通电螺线管，又找来一个塑料圆盘用几根细线悬吊起来，然后将螺线管放在这个可以自由水平转动的圆盘上。小聪依靠这个自制装置的引导成功地走出了森林。如图是小聪的自制指南针，图中规定了通电螺线管的N极，请用笔画线代替导线画出绕线(画3匝示意即可)并在螺线管周围画出一条磁感线。
15. 某实验小组用规格完全相同的实验器材，对初温相同的100g水、200g水、100g煤油进行加热，如图所示。

(1)若要探究不同物质的吸热差异应选择______ (选填“甲、乙、丙”中的两个)两图进行对比实验。
(2)水沸腾时，小组成员观察到烧杯内出现的气泡是______ (选填“A”、“B”或“C”)图。
(3)在处理实验数据时，小组成员绘制了从开始加热到沸腾前液体的温度随时间变化图象如图丁，分析可知100g煤油对应的图象是______ (选填“b”或“c”)，已知水的比热容大于煤油的比热容。
16. 在“探究凸透镜成像规律”实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏处于如图所示的位置时，在光屏上恰好得到一个清晰的像。
(1)此凸透镜的焦距f=______ cm。
(2)保持凸透镜位置不变，若将蜡烛放置在42cm刻度线处，生活中的______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像原理工作的。
(3)保持凸透镜位置不变，蜡烛从30cm处移动到10cm刻度线处，光屏应向______ (选填“左”或“右”)移动才能得到清晰的像。

17. 实验课上，老师和同学们测量盐水的密度，他们用弹簧测力计、烧杯、水(密度用ρ水表示)、金属块A、盐水以及不吸水的细线等器材完成了图中实验。
(1)要测量金属块A浸没在水中的浮力，合理的测量顺序是______ (选填“①→②”或“②→①”)。
(2)计算金属块A浸没在水中的浮力F=______ N。
(3)完成图中各项实验后分析可知：金属块A的浮力大小与______ (选填“液体密度”或“金属密度”)有关。
(4)请推导出盐水的密度表达式ρ盐水=______ (用F1、F2、F3、ρ水表示)。

18. 如图甲是小明用伏安法测量额定电压为2.5V小灯泡电阻的实物图。

序号
U/V
I/A
R/Ω
1



(1)用笔画线代替导线，补画一根导线将图甲中的实物电路连接完整。
(2)实验中当滑动变阻器的滑片滑到某位置时，电压表示数如图乙所示为______ V，此时电流表的示数为0.200A，此时小灯泡的电阻为______ Ω。
(3)如表是小明设计的实验数据记录表，该表格存在的不足之处是______ 。
19. 如图1是陈老师办公室电热水壶的照片，如图2是其内部电路的简化图。电路主要由并联的两个支路组成：一支路是由指示灯(2V0.1W)和“限流电阻”串联而成；另一支路接有发热盘(发热电阻)。已知电源电压为220V，水的比热容为4.2×103J⋅(kg⋅℃)−1。

(1)判断“限流电阻”是“大电阻”还是“小电阻”(小于10Ω为“小电阻”，大于100Ω为“大电阻”)。直接写出你判断的结论无需证明无需说明理由。______ 。
(2)用该电热水壶给壶内1kg、20℃的水加热，已知加热功率为1000W，加热时80%的热量被壶内的水吸收，求多长时间可以将水烧开(100℃)？
20. 生活中有些低层建筑没有电梯，房屋装修时聪明的工人常用滑轮组提升沙石等物料。如图，物料及桶总质量为60kg，工人质量为80kg，工人的双脚与水平地面接触面积为400cm2，某段时间内工人将物料及桶缓缓匀速提升了3m。不计滑轮组和绳的重量及绳与轮之间的摩擦。图中拉力的方向近似认为是竖直方向，g取10N/kg。求：
(1)工人拉绳子的力是多大？
(2)这段时间内工人提升物料及桶做了多少功？
(3)这段时间内工人对地面的压强是多少？
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A.噪声的等级用分贝来划分，故A正确；
B.分贝是响度的单位，故B错误；
C.次声波的振动频率低于20Hz，2048Hz的音不属于次声波，故C错误；
D.256Hz的音和2048Hz的音比较，256Hz的声音频率低，音调更低，故D错误。
故选：A。
(1)人们以分贝为单位来表示声音的等级，符号用dB表示；
(2)响度表示声音的强弱；
(3)振动频率低于20Hz的声属于次声波；
(4)物体的振动频率越高，音调越高。
本题考查了对音调、响度、频率、次声波、分贝的了解，属于基础题。

2.【答案】D 
【解析】解：A、度是电能(电功)的单位，1度=1kW⋅h；MW是电功率的单位，1MW=106W，故A错误；
B、60亿度即：60×108度=6×109度，400MW即400×106MW=4×108MW，故B错误；
C、能量的转化和转移是有方向性的，且在转化和转移的过程中存在能量损失，所以火电站的发电效率不可能达到100%，且火电站排放的有害气体和二氧化碳会严重污染大气，故C错误；
D、风能、水能、太阳能可以从自然界中不断获得，属于可再生能源，故D正确。
故选：D。
(1)度是电能(电功)的单位，1度=1kW⋅h；MW是功率的单位，1MW=106W。
(2)根据电功和电功率的单位进行换算。
(3)火电站、水电站的效率都不可能达到100%。
(4)能够短期内从自然界中得到补充的一次能源是可再生能源。
本题主要考查了能源的利用以及人类使用能源对环境的影响，本题属于基础性题目。

3.【答案】B 
【解析】解：课堂上老师用投影仪将同学们的优秀作品展示投影，属于折射现象，故A错误；
B、太阳高照时校园长廊下斑驳的树影，属于光的直线传播现象，故B正确；
C、午后阳光通过课桌上透明水杯形成的彩色光带，属于折射现象，故C错误；
D、晚自习时教室窗户玻璃里出现的另一个“自己”，属于平面镜成像，光的反射现象，故D错误。
故选：B。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等。
(2)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生改变，这是光的折射，光的折射形成的现象有：筷子弯折、放大镜、池水变浅等。
(3)光射到介质界面上会发生反射，光的反射形成的现象有：平面镜成像、水中倒影、凹面镜成像等。
区分三种光现象：光的直线传播现象：影子、日月食、小孔成像；光的反射：镜子、倒影、潜望镜；光的折射：看水中的物体、隔着玻璃或透镜看物体。

4.【答案】D 
【解析】解：A、蒸发是汽化的一种方式，故A错误；
B、在常温下，炭纤维棒里的杀虫剂分子也会运动，故B错误；
C、杀虫剂分子运动的快慢与温度高低有关，50℃时杀虫剂分子运动得最快，故C错误；
D、一般情况下，温度升高汽化的速度会加快，故D正确。
故选：D。
蒸发是汽化的一种方式，温度越高，汽化的速度会变快；分子在永不停息地做无规则运动。
本题考查了分子运动和影响蒸发快慢的因素，属于基础题。

5.【答案】A 
【解析】解：
A、根据图甲可知，两个气门关闭、活塞上行，为压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，机械能转化为内能，气体的温度升高，故A正确；
B、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，由图可知，输出有用功所占比例为：100%−36%−30%−6%=28%，即该汽油机的效率为28%，故B错误；
CD、热值是燃料本身的一种特性，只与燃料本身决定，和燃料的质量、放出热量的多少、燃烧是否充分、温度高低无关，故CD错误。
故选：A。
(1)内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能；
(2)热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，结合图中数据分析；
(3)热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
本题考查了内燃机的工作过程、内燃机的效率、热值的大小，属于基础题。

6.【答案】C 
【解析】解：A、两本书很难被拉开是因为书页之间产生了巨大的静摩擦力，故A错误；
B、两本书的纸面越粗糙摩擦力越大，越不容易被拉开，故B错误；
C、要想拉开两本书，拉力的大小需要大于书页间的摩擦力大小，故C正确；
D、两本书交错穿插的页面越多、书上所压的粉笔盒等物越重。摩擦力越大，越不容易被拉开，故D错误。
故选：C。
(1)摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关。
(2)在压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大。
(3)在接触面的粗糙程度一定时，压力越大。摩擦力越大。
本题主要考查了影响摩擦力大小的因素，属于基础性题目。

7.【答案】A 
【解析】解：A、甩一甩风油精就会从瓶口出来一些，利用了液体也具有惯性这一特性，故A正确；
B、图中瓶口向下，此时瓶内液体上方气体的气压小于瓶外环境的气压，故B错误；
C、图中瓶口向下，若瓶外环境的气压突然增加，内外压强差更大，则瓶内液体不会自动流出，故C错误；
D、图中瓶口向下，若在瓶底外部放一个冰块降温则瓶内气压减小，液体更不会自动流出，故D错误。
故选：A。
(1)物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
(2)风油精不滴下来是因为瓶内外压强差引起的。
(3)瓶外的气压增大，瓶内液体更不会流出来。
(4)瓶内温度降低，压强减小。
本题主要考查了惯性和大气压的综合应用，属于基础性题目。

8.【答案】C 
【解析】解：A、由于拉力不是水平方向，拉力与摩擦力不是一对平衡力，大小不相等，故A错误；
B、若小车在100N水平方向拉力作用下移动10m，根据功的公式可知，W=Fs=100N×10m=1000J，而小车受到100N斜向上的拉力，此时水平方向上的拉力不等于100N，因此这一过程中100N的拉力对小车做的功不是1000J，故B错误；
C、小车在水平路面上匀速前进了10m用了10s，则这一过程中小车的速度为：
v=st=10m10s=1m/s，故C正确；
D、小车在竖直方向受到向下的重力、斜向上的拉力和支持力的作用，根据力的合成可知，F支=G−F拉上，支持力与压力是相互作用力，大小相等，因此这一过程中小车对地面的压力应该小于500N，故D错误。
故选：C。
(1)小车做匀速运动，水平方向的拉力与摩擦力，大小相等，方向相反；
(2)做功包括两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；
(3)根据速度公式求出小车的速度；
(4)根据小车的受力情况分析回答。
此题考查摩擦力的大小、功的概念、速度的计算和压力，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

9.【答案】B 
【解析】解：ABC、假如一个筐子重一个筐子轻(一头重一头轻)，在不考虑手臂帮扶的情况下挑起担子让扁担处于水平平衡，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，则重的一头动力大，必须动力臂较小，因而支点即肩膀必须靠近较重的一头，故B正确，AC错误；D、挑着担子走路，扁担一般会上下“闪动”，由于杠杆仍然平衡，则动力臂同时增大或同时减小，即两侧同时向下或同时向上，即一个筐子向上运动同时另一个筐子向上运动，故D错误。故选：B。
根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
本题考查杠杆平衡条件的应用，属于中档题，有一定的难度。

10.【答案】B 
【解析】解：
A、车辆越重，弹簧的弹性形变程度越大，弹性势能越大，故A错误；
BC、根据电路图可知，R、电铃与R0串联在电路中，电压表测量R0两端的电压；当车辆越轻时，对弹簧的压力越小，滑片会向上滑动，滑动变阻器接入电路的电阻越大，总电阻越大，根据欧姆定律可知，电路中的电流越小，根据U=IR可知，定值电阻R0两端的电压越小，电压表示数越小，同理可知，车辆越重时，电压表示数越大，故B正确、C错误；
D、当地磅上无车辆时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，电路的总电阻越最大，根据欧姆定律可知，电路中的电流最小，由P=UI可知，电路消耗的电功率最小，故D错误。
故选：B。
(1)弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关；
(2)根据电路图可知，R、电铃与R0串联在电路中，电压表测量R0两端的电压；当车辆越轻时，对弹簧的压力越小，根据滑片移动的方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化，根据U=IR分析电压表示数的变化；通路可知车辆越重时电压表示数的变化；
(3)当地磅上无车辆时，根据滑动变阻器接入电路电阻的变化分析电路中电流的变化，根据P=UI分析电路消耗的总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，解题的关键是根据汽车重力的大小判定滑片的移动方向，难度不大。

11.【答案】受力面积大，压强小  受力面积小，压强大 
【解析】解：(1)同一挖掘机在松软的泥土上时，下面的履带全部与泥土接触，受力面积大，压强小；
(2)同一挖掘机在水泥路面上时，只有下面棱与地面接触，受力面积小，压强大。
故答案为：(1)受力面积大，压强小；(2)受力面积小，压强大。
压强的大小与压力和受力面积有关，压力一定时，受力面积越大，压强越小，受力面积越小，压强越大。
本题考查的是压强与受力面积的关系，属于基础题。

12.【答案】解：由题意可知，磁块受到三个力的作用，磁块所受重力竖直向下，铁板对磁块的吸引力竖直向上，铁板对磁块的弹力(或压力/支持力)竖直向下，三个力的作用点都在磁块的重心上，如图所示：
 
【解析】先对磁块受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
本题考查了物体的受力分析、力的示意图的画法，属于基础题目。

13.【答案】解：连接MN，由光反射定律知，反射角等于入射角，所以先作出反射光线与入射光线的夹角的平分线，即为小镜子上的法线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即为小镜子的镜面，如图所示：
 
【解析】根据光反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是平面镜所在的位置。
本题利用了光的反射定律作图：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。

14.【答案】解：电源左侧为正极，右侧为负极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S。故如图所示：
。 
【解析】由电源的正负极可知电流的方向，由安培定则可得出螺线管的磁极，然后画出磁感线的方向。
本题考查了磁极的判断和磁感线的画法，关键是掌握右手螺旋定则。

15.【答案】甲、丙  B c 
【解析】解：(1)若要探究不同物质的吸热能力的差异，需要用相同的加热器加热质量相同的不同物质，故需要选择甲、丙两图进行对比实验；
(2)水在沸腾前，底部温度较高，底部少部分水汽化为水蒸气冒出时，一部分水蒸气上升过程中遇到上层温度较低的水，放热液化，所以气泡变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大，所以图B是水沸腾时的情况；
(3)根据图丁可知，质量、初温相同的b和c加热相同时间，吸收相同的热量，c的温度升高的多，根据Q=cmΔt可知，c的比热容小，由于水的比热容大于煤油的比热容，所以c为煤油的图像。
故答案为：(1)甲、丙；(2)B；(3)c。
(1)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)水沸腾时和沸腾前的现象区别：液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大。
本题是探究水沸腾时温度变化的特点及比较不同物质的吸热能力，同时考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。

16.【答案】10.0放大镜  左 
【解析】解：(1)由图可知，此时u=v=20.0cm，根据u=v=2f，成倒立等大的实像，即2f=20.0cm，故该凸透镜的焦距为f=10.0cm；
(2)保持凸透镜位置不变，若将蜡烛放置在42cm刻度线处，此时u=50cm−42cm=8cm (3)保持凸透镜位置不变，蜡烛从30cm处移动到10cm刻度线处，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，光屏应向左移动才能得到清晰的像。
故答案为：(1)10.0；(2)放大镜；(3)左。
(1)根据u=v=2f，成倒立等大的实像，据此求出凸透镜的焦距，读数时，估读到分度值的下一位；
(2)根据u (3)根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。

17.【答案】①→②  1.3液体密度 F1−F3F1−F2⋅ρ水 
【解析】解：(1)因为物体完全浸没在水中时所受的浮力等于空气中弹簧测力计的示数减去水中弹簧测力计的示数，所以要测量金属块A浸没在水中的浮力，合理的测量顺序是①→②；
(2)图①中，空气中弹簧测力计的示数F1=4.5N；图②中，A浸没时测力计的示数为3.2N，
则金属块A浸没在水中时受到的浮力为4.5N−3.2N=1.3N；
(3)分析②③两图可知，改变金属块A浸没的液体，故金属块A的浮力与液体的密度有关；
排开液体的体积相同，液体密度不同，测力计示数不同，浮力不同，即浮力大小跟液体密度有关；
(4)已知物体A的重力G=F1，浸没在水中时弹簧测力计的示数为F2，
物体A浸没在水中受到的浮力F浮水=F1−F2，
由F浮水=ρ水gV排得，A的体积：
V=V排水=F浮ρ水g=F1−F2ρ水g，
物体A浸没在液体中受到的浮力F浮盐水=F1−F3，
物体A分别浸没在水和盐水中，则物体A排开盐水的体积等于排开水的体积，
即V排盐水=V排水=F1−F2ρ水g，
由F浮盐水=ρ盐水gV排得，盐水的密度：ρ盐水=F浮盐水gV排盐水=F1−F3g×F1−F2ρ水g=F1−F3F1−F2⋅ρ水。
故答案为：(1)①→②；(2)1.3；(3)液体密度；(4)F1−F3F1−F2⋅ρ水。
(1)物体完全浸没在水中时所受的浮力等于空气中弹簧测力计的示数减去水中弹簧测力计的示数；
(2)根据弹簧测力计的分度值得出弹簧测力计的示数；
(3)分析②③两图发现，金属块A改变了浸没的液体，据此回答即可；
(4)根据称重法分别求得在水中和在盐水中的浮力，利用F浮=ρ水gV排计算出物体的体积，根据F浮=ρ液gV排计算出盐水的密度。
本题主要考查学生科学猜想和控制变量法的应用以及应用到了称重法浮力的计算、阿基米德原理公式的应用，学生应该学会控制变量法的应用，提高分析问题的能力。

18.【答案】2.2011未多次实验 
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)由图甲可知，电压表选用小量程；当滑动变阻器的滑片滑到某位置时，电压表示数如图乙所示，电压表分度值0.1V，其示数为2.20V，此时电流表的示数为0.200A，此时小灯泡的电阻为：
R=UI=2.20V0.200A=11Ω；
(3)由表可知，做了一次实验，没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律。
故答案为：(1)见解答图；(2)2.20；11；(3)未多次实验。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；
(2)根据图甲确定电压表量程，由图乙确定分度值读数，利用欧姆定律求出此时小灯泡的电阻；
(3)为了让实验结论具有普遍性，应多次测量。
本题测小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、电压表读数、电阻的计算和表格的设计等知识。

19.【答案】大电阻 
【解析】解：(1)由图2可知，指示灯与限流电阻串联后再与发热盘并联；
根据并联电路的电压特点可知，指示灯和限流电阻两端的电压之和等于电源电压220V，
由P=UI可知，通过指示灯的电流：IL=PLUL=0.1W2V=0.05A，
根据串联电路的电流特点可知，通过限流电阻的电流：I限=IL=0.05A，
根据串联电路的电压特点可知，限流电阻两端的电压：U限=U−UL=220V−2V=218V，
根据I=UR可知，限流电阻的阻值：R限=U限I限=218V0.05A=4360Ω>100Ω，所以限流电阻是大电阻；
(2)一个标准大气压下，水的沸点是100℃，
水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J⋅(kg⋅℃)−1×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J，
由η=Q吸W可知，发热盘消耗的电能：W=Q吸η=3.36×105J80%=4.2×105J，
由P=Wt可知，将水烧开需要的时间：t′=WP=4.2×105J1000W=420s。
答：(1)大电阻；
(2)将水烧开需要的时间为420s。
(1)由图2可知，指示灯与限流电阻串联后再与发热盘并联；根据并联电路的电压特点可知指示灯和限流电阻两端的电压之和，根据P=UI求出通过指示灯的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出限流电阻的阻值，据此可知限流电阻是大电阻还是小电阻；
(2)根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量，根据效率公式求出发热盘消耗的电能，根据P=Wt求出将水烧开需要的时间。
本题考查串并联电路的特点、电功率公式、欧姆定律、吸热公式以及限流公式的应用，有一定的难度。

20.【答案】解：(1)由图可知由2股绳子承担总重，不计滑轮组和绳的重量及绳与轮之间的摩擦，则工人拉绳子的力F=12G=12×mg=12×60kg×10N/kg=300N；
(2)这段时间内工人的拉力移动的距离s=2h=2×3m=6m，
这段时间内工人提升物料及桶做的功W=Fs=300N×6m=1800J；
(3)这段时间内工人受到地面的支持力F支=G人−F=m人g−F=80kg×10N/kg−300N=500N，
工人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，故对地面的压力F压=F支=500N，
工人对地面的压强p=F压S=500N400×10−4m2=1.25×104Pa。
答：(1)工人拉绳子的力是300N；
(2)这段时间内工人提升物料及桶做的功是1800J；
(3)这段时间内工人对地面的压强是1.25×104Pa。 
【解析】(1)由图判断承担总重的绳子股数n，工人的拉力等于总重的n分之一；
(2)工人拉力移动的距离等于物体移动距离的n倍，根据W=Fs计算工人做的功；
(3)这段时间内工人受到地面的支持力等于重力减拉力，工人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，大小相等，根据p=FS计算压强。
本题要求学生会计算滑轮组中拉力的大小、能够根据W=Fs计算功、会对地面上的物体进行受力分析，属于基础题，要求掌握。