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2023年江苏省苏州市姑苏区景范中学中考物理二模试卷
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这是一份2023年江苏省苏州市姑苏区景范中学中考物理二模试卷，共30页。试卷主要包含了 下列分析正确的是， 下列说法中正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省苏州市姑苏区景范中学中考物理二模试卷
1. 根据学习的物理知识，以下估测不合理的是( )
A. 一间普通教室的空气质量约200kg B. 人的心率约为70次/min
C. 家用电饭煲正常工作的电流约4A D. 人的步行速度通常为36km/h
2. 如图所示的光现象中，由于光的直线传播形成的是( )
A. 鸟巢在水中形成“倒影”
B. 日晷上呈现针的影子
C. 放大镜把字“放大”
D. 笔好像在水面处“折断”
3. 下列实验中，主要说明声音产生原因的是( )
A. 用声波能粉碎人体内的“石头”
B. 放在真空罩里的手机，当有来电时，只见指示灯闪烁，听不见铃声
C. 拿一张硬纸片，让它在木梳齿上划过，一次快些，一次慢些，比较两次的不同
D. 锣发声时，用手按住锣面，锣面就停止发声
4. 下列分析正确的是( )
A. “霜”的形成是凝固现象，需放热 B. “冰”的形成是凝固现象，需吸热
C. “云”的形成是升华现象，需吸热 D. “露”的形成是液化现象，需放热
5. 如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导线。利用此实验装置进行实验，下列说法正确的是( )
A. 在a、b间接入电源，可以探究电磁感应现象
B. 在a、b间接入电源，可以探究电动机的工作原理
C. 在a、b间接入电流表，可以探究磁场对电流的作用
D. 在a、b间接入电流表，只要使导线运动，电流表指针就会发生偏转
6. 下列说法中正确的是( )
A. 太阳能、风能、核能是可再生能源
B. 电饭锅可以用超导材料做加热器
C. 摩擦起电的实质是电子的转移
D. 汤姆生发现电子证明原子可以再分，并提出了行星绕日的核式结构模型
7. 将小球竖直向上抛出后，每隔0.1秒的位置如图所示。假设小球运动至甲处时，所受所有外力都消失，则推测小球从甲处开始，其运动情况及每隔0.1秒的位置正确的是(
A. A B. B C. C D. D
8. 在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在2倍焦距之外，而b端在1倍焦距与2倍焦距之间，如图所示，那么在另一侧所成的像是( )
A. a端变细，b端变粗 B. a端变粗，b端变细 C. a、b端变粗 D. a、b端变细
9. 在粗糙程度相同的水平桌面上，手沿水平方向推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置松手后，木块向左运动，最终静止在图乙所示位置，下列说法中正确的是( )
A. 图乙中木块受到的重力和木块对水平面的压力是一对相互作用力
B. 松手后木块的速度不断减小
C. 木块在向右、向左运动的过程中，桌面对它的摩擦力大小不变
D. 图甲弹簧受到的压力是由于弹簧形变而产生，被压缩过程中弹簧的弹性势能增大
10. 甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为ρ甲、ρ乙，液体对容器底部的压强变化量为Δp甲、Δp乙，则( )
A. ρ甲>ρ乙，Δp甲>Δp乙 B. ρ甲>ρ乙，Δp甲=Δp乙
C. ρ甲<ρ乙，Δp甲>Δp乙 D. ρ甲<ρ乙，Δp甲=Δp乙
11. 如图所示，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，滑轮到P、Q的两段绳都是水平的。已知滑动摩擦力的大小与压力大小成正比，比例系数为k，且物体之间、物体与地面之间的粗糙程度相同，两物块的质量都是m，轻绳与滑轮之间的摩擦不计，在水平向右的拉力F作用下，P向右做匀速运动，则F的大小为( )
A. kmg B. 2kmg C. 3kmg D. 4kmg
12. 如图所示电路，电源电压U恒定不变，R2的规格是“300Ω0.5A”。仅闭合S，滑片P移到最左端，电流表的示数为0.3A，定值电阻R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=3：1；滑片P向右移到某一位置的过程中，电流表的示数变化了0.2A，电压表的示数变化了2V；若三个开关都闭合，在确保电路安全的前提下，移动滑片P，电流表的最大示数为I0，R3消耗的电功率为P0。下列说法正确的是( )
A. R1=10Ω B. I0=2.1A C. U=14V D. P0=19.6W
13. 小明周末和同学去太湖附近郊游，感到太湖周边比市内凉快，是因为水的______ ；路上“鸟语花香”，“闻到花香”是______ 现象；小明在春日暖阳下站着等同学到齐，感到很热，这是通过______ 的方式改变小明的内能；小明和同学站在太湖边，看到鱼在水中游，以鱼为参照物，小明是______ (选填“运动的”或“静止的”)。
14. 如图所示是汽油机的______冲程；若飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒内对外做功______次。
15. 如图电能表允许接入的最大电功率是______ W，关闭家里其它用电器，只让微波炉工作，6min电能表的指示灯闪烁300次时，则微波炉的电功率为______ W。
16. 如图是我国古代指南针(司南)，静止时，长柄指向南方，则它的长柄是______ 极，长柄所指的方向是地磁场的______ 极(两空均选填“南”或“北”)。
17. 如图所示，小伟同学用推力F将重为G的物体沿斜面匀速掉到高处，使用斜面可以省______ ，斜面对物体的摩擦力f=______ (用F、G表示)。
18. 如图甲是智能多功能热菜板，该热菜板有“高温挡”“中温挡”“低温挡”三种挡位，其电路原理如图乙所示，R1、R2均为阻值恒定的加热电阻，已知“高温挡”的功率为440W，“中温挡”的功率为220W，当开关S1闭合，S2接b时，热菜板处于______ 挡，热菜板在“低温挡”正常工作时的功率是______ W。
19. 小明为了测量鸭蛋的密度进行了以下实验。测量鸭蛋密度的步骤如图甲、乙、丙所示、乙图中鸭蛋完全浸没，乙、丙图中的杯子底部等高且液面相平，请你根据图中电子秤显示的三个数据，帮助小明回答以下问题：
(1)鸭蛋的体积V=______ cm3；
(2)鸭蛋的密度ρ=______ kg/m3；
(3)乙图中鸭蛋静止时的状态为______ (选填“漂浮”、“悬浮”、“沉底”)。
20. 如图甲，向B管吹气时，A管中的水位会______ ，小字用一条两端开口的玻璃管自制成如图乙所示的气压计，从一楼拿到十六楼，观察到玻璃管内的水柱会逐渐______ (以上两空均选填“升高”、“不变”或“降低”)。
21. 如图，在“探究平面镜成像特点”的实验中，请回答：
(1)实验器材有：带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴，两支完全相同的蜡烛A和B，还缺少的测量器材是______ ；
(2)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿______ (选填“点燃”或“不点燃”)的蜡烛B在玻璃板后面移动，观察到它能与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的研究方法是______ 。
22. 阅读短文，回答下列问题：
汽车安全带
汽车安全带是用于保护驾乘人员安全的装置，如图甲。安全带结构一般由软带、卷带装置等部分组成，软带做得很宽，汽车正常行驶时，卷带装置中的卷收器借助弹簧，如图乙，使软带随身体的移动而自由伸缩且不会松弛。
当紧急制动、碰撞或车辆行驶状态急剧变化时，安全带能在人尚未移动时拉紧软带，将乘员紧紧地绑在座椅上，起缓冲保护作用；待冲击力峰值过去时，适当放松安全带，避免因拉力过大造成二次伤害，同时卷收器内的敏感元件将驱动锁止机构锁住卷轴，使软带固定在某一个位置上，有效保护乘员的安全。
(1)安全带的软带做得很宽，目的是______ ；
(2)紧急制动时，安全带将急速前倾的驾乘人员拉回来，说明力可以改变物体的______ ；
(3)下列说法正确的是______ ；
A.汽车突然拐弯时，安全带能自由伸缩
B.为了安全，安全带要尽可能系得松一些
C.用手快速拉安全带，安全带不能被拉动
D.汽车突然启动时，安全带能对人起保护作用
(4)发生碰撞时，安全带对人的拉力随时间变化的图象是______ 。
23. 如图所示，氢气球下吊一物体，物体沿MN方向做匀速直线运动，请画出该物体所受力的示意图(不计空气阻力)。
24. 根据要求完成相应的作图：
如图工人要把汽油桶用人力推上台阶，画出最小力F的示意图。
25. 根据平面镜成像的特点，画出图中物体AB在平面镜中所成的像A′B′。
26. 静止在通电螺线管右端小磁针N极的指向如图所示，请用箭头在磁感线上标出磁感线的方向并在括号内用“+”、“-”标出电源的正负极。
27. 如图所示，将物重为200N物体匀速提高2m所用时间为1s，已知动滑轮重为40N，(不计绳重和摩擦)求；
(1)有用功；
(2)拉力F的功率；
(3)此过程中滑轮组的机械效率。
28. 如图是一种新型动力车。它上面的太阳能接收板的有效面积为8m2，天气晴朗且接收板正对阳光时，每平方米面积上每秒钟能接收到太阳辐射的能量为1000J，太阳能电池提供的电压为120V，可供电动机正常工作的电流为10A。
(1)电池将太阳能转化为电能的效率是多少？
(2)若电动机正常工作时，将电能转化机械能的转化效率是80%，且该车沿水平路面匀速行驶时受到的阻力为150N，则该车匀速行驶的速度是多少？
(3)上述电动机正常工作42min，损耗的能量全部被初温25℃、质量6kg的水吸收，则水升高的温度为多少？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
29. 如图甲所示电源电压恒定为12V，图乙是额定电压为6V的小灯泡电流随电压变化的图象。R1为定值电阻，R2标有“30Ω1A”字样，电流表的量程为0∼3A。当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯L正常发光。求：
(1)灯泡正常发光时的电阻和R1电阻值；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A。1min内变阻器R2消耗的电能；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，电路允许消耗的最大功率。
30. 在“研究动能大小与速度关系”的实验中，小敏利用图中的装置进行研究，在水平面铺上粗糙平板，将同一小球从斜面不同高度由静止释放，运动一段距离后停止，位置如图。
(1)将同一小球从斜面不同高度由静止释放是为了______ ；
(2)实验中是通过观察______ ，从而判断小球动能的大小；
(3)根据图中实验现象，可得出的结论是：______ ；
(4)小敏调节图中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验，不考虑底部转折处的能量损失，图丁最符合实际的现象是______ 。
31. 小明在“探究通过导体中的电流与电阻的关系”实验中，所用电源电压恒为4.5V，所选定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω。
(1)请用笔画线代替导线将实物图(图甲)补充完整.(要求导线不交叉，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大)；
(2)闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是______ ；
(3)排除故障后，先接入5Ω的电阻，调节滑动变阻器的滑片至某一位置时，观察到电表指针位置如图乙，则实验中保持电压表示数不变为______ ，为了完成本实验，小明所选滑动变阻器的最大阻值不小于______ Ω；
(4)小明在探究完导体中的电流与电阻的关系后，同组的小华找来额定电压为6V的小灯泡测电功率。其实验数据如表所示，根据表中实验数据分析，若小灯泡两端电压恰好为3V，则灯的功率可能是______ (单选)。
A.0.75W
B.0.95W
C.1.02W
D.1.20W
试验次数
1
2
3
电压U/V
4.0
5.0
6.0
电流I/A
0.40
0.46
0.50
32. 小明想研究“看到的水中物体的位置是否和观察者的位置有关”，他选择了一块涂有白漆的铁板、水槽、红色和蓝色的两块圆形小磁铁等器材进行实验。小明把红色磁铁a吸在铁板上，然后将铁板竖直放入水中后，站在水槽旁进行观察。
(1)如图甲所示，他看到红色磁铁a的像a′，a′是由于光的______ 形成的虚像；
(2)为了确定红色磁铁的像a′的位置，小明进行了以下操作：
①将蓝色磁铁b吸在水面上方的铁板上(如图乙所示)，可观察到磁铁b在水中的像，该像的位置与观察者的位置______ (选填“有关”或“无关”)；
②保持观察者位置不变，移动b，直至观察到b的像与______ (选填“a”或“a′”)重合。
(3)鉴于本实验的目的，下一步应该进行的操作是______ 。
33. 小明想比较铜和铝的比热容，设计了如下实验：
(1)将质量相等的铜块和铝块放入冰箱，使它们的温度降低到0℃；
(2)取出后，将铜块、铝块再分别放入盛有质量相等、温度都是23℃的水中，并将容器用隔热材料密封，如图所示；
(3)一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃。
(4)对比数据可判断，______ 的温度变化大，______ 从水中吸收的热量多，表明______ 的比热容大。(以上三空均选填“铝”或“铜”)
34. 如图甲所示为兴趣小组设计的“汽车超载记录器”原理图，OAB为轻质水平杠杆，O为支点，OA：AB=1：9。R为压敏电阻，其所受压力与电阻的关系如图乙所示。变阻器R1规格为“50Ω2A”，电磁继电器线圈电阻为5Ω，当通过线圈的电流大于0.1A时，电磁继电器的衔铁被吸下。
(1)车辆超载时，______ 亮，照相机拍照，记录违法行为。
(2)若某路段限载40t(即禁止质量超过40t的车通行)，当车辆质量刚好为40t时，控制电路电压U的取值范围是多少？
(3)若控制电路电压恒为5.5V，在其他条件不变的情况下，该“超载记录器”能设置的最低限载是多少吨？
(4)某些主干道抗压能力较好，允许通行质量更大的车辆，需适当调高限载，下列措施可行的是______ 。
A.适当增大R1阻值
B.A点适当左移
C.适当减小控制电路电源电压
D.B点适当左移
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.空气的密度在1.3kg/m3左右。教室的长、宽、高分别在8m、7m、3m左右，教室中空气的质量在m=ρV=1.3kg/m3×8m×7m×3m=218.4kg左右，接近200kg，故A合理；
B.人的心率约为70次/min，符合实际，故B合理；
C.家用电饭锅功率在880W左右，正常工作的电流在I=PU=880W220V=4A左右，故C合理；
D.人正常步行速度约为4km/h，故D不合理。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断不合理的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B
【解析】解：A.鸟巢在水中形成“倒影”属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不正确；
B.影子是由于光的直线传播在不透明物体背光一侧形成的暗区域，日晷上呈现针的影子是由于光的直线传播形成的，故B正确；
C.放大镜把字“反大”是凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故C不正确；
D.笔好像在水面处“折断”是由于光的折射形成的虚像，故D不正确。
故选：B。
(1)水中的倒影是由于光的反射所成的虚像。
(2)光在同种均匀介质中是沿直线传播的，小孔成像、日食、月食、影子、激光准直等都是光的直线传播的实例。
(3)光从一种介质斜射进入另一种介质中时，传播方向通常会发生改变。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，是一道基础题。
3.【答案】D
【解析】解：A、用声波能粉碎人体内的“石头”，说明声音可以传递能量，故A不符合题意；
B、放在真空罩里的手机，当有来电时，只见指示灯闪烁，听不见铃声，说明声音的传播需要介质，故B不符合题意；
C、拿一张硬纸片，让它在木梳齿上划过，一次快些，一次慢些，发声体振动的快慢不同，声音的音调不同，说明声音的音调是由频率决定的，故C不符合题意；
D、锣发声时，用手按住锣，锣就停止振动，说明声音是由物体振动产生的，故D符合题意。
故选：D。
(1)声音可以传递信息和能量；
(2)声音在传播时，需要介质，即气体、液体和固体都能传播声音，真空不能传声；
(3)声音的音调是由频率决定的；
(4)声音是由物体振动产生的。
此题通过实例综合考查了对声音的产生和传播条件及声音的特征理解与判断，是一道易错题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、“霜”的形成是从气态直接变为固态的过程，是凝华现象，需放热，故A错误；
B、“冰”的形成是从液态变为固态的过程，是凝固现象，需放热，故B错误；
C、“云”的形成是从气态变为液态的过程，是液化现象，需放热，故C错误；
D、“露”的形成是从气态变为液态的过程，是液化现象，需放热，故D正确。
故选：D。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】B
【解析】解：AB、在a、b间接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体只有在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同，故错误，B正确；
CD、在a、b间接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体只有在磁场中做切割磁感线运动时(若导线沿磁感线方向竖直上下运动，测不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转)，会产生感应电流，电流表指针才会发生偏转，可以探究电磁感应现象，故CD错误。
故选：B。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机；
通电导体在磁场中会受到力的作用，据此制成了电动机。
本题中的实验装置设计的很有特点；要熟练掌握磁生电和电生磁的电路的特点。
6.【答案】C
【解析】解：A、太阳、风能属于可再生能源，核能属于不可再生能源，故A错误；
B、超导体电阻为零时，不会产生电热，所以电饭锅不能用超导体做加热器，故B错误；
C、摩擦起电的实质是电子的转移，故C正确；
D、汤姆生发现电子，证明原子可以再分，卢瑟福经过α粒子散射实验后提出了行星绕日的原子核式结构模型，故D错误；
故选：C。
(1)能够源源不断地从自然界获得或可重复利用的能源是可再生能源，不能够源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
(2)电热器利用电流的热效应来工作的，电热器工作时电能转化为内能；
(3)摩擦起电没有创造电荷，其实质是电子的转移；
(4)卢瑟福经过α粒子散射实验后提出了原子的核式结构模型。
本题考查了能源分类、超导体、摩擦起电的实质、物理学家的贡献等知识。
7.【答案】B
【解析】解：由图可知，小球运动至甲处时，速度大于其上方位置的速度，方向竖直向上，当所受所有外力都消失后，由牛顿第一运动定律可知，小球将以甲处的速度竖直向上做匀速直线运动，故B正确。
故选：B。
根据牛顿第一运动定律分析即可。
本题考查牛顿第一运动定律的应用，知道当所受所有外力都消失后，物体将以外力消失瞬间的速度大小和方向做匀速直线运动是解题的关键。
8.【答案】A
【解析】
【分析】
根据凸透镜的成像规律，当物体放在一倍焦距与二倍焦距之间时，所成的像是放大倒立的实像；而当物体放在二倍焦距之外时，所成的像是缩小倒立的实像解答此题．
本题主要考查的是凸透镜成像规律的应用，比较简单，属于基础题．
【解答】
因此时b端位于1倍焦距与2倍焦距之间，故所成的像是倒立、放大的，因a端位于2倍焦距之外，故所成的像是倒立、缩小的；所以木棒所成的像将是a端变细，b端变粗．
故选A.
9.【答案】C
【解析】解：A、图甲中，木块受到的重力和桌面对它的支持力都作用在木块上，即作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故A错误；
B、松手后在弹力作用下木块向左加速运动，故B错误；
C、木块在向右、向左运动的过程中，木块受到滑动摩擦力的作用，因压力大小和接触面的粗糙程度都不变，所以桌面对它的摩擦力大小不变，故C正确；
D、图甲弹簧受到的压力是由于推力而产生的，被压缩过程中弹簧的弹性势能增大，故D错误。
故选：C。
(1)一对平衡力应满足的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在同一物体上；
一对相互作用力应满足的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同的物体上；
(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(3)木块在桌面上运动时受到的摩擦力为滑动摩擦力，影响滑动摩擦力大小的因素有压力大小和接触面的粗糙程度，通过分析压力大小和接触面的粗糙程度的变化来分析摩擦力大小的变化；
(4)弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变。
本题考查了平衡力和相互作用力的区分、运动和力的关系弹力产生的原因以及滑动摩擦力大小的影响因素，是一道综合题，难度不大。
10.【答案】D
【解析】解：因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，则甲、乙两密度计所受浮力相同，由图可知，甲液体中密度计排开的液体体积大于乙液体中密度计排开的液体体积，根据ρ液=F浮gV排可知甲、乙液体的密度ρ甲<ρ乙；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲=S乙，由Δp=ΔFS可知，Δp甲=Δp乙。
故选：D。
因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，由此可知密度计在两种液体中所受浮力关系，由图可知，甲液体中小球排开的液体体积小于乙液体中小球排开的液体体积，根据ρ液=F浮gV排可知甲、乙液体的密度的大小关系；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲=S乙，由Δp=ΔFS可知，Δp甲与Δp乙的大小关系。
此题考查压强大小的比较、物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，根据已知条件，灵活选用压强计算式p=FS即可得出正确答案。
11.【答案】D
【解析】解：Q相对于P 向左进行匀速直线运动，Q受到水平向左的拉力和水平向右的摩擦力作用，这两个力是平衡力，由于Q重力为mg，故Q受到P向右的摩擦力是kmg，则绳子对Q向左的摩擦力大小为kmg。
P向右进行匀速直线运动，P 受到向左的拉力kmg，Q对P 向左的摩擦力kmg，地面对P向左的摩擦力2kmg，向右的拉力F，这四个力是平衡力，向右的拉力等于向左的所有力之和，即F=kmg+kmg+2kmg=4kmg。
故选：D。
题中P向右匀速运动，则Q向左匀速运动，两个物体受到平衡力作用，对两个物体受力分析，根据平衡力条件求出两个物体分别受到的力，求出F大小。
本题首先对Q和P 分别受力分析，根据f=kN计算滑动摩擦力，根据平衡力条件求出拉力大小。
12.【答案】B
【解析】解：AC、由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路，A1表的示数为I=0.3A，电压表测量R3两端的电压；
根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，
R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=I2R1：I2R3=R1：R3=3：1，即R1=3R3；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，
A1表的示数变化了0.2A，所以电流表A1此时的示数I′=I−ΔI=0.3A−0.2A=0.1A；
根据欧姆定律可知，电压表的示数变化ΔV=IR3−I′R3=0.3A×R3−0.1A×R3=2V，
解得：R3=10Ω；
R1的阻值R1=3R3=3×10Ω=30Ω；
电源电压U=U1+U3=IR1+IR3=0.3A×30Ω+0.3A×10Ω=12V；故AC错误；
B、三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A测量干路电流，
根据并联电路的电压特点可知，各支路电压相等，都等于电源电压12V；
此时通过R1的电流I1=UR1=12V30Ω=0.4A；
此时通过R3的电流I3=UR1=12V30Ω=1.2A；
通过R2的最大电流I′2=0.5A；
电流表的最大示数为I0=I1+I′2+I3=2.1A，故B正确；
D、R3消耗的电功率为P0=UI′2=12V×0.5A=6W，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路；根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，根据P=I2R和R1和R3消耗的电功率之比可知R1、R3的阻值之比；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，据此可知A1的电流表示数；根据欧姆定律以及电压表的示数变化可知R3的阻值；根据R1、R3的阻值之比可知R1的阻值；知道R1、R3的阻值，根据欧姆定律可知电源电压；知道通过R3的电流和阻值，利用欧姆定律可知电压表的示数，据此可知电压表的量程；
(2)三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1、R2的电流之和，根据电流表A2的量程可知通过R2的最大电流，利用欧姆定律可知R2接入的最小阻值；利用欧姆定律计算出通过R3的电流，据此可知干路的最大电流，利用P=UI可以求出电路消耗的最大电功率。
本题考查了电路的动态分析，难度较大。
13.【答案】比热容大 扩散 热传递 运动的
【解析】解：(1)太湖周边水多，因为水的比热容比砂石和泥土大，相同质量和水和砂石、泥土比较，夏天吸收相同的热量，水升高的温度小于砂石和泥土升高的温度，水的温度较周边低，所以比其他地方凉爽很多；
(2)闻到花香，是芳香物质的分子扩散到空气中，扩散表明一切物质的分子都是不停地做无规则的运动；
(3)小明阳光下感到很热，是通过热传递的方式改变了身体的内能；
(4)鱼在水中游，小明与鱼之间有位置的变化，以鱼为参照物，小明是运动的。
故答案为：比热容大；扩散；热传递；运动的。
(1)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散；扩散表明一切物质的分子都是不停地做无规则的运动；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
(4)判断物体是否运动就看物体与参照物之间的位置是否发生变化，位置发生变化则物体运动，位置不发生变化，则物体静止。
本题综合考查了比热容、扩散、热传递和机械运动，综合性较强，难度不大。
14.【答案】做功 15
【解析】解：
如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，可以判断是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能；
飞轮转速为1800r/min，则1s飞轮转动了30周，完成了60个冲程，对外做功15次。
故答案为：做功；15。
由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程。
热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。
15.【答案】8800 1000
【解析】解：(1)电能表允许通过的最大电流是40A，该电能表允许接入的最大电功率：P=IU=40A×220V=8800W；
(2)关闭家里其它用电器，只让微波炉工作，当电能表的指示灯闪烁300次时，所用的时间为6min，此阶段消耗电能为：W=300imp3000imp/(kW⋅h)=0.1kW⋅h；
电功率为：P=Wt=0.1kW⋅h660h=1kW=1000W。
故答案为：8800；1000。
(1)“5(40)A”表示电能表的标定电流是5A，平时工作允许通过的最大电流是40A；根据P=IU可求出该电能表允许接入的最大电功率；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次，据此求出指示灯闪烁300次消耗的电能；根据P=Wt计算微波炉的电功率。
本题考查了电能表的使用、消耗电能和用电器功率的计算，关键是电能表参数含义的理解与掌握。
16.【答案】S 北
【解析】解：司南静止时长柄指向南方，则长柄相当于小磁针，长柄指南，指南的称为南极(S极)，异名磁极相互吸引，长柄所指的方向是地磁场的北极。
故答案为：S；北。
地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场；地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
本题考查了地磁场的性质。
17.【答案】力 F−G2
【解析】解：使用斜面可以省力；根据题意可知：h=12s；
推力所做的功为总功，所以W总=Fs；物体举高h所做的功为有用功，所以W有=Gh；
克服斜面的摩擦力所做的功为额外功，W额=fs；因为有用功和额外功之和等于总功，所以有：
fs=Fs−Gh=Fs−G×12s；所以摩擦力为：f=F−12G。
故答案为：力；F−12G。
(1)斜面可以省力。
(2)摩擦力为：f=F−F′。
本题主要考查了斜面的特点及应用。属于基础性题目。
18.【答案】中温 110
【解析】解：(1)当S1闭合，S2拨到a时，R1、R2并联；当S1断开，S2拨到b时，R1、R2串联；当S1闭合，S2拨到b时，R2被短路，电路为R1的简单电路；
因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，热菜板为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，热菜板为低温挡；电路为R1的简单电路时，热菜板为中温挡，因此当开关S1闭合，S2接b时，热菜板处于中温挡；
(2)由P=UI=U2R可知，中温挡电路的电阻：R中温=U2P中温=(220V)2220W=220Ω，
因为中温挡时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1=R中温=220Ω，
高温挡时两电阻并联，由并联电路的特点可知此时R1两端的电压与中温挡R1两端的电压相等，由P=UI=U2R可知，此时R1的电功率与中温挡R1的电功率相等，即P1=P中温=220W，
由电路的总功率等于各用电器电功率之和可知，高温挡R2的电功率：P2=P高温−P1=440W−220W=220W，
由P=UI=U2R可知，R2的电阻：R2=U2P2=(220V)2220W=220Ω，
低温挡时R1、R2串联，由串联电路的电阻特点可知，此时电路的总电阻：R低温=R1+R2=220Ω+220Ω=440Ω，
则低温挡正常工作时的功率：P低温=U2R低温=(220V)2440Ω=110W。
故答案为：中温；110。
(1)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
(2)根据P=UI=U2R求出中温挡时电路的电阻，即为R1的阻值，根据并联电路的特点可知高温挡R1的电功率与中温挡R1的电功率相等，根据电路的总功率等于各用电器电功率之和求出高温挡R2的电功率，根据P=UI=U2R求出R2的电阻，根据串联电路的电阻特点求出低温挡电路的总电阻，根据P=UI=U2R求出低温挡正常工作时的功率。
本题考查串并联电路的特点和电功率公式的应用，正确的判断热菜板处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
19.【答案】701.15×103 沉底
【解析】解：(1)由甲图可知，电子秤的示数为80.5g，即鸭蛋的质量为80.5g，
加入水的质量：m水=80.5g+202.0g−212.5g=70g；
加入水的体积即为鸭蛋的体积：V=m水ρ水=70g1g/cm3=70cm3；
(2)鸭蛋的密度：ρ′=mV=80.5g70cm3=1.15g/cm3=1.15×103kg/m3；
(3)鸭蛋的密度大于水的密度，根据物体沉浮条件可得，乙图中鸭蛋静止时的状态为沉底。
故答案为：(1)70；(2)1.15×103；(3)底。
(1)根据电子秤示数读出鸭蛋的质量；求出加入的水的质量，根据加入的水的体积等于鸭蛋的体积解答；
(2)根据鸭蛋的质量和体积求出鸭蛋的密度；
(3)根据物体浮沉条件分析鸭蛋的浮沉情况。
本题考查了物体浮沉条件的应用和密度的计算，属于综合题。
20.【答案】升高 升高
【解析】解：(1)由于流体流速大的位置，压强小，所以向B管吹气时，A管上端的空气流速大，压强小，烧杯中的水在大气压的作用下，被压入A管，所以A管中的水位会升高。
(2)由于随着高度的升高，大气压减小。所以将气压计从一楼拿到十六楼，瓶外大气压减小，瓶内的水在瓶内气压的作用下进入玻璃管，所以玻璃管内的水柱会逐渐升高。
故答案为：升高；升高。
(1)流体压强与流速有关，流速越大的位置，压强越小；
(2)大气压和高度有关，大气压随高度的增加而减小；根据自制气压计的结构特点可做出判断。
本题考查大气压与高度的关系、流体压强与流速的关系的应用，属于常考题目，难度不大。
21.【答案】刻度尺 不点燃 等效替代法
【解析】解：(1)在实验中用到刻度尺，但尺并不是测量像、物的大小用的，而是测像到镜的距离、物到镜的距离，然后比较二者关系用的。
(2)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧(A侧)观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法。
故答案为：(1)刻度尺；(2)不点燃；等效替代法。
(1)实验中刻度尺的用途是可以测量物体和像与平面镜的距离。
(2)等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。
本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
22.【答案】减小压强 运动状态 C B
【解析】解：(1)安全带的软带做得很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
(2)紧急制动时，由于惯性，人会继续向前运动。这时安全带将急速前倾的驾乘人员拉回来，说明力可以改变物体的运动状态。
(3)A.为了起到安全作用，汽车突然拐弯时，安全带不能自由伸缩，故A错误；
B.为了保证安全，安全带要尽可能系得紧一些。故B错误；
C.用手快速拉安全带，安全带会被锁住，固定在某一个位置，不能被拉动，故C正确；
D.汽车突然刹车时，安全带能对人起到保护作用；汽车突然启动时，安全带不能对人起保护作用。故D错误。
故选C。
(4)发生碰撞前安全带对人的拉力较小，发生碰撞时，汽车突然停止运动，由于惯性人会向前运动，产生安全带的拉力增大，当汽车停止运动后，安全带对人的拉力又会减小。故ACD不符合题意，B符合题意。
故答案为：(1)减小压强；(2)运动状态；(3)C；(4)B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)力可以改变物体的运动状态和运动方向；
(3)汽车刹车时，如果没有安全带的保护，驾驶员会因为自身惯性向前运动而发生事故，所以要让安全带起到保护人体的作用，防止惯性带来的伤害；
(4)根据发生碰撞时，力的变化做出选择。
该题考查了惯性的利用、减小压强的方法、力的作用效果等，涉及到的知识点较多，是一道综合题。
23.【答案】解：
物体沿MN方向匀速直线运动，处于平衡状态，不计空气阻力，物体在运动过程中受到重力和拉力的作用，并且这两个力是一对平衡力，大小相等，重力的方向总是竖直向下的，拉力的方向竖直向上，因此从物体的重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向分别画一条带箭头的线段，用符号G和F表示，注意两条线段长度要相等。如图所示：
【解析】若匀速直线运动或静止状态的物体受力，则受到的力一定是平衡力；据此对物体进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24.【答案】解：由杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长所用的动力越小；
如图，支点为A，过支点A作直径AB，过B作AB的垂线，可得动力的作用线，按这个方向用力，动力臂最长，最省力，如图所示：
【解析】由杠杆的平衡条件可知：当阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，则动力越小；因此解答此题，只需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
本题考查了杠杆中最小力的问题，关键是确定最长的动力臂。
25.【答案】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像，如图所示：
【解析】平面镜成像的特点是：成虚像、像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
26.【答案】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针S极靠近的螺线管右端一定是N极，其左端为S极；
在磁体的外部，磁感线方向从N极指向S极，方向向左；根据图示的线圈绕向和螺线管的N极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的左端流入，右端流出，因此电源的左端为正极，右端为负极；如下图所示：
【解析】已知小磁针N极的指向，根据磁极间的相互作用，可以确定通电螺线管的磁极；在磁体周围的磁感线都是由磁体的N极出来，回到S极；根据安培定则判定电源正负极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。
27.【答案】解：(1)拉力做的有用功：W有=Gh=200N×2m=400J；
(2)由图可知n=3，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：F=1n(G+G动)=13×(200N+40N)=80N，
绳子自由端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，
拉力做的总功：W总=Fs=80N×6m=480J，
拉力做功的功率：P=W总t=480J1s=480W；
(3)滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=400J480J×100%≈83.3%。
答：(1)有用功为400J；
(2)拉力F的功率为480W；
(3)此过程中滑轮组的机械效率为83.3%。
【解析】(1)利用W有=Gh求有用功；
(2)由图可知n=3，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端的拉力，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(3)利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率。
本题考查使用滑轮组时绳子自由端拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
28.【答案】解：(1)太阳能电池1s输出的电能为：
W=UIt=120V×10A×1s=1200J；
太阳能电池板1s接收的能量为：
E=1000J/(m2⋅s)×8m2×1s=8000J；
电池将太阳能转化为电能的效率为：
η=WE=1200J8000J=15%；
(2)若电动机正常工作时，将电能转化机械能的转化效率是80%，则1s转化的机械能为：
W机=W⋅η=1200J×80%=960J；
电动机输出功率为：
P=W机t=960J1s=960W；
因为该车沿水平路面匀速行驶，做匀速直线运动，根据P=Fv，该车匀速行驶的速度为：
v=PF=960W150N=6.4m/s；
(3)电动机正常工作42min消耗的电能为：
W′=UIt′=120V×10A×42×60s=3.024×106J；
将电能转化机械能时损耗的能量
W损=(1−80%)W′=20%×3.024×106J=6.048×105J；
根据题意可知，损耗的能量全部被水吸收，由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度为：
Δt=Q吸c水m=W损c水m=6.048×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg=24℃。
答：(1)电池将太阳能转化为电能的效率是15%；
(2)该车匀速行驶的速度是6.4m/s；
(3)水升高的温度为24℃。
【解析】(1)利用W=UIt求出电能，结合效率公式求出转化率；
(2)根据效率公式求出转化的机械能，再根据P=Wt求出电动机输出功率，利用P=Wt=Fst=Fv求出速度；
(3)利用W=UIt计算出电动机正常工作42min消耗的能量，根据题意求出将电能转化机械能时损耗的能量W损=Q吸；利用Q吸=cmΔt计算出水升高的温度。
本题考查电能的计算、功率的计算、吸热公式的灵活运用，题目有一定的难度。
29.【答案】解：(1)灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为灯泡的额定电压：U额=6V，
由图乙可得灯泡的额定电流：I额=0.5A，
根据欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=U额I额=6V0.5A=12Ω；
当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯泡L与定值电阻R1串联，灯L正常发光，灯泡两端的电压：UL=U额=6V，
由串联电路的规律可得，R1两端的电压：U1=U−UL=12V−6V=6V，
根据欧姆定律可得，定值电阻R1的阻值：R=U1I1=U1I额=6V0.5A=12Ω；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，变阻器与灯泡L串联，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A，由图乙可知灯泡两端的电压：U′L=3V，
由串联电路的电压规律可得R2两端的电压：U2=U−U′L=12V−3V=9V，
根据W=UIt可得1min内变阻器R2消耗的电能：W2=U2I2t=9V×0.4A×60s=216J；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，灯泡L被短接，定值电阻R1与变阻器R2并联，
根据欧姆定律可得通过R1的电流：I′1=UR1=12V12Ω=1A，
变阻器允许通过的最大电流：I2大=1A，
由并联电路的电流规律可得，干路中的电流：I=I1′+I2大=1A+1A=2A，
电流表的量程为0∼3A，I<3A
所以干路的最大电流：I=2A，
由P=UI可得电路允许消耗的最大功率：P大=UI=12V×2A=24W。
答：(1)灯泡正常发光时的电阻为12Ω；R1电阻值为12Ω；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A。1min内变阻器R2消耗的电能为216J；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，电路允许消耗的最大功率为24W。
【解析】(1)灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为灯泡的额定电压，由图乙可得灯泡的额定电流，根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电阻；
当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯泡L与定值电阻R1串联，灯L正常发光，由串联电路的规律计算R1两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻R1的阻值；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，变阻器与灯泡L串联，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A，由图乙可知灯泡两端的电压，由串联电路的电压规律求出R2两端的电压，根据W=UIt计算变阻器R2消耗的电能；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，灯泡L被短接，定值电阻R1与变阻器R2并联，根据电流表的量程和变阻器允许通过的最大电流确定干路的最大电流，由P=UI计算电路允许消耗的最大功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电能和电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键，要注意灯泡的电阻是变化的。
30.【答案】改变小球的速度 小球滚动的距离 质量相同时，物体的速度越大，动能越大 B
【解析】解：(1)将同一小球从斜面不同高度由静止释放，小球的质量不变，高度不同，到达水平面时的速度不同；
(2)实验中通过小球滚动距离的大小来反映显示克服摩擦力做功多少从而显示动能的大小，这是转换法的应用；
(3)根据图中实验可知，随着小球放置在静止位置的高度变高时，则小球到达水平面的速度变大，小球在水平面上运动的距离变得更远，说明小球的动能更大，故结论为：质量相同时，物体的速度越大，动能越大；
(4)小敏调节图甲中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验。不考虑底部转折处的能量损失，材料A制成的粗糙平板，由于摩擦力做功，部分能量转化为内能，达不到一开始静止位置的高度，且滚动的距离越长，克服摩擦力做功越多，机械能减小越多，故A、C错误，B正确。
故答案为：(1)改变小球的速度；(2)小球滚动的距离；(3)质量相同时，物体的速度越大，动能越大；(4)B。
(1)小球滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同；
(2)实验中通过小球滚动距离的大小来反映动能的大小；
(3)质量一定时，物体动能的大小与物体的运动速度有关，物体运动速度越大，物体的动能越大；
(4)小敏调节图甲中的平板呈不同角度，由于存在摩擦力，小球滚动后会有能量损失，不会达到一开始静止时候的高度，且滚动的距离越长，克服摩擦力做功越多，机械能减小越多。
本题考查了探究影响动能大小的相关因素，涉及到控制变量法和转换法的应用，难度不大。
31.【答案】定值电阻短路 2V37.5B
【解析】解：(1)由第二问可知控制定值电阻两端电压为2V，故电压表量程应选0∼3V，电压表和定值电阻并联，滑动变阻器一上一下接法，串联接入电路，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，所以滑动变阻器下端应接在左边，如图所示；
；
(2)电流表有示数，说明电路接通，电压表无示数，说明定值电阻短路；
(3)电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，读数为：0.4A；
定值电阻两端电压U1=IR1=0.4A×5Ω=2V；
滑动变阻器两端电压U滑=U−U1=4.5V−2V=2.5V；
滑动变阻器阻值R滑=U滑I=2.5V0.4A=6.25Ω；
当定值电阻接入阻值为30Ω时，滑动变阻器接入阻值最大，此时电阻电阻两端电压保持不变，仍为2V，电路电流I′=U1R′=2V30Ω=115A；
滑动变阻器阻值R滑′=U滑I′=2.5V115A=37.5Ω；
(4)试验1：R1=U1I1=4.0V0.4A=10Ω；
试验2：R2=U2I2=5.0V0.46A=10.9Ω；
试验3：R3=U3I3=6.0V0.5A=12Ω；
通过计算可知：随着小灯泡两端的电压的减小，小灯泡电阻也在减小；所以当小灯泡两端电压恰好为3V，小灯泡电阻小于10Ω，通过小灯泡的电流大于0.3A，功率约大于0.9W；
观察表可知，电压每次减小1V，电流表减小量越来越大，当3V时，电流I<0.4A−0.06A=0.34A。故功率P<3V×0.34A=10.2W；故选B。
故答案为：(1)如图所示；(2)定值电阻短路；(3)2V；37.5；(4)B。
(1)由第二问可知控制定值电阻两端电压为2V，故电压表量程应选0∼3V，电压表和定值电阻并联，滑动变阻器一上一下接法，串联接入电路，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，所以滑动变阻器下端应接在左边；
(2)电流表有示数，说明电路接通，电压表无示数，说明定值电阻短路；
(3)电流表读数注意量程和分度值；
根据欧姆定律计算定值电阻两端电压，根据串联分压的特点计算滑动变阻器两端的电压；
当定值电阻接入阻值为30Ω时，滑动变阻器接入阻值最大，此时电阻电阻两端电压保持不变，先计算电路中的电流；
再根据欧姆定律计算滑动变阻器阻值；
(4)根据欧姆定律计算每组实验中的电阻阻值，分析小灯泡的阻值和电压的关系，然后再根据表格中电流随电压的变化关系推算当小灯泡两端的电压为3V时候的电流变化范围，确定灯泡可能的功率。
本题考查了探究通过导体中的电流与电阻的关系的相关实验，涉及实验操作、实验故障分析、欧姆定律和功率计算。有一定难度。
32.【答案】折射 无关 a′改变观察者的位置，看二者是否依然重合
【解析】解：(1)磁铁a反射的光从水射入空气中时会发生折射，折射光线偏离法线进入眼睛，所以红色磁铁a的像a′是由于光的折射形成的虚像；
(2)①将蓝色磁铁b吸在水面上方的铁板上，可观察到磁铁b在水中的像，这是由于光的反射形成的虚像，此时平静的水面相当于平面镜；该像的位置与观察者的位置无关；
②为了确定红色磁铁的像a′的位置，移动磁铁b，当观察到b的像与a′重合时，磁铁b像的位置就是像a′的位置，这用到了等效替代法；
(3)本实验探究看到物体的位置是否和观察者的位置有关，所以下一步改变观察者的位置，看b的像与a′是否重合。
故答案为：(1)折射；(2)①无关；②a′；(3)改变观察者的位置，看二者是否依然重合。
(1)光从水射入空气中时会发生折射，所以红色磁铁a的像a′是由于光的折射形成的虚像；
(2)①平静的水面相当于平面镜，像的位置与观察者的位置无关；
②根据等效替代法分析解答；
(3)根据实验目的分析解答。
此题主要考查的是我们对光的折射、光的反射的实验探究过程及分析能力，属于基本技能的考查。
33.【答案】铜 铝 铝
【解析】解：(1)根据已知条件，铜块和铝块原来的温度均到0℃，一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃，即铜、铝的末温分别为20℃和17℃，故可知铜的温度变化大；
(2)因同质量水的初温均为23℃，甲、乙两容器中水的末温分别20℃和17℃，故乙图中水的温度变化大，根据Q=cmΔt，乙图中水放热多，因没有热损失，故铝从水中吸收的热量多；
(3)由(1)(2)，根据c=QmΔt，质量相同的铝和铜，因铝吸热多，而铝的温度变化小，故铝的比热容大。
故答案为：铜；铝；铝。
(1)铜块和铝块原来的温度均到0℃，一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃，即铜、铝的末温分别为20℃和17℃，据此回答；
(2)同质量水的初温相同，甲、乙两容器中水的末温分别20℃和17℃，根据Q=cmΔt得出两图中水放热的多少，据此回答；
(3)根据c=QmΔt分析回答。
本题比较铜和铝的比热容，考查Q=cmΔt的灵活运用，有一定难度。
34.【答案】红 ABC
【解析】解：(1)车辆超载时，R受到的压力变大，根据图乙可知，R的电阻变小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，红灯亮；
(2)汽车对地面的压力即汽车的总重力为：G=mg=4×104kg×10N/kg=4×105N；
根据杠杆的平衡条件可知，B端受到的压力为：F2=GL1L2=4×105N×11+9=4×104N；
由图可知此时压敏电阻R=30Ω；
最小电压U1=I1R1=0.1A×(30Ω+5Ω)=3.5V；
最大电压U2=I1R2=0.1A×(30Ω+50Ω+5Ω)=8.5V；
即控制电路电压U的取值范围是3.5V≤U≤8.5V；
(3)衔铁被吸下时控制电路的总电阻为：R总=U3I=5.5V0.1A=55Ω；
该报警器要设置的最低限载时，R1=0Ω，则此时压敏电阻的阻值为：R′=55Ω−5Ω=50Ω；
由图乙可知此时F3=104N，根据杠杆的平衡条件可知，汽车此时产生的压力为：F4=F3L2L1=104N×1+91=105N；
则汽车的总质量为：m1=G1g=F4g=105N10N/kg=104kg=10t；
(4)A、适当增大R1阻值，压敏电阻阻值一定时，根据欧姆定律可知通过电路的电流会减小，报警器不报警，故A可行；
B、A点适当左移，车载不变时，根据杠杆平衡条件可知压敏电阻受到的压力变小，压敏电阻的阻值变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流会变小，报警器不会报警，故B可行；
C、适当减小控制电路电源电压，压敏电阻阻值一定时，根据欧姆定律可知通过电路的电流会减小，报警器不报警，故C可行；
D、B点左移，车载不变时，根据杠杆平衡条件可知压敏电阻受到的压力变大，由图可知压敏电阻的阻值减小，根据欧姆定律可知通过电路的电流会变大，报警器报警，故D不可行；
故选：ABC。
答：(1)红；(2)控制电路电压U的取值范围是3.5V≤U≤8.5V；(3)能设置的最低限载是10吨；(4)ABC。
(1)根据乙图判定汽车超载时压敏电阻阻值的变化和控制电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，然后分析电磁铁磁性强弱的变化和衔铁的位置变化，判定工作电路的工作状态；
(2)已知路段限40吨，根据FA=G=mg得出A点的压力值FA，根据杠杆的平衡条件得出所以B点压力；根据图乙得出此时R的阻值，根据欧姆定律计算此时电源电压的值，进而得出U的取值范围；
(3)根据电源电压和吸合电流求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出压敏电阻的阻值，根据图乙得出此时的压力的大小；根据杠杆的平衡条件求出汽车压力的大小、汽车总重力的大小，
2023年江苏省苏州市姑苏区景范中学中考物理二模试卷
1. 根据学习的物理知识，以下估测不合理的是( )
A. 一间普通教室的空气质量约200kg B. 人的心率约为70次/min
C. 家用电饭煲正常工作的电流约4A D. 人的步行速度通常为36km/h
2. 如图所示的光现象中，由于光的直线传播形成的是( )
A. 鸟巢在水中形成“倒影”
B. 日晷上呈现针的影子
C. 放大镜把字“放大”
D. 笔好像在水面处“折断”
3. 下列实验中，主要说明声音产生原因的是( )
A. 用声波能粉碎人体内的“石头”
B. 放在真空罩里的手机，当有来电时，只见指示灯闪烁，听不见铃声
C. 拿一张硬纸片，让它在木梳齿上划过，一次快些，一次慢些，比较两次的不同
D. 锣发声时，用手按住锣面，锣面就停止发声
4. 下列分析正确的是( )
A. “霜”的形成是凝固现象，需放热 B. “冰”的形成是凝固现象，需吸热
C. “云”的形成是升华现象，需吸热 D. “露”的形成是液化现象，需放热
5. 如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导线。利用此实验装置进行实验，下列说法正确的是( )
A. 在a、b间接入电源，可以探究电磁感应现象
B. 在a、b间接入电源，可以探究电动机的工作原理
C. 在a、b间接入电流表，可以探究磁场对电流的作用
D. 在a、b间接入电流表，只要使导线运动，电流表指针就会发生偏转
6. 下列说法中正确的是( )
A. 太阳能、风能、核能是可再生能源
B. 电饭锅可以用超导材料做加热器
C. 摩擦起电的实质是电子的转移
D. 汤姆生发现电子证明原子可以再分，并提出了行星绕日的核式结构模型
7. 将小球竖直向上抛出后，每隔0.1秒的位置如图所示。假设小球运动至甲处时，所受所有外力都消失，则推测小球从甲处开始，其运动情况及每隔0.1秒的位置正确的是(
A. A B. B C. C D. D
8. 在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在2倍焦距之外，而b端在1倍焦距与2倍焦距之间，如图所示，那么在另一侧所成的像是( )
A. a端变细，b端变粗 B. a端变粗，b端变细 C. a、b端变粗 D. a、b端变细
9. 在粗糙程度相同的水平桌面上，手沿水平方向推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置松手后，木块向左运动，最终静止在图乙所示位置，下列说法中正确的是( )
A. 图乙中木块受到的重力和木块对水平面的压力是一对相互作用力
B. 松手后木块的速度不断减小
C. 木块在向右、向左运动的过程中，桌面对它的摩擦力大小不变
D. 图甲弹簧受到的压力是由于弹簧形变而产生，被压缩过程中弹簧的弹性势能增大
10. 甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为ρ甲、ρ乙，液体对容器底部的压强变化量为Δp甲、Δp乙，则( )
A. ρ甲>ρ乙，Δp甲>Δp乙 B. ρ甲>ρ乙，Δp甲=Δp乙
C. ρ甲<ρ乙，Δp甲>Δp乙 D. ρ甲<ρ乙，Δp甲=Δp乙
11. 如图所示，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，滑轮到P、Q的两段绳都是水平的。已知滑动摩擦力的大小与压力大小成正比，比例系数为k，且物体之间、物体与地面之间的粗糙程度相同，两物块的质量都是m，轻绳与滑轮之间的摩擦不计，在水平向右的拉力F作用下，P向右做匀速运动，则F的大小为( )
A. kmg B. 2kmg C. 3kmg D. 4kmg
12. 如图所示电路，电源电压U恒定不变，R2的规格是“300Ω0.5A”。仅闭合S，滑片P移到最左端，电流表的示数为0.3A，定值电阻R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=3：1；滑片P向右移到某一位置的过程中，电流表的示数变化了0.2A，电压表的示数变化了2V；若三个开关都闭合，在确保电路安全的前提下，移动滑片P，电流表的最大示数为I0，R3消耗的电功率为P0。下列说法正确的是( )
A. R1=10Ω B. I0=2.1A C. U=14V D. P0=19.6W
13. 小明周末和同学去太湖附近郊游，感到太湖周边比市内凉快，是因为水的______ ；路上“鸟语花香”，“闻到花香”是______ 现象；小明在春日暖阳下站着等同学到齐，感到很热，这是通过______ 的方式改变小明的内能；小明和同学站在太湖边，看到鱼在水中游，以鱼为参照物，小明是______ (选填“运动的”或“静止的”)。
14. 如图所示是汽油机的______冲程；若飞轮转速为1800r/min，则该汽油机每秒内对外做功______次。
15. 如图电能表允许接入的最大电功率是______ W，关闭家里其它用电器，只让微波炉工作，6min电能表的指示灯闪烁300次时，则微波炉的电功率为______ W。
16. 如图是我国古代指南针(司南)，静止时，长柄指向南方，则它的长柄是______ 极，长柄所指的方向是地磁场的______ 极(两空均选填“南”或“北”)。
17. 如图所示，小伟同学用推力F将重为G的物体沿斜面匀速掉到高处，使用斜面可以省______ ，斜面对物体的摩擦力f=______ (用F、G表示)。
18. 如图甲是智能多功能热菜板，该热菜板有“高温挡”“中温挡”“低温挡”三种挡位，其电路原理如图乙所示，R1、R2均为阻值恒定的加热电阻，已知“高温挡”的功率为440W，“中温挡”的功率为220W，当开关S1闭合，S2接b时，热菜板处于______ 挡，热菜板在“低温挡”正常工作时的功率是______ W。
19. 小明为了测量鸭蛋的密度进行了以下实验。测量鸭蛋密度的步骤如图甲、乙、丙所示、乙图中鸭蛋完全浸没，乙、丙图中的杯子底部等高且液面相平，请你根据图中电子秤显示的三个数据，帮助小明回答以下问题：
(1)鸭蛋的体积V=______ cm3；
(2)鸭蛋的密度ρ=______ kg/m3；
(3)乙图中鸭蛋静止时的状态为______ (选填“漂浮”、“悬浮”、“沉底”)。
20. 如图甲，向B管吹气时，A管中的水位会______ ，小字用一条两端开口的玻璃管自制成如图乙所示的气压计，从一楼拿到十六楼，观察到玻璃管内的水柱会逐渐______ (以上两空均选填“升高”、“不变”或“降低”)。
21. 如图，在“探究平面镜成像特点”的实验中，请回答：
(1)实验器材有：带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴，两支完全相同的蜡烛A和B，还缺少的测量器材是______ ；
(2)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿______ (选填“点燃”或“不点燃”)的蜡烛B在玻璃板后面移动，观察到它能与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的研究方法是______ 。
22. 阅读短文，回答下列问题：
汽车安全带
汽车安全带是用于保护驾乘人员安全的装置，如图甲。安全带结构一般由软带、卷带装置等部分组成，软带做得很宽，汽车正常行驶时，卷带装置中的卷收器借助弹簧，如图乙，使软带随身体的移动而自由伸缩且不会松弛。
当紧急制动、碰撞或车辆行驶状态急剧变化时，安全带能在人尚未移动时拉紧软带，将乘员紧紧地绑在座椅上，起缓冲保护作用；待冲击力峰值过去时，适当放松安全带，避免因拉力过大造成二次伤害，同时卷收器内的敏感元件将驱动锁止机构锁住卷轴，使软带固定在某一个位置上，有效保护乘员的安全。
(1)安全带的软带做得很宽，目的是______ ；
(2)紧急制动时，安全带将急速前倾的驾乘人员拉回来，说明力可以改变物体的______ ；
(3)下列说法正确的是______ ；
A.汽车突然拐弯时，安全带能自由伸缩
B.为了安全，安全带要尽可能系得松一些
C.用手快速拉安全带，安全带不能被拉动
D.汽车突然启动时，安全带能对人起保护作用
(4)发生碰撞时，安全带对人的拉力随时间变化的图象是______ 。
23. 如图所示，氢气球下吊一物体，物体沿MN方向做匀速直线运动，请画出该物体所受力的示意图(不计空气阻力)。
24. 根据要求完成相应的作图：
如图工人要把汽油桶用人力推上台阶，画出最小力F的示意图。
25. 根据平面镜成像的特点，画出图中物体AB在平面镜中所成的像A′B′。
26. 静止在通电螺线管右端小磁针N极的指向如图所示，请用箭头在磁感线上标出磁感线的方向并在括号内用“+”、“-”标出电源的正负极。
27. 如图所示，将物重为200N物体匀速提高2m所用时间为1s，已知动滑轮重为40N，(不计绳重和摩擦)求；
(1)有用功；
(2)拉力F的功率；
(3)此过程中滑轮组的机械效率。
28. 如图是一种新型动力车。它上面的太阳能接收板的有效面积为8m2，天气晴朗且接收板正对阳光时，每平方米面积上每秒钟能接收到太阳辐射的能量为1000J，太阳能电池提供的电压为120V，可供电动机正常工作的电流为10A。
(1)电池将太阳能转化为电能的效率是多少？
(2)若电动机正常工作时，将电能转化机械能的转化效率是80%，且该车沿水平路面匀速行驶时受到的阻力为150N，则该车匀速行驶的速度是多少？
(3)上述电动机正常工作42min，损耗的能量全部被初温25℃、质量6kg的水吸收，则水升高的温度为多少？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
29. 如图甲所示电源电压恒定为12V，图乙是额定电压为6V的小灯泡电流随电压变化的图象。R1为定值电阻，R2标有“30Ω1A”字样，电流表的量程为0∼3A。当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯L正常发光。求：
(1)灯泡正常发光时的电阻和R1电阻值；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A。1min内变阻器R2消耗的电能；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，电路允许消耗的最大功率。
30. 在“研究动能大小与速度关系”的实验中，小敏利用图中的装置进行研究，在水平面铺上粗糙平板，将同一小球从斜面不同高度由静止释放，运动一段距离后停止，位置如图。
(1)将同一小球从斜面不同高度由静止释放是为了______ ；
(2)实验中是通过观察______ ，从而判断小球动能的大小；
(3)根据图中实验现象，可得出的结论是：______ ；
(4)小敏调节图中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验，不考虑底部转折处的能量损失，图丁最符合实际的现象是______ 。
31. 小明在“探究通过导体中的电流与电阻的关系”实验中，所用电源电压恒为4.5V，所选定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω。
(1)请用笔画线代替导线将实物图(图甲)补充完整.(要求导线不交叉，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大)；
(2)闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是______ ；
(3)排除故障后，先接入5Ω的电阻，调节滑动变阻器的滑片至某一位置时，观察到电表指针位置如图乙，则实验中保持电压表示数不变为______ ，为了完成本实验，小明所选滑动变阻器的最大阻值不小于______ Ω；
(4)小明在探究完导体中的电流与电阻的关系后，同组的小华找来额定电压为6V的小灯泡测电功率。其实验数据如表所示，根据表中实验数据分析，若小灯泡两端电压恰好为3V，则灯的功率可能是______ (单选)。
A.0.75W
B.0.95W
C.1.02W
D.1.20W
试验次数
1
2
3
电压U/V
4.0
5.0
6.0
电流I/A
0.40
0.46
0.50
32. 小明想研究“看到的水中物体的位置是否和观察者的位置有关”，他选择了一块涂有白漆的铁板、水槽、红色和蓝色的两块圆形小磁铁等器材进行实验。小明把红色磁铁a吸在铁板上，然后将铁板竖直放入水中后，站在水槽旁进行观察。
(1)如图甲所示，他看到红色磁铁a的像a′，a′是由于光的______ 形成的虚像；
(2)为了确定红色磁铁的像a′的位置，小明进行了以下操作：
①将蓝色磁铁b吸在水面上方的铁板上(如图乙所示)，可观察到磁铁b在水中的像，该像的位置与观察者的位置______ (选填“有关”或“无关”)；
②保持观察者位置不变，移动b，直至观察到b的像与______ (选填“a”或“a′”)重合。
(3)鉴于本实验的目的，下一步应该进行的操作是______ 。
33. 小明想比较铜和铝的比热容，设计了如下实验：
(1)将质量相等的铜块和铝块放入冰箱，使它们的温度降低到0℃；
(2)取出后，将铜块、铝块再分别放入盛有质量相等、温度都是23℃的水中，并将容器用隔热材料密封，如图所示；
(3)一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃。
(4)对比数据可判断，______ 的温度变化大，______ 从水中吸收的热量多，表明______ 的比热容大。(以上三空均选填“铝”或“铜”)
34. 如图甲所示为兴趣小组设计的“汽车超载记录器”原理图，OAB为轻质水平杠杆，O为支点，OA：AB=1：9。R为压敏电阻，其所受压力与电阻的关系如图乙所示。变阻器R1规格为“50Ω2A”，电磁继电器线圈电阻为5Ω，当通过线圈的电流大于0.1A时，电磁继电器的衔铁被吸下。
(1)车辆超载时，______ 亮，照相机拍照，记录违法行为。
(2)若某路段限载40t(即禁止质量超过40t的车通行)，当车辆质量刚好为40t时，控制电路电压U的取值范围是多少？
(3)若控制电路电压恒为5.5V，在其他条件不变的情况下，该“超载记录器”能设置的最低限载是多少吨？
(4)某些主干道抗压能力较好，允许通行质量更大的车辆，需适当调高限载，下列措施可行的是______ 。
A.适当增大R1阻值
B.A点适当左移
C.适当减小控制电路电源电压
D.B点适当左移
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.空气的密度在1.3kg/m3左右。教室的长、宽、高分别在8m、7m、3m左右，教室中空气的质量在m=ρV=1.3kg/m3×8m×7m×3m=218.4kg左右，接近200kg，故A合理；
B.人的心率约为70次/min，符合实际，故B合理；
C.家用电饭锅功率在880W左右，正常工作的电流在I=PU=880W220V=4A左右，故C合理；
D.人正常步行速度约为4km/h，故D不合理。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断不合理的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B
【解析】解：A.鸟巢在水中形成“倒影”属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不正确；
B.影子是由于光的直线传播在不透明物体背光一侧形成的暗区域，日晷上呈现针的影子是由于光的直线传播形成的，故B正确；
C.放大镜把字“反大”是凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故C不正确；
D.笔好像在水面处“折断”是由于光的折射形成的虚像，故D不正确。
故选：B。
(1)水中的倒影是由于光的反射所成的虚像。
(2)光在同种均匀介质中是沿直线传播的，小孔成像、日食、月食、影子、激光准直等都是光的直线传播的实例。
(3)光从一种介质斜射进入另一种介质中时，传播方向通常会发生改变。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，是一道基础题。
3.【答案】D
【解析】解：A、用声波能粉碎人体内的“石头”，说明声音可以传递能量，故A不符合题意；
B、放在真空罩里的手机，当有来电时，只见指示灯闪烁，听不见铃声，说明声音的传播需要介质，故B不符合题意；
C、拿一张硬纸片，让它在木梳齿上划过，一次快些，一次慢些，发声体振动的快慢不同，声音的音调不同，说明声音的音调是由频率决定的，故C不符合题意；
D、锣发声时，用手按住锣，锣就停止振动，说明声音是由物体振动产生的，故D符合题意。
故选：D。
(1)声音可以传递信息和能量；
(2)声音在传播时，需要介质，即气体、液体和固体都能传播声音，真空不能传声；
(3)声音的音调是由频率决定的；
(4)声音是由物体振动产生的。
此题通过实例综合考查了对声音的产生和传播条件及声音的特征理解与判断，是一道易错题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、“霜”的形成是从气态直接变为固态的过程，是凝华现象，需放热，故A错误；
B、“冰”的形成是从液态变为固态的过程，是凝固现象，需放热，故B错误；
C、“云”的形成是从气态变为液态的过程，是液化现象，需放热，故C错误；
D、“露”的形成是从气态变为液态的过程，是液化现象，需放热，故D正确。
故选：D。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】B
【解析】解：AB、在a、b间接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体只有在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同，故错误，B正确；
CD、在a、b间接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体只有在磁场中做切割磁感线运动时(若导线沿磁感线方向竖直上下运动，测不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转)，会产生感应电流，电流表指针才会发生偏转，可以探究电磁感应现象，故CD错误。
故选：B。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机；
通电导体在磁场中会受到力的作用，据此制成了电动机。
本题中的实验装置设计的很有特点；要熟练掌握磁生电和电生磁的电路的特点。
6.【答案】C
【解析】解：A、太阳、风能属于可再生能源，核能属于不可再生能源，故A错误；
B、超导体电阻为零时，不会产生电热，所以电饭锅不能用超导体做加热器，故B错误；
C、摩擦起电的实质是电子的转移，故C正确；
D、汤姆生发现电子，证明原子可以再分，卢瑟福经过α粒子散射实验后提出了行星绕日的原子核式结构模型，故D错误；
故选：C。
(1)能够源源不断地从自然界获得或可重复利用的能源是可再生能源，不能够源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
(2)电热器利用电流的热效应来工作的，电热器工作时电能转化为内能；
(3)摩擦起电没有创造电荷，其实质是电子的转移；
(4)卢瑟福经过α粒子散射实验后提出了原子的核式结构模型。
本题考查了能源分类、超导体、摩擦起电的实质、物理学家的贡献等知识。
7.【答案】B
【解析】解：由图可知，小球运动至甲处时，速度大于其上方位置的速度，方向竖直向上，当所受所有外力都消失后，由牛顿第一运动定律可知，小球将以甲处的速度竖直向上做匀速直线运动，故B正确。
故选：B。
根据牛顿第一运动定律分析即可。
本题考查牛顿第一运动定律的应用，知道当所受所有外力都消失后，物体将以外力消失瞬间的速度大小和方向做匀速直线运动是解题的关键。
8.【答案】A
【解析】
【分析】
根据凸透镜的成像规律，当物体放在一倍焦距与二倍焦距之间时，所成的像是放大倒立的实像；而当物体放在二倍焦距之外时，所成的像是缩小倒立的实像解答此题．
本题主要考查的是凸透镜成像规律的应用，比较简单，属于基础题．
【解答】
因此时b端位于1倍焦距与2倍焦距之间，故所成的像是倒立、放大的，因a端位于2倍焦距之外，故所成的像是倒立、缩小的；所以木棒所成的像将是a端变细，b端变粗．
故选A.
9.【答案】C
【解析】解：A、图甲中，木块受到的重力和桌面对它的支持力都作用在木块上，即作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故A错误；
B、松手后在弹力作用下木块向左加速运动，故B错误；
C、木块在向右、向左运动的过程中，木块受到滑动摩擦力的作用，因压力大小和接触面的粗糙程度都不变，所以桌面对它的摩擦力大小不变，故C正确；
D、图甲弹簧受到的压力是由于推力而产生的，被压缩过程中弹簧的弹性势能增大，故D错误。
故选：C。
(1)一对平衡力应满足的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在同一物体上；
一对相互作用力应满足的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同的物体上；
(2)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；
(3)木块在桌面上运动时受到的摩擦力为滑动摩擦力，影响滑动摩擦力大小的因素有压力大小和接触面的粗糙程度，通过分析压力大小和接触面的粗糙程度的变化来分析摩擦力大小的变化；
(4)弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变。
本题考查了平衡力和相互作用力的区分、运动和力的关系弹力产生的原因以及滑动摩擦力大小的影响因素，是一道综合题，难度不大。
10.【答案】D
【解析】解：因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，则甲、乙两密度计所受浮力相同，由图可知，甲液体中密度计排开的液体体积大于乙液体中密度计排开的液体体积，根据ρ液=F浮gV排可知甲、乙液体的密度ρ甲<ρ乙；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲=S乙，由Δp=ΔFS可知，Δp甲=Δp乙。
故选：D。
因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，由此可知密度计在两种液体中所受浮力关系，由图可知，甲液体中小球排开的液体体积小于乙液体中小球排开的液体体积，根据ρ液=F浮gV排可知甲、乙液体的密度的大小关系；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲=S乙，由Δp=ΔFS可知，Δp甲与Δp乙的大小关系。
此题考查压强大小的比较、物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，根据已知条件，灵活选用压强计算式p=FS即可得出正确答案。
11.【答案】D
【解析】解：Q相对于P 向左进行匀速直线运动，Q受到水平向左的拉力和水平向右的摩擦力作用，这两个力是平衡力，由于Q重力为mg，故Q受到P向右的摩擦力是kmg，则绳子对Q向左的摩擦力大小为kmg。
P向右进行匀速直线运动，P 受到向左的拉力kmg，Q对P 向左的摩擦力kmg，地面对P向左的摩擦力2kmg，向右的拉力F，这四个力是平衡力，向右的拉力等于向左的所有力之和，即F=kmg+kmg+2kmg=4kmg。
故选：D。
题中P向右匀速运动，则Q向左匀速运动，两个物体受到平衡力作用，对两个物体受力分析，根据平衡力条件求出两个物体分别受到的力，求出F大小。
本题首先对Q和P 分别受力分析，根据f=kN计算滑动摩擦力，根据平衡力条件求出拉力大小。
12.【答案】B
【解析】解：AC、由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路，A1表的示数为I=0.3A，电压表测量R3两端的电压；
根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，
R1和R3消耗的电功率之比P1：P3=I2R1：I2R3=R1：R3=3：1，即R1=3R3；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，
A1表的示数变化了0.2A，所以电流表A1此时的示数I′=I−ΔI=0.3A−0.2A=0.1A；
根据欧姆定律可知，电压表的示数变化ΔV=IR3−I′R3=0.3A×R3−0.1A×R3=2V，
解得：R3=10Ω；
R1的阻值R1=3R3=3×10Ω=30Ω；
电源电压U=U1+U3=IR1+IR3=0.3A×30Ω+0.3A×10Ω=12V；故AC错误；
B、三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A测量干路电流，
根据并联电路的电压特点可知，各支路电压相等，都等于电源电压12V；
此时通过R1的电流I1=UR1=12V30Ω=0.4A；
此时通过R3的电流I3=UR1=12V30Ω=1.2A；
通过R2的最大电流I′2=0.5A；
电流表的最大示数为I0=I1+I′2+I3=2.1A，故B正确；
D、R3消耗的电功率为P0=UI′2=12V×0.5A=6W，故D错误。
故选：B。
(1)由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路；根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，根据P=I2R和R1和R3消耗的电功率之比可知R1、R3的阻值之比；
滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，据此可知A1的电流表示数；根据欧姆定律以及电压表的示数变化可知R3的阻值；根据R1、R3的阻值之比可知R1的阻值；知道R1、R3的阻值，根据欧姆定律可知电源电压；知道通过R3的电流和阻值，利用欧姆定律可知电压表的示数，据此可知电压表的量程；
(2)三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1、R2的电流之和，根据电流表A2的量程可知通过R2的最大电流，利用欧姆定律可知R2接入的最小阻值；利用欧姆定律计算出通过R3的电流，据此可知干路的最大电流，利用P=UI可以求出电路消耗的最大电功率。
本题考查了电路的动态分析，难度较大。
13.【答案】比热容大 扩散 热传递 运动的
【解析】解：(1)太湖周边水多，因为水的比热容比砂石和泥土大，相同质量和水和砂石、泥土比较，夏天吸收相同的热量，水升高的温度小于砂石和泥土升高的温度，水的温度较周边低，所以比其他地方凉爽很多；
(2)闻到花香，是芳香物质的分子扩散到空气中，扩散表明一切物质的分子都是不停地做无规则的运动；
(3)小明阳光下感到很热，是通过热传递的方式改变了身体的内能；
(4)鱼在水中游，小明与鱼之间有位置的变化，以鱼为参照物，小明是运动的。
故答案为：比热容大；扩散；热传递；运动的。
(1)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散；扩散表明一切物质的分子都是不停地做无规则的运动；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
(4)判断物体是否运动就看物体与参照物之间的位置是否发生变化，位置发生变化则物体运动，位置不发生变化，则物体静止。
本题综合考查了比热容、扩散、热传递和机械运动，综合性较强，难度不大。
14.【答案】做功 15
【解析】解：
如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，可以判断是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能；
飞轮转速为1800r/min，则1s飞轮转动了30周，完成了60个冲程，对外做功15次。
故答案为：做功；15。
由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程。
热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。
15.【答案】8800 1000
【解析】解：(1)电能表允许通过的最大电流是40A，该电能表允许接入的最大电功率：P=IU=40A×220V=8800W；
(2)关闭家里其它用电器，只让微波炉工作，当电能表的指示灯闪烁300次时，所用的时间为6min，此阶段消耗电能为：W=300imp3000imp/(kW⋅h)=0.1kW⋅h；
电功率为：P=Wt=0.1kW⋅h660h=1kW=1000W。
故答案为：8800；1000。
(1)“5(40)A”表示电能表的标定电流是5A，平时工作允许通过的最大电流是40A；根据P=IU可求出该电能表允许接入的最大电功率；
(2)3000imp/kW⋅h表示的是电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次，据此求出指示灯闪烁300次消耗的电能；根据P=Wt计算微波炉的电功率。
本题考查了电能表的使用、消耗电能和用电器功率的计算，关键是电能表参数含义的理解与掌握。
16.【答案】S 北
【解析】解：司南静止时长柄指向南方，则长柄相当于小磁针，长柄指南，指南的称为南极(S极)，异名磁极相互吸引，长柄所指的方向是地磁场的北极。
故答案为：S；北。
地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场；地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
本题考查了地磁场的性质。
17.【答案】力 F−G2
【解析】解：使用斜面可以省力；根据题意可知：h=12s；
推力所做的功为总功，所以W总=Fs；物体举高h所做的功为有用功，所以W有=Gh；
克服斜面的摩擦力所做的功为额外功，W额=fs；因为有用功和额外功之和等于总功，所以有：
fs=Fs−Gh=Fs−G×12s；所以摩擦力为：f=F−12G。
故答案为：力；F−12G。
(1)斜面可以省力。
(2)摩擦力为：f=F−F′。
本题主要考查了斜面的特点及应用。属于基础性题目。
18.【答案】中温 110
【解析】解：(1)当S1闭合，S2拨到a时，R1、R2并联；当S1断开，S2拨到b时，R1、R2串联；当S1闭合，S2拨到b时，R2被短路，电路为R1的简单电路；
因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，热菜板为高温挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，热菜板为低温挡；电路为R1的简单电路时，热菜板为中温挡，因此当开关S1闭合，S2接b时，热菜板处于中温挡；
(2)由P=UI=U2R可知，中温挡电路的电阻：R中温=U2P中温=(220V)2220W=220Ω，
因为中温挡时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1=R中温=220Ω，
高温挡时两电阻并联，由并联电路的特点可知此时R1两端的电压与中温挡R1两端的电压相等，由P=UI=U2R可知，此时R1的电功率与中温挡R1的电功率相等，即P1=P中温=220W，
由电路的总功率等于各用电器电功率之和可知，高温挡R2的电功率：P2=P高温−P1=440W−220W=220W，
由P=UI=U2R可知，R2的电阻：R2=U2P2=(220V)2220W=220Ω，
低温挡时R1、R2串联，由串联电路的电阻特点可知，此时电路的总电阻：R低温=R1+R2=220Ω+220Ω=440Ω，
则低温挡正常工作时的功率：P低温=U2R低温=(220V)2440Ω=110W。
故答案为：中温；110。
(1)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
(2)根据P=UI=U2R求出中温挡时电路的电阻，即为R1的阻值，根据并联电路的特点可知高温挡R1的电功率与中温挡R1的电功率相等，根据电路的总功率等于各用电器电功率之和求出高温挡R2的电功率，根据P=UI=U2R求出R2的电阻，根据串联电路的电阻特点求出低温挡电路的总电阻，根据P=UI=U2R求出低温挡正常工作时的功率。
本题考查串并联电路的特点和电功率公式的应用，正确的判断热菜板处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
19.【答案】701.15×103 沉底
【解析】解：(1)由甲图可知，电子秤的示数为80.5g，即鸭蛋的质量为80.5g，
加入水的质量：m水=80.5g+202.0g−212.5g=70g；
加入水的体积即为鸭蛋的体积：V=m水ρ水=70g1g/cm3=70cm3；
(2)鸭蛋的密度：ρ′=mV=80.5g70cm3=1.15g/cm3=1.15×103kg/m3；
(3)鸭蛋的密度大于水的密度，根据物体沉浮条件可得，乙图中鸭蛋静止时的状态为沉底。
故答案为：(1)70；(2)1.15×103；(3)底。
(1)根据电子秤示数读出鸭蛋的质量；求出加入的水的质量，根据加入的水的体积等于鸭蛋的体积解答；
(2)根据鸭蛋的质量和体积求出鸭蛋的密度；
(3)根据物体浮沉条件分析鸭蛋的浮沉情况。
本题考查了物体浮沉条件的应用和密度的计算，属于综合题。
20.【答案】升高 升高
【解析】解：(1)由于流体流速大的位置，压强小，所以向B管吹气时，A管上端的空气流速大，压强小，烧杯中的水在大气压的作用下，被压入A管，所以A管中的水位会升高。
(2)由于随着高度的升高，大气压减小。所以将气压计从一楼拿到十六楼，瓶外大气压减小，瓶内的水在瓶内气压的作用下进入玻璃管，所以玻璃管内的水柱会逐渐升高。
故答案为：升高；升高。
(1)流体压强与流速有关，流速越大的位置，压强越小；
(2)大气压和高度有关，大气压随高度的增加而减小；根据自制气压计的结构特点可做出判断。
本题考查大气压与高度的关系、流体压强与流速的关系的应用，属于常考题目，难度不大。
21.【答案】刻度尺 不点燃 等效替代法
【解析】解：(1)在实验中用到刻度尺，但尺并不是测量像、物的大小用的，而是测像到镜的距离、物到镜的距离，然后比较二者关系用的。
(2)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧(A侧)观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法。
故答案为：(1)刻度尺；(2)不点燃；等效替代法。
(1)实验中刻度尺的用途是可以测量物体和像与平面镜的距离。
(2)等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。
本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
22.【答案】减小压强 运动状态 C B
【解析】解：(1)安全带的软带做得很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
(2)紧急制动时，由于惯性，人会继续向前运动。这时安全带将急速前倾的驾乘人员拉回来，说明力可以改变物体的运动状态。
(3)A.为了起到安全作用，汽车突然拐弯时，安全带不能自由伸缩，故A错误；
B.为了保证安全，安全带要尽可能系得紧一些。故B错误；
C.用手快速拉安全带，安全带会被锁住，固定在某一个位置，不能被拉动，故C正确；
D.汽车突然刹车时，安全带能对人起到保护作用；汽车突然启动时，安全带不能对人起保护作用。故D错误。
故选C。
(4)发生碰撞前安全带对人的拉力较小，发生碰撞时，汽车突然停止运动，由于惯性人会向前运动，产生安全带的拉力增大，当汽车停止运动后，安全带对人的拉力又会减小。故ACD不符合题意，B符合题意。
故答案为：(1)减小压强；(2)运动状态；(3)C；(4)B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)力可以改变物体的运动状态和运动方向；
(3)汽车刹车时，如果没有安全带的保护，驾驶员会因为自身惯性向前运动而发生事故，所以要让安全带起到保护人体的作用，防止惯性带来的伤害；
(4)根据发生碰撞时，力的变化做出选择。
该题考查了惯性的利用、减小压强的方法、力的作用效果等，涉及到的知识点较多，是一道综合题。
23.【答案】解：
物体沿MN方向匀速直线运动，处于平衡状态，不计空气阻力，物体在运动过程中受到重力和拉力的作用，并且这两个力是一对平衡力，大小相等，重力的方向总是竖直向下的，拉力的方向竖直向上，因此从物体的重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向分别画一条带箭头的线段，用符号G和F表示，注意两条线段长度要相等。如图所示：
【解析】若匀速直线运动或静止状态的物体受力，则受到的力一定是平衡力；据此对物体进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24.【答案】解：由杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长所用的动力越小；
如图，支点为A，过支点A作直径AB，过B作AB的垂线，可得动力的作用线，按这个方向用力，动力臂最长，最省力，如图所示：
【解析】由杠杆的平衡条件可知：当阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，则动力越小；因此解答此题，只需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
本题考查了杠杆中最小力的问题，关键是确定最长的动力臂。
25.【答案】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像，如图所示：
【解析】平面镜成像的特点是：成虚像、像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
26.【答案】解：由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针S极靠近的螺线管右端一定是N极，其左端为S极；
在磁体的外部，磁感线方向从N极指向S极，方向向左；根据图示的线圈绕向和螺线管的N极，利用安培定则可以确定螺线管中电流的方向是从螺线管的左端流入，右端流出，因此电源的左端为正极，右端为负极；如下图所示：
【解析】已知小磁针N极的指向，根据磁极间的相互作用，可以确定通电螺线管的磁极；在磁体周围的磁感线都是由磁体的N极出来，回到S极；根据安培定则判定电源正负极。
安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。在此题的第二问中就是间接告诉了磁场方向和线圈绕向来确定电流方向。
27.【答案】解：(1)拉力做的有用功：W有=Gh=200N×2m=400J；
(2)由图可知n=3，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：F=1n(G+G动)=13×(200N+40N)=80N，
绳子自由端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，
拉力做的总功：W总=Fs=80N×6m=480J，
拉力做功的功率：P=W总t=480J1s=480W；
(3)滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=400J480J×100%≈83.3%。
答：(1)有用功为400J；
(2)拉力F的功率为480W；
(3)此过程中滑轮组的机械效率为83.3%。
【解析】(1)利用W有=Gh求有用功；
(2)由图可知n=3，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端的拉力，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(3)利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率。
本题考查使用滑轮组时绳子自由端拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
28.【答案】解：(1)太阳能电池1s输出的电能为：
W=UIt=120V×10A×1s=1200J；
太阳能电池板1s接收的能量为：
E=1000J/(m2⋅s)×8m2×1s=8000J；
电池将太阳能转化为电能的效率为：
η=WE=1200J8000J=15%；
(2)若电动机正常工作时，将电能转化机械能的转化效率是80%，则1s转化的机械能为：
W机=W⋅η=1200J×80%=960J；
电动机输出功率为：
P=W机t=960J1s=960W；
因为该车沿水平路面匀速行驶，做匀速直线运动，根据P=Fv，该车匀速行驶的速度为：
v=PF=960W150N=6.4m/s；
(3)电动机正常工作42min消耗的电能为：
W′=UIt′=120V×10A×42×60s=3.024×106J；
将电能转化机械能时损耗的能量
W损=(1−80%)W′=20%×3.024×106J=6.048×105J；
根据题意可知，损耗的能量全部被水吸收，由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度为：
Δt=Q吸c水m=W损c水m=6.048×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×6kg=24℃。
答：(1)电池将太阳能转化为电能的效率是15%；
(2)该车匀速行驶的速度是6.4m/s；
(3)水升高的温度为24℃。
【解析】(1)利用W=UIt求出电能，结合效率公式求出转化率；
(2)根据效率公式求出转化的机械能，再根据P=Wt求出电动机输出功率，利用P=Wt=Fst=Fv求出速度；
(3)利用W=UIt计算出电动机正常工作42min消耗的能量，根据题意求出将电能转化机械能时损耗的能量W损=Q吸；利用Q吸=cmΔt计算出水升高的温度。
本题考查电能的计算、功率的计算、吸热公式的灵活运用，题目有一定的难度。
29.【答案】解：(1)灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为灯泡的额定电压：U额=6V，
由图乙可得灯泡的额定电流：I额=0.5A，
根据欧姆定律可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=U额I额=6V0.5A=12Ω；
当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯泡L与定值电阻R1串联，灯L正常发光，灯泡两端的电压：UL=U额=6V，
由串联电路的规律可得，R1两端的电压：U1=U−UL=12V−6V=6V，
根据欧姆定律可得，定值电阻R1的阻值：R=U1I1=U1I额=6V0.5A=12Ω；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，变阻器与灯泡L串联，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A，由图乙可知灯泡两端的电压：U′L=3V，
由串联电路的电压规律可得R2两端的电压：U2=U−U′L=12V−3V=9V，
根据W=UIt可得1min内变阻器R2消耗的电能：W2=U2I2t=9V×0.4A×60s=216J；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，灯泡L被短接，定值电阻R1与变阻器R2并联，
根据欧姆定律可得通过R1的电流：I′1=UR1=12V12Ω=1A，
变阻器允许通过的最大电流：I2大=1A，
由并联电路的电流规律可得，干路中的电流：I=I1′+I2大=1A+1A=2A，
电流表的量程为0∼3A，I<3A
所以干路的最大电流：I=2A，
由P=UI可得电路允许消耗的最大功率：P大=UI=12V×2A=24W。
答：(1)灯泡正常发光时的电阻为12Ω；R1电阻值为12Ω；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A。1min内变阻器R2消耗的电能为216J；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，电路允许消耗的最大功率为24W。
【解析】(1)灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为灯泡的额定电压，由图乙可得灯泡的额定电流，根据欧姆定律计算灯泡正常发光时的电阻；
当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯泡L与定值电阻R1串联，灯L正常发光，由串联电路的规律计算R1两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻R1的阻值；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2、S3时，变阻器与灯泡L串联，调节变阻器的滑片，使电流表示数为0.4A，由图乙可知灯泡两端的电压，由串联电路的电压规律求出R2两端的电压，根据W=UIt计算变阻器R2消耗的电能；
(3)当开关S1、S2、S3均闭合时，灯泡L被短接，定值电阻R1与变阻器R2并联，根据电流表的量程和变阻器允许通过的最大电流确定干路的最大电流，由P=UI计算电路允许消耗的最大功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电能和电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键，要注意灯泡的电阻是变化的。
30.【答案】改变小球的速度 小球滚动的距离 质量相同时，物体的速度越大，动能越大 B
【解析】解：(1)将同一小球从斜面不同高度由静止释放，小球的质量不变，高度不同，到达水平面时的速度不同；
(2)实验中通过小球滚动距离的大小来反映显示克服摩擦力做功多少从而显示动能的大小，这是转换法的应用；
(3)根据图中实验可知，随着小球放置在静止位置的高度变高时，则小球到达水平面的速度变大，小球在水平面上运动的距离变得更远，说明小球的动能更大，故结论为：质量相同时，物体的速度越大，动能越大；
(4)小敏调节图甲中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验。不考虑底部转折处的能量损失，材料A制成的粗糙平板，由于摩擦力做功，部分能量转化为内能，达不到一开始静止位置的高度，且滚动的距离越长，克服摩擦力做功越多，机械能减小越多，故A、C错误，B正确。
故答案为：(1)改变小球的速度；(2)小球滚动的距离；(3)质量相同时，物体的速度越大，动能越大；(4)B。
(1)小球滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同；
(2)实验中通过小球滚动距离的大小来反映动能的大小；
(3)质量一定时，物体动能的大小与物体的运动速度有关，物体运动速度越大，物体的动能越大；
(4)小敏调节图甲中的平板呈不同角度，由于存在摩擦力，小球滚动后会有能量损失，不会达到一开始静止时候的高度，且滚动的距离越长，克服摩擦力做功越多，机械能减小越多。
本题考查了探究影响动能大小的相关因素，涉及到控制变量法和转换法的应用，难度不大。
31.【答案】定值电阻短路 2V37.5B
【解析】解：(1)由第二问可知控制定值电阻两端电压为2V，故电压表量程应选0∼3V，电压表和定值电阻并联，滑动变阻器一上一下接法，串联接入电路，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，所以滑动变阻器下端应接在左边，如图所示；
；
(2)电流表有示数，说明电路接通，电压表无示数，说明定值电阻短路；
(3)电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，读数为：0.4A；
定值电阻两端电压U1=IR1=0.4A×5Ω=2V；
滑动变阻器两端电压U滑=U−U1=4.5V−2V=2.5V；
滑动变阻器阻值R滑=U滑I=2.5V0.4A=6.25Ω；
当定值电阻接入阻值为30Ω时，滑动变阻器接入阻值最大，此时电阻电阻两端电压保持不变，仍为2V，电路电流I′=U1R′=2V30Ω=115A；
滑动变阻器阻值R滑′=U滑I′=2.5V115A=37.5Ω；
(4)试验1：R1=U1I1=4.0V0.4A=10Ω；
试验2：R2=U2I2=5.0V0.46A=10.9Ω；
试验3：R3=U3I3=6.0V0.5A=12Ω；
通过计算可知：随着小灯泡两端的电压的减小，小灯泡电阻也在减小；所以当小灯泡两端电压恰好为3V，小灯泡电阻小于10Ω，通过小灯泡的电流大于0.3A，功率约大于0.9W；
观察表可知，电压每次减小1V，电流表减小量越来越大，当3V时，电流I<0.4A−0.06A=0.34A。故功率P<3V×0.34A=10.2W；故选B。
故答案为：(1)如图所示；(2)定值电阻短路；(3)2V；37.5；(4)B。
(1)由第二问可知控制定值电阻两端电压为2V，故电压表量程应选0∼3V，电压表和定值电阻并联，滑动变阻器一上一下接法，串联接入电路，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，所以滑动变阻器下端应接在左边；
(2)电流表有示数，说明电路接通，电压表无示数，说明定值电阻短路；
(3)电流表读数注意量程和分度值；
根据欧姆定律计算定值电阻两端电压，根据串联分压的特点计算滑动变阻器两端的电压；
当定值电阻接入阻值为30Ω时，滑动变阻器接入阻值最大，此时电阻电阻两端电压保持不变，先计算电路中的电流；
再根据欧姆定律计算滑动变阻器阻值；
(4)根据欧姆定律计算每组实验中的电阻阻值，分析小灯泡的阻值和电压的关系，然后再根据表格中电流随电压的变化关系推算当小灯泡两端的电压为3V时候的电流变化范围，确定灯泡可能的功率。
本题考查了探究通过导体中的电流与电阻的关系的相关实验，涉及实验操作、实验故障分析、欧姆定律和功率计算。有一定难度。
32.【答案】折射 无关 a′改变观察者的位置，看二者是否依然重合
【解析】解：(1)磁铁a反射的光从水射入空气中时会发生折射，折射光线偏离法线进入眼睛，所以红色磁铁a的像a′是由于光的折射形成的虚像；
(2)①将蓝色磁铁b吸在水面上方的铁板上，可观察到磁铁b在水中的像，这是由于光的反射形成的虚像，此时平静的水面相当于平面镜；该像的位置与观察者的位置无关；
②为了确定红色磁铁的像a′的位置，移动磁铁b，当观察到b的像与a′重合时，磁铁b像的位置就是像a′的位置，这用到了等效替代法；
(3)本实验探究看到物体的位置是否和观察者的位置有关，所以下一步改变观察者的位置，看b的像与a′是否重合。
故答案为：(1)折射；(2)①无关；②a′；(3)改变观察者的位置，看二者是否依然重合。
(1)光从水射入空气中时会发生折射，所以红色磁铁a的像a′是由于光的折射形成的虚像；
(2)①平静的水面相当于平面镜，像的位置与观察者的位置无关；
②根据等效替代法分析解答；
(3)根据实验目的分析解答。
此题主要考查的是我们对光的折射、光的反射的实验探究过程及分析能力，属于基本技能的考查。
33.【答案】铜 铝 铝
【解析】解：(1)根据已知条件，铜块和铝块原来的温度均到0℃，一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃，即铜、铝的末温分别为20℃和17℃，故可知铜的温度变化大；
(2)因同质量水的初温均为23℃，甲、乙两容器中水的末温分别20℃和17℃，故乙图中水的温度变化大，根据Q=cmΔt，乙图中水放热多，因没有热损失，故铝从水中吸收的热量多；
(3)由(1)(2)，根据c=QmΔt，质量相同的铝和铜，因铝吸热多，而铝的温度变化小，故铝的比热容大。
故答案为：铜；铝；铝。
(1)铜块和铝块原来的温度均到0℃，一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃，即铜、铝的末温分别为20℃和17℃，据此回答；
(2)同质量水的初温相同，甲、乙两容器中水的末温分别20℃和17℃，根据Q=cmΔt得出两图中水放热的多少，据此回答；
(3)根据c=QmΔt分析回答。
本题比较铜和铝的比热容，考查Q=cmΔt的灵活运用，有一定难度。
34.【答案】红 ABC
【解析】解：(1)车辆超载时，R受到的压力变大，根据图乙可知，R的电阻变小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，红灯亮；
(2)汽车对地面的压力即汽车的总重力为：G=mg=4×104kg×10N/kg=4×105N；
根据杠杆的平衡条件可知，B端受到的压力为：F2=GL1L2=4×105N×11+9=4×104N；
由图可知此时压敏电阻R=30Ω；
最小电压U1=I1R1=0.1A×(30Ω+5Ω)=3.5V；
最大电压U2=I1R2=0.1A×(30Ω+50Ω+5Ω)=8.5V；
即控制电路电压U的取值范围是3.5V≤U≤8.5V；
(3)衔铁被吸下时控制电路的总电阻为：R总=U3I=5.5V0.1A=55Ω；
该报警器要设置的最低限载时，R1=0Ω，则此时压敏电阻的阻值为：R′=55Ω−5Ω=50Ω；
由图乙可知此时F3=104N，根据杠杆的平衡条件可知，汽车此时产生的压力为：F4=F3L2L1=104N×1+91=105N；
则汽车的总质量为：m1=G1g=F4g=105N10N/kg=104kg=10t；
(4)A、适当增大R1阻值，压敏电阻阻值一定时，根据欧姆定律可知通过电路的电流会减小，报警器不报警，故A可行；
B、A点适当左移，车载不变时，根据杠杆平衡条件可知压敏电阻受到的压力变小，压敏电阻的阻值变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流会变小，报警器不会报警，故B可行；
C、适当减小控制电路电源电压，压敏电阻阻值一定时，根据欧姆定律可知通过电路的电流会减小，报警器不报警，故C可行；
D、B点左移，车载不变时，根据杠杆平衡条件可知压敏电阻受到的压力变大，由图可知压敏电阻的阻值减小，根据欧姆定律可知通过电路的电流会变大，报警器报警，故D不可行；
故选：ABC。
答：(1)红；(2)控制电路电压U的取值范围是3.5V≤U≤8.5V；(3)能设置的最低限载是10吨；(4)ABC。
(1)根据乙图判定汽车超载时压敏电阻阻值的变化和控制电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，然后分析电磁铁磁性强弱的变化和衔铁的位置变化，判定工作电路的工作状态；
(2)已知路段限40吨，根据FA=G=mg得出A点的压力值FA，根据杠杆的平衡条件得出所以B点压力；根据图乙得出此时R的阻值，根据欧姆定律计算此时电源电压的值，进而得出U的取值范围；
(3)根据电源电压和吸合电流求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻关系求出压敏电阻的阻值，根据图乙得出此时的压力的大小；根据杠杆的平衡条件求出汽车压力的大小、汽车总重力的大小，
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