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2023年江苏省苏州市姑苏区中考物理一模试卷
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这是一份2023年江苏省苏州市姑苏区中考物理一模试卷，共33页。试卷主要包含了75m等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省苏州市姑苏区中考物理一模试卷
1. 下列各项数据中，最符合实际情况的是( )
A. 人体感觉最舒适的温度约为37℃
B. 中学生正常步行的速度约5m/s
C. 教室里课桌的高度约为0.75m
D. 一张物理试卷平放在桌上的压强约为10Pa
2. 抹香鲸是齿鲸亚目中体型最大的一种，头部的鲸蜡器官有极其灵敏的探测系统，能发出超声波听其回音，用以在漆黑的深海探寻食物，下列说法正确的是( )
A. 超声波与可听声的主要区别是音色不同 B. 抹香鲸探寻食物的原理与声呐相同
C. 抹香鲸发出的声音可以在真空中传播 D. 抹香鲸发出的声音响度一定很低
3. “浮光跃金，静影沉璧”出自范仲淹的名篇《岳阳楼记》。下列光现象中，与“静影沉璧”原理相同的是( )
A. 皮影戏 B. 放大镜
C. 白光分解 D. 杯弓蛇影
4. 用分子的观点对下列现象的解释错误的是( )
A. 两块表面平滑的铅块紧压后会结合起来——分子间存在引力
B. 破碎的玻璃无法复原——分子间存在斥力
C. 闻到路边怡人的花香——分子不停地运动
D. 氧气被压缩装入钢瓶——分子间有空隙
5. 下列简单机械中，属于费力杠杆的是( )
A. 食品夹 B. 开瓶器
C. 核桃夹 D. 订书机
6. 福岛核电站核污染水排海设备的启用引起了全世界人民的关注，以下关于核电站及核能说法正确的是( )
A. 核能属于可再生能源 B. 核电站利用核能的方式是核裂变
C. 核电站发电时由核能直接转化为电能 D. 核能来自于太阳
7. 如图是磁电式电流表的内部构造图，当电流通过时，线圈发生偏转，带动转轴、指针偏转，如图所示各图与电流表工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
8. 下列有关放在水平桌面上茶杯的说法正确的是( )
A. 茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力是作用力与反作用力
B. 茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力是一对平衡力
C. 桌面对茶杯的支持力是由于茶杯发生形变而产生的
D. 桌面对茶杯的支持力是由于桌面发生形变而产生的
9. 在“探究烛蜡的熔化特点”和“观察碘锤中碘的升华”两个实验中，都采用了水浴法加热，以下说法正确的是( )
A. 两个实验中烛蜡和碘都是非晶体
B. 两个实验中的物态变化过程都需要吸热
C. 两个实验采用水浴法加热主要都是为了控制温度
D. 两个实验采用水浴法加热主要都是为了受热均匀
10. 某小区的门禁系统利用电动机实现开关门。业主可利用人脸识别(相当于开关)或门禁卡(相当于开关)自动开门进入小区：外来人员经过核查登记后，由保安人员手动控制开关，开门进入小区，下列符合设计要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
11. 如图所示，A、B两个物体叠放在水平面上，A的上下表面均水平，B物体与一拉力传感器相连接，连接拉力传感器和物体B的细绳保持水平。从t=0时刻起，用一水平向右的力F=kt(k为常数)作用在物体上，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。(木块未脱离接触面)下列拉力传感器的示数F传随时间变化的图线正确的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图为自动测定油箱内油量的装置原理图，电源电压为36V，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼36V。油箱中的油量是通过电流表或电压表的示数反映出来的，且表的最大量程对应油箱最大油量，当油箱内的油面在最高或最低位置时，滑动变阻器的滑片P恰好能分别滑至两端，当油面达到最低位置时，反映油量的电表示数为最大量程的16。下列说法错误的是( )
A. R0阻值为60Ω
B. 当滑动变阻器的滑片P在中点时，电压表的示数为21V
C. 当滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.17A
D. 滑动变阻器的阻值变化范围为0∼300Ω
13. 从物理学的角度来看，噪声是发声体做无规则______ 时发出的声音，很多城市的高架桥两旁都安装有隔音板，是从______ 吸引噪声。
14. 用纸杯做以下物理小实验：
(1)图甲中，纸杯底部有一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜发出声音，烛焰晃动，说明声音具有______ 。
(2)图乙中，在纸杯旁用吸管吹气，纸杯将向______ (选填“左”或“右”)滚动，这是因为气体流速越大，压强越______ 。
(3)图丙中，用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引。以下事例中原理与此相同的是______ (填字母)。
A.磁铁吸引铁屑
B.挤压后的吸盘吸在瓷砖上
C.干手搓开的新塑料袋吸在手上
15. 如图所示，是一束光由空气斜射入某种透明介质时。在界面上发生反射和折射的光路，则入射光线一定是______，入射角的大小为______。
16. LED灯具有节能、环保的特点，标有“220V，5W”的LED灯泡和“220V，40W”白炽灯(如图所示)正常发光时的亮度相当，lkW⋅h的电能可供该LED灯正常发光______ h，与白炽灯相比，LED灯泡可以节能约______ %。
17. 如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧。此过程与四冲程汽油机的______ 冲程能量转化相同；如乙图所示的是汽油机的______ 冲程，若飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机做功______ 次。
18. 人类探索宇宙的步伐从末停止，有望在夏季从休眠状态苏醒的祝融号是中国第一辆火星车，如图是祝融号传送回地球的第一张照片，这些数据和信息是通过______ (选填“超声波”、“电磁波”)传递到地球的，这张照片历经4天才传送到地球。其中一个原因就是传输信号会有延迟，地球到火星最短距离约是5460万公里，这意味着，地球指挥中心收到祝融号发回的图像至少延迟______ s，事实上祝融号与地面通信还要借助天问一号的环绕器等设备，实际信息传送时间就大大增长了。
19. 如图所示为电烤炉的简化电路图，阅读说明书后得知：R1、R2均为电热丝，R1=44Ω，R2=66Ω。当开关S1闭合，S2处于不同状态时，电烤炉处于不同挡位，闭合S1、S2时，电烤炉处于______ 档状态(选填“低温”、“高温”)；电烤炉分别处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比为______ (忽略温度对电阻的影响)。
20. 小明书房照明灯标有“220V，60W”，发现开关S闭合后灯不亮，电工检修照明电路时用测电笔去测C、D两点时(如甲图所示)，发现氖管均发光，用测电笔去测A、B两点时，只有测A点时氖管发光，那么故障原因可能是______ (选填“A、B间短路”；“D、C间短路”；“A、D间断路”；“B、D间断路”)；电路维修完成后，小明用家中电能表(如乙图所示)测量了该灯的实际功率，单独使用该照明灯，发现电能表指示灯6min才闪烁了11次，该灯的实际功率是______ W。
21. 实验室里常用悬重法测蜡块的密度，如图所示，量筒内原来水的体积为20mL，只浸没入石块时，量筒内水与石块的总体积为22mL，石块的密度ρ=2.5×103kg/m3，此时液体对量筒底部的压力增加量为______ N；将蜡块及石块用细线悬挂后缓慢浸入水中后，意外发现此时蜡块与石块恰好悬浮，细线被拉直，量筒水面所示总体积为52mL，经分析思考，此时也能测出蜡块的密度为______ kg/m3，蜡块受到细线的拉力为______ N(细线的质量和体积忽略不计)。
22. 时下，越来越多的年轻人将借助运动APP辅助健身当作一类时尚生活方式，如图是某同学借助跳绳APP获得的练习数据，若他自身质量为50kg，每次跳起的高度为3.6cm，根据图中数据，他每跳一次克服重力做的功是______ J，跳绳时的平均功率是______ W。看完数据一览表，他对最高速率277.14bpm产生了疑问，查阅资料后可知bpm是BeatPerMinute的简称，中文名为拍子数，释义为每分钟节拍数，若该同学的心率为75bpm，根据这一心率，该同学的心跳一次时间是______ s。(g=10N/kg)
23. 如图所示，F为凹透镜的焦点，请画出对应的入射和折射光线。
24. 如图所示，O为杠杆的支点，B为阻力的作用点，画出阻力的力臂L和使杠杆平衡时，在A点作用的最小动力F的示意图。
25. 根据图中通电螺线管的南北极，标出小磁针的N极和电源的“+”极。
26. 如图所示，请在〇中填上字母A或V表示电流表或电压表，使电路能正常工作。
27. 用天然气灶烧水，若0.5m3天然气完全燃烧放出的热量60%被温度为20℃，质量为100kg的水吸收。已知水的比热容为c=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为q=7×107J/m3。
(1)0.5m3天然气完全燃烧放出的热量Q放=______ J；
(2)水的末温t=______ ℃；
(3)氢气具有热值大、环保等优点，完全燃烧______ kg氢气能产生和0.5m3天然气相同的热量。(氢气的热值为q=1.4×108J/kg)
28. 建筑工人用如图甲所示的滑轮组运送建材上楼，每次运送量不定。滑轮组的机械效率随建材重量变化的图象如图乙所示，(滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，g取10N/kg)
(1)动滑轮的重力是多大？
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，求拉力的功率；
(3)滑轮组机械效率为80%时，运送建材的重力是多大？
29. 如图所示，电源电压不变，定值电阻R0=10Ω，电流表量程为0∼3A，小灯泡标有“6V，3W”字样(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器滑片P从b端滑动到某一位置时，变阻器接入电路中的阻值减小了10Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光。
(1)电源电压是多大？
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，滑动变阻器的取值范围是多少？
(3)S、S1、S2都闭合，为保证电路安全，求滑动变阻器的最大功率。
30. 探究小组在探究液体压强的实验中进行了如图所示的操作。
(1)实验中，探究液体压强的工具是______ ；
(2)甲、乙两图是探究液体压强与______ 的关系，实验中液体内部压强的大小变化是通过______ 反映出来的；
(3)对比丙、丁得出：液体压强与盛液体的容器形状______ (选填“有关”、“无关”)；
(4)为了探究液体压强与液体密度的关系，小组成员将压强计的探头先后放入水和煤油中的某一深度处，发现U形管两侧液面高度差几乎不变，下面改进操作不能使实验效果更加明显的是______ 。
A.将U形管换成更细的
B.U形管中换用密度更小的液体
C.将烧杯中的水换成盐水
D.使探头在水和煤油中的深度加大
31. 在探究“凸透镜成像规律”“实验中如图所示：
(1)如图甲所示，凸透镜位置固定，发光的小灯泡放在40.0cm刻度线位置时，移动光屏发现光屏上始终能呈现一个面积大小不变的光斑，则该凸透镜的焦距为______ cm；
(2)在图甲中再次移动蜡烛至45cm刻度线处，则观察到的像是图丙中的______ (选填“1”、“2”、“3”或“4”)，此时将蜡烛向______ (选填“左”、“右”)移动，观察到的像会变大；
(3)图乙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像(未画出)，______ (选填“照相机”、“投影仪”和“放大镜”)就是利用这一成像规律工作的；
(4)保持图乙中蜡烛和光屏不动，只移动凸透镜到______ 刻度线处，光屏上可以再次呈现清晰的像；
(5)实验小组又借来同学的眼镜并将其靠近凸透镜左侧(如图丁)，发现光屏上的像变模糊，向右移动光屏又出现清晰的像，则该同学佩戴的是______ 眼镜。(选填“近视”、“远视”)
32. 小华在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备以下器材：电源电压为4.5V且保持不变，电流表(0-0.6A)、电压表(0-3V)、滑动变阻器(15Ω,1A)、五个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω)、开关3个、导线若干，图甲是小华在“探究电流与电压关系”的实验中所连接的实物图。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3
电流I/A
0.2
0.31
0.4
0.49
0.6
(1)经检查发现有一根导线连接错了，请在甲图错误处画“×”，并在图上改正；
(2)探究电流与电压的关系时，调节滑动变阻器滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应电压填入表格，其中一组数据本次实验无法得出，不合理的数据是第______ 次，去掉不合理的实验数据，分析可得到的结论是：______ ；
(3)探究电流与电阻的关系时，只更换定值电阻，其余连接均不变，收集数据并作出了乙图所示图像，
①本实验控制定值电阻两端电压为______ V；
②小华断开开关，用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，直接闭合开关并将滑片向右移，老师指出其操作会导致电路元件不安全，不安全的原因是______ ；
③为使5个电阻均能完成实验，若只更换滑动变阻器，更换的滑动变阻器规格为______ ；
(4)接着小华又在原有器材中选择了电源、电流表、定值电阻、开关、导线测量一标有“3.8V”，额定电流约为0.3A的小灯泡的额定电功率，请在虚线框内画出实验电路图(要求电路只连接一次)。
33. 阅读材料，回答问题。
电动机的能量电动机利用通电线圈在磁场里转动的原理，把电能转化为机械能。若电动机输入端的电压为U，且电动机不加任何负载，那么在电动机接通瞬间，线圈没有转动，因而此时电流可以计算为：I=UR，这个是欧姆定律得出的结论。但当电动机的线圈在磁场里转动时，线圈导线切割磁感线，所以在线圈中必然要产生感应电压，我们把它称作感应电动势E，因其方向跟外加电压的方向相反，通常把这个感应电动势称作反电动势。记做E反。线圈的两条侧边都会切割磁感线，同时产生感应电动势，如图所示，其大小分别为E1和E2，反电动势E反=E2+E1，这样加在线圈上的实际电压不再是U了，而变成了U-E反。
从能量上看，由于存在着反电动势，有一部分电能转化为机械能，电功并不等于电热，此时电路供给电动机的功率(输入功率)UI，转化为机械能的功率(输出功率)E反I，以及线圈上的热功率I2R两部分。
(1)如果用E反表示反电动势，U表示外加电压，R表示线圈电阻，那么电动机工作时通过线圈的电流强度等于______ (用字母表示)。
(2)若一台额定电压为3V的小直流电动机正常工作时，正常转动时反电动势为2.4V，线圈的电阻为2Ω，该电动机正常转动时将电能转化为机械能的效率为______ %。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人的正常体温约为37℃，人感觉舒适的环境温度在25℃左右，故A不符合实际；
B、人正常步行的速度约为1.1m/s，故B不符合实际；
C、中学生的身高在1.6m左右，教室里课桌的高度约为中学生身高的一半，约为0.8m，与0.75m相差不大，故C符合实际；
D、一张物理试卷平放在桌上的压强约为1Pa，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】B
【解析】解：
A、人耳的听觉频率范围通常在20Hz∼20000Hz之间；频率高于20000Hz的声波叫超声波，频率低于20Hz的声波叫次声波，所以超声波与可听声的主要区别是频率不同，故A错误；
B、抹香鲸探寻食物时能发出超声波听其回音，因此与声呐原理相同，故B正确；
C、声音的传播需要介质，真空不能传声，因此抹香鲸发出的声音不可以在真空中传播，故C错误；
D、抹香鲸是地球上现存声音最响亮的动物之一，因此抹香鲸发出的声音响度一定不低，故D错误。
故选：B。
(1)频率高于20000Hz的声波叫超声波，频率低于20Hz的声波叫次声波；
(2)声呐是利用回声定位的原理来工作的；
(3)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(4)响度是由发声体的振幅决定的；振幅：物体振动的幅度，也是物体离开原来位置的最大距离；响度与振幅的关系：发声体的振幅越大，响度就越大；振幅越小，响度也越小。
本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单。
3.【答案】D
【解析】解：静影沉璧属于平面镜成像，是由光的反射形成的；
A、皮影戏是光的直线传播形成的，故A错误；
B、放大镜成像是由光的折射形成的，故B错误；
C、白光分解属于光的色散现象，其实质是光的折射，故C错误；
D、杯弓蛇影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D正确。
故选：D。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4.【答案】B
【解析】解：A、两个表面平滑的铅块紧压后会结合起来，说明分子间存在引力，故A正确；
B、破碎的玻璃无法复原，是因为分子间距离太大，分子力非常微弱，可以忽略不计，故B错误；
C、闻到路边怡人的花香，属于扩散现象，说明分子永不停息地做无规则运动，故C正确；
D、氧气被压缩装入钢瓶，说明分子间存在间隙，故D正确。
故选：B。
分子动理论的基本观点：
(1)一切物质都是由分子或原子构成的，分子间有间隙；
(2)一切分子都在不停地做无规则运动；温度越高分子运动得越剧烈；
(3)分子之间存在着相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的基本观点，属于基础题。
5.【答案】A
【解析】解：A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、订书机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6.【答案】B
【解析】解：A、核能属于不可再生能源，故A错误；
B、核电站是利用核裂变的链式反应产生的能量来发电的，故B正确；
C、核电站发电的过程是将核裂变产生的核能转化为内能，再通过汽轮发电机转化为电能，故C错误；
D、核能不是来自于太阳能，故D错误。
故选：B。
(1)能源分为可再生能源和不可再生能源。像煤、石油、天然气其储量是有限的，这些能源不能在短时间内再次生产出来，因此称为不可再生能源。而像风能、水能、太阳能、潮汐能可循环使用，在使用后会在短时间内重新形成，因此称为可再生能源；
(2)核能释放能量有核裂变和核聚变两种方式；
(3)核电站中核能首先转化为内能，然后通过汽轮机带动发电机来发电；
(4)地热能、潮汐能和核能都不是来自于太阳能。
本题考查学生对核能的了解情况，难度不大。
7.【答案】C
【解析】解：磁电式电流表中，当电流通过时，线圈发生偏转，带动转轴、指针偏转，因此电流表的制成原理是通电线圈在磁场中受力转动。
A、图中为发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，与电流表的工作原理无关，故A错误；
B、图中为奥斯特实验装置，是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故B错误；
C、图中为电动机的原理图，是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的，故C正确；
D、图中电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故D错误。
故选：C。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。
8.【答案】D
【解析】解：A、茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力作用在不同物体上的两个力，且方向相同，所以不是作用力和相互作用力，故A错误；
B、茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力作用在不同物体上的两个力，且方向相同，所以不是一对平衡力，故B错误；
CD、桌面对茶杯的支持力是由于茶杯挤压桌面使桌面发生形变而产生的，故C错误，故D正确。
故选：D。
平衡力：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；
相互作用力：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上；
物体发生弹性形变时产生的力是弹力。
知道二力平衡的条件和相互作用力的条件，并且会区分平衡力和相互作用力是解答的关键。
9.【答案】B
【解析】解：A、碘是晶体，蜡是非晶体，故A错误。
B、两个实验中的物态变化过程都需要吸热，故B正确。
CD、碘实验中采用水浴法加热主要是为了控制温度，蜡的熔化实验用水浴法加热主要是为了受热均匀，故CD错误。
故选：B。
(1)晶体熔化时有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点。
(2)熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热；升华指物质由固态直接转变成气态，升华要吸热。
(3)水浴法可以使物体受热均匀。
本题考查了升华、熔化与水浴法，属于基础题。
10.【答案】C
【解析】解：由题知，人脸识别、刷卡识别、手动控制，只要其中一种方式“识别”成功，则相应开关闭合，从而使电动机启动工作，所以三个开关应并联后再与电动机串联，故只有C符合题意。
故选：C。
几个开关串联时，需要所有开关都闭合，用电器才能工作；几个开关并联时，只要一个开关闭合，用电器就能工作。根据题意可知，只要其中一种方式“识别”成功，则相应开关闭合，电动机启动，据此分析解答。
本题考查了根据要求设计电路图，关键是明确各开关的连接方式。
11.【答案】D
【解析】解：从t=0时刻起，用一水平向右的力F=kt(k为常数)作用在物体上，开始拉动时，A没有拉到，B没有相对运动趋势，在绳子伸直前传感器没有受到拉力的作用，此时的示数为0；
绳子拉直后，再次拉动A，A对B施加了水平向右摩擦力的作用，B在静摩擦力的作用下会向右移动，使得传感器受到拉力的作用，且传感器的示数随B向右移动而增大；当到达最大静摩擦力时，物体B相对于A发生了相对滑动，物体B会处于静止状态，在滑动过程中，B对A的压力不变、接触面的粗糙程度不变，受到的滑动摩擦力大小不变，此时的传感器对B的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以传感器的示数不变；根据四个选项可知，D正确。
故选：D。
根据B的运动状态、整个装置的运动状态分析拉力传感器的示数的大小变化；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查了运动图像的分析、影响滑动摩擦力大小的因素，难度不大。
12.【答案】B
【解析】解：A、由图可知：油箱内油面达到最高位置时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，根据I=UR可知电流表的示数最大，由于电压表测量滑动变阻器两端的电压，则电压表为零；根据要求可知，电表的最大量程对应油箱的最大油量，所以反映油量的电表是电流表。
滑动变阻器接入电路的阻值为零，电流表的示数最大，根据I=UR可知定值R0的阻值应为：
R0=UI=36V0.6A=60Ω，故A正确；
D、当油箱内油面达到最低位置时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路的电流最小；根据反映油量的电表的最大示数为最大量程的16可知：I最小=16×0.6A=0.1A，
根据I=UR可知电路总电阻：
R总=UI最小=36V0.1A=360Ω；
根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：
滑动变阻器的最大阻值为：
R大=R总-R0=360Ω-60Ω=300Ω；
所以滑动变阻器的阻值变化范围为0∼300Ω，故D正确；
BC、当滑动变阻器的滑片P在中点时，电路中的总电阻为：
R串=R大2+R0=300Ω2+60Ω=210Ω，
根据I=UR可知，电路中的电流为：
I串=UR串=36V210Ω=18105A≈0.17A，即电流表示数为0.17A，故C正确；
此时滑动变阻器两端的电压为：
UV=I串×R大2=18105A×300Ω2≈25.7V，即电压表示数为25.7V，故B错误。
故选：B。
(1)由于表的最大量程对应油箱的最大油量，油箱内油面达到最低或最高位置时，根据欧姆定律可知电流表或电压表的示数变化，从而确定反映油量变化的电表；当滑动变阻器接入电路的阻值为零时，已知定值电阻两端的电压和通过的电流，根据公式R=UI可求定值电阻R0的阻值；
(2)油箱内油面达到最低位置时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，已知此时的电流大小，根据欧姆定律求出总电阻，进一步求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)当滑动变阻器的滑片P在中点时，根据串联电路电阻特点和欧姆定律可求出此时电路中的电流，从而可求出此时滑动变阻器两端的电压。
本题考查电阻、电流等的计算，是一道力学和电学的综合题，学以致用，符合新课标的要求。
13.【答案】振动 传播过程中
【解析】解：(1)从物理学的角度看，噪声是指发声体做无规则的振动时发出的声音；
(2)很多城市的高架桥两旁都安装有隔音板是在传播过程中吸引噪声。
故答案为：振动；传播过程中。
(1)从物理学角度来讲，发声体做无规则振动时发出的声音叫噪声；从环境保护的角度看，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音都属于噪声；
(2)减弱噪声的途径有：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
本题主要考查学生对噪声定义以及减弱噪声途径的了解和掌握，是一道基础题。
14.【答案】能量 右 小 C
【解析】解：(1)拍打薄膜发出声音，烛焰晃动，说明声音具有能量。
(2)在纸杯旁用吸管吹气，纸杯右边的气体流速大，压强小，故纸杯将向右边滚动。
(3)用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引，这是带电体能吸引带电体，与这个原理相同的是干手搓开的新塑料袋吸在手上，故选C。
故答案为：(1)能量；(2)右；小；(3)C。
(1)声音能传递能量。
(2)流速大的地方压强小。
(3)带电体能吸引轻小物体。
本题考查了声音的有关知识、流体压强和带电体特点，属于基础题。
15.【答案】BO75∘
【解析】解：当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；
假设AO或CO是入射光线，若OC或OA为反射光线，OB为折射光线，根据图中的角度关系可知，此时的折射光线与法线重合，不可能，如图：
；
假设AO或CO是入射光线，若OB为反射光线，则OC或OA为折射光线，折射光线与入射光线在法线同侧，不可能，如图：
；
假设BO是入射光线，若OC为反射光线，OA为折射光线，折射角小于入射角，可能，如下左图；
若OA为反射光线，OC为折射光线，折射角小于入射角，可能，如下右图：
；
可见，BO一定是入射光线，OA、OC可能是反射光线也可能是折射光线；此时反射光线与入射光线之间的夹角都为150∘，则入射角为150∘2=75∘，
故答案为：BO；75∘。
光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，首先要掌握定律的内容，根据法线和界面的关系确定反射角与入射角之间的关系。
16.【答案】20087.5
【解析】解：(1)lkW⋅h的电能可供该LED灯正常发光的时间：
t=WP=1kw⋅h0.005kw=200h；
(2)当两种灯正常发光的时间相同都为t时，
LED灯消耗的电能为：
WLED=5W×t；
白炽灯消耗的电能为：
W白=40W×t；
所以LED灯泡可以节能：
40W×t-5W×t40w×t=87.5%。
故答案为：200；87.5。
(1)根据t=WP计算LED的正常发光时间。
(2)设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比。
本题考查了电功率公式和效率公式的应用，计算过程要注意单位的换算。
17.【答案】压缩 排气 15
【解析】解：
(1)在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速向下压，棉花燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；
(2)从图中可以看出，进气门关闭、排气门打开，活塞向上移动的特点，可以判断这个冲程是排气冲程；
(3)四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min=30r/s，则该飞轮每秒钟转30圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功1次，所以1s内，飞轮转30圈，共15个工作循环，共60个冲程，共做功15次。
故答案为：压缩；排气；15。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；
(2)汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断什么冲程；
(3)汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成。在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次。
根据改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理(能量的转化)；知道在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次可解答此题。
18.【答案】电磁波 182
【解析】解：祝融号将信息以电磁波形式传递到地球的；
已知地球到火星最短距离约是s=5460万公里=5.46×1010m，电磁波的传播速度v=v光速=3×108m/s，从祝融号发出信号到地球测控站接收所用时间t=sv=5.46×1010m3×108m/s=182s。
故答案为：电磁波；182s。
(1)电磁波可以传递信息；
超声波传播需要有介质，真空不能传声。
(2)已知火星与地球的距离和电磁波的传播速度，由t=sv可求得从祝融号发出信号到地球测控站接收所用时间。
本题考查电磁波的传播条件及速度公式的应用，需要知道电磁波的速度等于光速是解答本题的关键。
19.【答案】高温 5：3
【解析】解：A、当S1闭合，S2断开，R1、R2串联；当S1、S2闭合时，R1被短路，电路为R2的简单电路；
因串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P=UI=U2R可知，当S1、S2闭合时，电路为R2的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电烤炉为高温挡；
B、电烤炉处于高温挡时，电路为R2的简单电路，电路中的电流：I高=UR2=220V66Ω=103A，
电烤炉处于低温挡时，R1、R2串联，电路中的电流：I低=UR总=UR1+R2=220V44Ω+66Ω=2A，
由W=UIt可知，电烤炉处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比：
W高：W低=UI高t：UI低t=103A：2A=5：3。
故答案为：高温；5：3。
(1)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
(2)根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出两状态时电路中的电流，根据W=UIt求出两状态时电路在相同时间内所消耗的电能之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率和电功公式的灵活运用，正确的判断电烤炉处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
20.【答案】B、D间断路 55
【解析】解：由题意可知，用测电笔测A、B、C、D四点时，测A、C、D三点时，氖管均发光，只有测B点时氖管不发光，则说明A、C、D三点与火线相连，B点与火线是断开的，由此可知B与D点之间断路。
电能表指示灯闪烁11次消耗的电能：W=112000kW⋅h；
用电器的实际功率：P=Wt=112000kW⋅h660h=0.055kW=55W。
故答案为：B、D间断路；55。
家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光。据此分析判断。
2000imp/kW⋅h表示消耗1kW⋅h的电能，电能表闪动2000次，据此可求出当电能表的闪动11次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=Wt求出用电器的功率。
本题考查了功率的计算、用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔所测部位与火线连通则亮，所测部位与火线不连通则不亮。
21.【答案】0.029000.03
【解析】解：(1)只浸没入石块时，V排1=V2-V1=22mL-20mL=2mL=2cm3=2×10-6m3，
由于量筒是柱状容器，则液体对量筒底部的压力增加量ΔF=G排1=m排1g=ρ水V排1g=1.0×103kg/m3×2×10-6m3×10N/kg=0.02N；
由于石块是浸没状态，则石块的体积：V石=V排1=2×10-6m3，
石块的重力：G石=m石g=ρV石g=2.5×103kg/m3×2×10-6m3×10N/kg=0.05N；
(2)蜡块与石块恰好悬浮时，V排2=V3-V1=52mL-20mL=32mL=32cm3=3.2×10-5m3，
蜡块与石块受到的浮力：F浮=ρ水gV排2=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.2×10-5m3=0.32N；
根据悬浮条件可知：F浮=G石+G蜡，
则：G蜡=F浮-G石=0.32N-0.05N=0.27N，
蜡块的质量：m蜡=G蜡g=0.27N10N/kg=0.027kg，
蜡块的体积：V蜡=V3-V2=52mL-22mL=30mL=30cm3=3×10-5m3，
蜡块的密度：ρ蜡=mV=0.027kg3×10-5m3=900kg/m3；
(3)石块受到的浮力为：F浮石=ρ水gV石=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-6m3=0.02N；
由于石块受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、浮力，石块处于平衡状态，根据受力平衡可知蜡块受到细线的拉力。
F=G石-F浮石=0.05N-0.02N=0.03N。
故答案为：0.02；900；0.03；
(1)只浸没入石块时，由于量筒是柱状容器，则液体对量筒底部的压力增加量等于石块排开水的重力，根据G=mg=ρVg即可求出石块排开水的重力；
同时求出石块的体积和重力；
(2)蜡块与石块恰好悬浮时，根据阿基米德原理求出蜡块与石块受到的浮力，根据悬浮条件求出蜡块的重力，然后求出蜡块的质量；
根据排开水的体积求出蜡块的体积，利用ρ=mV求出蜡块的密度；
(3)石块受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、浮力，这三个力是平衡力，根据受力平衡即可求出蜡块受到细线的拉力。
此题的综合性强，包括压力的变化量、浮力、平衡力、密度计算，综合性强，所以难度很大。
22.【答案】1873.20.8
【解析】解：他每跳一次克服重力做的功：W1=Gh=mgh=50kg×10N/kg×0.036m=18J；
由图可知，1min跳绳244个，1min内做的功：W=244W1=244×18J=4392J
跳绳时的平均功率：P=Wt=4392J60s=73.2W；
该同学的心跳一次时间：t=60s75=0.8s。
故答案为：18；73.2；0.8。
根据W1=Gh=mgh得出他每次跳绳时克服重力做的功；
根据W=244W1得出1min内做的功，根据P=Wt跳绳时克服重力做功的平均功率。
本题考查功和功率的计算，需要记住功和功率的计算公式。
23.【答案】解：过凹透镜光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
凹透镜的特殊光线有三条：过凹透镜光心的光线其传播方向不变；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。
24.【答案】解：图中OB是阻力臂L；OA是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向为左下方，据此可画出最小的动力F；如图：
【解析】力臂是从支点都动力作用线的距离；
根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
要做出杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；②连接支点与动力作用点，得到最长的线段；③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线，根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。
25.【答案】解：
(1)螺线管的下端为N极，根据磁极间作用规律可知，靠近螺线管下端的小磁针的下端为S极，上端为N极；
(2)利用螺线管线圈的绕向和N、S极，结合右手螺旋定则可以确定线圈中电流的方向是从螺线管的上端流入，下端流出，从而可以确定电源的上端为正极，下端为负极。答案如图所示。
【解析】①利用螺线管的N、S极，结合磁极间作用规律，确定小磁针的N、S极；
②利用螺线管的N、S极，和线圈绕向，根据右手螺旋定则可以确定线圈中电流方向，进一步确定电源的正负极。
关于右手螺旋定则，涉及三个方向：磁场方向、线圈绕向、电流方向，告诉其中的两个让确定第三个。如此题：告诉了磁场方向和绕向，确定电流方向。
26.【答案】解：由电路图可知，若上面的电表为电流表，则电路会出现短路现象，所以该电表为电压表；
下面的电表串联在干路中，为电流表，如图所示：
【解析】根据电压表与被测电路并联，电流表与被测电路串联，分析解答。
解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，是一道基础题。
27.【答案】3.5×107 700.25
【解析】解：(1)0.5m3天然气完全燃烧放出的热量Q放=V天然气q=0.5m3×7×107J/m3=3.5×107J；
(2)水吸收的热量Q吸=ηQ放=60%×3.5×107J=2.1×107J，
水的末温t=Q吸cm+t0=2.1×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg+20℃=70℃；
(3)完全燃烧氢气的质量m氢气=Q放q氢气=3.5×107J1.4×108J/kg=0.25kg。
答：(1)3.5×107；
(2)70；
(3)0.25。
(1)根据Q=Vq计算0.5m3天然气完全燃烧放出的热量；
(2)根据Q吸=ηQ放计算水吸收的热量，根据t=Q吸cm+t0计算水的末温；
(3)根据m=Q放q完全燃烧氢气的质量。
本题考查了燃料燃烧放热公式和液体升温吸热公式及其变形公式的应用，属于基础题，要求学生掌握。
28.【答案】解：
(1)由图象可知，当建材重为G1=300N时，滑轮组的机械效率η1=50%，
由于滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，
则滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动；
所以动滑轮的重力：G动=1-η1η1×G1=1-50%50%×300N=300N；
(2)1min内绳子自由端移动的距离s=2h=2×12m=24m，
拉力做的功：W=Fs=200N×24m=4800J；
拉力的功率：P=Wt=4800J60s=80W；
(3)当滑轮组的机械效率为80%时，根据η=GG+G动可得此时运送建材的重力：
G2=η2G动1-η=80%×300N1-80%=1200N；
答：(1)动滑轮的重力是300N；
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，拉力的功率为80W；
(4)滑轮组的机械效率为80%时运送建材的重力是1200N。
【解析】(1)利用η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动求出动滑轮的重力；
(2)首先确定滑轮组绳子有效股数，然后利用s=nh求出绳子自由端移动的距离，再利用W=Fs求出拉力做的功；利用P=Wt求出功率；
(3)当η2=80%时，滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，据此求提升物体重力。
此题考查重力、功和功率、滑轮组的机械效率的计算，关键是滑轮组绳子有效股数的确定和η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动的应用。
29.【答案】解：(1)由P=UI得小灯泡正常发光的电流为：
IL=PLUL=3W6V=0.5A；
由I=UR得灯泡的电阻为：RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
当开关S闭合，S1、S2断开，该电路为滑动变阻器R和小灯泡L的串联电路，电流表测电路中的电流；
由题知滑片P从b滑至某一位置时，其接入电路的阻值变小，电路中的电流变大；
当滑片P从b端滑至某一位置时，灯泡正常发光，则电路中的电流为：I=IL=0.5A，
则电源电压为：U=UL+UR=6V+IR=6V+0.5A×(RP-10Ω)---①；
当滑片P在b端时，电路中的电流为：I'=I-0.2A=0.5A-0.2A=0.3A，
则电源电压为：U=I'(RL+RP)=0.3A×(12Ω+RP)---②；
联立①②可解得：RP=13Ω，U=7.5V；
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，灯正常发光，此时接入的电阻R小=RP-10Ω=3Ω；当变阻器接入电路的电阻最大，电路安全，故滑动变阻器的取值范围3Ω-13Ω。
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为滑动变阻器R和定值电阻R0的并联电路，电流表测干路的电流；
通过R0的电流为：
I0=UR0=7.5V10Ω=0.75A，
已知电流表量程为0∼3A，则干路电流最大I=3A，
由并联电路的电流特点可知通过R的最大电流为：
IR大=I大-I0=3A-0.75A=2.25A，
则滑动变阻器的最大功率为：
P大=I大U=2.25A×7.5V=16.875W。
答：(1)电源电压是7.5V；
(2)滑动变阻器的取值范围3Ω-13Ω；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，调节滑片P，在保证电路安全的前提下，滑动变阻器R的最大功率是16.875W。
【解析】(1)利用P=UI可算出小灯泡正常发光的电流，由I=UR可求出灯泡的电阻；当开关S闭合，S1、S2断开，该电路为滑动变阻器R和小灯泡L的串联电路，电流表测电路中的电流；滑片P从b端滑至某一位置时，其接入电路的阻值变小，电路中的电流变大，利用P=UI求出灯泡正常发光时的电流，进而可求出滑片P在b端时电路中的电流；分别利用欧姆定律将滑片P在b端和某位置时的电源电压表示出来，将两组表达式联立即可解出滑动变阻器的最大阻值和电源电压；
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，灯正常发光，根据(1)中移动的电阻确定最小电阻，结合滑动变阻器的最大值得出滑动变阻器的取值范围；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为滑动变阻器R和定值电阻R0的并联电路，电流表测干路的电流；并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，利用欧姆定律求出通过R0的电流，并联电路中各个支路之间互不影响；已知电流表的量程，即干路电流最大值，据此求出通过滑动变阻器的最大电流，利用P=UI求出滑动变阻器的最大功率。
本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是利用电源电压不变，通过解方程组的方法求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值。
30.【答案】液体压强计 液体深度 液体压强计U形管两边液面的高度差 无关 A
【解析】解：(1)实验中，探究液体压强的工具是液体压强计，通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)甲、乙两图中液体相同，乙中液体深度较大，故是探究液体压强与深度的关系，根据转换法，实验中液体内部压强的大小变化是通过液体压强计U形管两边液面的高度差反映出来的；
(3)丙、丁实验中，液体的密度和深度相同，容器形状不同，而U形管两边液面的高度差相同，故对比丙、丁、得出液体压强与盛液体的容器形状关。
(4)小明将压强计的探头先后放入水和煤油中的某一深度处，发现U形管两侧液面高度差几乎不变，说明这两次实验中，液体对探头的压强几乎相等。若我们想明显地观察到两次实验的区别，就应该想办法，让U形管内液面的高度差有很大的差别。
A、烧杯内的液体对探头产生的压强一定时，U形管两边的高度差一定，与U形管的粗细无关，则该方法不能使实验效果更加明显，故A符合题意；
B、烧杯内的液体对探头产生的压强一定时，将U形管中换用密度更小的液体后，根据p=ρgh可知U形管两侧液面的高度差增大，能使实验效果更加明显，故B不符合题意；
C、将烧杯中的水换成盐水后，在探头深度不变的情况下，盐水对探头的压强更大，这将导致左侧压强计中液柱的高度差更大，能使实验效果更加明显，故C不符合题意；
D、使探头在水和煤油中的深度加大，探头受到的液体压强增大，则U形管两侧液面的高度差增大，能使实验效果更加明显，故D不符合题意。
故选：A。
故答案为：(1)液体压强计；(2)液体深度；液体压强计U形管两边液面的高度差；(3)无关；(4)A。
(1)(2)用液体压强计显示液体内部压强的大小，液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)根据丙、丁实验中找出相同因素和不同因素，根据转换法得出液体压强与不同因素的关系；
(4)液体的压强只跟液体的深度和密度有关，金属盒在液体的密度越大、液体密度越大，产生的压强越大，U形管两侧的高度差越大，实验现象越明显；液体对金属盒产生的压强一定时，U形管两边的高度差一定，与U形管的粗细无关；若U形管中换用密度小的液体，则高度差增加，实验现象越明显。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
31.【答案】10.04左 投影仪 65.0cm近视
【解析】解：(1)根据焦点和焦距的定义可知，当小灯泡距离透镜为50.0cm-40.0cm=10.0cm时，在右侧无论怎样移动光屏，发现光屏上始终是一个大小不变的圆形光斑，说明小灯泡在凸透镜是焦点上，则该透镜的焦距为10.0cm；
(2)在图甲中再次移动蜡烛至45cm刻度线处，此时物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，则观察到的像是图丙中的4；
要使观察到的像会变大，根据凸透镜成虚像时，物距增大，像变大可知，此时应将蜡烛向左移动；
(3)图乙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，此时物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(4)图乙中物距u=50.0cm-35.0cm=15.0cm，v=80.0cm-50.0cm=30.0cm，凸透镜成倒立放大的实像，根据光的折射中光路是可逆的，当v=15.0cm，u=30.0cm时，凸透镜成倒立缩小的实像，故当凸透镜在65cm刻度线处，符合v=15.0cm，u=30.0cm，所以把凸透镜移动65.0cm刻度线处；
(5)实验小组又借来同学的眼镜并将其靠近凸透镜左侧(如图丁)，发现光屏上的像变模糊，向右移动光屏又出现清晰的像，说明该眼镜对光线具有发散作用，使光线推迟会聚，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，故该同学佩戴的是近视眼镜。
故答案为：(1)10.0；(2)4；左；(3)投影仪；(4)65.0cm；(5)近视。
(1)凸透镜能将从焦点发出的光会聚后平行于主轴，而焦距即为焦点到光心的距离；
(2)物距小于焦距时，成正立、放大的虚像；凸透镜成虚像时，物距增大，像变大；
(3)根据2f>u>f时，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(4)光的折射中，光路是可逆的；
(5)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用。
凸透镜成像的几种情况是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握：
u>2f，成倒立缩小的实像，2f>v>f；
u=2f，成倒立等大的实像，v=2f；
2f>u>f，成倒立放大的实像，v>2f；
u
32.【答案】1 当电阻一定时，通电导体的电流与导体两端的电压成正比 2.5当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程 20Ω，1A
【解析】解：(1)由甲图可知，电压表应并联在电阻两端，应将电阻左端的导线与电压表“-”接线柱相连，正确的电路图如图所示：；
(2)由第1次数据，电阻R两端的电压为1.0V，则滑动变阻器两端的电压4.5V-1.0V=3.5V，则接入电路的滑动变阻器阻值R滑=UI=3.5V0.2A=17.5Ω>15Ω，故第一组数据不合理；
由表中数据可知，当电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比；
(3)①由图乙可得，任选一组电流和电阻值，可得电压U=IR=0.5A×5Ω=2.5V；
②用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，直接闭合开关并将滑片向右移，老师指出其操作会导致电路元件不安全，不安全的原因是当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程；
③由于电阻R两端的电压U=2.5V，则滑动变阻器的两端的电压U滑'=4.5V-2.5V=2V；当电流最小为0.1A时，此时滑动变阻器接入的阻值为R滑'=UI=2V0.1A=20Ω，故滑动变阻器的规格至少为“20Ω，1A”；
(4)用电流表和定值电阻测小灯泡的额定功率，故应将定值电阻与小灯泡并联，再与电流表串联，调节滑动变阻器使通过定值电阻的电流与定值电阻的阻值乘积等于小灯泡的额定电压3.8V；不改变滑动变阻器的阻值，将小灯泡与滑动变阻器串联，读出此时电流表的示数，即为小灯泡的额定电流，根据P=UI求额定功率，故电路图为：。
故答案为：(1)；(2)1；当电阻一定时，通电导体的电流与导体两端的电压成正比；(3)①2.5；②当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程；③20Ω，1A；(4)。
(1)探究电流与电压关系的实验，电流表要与待测电路串联，电压表并联在电阻两端，滑动变阻器串联在被测电路中，且要一上一下连接；
(2)分析表中第1次数据，由串联电路电压特点求滑动变阻器两端的电压，根据R=UI计算滑动变阻器接入电路的电阻可知；
由表中数据，可知，电流与电压成正比，由此得出结论；
(3)①由图乙I-R图象可知，控制电压相同，故根据U=IR可得电压；
②用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，直接闭合开关并将滑片向右移，老师指出其操作会导致电路元件不安全，不安全的原因是当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程；
③由图乙可知，电流最小为0.1A，此时滑动变阻器接入最大阻值，根据R=UI求出此时的阻值，从而确定规格；
(4)用电流表和定值电阻测小灯泡的额定功率，故应将定值电阻与小灯泡并联，再与电流表串联，调节滑动变阻器使通过定值电阻的电流与定值电阻的阻值乘积等于小灯泡的额定电压3.8V；不改变滑动变阻器的阻值，将小灯泡与滑动变阻器串联，读出此时电流表的示数，即为小灯泡的额定电路，根据P=UI求额定功率。
本题考查电路正确连接；电流与电压的关系；欧姆定律；滑动变阻器规格选择；单表测功率的电路设计，有难度。
33.【答案】U-E反R 80
【解析】解：(1)根据电路供给电动机的功率(输入功率)UI，转化为机械能的功率(输出功率)E反I，以及线圈上的热功率I2R两部分，有
UI=E反I+I2R；
解得I=U-E反R；
(2)电动机正常转动时的电流I=U-E反R=3V-2.4V2Ω=0.3A；
根据电动机的效率η=E反IUI×100%=2.4V×0.3A3V×0.3A×100%=80%。
故答案为：(1)U-E反R；(2)80。
(1)根据电路供给电动机的功率(输入功率)UI，转化为机械能的功率(输出功率)E反I，以及线圈上的热功率I2R两部分，列出关系式，解得电流大小I；
(2)根据(1)中电流表达式计算电路中的电流，电动机的效率等于机械能与电能的比值。
本题考查了电动机产生热量、消耗电能以及电动机工作效率的计算，要利用好条件：电动机输出的机械功率和消耗的电功率之比叫做电动机的效率。
2023年江苏省苏州市姑苏区中考物理一模试卷
1. 下列各项数据中，最符合实际情况的是( )
A. 人体感觉最舒适的温度约为37℃
B. 中学生正常步行的速度约5m/s
C. 教室里课桌的高度约为0.75m
D. 一张物理试卷平放在桌上的压强约为10Pa
2. 抹香鲸是齿鲸亚目中体型最大的一种，头部的鲸蜡器官有极其灵敏的探测系统，能发出超声波听其回音，用以在漆黑的深海探寻食物，下列说法正确的是( )
A. 超声波与可听声的主要区别是音色不同 B. 抹香鲸探寻食物的原理与声呐相同
C. 抹香鲸发出的声音可以在真空中传播 D. 抹香鲸发出的声音响度一定很低
3. “浮光跃金，静影沉璧”出自范仲淹的名篇《岳阳楼记》。下列光现象中，与“静影沉璧”原理相同的是( )
A. 皮影戏 B. 放大镜
C. 白光分解 D. 杯弓蛇影
4. 用分子的观点对下列现象的解释错误的是( )
A. 两块表面平滑的铅块紧压后会结合起来——分子间存在引力
B. 破碎的玻璃无法复原——分子间存在斥力
C. 闻到路边怡人的花香——分子不停地运动
D. 氧气被压缩装入钢瓶——分子间有空隙
5. 下列简单机械中，属于费力杠杆的是( )
A. 食品夹 B. 开瓶器
C. 核桃夹 D. 订书机
6. 福岛核电站核污染水排海设备的启用引起了全世界人民的关注，以下关于核电站及核能说法正确的是( )
A. 核能属于可再生能源 B. 核电站利用核能的方式是核裂变
C. 核电站发电时由核能直接转化为电能 D. 核能来自于太阳
7. 如图是磁电式电流表的内部构造图，当电流通过时，线圈发生偏转，带动转轴、指针偏转，如图所示各图与电流表工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
8. 下列有关放在水平桌面上茶杯的说法正确的是( )
A. 茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力是作用力与反作用力
B. 茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力是一对平衡力
C. 桌面对茶杯的支持力是由于茶杯发生形变而产生的
D. 桌面对茶杯的支持力是由于桌面发生形变而产生的
9. 在“探究烛蜡的熔化特点”和“观察碘锤中碘的升华”两个实验中，都采用了水浴法加热，以下说法正确的是( )
A. 两个实验中烛蜡和碘都是非晶体
B. 两个实验中的物态变化过程都需要吸热
C. 两个实验采用水浴法加热主要都是为了控制温度
D. 两个实验采用水浴法加热主要都是为了受热均匀
10. 某小区的门禁系统利用电动机实现开关门。业主可利用人脸识别(相当于开关)或门禁卡(相当于开关)自动开门进入小区：外来人员经过核查登记后，由保安人员手动控制开关，开门进入小区，下列符合设计要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
11. 如图所示，A、B两个物体叠放在水平面上，A的上下表面均水平，B物体与一拉力传感器相连接，连接拉力传感器和物体B的细绳保持水平。从t=0时刻起，用一水平向右的力F=kt(k为常数)作用在物体上，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。(木块未脱离接触面)下列拉力传感器的示数F传随时间变化的图线正确的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图为自动测定油箱内油量的装置原理图，电源电压为36V，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0∼36V。油箱中的油量是通过电流表或电压表的示数反映出来的，且表的最大量程对应油箱最大油量，当油箱内的油面在最高或最低位置时，滑动变阻器的滑片P恰好能分别滑至两端，当油面达到最低位置时，反映油量的电表示数为最大量程的16。下列说法错误的是( )
A. R0阻值为60Ω
B. 当滑动变阻器的滑片P在中点时，电压表的示数为21V
C. 当滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.17A
D. 滑动变阻器的阻值变化范围为0∼300Ω
13. 从物理学的角度来看，噪声是发声体做无规则______ 时发出的声音，很多城市的高架桥两旁都安装有隔音板，是从______ 吸引噪声。
14. 用纸杯做以下物理小实验：
(1)图甲中，纸杯底部有一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜发出声音，烛焰晃动，说明声音具有______ 。
(2)图乙中，在纸杯旁用吸管吹气，纸杯将向______ (选填“左”或“右”)滚动，这是因为气体流速越大，压强越______ 。
(3)图丙中，用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引。以下事例中原理与此相同的是______ (填字母)。
A.磁铁吸引铁屑
B.挤压后的吸盘吸在瓷砖上
C.干手搓开的新塑料袋吸在手上
15. 如图所示，是一束光由空气斜射入某种透明介质时。在界面上发生反射和折射的光路，则入射光线一定是______，入射角的大小为______。
16. LED灯具有节能、环保的特点，标有“220V，5W”的LED灯泡和“220V，40W”白炽灯(如图所示)正常发光时的亮度相当，lkW⋅h的电能可供该LED灯正常发光______ h，与白炽灯相比，LED灯泡可以节能约______ %。
17. 如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧。此过程与四冲程汽油机的______ 冲程能量转化相同；如乙图所示的是汽油机的______ 冲程，若飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机做功______ 次。
18. 人类探索宇宙的步伐从末停止，有望在夏季从休眠状态苏醒的祝融号是中国第一辆火星车，如图是祝融号传送回地球的第一张照片，这些数据和信息是通过______ (选填“超声波”、“电磁波”)传递到地球的，这张照片历经4天才传送到地球。其中一个原因就是传输信号会有延迟，地球到火星最短距离约是5460万公里，这意味着，地球指挥中心收到祝融号发回的图像至少延迟______ s，事实上祝融号与地面通信还要借助天问一号的环绕器等设备，实际信息传送时间就大大增长了。
19. 如图所示为电烤炉的简化电路图，阅读说明书后得知：R1、R2均为电热丝，R1=44Ω，R2=66Ω。当开关S1闭合，S2处于不同状态时，电烤炉处于不同挡位，闭合S1、S2时，电烤炉处于______ 档状态(选填“低温”、“高温”)；电烤炉分别处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比为______ (忽略温度对电阻的影响)。
20. 小明书房照明灯标有“220V，60W”，发现开关S闭合后灯不亮，电工检修照明电路时用测电笔去测C、D两点时(如甲图所示)，发现氖管均发光，用测电笔去测A、B两点时，只有测A点时氖管发光，那么故障原因可能是______ (选填“A、B间短路”；“D、C间短路”；“A、D间断路”；“B、D间断路”)；电路维修完成后，小明用家中电能表(如乙图所示)测量了该灯的实际功率，单独使用该照明灯，发现电能表指示灯6min才闪烁了11次，该灯的实际功率是______ W。
21. 实验室里常用悬重法测蜡块的密度，如图所示，量筒内原来水的体积为20mL，只浸没入石块时，量筒内水与石块的总体积为22mL，石块的密度ρ=2.5×103kg/m3，此时液体对量筒底部的压力增加量为______ N；将蜡块及石块用细线悬挂后缓慢浸入水中后，意外发现此时蜡块与石块恰好悬浮，细线被拉直，量筒水面所示总体积为52mL，经分析思考，此时也能测出蜡块的密度为______ kg/m3，蜡块受到细线的拉力为______ N(细线的质量和体积忽略不计)。
22. 时下，越来越多的年轻人将借助运动APP辅助健身当作一类时尚生活方式，如图是某同学借助跳绳APP获得的练习数据，若他自身质量为50kg，每次跳起的高度为3.6cm，根据图中数据，他每跳一次克服重力做的功是______ J，跳绳时的平均功率是______ W。看完数据一览表，他对最高速率277.14bpm产生了疑问，查阅资料后可知bpm是BeatPerMinute的简称，中文名为拍子数，释义为每分钟节拍数，若该同学的心率为75bpm，根据这一心率，该同学的心跳一次时间是______ s。(g=10N/kg)
23. 如图所示，F为凹透镜的焦点，请画出对应的入射和折射光线。
24. 如图所示，O为杠杆的支点，B为阻力的作用点，画出阻力的力臂L和使杠杆平衡时，在A点作用的最小动力F的示意图。
25. 根据图中通电螺线管的南北极，标出小磁针的N极和电源的“+”极。
26. 如图所示，请在〇中填上字母A或V表示电流表或电压表，使电路能正常工作。
27. 用天然气灶烧水，若0.5m3天然气完全燃烧放出的热量60%被温度为20℃，质量为100kg的水吸收。已知水的比热容为c=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为q=7×107J/m3。
(1)0.5m3天然气完全燃烧放出的热量Q放=______ J；
(2)水的末温t=______ ℃；
(3)氢气具有热值大、环保等优点，完全燃烧______ kg氢气能产生和0.5m3天然气相同的热量。(氢气的热值为q=1.4×108J/kg)
28. 建筑工人用如图甲所示的滑轮组运送建材上楼，每次运送量不定。滑轮组的机械效率随建材重量变化的图象如图乙所示，(滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，g取10N/kg)
(1)动滑轮的重力是多大？
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，求拉力的功率；
(3)滑轮组机械效率为80%时，运送建材的重力是多大？
29. 如图所示，电源电压不变，定值电阻R0=10Ω，电流表量程为0∼3A，小灯泡标有“6V，3W”字样(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器滑片P从b端滑动到某一位置时，变阻器接入电路中的阻值减小了10Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光。
(1)电源电压是多大？
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，滑动变阻器的取值范围是多少？
(3)S、S1、S2都闭合，为保证电路安全，求滑动变阻器的最大功率。
30. 探究小组在探究液体压强的实验中进行了如图所示的操作。
(1)实验中，探究液体压强的工具是______ ；
(2)甲、乙两图是探究液体压强与______ 的关系，实验中液体内部压强的大小变化是通过______ 反映出来的；
(3)对比丙、丁得出：液体压强与盛液体的容器形状______ (选填“有关”、“无关”)；
(4)为了探究液体压强与液体密度的关系，小组成员将压强计的探头先后放入水和煤油中的某一深度处，发现U形管两侧液面高度差几乎不变，下面改进操作不能使实验效果更加明显的是______ 。
A.将U形管换成更细的
B.U形管中换用密度更小的液体
C.将烧杯中的水换成盐水
D.使探头在水和煤油中的深度加大
31. 在探究“凸透镜成像规律”“实验中如图所示：
(1)如图甲所示，凸透镜位置固定，发光的小灯泡放在40.0cm刻度线位置时，移动光屏发现光屏上始终能呈现一个面积大小不变的光斑，则该凸透镜的焦距为______ cm；
(2)在图甲中再次移动蜡烛至45cm刻度线处，则观察到的像是图丙中的______ (选填“1”、“2”、“3”或“4”)，此时将蜡烛向______ (选填“左”、“右”)移动，观察到的像会变大；
(3)图乙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像(未画出)，______ (选填“照相机”、“投影仪”和“放大镜”)就是利用这一成像规律工作的；
(4)保持图乙中蜡烛和光屏不动，只移动凸透镜到______ 刻度线处，光屏上可以再次呈现清晰的像；
(5)实验小组又借来同学的眼镜并将其靠近凸透镜左侧(如图丁)，发现光屏上的像变模糊，向右移动光屏又出现清晰的像，则该同学佩戴的是______ 眼镜。(选填“近视”、“远视”)
32. 小华在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备以下器材：电源电压为4.5V且保持不变，电流表(0-0.6A)、电压表(0-3V)、滑动变阻器(15Ω,1A)、五个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω)、开关3个、导线若干，图甲是小华在“探究电流与电压关系”的实验中所连接的实物图。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3
电流I/A
0.2
0.31
0.4
0.49
0.6
(1)经检查发现有一根导线连接错了，请在甲图错误处画“×”，并在图上改正；
(2)探究电流与电压的关系时，调节滑动变阻器滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应电压填入表格，其中一组数据本次实验无法得出，不合理的数据是第______ 次，去掉不合理的实验数据，分析可得到的结论是：______ ；
(3)探究电流与电阻的关系时，只更换定值电阻，其余连接均不变，收集数据并作出了乙图所示图像，
①本实验控制定值电阻两端电压为______ V；
②小华断开开关，用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，直接闭合开关并将滑片向右移，老师指出其操作会导致电路元件不安全，不安全的原因是______ ；
③为使5个电阻均能完成实验，若只更换滑动变阻器，更换的滑动变阻器规格为______ ；
(4)接着小华又在原有器材中选择了电源、电流表、定值电阻、开关、导线测量一标有“3.8V”，额定电流约为0.3A的小灯泡的额定电功率，请在虚线框内画出实验电路图(要求电路只连接一次)。
33. 阅读材料，回答问题。
电动机的能量电动机利用通电线圈在磁场里转动的原理，把电能转化为机械能。若电动机输入端的电压为U，且电动机不加任何负载，那么在电动机接通瞬间，线圈没有转动，因而此时电流可以计算为：I=UR，这个是欧姆定律得出的结论。但当电动机的线圈在磁场里转动时，线圈导线切割磁感线，所以在线圈中必然要产生感应电压，我们把它称作感应电动势E，因其方向跟外加电压的方向相反，通常把这个感应电动势称作反电动势。记做E反。线圈的两条侧边都会切割磁感线，同时产生感应电动势，如图所示，其大小分别为E1和E2，反电动势E反=E2+E1，这样加在线圈上的实际电压不再是U了，而变成了U-E反。
从能量上看，由于存在着反电动势，有一部分电能转化为机械能，电功并不等于电热，此时电路供给电动机的功率(输入功率)UI，转化为机械能的功率(输出功率)E反I，以及线圈上的热功率I2R两部分。
(1)如果用E反表示反电动势，U表示外加电压，R表示线圈电阻，那么电动机工作时通过线圈的电流强度等于______ (用字母表示)。
(2)若一台额定电压为3V的小直流电动机正常工作时，正常转动时反电动势为2.4V，线圈的电阻为2Ω，该电动机正常转动时将电能转化为机械能的效率为______ %。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人的正常体温约为37℃，人感觉舒适的环境温度在25℃左右，故A不符合实际；
B、人正常步行的速度约为1.1m/s，故B不符合实际；
C、中学生的身高在1.6m左右，教室里课桌的高度约为中学生身高的一半，约为0.8m，与0.75m相差不大，故C符合实际；
D、一张物理试卷平放在桌上的压强约为1Pa，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】B
【解析】解：
A、人耳的听觉频率范围通常在20Hz∼20000Hz之间；频率高于20000Hz的声波叫超声波，频率低于20Hz的声波叫次声波，所以超声波与可听声的主要区别是频率不同，故A错误；
B、抹香鲸探寻食物时能发出超声波听其回音，因此与声呐原理相同，故B正确；
C、声音的传播需要介质，真空不能传声，因此抹香鲸发出的声音不可以在真空中传播，故C错误；
D、抹香鲸是地球上现存声音最响亮的动物之一，因此抹香鲸发出的声音响度一定不低，故D错误。
故选：B。
(1)频率高于20000Hz的声波叫超声波，频率低于20Hz的声波叫次声波；
(2)声呐是利用回声定位的原理来工作的；
(3)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(4)响度是由发声体的振幅决定的；振幅：物体振动的幅度，也是物体离开原来位置的最大距离；响度与振幅的关系：发声体的振幅越大，响度就越大；振幅越小，响度也越小。
本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单。
3.【答案】D
【解析】解：静影沉璧属于平面镜成像，是由光的反射形成的；
A、皮影戏是光的直线传播形成的，故A错误；
B、放大镜成像是由光的折射形成的，故B错误；
C、白光分解属于光的色散现象，其实质是光的折射，故C错误；
D、杯弓蛇影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D正确。
故选：D。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4.【答案】B
【解析】解：A、两个表面平滑的铅块紧压后会结合起来，说明分子间存在引力，故A正确；
B、破碎的玻璃无法复原，是因为分子间距离太大，分子力非常微弱，可以忽略不计，故B错误；
C、闻到路边怡人的花香，属于扩散现象，说明分子永不停息地做无规则运动，故C正确；
D、氧气被压缩装入钢瓶，说明分子间存在间隙，故D正确。
故选：B。
分子动理论的基本观点：
(1)一切物质都是由分子或原子构成的，分子间有间隙；
(2)一切分子都在不停地做无规则运动；温度越高分子运动得越剧烈；
(3)分子之间存在着相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的基本观点，属于基础题。
5.【答案】A
【解析】解：A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A符合题意；
B、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、订书机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6.【答案】B
【解析】解：A、核能属于不可再生能源，故A错误；
B、核电站是利用核裂变的链式反应产生的能量来发电的，故B正确；
C、核电站发电的过程是将核裂变产生的核能转化为内能，再通过汽轮发电机转化为电能，故C错误；
D、核能不是来自于太阳能，故D错误。
故选：B。
(1)能源分为可再生能源和不可再生能源。像煤、石油、天然气其储量是有限的，这些能源不能在短时间内再次生产出来，因此称为不可再生能源。而像风能、水能、太阳能、潮汐能可循环使用，在使用后会在短时间内重新形成，因此称为可再生能源；
(2)核能释放能量有核裂变和核聚变两种方式；
(3)核电站中核能首先转化为内能，然后通过汽轮机带动发电机来发电；
(4)地热能、潮汐能和核能都不是来自于太阳能。
本题考查学生对核能的了解情况，难度不大。
7.【答案】C
【解析】解：磁电式电流表中，当电流通过时，线圈发生偏转，带动转轴、指针偏转，因此电流表的制成原理是通电线圈在磁场中受力转动。
A、图中为发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，与电流表的工作原理无关，故A错误；
B、图中为奥斯特实验装置，是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故B错误；
C、图中为电动机的原理图，是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的，故C正确；
D、图中电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故D错误。
故选：C。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。
8.【答案】D
【解析】解：A、茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力作用在不同物体上的两个力，且方向相同，所以不是作用力和相互作用力，故A错误；
B、茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力作用在不同物体上的两个力，且方向相同，所以不是一对平衡力，故B错误；
CD、桌面对茶杯的支持力是由于茶杯挤压桌面使桌面发生形变而产生的，故C错误，故D正确。
故选：D。
平衡力：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；
相互作用力：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上；
物体发生弹性形变时产生的力是弹力。
知道二力平衡的条件和相互作用力的条件，并且会区分平衡力和相互作用力是解答的关键。
9.【答案】B
【解析】解：A、碘是晶体，蜡是非晶体，故A错误。
B、两个实验中的物态变化过程都需要吸热，故B正确。
CD、碘实验中采用水浴法加热主要是为了控制温度，蜡的熔化实验用水浴法加热主要是为了受热均匀，故CD错误。
故选：B。
(1)晶体熔化时有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点。
(2)熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热；升华指物质由固态直接转变成气态，升华要吸热。
(3)水浴法可以使物体受热均匀。
本题考查了升华、熔化与水浴法，属于基础题。
10.【答案】C
【解析】解：由题知，人脸识别、刷卡识别、手动控制，只要其中一种方式“识别”成功，则相应开关闭合，从而使电动机启动工作，所以三个开关应并联后再与电动机串联，故只有C符合题意。
故选：C。
几个开关串联时，需要所有开关都闭合，用电器才能工作；几个开关并联时，只要一个开关闭合，用电器就能工作。根据题意可知，只要其中一种方式“识别”成功，则相应开关闭合，电动机启动，据此分析解答。
本题考查了根据要求设计电路图，关键是明确各开关的连接方式。
11.【答案】D
【解析】解：从t=0时刻起，用一水平向右的力F=kt(k为常数)作用在物体上，开始拉动时，A没有拉到，B没有相对运动趋势，在绳子伸直前传感器没有受到拉力的作用，此时的示数为0；
绳子拉直后，再次拉动A，A对B施加了水平向右摩擦力的作用，B在静摩擦力的作用下会向右移动，使得传感器受到拉力的作用，且传感器的示数随B向右移动而增大；当到达最大静摩擦力时，物体B相对于A发生了相对滑动，物体B会处于静止状态，在滑动过程中，B对A的压力不变、接触面的粗糙程度不变，受到的滑动摩擦力大小不变，此时的传感器对B的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以传感器的示数不变；根据四个选项可知，D正确。
故选：D。
根据B的运动状态、整个装置的运动状态分析拉力传感器的示数的大小变化；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查了运动图像的分析、影响滑动摩擦力大小的因素，难度不大。
12.【答案】B
【解析】解：A、由图可知：油箱内油面达到最高位置时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，根据I=UR可知电流表的示数最大，由于电压表测量滑动变阻器两端的电压，则电压表为零；根据要求可知，电表的最大量程对应油箱的最大油量，所以反映油量的电表是电流表。
滑动变阻器接入电路的阻值为零，电流表的示数最大，根据I=UR可知定值R0的阻值应为：
R0=UI=36V0.6A=60Ω，故A正确；
D、当油箱内油面达到最低位置时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路的电流最小；根据反映油量的电表的最大示数为最大量程的16可知：I最小=16×0.6A=0.1A，
根据I=UR可知电路总电阻：
R总=UI最小=36V0.1A=360Ω；
根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：
滑动变阻器的最大阻值为：
R大=R总-R0=360Ω-60Ω=300Ω；
所以滑动变阻器的阻值变化范围为0∼300Ω，故D正确；
BC、当滑动变阻器的滑片P在中点时，电路中的总电阻为：
R串=R大2+R0=300Ω2+60Ω=210Ω，
根据I=UR可知，电路中的电流为：
I串=UR串=36V210Ω=18105A≈0.17A，即电流表示数为0.17A，故C正确；
此时滑动变阻器两端的电压为：
UV=I串×R大2=18105A×300Ω2≈25.7V，即电压表示数为25.7V，故B错误。
故选：B。
(1)由于表的最大量程对应油箱的最大油量，油箱内油面达到最低或最高位置时，根据欧姆定律可知电流表或电压表的示数变化，从而确定反映油量变化的电表；当滑动变阻器接入电路的阻值为零时，已知定值电阻两端的电压和通过的电流，根据公式R=UI可求定值电阻R0的阻值；
(2)油箱内油面达到最低位置时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，已知此时的电流大小，根据欧姆定律求出总电阻，进一步求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)当滑动变阻器的滑片P在中点时，根据串联电路电阻特点和欧姆定律可求出此时电路中的电流，从而可求出此时滑动变阻器两端的电压。
本题考查电阻、电流等的计算，是一道力学和电学的综合题，学以致用，符合新课标的要求。
13.【答案】振动 传播过程中
【解析】解：(1)从物理学的角度看，噪声是指发声体做无规则的振动时发出的声音；
(2)很多城市的高架桥两旁都安装有隔音板是在传播过程中吸引噪声。
故答案为：振动；传播过程中。
(1)从物理学角度来讲，发声体做无规则振动时发出的声音叫噪声；从环境保护的角度看，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音，以及对人们要听的声音产生干扰的声音都属于噪声；
(2)减弱噪声的途径有：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
本题主要考查学生对噪声定义以及减弱噪声途径的了解和掌握，是一道基础题。
14.【答案】能量 右 小 C
【解析】解：(1)拍打薄膜发出声音，烛焰晃动，说明声音具有能量。
(2)在纸杯旁用吸管吹气，纸杯右边的气体流速大，压强小，故纸杯将向右边滚动。
(3)用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引，这是带电体能吸引带电体，与这个原理相同的是干手搓开的新塑料袋吸在手上，故选C。
故答案为：(1)能量；(2)右；小；(3)C。
(1)声音能传递能量。
(2)流速大的地方压强小。
(3)带电体能吸引轻小物体。
本题考查了声音的有关知识、流体压强和带电体特点，属于基础题。
15.【答案】BO75∘
【解析】解：当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；
假设AO或CO是入射光线，若OC或OA为反射光线，OB为折射光线，根据图中的角度关系可知，此时的折射光线与法线重合，不可能，如图：
；
假设AO或CO是入射光线，若OB为反射光线，则OC或OA为折射光线，折射光线与入射光线在法线同侧，不可能，如图：
；
假设BO是入射光线，若OC为反射光线，OA为折射光线，折射角小于入射角，可能，如下左图；
若OA为反射光线，OC为折射光线，折射角小于入射角，可能，如下右图：
；
可见，BO一定是入射光线，OA、OC可能是反射光线也可能是折射光线；此时反射光线与入射光线之间的夹角都为150∘，则入射角为150∘2=75∘，
故答案为：BO；75∘。
光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，首先要掌握定律的内容，根据法线和界面的关系确定反射角与入射角之间的关系。
16.【答案】20087.5
【解析】解：(1)lkW⋅h的电能可供该LED灯正常发光的时间：
t=WP=1kw⋅h0.005kw=200h；
(2)当两种灯正常发光的时间相同都为t时，
LED灯消耗的电能为：
WLED=5W×t；
白炽灯消耗的电能为：
W白=40W×t；
所以LED灯泡可以节能：
40W×t-5W×t40w×t=87.5%。
故答案为：200；87.5。
(1)根据t=WP计算LED的正常发光时间。
(2)设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比。
本题考查了电功率公式和效率公式的应用，计算过程要注意单位的换算。
17.【答案】压缩 排气 15
【解析】解：
(1)在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速向下压，棉花燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；
(2)从图中可以看出，进气门关闭、排气门打开，活塞向上移动的特点，可以判断这个冲程是排气冲程；
(3)四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min=30r/s，则该飞轮每秒钟转30圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功1次，所以1s内，飞轮转30圈，共15个工作循环，共60个冲程，共做功15次。
故答案为：压缩；排气；15。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；
(2)汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断什么冲程；
(3)汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成。在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次。
根据改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理(能量的转化)；知道在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次可解答此题。
18.【答案】电磁波 182
【解析】解：祝融号将信息以电磁波形式传递到地球的；
已知地球到火星最短距离约是s=5460万公里=5.46×1010m，电磁波的传播速度v=v光速=3×108m/s，从祝融号发出信号到地球测控站接收所用时间t=sv=5.46×1010m3×108m/s=182s。
故答案为：电磁波；182s。
(1)电磁波可以传递信息；
超声波传播需要有介质，真空不能传声。
(2)已知火星与地球的距离和电磁波的传播速度，由t=sv可求得从祝融号发出信号到地球测控站接收所用时间。
本题考查电磁波的传播条件及速度公式的应用，需要知道电磁波的速度等于光速是解答本题的关键。
19.【答案】高温 5：3
【解析】解：A、当S1闭合，S2断开，R1、R2串联；当S1、S2闭合时，R1被短路，电路为R2的简单电路；
因串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P=UI=U2R可知，当S1、S2闭合时，电路为R2的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电烤炉为高温挡；
B、电烤炉处于高温挡时，电路为R2的简单电路，电路中的电流：I高=UR2=220V66Ω=103A，
电烤炉处于低温挡时，R1、R2串联，电路中的电流：I低=UR总=UR1+R2=220V44Ω+66Ω=2A，
由W=UIt可知，电烤炉处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比：
W高：W低=UI高t：UI低t=103A：2A=5：3。
故答案为：高温；5：3。
(1)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
(2)根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出两状态时电路中的电流，根据W=UIt求出两状态时电路在相同时间内所消耗的电能之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率和电功公式的灵活运用，正确的判断电烤炉处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
20.【答案】B、D间断路 55
【解析】解：由题意可知，用测电笔测A、B、C、D四点时，测A、C、D三点时，氖管均发光，只有测B点时氖管不发光，则说明A、C、D三点与火线相连，B点与火线是断开的，由此可知B与D点之间断路。
电能表指示灯闪烁11次消耗的电能：W=112000kW⋅h；
用电器的实际功率：P=Wt=112000kW⋅h660h=0.055kW=55W。
故答案为：B、D间断路；55。
家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光。据此分析判断。
2000imp/kW⋅h表示消耗1kW⋅h的电能，电能表闪动2000次，据此可求出当电能表的闪动11次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=Wt求出用电器的功率。
本题考查了功率的计算、用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔所测部位与火线连通则亮，所测部位与火线不连通则不亮。
21.【答案】0.029000.03
【解析】解：(1)只浸没入石块时，V排1=V2-V1=22mL-20mL=2mL=2cm3=2×10-6m3，
由于量筒是柱状容器，则液体对量筒底部的压力增加量ΔF=G排1=m排1g=ρ水V排1g=1.0×103kg/m3×2×10-6m3×10N/kg=0.02N；
由于石块是浸没状态，则石块的体积：V石=V排1=2×10-6m3，
石块的重力：G石=m石g=ρV石g=2.5×103kg/m3×2×10-6m3×10N/kg=0.05N；
(2)蜡块与石块恰好悬浮时，V排2=V3-V1=52mL-20mL=32mL=32cm3=3.2×10-5m3，
蜡块与石块受到的浮力：F浮=ρ水gV排2=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.2×10-5m3=0.32N；
根据悬浮条件可知：F浮=G石+G蜡，
则：G蜡=F浮-G石=0.32N-0.05N=0.27N，
蜡块的质量：m蜡=G蜡g=0.27N10N/kg=0.027kg，
蜡块的体积：V蜡=V3-V2=52mL-22mL=30mL=30cm3=3×10-5m3，
蜡块的密度：ρ蜡=mV=0.027kg3×10-5m3=900kg/m3；
(3)石块受到的浮力为：F浮石=ρ水gV石=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-6m3=0.02N；
由于石块受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、浮力，石块处于平衡状态，根据受力平衡可知蜡块受到细线的拉力。
F=G石-F浮石=0.05N-0.02N=0.03N。
故答案为：0.02；900；0.03；
(1)只浸没入石块时，由于量筒是柱状容器，则液体对量筒底部的压力增加量等于石块排开水的重力，根据G=mg=ρVg即可求出石块排开水的重力；
同时求出石块的体积和重力；
(2)蜡块与石块恰好悬浮时，根据阿基米德原理求出蜡块与石块受到的浮力，根据悬浮条件求出蜡块的重力，然后求出蜡块的质量；
根据排开水的体积求出蜡块的体积，利用ρ=mV求出蜡块的密度；
(3)石块受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、浮力，这三个力是平衡力，根据受力平衡即可求出蜡块受到细线的拉力。
此题的综合性强，包括压力的变化量、浮力、平衡力、密度计算，综合性强，所以难度很大。
22.【答案】1873.20.8
【解析】解：他每跳一次克服重力做的功：W1=Gh=mgh=50kg×10N/kg×0.036m=18J；
由图可知，1min跳绳244个，1min内做的功：W=244W1=244×18J=4392J
跳绳时的平均功率：P=Wt=4392J60s=73.2W；
该同学的心跳一次时间：t=60s75=0.8s。
故答案为：18；73.2；0.8。
根据W1=Gh=mgh得出他每次跳绳时克服重力做的功；
根据W=244W1得出1min内做的功，根据P=Wt跳绳时克服重力做功的平均功率。
本题考查功和功率的计算，需要记住功和功率的计算公式。
23.【答案】解：过凹透镜光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。如图所示：
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
凹透镜的特殊光线有三条：过凹透镜光心的光线其传播方向不变；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。
24.【答案】解：图中OB是阻力臂L；OA是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向为左下方，据此可画出最小的动力F；如图：
【解析】力臂是从支点都动力作用线的距离；
根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
要做出杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；②连接支点与动力作用点，得到最长的线段；③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线，根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。
25.【答案】解：
(1)螺线管的下端为N极，根据磁极间作用规律可知，靠近螺线管下端的小磁针的下端为S极，上端为N极；
(2)利用螺线管线圈的绕向和N、S极，结合右手螺旋定则可以确定线圈中电流的方向是从螺线管的上端流入，下端流出，从而可以确定电源的上端为正极，下端为负极。答案如图所示。
【解析】①利用螺线管的N、S极，结合磁极间作用规律，确定小磁针的N、S极；
②利用螺线管的N、S极，和线圈绕向，根据右手螺旋定则可以确定线圈中电流方向，进一步确定电源的正负极。
关于右手螺旋定则，涉及三个方向：磁场方向、线圈绕向、电流方向，告诉其中的两个让确定第三个。如此题：告诉了磁场方向和绕向，确定电流方向。
26.【答案】解：由电路图可知，若上面的电表为电流表，则电路会出现短路现象，所以该电表为电压表；
下面的电表串联在干路中，为电流表，如图所示：
【解析】根据电压表与被测电路并联，电流表与被测电路串联，分析解答。
解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，是一道基础题。
27.【答案】3.5×107 700.25
【解析】解：(1)0.5m3天然气完全燃烧放出的热量Q放=V天然气q=0.5m3×7×107J/m3=3.5×107J；
(2)水吸收的热量Q吸=ηQ放=60%×3.5×107J=2.1×107J，
水的末温t=Q吸cm+t0=2.1×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg+20℃=70℃；
(3)完全燃烧氢气的质量m氢气=Q放q氢气=3.5×107J1.4×108J/kg=0.25kg。
答：(1)3.5×107；
(2)70；
(3)0.25。
(1)根据Q=Vq计算0.5m3天然气完全燃烧放出的热量；
(2)根据Q吸=ηQ放计算水吸收的热量，根据t=Q吸cm+t0计算水的末温；
(3)根据m=Q放q完全燃烧氢气的质量。
本题考查了燃料燃烧放热公式和液体升温吸热公式及其变形公式的应用，属于基础题，要求学生掌握。
28.【答案】解：
(1)由图象可知，当建材重为G1=300N时，滑轮组的机械效率η1=50%，
由于滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，
则滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动；
所以动滑轮的重力：G动=1-η1η1×G1=1-50%50%×300N=300N；
(2)1min内绳子自由端移动的距离s=2h=2×12m=24m，
拉力做的功：W=Fs=200N×24m=4800J；
拉力的功率：P=Wt=4800J60s=80W；
(3)当滑轮组的机械效率为80%时，根据η=GG+G动可得此时运送建材的重力：
G2=η2G动1-η=80%×300N1-80%=1200N；
答：(1)动滑轮的重力是300N；
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，拉力的功率为80W；
(4)滑轮组的机械效率为80%时运送建材的重力是1200N。
【解析】(1)利用η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动求出动滑轮的重力；
(2)首先确定滑轮组绳子有效股数，然后利用s=nh求出绳子自由端移动的距离，再利用W=Fs求出拉力做的功；利用P=Wt求出功率；
(3)当η2=80%时，滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，据此求提升物体重力。
此题考查重力、功和功率、滑轮组的机械效率的计算，关键是滑轮组绳子有效股数的确定和η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动的应用。
29.【答案】解：(1)由P=UI得小灯泡正常发光的电流为：
IL=PLUL=3W6V=0.5A；
由I=UR得灯泡的电阻为：RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
当开关S闭合，S1、S2断开，该电路为滑动变阻器R和小灯泡L的串联电路，电流表测电路中的电流；
由题知滑片P从b滑至某一位置时，其接入电路的阻值变小，电路中的电流变大；
当滑片P从b端滑至某一位置时，灯泡正常发光，则电路中的电流为：I=IL=0.5A，
则电源电压为：U=UL+UR=6V+IR=6V+0.5A×(RP-10Ω)---①；
当滑片P在b端时，电路中的电流为：I'=I-0.2A=0.5A-0.2A=0.3A，
则电源电压为：U=I'(RL+RP)=0.3A×(12Ω+RP)---②；
联立①②可解得：RP=13Ω，U=7.5V；
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，灯正常发光，此时接入的电阻R小=RP-10Ω=3Ω；当变阻器接入电路的电阻最大，电路安全，故滑动变阻器的取值范围3Ω-13Ω。
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为滑动变阻器R和定值电阻R0的并联电路，电流表测干路的电流；
通过R0的电流为：
I0=UR0=7.5V10Ω=0.75A，
已知电流表量程为0∼3A，则干路电流最大I=3A，
由并联电路的电流特点可知通过R的最大电流为：
IR大=I大-I0=3A-0.75A=2.25A，
则滑动变阻器的最大功率为：
P大=I大U=2.25A×7.5V=16.875W。
答：(1)电源电压是7.5V；
(2)滑动变阻器的取值范围3Ω-13Ω；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，调节滑片P，在保证电路安全的前提下，滑动变阻器R的最大功率是16.875W。
【解析】(1)利用P=UI可算出小灯泡正常发光的电流，由I=UR可求出灯泡的电阻；当开关S闭合，S1、S2断开，该电路为滑动变阻器R和小灯泡L的串联电路，电流表测电路中的电流；滑片P从b端滑至某一位置时，其接入电路的阻值变小，电路中的电流变大，利用P=UI求出灯泡正常发光时的电流，进而可求出滑片P在b端时电路中的电流；分别利用欧姆定律将滑片P在b端和某位置时的电源电压表示出来，将两组表达式联立即可解出滑动变阻器的最大阻值和电源电压；
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，灯正常发光，根据(1)中移动的电阻确定最小电阻，结合滑动变阻器的最大值得出滑动变阻器的取值范围；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为滑动变阻器R和定值电阻R0的并联电路，电流表测干路的电流；并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，利用欧姆定律求出通过R0的电流，并联电路中各个支路之间互不影响；已知电流表的量程，即干路电流最大值，据此求出通过滑动变阻器的最大电流，利用P=UI求出滑动变阻器的最大功率。
本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是利用电源电压不变，通过解方程组的方法求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值。
30.【答案】液体压强计 液体深度 液体压强计U形管两边液面的高度差 无关 A
【解析】解：(1)实验中，探究液体压强的工具是液体压强计，通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)甲、乙两图中液体相同，乙中液体深度较大，故是探究液体压强与深度的关系，根据转换法，实验中液体内部压强的大小变化是通过液体压强计U形管两边液面的高度差反映出来的；
(3)丙、丁实验中，液体的密度和深度相同，容器形状不同，而U形管两边液面的高度差相同，故对比丙、丁、得出液体压强与盛液体的容器形状关。
(4)小明将压强计的探头先后放入水和煤油中的某一深度处，发现U形管两侧液面高度差几乎不变，说明这两次实验中，液体对探头的压强几乎相等。若我们想明显地观察到两次实验的区别，就应该想办法，让U形管内液面的高度差有很大的差别。
A、烧杯内的液体对探头产生的压强一定时，U形管两边的高度差一定，与U形管的粗细无关，则该方法不能使实验效果更加明显，故A符合题意；
B、烧杯内的液体对探头产生的压强一定时，将U形管中换用密度更小的液体后，根据p=ρgh可知U形管两侧液面的高度差增大，能使实验效果更加明显，故B不符合题意；
C、将烧杯中的水换成盐水后，在探头深度不变的情况下，盐水对探头的压强更大，这将导致左侧压强计中液柱的高度差更大，能使实验效果更加明显，故C不符合题意；
D、使探头在水和煤油中的深度加大，探头受到的液体压强增大，则U形管两侧液面的高度差增大，能使实验效果更加明显，故D不符合题意。
故选：A。
故答案为：(1)液体压强计；(2)液体深度；液体压强计U形管两边液面的高度差；(3)无关；(4)A。
(1)(2)用液体压强计显示液体内部压强的大小，液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)根据丙、丁实验中找出相同因素和不同因素，根据转换法得出液体压强与不同因素的关系；
(4)液体的压强只跟液体的深度和密度有关，金属盒在液体的密度越大、液体密度越大，产生的压强越大，U形管两侧的高度差越大，实验现象越明显；液体对金属盒产生的压强一定时，U形管两边的高度差一定，与U形管的粗细无关；若U形管中换用密度小的液体，则高度差增加，实验现象越明显。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
31.【答案】10.04左 投影仪 65.0cm近视
【解析】解：(1)根据焦点和焦距的定义可知，当小灯泡距离透镜为50.0cm-40.0cm=10.0cm时，在右侧无论怎样移动光屏，发现光屏上始终是一个大小不变的圆形光斑，说明小灯泡在凸透镜是焦点上，则该透镜的焦距为10.0cm；
(2)在图甲中再次移动蜡烛至45cm刻度线处，此时物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，则观察到的像是图丙中的4；
要使观察到的像会变大，根据凸透镜成虚像时，物距增大，像变大可知，此时应将蜡烛向左移动；
(3)图乙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，此时物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(4)图乙中物距u=50.0cm-35.0cm=15.0cm，v=80.0cm-50.0cm=30.0cm，凸透镜成倒立放大的实像，根据光的折射中光路是可逆的，当v=15.0cm，u=30.0cm时，凸透镜成倒立缩小的实像，故当凸透镜在65cm刻度线处，符合v=15.0cm，u=30.0cm，所以把凸透镜移动65.0cm刻度线处；
(5)实验小组又借来同学的眼镜并将其靠近凸透镜左侧(如图丁)，发现光屏上的像变模糊，向右移动光屏又出现清晰的像，说明该眼镜对光线具有发散作用，使光线推迟会聚，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，故该同学佩戴的是近视眼镜。
故答案为：(1)10.0；(2)4；左；(3)投影仪；(4)65.0cm；(5)近视。
(1)凸透镜能将从焦点发出的光会聚后平行于主轴，而焦距即为焦点到光心的距离；
(2)物距小于焦距时，成正立、放大的虚像；凸透镜成虚像时，物距增大，像变大；
(3)根据2f>u>f时，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(4)光的折射中，光路是可逆的；
(5)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用。
凸透镜成像的几种情况是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握：
u>2f，成倒立缩小的实像，2f>v>f；
u=2f，成倒立等大的实像，v=2f；
2f>u>f，成倒立放大的实像，v>2f；
u
32.【答案】1 当电阻一定时，通电导体的电流与导体两端的电压成正比 2.5当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程 20Ω，1A
【解析】解：(1)由甲图可知，电压表应并联在电阻两端，应将电阻左端的导线与电压表“-”接线柱相连，正确的电路图如图所示：；
(2)由第1次数据，电阻R两端的电压为1.0V，则滑动变阻器两端的电压4.5V-1.0V=3.5V，则接入电路的滑动变阻器阻值R滑=UI=3.5V0.2A=17.5Ω>15Ω，故第一组数据不合理；
由表中数据可知，当电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比；
(3)①由图乙可得，任选一组电流和电阻值，可得电压U=IR=0.5A×5Ω=2.5V；
②用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，直接闭合开关并将滑片向右移，老师指出其操作会导致电路元件不安全，不安全的原因是当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程；
③由于电阻R两端的电压U=2.5V，则滑动变阻器的两端的电压U滑'=4.5V-2.5V=2V；当电流最小为0.1A时，此时滑动变阻器接入的阻值为R滑'=UI=2V0.1A=20Ω，故滑动变阻器的规格至少为“20Ω，1A”；
(4)用电流表和定值电阻测小灯泡的额定功率，故应将定值电阻与小灯泡并联，再与电流表串联，调节滑动变阻器使通过定值电阻的电流与定值电阻的阻值乘积等于小灯泡的额定电压3.8V；不改变滑动变阻器的阻值，将小灯泡与滑动变阻器串联，读出此时电流表的示数，即为小灯泡的额定电流，根据P=UI求额定功率，故电路图为：。
故答案为：(1)；(2)1；当电阻一定时，通电导体的电流与导体两端的电压成正比；(3)①2.5；②当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程；③20Ω，1A；(4)。
(1)探究电流与电压关系的实验，电流表要与待测电路串联，电压表并联在电阻两端，滑动变阻器串联在被测电路中，且要一上一下连接；
(2)分析表中第1次数据，由串联电路电压特点求滑动变阻器两端的电压，根据R=UI计算滑动变阻器接入电路的电阻可知；
由表中数据，可知，电流与电压成正比，由此得出结论；
(3)①由图乙I-R图象可知，控制电压相同，故根据U=IR可得电压；
②用10Ω的定值电阻替换5Ω的定值电阻后，直接闭合开关并将滑片向右移，老师指出其操作会导致电路元件不安全，不安全的原因是当定值电阻换大后，分得的电压增大，可能会超过电压表的量程；
③由图乙可知，电流最小为0.1A，此时滑动变阻器接入最大阻值，根据R=UI求出此时的阻值，从而确定规格；
(4)用电流表和定值电阻测小灯泡的额定功率，故应将定值电阻与小灯泡并联，再与电流表串联，调节滑动变阻器使通过定值电阻的电流与定值电阻的阻值乘积等于小灯泡的额定电压3.8V；不改变滑动变阻器的阻值，将小灯泡与滑动变阻器串联，读出此时电流表的示数，即为小灯泡的额定电路，根据P=UI求额定功率。
本题考查电路正确连接；电流与电压的关系；欧姆定律；滑动变阻器规格选择；单表测功率的电路设计，有难度。
33.【答案】U-E反R 80
【解析】解：(1)根据电路供给电动机的功率(输入功率)UI，转化为机械能的功率(输出功率)E反I，以及线圈上的热功率I2R两部分，有
UI=E反I+I2R；
解得I=U-E反R；
(2)电动机正常转动时的电流I=U-E反R=3V-2.4V2Ω=0.3A；
根据电动机的效率η=E反IUI×100%=2.4V×0.3A3V×0.3A×100%=80%。
故答案为：(1)U-E反R；(2)80。
(1)根据电路供给电动机的功率(输入功率)UI，转化为机械能的功率(输出功率)E反I，以及线圈上的热功率I2R两部分，列出关系式，解得电流大小I；
(2)根据(1)中电流表达式计算电路中的电流，电动机的效率等于机械能与电能的比值。
本题考查了电动机产生热量、消耗电能以及电动机工作效率的计算，要利用好条件：电动机输出的机械功率和消耗的电功率之比叫做电动机的效率。
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