安徽省宣城市2021-2022学年高一数学下学期期末试题(Word版附解析)
展开宣城市2021-2022学年度第二学期期末调研测试
高一数学试题
考生注意事项:
1. 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.全卷满分150分,考试时间120分钟.
2. 答题前,考生先将自己的姓名、考号在答题卷指定位置填写清楚并将条形码粘贴在指定区域.
3. 考生作答时,请将答案答在答题卷上.第Ⅰ卷每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卷上对应题目的答案标号涂黑;第Ⅱ卷请用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卷上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效.
4. 考试结束时,务必将答题卡交回.
第Ⅰ卷 选择题(共60分)
一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的)
1. 在复平面内,设复数满足,则复数所对应的点位于( )
A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限
【答案】D
【解析】
【分析】设出复数的代数形式,再根据复数的乘法运算以以及复数相等的充要条件求出复数,进而根据复数的几何意义确定对应点所在象限.
【详解】设出复数的代数形式为,
,,
,解得,,
复数所对应的点为,在第四象限.
故选:D.
2. 某学校高一、高二、高三共有学生3500人,其中高三学生人数是高一学生人数的两倍,高二学生人数比高一学生人数多300人,现在按的抽样比用分层抽样的方法抽取样本,则应抽取高一学生人数为
A. 8 B. 11
C. 16 D. 10
【答案】A
【解析】
【详解】若设高三学生数为x,则高一学生数为,高二学生数为+300,所以有x+++300=3 500,解得x=1 600.故高一学生数为800,因此应抽取高一学生数为=8.
故答案为:A
点睛:设出高一年级的人数,根据三个年级人数之间的关系,写出高二和高三的人数,根据学校共有的人数,得到关于高一人数的方程,解方程得到高一人数,用人数乘以抽取的比例,得到结果.本题考查分层抽样,在分层抽样之前有一个小型的运算,是一个基础题,运算量不大,可以作为选择和填空出现.分层抽样主要用于个体数量较多,且个体间具有明显差异的,这时采用分层抽样合适.
3. 数据5,6,7,7,8,8,9,10的第75百分位数是( )
A. 7.5 B. 8 C. 8.5 D. 9
【答案】C
【解析】
【分析】根据已知条件,结合百分位数的定义,即可求解.
【详解】数据从小到大排列:5,6,7,7,8,8,9,10,共个数,
,
该组数据的第百分位数是第项和第项的平均数,
即.
故选:C.
4. 已知某种设备在一年内需要维修的概率为0.2.用计算器产生1~5之间的随机数,当出现随机数1时,表示一年内需要维修,其概率为0.2,由于有3台设备,所以每3个随机数为一组,代表3台设备一年内需要维修的情况,现产生20组随机数如下:
412 451 312 533 224 344 151 254 424 142
435 414 335 132 123 233 314 232 353 442
据此估计一年内至少有1台设备需要维修的概率为( )
A. 0.4 B. 0.45 C. 0.55 D. 0.6
【答案】B
【解析】
【分析】找出代表事件“一年内至少有1台设备需要维修”的数组,利用古典概型的概率公式可求得结果.
【详解】由题意可知,代表事件“一年内至少有1台设备需要维修”的数组有:、、、、、、、、,共组,
因此,所求概率为.
故选:B.
5. 已知空间四边形中,,分别是,的中点,若,,,则与所成的角为( )
A 30° B. 45° C. 60° D. 90°
【答案】A
【解析】
【分析】设G为AD的中点,连接GF,GE,由三角形中位线定理可得,,则∠GFE即为EF与CD所成的角,结合AB=2,CD=4,EF⊥AB,在△GEF中,利用三角函数即可得到答案.
【详解】解:设G为AD的中点,连接GF,GE,则GF,GE分别为△ABD,△ACD的中线.
∴ ,且,,且,则EF与CD所成角的度数等于EF与GE所成角的度数,
又EF⊥ AB,,∴ EF⊥ GF,则△GEF为直角三角形,GF=1,GE=2,∠GFE=90°,
∴ 在直角△GEF中,,∴ ∠GEF=30°.
故选:A.
6. 中,点为上的点,且,若 ,则( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】选定基向量,根据向量的加减法,用基底表示出向量,结合条件即可求得,可得答案.
【详解】由题意可得
,
又,故,
故,
故选:B
7. 内角A、B、C所对边分别为a、b、c,且,则的值为( )
A. 1 B. 3 C. 4 D. 5
【答案】D
【解析】
【分析】由正弦定理将条件展开,,从而求得的值.
【详解】由正弦定理知,,
即,
故,
故
故选:D
8. 如图,某沙漏由上、下两个圆锥组成,圆锥底面直径和高均为16,当细沙全部在上面的圆锥内时,其高度为圆锥高度的(中间衔接的细管长度忽略不计).当细沙全部漏入下部后,恰好堆成一个盖住沙漏底部的圆锥形沙堆,则此沙堆的侧面积为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】首先求得细沙在上部容器时小圆锥的底面半径为4,进而求出小棱锥的体积,接着求出流入下部后的圆锥形沙堆的高,最后求出沙堆的侧面积.
【详解】细沙在上部容器时的体积,
流入下部后的圆锥形沙堆底面半径为8,设高为,
则,
所以,
下部圆锥形沙堆的母线长,
故此沙堆的侧面积.
故选:D.
【点睛】圆柱、圆锥、圆台的侧面是曲面,计算侧面积时需要将这个曲面展为平面图形计算,而表面积是侧面积与底面圆的面积之和.
二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分)
9. 设m,n是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,下列说法正确的是( )
A. 若m⊥α,n⊥α,则mn B. 若α⊥β,m⊥β,mα,则mα
C. 若α⊥β,m⊂α,则 D. 若m⊂α,n⊂α,mβ,nβ,则αβ
【答案】AB
【解析】
【分析】选项A.由线面垂直的性质可判断;选项B. 由面面垂直的性质和线面垂直的性质判断;选项C. 由面面垂直的性质和线面垂直的性质判断;选项D. 没有直线m,n相交的条件,所以α,β可能平行,也可能相交.
【详解】选项A. 由m⊥α,n⊥α,则mn,故A正确.
选项B. 由α⊥β,m⊥β,可得,或,由条件mα,所以,故B正确.
选项C. α⊥β,m⊂α,设,若不垂直于,则与平面也不垂直,故选项C不正确.
选项D. m⊂α,n⊂α,mβ,nβ,则α,β可能平行,也可能相交.故D不正确.
故选:AB
10. 下列命题正确的是( )
A. 若向量、满足,则或
B. 若向量,的夹角为钝角,则
C. 已知,,则向量在向量方向上的投影向量的长度为4
D. 设,是同一平面内两个不共线的向量,若,,则,可作为该平面的一个基底
【答案】BCD
【解析】
【分析】当都不为零向量满足时,,判断A;根据数量积的定义可判断B;计算出量在向量方向上的投影向量的长度即可判断C;根据,不共线可推出,不共线,即可判断D.
【详解】对于A,当都不为零向量且满足时,,故A错误;
对于B,因为 ,当向量,的夹角为钝角时,,
故,故B正确;
对于C,,,则向量在向量方向上的投影向量的长度为 ,故C正确;
对于D,由于,不共线,故,不共线,
故,可作为该平面的一个基底,D正确;
故选:BCD
11. 甲罐中有四个相同的小球,标号为1,2,3,4;乙罐中有五个相同的小球,标号为1,2,3,5,6.现从甲罐、乙罐中分别随机抽取1个小球,记事件A:抽取的两个小球标号之和大于5,事件:抽取的两个小球标号之积大于8,则( )
A. 事件A与事件是对立事件 B. 事件与事件是互斥事件
C. 事件发生的概率为 D. 事件发生的概率为
【答案】BC
【解析】
【分析】求得从甲罐、乙罐中分别随机抽取1个小球,共包含个基本事件;再写出事件A,B包含的基本事件,即可判断A,B;写出事件以及包含的事件,即可以求得其概率,判断C,D.
【详解】由题意知:从甲罐、乙罐中分别随机抽取1个小球,共包含个基本事件;
事件包含的基本事件有:
,,,,,,,,,,,共11个基本事件;
事件包含的基本事件有:
,,,,,,,,共8个基本事件,
可以看出,事件是事件的子事件,故错;
事件包括:,,,,,,,,共9个事件,
每个事件中两小球标号之积都小于8,故与事件是互斥事件,故正确;
事件包含的基本事件为:
,,,,,,,,,,,共11个,
所以事件发生的概率为,故正确;
事件包含的基本事件有:,,,,,,,,,,,共12个,
所以事件包含的基本事件为:, ,,共3个基本事件,
所以事件发生的概率为,故不正确,
故选:.
12. 已知正四面体的外接球、内切球的球面上各有一动点、,若线段的最小值为,则( )
A. 正四面体的棱长为6 B. 正四面体的内切球的表面积为
C. 正四面体的外接球的体积为 D. 线段的最大值为
【答案】ABD
【解析】
【分析】设这个四面体的棱长为,利用分割补形法求出其外接球的半径,由等体积法求其内切球半径,再由已知列式求解,然后逐个分析判断即可
【详解】设这个四面体的棱长为,则此四面体可看作棱长为的正方体截得的,所以四面体的外接球即为正方体的外接球,外接球直径为正方体的对角线长,
设外接球的半径为,内切球的半径为,则
,所以,
四面体的高为,则等体积法可得
,
所以,
由题意得,
所以,解得
所以A正确,
所以,所以外接球的体积为,所以C错误,
因为内切球半径为,所以内切球的表面积为,所以B正确,
线段的最大值为,所以D正确,
故选:ABD
第Ⅱ卷(非选择题 共90分)
三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)
13. 已知向量,,若,则______.
【答案】
【解析】
【分析】由向量垂直的坐标表示列出等式求解即可.
【详解】,,解得.
故答案为:.
14. 已知样本数据1,2,3,4,的平均数是3,则数据2,4,6,8,的方差是______.
【答案】8
【解析】
【分析】先由平均数公式列方程求出,再求新数据的方差
【详解】因为样本数据1,2,3,4,的平均数是3,
所以,解得,
所以数据2,4,6,8,10的平均数为
,
所以方差为,
故答案为:8
15. 某圆锥的侧面展开图是面积为,圆心角为的扇形,则该圆锥的轴截面的面积是______.
【答案】
【解析】
【分析】由题意先计算出母线长,再可求出底面半径,从而可求出圆锥的高,进而可求出轴截面的面积
【详解】设圆锥的底面半径为,母线长为,
因为圆锥的侧面展开图是面积为,圆心角为的扇形,
所以,解得,
因为,
所以,得,
所以圆锥的高为,
所以圆锥的轴截面的面积是,
故答案为:
16. 在锐角中,角,,所对的边分别为,,.若,则的取值范围是______.
【答案】
【解析】
【分析】由正弦定理,三角函数恒等变换的应用化简可得,由,为锐角,可得,解得的范围,可得求,,化简所求即可得解.
【详解】,
由正弦定理可得:,
,可得:,
即:,
,为锐角,可得:,可得:,
,
又,可得:,
综上,可得,可得:,,
,
故答案为:.
四、解答题(本大题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)
17. 在复平面内,复数,.
(1)当为纯虚数时,求复数;
(2)当时,复数对应的点记为点A,将点A绕着原点顺时针旋转到达点,求所对应的共轭复数.
【答案】(1)
(2)
【解析】
【分析】(1)根据纯虚数的概念列出方程组,求得,即得,计算可得答案;
(2)由题意求得,,继而求得,根据复数的几何意义以及共轭复数的概念可得答案.
【小问1详解】
由题意得 ,解得,
所以,则.
【小问2详解】
当时,,则,则,
所以,所对应的复数,
所以其共轭复数.
18. 2021年5月31日,中共中央政治局召开会议,会议指出,进一步优化生育政策,实施一对夫妻可以生育三个子女政策及配套支持措施,有利于改善我国人口结构、落实积极应对人口老龄化国家战略、保持我国人力资源禀赋优势.某地一家庭有甲、乙、丙三位小孩,他们是否需要照顾相互之间没有影响.已知在某一小时内,甲、乙都需要照顾的概率为,甲、丙都需要照顾的概率为,乙、丙都需要照顾的概率为.
(1)求甲、乙、丙三位小孩在这一小时内需要照顾的概率;
(2)求这一小时内恰有一位小孩需要照顾的概率.
【答案】(1),,;
(2).
【解析】
【分析】(1)设甲、乙、丙三位小孩在这一小时内需要照顾的概率分别是,,,根据已知条件以及事件的相互独立性列出方程组求解即可;
(2)这一小时内恰有一位小孩需要照顾,即是甲、乙、丙三位小孩中的一位需要照顾,其余两位不需要照顾,结合互斥事件以及对立事件的概率公式进行求解即可.
【小问1详解】
设甲、乙、丙三位小孩在这一小时内需要照顾的概率分别是,,,
则由题意得,解得.
即甲、乙、丙三位小孩在这一小时内需要照顾的概率分别是,,.
【小问2详解】
设事件:这一小时内恰有一位小孩需要照顾,
则
,
即这一小时内恰有一位小孩需要照顾的概率为是.
19. 在中,内角,,所对的边分别为,,,向量,,且.
(1)求角;
(2)若,______,求的周长.
从①,②这两个条件中任选一个,补充在上面的横线上,并解答该问题.
注:如果按照两个条件分别解答,则按第一个解答计分.
【答案】(1);
(2)条件选择见解析,.
【解析】
【分析】(1)根据两向量平行的坐标表示以及正弦定理得出,进而求出,即得角;
(2)若选择①:已知角和边,利用正弦定理以及余弦定理分别求出边,进而求出周长;若选择②:首先利用同角三角函数的基本关系式求出,然后利用正弦定理求出边,进而求出周长.
【小问1详解】
,,
由正弦定理得,
∵为三角形的内角,∴,
则,,
又,∴.
【小问2详解】
若选择①:中,由正弦定理得,
,
又由余弦定理得,
,
则周长为.
若选择②:,
在中,由正弦定理得,
,
,
.
则周长为.
20. 已知某校高一年级全体学生的期末数学成绩全部介于65分到145分之间(满分150分),为了解该年级学生的数学成绩情况,现从该年级的1000名学生中随机抽取50名学生的数学成绩,并分成八组:第一组,第二组,……第八组,得到如图所示的频率分布直方图.
(1)求第七组的频率,并补全频率分布直方图;
(2)求这50名学生数学成绩的平均分;
(3)记数学成绩在120分以上为“优秀”,试估计该年级数学成绩为“优秀”的学生的人数.
【答案】(1)0.08,直方图见解析
(2)102分 (3)150人
【解析】
【分析】(1)由频率分布直方图中各矩形面积之和为1,求得第七组的频率,即可补全分布图;
(2)根据平均数的计算公式可求得这50名学生数学成绩的平均分;
(3)求出数学成绩在120分以上为“优秀”的概率,即可求得答案.
【小问1详解】
由题意得,
,
所以第七组的频率是0.08.
补全图形得如图:
【小问2详解】
,
所以这50名学生的数学成绩的平均分为102.
【小问3详解】
由频率分布直方图可知数学成绩为“优秀”的频率为
,由样本估计总体:,
所以得该年级“优秀”的学生大约有150人.
21. 如图,在中,,,,点在边的延长线上.
(1)求的面积;
(2)若,为线段上靠近的三等分点,求的长.
【答案】(1)
(2)
【解析】
【分析】(1)在中利用正弦定理求出,再利用两角和的正弦公式求出,然后利用三角形的面积公式可求得结果,
(2)方法1:由题意可得,代值计算即可,方法2:在中利用余弦定理求出,则可求得,再在利用正弦定理求出,从而可求出,然后在中利用余弦定理可求得
【小问1详解】
中,,
因为,,
所以
因为
,
所以.
【小问2详解】
方法1:因为为线段上靠近的三等分点,
所以,
所以,
所以
,
则.
方法2:在中,由余弦定理得
,
因为为线段上靠近的三等分点,
所以,
因为,
所以,
因为为锐角,
所以,
在中,由余弦定理得,
,
所以.
22. 如图,正方形与直角梯形所在平面互相垂直,,,.
(1)求证:平面;
(2)求四面体的体积;
(3)求平面与平面的夹角的正切值.
【答案】(1)证明见解析
(2)
(3)
【解析】
【分析】(1)先证明线线垂直,根据线面垂直的判定定理即可证明平面;
(2)根据三棱锥的体积公式即可求得答案.
(3)作辅助线,根据面面角的定义找到平面与平面的二面角的平面角,解直角三角形即可求得答案.
【小问1详解】
证明: 由题意, 可得,,平面,
平面平面,
所以平面,
又平面,则,
在正方形中,,
又,则平面.
【小问2详解】
因为平面,平面平面,
平面,
又,
故,.
【小问3详解】
记交于,连接,过作,交于,连接,
由题意知, ,O为BD中点,故,
∵ 平面,∴,则,则 平面,
则为平面与平面的夹角.
∵,∴平面,则,四边形AOGF为平行四边形,
故 ,由于 ,故平面BDE,
故平面BDE,平面BDE,故,
中,,
,,
则在中,,
故平面与平面夹角的正切值为.
安徽省宣城市2023-2024学年高一上学期期末考试数学试卷(Word版附答案): 这是一份安徽省宣城市2023-2024学年高一上学期期末考试数学试卷(Word版附答案),共7页。试卷主要包含了考试结束时,务必将答题卡交回,,已知函数满足,且,则,已知,且,,则的最小值是,若,则的可能取值是,下列运算中正确的是等内容,欢迎下载使用。
安徽省宣城市2022-2023学年高一数学下学期期末试题(Word版附解析): 这是一份安徽省宣城市2022-2023学年高一数学下学期期末试题(Word版附解析),共20页。试卷主要包含了单项选择题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
安徽省阜阳市2021-2022学年高一数学下学期期末试题(Word版附答案): 这是一份安徽省阜阳市2021-2022学年高一数学下学期期末试题(Word版附答案),共10页。试卷主要包含了考生必须保持答题卡的整洁等内容,欢迎下载使用。