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2023年云南省曲靖市麒麟十中中考物理模拟试卷
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这是一份2023年云南省曲靖市麒麟十中中考物理模拟试卷，共22页。试卷主要包含了 下列物理量最接近实际的是等内容，欢迎下载使用。
2023年云南省曲靖市麒麟十中中考物理模拟试卷
1. 下列物理量最接近实际的是( )
A. 一节新干电池的电压是1.5V B. 体考用的实心铅球受到的重力约2000N
C. 人感觉湿暖而舒适的室内温度约为37℃ D. 家用电吹风机的额定功率约为20W
2. 如图所示的四种现象中，由光的直线传播形成的是( )
A. 海市蜃楼
B. 水中倒影
C. 钢笔错位
D. 树林间的光线
3. 如图所示的物态变化现象需要吸热的是( )
A. 冰雪消融
B. 清晨白雾形成
C. 露珠的形成
D. 美丽“雾凇”形成
4. 中国古诗词意境优美，许多诗句中涉及了声现象，下列描述错误的是( )
A. “路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”说明液体可以传声
B. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可以传递能量
C. “春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，鸟的叫声是由于鸟的发声器官振动产生的
D. “姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据音色判断的
5. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 温度越高的物体，所含的内能越多
B. 物体的温度升高，一定是从外界吸收了热量
C. 热量可能从内能小的物体传递给内能大的物体
D. 水凝固成冰的过程，温度不变，且内能也不变
6. 2022年2月6日，中国女足时隔十六年再夺亚洲杯冠军.如图所示，是决赛场上中国女足运动员与对方球员进行拼抢的场景.下列相关说法不正确的是( )
A. 踢足球时，脚对足球的作用力使足球发生了形变
B. 足球离脚后能继续运动，是因为足球具有惯性
C. 踢足球时，脚对足球的作用力等于足球对脚的作用力
D. 足球在空中向前做弧线运动时不受重力作用
7. 为了防止考生作弊，监考人员往往会利用手持式金属探测器对考生进行检查(如图)，当探测器靠近金属物体时，金属物体就会产生感应电流，使探测器发出警报。下列实验能反映出金属探测器工作原理的是( )
A.
B.
C.
D.
8. 数字驱动转型发展，智慧引领国家能源，我国正以提升全要素生产率为核心，积极推动能源生产与先进信息技术深度融合，大力探索5G、云计算、大数据、区块链、人工智能、北斗通信等新一代信息技术创新应用。下列有关能源和信息的说法正确的是( )
A. 我国已建成的核电站是利用核裂变来发电的
B. 人类利用太阳能实质是将太阳能转化为其他形式的能量
C. 5G网络比4G快，是因为5G传播电磁波的速度比4G的快
D. 北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务
9. 小秋利用砝码、小木桌、海绵等器材，探究“压力的作用效果与哪些因素有关”，如图所示为该实验过程中的情景，下列说法中正确的是( )
A. 实验中是通过观察海绵凹陷程度来判断压力的作用效果的
B. 图甲、乙探究的问题是压力的作用效果与压力大小是否有关
C. 由图甲、丙可知，压力的作用效果与受力面积大小有关
D. 本实验中没有运用控制变量法
10. 如图所示电路，电源电压为6V，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表量程为0∼3V，电流表量程为0∼0.6A，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表与电流表示数的比值保持不变
B. 电压表的示数变化范围为1V∼3V
C. 电流表的示数变化范围为0.1A∼0.6A
D. 电压表示数为2V时，滑动变阻器接入电路的电阻值为20Ω
11. 如图，一束激光斜射到空水槽底部O点，形成一个光斑。现向水槽中注入适量水后，则水槽底部光斑移到O点的______ (选填“左”或“右”)侧。继续沿水槽壁缓慢注水，则折射角将______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)。
12. 如图所示，是小扬整理学习资料时使用的长尾夹，由一个弹簧片夹体和两个较长的尾柄构成。尾柄可转动，夹体夹纸，节省空间。各部分尺寸已标出，用力捏尾柄使夹体张开时，它是______ 杠杆(选填“省力”、“费力”或“等臂”)，若动力和阻力的方向都与夹体所在的斜面垂直，当阻力为1.5N时，动力为______ N。
13. 在北京冬奥会自由式滑雪女子U形场地技巧决赛中，中国选手谷爱凌一骑绝尘，强势夺冠，滑雪板设计得比较宽大，是为了减小______；在自由下滑的过程中，重力势能转化为______能。
14. 我校某同学做实验时把光具座上的凸透镜正对窗外，再把透镜另一侧的光屏来回移动适当调整位置后在光屏上出现了清晰的远处图书馆倒立的像，经过测量得出此时光屏到凸透镜的距离为10cm，则该凸透镜的焦距约为______ cm；如图所示，烛焰发出的光通过该凸透债在光屏上呈现清晰的像，利用这成像规律工作的设备有______ (写出一种即可)
15. 如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后甲容器连接的U形管液面高度差较大说明：电流通过导体产生的热量跟______ (选填“电流”或“电阻”)的大小有关；当电流为0.2A时，通电10s甲容器中电阻产生的热量是______ J。
16. 2021年9月，世界上最大的模锻液压机(8万吨级)在中国投入使用，使我国的工业实力得到大幅提升。图甲为液压机的结构简图，它是利用液体来传递压力的设备，简易的液压机主要是由液缸、活塞、管、槽、液态介质及控制系统等部分构成。按传递压强的液体种类来分，有油压机和水压机两大类。科学家帕斯卡发现：当外力作用在密闭的液体上时，液体各部分所受的压强将发生相同的变化，物理学中称做帕斯卡定律。在图甲U形管槽中装满液体，两端活塞把液体密闭，给左端活塞施加一个向下的压力时，根据帕斯卡定律，左右两个活塞受到的液体压强相等，同时右端活塞会受到一个向上的压力F，这就是液压机原理。若不计机械摩擦和活塞自重，两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比。
(1)液压机在工作过程中，液体对液缸中大活塞的压强______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)液体对小活塞的压强。
(2)如图乙所示，汽车的油压千斤顶就是应用液压机原理工作的。假如一个油压千斤顶的大小活塞横截面积分别是120cm2和4m2，当在小活塞上加2700N的压力时，最多可在大活塞上产生______ N的举力。
(3)某型号液压机的大活塞横截面积是小活塞的50倍，则在使用过程中大、小活塞移动的距离之比为______ 。
(4)图丙是一个水压机模型，轻质活塞A、B的横截面积分别为10cm2和200m2，将840N的物体放在水平活塞B上，不计机械阻力，则活塞A向上移动距离为______ m。(g取10N/kg，ρ水=1×103kg/m3，根据液体压强的计算公式p=ρ液gh可以求出左右液面的高度差。)
17. 如图所示，请作出在地面上滚动的小球所受重力和摩擦力的示意图。
18. 如图所示，请作出A点在平面镜中的A'点，并根据两点作出AB两点间经平面反射的入射光线和反射光线。
19. 实验室有三种液体(酒精、水、硫酸)，由于标签都被撕掉了，小刚用天平和量筒来测量其中一种的密度进而判断是何种液体。
(1)将天平放置在水平桌面上，将游码至______ ，完成操作后，发现天平分度盘上的指针静止在如图甲所示的位置，此时应该将天平的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)调节完天平后，小刚用一个小烧杯(质量为30g)取一些该液体放在天平的左盘上，然后用镊子按______ (选填“从大到小”或“从小到大”)的顺序往天平右盘添加砝码，当添加完最后一个砝码后，天平右端下沉，则接下来应该进行的操作是______ ，待天平平衡后，右盘中的砝码位置如图乙所示，则该液体的质量为______ g。
(3)然后将小烧杯中的液体全部倒入量筒中测量它的体积，如图丙所示，它的体积为______ cm3，则这种液体可能是______ 。(ρ水=1.0×103kg/m3,ρ酒精=0.8×103kg/m3,ρ硫酸=1.8×103kg/m3)
(4)小刚发现这个测量出来的密度与给出的相应液体的密度之间有点细微的差距，出现这种现象的原因可能是______ 。
20. 小明用如图所示的实验装置探究“产生感应电流的条件”。
①实验中，通过观察______ 来判断电路中是否有感应电流；
②闭合开关，若磁体不动，导体ab沿______ (选填“上下”或“左右”)方向运动时，电流表指针会发生偏转；若导体ab不动，左右移动磁体，电路中______ (选填“有”或“无”)感应电流；
③断开开关，无论磁体如何放置、导体棒怎样运动，电流表指针都不发生偏转，小明由此得出结论：闭合电路的部分导体在磁场中做______ 运动时，电路中就产生感应电流。
21. 小丽同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω，20Ω，50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω1A”字样，导线若干。
(1)请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整；
(2)在连接试验电路时，小丽应将开关______ ，滑动变阻器滑片滑到最右端；
(3)小丽连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是______ ；
(4)故障排除后，小丽先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是______ V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向______ 端(选填“左”或“右”)移动，使电压表的示数为2V；
(5)当小丽改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值。在保留前两次实验数据的前提下，小丽可以采取的措施是：______ (写出一种即可)；
(6)小丽解决了上述问题后，完成了实验。利用收集到的多组数据，作出了如图丁的I-R图像，分析图像得出结论：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成______ 。
22. 如图甲所示是“探究水和煤油吸热能力”的实验装置，用两个相同的酒精灯，对两个相同烧杯中质量和初温都相同的水和煤油加热。图乙是得出的水和煤油的温度随加热时间变化的图象。若想要用该装置探究水和煤油哪个的吸热能力更强，应该进行的操作是：______ ，若出现______ 则能得出水的吸热能力更强的结论。
23. 如图所示，电源电压恒定，电阻R1的阻值为15Ω，当只闭合开关S2时，电流表示数为0.4A；当只闭合开关S3时，电流表的示数为0.15A。求：
(1)电源电压；
(2)电阻R2的阻值；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，通电1min电路消耗的电能。
24. 取两个相同的溢水杯，都装满水，将一块橡皮泥捏成碗状放在其中一个溢水杯中，静止后用量筒测出溢出的水的体积为55mL；拿出橡皮泥团成实心球状，放入另一个溢水杯中，静止后用量筒测出溢出的水的体积为50mL，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，求
(1)图甲中橡皮泥受到的浮力；
(2)橡皮泥的密度；
(3)图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一节新干电池的电压是1.5V，故A正确；
B、体考用实心球的重力约G=mg=2kg×10N/kg=20N，故B错误；
C、人感觉温暖而舒适的室内温度约为23℃，故C错误；
D、电吹风机的额定功率较大，约为500W，故D错误。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】D
【解析】解：A、海市蜃楼是由光的折射形成的，故A错误；
B、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、钢笔错位是由光的折射形成的，故C错误；
D、树林中的光线说明光沿直线传播，故D正确。
故选：D。
光在同种均匀介质中沿直线传播；生活中常见的因为光的直线传播产生的现象有：影子的形成、小孔成像、日食和月食等。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识的考查，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A、冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，熔化吸热，故A正确；
B、清晨升起了雾，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故B错误；
C、草叶上出现露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故C错误；
D、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的冰晶，此过程放出热量，故D错误。
故选A。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
判断物态变化，关键是分清物质变化前后的状态，是中考热学知识考查的热点内容。
4.【答案】B
【解析】解：A.声音的传播需要介质，水中的鱼能听到岸上人的说话声，说明液体可以传声，故A正确；
B.听到狗的叫声辨别出有人回来，说明声能传递信息，故B错误；
C.声音是由物体的振动产生的，鸟的叫声是由于鸟的发声器官振动产生的，故C正确；
D.之所以能辨别出是“钟声”，是因为钟发出声音的音色与其它声音的音色不同，故D正确。
故选：B。
(1)声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质；
(2)声音三个特性：音调、响度、音色，音调跟频率有关，频率越大音调越高，频率越小音调低；响度跟振幅有关，音色跟材料和结构有关；
(3)声能传递信息、能量。
本题考查声音的产生、传播以及声音的特性，难度不大。
5.【答案】C
【解析】解：A、物体的内能与温度、质量、状态等有关，只知道温度高，不能确定物体含内能多，故A错误；
B、物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故B错误；
C、热传递的条件是存在温度差，因内能的大小与物体的质量、温度和状态有关，所以内能小的可能温度高，内能大的可能温度低，则热量可以从内能小的物体传给内能大的物体，故C正确；
D、物体放出热量，温度不一定降低，比如晶体在凝固过程中，放热内能减小，温度不变，故D错误。
故选：C。
(1)物体的内能与温度、质量、状态等有关；
(2)做功和热传递都能改变物体的内能；
(3)发生热传的条件是存在温度差，不能内能差；
(4)晶体凝固过程中，放热内能减小，但温度不变。
此题考查了热传递条件的理解、改变内能方式的理解、内能的影响因素和晶体凝固特点的理解，是一道综合题。
6.【答案】D
【解析】解：A、力可以使物体发生形变，踢足球时脚对足球的作用力可以使足球发生形变，故A说法正确；
B、惯性是物体的固有属性，足球离脚后能继续运动，是因为足球具有惯性，故B说法正确；
C、踢足球时，脚对足球的作用力与足球对面脚的作用力是一对相互作用力，大小相等，故C说法正确；
D、足球在空中向前做弧线运动时受到重力作用，故D说法不正确。
故选：D。
(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
(2)任何物体都具有惯性，即保持原运动状态不变的性质。
(3)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力，一对相互作用力的大小相等。
(4)由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的施力物体是地球。
知道力的作用效果，理解惯性概念、相互作用力特点，知道重力概念，可解答此题。
7.【答案】C
【解析】解：
由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，即金属探测器工作原理为电磁感应现象。
A、图中有电源，是电动机原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而制成的，故A错误；
B、该图是电流的磁效应实验，故B错误；
C、图中没有电源，是发电机原理图，是利用线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流制成的(即电磁感应现象)，故C正确；
D、该图是通电线圈的磁场，是利用电流的磁效应制成的，故D错误。
故选：C。
由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。
本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握发电机的原理。
8.【答案】ABD
【解析】解：A.人类目前已经掌握可控核裂变技术，所以我国已建成的核电站是利用核裂变来发电的，故A正确；
B.人类目前利用太阳能发电，利用太阳能取暖，都是将太阳能转化为其他形式的能，所以人类利用太阳能实质是将太阳能转化为其他形式的能量，故B正确；
C.电磁波的速度是固定的，5G网络比4G快，是指5G传播信息量的速度比4G的快，故C错误；
D.北斗卫星导航系统是通过电磁波来提供定位服务的，故D正确。
故选：ABD。
(1)核电站是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理制成的，其中在核电站中链式反应的速度和规模是人为控制的；
(2)人类并不直接利用太阳能，多数情况为将太阳能转化为电能、内能或其他形式能量再进行利用；
(3)电磁波传播速度与频率无关；
(4)卫星通信是依靠电磁波传递信息的。
本题考查了核能、太阳能、电磁波等知识，难度不大。
9.【答案】AB
【解析】解：A、根据转换法，实验中是通过观察海绵凹陷程度来判断压力的作用效果的，A正确；
B、图甲、乙中压力不同，受力面积相同，故探究的问题是压力的作用效果与压力大小是否有关，B正确；
C、探究压力的作用效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变，而图甲、丙中压力不同，C错误；
D、本实验中运用了控制变量法，故D错误。
故选AB。
A、根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
BCD、压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
10.【答案】ABD
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、根据欧姆定律知，电压表与电流表示数的比值表示定值电阻的大小，定值电阻大小不变，电压表与电流表示数的比值不变，故A正确；
B、由电路图可知，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，电路中的最小电流：
I小=UR1+R最大=6V10Ω+50Ω=0.1A，
R1两端的电压：
U1小=I小R1=0.1A×10Ω=1V，
因电源的电压大于电压表的量程，
所以，电压表的最大示数为3V，电压表示数变化范围是1V∼3V；故B正确
电路中的电流最大：
I大=U1大R1=3V10Ω=0.3A，
则电流表的示数变化范围为0.1A∼0.3A，故C错误；
D、当电压表示数为2V时，电路中的电流最大：
I=I'1=U'1R1=2V10Ω=0.2A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压：
U'2=U-U'1=6V-2V=4V，
滑动变阻器接入电路的电阻值
R'2=U'2I'2=4V0.2A=20Ω，故D正确。
故选：ABD。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据欧姆定律知，电压表与电流表示数的比值表示定值电阻的大小，据此分析；
(2)由电路图可知，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R2两端的电压最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压；比较电源的电压和电压表的量程可知电压表的最大示数，根据串联电路的电压特点求出R2两端的最小电压，然后得出电阻R2两端的电压变化，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，然后得出电路中电流表和电压表的示数变化范围；
(3)电压表示数为2V时，根据欧姆定律求出电路中的电流，结合串联电路的特点和欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断电压表的最大示数是关键。
11.【答案】左 不变
【解析】解：向水槽中注入适量水后，激光由空气斜射入水中，光线发生折射，折射角小于入射角，所以折射光线向法线偏折，故水槽底部光斑移到O点的左侧。
激光由空气斜射入水中，继续沿水槽壁缓慢注水，入射角不变，则折射角大小不变。
故答案为：左；不变。
光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变，称为光的折射。
本题考查光的直线传播和光的折射，属于光学基础的考查，比较简单。
12.【答案】省力 1
【解析】解：用力摁住尾柄时，作用在尾柄的力是动力，动力和阻力的方向都与夹体所在的斜面垂直，
由图可知，动力臂L1=30mm-12mm=18mm，阻力臂L2=12mm，即动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可知，动力：F1=F2L2L1=1.5N×12mm18mm=1N。
故答案为：省力；1。
用力捏尾柄使夹体张开时，长尾夹是一个杠杆，作用在尾柄处的是动力，根据图中数据求出动力臂和阻力臂的大小，进而分析确定杠杆的类型；根据杠杆的平衡条件求出动力的大小。
本题考查杠杆的分类和杠杆平衡条件的应用，解题的关键是能从图中找到动力臂和阻力臂的大小。
13.【答案】压强 动
【解析】解：(1)滑雪板设计得比较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
(2)在自由下滑的过程中，谷爱凌的质量不变，高度变小，重力势能减少，同时其速度变大，动能增大，所以重力势能转化为动能。
故答案为：压强；动。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)判断是哪种能量转化成了另一种能量的方法是：减少的能量转化为增大的能量，据此结合动能和重力势能的影响因素分析解答。
此题考查动能和势能的转化、减小压强的方法，属于基础题目，难度不大。
14.【答案】10 照相机
【解析】解：当用凸透镜对着远处图书馆成像的时候，物距u远大于2f，此时成倒立缩小的实像，像距的范围f
故答案为：10；照相机。
当物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，并且物距越大，成的像越小，像距也越小；若物距u远大于2f，则像距v越接近f，此时凸透镜的焦距约等于像距。
此题考查了凸透镜成像的规律及应用，一定要掌握凸透镜成像特点与物距之间的关系。
15.【答案】电阻 4
【解析】解：(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲容器中电阻丝产生的热量多，U形管液面高度较大，说明电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
(2)通电10s甲容器中的电阻产生的热量：Q甲=I2R甲t=(0.2A)2×10Ω×10s=4J。
故答案为：电阻；4。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(2)根据Q=I2Rt求出通电10s甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验以及焦耳定律计算公式的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
16.【答案】等于 8.1×104 1：50 4
【解析】解：(1)液压机的液缸是密闭的，能够大小不变地由液体向各个方向传递压强，所以，液体对大活塞的压强等于小活塞对液体的压强；
(2)因密闭液体能够大小不变的向各个方向传递压强，
所以，由p=FS可得：
p=F大S大=F小S小，即F大120×10-4m2=2700N4×10-4m2，
解得：F大=8.1×104N，
即在大活塞上能产生8.1×104N的举力；
(3)某型号液压机的大活塞横截面积是小活塞的50倍，由于两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比，故在使用过程中大、小活塞移动的距离之比为1：50；
(4)物体对活塞B产生的压强为：
p=FS=GSB=840N200×10-4m2=4.2×104Pa，
根据p=ρgh知这部分压强会让左右两侧液柱产生的高度差为：
Δh=pρ水g=4.2×104Pa1.0×103kg/m3×10N/kg=4.2m；
设右边液柱下降的高度为hB，则右边下降液柱的体积为：V右=SBhB，
设左边液柱上升的高度为hA，则左边上升液柱的体积为：V左=SAhA，
右边下降液柱的体积等于左边上升液柱的体积，即SAhA=SBhB，则10cm2hA=200cm2hB，
所以hA=20hB，
又因为hA+hB=4.2m，
即hA+120hA=4.2m，
解得hA=4m。
故答案为：(1)等于；(2)8.1×104；(3)1：50；(4)4。
(1)帕斯卡定律：加在密闭液体上的压强，能够大小不变地由液体向各个方向传递；
(2)知道大、小活塞的横截面积以及加在小活塞上的压力，根据p=FS和密闭液体能够大小不变的向各个方向传递压强得出等式即可求出大活塞受到的压力，即可得出大活塞能产生的举力；
(3)根据两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比进行分析；
(4)根据p=FS=GSB算出物体对活塞B产生的压强，根据p=ρgh算出这部分压强会让左右两侧液柱产生的高度差；
设右边液柱下降的高度为hB，则右边下降液柱的体积为：V右=SBhB，设左边液柱上升的高度为hA，则左边上升液柱的体积为：V左=SAhA，根据右边下降液柱的体积等于左边上升液柱的体积列等式算出AB高度的关系，由左右两侧液柱产生的高度差算出活塞A将向上移动的距离。
本题考查了帕斯卡定律的应用，理解并会用帕斯卡定律“压强相等”，同时掌握左右两侧液柱变化的体积相等是解决最后一问的关键。
17.【答案】解：在地面上向右滚动的小球所受摩擦力水平向左，从小球重心开始，分别沿竖直向下和水平向左的方向画一条有向线段，并在线段末尾分别标上字母G和f，即为小球所受重力和摩擦力的示意图，如图所示：
【解析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
18.【答案】解：先通过平面镜作出发光点A的对称点A'即为A的像；连接A'B交平面镜于点O，AO为入射光线，OB为反射光线；如图所示：
【解析】利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点A的像点A'，根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点和A'点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
本题利用了平面镜成像特点和原理来完成光路，一定要注意物与像关于镜面是对称的。
19.【答案】标尺上的零刻度线处 右 从大到小 将最小砝码拿下来，向右移动游码 33 40 酒精 烧杯内壁有液体残余
【解析】解：(1)将托盘天平放在水平桌面上，移动游码到标尺上的零刻度线处，发现分度盘上的指针静止时，指针偏左，应该向右端调节平衡螺母，使天平在水平位置平衡；
(2)用镊子按从大到小的顺序往天平右盘添加砝码；
当添加完最后一个砝码后，天平右端下沉，说明砝码的质量大于烧杯和未知液体的总质量，则接下来应该进行的操作是应取下5g的砝码，向右移动游码，直到天平平衡；
烧杯和液体的总质量为m总=50g+10g+3g=63g，
液体的质量为m=m总-m杯=63g-30g=33g；
(3)量筒中液体的体积V=40mL=40cm3；
液体的密度ρ=mV=33g40cm3=0.825g/cm3=0.825×103kg/m3，所以这种液体可能是酒精；
(4)烧杯内壁会有液体残余，会使得测得的体积偏小，由ρ=mV可知，最终密度偏大。
故答案为：(1)标尺上的零刻度线处；右；(2)从大到小；将最小砝码拿下来，向右移动游码；33；(3)40；酒精；(4)烧杯内壁有液体残余。
(1)天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡，指针偏右，向左调节，指针偏左，向右调节；
(2)添加砝码的顺序是从大到小；在加减砝码时，一般要试加到最小的砝码后，如果发现仍不平衡，再去调节游码使其平衡；读取天平示数时应将砝码的质量与游码的示数相加；
(3)读出量筒中液体的体积，最后利用密度的公式可求出密度，判断液体的种类；
(4)由于烧杯内壁粘有液体，测得的液体体积V偏小，但质量准确，由密度公式分析。
本题考查了天平的正确使用、质量测量、量筒的使用、密度测量方法、对实验过程进行分析等。
20.【答案】电流表指针是否偏转 左右 有 切割磁感线
【解析】解：①实验中，通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流存在，指针偏转表明电路中有感应电流，否则电路中没有感应电流。
②闭合开关，若磁体不动，导体ab沿左右方向运动时，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流，电流表指针会发生偏转；若导体ab不动，左右移动磁体，相当于导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；
③得出实验的结论是：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生。
故答案为：(1)电流表指针是否偏转；(2)左右；有；(3)切割磁感线。
(1)在探究感应电流的实验中，是通过灵敏电流表指针的偏转来认定有感应电流产生；
(2)(3)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
本题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小和电流方向的因素。
21.【答案】断开 定值电阻短路(或电压表断路)2.4右 减小电源电压(或换用阻值更大的滑动变阻器)反比
【解析】解：(1)因为电源电压为3V，所以电压表选用0∼3V的量程与定值电阻并联，电流从电压表的“3”接线柱流入，“-”接线柱流出，如图所示：
；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；滑动变阻器滑片滑到最右端；
(3)电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，因此故障可能是与电压表并联的定值电阻R短路了，或者电压表自身断路；
(4)电压表选用小量程，分度值为0.1V，由图乙可知，示数为2.4V；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V不变；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=2V<3V，当接入50Ω电阻时且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，由分压原理可得：URUE=RR+R滑，所以电源电压最大值：UE=R+R滑R×UR=50Ω+20Ω50Ω×2V=2.8V<3V，故可减小电源电压；
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=3V-2V=1V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的1V2V=0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×50Ω=25Ω>20Ω，故可换用阻值更大的滑动变阻器；
(6)由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
故答案为：(1)见解析；(2)断开；(3)定值电阻短路(或电压表断路)；(4)2.4；右；(5)减小电源电压(或换用阻值更大的滑动变阻器)；(6)反比。
(1)电压表与被测电路并联，根据电源电压选择电压表的量程；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
(3)电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，或电压表自身断路，据此分析；
(4)根据电压表选用小量程确定分度值读出示数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路的分压原理求出电源电压的最大值；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；
(6)根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、电压表读数、控制变量法、欧姆定律的应用和分析图像归纳结论的能力。
22.【答案】选用两个相同的酒精灯同时进行加热，实验中用玻璃棒反复缓慢地搅拌，观察升高相同的温度，谁的加热时间长 升高相同的温度，水的加热时间长，
【解析】解：用该装置探究水和煤油哪个的吸热能力更强，应该进行的操作是：选用两个相同的酒精灯同时进行加热，实验中用玻璃棒反复缓慢地搅拌，观察升高相同的温度，谁的加热时间长；
升高相同的温度，水的加热时间长，说明水的吸热能力更强。
故答案为：选用两个相同的酒精灯同时进行加热，实验中用玻璃棒反复缓慢地搅拌，观察升高相同的温度，谁的加热时间长；升高相同的温度，水的加热时间长。
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较液体吸热多少，这种方法叫转换法；
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
23.【答案】解：(1)由图可知，当只闭合开关S2时，只有R1工作，电流表的示数即为通过R1的电流，
由I=UR可知，电源电压：U=U1=I1R1=0.4A×15Ω=6V；
(2)当只闭合开关S3时，R1、R2串联，电流表示数测量电路中的电流，
由I=UR可知，R1、R2的总电阻：R=UI=6V0.15A=40Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R-R1=40Ω-15Ω=25Ω；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压都等于电源电压，
通电1min电路消耗的电能：W=W1+W2=U2R1t+U2R2t=(6V)215Ω×1×60s+(6V)225Ω×1×60s=230.4J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)电阻R2的阻值为40Ω；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，通电1min电路消耗的电能为230.4J。
【解析】(1)由图可知，当只闭合开关S2时，只有R1工作，电流表的示数即为通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
(2)当只闭合开关S3时，R1、R2串联，电流表示数测量通过电路中的电流，根据欧姆定律求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，R1、R2并联，根据W=U2R1t+U2R2t求出通电1min电路消耗的电能。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律以及电功公式的应用，难度不大。
24.【答案】解：(1)图甲中橡皮泥受到的浮力F浮=ρ水gV排甲=103kg/m3×10N/kg×55×10-6m3=0.55N；
(2)图甲中橡皮泥漂浮，所受重力G=F浮=0.55N，
橡皮泥的质量m=Gg=0.55N10N/kg=0.055kg=55g，
橡皮泥的体积V=V排乙=50mL=50cm3，
橡皮泥的密度ρ=mV=55g50cm3=1.1g/cm3；
(3)图乙中橡皮泥受到的浮力F浮'=ρ水gV排乙=103kg/m3×10N/kg×50×10-6m3=0.5N，
图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小F压=F支=G-F浮'=0.55N-0.5N=0.05N。
答：(1)图甲中橡皮泥受到的浮力为0.55N；
(2)橡皮泥的密度为1.1g/cm3；
(3)图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小为0.05N。
【解析】(1)根据F浮=ρ水gV排甲得出图甲中橡皮泥受到的浮力；
(2)图甲中橡皮泥漂浮，根据G=F浮得出所受重力，根据G=mg得出橡皮泥的质量，根据V=V排乙得出橡皮泥的体积，根据密度公式得出橡皮泥的密度；
(3)根据F浮'=ρ水gV排乙得出图乙中橡皮泥受到的浮力，根据F压=F支=G-F浮'得出图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小。
本题考查浮力、密度和压力等知识，是一道综合题。
2023年云南省曲靖市麒麟十中中考物理模拟试卷
1. 下列物理量最接近实际的是( )
A. 一节新干电池的电压是1.5V B. 体考用的实心铅球受到的重力约2000N
C. 人感觉湿暖而舒适的室内温度约为37℃ D. 家用电吹风机的额定功率约为20W
2. 如图所示的四种现象中，由光的直线传播形成的是( )
A. 海市蜃楼
B. 水中倒影
C. 钢笔错位
D. 树林间的光线
3. 如图所示的物态变化现象需要吸热的是( )
A. 冰雪消融
B. 清晨白雾形成
C. 露珠的形成
D. 美丽“雾凇”形成
4. 中国古诗词意境优美，许多诗句中涉及了声现象，下列描述错误的是( )
A. “路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”说明液体可以传声
B. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可以传递能量
C. “春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，鸟的叫声是由于鸟的发声器官振动产生的
D. “姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据音色判断的
5. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 温度越高的物体，所含的内能越多
B. 物体的温度升高，一定是从外界吸收了热量
C. 热量可能从内能小的物体传递给内能大的物体
D. 水凝固成冰的过程，温度不变，且内能也不变
6. 2022年2月6日，中国女足时隔十六年再夺亚洲杯冠军.如图所示，是决赛场上中国女足运动员与对方球员进行拼抢的场景.下列相关说法不正确的是( )
A. 踢足球时，脚对足球的作用力使足球发生了形变
B. 足球离脚后能继续运动，是因为足球具有惯性
C. 踢足球时，脚对足球的作用力等于足球对脚的作用力
D. 足球在空中向前做弧线运动时不受重力作用
7. 为了防止考生作弊，监考人员往往会利用手持式金属探测器对考生进行检查(如图)，当探测器靠近金属物体时，金属物体就会产生感应电流，使探测器发出警报。下列实验能反映出金属探测器工作原理的是( )
A.
B.
C.
D.
8. 数字驱动转型发展，智慧引领国家能源，我国正以提升全要素生产率为核心，积极推动能源生产与先进信息技术深度融合，大力探索5G、云计算、大数据、区块链、人工智能、北斗通信等新一代信息技术创新应用。下列有关能源和信息的说法正确的是( )
A. 我国已建成的核电站是利用核裂变来发电的
B. 人类利用太阳能实质是将太阳能转化为其他形式的能量
C. 5G网络比4G快，是因为5G传播电磁波的速度比4G的快
D. 北斗卫星导航系统通过电磁波提供定位服务
9. 小秋利用砝码、小木桌、海绵等器材，探究“压力的作用效果与哪些因素有关”，如图所示为该实验过程中的情景，下列说法中正确的是( )
A. 实验中是通过观察海绵凹陷程度来判断压力的作用效果的
B. 图甲、乙探究的问题是压力的作用效果与压力大小是否有关
C. 由图甲、丙可知，压力的作用效果与受力面积大小有关
D. 本实验中没有运用控制变量法
10. 如图所示电路，电源电压为6V，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电压表量程为0∼3V，电流表量程为0∼0.6A，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由b端向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表与电流表示数的比值保持不变
B. 电压表的示数变化范围为1V∼3V
C. 电流表的示数变化范围为0.1A∼0.6A
D. 电压表示数为2V时，滑动变阻器接入电路的电阻值为20Ω
11. 如图，一束激光斜射到空水槽底部O点，形成一个光斑。现向水槽中注入适量水后，则水槽底部光斑移到O点的______ (选填“左”或“右”)侧。继续沿水槽壁缓慢注水，则折射角将______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)。
12. 如图所示，是小扬整理学习资料时使用的长尾夹，由一个弹簧片夹体和两个较长的尾柄构成。尾柄可转动，夹体夹纸，节省空间。各部分尺寸已标出，用力捏尾柄使夹体张开时，它是______ 杠杆(选填“省力”、“费力”或“等臂”)，若动力和阻力的方向都与夹体所在的斜面垂直，当阻力为1.5N时，动力为______ N。
13. 在北京冬奥会自由式滑雪女子U形场地技巧决赛中，中国选手谷爱凌一骑绝尘，强势夺冠，滑雪板设计得比较宽大，是为了减小______；在自由下滑的过程中，重力势能转化为______能。
14. 我校某同学做实验时把光具座上的凸透镜正对窗外，再把透镜另一侧的光屏来回移动适当调整位置后在光屏上出现了清晰的远处图书馆倒立的像，经过测量得出此时光屏到凸透镜的距离为10cm，则该凸透镜的焦距约为______ cm；如图所示，烛焰发出的光通过该凸透债在光屏上呈现清晰的像，利用这成像规律工作的设备有______ (写出一种即可)
15. 如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后甲容器连接的U形管液面高度差较大说明：电流通过导体产生的热量跟______ (选填“电流”或“电阻”)的大小有关；当电流为0.2A时，通电10s甲容器中电阻产生的热量是______ J。
16. 2021年9月，世界上最大的模锻液压机(8万吨级)在中国投入使用，使我国的工业实力得到大幅提升。图甲为液压机的结构简图，它是利用液体来传递压力的设备，简易的液压机主要是由液缸、活塞、管、槽、液态介质及控制系统等部分构成。按传递压强的液体种类来分，有油压机和水压机两大类。科学家帕斯卡发现：当外力作用在密闭的液体上时，液体各部分所受的压强将发生相同的变化，物理学中称做帕斯卡定律。在图甲U形管槽中装满液体，两端活塞把液体密闭，给左端活塞施加一个向下的压力时，根据帕斯卡定律，左右两个活塞受到的液体压强相等，同时右端活塞会受到一个向上的压力F，这就是液压机原理。若不计机械摩擦和活塞自重，两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比。
(1)液压机在工作过程中，液体对液缸中大活塞的压强______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)液体对小活塞的压强。
(2)如图乙所示，汽车的油压千斤顶就是应用液压机原理工作的。假如一个油压千斤顶的大小活塞横截面积分别是120cm2和4m2，当在小活塞上加2700N的压力时，最多可在大活塞上产生______ N的举力。
(3)某型号液压机的大活塞横截面积是小活塞的50倍，则在使用过程中大、小活塞移动的距离之比为______ 。
(4)图丙是一个水压机模型，轻质活塞A、B的横截面积分别为10cm2和200m2，将840N的物体放在水平活塞B上，不计机械阻力，则活塞A向上移动距离为______ m。(g取10N/kg，ρ水=1×103kg/m3，根据液体压强的计算公式p=ρ液gh可以求出左右液面的高度差。)
17. 如图所示，请作出在地面上滚动的小球所受重力和摩擦力的示意图。
18. 如图所示，请作出A点在平面镜中的A'点，并根据两点作出AB两点间经平面反射的入射光线和反射光线。
19. 实验室有三种液体(酒精、水、硫酸)，由于标签都被撕掉了，小刚用天平和量筒来测量其中一种的密度进而判断是何种液体。
(1)将天平放置在水平桌面上，将游码至______ ，完成操作后，发现天平分度盘上的指针静止在如图甲所示的位置，此时应该将天平的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)调节完天平后，小刚用一个小烧杯(质量为30g)取一些该液体放在天平的左盘上，然后用镊子按______ (选填“从大到小”或“从小到大”)的顺序往天平右盘添加砝码，当添加完最后一个砝码后，天平右端下沉，则接下来应该进行的操作是______ ，待天平平衡后，右盘中的砝码位置如图乙所示，则该液体的质量为______ g。
(3)然后将小烧杯中的液体全部倒入量筒中测量它的体积，如图丙所示，它的体积为______ cm3，则这种液体可能是______ 。(ρ水=1.0×103kg/m3,ρ酒精=0.8×103kg/m3,ρ硫酸=1.8×103kg/m3)
(4)小刚发现这个测量出来的密度与给出的相应液体的密度之间有点细微的差距，出现这种现象的原因可能是______ 。
20. 小明用如图所示的实验装置探究“产生感应电流的条件”。
①实验中，通过观察______ 来判断电路中是否有感应电流；
②闭合开关，若磁体不动，导体ab沿______ (选填“上下”或“左右”)方向运动时，电流表指针会发生偏转；若导体ab不动，左右移动磁体，电路中______ (选填“有”或“无”)感应电流；
③断开开关，无论磁体如何放置、导体棒怎样运动，电流表指针都不发生偏转，小明由此得出结论：闭合电路的部分导体在磁场中做______ 运动时，电路中就产生感应电流。
21. 小丽同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲所示的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω，20Ω，50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω1A”字样，导线若干。
(1)请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整；
(2)在连接试验电路时，小丽应将开关______ ，滑动变阻器滑片滑到最右端；
(3)小丽连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是______ ；
(4)故障排除后，小丽先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是______ V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向______ 端(选填“左”或“右”)移动，使电压表的示数为2V；
(5)当小丽改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值。在保留前两次实验数据的前提下，小丽可以采取的措施是：______ (写出一种即可)；
(6)小丽解决了上述问题后，完成了实验。利用收集到的多组数据，作出了如图丁的I-R图像，分析图像得出结论：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成______ 。
22. 如图甲所示是“探究水和煤油吸热能力”的实验装置，用两个相同的酒精灯，对两个相同烧杯中质量和初温都相同的水和煤油加热。图乙是得出的水和煤油的温度随加热时间变化的图象。若想要用该装置探究水和煤油哪个的吸热能力更强，应该进行的操作是：______ ，若出现______ 则能得出水的吸热能力更强的结论。
23. 如图所示，电源电压恒定，电阻R1的阻值为15Ω，当只闭合开关S2时，电流表示数为0.4A；当只闭合开关S3时，电流表的示数为0.15A。求：
(1)电源电压；
(2)电阻R2的阻值；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，通电1min电路消耗的电能。
24. 取两个相同的溢水杯，都装满水，将一块橡皮泥捏成碗状放在其中一个溢水杯中，静止后用量筒测出溢出的水的体积为55mL；拿出橡皮泥团成实心球状，放入另一个溢水杯中，静止后用量筒测出溢出的水的体积为50mL，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，求
(1)图甲中橡皮泥受到的浮力；
(2)橡皮泥的密度；
(3)图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一节新干电池的电压是1.5V，故A正确；
B、体考用实心球的重力约G=mg=2kg×10N/kg=20N，故B错误；
C、人感觉温暖而舒适的室内温度约为23℃，故C错误；
D、电吹风机的额定功率较大，约为500W，故D错误。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】D
【解析】解：A、海市蜃楼是由光的折射形成的，故A错误；
B、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、钢笔错位是由光的折射形成的，故C错误；
D、树林中的光线说明光沿直线传播，故D正确。
故选：D。
光在同种均匀介质中沿直线传播；生活中常见的因为光的直线传播产生的现象有：影子的形成、小孔成像、日食和月食等。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识的考查，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A、冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，熔化吸热，故A正确；
B、清晨升起了雾，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故B错误；
C、草叶上出现露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故C错误；
D、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的冰晶，此过程放出热量，故D错误。
故选A。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
判断物态变化，关键是分清物质变化前后的状态，是中考热学知识考查的热点内容。
4.【答案】B
【解析】解：A.声音的传播需要介质，水中的鱼能听到岸上人的说话声，说明液体可以传声，故A正确；
B.听到狗的叫声辨别出有人回来，说明声能传递信息，故B错误；
C.声音是由物体的振动产生的，鸟的叫声是由于鸟的发声器官振动产生的，故C正确；
D.之所以能辨别出是“钟声”，是因为钟发出声音的音色与其它声音的音色不同，故D正确。
故选：B。
(1)声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质；
(2)声音三个特性：音调、响度、音色，音调跟频率有关，频率越大音调越高，频率越小音调低；响度跟振幅有关，音色跟材料和结构有关；
(3)声能传递信息、能量。
本题考查声音的产生、传播以及声音的特性，难度不大。
5.【答案】C
【解析】解：A、物体的内能与温度、质量、状态等有关，只知道温度高，不能确定物体含内能多，故A错误；
B、物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故B错误；
C、热传递的条件是存在温度差，因内能的大小与物体的质量、温度和状态有关，所以内能小的可能温度高，内能大的可能温度低，则热量可以从内能小的物体传给内能大的物体，故C正确；
D、物体放出热量，温度不一定降低，比如晶体在凝固过程中，放热内能减小，温度不变，故D错误。
故选：C。
(1)物体的内能与温度、质量、状态等有关；
(2)做功和热传递都能改变物体的内能；
(3)发生热传的条件是存在温度差，不能内能差；
(4)晶体凝固过程中，放热内能减小，但温度不变。
此题考查了热传递条件的理解、改变内能方式的理解、内能的影响因素和晶体凝固特点的理解，是一道综合题。
6.【答案】D
【解析】解：A、力可以使物体发生形变，踢足球时脚对足球的作用力可以使足球发生形变，故A说法正确；
B、惯性是物体的固有属性，足球离脚后能继续运动，是因为足球具有惯性，故B说法正确；
C、踢足球时，脚对足球的作用力与足球对面脚的作用力是一对相互作用力，大小相等，故C说法正确；
D、足球在空中向前做弧线运动时受到重力作用，故D说法不正确。
故选：D。
(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
(2)任何物体都具有惯性，即保持原运动状态不变的性质。
(3)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力，一对相互作用力的大小相等。
(4)由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的施力物体是地球。
知道力的作用效果，理解惯性概念、相互作用力特点，知道重力概念，可解答此题。
7.【答案】C
【解析】解：
由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，即金属探测器工作原理为电磁感应现象。
A、图中有电源，是电动机原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而制成的，故A错误；
B、该图是电流的磁效应实验，故B错误；
C、图中没有电源，是发电机原理图，是利用线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流制成的(即电磁感应现象)，故C正确；
D、该图是通电线圈的磁场，是利用电流的磁效应制成的，故D错误。
故选：C。
由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。
本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握发电机的原理。
8.【答案】ABD
【解析】解：A.人类目前已经掌握可控核裂变技术，所以我国已建成的核电站是利用核裂变来发电的，故A正确；
B.人类目前利用太阳能发电，利用太阳能取暖，都是将太阳能转化为其他形式的能，所以人类利用太阳能实质是将太阳能转化为其他形式的能量，故B正确；
C.电磁波的速度是固定的，5G网络比4G快，是指5G传播信息量的速度比4G的快，故C错误；
D.北斗卫星导航系统是通过电磁波来提供定位服务的，故D正确。
故选：ABD。
(1)核电站是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理制成的，其中在核电站中链式反应的速度和规模是人为控制的；
(2)人类并不直接利用太阳能，多数情况为将太阳能转化为电能、内能或其他形式能量再进行利用；
(3)电磁波传播速度与频率无关；
(4)卫星通信是依靠电磁波传递信息的。
本题考查了核能、太阳能、电磁波等知识，难度不大。
9.【答案】AB
【解析】解：A、根据转换法，实验中是通过观察海绵凹陷程度来判断压力的作用效果的，A正确；
B、图甲、乙中压力不同，受力面积相同，故探究的问题是压力的作用效果与压力大小是否有关，B正确；
C、探究压力的作用效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变，而图甲、丙中压力不同，C错误；
D、本实验中运用了控制变量法，故D错误。
故选AB。
A、根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
BCD、压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
10.【答案】ABD
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、根据欧姆定律知，电压表与电流表示数的比值表示定值电阻的大小，定值电阻大小不变，电压表与电流表示数的比值不变，故A正确；
B、由电路图可知，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，电路中的最小电流：
I小=UR1+R最大=6V10Ω+50Ω=0.1A，
R1两端的电压：
U1小=I小R1=0.1A×10Ω=1V，
因电源的电压大于电压表的量程，
所以，电压表的最大示数为3V，电压表示数变化范围是1V∼3V；故B正确
电路中的电流最大：
I大=U1大R1=3V10Ω=0.3A，
则电流表的示数变化范围为0.1A∼0.3A，故C错误；
D、当电压表示数为2V时，电路中的电流最大：
I=I'1=U'1R1=2V10Ω=0.2A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压：
U'2=U-U'1=6V-2V=4V，
滑动变阻器接入电路的电阻值
R'2=U'2I'2=4V0.2A=20Ω，故D正确。
故选：ABD。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据欧姆定律知，电压表与电流表示数的比值表示定值电阻的大小，据此分析；
(2)由电路图可知，当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，R2两端的电压最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压；比较电源的电压和电压表的量程可知电压表的最大示数，根据串联电路的电压特点求出R2两端的最小电压，然后得出电阻R2两端的电压变化，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，然后得出电路中电流表和电压表的示数变化范围；
(3)电压表示数为2V时，根据欧姆定律求出电路中的电流，结合串联电路的特点和欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断电压表的最大示数是关键。
11.【答案】左 不变
【解析】解：向水槽中注入适量水后，激光由空气斜射入水中，光线发生折射，折射角小于入射角，所以折射光线向法线偏折，故水槽底部光斑移到O点的左侧。
激光由空气斜射入水中，继续沿水槽壁缓慢注水，入射角不变，则折射角大小不变。
故答案为：左；不变。
光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变，称为光的折射。
本题考查光的直线传播和光的折射，属于光学基础的考查，比较简单。
12.【答案】省力 1
【解析】解：用力摁住尾柄时，作用在尾柄的力是动力，动力和阻力的方向都与夹体所在的斜面垂直，
由图可知，动力臂L1=30mm-12mm=18mm，阻力臂L2=12mm，即动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可知，动力：F1=F2L2L1=1.5N×12mm18mm=1N。
故答案为：省力；1。
用力捏尾柄使夹体张开时，长尾夹是一个杠杆，作用在尾柄处的是动力，根据图中数据求出动力臂和阻力臂的大小，进而分析确定杠杆的类型；根据杠杆的平衡条件求出动力的大小。
本题考查杠杆的分类和杠杆平衡条件的应用，解题的关键是能从图中找到动力臂和阻力臂的大小。
13.【答案】压强 动
【解析】解：(1)滑雪板设计得比较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
(2)在自由下滑的过程中，谷爱凌的质量不变，高度变小，重力势能减少，同时其速度变大，动能增大，所以重力势能转化为动能。
故答案为：压强；动。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)判断是哪种能量转化成了另一种能量的方法是：减少的能量转化为增大的能量，据此结合动能和重力势能的影响因素分析解答。
此题考查动能和势能的转化、减小压强的方法，属于基础题目，难度不大。
14.【答案】10 照相机
【解析】解：当用凸透镜对着远处图书馆成像的时候，物距u远大于2f，此时成倒立缩小的实像，像距的范围f
故答案为：10；照相机。
当物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，并且物距越大，成的像越小，像距也越小；若物距u远大于2f，则像距v越接近f，此时凸透镜的焦距约等于像距。
此题考查了凸透镜成像的规律及应用，一定要掌握凸透镜成像特点与物距之间的关系。
15.【答案】电阻 4
【解析】解：(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲容器中电阻丝产生的热量多，U形管液面高度较大，说明电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
(2)通电10s甲容器中的电阻产生的热量：Q甲=I2R甲t=(0.2A)2×10Ω×10s=4J。
故答案为：电阻；4。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(2)根据Q=I2Rt求出通电10s甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验以及焦耳定律计算公式的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
16.【答案】等于 8.1×104 1：50 4
【解析】解：(1)液压机的液缸是密闭的，能够大小不变地由液体向各个方向传递压强，所以，液体对大活塞的压强等于小活塞对液体的压强；
(2)因密闭液体能够大小不变的向各个方向传递压强，
所以，由p=FS可得：
p=F大S大=F小S小，即F大120×10-4m2=2700N4×10-4m2，
解得：F大=8.1×104N，
即在大活塞上能产生8.1×104N的举力；
(3)某型号液压机的大活塞横截面积是小活塞的50倍，由于两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比，故在使用过程中大、小活塞移动的距离之比为1：50；
(4)物体对活塞B产生的压强为：
p=FS=GSB=840N200×10-4m2=4.2×104Pa，
根据p=ρgh知这部分压强会让左右两侧液柱产生的高度差为：
Δh=pρ水g=4.2×104Pa1.0×103kg/m3×10N/kg=4.2m；
设右边液柱下降的高度为hB，则右边下降液柱的体积为：V右=SBhB，
设左边液柱上升的高度为hA，则左边上升液柱的体积为：V左=SAhA，
右边下降液柱的体积等于左边上升液柱的体积，即SAhA=SBhB，则10cm2hA=200cm2hB，
所以hA=20hB，
又因为hA+hB=4.2m，
即hA+120hA=4.2m，
解得hA=4m。
故答案为：(1)等于；(2)8.1×104；(3)1：50；(4)4。
(1)帕斯卡定律：加在密闭液体上的压强，能够大小不变地由液体向各个方向传递；
(2)知道大、小活塞的横截面积以及加在小活塞上的压力，根据p=FS和密闭液体能够大小不变的向各个方向传递压强得出等式即可求出大活塞受到的压力，即可得出大活塞能产生的举力；
(3)根据两个活塞的运动距离与它们的横截面积成反比进行分析；
(4)根据p=FS=GSB算出物体对活塞B产生的压强，根据p=ρgh算出这部分压强会让左右两侧液柱产生的高度差；
设右边液柱下降的高度为hB，则右边下降液柱的体积为：V右=SBhB，设左边液柱上升的高度为hA，则左边上升液柱的体积为：V左=SAhA，根据右边下降液柱的体积等于左边上升液柱的体积列等式算出AB高度的关系，由左右两侧液柱产生的高度差算出活塞A将向上移动的距离。
本题考查了帕斯卡定律的应用，理解并会用帕斯卡定律“压强相等”，同时掌握左右两侧液柱变化的体积相等是解决最后一问的关键。
17.【答案】解：在地面上向右滚动的小球所受摩擦力水平向左，从小球重心开始，分别沿竖直向下和水平向左的方向画一条有向线段，并在线段末尾分别标上字母G和f，即为小球所受重力和摩擦力的示意图，如图所示：
【解析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
18.【答案】解：先通过平面镜作出发光点A的对称点A'即为A的像；连接A'B交平面镜于点O，AO为入射光线，OB为反射光线；如图所示：
【解析】利用平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点A的像点A'，根据反射光线反向延长通过像点，可以由像点和A'点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
本题利用了平面镜成像特点和原理来完成光路，一定要注意物与像关于镜面是对称的。
19.【答案】标尺上的零刻度线处 右 从大到小 将最小砝码拿下来，向右移动游码 33 40 酒精 烧杯内壁有液体残余
【解析】解：(1)将托盘天平放在水平桌面上，移动游码到标尺上的零刻度线处，发现分度盘上的指针静止时，指针偏左，应该向右端调节平衡螺母，使天平在水平位置平衡；
(2)用镊子按从大到小的顺序往天平右盘添加砝码；
当添加完最后一个砝码后，天平右端下沉，说明砝码的质量大于烧杯和未知液体的总质量，则接下来应该进行的操作是应取下5g的砝码，向右移动游码，直到天平平衡；
烧杯和液体的总质量为m总=50g+10g+3g=63g，
液体的质量为m=m总-m杯=63g-30g=33g；
(3)量筒中液体的体积V=40mL=40cm3；
液体的密度ρ=mV=33g40cm3=0.825g/cm3=0.825×103kg/m3，所以这种液体可能是酒精；
(4)烧杯内壁会有液体残余，会使得测得的体积偏小，由ρ=mV可知，最终密度偏大。
故答案为：(1)标尺上的零刻度线处；右；(2)从大到小；将最小砝码拿下来，向右移动游码；33；(3)40；酒精；(4)烧杯内壁有液体残余。
(1)天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡，指针偏右，向左调节，指针偏左，向右调节；
(2)添加砝码的顺序是从大到小；在加减砝码时，一般要试加到最小的砝码后，如果发现仍不平衡，再去调节游码使其平衡；读取天平示数时应将砝码的质量与游码的示数相加；
(3)读出量筒中液体的体积，最后利用密度的公式可求出密度，判断液体的种类；
(4)由于烧杯内壁粘有液体，测得的液体体积V偏小，但质量准确，由密度公式分析。
本题考查了天平的正确使用、质量测量、量筒的使用、密度测量方法、对实验过程进行分析等。
20.【答案】电流表指针是否偏转 左右 有 切割磁感线
【解析】解：①实验中，通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流存在，指针偏转表明电路中有感应电流，否则电路中没有感应电流。
②闭合开关，若磁体不动，导体ab沿左右方向运动时，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流，电流表指针会发生偏转；若导体ab不动，左右移动磁体，相当于导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流；
③得出实验的结论是：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生。
故答案为：(1)电流表指针是否偏转；(2)左右；有；(3)切割磁感线。
(1)在探究感应电流的实验中，是通过灵敏电流表指针的偏转来认定有感应电流产生；
(2)(3)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
本题是探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小和电流方向的因素。
21.【答案】断开 定值电阻短路(或电压表断路)2.4右 减小电源电压(或换用阻值更大的滑动变阻器)反比
【解析】解：(1)因为电源电压为3V，所以电压表选用0∼3V的量程与定值电阻并联，电流从电压表的“3”接线柱流入，“-”接线柱流出，如图所示：
；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；滑动变阻器滑片滑到最右端；
(3)电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，因此故障可能是与电压表并联的定值电阻R短路了，或者电压表自身断路；
(4)电压表选用小量程，分度值为0.1V，由图乙可知，示数为2.4V；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V不变；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=2V<3V，当接入50Ω电阻时且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，由分压原理可得：URUE=RR+R滑，所以电源电压最大值：UE=R+R滑R×UR=50Ω+20Ω50Ω×2V=2.8V<3V，故可减小电源电压；
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=3V-2V=1V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的1V2V=0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×50Ω=25Ω>20Ω，故可换用阻值更大的滑动变阻器；
(6)由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
故答案为：(1)见解析；(2)断开；(3)定值电阻短路(或电压表断路)；(4)2.4；右；(5)减小电源电压(或换用阻值更大的滑动变阻器)；(6)反比。
(1)电压表与被测电路并联，根据电源电压选择电压表的量程；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
(3)电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，或电压表自身断路，据此分析；
(4)根据电压表选用小量程确定分度值读出示数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路的分压原理求出电源电压的最大值；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；
(6)根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、电压表读数、控制变量法、欧姆定律的应用和分析图像归纳结论的能力。
22.【答案】选用两个相同的酒精灯同时进行加热，实验中用玻璃棒反复缓慢地搅拌，观察升高相同的温度，谁的加热时间长 升高相同的温度，水的加热时间长，
【解析】解：用该装置探究水和煤油哪个的吸热能力更强，应该进行的操作是：选用两个相同的酒精灯同时进行加热，实验中用玻璃棒反复缓慢地搅拌，观察升高相同的温度，谁的加热时间长；
升高相同的温度，水的加热时间长，说明水的吸热能力更强。
故答案为：选用两个相同的酒精灯同时进行加热，实验中用玻璃棒反复缓慢地搅拌，观察升高相同的温度，谁的加热时间长；升高相同的温度，水的加热时间长。
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较液体吸热多少，这种方法叫转换法；
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
23.【答案】解：(1)由图可知，当只闭合开关S2时，只有R1工作，电流表的示数即为通过R1的电流，
由I=UR可知，电源电压：U=U1=I1R1=0.4A×15Ω=6V；
(2)当只闭合开关S3时，R1、R2串联，电流表示数测量电路中的电流，
由I=UR可知，R1、R2的总电阻：R=UI=6V0.15A=40Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R-R1=40Ω-15Ω=25Ω；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压都等于电源电压，
通电1min电路消耗的电能：W=W1+W2=U2R1t+U2R2t=(6V)215Ω×1×60s+(6V)225Ω×1×60s=230.4J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)电阻R2的阻值为40Ω；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，通电1min电路消耗的电能为230.4J。
【解析】(1)由图可知，当只闭合开关S2时，只有R1工作，电流表的示数即为通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
(2)当只闭合开关S3时，R1、R2串联，电流表示数测量通过电路中的电流，根据欧姆定律求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；
(3)当开关S3断开，S1、S2都闭合时，R1、R2并联，根据W=U2R1t+U2R2t求出通电1min电路消耗的电能。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律以及电功公式的应用，难度不大。
24.【答案】解：(1)图甲中橡皮泥受到的浮力F浮=ρ水gV排甲=103kg/m3×10N/kg×55×10-6m3=0.55N；
(2)图甲中橡皮泥漂浮，所受重力G=F浮=0.55N，
橡皮泥的质量m=Gg=0.55N10N/kg=0.055kg=55g，
橡皮泥的体积V=V排乙=50mL=50cm3，
橡皮泥的密度ρ=mV=55g50cm3=1.1g/cm3；
(3)图乙中橡皮泥受到的浮力F浮'=ρ水gV排乙=103kg/m3×10N/kg×50×10-6m3=0.5N，
图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小F压=F支=G-F浮'=0.55N-0.5N=0.05N。
答：(1)图甲中橡皮泥受到的浮力为0.55N；
(2)橡皮泥的密度为1.1g/cm3；
(3)图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小为0.05N。
【解析】(1)根据F浮=ρ水gV排甲得出图甲中橡皮泥受到的浮力；
(2)图甲中橡皮泥漂浮，根据G=F浮得出所受重力，根据G=mg得出橡皮泥的质量，根据V=V排乙得出橡皮泥的体积，根据密度公式得出橡皮泥的密度；
(3)根据F浮'=ρ水gV排乙得出图乙中橡皮泥受到的浮力，根据F压=F支=G-F浮'得出图乙中橡皮泥对溢水杯底部的压力大小。
本题考查浮力、密度和压力等知识，是一道综合题。
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