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2023年四川省广安实验中学中考物理三模试卷（含答案）
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这是一份2023年四川省广安实验中学中考物理三模试卷（含答案），共21页。
2023年四川省广安实验中学中考物理三模试卷
1. 近年来，为了控制噪声污染，改善居民的生活环境，有些城市采取了城区禁止汽车鸣笛、道路两边种花植树、高架桥两侧安装隔声板等措施。如图所示的标志中，表示“禁止鸣笛”的是( )
A. B. C. D.
2. 2021年4月17日晚，在我国部分地区能观测到罕见的“月掩火星”天象，月亮遮掩火星发生的原理与月亮遮掩太阳(日全食)相似，下列光现象中与“月掩火星”形成原理相同的是( )
A. ①墙上影子 B. ②海市蜃楼 C. ③铅笔弯折 D. ④杯弓蛇影
3. 如图所示，在试管里盛适量的水，用带玻璃管的胶塞塞住试管口，加热试管使水沸腾，玻璃管口冒出的“白气”推动管口处的小叶轮转动。下列说法正确的是( )
A. 水在沸腾过程中，不断吸收热量，温度升高
B. 实验过程中通过热传递使试管内水的内能增大
C. 玻璃管口冒出的“白气”是水汽化形成的水蒸气
D. “白气”使小叶轮转动的过程相当于汽油机的压缩冲程
4. “快递100米”智能快递柜是针对电子商务和快递行业开发的一套速运自助服务系统，它通过手机扫码使开关S1闭合，也可通过输入密码使开关S2闭合，启动柜门(电动机)完成取件，如图是某同学根据快递柜功能自行设计的电路，符合上述情况的是( )
A. B.
C. D.
5. 在“新冠”疫情期间，口罩成为防疫“神器”，戴眼镜的人常因口罩佩戴不严实，出现眼镜“起雾”的情况。“起雾”是因为发生了( )
A. 液化现象 B. 汽化现象 C. 熔化现象 D. 升华现象
6. 如图所示的四个实验，反映电动机基本原理的是( )
A. B.
C. D.
7. 如图所示，质量相等的甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中。如果再向水中加入少量的食盐，待两球静止后，下列关于甲、乙两球的说法正确的是( )
A. 甲球浸在水中的体积不变 B. 乙球浸在水中的体积减小
C. 甲球受到的浮力小于重力 D. 乙球受到的浮力大于重力
8. 下列情境中的杠杆属于费力杠杆的是( )
A. 羊角锤拔钉子 B. 起子开瓶盖
C. 镊子夹物 D. 钳子剪导线
9. 在如图所示的电路中，电源的电压保持不变，R1为定值电阻。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，下列说法正确的是( )
A. 电压表V的示数减小
B. 电流表A的示数减小
C. 电流表A1的示数减小
D. 滑动变阻器R2消耗的电功率变大
10. 2022年5月31日，我国自主研制的大型两栖飞机——“鲲龙”AG600在广东珠海首飞成功。返航时，飞机在减速下降过程中( )
A. 动能增大，重力势能减小 B. 动能减小，机械能不变
C. 动能增大，重力势能增大 D. 动能减小，机械能减小
11. 小廖同学家里正在修建楼房，他通过调查了解到工人利用如图的装置，将重力为900N的物体匀速提升了6m，工人对绳子施加的拉力F为475N。忽略绳重和机械之间的一切摩擦。下列说法中正确的是( )
①拉力F做功为2850J
②动滑轮的重力为50N
③拉力F做的额外功为600J
④如用该装置匀速提升重力为950N的物体，则该滑轮组的机械效率为95%
A. ①③ B. ②④ C. ①② D. ③④
12. 如图所示，电源电压恒为6V，R1=10Ω，R2=15Ω，R3的规格为“30Ω1A”，电压表的量程为0∼3V，的量程为0∼15V，电流表的量程为0∼0.6A，下列说法正确的是( )
A. 只闭合S1时，向左移动滑片，示数变大，示数变大
B. 只闭合S1时，向左移动滑片，示数变化量的绝对值与示数变化量的比值不变
C. 只闭合S1时，向右移动滑片，R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量相等
D. 闭合S1、S2时，移动滑片，在保证电路安全的情况下，电路消耗的最大功率为3.6W
13. 小华对一支铅笔的长度进行4次正确测量，记录数据如下：17.58cm、17.57cm、17.56cm、17.57cm，该铅笔的长度是______ cm，所用刻度尺的分度值是______。
14. 近年来我州践行绿色发展理念，挖掘自然资源优势，减少化石燃料的使用，大力发展水能、风能等绿色能源。目前经常使用的化石能源属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源，大力推广的风力发电是将______能转化为______能。
15. 用电器消耗的电能可用电能表计量。如图所示的电能表应接在__________V的电路中使用，其示数是__________kW⋅h。
16. 某同学在做探究凸透镜成像规律实验时，蜡烛和光屏的位置如图所示，此时在光屏上得到了倒立、等大、清晰的实像。接下来把蜡烛移动到35cm刻度处，则应将光屏向______(选填“左”或“右”)移动，光屏上才可以得到倒立、______、清晰的实像。
17. 某同学在小瓶里装一些带颜色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，在它上面画上刻度，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中，从管子上端吹入少量气体，就制成了一个简易的气压计(如图甲所示)。周末他带着简易气压计乘坐爸爸的轿车外出，轿车外形如图乙所示，当轿车在水平平直公路上高速行驶时，轿车对地面的压力______(选填“大于”“等于”或“小于”)轿车的重力；当轿车从山脚开到山顶时，不考虑温度改变，简易气压计玻璃管内水柱的高度会______(选填“上升”“下降”或“不变”)。
18. 如图所示，在做“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平长木板匀速滑动了0.5m，弹簧测力计的示数为4N。该过程中，木块所受的摩擦力为_____ N，拉力做功为_____ J。
19. 如图所示电路，电阻R1为3Ω，R2为1Ω。当开关S闭合后，通过电阻R1、R2的电流之比为______，电压表V1、V2的示数之比为______。
20. 一束光经过凸透镜后的折射光线如图所示，请在图中画出其入射光线。
21. 请在图中画出木棒此时所受重力的示意图以及重力的力臂(O点为转轴，O'点为木棒的重心)。
22. 请在图中标出开关S闭合后通电螺线管的“N”极。
23. 在“探究光的反射规律”的实验中，如图所示，平面镜M放在水平桌面上，E、F是两块粘接起来的硬纸板，垂直于镜面且可绕ON转动。
(1)如图(a)，当E、F在同一平面上时，让入射光线AO沿纸板E射向镜面，在F上可看到反射光线OB，测出入射角和反射角的大小，便立即得出实验结论：反射角等于入射角。你认为这样得出结论______ (选填“合理”或“不合理”)，原因是______ 。
(2)若将一束光贴着纸板F沿BO射到O点，光将沿图中的______ 方向射出，因为在光的反射现象中光路是______ 的。
24. 如图所示是小明同学验证阿基米德原理的实验过程图，弹簧测力计在①②③④四个步骤中的读数分别为G物、F1、F2、G空桶.
(1)为了减小实验误差，最合理的操作步骤顺序为______(填数字序号).
(2)按照最合理的顺序操作，当实验中的测量结果满足______(用G物、F1、F2、G空桶表示)的关系式时，说明阿基米德原理成立。
(3)按照最合理的顺序操作，以下影响验证结果的是______(填字母序号).
A.图①中溢水杯内未装满水
B.图②中合金块A未浸没在水中
C.图④中小桶内有少量水
(4)实验后，小明又利用上面实验中的器材和木块，正确地探究了漂浮在水面上的物体所受浮力的大小是否遵循阿基米德原理．实验过程中有一个步骤与图中不同，这个步骤是______(填数字序号)。
25. 在“探究电流与电阻关系”的实验时，为了使实验操作简便，小敏用电阻箱来代替不同的定值电阻，电阻箱能提供的阻值是0∼9999欧之间的任意整数值。现提供的器材有：电源(恒为6伏)、滑动变阻器(1安50欧)、电压表(0∼3伏)、电流表(0∼0.6安)、电阻箱、开关和导线若干。
(1)请完成实物图甲的连接(要求滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大)。
(2)实验中滑动变阻器的作用是______。
(3)实验开始时，调节电阻箱使接入阻值为5欧，闭合开关，再调节滑片使电压表示数达到设定值，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为______伏。
(4)小敏多次改变电阻箱的接入阻值，测得相应电流，并得出了实验结论。根据所给量程和设定电压，电阻箱可调节的范围为______。
26. 顺口溜“五月五、过端午、蒸粽子、吃包子、挂菖蒲、佩香囊、赛龙舟”，生动的呈现了某地端午文化习俗。蒸粽子是利用水沸腾产生的蒸气进行加热。若将2.5kg的水加热到沸腾，水温升高了80℃，[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q煤=3×107J/kg]，在此过程中，求：
(1)水吸收的热量；
(2)采用煤炉加热，煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量；
(3)需要完全燃烧煤的质量。
27. 某同学设计了如图所示的电路来探究电热器多挡位的问题。已知电路中两个阻值不同的定值电阻R1=1000Ω，R2=500Ω。求：
(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，电路中的电流是多少？(保留三位有效数字)
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，通电1min电路消耗的电能是多少？
(3)该电路的最大功率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、属于禁止行人通过，故不符合题意；
B、属于禁止载货汽车驶入，故不符合题意；
C、属于禁止鸣笛，故符合题意；
D、属于骑自行车通过，故不符合题意。
故选：C。
根据物理常识以及图中的标志即可判断。
考查了物理常识问题在生活中的应用，要求学生掌握。
2.【答案】A
【解析】解：月亮遮掩火星与月亮遮掩太阳(日全食)都是因为光的直线传播形成的。
A、①墙上影子，是因为光的直线传播形成的；
B、②海市蜃楼，是因为光的折射形成的；
C、③铅笔弯折，是因为光的折射形成的；
D、④杯弓蛇影，是因为光的反射形成的。
故选：A。
月亮遮掩火星与月亮遮掩太阳(日全食)都是因为光的直线传播形成的。
本题考查了光的直线传播，解决此题要求了解一些光的直线传播产生的现象及其他光现象，属于基本内容，比较简单。
3.【答案】B
【解析】解：A、水在沸腾时，吸收热量，但温度保持在沸点不变，故A错误；
B、对水加热过程中是通过热传递使水的内能增大的，故B正确；
C、玻璃管口冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误；
D、“白气”使小叶轮转动的过程中，内能转化为机械能，相当于汽油机的做功冲程，故D错误。
故选：B。
(1)液体沸腾的特点：吸收热量，温度保持不变；
(2)做功和热传递都能改变物体的内能；
(3)物质由气态变成液态的过程叫液化；
(4)蒸气推动轮机转动过程中，对外提供动力，相当于做功冲程。
本题考查了沸腾的特点、液化现象、能量的转化、改变物体内能的方法，属于综合性题目。
4.【答案】D
【解析】解：由题意知，速运自助服务系统可以通过手机扫码使开关S1闭合，也可通过输入密码使开关S2闭合，启动柜门(电动机)完成取件，说明两开关可以独立工作、互不影响，即两开关并联后共同控制电动机。
由各选项电路图知，ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
串联电路中各用电器之间相互影响，并联电路中各用电器间互不影响。
根据开关S1闭合或开关S2闭合都能启动柜门(电动机)完成取件，据此分析两开关的连接方式，再选择合适的电路。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两个开关的位置和连接方式是关键。
5.【答案】A
【解析】解：人呼出的气体中的水蒸气遇到冷的眼睛片发生液化现象变成小水珠，使眼镜变得模糊。
故选：A。
物质由气态变成液态的现象叫做液化。
本题主要考查学生对液化现象的理解和掌握，属于基础知识的考查。
6.【答案】D
【解析】解：
A、将通电导线放在小磁针之上，是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、该图反映了电荷间的相互作用，与电动机的原理无关，故B不符合题意；
C、若导体在磁场中做切割磁感线运动，电流表的指针发生偏转，说明电路中产生了电流，这种现象叫电磁感应，故C不符合题意。
D、图中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的原理图，故D符合题意。
故选：D。
首先明确电动机的工作原理，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；然后根据图示的实验装置，结合文字描述的实验现象，得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案。
加强对课本中实验装置的记忆，将实验装置与反应的物理规律联系在一起，对于解决此种类型的题目非常关键。
7.【答案】B
【解析】解：(1)甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：ρ甲=ρ水，ρ乙<ρ水，F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，如果再向水中加入少量的食盐，水的密度变大，此时ρ盐水>ρ甲，ρ盐水>ρ乙，所以甲会上浮，最终漂浮在盐水面上，浮力仍等于重力；乙仍然漂浮，浮力仍等于重力，故CD错误；
(2)由于两球受到的浮力不变，由于液体的密度变大，由F浮=G排=ρ水gV排可知甲、乙排开液体的体积都减小，故A错误，B正确。
故选：B。
(1)根据浮沉条件判断出甲、乙物体密度与液体密度的关系和浮力与重力的关系，如果再向水中加入少量的食盐，根据液体密度的变化判断出甲、乙物体与液体密度的关系，进而判断出甲乙的浮沉情况和浮力与重力的关系；
(2)根据浮力的变化和F浮=G排=ρ水gV排判断出甲、乙排开液体体积的变化。
本题考查了浮沉条件、浮力公式的应用，关键是用好漂浮和悬浮条件，灵活运用公式进行判断。
8.【答案】C
【解析】解：A、羊角锤拔钉子时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、起子开瓶盖时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、镊子夹物时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
D、钳子剪导线时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：C。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
AC.因电源的电压保持不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R1支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，故C错误；
BD.将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，通过R2的电流变小，而变阻器两端的电压不变(等于电源电压)，则由P=UI可知，滑动变阻器R2消耗的电功率变小，故D错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A的示数变小，故B正确。
故选：B。
由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
(1)根据电源的电压可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1支路电流的变化，从而得出电流表A1的示数变化；
(2)根据滑片的移动方向可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，利用P=UI得出滑动变阻器R2消耗的电功率变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流变化，从而得出电流表A的示数变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好“并联电路中各支路独立工作、互不影响”是关键。
10.【答案】D
【解析】解：飞机在减速下降过程中，质量不变，速度变小，动能减小，同时高度下降，重力势能减小，所以，机械能减小。
故选：D。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
动能和势能之和称为机械能。
掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：①由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，拉力移动距离s=2h，拉力F做功：
W总=Fs=475N×2×6m=5700J，故①错误；
②不计绳重和摩擦时，由F=1n(G+G轮)可得，动滑轮的重力：
G动=nF-G=2×475N-900N=50N，故②正确；
③有用功W有=Gh=900N×6m=5400J，
拉力F做的额外功W额=W总-W有=5700J-5400J=300J，故③错误；
④滑轮组的机械效率η=W有用W总×100%=G'h(G'+G动)h×100%=G'G'+G动×100%=950N950N+50N×100%=95%，故④正确。
故选：B。
①由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，绳子自由端移动距离s=2h，不计绳重和摩擦，利用W=Fs求拉力做的总功；
②由拉力F=12(G+G轮)可求得动滑轮的重力；
③利用W=Gh求拉力做的有用功，总功减去有用功等于额外功；
④利用η=W有用W总求滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时拉力、有用功、总功、额外功、机械效率的计算，灵活的应用公式和确定滑轮组绳子的有效股数是关键。
12.【答案】B
【解析】解：(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压，向左移动滑片，滑动变阻器的电阻变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律I=UR知电路的电流变大，电流表的示数变大，由U=IR知定值电阻R1两端电压变大，电压表V1的示数变大，由串联电路电压的规律知定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故A错误；
根据串联电路电压的规律知电压表V1示数变化量的绝对值等于电压表V2示数变化量的绝对值，由于R=ΔUΔI知电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值就是定值电阻R1的阻值，向左移动滑片，由于定值电阻R1的阻值不变，所以电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值不变，故B正确；
只闭合S1时，向右移动滑片，滑动变阻器的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律I=UR知电路的电流减小，电流表的示数减小，由U=IR知定值电阻R1、R2两端的总电压变小，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压变大，且定值电阻R1、R2两端电压的变化量等于滑动变阻器R3两端的电压变化量，所以R2两端的电压变化量的绝对值小于R3两端的电压变化量，故C错误；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，由于电压表V1的量程为0∼3V，即定值电阻R1两端的最大电压为3V，电路的最大电流为：I=U1R1=3V10Ω=0.3A，
电路消耗的最大功率为：
P=UI=6V×0.3A=1.8W，故D错误。
故选：B。
(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压；
由向左移动滑片判断出滑动变阻器的电阻的变化，进而判断出电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1两端电压的变化；
根据R=ΔUΔI判断出向左移动滑片，电压表V1示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量比值的变化；
只闭合S1时，由向右移动滑片判断出滑动变阻器的电阻变大和电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1、R2两端总电压的变化，由串联电路电压的规律判断出滑动变阻器两端电压的变化；进而判断出定值电阻R1、R2两端电压的变化量和滑动变阻器R3两端的电压变化量以及R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量的关系；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，根据电压表V1的量程判断出定值电阻R1两端的最大电压，由欧姆定律算出电路的最大电流，由P=UI算出电路消耗的最大功率。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
13.【答案】17.571mm
【解析】解：(1)将四次测量结果取平均值就是记录结果：17.58cm+17.57cm+17.56cm+17.57cm4=17.57cm；
(2)因为使用刻度尺读数时，读到分度值还要估计一位，所以从右面数第二位的单位就是分度值，故所用的刻度尺的分度值是1mm。
故答案为：17.57cm；1mm。
(1)根据刻度尺的使用，为了减少误差，可用多次测量取平均值的方法，但是不管对同一物体测量多少次，准确值是不会变的，改变的是估计值，在取平均值时，要去掉错误的测量结果；
(2)根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位。
根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位，故从右面数第二位的单位就是分度值，注意取平均值时，若除不尽，保留的小数要与测量值小数位数相同。
14.【答案】不可再生 机械 电
【解析】解：
化石能源在地球上的储量是一定的，短期内不可能从自然界得到补充，属于不可再生能源；
风力发电中消耗了机械能，获得了电能，故风力发电是将风能即机械能转化为电能。
故答案为：不可再生；机械；电。
(1)像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)风力发电就是把风的机械能转化成电能。
此题考查了能源的分类和能量的转化，属于基础知识考查，难度不大。
15.【答案】2202022.6
【解析】解：由图示可知，电能表应该接在220V的电路中使用，它表示的示数为2022.6kW⋅h。
故答案为：220；2022.6。
电能表上“220V”表示该电能表接在220V的电路中使用，电能表的读数要注意：最后一位是小数，单位是kW⋅h。
本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义。
16.【答案】右 放大
【解析】解：(1)物距等于二倍焦距时，成倒立、等大、实像，此时像距也等于二倍焦距；故2f=20cm，f=10cm；
(2)若将烛焰移至距凸透镜35cm处，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大实像，像距大于2倍焦距，应向右移动光屏。
故答案为：右；放大。
(1)根据“物距等于二倍焦距时，成倒立、等大、实像，此时像距也等于二倍焦距”求出焦距；
(2)烛焰移至距凸透镜35cm处，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知成倒立、放大实像。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
17.【答案】小于 上升
【解析】解：(1)在高速公路上疾驰时，轿车上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，汽车上下表面产生向上的压强差、压力差，使轿车对地面的压力小于车的重力；
(2)自制简易气压计时，要向瓶内吹气，分析图示可知，瓶内气压等于外界大气压与细管内水柱产生压强之和，当高处的大气压强减小时，细管内液面上方承受的气压变小，瓶内气压把液体压入细管，使细管内液柱上升。
故答案为：小于；上升。
(1)在高速公路上疾驰时，轿车上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，汽车上下表面产生向上的压强差、压力差，据此分析。
(2)大气压强随高度的升高而减小，大气压直接压在细管内液面上方。
本题考查了气压计、流体压强与流速的有关知识，综合性强。
18.【答案】4 2
【解析】解：
弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平长木板匀速滑动，木块水平方向受到的拉力与摩擦力是一对平衡力，
所以木块受到的摩擦力f=F=4N；
拉力做功W=Fs=4N×0.5m=2J。
故答案为：4；2。
木块在水平方向做匀速直线运动，由二力平衡可得摩擦力的大小；由W=Fs计算拉力做的功。
本题考查二力平衡的应用和功的计算，属于一道基础题。
19.【答案】1：1 3：4
【解析】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源电压，串联电路各处电流相等，所以通过电阻R1、R2的电流之比为1：1；
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据U=IR可得电压表V1、V2的示数之比为：U1U2=IR1I(R1+R2)=I×3ΩI×(3Ω+1Ω)=34。
故答案为：1：1；3：4。
闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源电压，根据串联电路电流特点通过电阻R1、R2的电流之比；根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知电压表V1、V2的示数之比。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
20.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，所以入射光线是平行于主光轴的，如图所示：
【解析】先确定所给的折射光线的特点，然后根据凸透镜的三条特殊光线作图。
凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
21.【答案】解：重力方向是竖直向下的，过O'竖直向下画一条带箭头的线段，并标出G；然后过支点向重力作用线作垂线，垂线段的长即可力臂L；如图所示：。
【解析】作杠杆的力和力臂，先找到支点，然后找动力和阻力，最后过支点作力所在直线的垂线段，即为力臂。
本题考查了杠杆的相关作图，难点在于力臂画法。
22.【答案】解：由图知：闭合开关，电流从螺线管右侧流入，从左侧流出。用右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的左端为N极，另一端为S极。如下图所示：
。
【解析】闭合开关，明确电流的方向，由右手螺旋定则即可判断出通电螺线管的N、S极。
本题考查了右手螺旋定则和磁感线的方向。利用安培定则时，一定要用右手握住螺线管，四指指向电流方向，当电流流入的导线在螺线管背面时，手心在上；反之，手背在上。
23.【答案】不合理 凭一次实验数据得出结论有偶然性 OA 可逆
【解析】解：(1)不合理。实验有偶然性，不能只由一组数据就得出结论，凭一次实验数据得出结论有偶然性，应改变入射角，进行多次实验；
(2)当光逆着原来的反射光线入射时，反射光线也逆着原来的入射光线反射出去，即将一束光贴着纸板F沿BO射到O点，光将沿图中的OA方向射出，这说明在反射现象中光路是可逆的。
故答案为：(1)不合理；凭一次实验数据得出结论有偶然性；(2)OA；可逆。
(1)为避免实验的偶然性，应多做几次试验，然后才可以得出结论；
(2)让光线沿着BO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OA方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案。
本题考查了研究光的反射定律的实验。本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。以及光路具有可逆性。
24.【答案】④①②③ G物-F1=F2-G空桶 A ②
【解析】解：(1)为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，所以合理的实验顺序为④①②③；
(2)图①测出了物体的重力，图②测量的是物体浸在水中弹簧测力计的拉力，物体受到的浮力等于重力减去弹簧测力计的拉力，所以图中①②两个步骤是为了测量浮力的大小；
由实验过程可知，物体浸没液体中受到的浮力：F浮=G物-F1，物体排开液体的重力：G排=F2-G空桶，如果满足：G物-F1=F2-G空桶，可以证明：浸入液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开的液体所受重力的大小；
(3)A、图①中溢杯内未盛满水，则测得排开水的重力会偏小，会影响验证结果。
B、图②中合金块未浸没水中，此时浮力小，排开的水的体积也小，不影响实验结果。
C、图④中小桶内有少量水，物体排开水后，小桶重力的两次示数之差仍为排开水的重力，不影响实验结果。故选A。
(4)木块在水中漂浮，浮力等于重力，所以不用弹簧测力计拉着木块，使其漂浮在水面上即可，故实验过程中与上图不同的步骤是②。
故答案为：(1)④①②③；(2)G物-F1=F2-G空桶；(3)A；(4)②。
(1)通过图①的弹簧测力计可读出物体的重力；通过②与①弹簧测力计的示数差可求出物体所受浮力的大小；图③中弹簧测力计的示数等于小桶的重加物体的浮力；用小桶接水前，应先测出其重力；
(2)物体受到的浮力等于重力减去弹簧测力计的拉力；要验证阿基米德原理就要测出物体的浮力，可根据F浮=G-F示得出，然后测出排开液体的重力，两者进行比较即可验证；
(3)根据合金块受到的浮力和排开的水的重力分析；
(4)根据漂浮在液面上的物体受到浮力与重力相等进行分析。
本题主要考查了学生对阿基米德实验的掌握程度，看学生能否掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象，只要基本知识掌握扎实，题目不难做出。
25.【答案】保护电路和控制定值电阻两端的电压不变 24Ω∼25Ω
【解析】解：(1)滑动变阻器串联在电路中，滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
(2)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，因此实验中滑动变阻器的作用控制定值电阻两端的电压不变，同时还有保护电路的作用；
(3)由图乙可知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，则电阻箱两端的电压为：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，即电压表的示数为2V；
(4)由(3)可知，电阻箱两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2V=4V，则电阻箱两端的电压为变阻器分得电压的2V4V=0.5倍，根据分压原理，当变阻器连入电路中的电阻最大50Ω时，电阻箱接入电路的电阻为：R大=0.5×50Ω=25Ω；因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0∼0.6A，由串联电路的电流特点可知，电路中允许通过的最大为0.6A，由欧姆定律可知，此时电阻箱接入电路的最小电阻：R小=UVI大=2V0.6A≈3.3Ω，由电阻箱的特点可知，电阻箱接入电路的最小电阻为4Ω，因此电阻箱可调节的范围为4Ω∼25Ω。
故答案为：(1)如图所示；(2)保护电路和控制定值电阻两端的电压不变；(3)2；(4)4Ω∼25Ω。
(1)根据滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大确定滑动变阻器接入的接线柱；
(2)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，据此分析滑动变阻器的作用；
(3)根据图乙电流表所选量程确定分度值读数，根据欧姆定律求出电阻箱两端的电压，即为电压表的示数；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器连入电路中的电阻最大时电阻箱接入电路的阻值，根据滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定电路中最大电流，根据欧姆定律求出电阻箱接入电路的最小电阻，进而确定电阻箱可调节的范围。
本题探究电流与电阻关系，考查电路连接、滑动变阻器的作用、控制变量法和欧姆定律的运用，属于中等难度的题目。
26.【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2.5kg×80℃=8.4×105J；
(2)煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量为：Q放=Q吸η=8.4×105J10%=8.4×106J；
(3)根据Q放=mq可知，煤的质量为：m煤=Q放q煤=8.4×106J3×107J/kg=0.28kg。
答：(1)水吸收的热量为8.4×105J；
(2)采用煤炉加热，煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量为8.4×105J；
(3)需要完全燃烧煤的质量为0.28kg。
【解析】(1)知道水的比热容、水的质量、水的初温和末温，利用公式Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；
(2)根据煤炉加热的效率求出煤燃烧放出的热量；
(3)根据煤放出的热量和煤的热值，利用Q放=mq计算煤的质量。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，难度不大。
27.【答案】解：(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，R1、R2串联，根据欧姆定律可知电路中的电流I=UR串=UR1+R2=220V1000Ω+500Ω≈0.147A；
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，电路为R1的简单电路，通电1min电路消耗的电能W=U2R1t=(220V)21000Ω×1×60s=2904J；
(3)若断开开关S3，闭合开关S、S1、S2，R1、R2并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P=U2R可知总功率最大，为P=U2R1+U2R2=(220V)21000Ω+(220V)2500Ω=145.2W。
答：(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，电路中的电流是0.147A；
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，通电1min电路消耗的电能是2904J；
(3)该电路的最大功率是145.2W。
【解析】(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，R1、R2串联，根据欧姆定律可知电路中的电流；
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，电路为R1的简单电路，根据W=U2R1t得出通电1min电路消耗的电能；
(3)若断开开关S3，闭合开关S、S1、S2，R1、R2并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P=U2R分析并得出电路的最大总功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率和电能的计算，综合性较强。
2023年四川省广安实验中学中考物理三模试卷
1. 近年来，为了控制噪声污染，改善居民的生活环境，有些城市采取了城区禁止汽车鸣笛、道路两边种花植树、高架桥两侧安装隔声板等措施。如图所示的标志中，表示“禁止鸣笛”的是( )
A. B. C. D.
2. 2021年4月17日晚，在我国部分地区能观测到罕见的“月掩火星”天象，月亮遮掩火星发生的原理与月亮遮掩太阳(日全食)相似，下列光现象中与“月掩火星”形成原理相同的是( )
A. ①墙上影子 B. ②海市蜃楼 C. ③铅笔弯折 D. ④杯弓蛇影
3. 如图所示，在试管里盛适量的水，用带玻璃管的胶塞塞住试管口，加热试管使水沸腾，玻璃管口冒出的“白气”推动管口处的小叶轮转动。下列说法正确的是( )
A. 水在沸腾过程中，不断吸收热量，温度升高
B. 实验过程中通过热传递使试管内水的内能增大
C. 玻璃管口冒出的“白气”是水汽化形成的水蒸气
D. “白气”使小叶轮转动的过程相当于汽油机的压缩冲程
4. “快递100米”智能快递柜是针对电子商务和快递行业开发的一套速运自助服务系统，它通过手机扫码使开关S1闭合，也可通过输入密码使开关S2闭合，启动柜门(电动机)完成取件，如图是某同学根据快递柜功能自行设计的电路，符合上述情况的是( )
A. B.
C. D.
5. 在“新冠”疫情期间，口罩成为防疫“神器”，戴眼镜的人常因口罩佩戴不严实，出现眼镜“起雾”的情况。“起雾”是因为发生了( )
A. 液化现象 B. 汽化现象 C. 熔化现象 D. 升华现象
6. 如图所示的四个实验，反映电动机基本原理的是( )
A. B.
C. D.
7. 如图所示，质量相等的甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中。如果再向水中加入少量的食盐，待两球静止后，下列关于甲、乙两球的说法正确的是( )
A. 甲球浸在水中的体积不变 B. 乙球浸在水中的体积减小
C. 甲球受到的浮力小于重力 D. 乙球受到的浮力大于重力
8. 下列情境中的杠杆属于费力杠杆的是( )
A. 羊角锤拔钉子 B. 起子开瓶盖
C. 镊子夹物 D. 钳子剪导线
9. 在如图所示的电路中，电源的电压保持不变，R1为定值电阻。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，下列说法正确的是( )
A. 电压表V的示数减小
B. 电流表A的示数减小
C. 电流表A1的示数减小
D. 滑动变阻器R2消耗的电功率变大
10. 2022年5月31日，我国自主研制的大型两栖飞机——“鲲龙”AG600在广东珠海首飞成功。返航时，飞机在减速下降过程中( )
A. 动能增大，重力势能减小 B. 动能减小，机械能不变
C. 动能增大，重力势能增大 D. 动能减小，机械能减小
11. 小廖同学家里正在修建楼房，他通过调查了解到工人利用如图的装置，将重力为900N的物体匀速提升了6m，工人对绳子施加的拉力F为475N。忽略绳重和机械之间的一切摩擦。下列说法中正确的是( )
①拉力F做功为2850J
②动滑轮的重力为50N
③拉力F做的额外功为600J
④如用该装置匀速提升重力为950N的物体，则该滑轮组的机械效率为95%
A. ①③ B. ②④ C. ①② D. ③④
12. 如图所示，电源电压恒为6V，R1=10Ω，R2=15Ω，R3的规格为“30Ω1A”，电压表的量程为0∼3V，的量程为0∼15V，电流表的量程为0∼0.6A，下列说法正确的是( )
A. 只闭合S1时，向左移动滑片，示数变大，示数变大
B. 只闭合S1时，向左移动滑片，示数变化量的绝对值与示数变化量的比值不变
C. 只闭合S1时，向右移动滑片，R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量相等
D. 闭合S1、S2时，移动滑片，在保证电路安全的情况下，电路消耗的最大功率为3.6W
13. 小华对一支铅笔的长度进行4次正确测量，记录数据如下：17.58cm、17.57cm、17.56cm、17.57cm，该铅笔的长度是______ cm，所用刻度尺的分度值是______。
14. 近年来我州践行绿色发展理念，挖掘自然资源优势，减少化石燃料的使用，大力发展水能、风能等绿色能源。目前经常使用的化石能源属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源，大力推广的风力发电是将______能转化为______能。
15. 用电器消耗的电能可用电能表计量。如图所示的电能表应接在__________V的电路中使用，其示数是__________kW⋅h。
16. 某同学在做探究凸透镜成像规律实验时，蜡烛和光屏的位置如图所示，此时在光屏上得到了倒立、等大、清晰的实像。接下来把蜡烛移动到35cm刻度处，则应将光屏向______(选填“左”或“右”)移动，光屏上才可以得到倒立、______、清晰的实像。
17. 某同学在小瓶里装一些带颜色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，在它上面画上刻度，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中，从管子上端吹入少量气体，就制成了一个简易的气压计(如图甲所示)。周末他带着简易气压计乘坐爸爸的轿车外出，轿车外形如图乙所示，当轿车在水平平直公路上高速行驶时，轿车对地面的压力______(选填“大于”“等于”或“小于”)轿车的重力；当轿车从山脚开到山顶时，不考虑温度改变，简易气压计玻璃管内水柱的高度会______(选填“上升”“下降”或“不变”)。
18. 如图所示，在做“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平长木板匀速滑动了0.5m，弹簧测力计的示数为4N。该过程中，木块所受的摩擦力为_____ N，拉力做功为_____ J。
19. 如图所示电路，电阻R1为3Ω，R2为1Ω。当开关S闭合后，通过电阻R1、R2的电流之比为______，电压表V1、V2的示数之比为______。
20. 一束光经过凸透镜后的折射光线如图所示，请在图中画出其入射光线。
21. 请在图中画出木棒此时所受重力的示意图以及重力的力臂(O点为转轴，O'点为木棒的重心)。
22. 请在图中标出开关S闭合后通电螺线管的“N”极。
23. 在“探究光的反射规律”的实验中，如图所示，平面镜M放在水平桌面上，E、F是两块粘接起来的硬纸板，垂直于镜面且可绕ON转动。
(1)如图(a)，当E、F在同一平面上时，让入射光线AO沿纸板E射向镜面，在F上可看到反射光线OB，测出入射角和反射角的大小，便立即得出实验结论：反射角等于入射角。你认为这样得出结论______ (选填“合理”或“不合理”)，原因是______ 。
(2)若将一束光贴着纸板F沿BO射到O点，光将沿图中的______ 方向射出，因为在光的反射现象中光路是______ 的。
24. 如图所示是小明同学验证阿基米德原理的实验过程图，弹簧测力计在①②③④四个步骤中的读数分别为G物、F1、F2、G空桶.
(1)为了减小实验误差，最合理的操作步骤顺序为______(填数字序号).
(2)按照最合理的顺序操作，当实验中的测量结果满足______(用G物、F1、F2、G空桶表示)的关系式时，说明阿基米德原理成立。
(3)按照最合理的顺序操作，以下影响验证结果的是______(填字母序号).
A.图①中溢水杯内未装满水
B.图②中合金块A未浸没在水中
C.图④中小桶内有少量水
(4)实验后，小明又利用上面实验中的器材和木块，正确地探究了漂浮在水面上的物体所受浮力的大小是否遵循阿基米德原理．实验过程中有一个步骤与图中不同，这个步骤是______(填数字序号)。
25. 在“探究电流与电阻关系”的实验时，为了使实验操作简便，小敏用电阻箱来代替不同的定值电阻，电阻箱能提供的阻值是0∼9999欧之间的任意整数值。现提供的器材有：电源(恒为6伏)、滑动变阻器(1安50欧)、电压表(0∼3伏)、电流表(0∼0.6安)、电阻箱、开关和导线若干。
(1)请完成实物图甲的连接(要求滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大)。
(2)实验中滑动变阻器的作用是______。
(3)实验开始时，调节电阻箱使接入阻值为5欧，闭合开关，再调节滑片使电压表示数达到设定值，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为______伏。
(4)小敏多次改变电阻箱的接入阻值，测得相应电流，并得出了实验结论。根据所给量程和设定电压，电阻箱可调节的范围为______。
26. 顺口溜“五月五、过端午、蒸粽子、吃包子、挂菖蒲、佩香囊、赛龙舟”，生动的呈现了某地端午文化习俗。蒸粽子是利用水沸腾产生的蒸气进行加热。若将2.5kg的水加热到沸腾，水温升高了80℃，[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q煤=3×107J/kg]，在此过程中，求：
(1)水吸收的热量；
(2)采用煤炉加热，煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量；
(3)需要完全燃烧煤的质量。
27. 某同学设计了如图所示的电路来探究电热器多挡位的问题。已知电路中两个阻值不同的定值电阻R1=1000Ω，R2=500Ω。求：
(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，电路中的电流是多少？(保留三位有效数字)
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，通电1min电路消耗的电能是多少？
(3)该电路的最大功率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、属于禁止行人通过，故不符合题意；
B、属于禁止载货汽车驶入，故不符合题意；
C、属于禁止鸣笛，故符合题意；
D、属于骑自行车通过，故不符合题意。
故选：C。
根据物理常识以及图中的标志即可判断。
考查了物理常识问题在生活中的应用，要求学生掌握。
2.【答案】A
【解析】解：月亮遮掩火星与月亮遮掩太阳(日全食)都是因为光的直线传播形成的。
A、①墙上影子，是因为光的直线传播形成的；
B、②海市蜃楼，是因为光的折射形成的；
C、③铅笔弯折，是因为光的折射形成的；
D、④杯弓蛇影，是因为光的反射形成的。
故选：A。
月亮遮掩火星与月亮遮掩太阳(日全食)都是因为光的直线传播形成的。
本题考查了光的直线传播，解决此题要求了解一些光的直线传播产生的现象及其他光现象，属于基本内容，比较简单。
3.【答案】B
【解析】解：A、水在沸腾时，吸收热量，但温度保持在沸点不变，故A错误；
B、对水加热过程中是通过热传递使水的内能增大的，故B正确；
C、玻璃管口冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误；
D、“白气”使小叶轮转动的过程中，内能转化为机械能，相当于汽油机的做功冲程，故D错误。
故选：B。
(1)液体沸腾的特点：吸收热量，温度保持不变；
(2)做功和热传递都能改变物体的内能；
(3)物质由气态变成液态的过程叫液化；
(4)蒸气推动轮机转动过程中，对外提供动力，相当于做功冲程。
本题考查了沸腾的特点、液化现象、能量的转化、改变物体内能的方法，属于综合性题目。
4.【答案】D
【解析】解：由题意知，速运自助服务系统可以通过手机扫码使开关S1闭合，也可通过输入密码使开关S2闭合，启动柜门(电动机)完成取件，说明两开关可以独立工作、互不影响，即两开关并联后共同控制电动机。
由各选项电路图知，ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
串联电路中各用电器之间相互影响，并联电路中各用电器间互不影响。
根据开关S1闭合或开关S2闭合都能启动柜门(电动机)完成取件，据此分析两开关的连接方式，再选择合适的电路。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两个开关的位置和连接方式是关键。
5.【答案】A
【解析】解：人呼出的气体中的水蒸气遇到冷的眼睛片发生液化现象变成小水珠，使眼镜变得模糊。
故选：A。
物质由气态变成液态的现象叫做液化。
本题主要考查学生对液化现象的理解和掌握，属于基础知识的考查。
6.【答案】D
【解析】解：
A、将通电导线放在小磁针之上，是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、该图反映了电荷间的相互作用，与电动机的原理无关，故B不符合题意；
C、若导体在磁场中做切割磁感线运动，电流表的指针发生偏转，说明电路中产生了电流，这种现象叫电磁感应，故C不符合题意。
D、图中有电源，通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的原理图，故D符合题意。
故选：D。
首先明确电动机的工作原理，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；然后根据图示的实验装置，结合文字描述的实验现象，得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案。
加强对课本中实验装置的记忆，将实验装置与反应的物理规律联系在一起，对于解决此种类型的题目非常关键。
7.【答案】B
【解析】解：(1)甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：ρ甲=ρ水，ρ乙<ρ水，F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，如果再向水中加入少量的食盐，水的密度变大，此时ρ盐水>ρ甲，ρ盐水>ρ乙，所以甲会上浮，最终漂浮在盐水面上，浮力仍等于重力；乙仍然漂浮，浮力仍等于重力，故CD错误；
(2)由于两球受到的浮力不变，由于液体的密度变大，由F浮=G排=ρ水gV排可知甲、乙排开液体的体积都减小，故A错误，B正确。
故选：B。
(1)根据浮沉条件判断出甲、乙物体密度与液体密度的关系和浮力与重力的关系，如果再向水中加入少量的食盐，根据液体密度的变化判断出甲、乙物体与液体密度的关系，进而判断出甲乙的浮沉情况和浮力与重力的关系；
(2)根据浮力的变化和F浮=G排=ρ水gV排判断出甲、乙排开液体体积的变化。
本题考查了浮沉条件、浮力公式的应用，关键是用好漂浮和悬浮条件，灵活运用公式进行判断。
8.【答案】C
【解析】解：A、羊角锤拔钉子时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、起子开瓶盖时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、镊子夹物时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
D、钳子剪导线时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：C。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
AC.因电源的电压保持不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R1支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，故C错误；
BD.将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，通过R2的电流变小，而变阻器两端的电压不变(等于电源电压)，则由P=UI可知，滑动变阻器R2消耗的电功率变小，故D错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A的示数变小，故B正确。
故选：B。
由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
(1)根据电源的电压可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1支路电流的变化，从而得出电流表A1的示数变化；
(2)根据滑片的移动方向可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，利用P=UI得出滑动变阻器R2消耗的电功率变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流变化，从而得出电流表A的示数变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好“并联电路中各支路独立工作、互不影响”是关键。
10.【答案】D
【解析】解：飞机在减速下降过程中，质量不变，速度变小，动能减小，同时高度下降，重力势能减小，所以，机械能减小。
故选：D。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
动能和势能之和称为机械能。
掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：①由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，拉力移动距离s=2h，拉力F做功：
W总=Fs=475N×2×6m=5700J，故①错误；
②不计绳重和摩擦时，由F=1n(G+G轮)可得，动滑轮的重力：
G动=nF-G=2×475N-900N=50N，故②正确；
③有用功W有=Gh=900N×6m=5400J，
拉力F做的额外功W额=W总-W有=5700J-5400J=300J，故③错误；
④滑轮组的机械效率η=W有用W总×100%=G'h(G'+G动)h×100%=G'G'+G动×100%=950N950N+50N×100%=95%，故④正确。
故选：B。
①由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，绳子自由端移动距离s=2h，不计绳重和摩擦，利用W=Fs求拉力做的总功；
②由拉力F=12(G+G轮)可求得动滑轮的重力；
③利用W=Gh求拉力做的有用功，总功减去有用功等于额外功；
④利用η=W有用W总求滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时拉力、有用功、总功、额外功、机械效率的计算，灵活的应用公式和确定滑轮组绳子的有效股数是关键。
12.【答案】B
【解析】解：(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压，向左移动滑片，滑动变阻器的电阻变小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律I=UR知电路的电流变大，电流表的示数变大，由U=IR知定值电阻R1两端电压变大，电压表V1的示数变大，由串联电路电压的规律知定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故A错误；
根据串联电路电压的规律知电压表V1示数变化量的绝对值等于电压表V2示数变化量的绝对值，由于R=ΔUΔI知电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值就是定值电阻R1的阻值，向左移动滑片，由于定值电阻R1的阻值不变，所以电压表V2示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量的比值不变，故B正确；
只闭合S1时，向右移动滑片，滑动变阻器的电阻变大，电路的总电阻变大，根据欧姆定律I=UR知电路的电流减小，电流表的示数减小，由U=IR知定值电阻R1、R2两端的总电压变小，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压变大，且定值电阻R1、R2两端电压的变化量等于滑动变阻器R3两端的电压变化量，所以R2两端的电压变化量的绝对值小于R3两端的电压变化量，故C错误；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，由于电压表V1的量程为0∼3V，即定值电阻R1两端的最大电压为3V，电路的最大电流为：I=U1R1=3V10Ω=0.3A，
电路消耗的最大功率为：
P=UI=6V×0.3A=1.8W，故D错误。
故选：B。
(1)由图知只闭合S1时，三个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2和滑动变阻器R3两端的电压；
由向左移动滑片判断出滑动变阻器的电阻的变化，进而判断出电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1两端电压的变化；
根据R=ΔUΔI判断出向左移动滑片，电压表V1示数变化量的绝对值与电流表A示数变化量比值的变化；
只闭合S1时，由向右移动滑片判断出滑动变阻器的电阻变大和电路总电阻的变化，根据欧姆定律I=UR判断出电路中电流的变化和定值电阻R1、R2两端总电压的变化，由串联电路电压的规律判断出滑动变阻器两端电压的变化；进而判断出定值电阻R1、R2两端电压的变化量和滑动变阻器R3两端的电压变化量以及R2两端的电压变化量的绝对值与R3两端的电压变化量的关系；
(2)闭合S1、S2时，定值电阻R1和滑动变阻器R3串联，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R3两端的电压，根据电压表V1的量程判断出定值电阻R1两端的最大电压，由欧姆定律算出电路的最大电流，由P=UI算出电路消耗的最大功率。
本题是一道动态电路分题，涉及到电路的连接方式的判断、欧姆定律的应用等知识，过程较为复杂，需要讨论，有一定的难度。
13.【答案】17.571mm
【解析】解：(1)将四次测量结果取平均值就是记录结果：17.58cm+17.57cm+17.56cm+17.57cm4=17.57cm；
(2)因为使用刻度尺读数时，读到分度值还要估计一位，所以从右面数第二位的单位就是分度值，故所用的刻度尺的分度值是1mm。
故答案为：17.57cm；1mm。
(1)根据刻度尺的使用，为了减少误差，可用多次测量取平均值的方法，但是不管对同一物体测量多少次，准确值是不会变的，改变的是估计值，在取平均值时，要去掉错误的测量结果；
(2)根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位。
根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位，故从右面数第二位的单位就是分度值，注意取平均值时，若除不尽，保留的小数要与测量值小数位数相同。
14.【答案】不可再生 机械 电
【解析】解：
化石能源在地球上的储量是一定的，短期内不可能从自然界得到补充，属于不可再生能源；
风力发电中消耗了机械能，获得了电能，故风力发电是将风能即机械能转化为电能。
故答案为：不可再生；机械；电。
(1)像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)风力发电就是把风的机械能转化成电能。
此题考查了能源的分类和能量的转化，属于基础知识考查，难度不大。
15.【答案】2202022.6
【解析】解：由图示可知，电能表应该接在220V的电路中使用，它表示的示数为2022.6kW⋅h。
故答案为：220；2022.6。
电能表上“220V”表示该电能表接在220V的电路中使用，电能表的读数要注意：最后一位是小数，单位是kW⋅h。
本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义。
16.【答案】右 放大
【解析】解：(1)物距等于二倍焦距时，成倒立、等大、实像，此时像距也等于二倍焦距；故2f=20cm，f=10cm；
(2)若将烛焰移至距凸透镜35cm处，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大实像，像距大于2倍焦距，应向右移动光屏。
故答案为：右；放大。
(1)根据“物距等于二倍焦距时，成倒立、等大、实像，此时像距也等于二倍焦距”求出焦距；
(2)烛焰移至距凸透镜35cm处，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知成倒立、放大实像。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
17.【答案】小于 上升
【解析】解：(1)在高速公路上疾驰时，轿车上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，汽车上下表面产生向上的压强差、压力差，使轿车对地面的压力小于车的重力；
(2)自制简易气压计时，要向瓶内吹气，分析图示可知，瓶内气压等于外界大气压与细管内水柱产生压强之和，当高处的大气压强减小时，细管内液面上方承受的气压变小，瓶内气压把液体压入细管，使细管内液柱上升。
故答案为：小于；上升。
(1)在高速公路上疾驰时，轿车上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，汽车上下表面产生向上的压强差、压力差，据此分析。
(2)大气压强随高度的升高而减小，大气压直接压在细管内液面上方。
本题考查了气压计、流体压强与流速的有关知识，综合性强。
18.【答案】4 2
【解析】解：
弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平长木板匀速滑动，木块水平方向受到的拉力与摩擦力是一对平衡力，
所以木块受到的摩擦力f=F=4N；
拉力做功W=Fs=4N×0.5m=2J。
故答案为：4；2。
木块在水平方向做匀速直线运动，由二力平衡可得摩擦力的大小；由W=Fs计算拉力做的功。
本题考查二力平衡的应用和功的计算，属于一道基础题。
19.【答案】1：1 3：4
【解析】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源电压，串联电路各处电流相等，所以通过电阻R1、R2的电流之比为1：1；
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据U=IR可得电压表V1、V2的示数之比为：U1U2=IR1I(R1+R2)=I×3ΩI×(3Ω+1Ω)=34。
故答案为：1：1；3：4。
闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源电压，根据串联电路电流特点通过电阻R1、R2的电流之比；根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知电压表V1、V2的示数之比。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
20.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，所以入射光线是平行于主光轴的，如图所示：
【解析】先确定所给的折射光线的特点，然后根据凸透镜的三条特殊光线作图。
凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。
21.【答案】解：重力方向是竖直向下的，过O'竖直向下画一条带箭头的线段，并标出G；然后过支点向重力作用线作垂线，垂线段的长即可力臂L；如图所示：。
【解析】作杠杆的力和力臂，先找到支点，然后找动力和阻力，最后过支点作力所在直线的垂线段，即为力臂。
本题考查了杠杆的相关作图，难点在于力臂画法。
22.【答案】解：由图知：闭合开关，电流从螺线管右侧流入，从左侧流出。用右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的左端为N极，另一端为S极。如下图所示：
。
【解析】闭合开关，明确电流的方向，由右手螺旋定则即可判断出通电螺线管的N、S极。
本题考查了右手螺旋定则和磁感线的方向。利用安培定则时，一定要用右手握住螺线管，四指指向电流方向，当电流流入的导线在螺线管背面时，手心在上；反之，手背在上。
23.【答案】不合理 凭一次实验数据得出结论有偶然性 OA 可逆
【解析】解：(1)不合理。实验有偶然性，不能只由一组数据就得出结论，凭一次实验数据得出结论有偶然性，应改变入射角，进行多次实验；
(2)当光逆着原来的反射光线入射时，反射光线也逆着原来的入射光线反射出去，即将一束光贴着纸板F沿BO射到O点，光将沿图中的OA方向射出，这说明在反射现象中光路是可逆的。
故答案为：(1)不合理；凭一次实验数据得出结论有偶然性；(2)OA；可逆。
(1)为避免实验的偶然性，应多做几次试验，然后才可以得出结论；
(2)让光线沿着BO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OA方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案。
本题考查了研究光的反射定律的实验。本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。以及光路具有可逆性。
24.【答案】④①②③ G物-F1=F2-G空桶 A ②
【解析】解：(1)为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，所以合理的实验顺序为④①②③；
(2)图①测出了物体的重力，图②测量的是物体浸在水中弹簧测力计的拉力，物体受到的浮力等于重力减去弹簧测力计的拉力，所以图中①②两个步骤是为了测量浮力的大小；
由实验过程可知，物体浸没液体中受到的浮力：F浮=G物-F1，物体排开液体的重力：G排=F2-G空桶，如果满足：G物-F1=F2-G空桶，可以证明：浸入液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开的液体所受重力的大小；
(3)A、图①中溢杯内未盛满水，则测得排开水的重力会偏小，会影响验证结果。
B、图②中合金块未浸没水中，此时浮力小，排开的水的体积也小，不影响实验结果。
C、图④中小桶内有少量水，物体排开水后，小桶重力的两次示数之差仍为排开水的重力，不影响实验结果。故选A。
(4)木块在水中漂浮，浮力等于重力，所以不用弹簧测力计拉着木块，使其漂浮在水面上即可，故实验过程中与上图不同的步骤是②。
故答案为：(1)④①②③；(2)G物-F1=F2-G空桶；(3)A；(4)②。
(1)通过图①的弹簧测力计可读出物体的重力；通过②与①弹簧测力计的示数差可求出物体所受浮力的大小；图③中弹簧测力计的示数等于小桶的重加物体的浮力；用小桶接水前，应先测出其重力；
(2)物体受到的浮力等于重力减去弹簧测力计的拉力；要验证阿基米德原理就要测出物体的浮力，可根据F浮=G-F示得出，然后测出排开液体的重力，两者进行比较即可验证；
(3)根据合金块受到的浮力和排开的水的重力分析；
(4)根据漂浮在液面上的物体受到浮力与重力相等进行分析。
本题主要考查了学生对阿基米德实验的掌握程度，看学生能否掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象，只要基本知识掌握扎实，题目不难做出。
25.【答案】保护电路和控制定值电阻两端的电压不变 24Ω∼25Ω
【解析】解：(1)滑动变阻器串联在电路中，滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
(2)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，因此实验中滑动变阻器的作用控制定值电阻两端的电压不变，同时还有保护电路的作用；
(3)由图乙可知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A，则电阻箱两端的电压为：UV=IR=0.4A×5Ω=2V，即电压表的示数为2V；
(4)由(3)可知，电阻箱两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-UV=6V-2V=4V，则电阻箱两端的电压为变阻器分得电压的2V4V=0.5倍，根据分压原理，当变阻器连入电路中的电阻最大50Ω时，电阻箱接入电路的电阻为：R大=0.5×50Ω=25Ω；因为滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0∼0.6A，由串联电路的电流特点可知，电路中允许通过的最大为0.6A，由欧姆定律可知，此时电阻箱接入电路的最小电阻：R小=UVI大=2V0.6A≈3.3Ω，由电阻箱的特点可知，电阻箱接入电路的最小电阻为4Ω，因此电阻箱可调节的范围为4Ω∼25Ω。
故答案为：(1)如图所示；(2)保护电路和控制定值电阻两端的电压不变；(3)2；(4)4Ω∼25Ω。
(1)根据滑片在最右端时滑动变阻器接入阻值最大确定滑动变阻器接入的接线柱；
(2)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，据此分析滑动变阻器的作用；
(3)根据图乙电流表所选量程确定分度值读数，根据欧姆定律求出电阻箱两端的电压，即为电压表的示数；
(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器连入电路中的电阻最大时电阻箱接入电路的阻值，根据滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定电路中最大电流，根据欧姆定律求出电阻箱接入电路的最小电阻，进而确定电阻箱可调节的范围。
本题探究电流与电阻关系，考查电路连接、滑动变阻器的作用、控制变量法和欧姆定律的运用，属于中等难度的题目。
26.【答案】解：(1)水吸收的热量：Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2.5kg×80℃=8.4×105J；
(2)煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量为：Q放=Q吸η=8.4×105J10%=8.4×106J；
(3)根据Q放=mq可知，煤的质量为：m煤=Q放q煤=8.4×106J3×107J/kg=0.28kg。
答：(1)水吸收的热量为8.4×105J；
(2)采用煤炉加热，煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量为8.4×105J；
(3)需要完全燃烧煤的质量为0.28kg。
【解析】(1)知道水的比热容、水的质量、水的初温和末温，利用公式Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；
(2)根据煤炉加热的效率求出煤燃烧放出的热量；
(3)根据煤放出的热量和煤的热值，利用Q放=mq计算煤的质量。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，难度不大。
27.【答案】解：(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，R1、R2串联，根据欧姆定律可知电路中的电流I=UR串=UR1+R2=220V1000Ω+500Ω≈0.147A；
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，电路为R1的简单电路，通电1min电路消耗的电能W=U2R1t=(220V)21000Ω×1×60s=2904J；
(3)若断开开关S3，闭合开关S、S1、S2，R1、R2并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P=U2R可知总功率最大，为P=U2R1+U2R2=(220V)21000Ω+(220V)2500Ω=145.2W。
答：(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，电路中的电流是0.147A；
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，通电1min电路消耗的电能是2904J；
(3)该电路的最大功率是145.2W。
【解析】(1)若断开开关S1、S2，闭合开关S、S3，R1、R2串联，根据欧姆定律可知电路中的电流；
(2)若断开开关S2、S3，闭合开关S、S1，电路为R1的简单电路，根据W=U2R1t得出通电1min电路消耗的电能；
(3)若断开开关S3，闭合开关S、S1、S2，R1、R2并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P=U2R分析并得出电路的最大总功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率和电能的计算，综合性较强。
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