_2022年四川省绵阳市中考物理真题及答案

2022年四川省绵阳市中考物理真题及答案

一、选做题（每题3分，共39分）

1. 课间做眼保健操时，前排同学和后排同学听到前方墙壁上喇叭发出的声音指令（   ）

A.音调不同   B.音色不同   C. 频率不同   D. 响度不同

【答案】D

【解析】本题考察影响声音响度的因素。课间做眼保健操时，前排和后排同学到教室前方墙壁上喇叭的距离不同，听到喇叭发出声音的响度不同，而声音的音调、音色等特征相同，故D正常。

2. 太阳每时每刻都在向外辐射光和热，每年辐射到地球上的能量比目前人类每年消耗的总能量大一万多倍。下列与太阳能有关的说法，正确的是（   ）

A ．人类可以直接利用太阳能

B ．太阳能属于不可再生能源

C ．地球上所有的能量均来自太阳

  D ．太阳能是太阳内部氢原子核裂变释放的核能

【答案】A

【解析】本题考查太阳能及其利用，人类可以直接利用太阳能，如太阳能热水器，故入正确：太阳能取之不尽用之不竭，属于可再生能源，故 B 错误：地球上的能量大本散来自太阳，也有部分来自于地球内部，故 C 错误：太阳能是太阳内部氢原子核聚变释放的核能，放 D 错误。

3.2022年5月20日，我国在酒泉卫星发射中心以"一箭三星"方式将3颗低轨通信试验卫送入预定轨道。通信试验卫星沿椭圆轨道从远地点向近地点运行过程中（   ）

 A ．机械能守恒，动能增大

 B ．机械能守恒，势能增大

 C ．动能增大，势能增大

 D ．动能减小，势能减小

A【解析】本题考查机械能及其转化，通信试验卫星浴椭圆轨道从远地点向近地点运行过程中，只受地球引力作用，机械能守恒，卫星的质量不变，离地球的距离越来越近，相当于高度减小，所以其重力势能减小，速度会越来越快，所以其动能增大，故 A 正确， BCD 错误

4. 拿一个铁皮罐，装少量水，罐口打开，用火加热，将水烧开后，用盖子将铁皮罐罐口盖紧，放入盆内，用冷水浇铁皮罐。铁皮罐塌陷变扁，这是由于（   ）

 A ．罐内气体压强比罐外气体压强高

 B ．罐内气体压强比罐外气体压强低

 C ．罐内气体温度比罐外气体温度高

 D ．罐内气体温度比罐外气体温度低

【答案】B

【解析】本题考查气体压强与温度的关系，用火将铁皮罐中的水烧开时，会产生大量的水蒸气，罐内的空气被排挤出罐外，再用盖子将铁皮罐罐口盖紧，并用冷水浇铁皮罐时，罐内的温度降低，水蒸气液化，罐内的气体压强减小，小于外界大气压强，罐内外形成压力差，铁皮議会塌陷变肩，故 B 正确， ACD 错误。

5.2021年10月16日，搭载"神舟十三号"载人飞船的"长征二号"运载火箭，在酒泉卫星发射中心发射成功。"长征二号"运载火箭全长约58 m ，发射塔高约76 m （不含天线和避雷针）,火箭刚发射时和发射后第8s的图片如图所示。根据图片，火箭发射后8s内的平均速度大约是（   ）

 A .2.2m/ s    B .7.3 m / s    C .9.5 m / s     D .16.8 m / s

【答案】C

【解析】本题考查速度的计算。由题可知，发射塔的高度约为76 m ．由题图可知，火箭发射后8s内通过的距离约为发射塔的高度，所以火箭发射后8s内的平均速度大约为 v =--"=9.5 m / s ．故 C 正确， ABD 错误．

6．一束光射向一块等腰直角三角形透明介质，在斜边反射和折射，其光路如图所示。三个角 i 、 r 、 B 的大小关系是（   ）

 A . β > i > r    B . β > i = r   C . i >β = r   D . i = r > β

【答案】B

【解析】本题考查光的反射定律和折射规律。由题图可知，、和8分别为人射角、反射角和折射角，根据光的反射定律可知， r = i ．故 AC 错误：根据光的折射规律可知，当光从其他透明介质斜射向空气时，折射角大于人射角，所以 B > i ．故 B 正确， D 错误。

7．建筑工人用独轮车搬运砖头，如图所示。推车时人手向上的作用力小于车厢和砖头的总重力，对此分析正确的是（   ）

A ．以轮子轴心为支点，动力臂大于阻力臂   

B ．以轮子轴心为支点，动力臂小于阻力臂

C ．以人手握车杆的点为支点，动力臂大于阻力臂

D ．以人手握车杆的点为支点，动力臂小于阻力臂

【答案】A

【解析】本题考查杠杆的分类。由题意可知，人推车时手向上的作用力小于车厢和砖头的总重力，推车时人作用在车把向上的力是动力，车厢和砖头的总重力是阻力，所以应以轮子轴心为支点，将独轮车看成杠杆来分析，这个杠杆为省力杠杆，此时动力臂大于阻力臂，故 A 正确， BCD 错误。

8．质量都是1kg、初温都是23℃的水分别倒入两个完全相同的杯中，用大小、形状和厚度相同的白纸和黑纸包起来，将两个杯子放在太阳光下，30 min 后，白纸杯内水温30℃，黑纸杯内水温34℃。根据这个实验，下列说法正确的是（   ）

A .30 min 后，白纸杯内水的热量大于黑纸杯内水的热量

B .30min后，白纸杯内水的内能大于黑纸杯内水的内能

C ．经过30min．白纸杯内水吸收的内能小于黑纸杯内水吸收的内能

D ．经过30 min ，白纸杯内水吸收的热量小于黑纸杯内水吸收的热量

【答案】D

【解析】本题考查内能、热量与温度的关系。热量是过程量，体现为某一过程中物体内能的变化量，不是状态量，所以不能说"白纸杯内水的热量大于黑纸杯内水的热量"，故 A 错误：由题意知，两杯水的质量相同，30min后白纸杯内水的温度低于黑纸杯内水的温度，所以白纸杯内东的内脆应小于黑纸杯内水的内能，即在30 min 的时间内白纸杯内水吸收的热量小于黑纸杯内水吸收的热量，故 D 正确， BC 错误。

9．北京冬奥会上中国队夺得短道速滑2000m混合团体接力冠军。如图是范可新在直道上推武大靖，之后武大靖进入弯道滑行，下列分析正确的是（   ）

 A ．在直道上，范可新推武大靖的力大于武大靖对范可新的作用力

 B ．在直道上，范可新推武大靖的力改变范可新的运动状态

 C ．在弯道上，冰面对武大靖的作用力改变武大靖的运动状态

 D ．在弯道上，范可新对武大靖的作用力改变武大靖的运动状态

【答案】C

【解析】本题考查相互作用力、力与运动的关系，在直遗上、范可新推武大婿的力和武大靖对范可新的作用力是一对相互作用力，大小相等，故 A 错误：在直道上，范可新推武大端的力，受力物体是武大靖，即此力改变的是武大靖的运动状态，故 B 错误：在弯道上，冰面对武大赠有作用力，不断改变武大靖的运动状态，故 C 正确：在弯道上，范可新没有对武大靖施加作用力，故 D 错误。

10．将物体放在凸透镜前16 cm 处，成一个倒立、放大的像；放在凸透镜前24cm处，成一个倒立、缩小的像。该透镜的焦距可能是（   ）

 A .8 cm   B .10 cm   C .12 cm   D .16 cm

【答案】B

【解析】本题考查凸透镜成像规律的应用。物体在凸透镜前16cm处，成一个倒立、放大的实像，说明此时的物距大于一倍焦距小于二倍焦距，即 f <16 cm <2f，可得8 cm < f <16 cm ；物体在凸透镜前24cm处，成一个倒立、缩小的实像，说明此时的物距大于二倍焦距，即24 cm >2f，得 f <12 cm ；综合分析可知凸透镜的焦距满足8 cm < f <12 cm ，故选 B 。

11．如图所示，电源电压恒定， R0是定值电阻，闭合开关 S ，将滑动变阻器滑片调到适当位置，电流表A 示数为I1，电压表V示数为 U1；再将滑动变阻器滑片向右移动少许，电流表 A 示数为I2,电压表 V 示数为U2，则（   ）

 A . I1 <I2, U1 <U2  B .I1>I2,U1>U2 C.,  D . ,

【答案】D

【解析】本题考查欧姆定律的应用。由题电路图可知，定值电阻 R 。和滑动变阻器 R 串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压。当滑片向右移动少许时，滑动变阻器接入电路中的阻值变大，根据欧姆定律可知，电路中电流会变小，即 I1 >I2，根据串联电路电压规律可知，滑动变阻器接入电路的阻值变大，其两端电压会增大，所以 U1<U2，故 AB 错误：由前面分析可知，电压表和电流表的示数之比为滑动变阻器接入电路的阻值，所以，由串联电路的电压规律可知，移动滑片前定值电阻两端的电压为 U0= U- U1，则定值电阻 ①，移动滑片后定值电阻两端的电压为，则定值电 ②，连解①②可得，故 D 正确， C 错误。

12．如图甲所示，金属导体棒静置于条形磁铁 N 极上方，当通向右的电流时，导体棒将垂直纸面向外运动。现调换磁铁磁极，并给导体棒重新通电，已知其中自由电子向右定向移动，如图乙所示，副导体棒将（   ）

 A ．垂直纸面向外运动  B ．垂直纸面向里运动   C 、向上运动   D ．向下运动

【答案】A

【解析】本题查磁场对电流的作用，由题图乙可知，当导体棒中自由电子向右定向移动时，导体中的电中电流的方向同时改变，所以题图甲、乙中导体受力运动的方向相同，即导体棒仍会垂直纸面向外运动，故 A 正确、 BCD 错误。

13．光照射某种光敏电阻时，其阻值会减小。某同学利用该特性设计了一个计数装置，用于模拟测试中考跳绳次数，其电路如图甲所示，电源电压恒为12V, R0为阻值20Ω的定值电阻， RT 为光敏电阻，没有红外线照射时，信号记录仪记录到电压变化便计数一次。该同学进行模拟测试时，信号记录仪记录的电压随时间变化的图像如图乙所示，则（   ）

 A ．有红外线照射 RT 时，信号记录仪记录的电压是2V, RT =10Ω

 B ．有红外线照射 RT 时，信号记录仪记录的电压是8V, RT =100Ω

 C ．绳子挡住红外线时，信号记录仪记录的电压是8 V , RT =10Ω

 D ．绳子挡住红外线时，信号记录仪记录的电压是2V, RT =100Ω

【答案】

D【解析】本题考查欧姆定律的应用，由题图甲可知：定值电阻 R0和光敏电阻 RT ，串联，信号记录仪与 R0并联且记录 R0两端的电压变化。由题意知，有光照射时光敏电阻的阻值会减小，根据欧姆定律可知，电路中电流会变大，则定值电阻两端的电压会变大，所以此时信号记录仪记录的电压为8V，故 AC 错误：当有红外线照射到 RT 上时，根据串联电路的电压特点可知，此时 RT 两端的电压为 UT =12 V—8V=4V，根据串联分压原理可知，解得RT=10Ω，故 B 错误；当绳子挡住照射到 RT 上的红外线时，由题图乙可知，此时 RT 两端电压为 ，根据串联电路的电压特点可知，，代人数据可得，解得 ，故 D 正确。

第 II卷（非选择题共61分）

二、填空题（本题共5小题，每空2分，共20分）

14．如图所示，物块甲和乙叠放在水平桌面上，大小为10N的水平力拉甲物块，甲和乙都静止。则

水平桌面对甲物块的摩擦力大小是_____N,甲物块队乙物块的摩擦力的大小是_____N。

【答案】100（每空2分）

【解析】本题考查二力平衡条件的应用。由题意可知，甲物块保持静止状态，其在水平方向上受到向右的拉力和水平桌面对其向左的摩擦力，这两个力是一对平衡力，即水平桌面对甲物块的摩擦力等于拉力大小，即为10N：乙物块相对于甲物块没有相对运动且没有相对运动的趋势，所以甲物块对乙物块的摩擦力大小为0。

 15．上午某时，太阳光与水平面夹角是50°，如图所示。利用一块平面镜使此时的太阳光竖直射人井中，反射角的度数是______,平面与水平面的夹角是______。

【答案】70°700（每空2分）

【解析】本题考查光的反射定律的应用。如图所示，由于反射光线竖直射入井内，过入射点0竖直向下作出反射光线 OB ，然后作∠AOB 的角平分线即为法线 ON .由图可知，反射光线和入射光线的夹角∠AOB =50°+90°=140°，则反射角∠BON =70°，人射光线 AO 与平面镜的夹角为90°-70°=20°，故放平面镜镜面与水平方面镜的夹角为20°+50°=70°。

16．如图所示，灯泡 L1 、 L2 、 L3 ,规格均为"220 V 40W",照明电路电压恒为220 V 。灯泡电阻变化忽略不计。先闭合S1、S2、 S3 电流表示数为I1；再断开S2、 S3，电流表示数为12，则I1：I2=_____。闭合 S1 断开S2、 S3持续照明10 h ，电路消耗的总电能为________ kW·h 。

4：1    0.2（每空2分）

【解析】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算。由题意可知，灯泡的正常工作电流为，灯泡灯丝电阻为，由题中电路图可知，当闭合开关 S1 、 S2 、 S3 。时，灯泡 L1 被短路，灯泡 L2和 L3 并联，电流表测干路电流，两灯泡两端的电压均为220 V ，能正常工作，则电流表示数为 ；再断开 S2、 S3，则灯泡 L1 和L2串联，则电流表示数为．所以I1：I2 =4:1，此时电路的总功率为 。持续照明10h电路消耗的总电能为 W = Pt =0.02kWx10h=0.2kW· h 。

17．随着乡村振兴的持续推进，以天然气为燃料的燃气灶逐渐取代了以干木材为燃料的土灶，保护了生态环境。将质量为3 kg 、初温为23℃的水加热到98℃，土灶燃烧了干木材0.315 kg ，则该土灶的热效率为＿____ %；若用热效率为60％的燃气灶，则需要消耗天然气_______m3（结果保留小数点后两位）。干木材热值取1.2×107 J / kg ,天然气热值取3.9×107 J /m3，水的比热容4.2×103 J /( kg·℃)。

【答案】25    0.04（每空2分）

【解析】本题考查热量及热效率的计算。水吸收的热量为Q吸= c水m水(t2- t 1)=4.2x103J/( kg·C )x3kgx(98℃-23℃)=9.45x105J，干木柴完全燃烧放出的热量为 Q放＝m木q木=0.315kgx1.2x107 J / kg =3.78x106 J ，土灶的热效率为；若用热效率为60％的燃气灶来加热这些水，则需要天然气完全燃烧释放的热量为 ，需要消耗天然气体积为

18．圆柱体容器内直径20 cm 、高30cm，竖直放置于水平桌面，装满菜籽油和水（菜籽油与水不相溶），液体静止时液面与容器口相平，菜籽油质量是水质量的2倍，此时液体对容器底的压力是_____ N 。将一个边长1cm、密度0.95×103 kg /m3的小立方体轻轻放入容器内液体中，静止时液体对容器底的压强与放入小立方体前液体对容器底的压强之差是________ Pa 。 g 取10 N / kg ，π取3.14, ρ油=0.9×103kg/m3.ρ水=1.0×103 kg/m3。

【答案】87.7     0.0159（每空2分）

［解析】本动考查压力，压强和序力的综合计算，容器的熊面积为,总容积为 V = Sh=314 cm2x30 cm=9420 cm3，设界器中水的体积为 V水。紫籽油的体积为 V油。则有 V水+ V油= V，由题意可知，菜籽油质量是水质量的2倍，则，代人数据便可解得 V水≈2923 cm3,V油≈6497 cm3，水和油的总质量，则总重力 G= mg = 8 .77kgx10 N / kg =87.7 N ．因为该容器为圆柱形容器，容器底受到液体的压力大小等于液体的重力，即87.7N，因为该小立方体的密度大于油面小于水，所以该小立方体会在水和油的分界面处悬浮，小立方体的体积V '=1 cm ，所以小立方体放人后溢出的全部是菜籽油，所以放入小立方体前后容器底部所受压力差为同体积菜籽油的重力与小立方体重力的差值，则△ F =△G =△mg ，其△ m =( ρ立方体-ρ油) V'=(0.95 g /cm3-0.9 g /cm3)x1cm3=0.05g=5x10-5 kg ．所以△G =△mg =5x10-5kgx10 N / kg =5x10- 4N ，容器底所受到的压强差为

三、实验题（本题共3小题，每空2分，共20分）

19．某学习小组用如图甲所示装置做"探究冰块熔化时温度的变化规律"实验，操作如下：

(1）组装装置过程中固定铁夹，应先固定_____（填" A "" B "或" C ")。

(2）记录冰块初始温度，点燃酒精灯开始加热后，每隔1min 记录一次温度，在冰块完全熔化后再记录2~3次。

(3）以纵轴表示温度，横轴表示时间，在坐标系中播点、连线绘制出冰块熔化时温度随时间变化图像如图乙所示。分析图像可知：

①2~6 min 内温度不变，冰块的质量________（填"增加""减少"或"不变")。

②0~2 min 和6~8 min 内温度随时间变化快慢不同，原因是冰和水的________不同。

【答案】(1) A

(3)①减少②比热容（每空2分）

【解析】本题考查探究晶体熔化时温度变化规律的实验。(1）实验中要考虑到酒精灯的外焰加热和温度计的正确使用，所以在组装装置的过程中，应从下到上，故先固定 A 铁夹。(3)①由题图乙可知，在2~6 min 内，冰块处于熔化过程中，冰块不断吸热变成水，所以冰块的质量会不断减少；②由题图乙可知，在0~2 min 内，冰块处于固态，而6~8 min 内冰已完全熔化成水，在吸热相同的情况下，水的温度变化较慢，而冰的温度变化较快，故原因是冰和水的比热容不同。

20．在"研究液体内部的压强"实验中，先把压强计的探头浸入水中同一深度，让探头橡皮膜分别朝下、朝上，如图甲、乙所示；再换用盐水，把压强计探头浸入盐水中不同深度，如图丙、丁所示，图丙与图乙中探头位置液体深度相同。回答下列问题：

(1）比较图甲和图乙可得出，液体内部同一深度向上的压强与向下的压强_______。

(2）比较图乙和图丙可得出，深度相同时，水内部的压强________（填"大于""等于"或"小于"）盐水内部的压强。

(3）比较图丙和图丁可得出，在盐水中深度越大，压强越大。

(4）在图乙和图丁中，水和盐水中深度不同，水内部的压强______（填"大于""等于"或"小于")盐水内部的压强。

【答案】(1）相等  (2）小于   (4）等于（每空2分）

【解析】本超专查研究质体内部压强特点的实验。(1)头 e 维体压强大小的，比较感图甲和乙可知，深头鱼在保度相间，限头方向不同．两图中 U 形管两侧高度相间，说明辣头所受的压强大小相等，即液体内部网。保度向上的压强与向下的压强相等，(2）比较题菌乙和周可知，服头所在深度相同，容器中液体密度不同，压强计 U 形管同侧液面高度差不同，盐水中探头受售的压强大，由此可得出的结论为，深度相同时、水内能的压强小于盐水内部的压强。(4）题图乙和丁中探头所在液体保度不同，液体的密度不同，但 U 形管两侧液面的高度差相同，所以水内部的压强等于盐水内部的压强。

21．某同学用如图所示实验电路图测量小灯泡 L1、L2的功率。 L1标有"2.5V"字样，L2标有“0.3A”字样，阻值都约为10Ω．电源电压恒为9V,电压表只有"0~3V"量程可以用，定值电阻 R0=10Ω。回答问题，完成实验。

(1）电流表量程应选______(填序号)。

 A .0~60 mA  B .0-300 mA  C .0~0.6 A    D .0-3A

(2）滑动变阻器规格应选_____（填序号）。

A .10n0.2A   B .1001A   C .100Ω0.2 A    D .100Ω1A

(3）正确连接了实物电路，将 L1接人电路。

(4）闭合开关 S ，调节滑动变阻器滑片，让电压表示数分别为1.0V、2.2V、2.5V、2.8V、3.0V,读出电流表示数，填在如表中。根据表中数据， L1的额定功率P1=_____W。

(5）断开开关 S ，用L2替换 L1 ，重复第（4）步测量操作，将测得的数据填入如表中。

(6）该同学根据表中数据，计算 L2 ，的额定功率P2=3.0V×0.30 A =0.90 W ，他立即意识到这个结果不是L2的额定功率。要测得L2的额定功率，还需要的测量操作是___________________________。

【答案】(1) C  (2) D   (4)0.625  (6）调节滑动变阻器，让电流表示数为0.30A，读出电压表示数（每空2分）

【解析】本题考查测量小灯泡电功率的实验。(1）联系下文，题表中最大电流测量值为0.31A．所以电流表的量程选择0~0.6A比较合理，故选 C 。(2）已知小灯泡L2的额定电流为0.3A，则电路中最大电流会达到0.3A，而 A 和 C 选项中滑动变阻器允许通过的最大电流为0.2A．故 AC 不符合要求；当 L 接入电路时，电路中最大电流约为0.25 A ，根据欧姆定律可知，此时滑动变阻器接人电路中的电阻约为, B 选项中滑动变阻器最大阻值为10Ω. D 选项中滑动变阻器最大阻值为100Ω.

故 D 符合要求， B 不符合要求。

(4）由实验数据可知，当 L 两端电压为2.5V时，通过它的电流为0.25 A ,则 L 的额定功率为P1= UL1IL1 =2.5VX0.25 A =0.625 W 。

(6）因为L2的额定电流为0.3A，由题表知，当其两端电压为3.0V时，通过的电流为0.31A, L2不在正常工作状态，该同学计算 L2 的额定功率是错误的，要测得 L2的额定功率，需要调节滑动变阻器，让电流表示数为0.30A．读出电压表示数，再相据 P = UI 算得 L2的额定功率。

四、计算题（本题共2小题，共21分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）

22.(9分）某市场上有1P和3P的甲、乙两种长虹空调，1P空调的最大制冷功率是1400 W ,3 P 空调的最大制冷功率是3200 W ，额定电压均为220 V 。请从下列不同角度，作出选购选择。

(1）从制冷快的角度考虑，应选购哪种空调？说明理由。

(2）若家庭电路电压是220 V ，房间内安装空调处插座的额定电流是10A．从安全用电的角度考虑，应选购哪种空调？说明理由。

【答案】(1）应选购乙(1分）   因为乙的额定功率大(1分）    相同时间内电流做功多（或做相同的功所用时间少）(1分）   所以空调乙制冷快。(1分）

(2）应选购甲。(1分）

解法一：因为家庭电路电压是220 V ，空调甲的电流(2分）

空调乙的电流(1分）

房间内安装空调处插座的额定电流满足空调甲正常工作的条件，不满足空调乙正常工作的条件，所以应选用空调甲(1分）

解法二：比较电功率。插座的额定电功率是 P额 = IU =2200 W (2分）

1P< P额 <3P(2分）

23.(12分）如图所示是现代化港口的一种新型吊运设备的简化模型示意图，图中虚线框里是滑轮组（未画出），滑轮组绳子的自由端由电动机拉动。用该吊运设备先后搬运水平地面上的长方体形集装箱 A 和 B 。 A 和 B 的底面积、高度、密度大小关系如表所示。

集装箱 A 在地面上静止，当受到滑轮组挂钩竖直向上的拉力为1500N时，地面对 A 的支持力为N1；集装箱 B 在地面上静止，当受到滑轮组挂钩竖直向上的拉力为2000N时，地面对 B 的支持力为N2。已知N1=3N2。

在吊运集装箱 A 的过程中，当绳子自由端拉力为1125N时，集装箱 A 匀速竖直上升，绳子自由端拉力的功率为2250 W ，滑轮组的机械效率为80%；在吊运集装箱 B 的过程中，集装箱 B 匀速竖直上升了8m。不计绳的质量，不计滑轮与轴的摩擦。求：

(1）集装箱 A 和 B 的重 GA 和 GB ;

(2）集装箱 A 匀速竖直上升的速度；

(3）集装箱 B 匀速竖直上升8m的过程中，绳子自由端拉力做的功。

【解析】(1）集装箱 A 和 B 都静止在地面上，分别以 A 、 B 为研究对象，挂钩竖直向上的拉力分别为 T1 、T2，有 GA = T1+ N1 , GB =T2+N2(1分）

根据 G = mg = pVg = pgSh ，有GA =ρAgSAhA , GB =ρBgSBhB，已知 N1 =3N2 ,T1 =1500 N . T2=2000N，解得 GA=4500 N . GB=3000N(2分）

(2）滑轮组绳子段数为n,绳子拉力 F ， A以速度匀速竖直上升h0。滑轮组机械效率η．则

(2分）

解得 n =5

拉力 F1做功的功率(1分），解得 v =0.4 m / s (1分）

(3）动滑轮重为 G ，以 A 和动滑轮整体为研究对象， A 匀速竖直上升，有

 nF2= GA + G动

解得 G动=1125N(1分）

以 B 和动滑轮整体为研究对象，拉力为F2, B 匀速竖直上升，有

nF2= GB + G动 (1分）解得F2=825N

拉力F2做的功 W =F2nh(1分）解得 W =3.3x104 J (1分）