还剩20页未读，
继续阅读
2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理三模试卷
展开
这是一份2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理三模试卷，共23页。试卷主要包含了 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理三模试卷
1. 智能手环可随时记录佩戴人的运动数据，且能将数据无线传输到手机上显示。将数据从智能手环无线传输到手机是利用了( )
A. 电磁波 B. 超声波 C. 次声波 D. 红外线
2. 科学技术的发展使人机对话得以实现。顾客与迎宾机器人进行交流以了解商品放置的区域，下列说法正确的是( )
A. 机器人的声音不是由振动产生的 B. 机器人的声音可以在真空中传播
C. 机器人的声音不可能是噪声 D. 机器人的声音与顾客的声音音色不同
3. 下列说法正确的是( )
A. 一支2B铅笔的质量约为100g
B. 铅笔芯的主要成分是石墨，石墨属于绝缘体
C. 从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”在舱内，是由于质量变小了
D. 乒乓球不慎被挤瘪但无破损，球内气体密度变大
4. 下列对与压强有关的生活现象解释正确的是( )
A. 注射器注射药液利用了大气压强
B. 茶壶是利用连通器原理工作的
C. 滑雪板很宽大是为了增大压强
D. 飞机升力产生原因是气体流速大的位置压强大
5. 2023年3月24日，在FIFA友直赛中，阿根廷以2：0战胜巴拿马。如图所示，在一次精彩的传球攻门过程中，下列说法正确的是( )
A. 踢球时足球对脚的作用力和脚对足球的作用力是一对平衡力
B. 用头顶球，会感觉到头疼，说明力的作用是相互的
C. 足球在空中飞行时，只受到空气阻力的作用
D. 足球在空中能够继续飞行，是因为受到惯性力的作用
6. 关于光现象的描述，下列说法正确的是( )
A. 如图甲：墙上出现手影——手影是光沿直线传播形成的虚像
B. 如图乙：将光屏放到像的位置，光屏不能接收到像——平面镜成的像是实像
C. 如图丙：平行光经凹透镜后的现象——凹透镜对光有会聚作用
D. 如图丁：小明通过平面镜看到小猫，同时小猫通过平面镜也看到小明——反射时光路可逆
7. 2023年4月16日，我国在酒泉卫星发射中心使用长征四号乙运载火箭，成功将风云三号07星发射升空(如图)。下列说法中正确的是( )
A. 火箭用液氢作燃料，是因为它含有的热量多
B. 火箭加速升空的过程中，以火箭为参照物，卫星是运动的
C. 火箭加速升空的过程中，卫星的机械能增大
D. 火箭发射时，发射塔下方大水池中的水迅速凝固，能吸收大量热
8. 如图是一种环保型按压式手电筒，使用时只要按压手柄，齿轮就带动磁铁转动，灯泡就会发光。如图所示与它工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
9. 为全面推进“乡村振兴”计划，加快农业农村绿色发展，我市部分农村地区已经使用上了煤气烧水煮饭。在1个标准大气压下，小林用家里10L的煤气加热初温为20℃、质量为10kg的水，已知加热效率为50%，q煤气=4.2×107J/kg，ρ煤气=9kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。假设煤气完全燃烧，下列说法正确的是( )
A. 用煤气烧水是利用做功的方式改变水的内能
B. 10L煤气的质量是90kg
C. 10L煤气完全燃烧放出的热量是3.78×105J
D. 水升高的温度为45℃
10. 综合实践活动中，兴趣小组的同学设计了一种烟雾报警装置，如图所示是其结构原理图。电源电压为9V且保持不变，报警仪表的量程为0∼300mA，R0为定值电阻，阻值为80Ω，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化如下表。当电路中的电流减小至100mA时，报警器开始报警。下列说法正确的是( )
光照强度E/cd
1
2
3
4
5
6
光敏电阻R/Ω
36
18
12
9
7.2
6
A. 烟雾在空中弥漫说明分子在不停地做无规则运动
B. 当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光时，光敏电阻R的阻值将减小
C. 当报警仪表报警时，光敏电阻R的实际功率为0.1W
D. 为了防止光照强度变化而损坏仪表，R0的阻值应设计为不小于50Ω
11. 常见物质是由分子、原子构成的，原子由原子核和带负电的______ 构成。勾兑白酒时、酒精和水混合后，总体积会减小，说明分子间存在______ 。在干燥的头发上梳过的塑料梳子能吸引碎纸屑，这说明带电体具有______ 的性质。
12. 我国古代科技著作《天工开物》中，对釜的铸造有“铁化如水，以泥固纯铁柄杓从嘴受注”这样的记载，如图所示。其中“铁化如水”描述的物态变化是______ ，这一过程会______ (选填“吸收”或“放出”)热量。铁是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
13. 新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是减小______ (填“电流”、“电压”或“电阻”)，在相同时间内，电流通过导线产生的热量更少，消除安全隐患。电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳与插座中的______ (选填“火”、“零”或“地”)线相连，防止触电。如图甲、乙所示，图______ 中试电笔的氖管会发光(选填“甲”或“乙”)。
14. 如图所示，向小盒中滴几滴酒精，将盒盖盖紧后启动电火花发生器，盒盖向外飞出，这说明了力可以改变物体的______ ，该过程的能量转化与内燃机的______ 冲程相同。
15. 如图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化的图象，由图象可知电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______ 比；将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W，则电源电压为______ V；同时闭合开关S和S1，电阻R在10s内产生的热量为______ J。
16. (1)如图甲，盘山公路修得弯弯曲曲，其主要目的是______ (选填“省力”“省功”或“省距离”)。
(2)用如图乙所示的滑轮组拉动重为500N的物体A，绳子自由端在拉力F=50N的作用下以0.6m/s的速度水平向左匀速运动了10s，物体A受到的滑动摩擦力为120N。则拉力F做的有用功为______ J，拉力F的功率为______ W，滑轮组的机械效率为______ 。
17. 如图所示，是陕西历史博物馆的馆藏文物“皇后之玺”，请画出它静止在水平展台上时所受力的示意图。(O为重心)
18. 请用笔画线代替导线将图中电路连接完完整，要求：闭合开关后，小磁针指向如图所示，旋钮顺时针转动时通电螺线管的磁性减弱，导线不得交叉，并标出磁感线的方向。
19. 按要求填空。
(1)如图甲所示，电能表的读数为______ kW⋅h。
(2)如图乙所示，用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，由图中现象可知：压力大小相同时，接触面越______ (选填“粗糙”或“光滑”)，滑动摩擦力越大。
(3)如图丙所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的像，利用这个成像原理可以制成______ (选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”)；若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，应将光屏向______ (选填“左”或“右”)移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
20. 同学们为了“探究串联电路的电压关系”，设计的实验电路如图甲所示。
(1)连接电路时开关应该处于______ (选填“闭合”或“断开”)状态。
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，此时电压表的示数为______ V；为了使实验结果更准确，接下来应该：断开开关，______ 。
(3)调整后，再次闭合开关，测量电压UAB、UBC、UAC，并把实验数据记录在表格中。分析表格可得结论：______ (写出关系式即可)
实验次数
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1
2.3
0.7
3.0
2
2.0
1.0
3.0
3
1.8
1.2
3.0
21. 小明在探究杠杆平衡条件的实验中，所用杠杆质量分布均匀，每个钩码质量均为50g。
(1)实验前没有挂钩码时，发现杠杆右端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。实验中使杠杆处于水平平衡状态的目的是______ 。
(2)调节水平平衡后，如图甲所示，在杠杆的左边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端B处挂______ 个钩码。
(3)完成实验后小明突发奇想，想利用该杠杆(重心始终位于O点)制作一个可以直接测量质量的“杆秤”。
①如图乙所示，以杠杆上的A点为支点，当在C位置挂3个钩码，杠杆在水平位置刚好平衡，则该杠杆的质量为______ g。
②然后小明将C位置的3个钩码取下，挂到右侧作为“秤砣”，如图丙所示，为了将A点作为“杆秤”的零刻度线，小明应在图丙C位置处装配一质量为______ g的吊盘。
③接着小明在图丙的D位置标记上质量最大测量值______ g，并将其它质量数均匀标记在AD之间的刻度线上。
④小明用上述“杆秤”测一物体的质量，不留意只将两个钩码作为“秤砣”来使用，则小明的测量结果会______ (选填“偏大”“偏小”或“依然准确”)。
22. 小林打篮球时远投三分总是沾不到篮筐，如图甲所示。他通过查阅资料，知道篮球被投出后所做的运动叫做斜抛运动。他想：若不计空气阻力，篮球投射距离可能与球出手时的速度和球出手时的抛射角度有关。他用如图乙、丙所示的装置进行实验，将容器放在水平桌面上，让喷水嘴的位置不变，用开关控制水喷出的速度，通过水落入容器中的位置判断物体抛出的距离。
(1)首先让喷水嘴的方向不变(即抛射角不变)做了三次实验：第一次让水的喷出速度较小，这时水喷出后落在容器的A点；第二次，让水的喷出速度稍大，水喷出后落在容器的B点；第三次，让水的喷出速度最大，水喷出后落在容器的C点，如图乙所示。
小林经过分析得出如下结论：在______ 一定时，物体抛出的______ ，抛出的距离就越远。
(2)控制开关使水喷出的速度不变，让水沿不同方向喷出，如图丙所示，得到如下的数据：
喷嘴与水平方向的夹角
15∘
30∘
45∘
60∘
75∘
落点到喷嘴的水平距离/cm
50
86.6
100
86.6
50
①该实验过程中，需要的测量仪器是______ 和______ 。
②小林对上述数据进行了归纳分析，得出的结论是：在抛出的速度一定时，随着物体抛出时与水平方向夹角的增大，抛出距离______ 。
(3)根据上面的探究结果，小林决定进行以下改进：一是加强力量锻炼，使篮球出手时的速度增大；二是尽可能使篮球出手时与水平面的夹角为______ 度。改进后，小林能把篮球投得更远了，三分投篮能力得到了大大加强。
(4)请再写出一个应用到上述结论的体育运动：______ 。(写出一种即可)
23. 如图甲是一艘完全依靠太阳能驱动的船，该船长30米，宽15米，满载排水量65吨，船的表面安装有太阳能电池板，接收太阳能的功率为1.6×103W，若接收的太阳能只用来驱动船前进，在一次航行中，从某一时刻开始，太阳能船受到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图乙所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图丙所示。(ρ水=1×103kg/m3,g取10N/kg)求：
(1)太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。
(2)这艘船满载时受到的浮力。
(3)该船漂浮在水面时，距水面5m深处的船舱受到水的压强。
(4)第50s到第100s的运动过程中，太阳能船的效率。
24. 如图甲是一款便携式电热水杯，图乙是其加热原理图，有高、中、低三个挡位，其中两个加热元件的阻值分别是R1=4Ω、R2=8Ω，开关S，只能接a或b。下表是该电热水杯中蓄电池的相关参数。
充放电电压
12V
充电电流
1000mA
电池容量
5000mAh
(1)给电热水杯的蓄电池充电时，蓄电池相当于______ (选填“电源”或“用电器”)；当S1、S2闭合、S3接a时，电热水杯处于______ (选填“高温”“中温”或“低温”)挡、此时电路中的电流是多少？
(2)使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能是多少？
(3)当该电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电，则充满电至少需要的时间是多少h？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：将数据从智能手环无线传输到手机，是通过电磁波以无线的方式向手机发送运动的统计数据。
故选：A。
电子设备之间一般是用电磁波来实现信息交互的。
wifi、蓝牙、对讲机、子母机等近距离无线通信技术都是利用电磁波传输的。
2.【答案】D
【解析】解：A、机器人的声音是由振动产生的，故A错误；
B、机器人的声音可不以在真空中传播，声音的传播需要介质，故B错误；
C、机器人的声音可能变成噪声，故C错误；
D、机器人的声音与顾客的声音音色不同，故D正确。
故选：D。
(1)声音是有物体的振动产生的。
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声。
(3)从环境保护的角度看，凡是影响人们正常学习、工作、生活、休息以及对人们要听的声音起干扰作用的声音都是噪声。
(4)音色与发声体的结构和材料有关。
本题主要考查额声音的产生和传播的条件，关键是知道音色、噪声的概念。
3.【答案】D
【解析】解：A、一支2B铅笔的质量约为10g，故A错误；
B、铅笔芯的主要成分是石墨，石墨属于导体，故B错误；
C、从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”在舱内，是由于重力变小了，故C错误；
D、乒乓球不慎被挤瘪但无破损，球内气体质量不变体积变小，故球内气体密度变大，故D正确。
故选：D。
根据生活常识判断各选项的对错。
本题是生活常识题，属于基础题。
4.【答案】B
【解析】解：
A、用注射器将药液注入病人体内，是利用了手的推力，没有利用大气压的作用，故A错误；
B、茶壶的上端开口，底部连通，利用了连通器的原理，故B正确；
C、滑雪板很宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D、飞机前进时，机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，上下表面存在压强差，因而有压力差，从而产生升力，故D错误。
故选：B。
(1)注射器吸药液时利用了大气压，但将药液注入人体时是借助了手的推力；
(2)上端开口、底部相连通的容器叫连通器；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(4)流体压强与流速的关系：流体流速越快的位置压强越小。
此题涉及到大气压的应用、减小压强的方法、连通器原理、流体压强与流速的关系多个知识点，综合性很强，所选事例贴近学生生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，同时，也体现了新课程的指导思想。
5.【答案】B
【解析】解：A、踢足球时，足球对脚的作用力和脚对足球的作用力作用在不同的物体上，是一对相互作用力，二力大小相等，故A错误；
B、物体间力的作用是相互的，用头顶球，会感觉到头疼，故B正确；
C、足球在空中飞行时，一定受到重力的作用，故C错误；
D、足球在空中能够继续飞行，是因为足球具有惯性，故D错误。
故选：B。
(1)地球附近的物体一定受到重力的作用；
(2)力是改变物体运动状态的原因；
(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查了多个力学的相关知识点，熟知力的作用效果、力的作用的相互性以及相互作用力的特点，可顺利解答此题。
6.【答案】D
【解析】解：A、手影是光沿直线传播所形成的暗区，不是物体的像，故A错误；
B、将光屏放到像的位置，光屏不能接收到像，说明平面镜成的像是虚像，故B错误；
C、由图可知平行光经凹透镜后变得发散，说明凹透镜对光有发散作用，故C错误；
D、光在反射时光路是可逆的，如果小明通过平面镜看到小猫，小猫也能同时通过平面镜也看到小明，故D正确。
故选：D。
(1)光在同种均匀透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；
(2)平面镜所成的像是反射光线的反向延长线会聚而成的，不是实际光线会聚而成，所以成的像是虚像，用光屏接收不到，只能用眼睛观察；
(3)凸透镜、凹面镜对光有会聚作用，凹透镜、凸面镜对光有发散作用；
(4)光发生反射或折射时光路都是可逆的。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、平面镜成像特点、凹透镜的发散作用、光反射的可逆性的理解和掌握，重点考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
7.【答案】C
【解析】解：A、火箭使用液态氢作燃料，是因为它的热值大，热量是个过程量不能含有，故A错误；
B、火箭在加速升空过程中，卫星相对于火箭的位置不发生变化，因此卫星相对于火箭是静止的，故B错误；
C、火箭加速升空的过程中，质量几乎不变，速度增大、高度增大，动能、重力势能增大，机械能增大，故C正确；
D、火箭发射时，向下喷出大量的燃气，发射塔下方大水池中的水迅速汽化，能吸收大量热，从而保护发射台，故D错误。
故选：C。
(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)如果物体相对于参照物位置不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；
(3)分析火箭升空时质量、速度、高度的变化，得出动能、重力势能的变化，进而得出机械能的变化；
(4)物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热。
本题综合考查了热值、运动和静止的相对性、动能和重力势能的影响因素以及汽化吸热等知识，正确理解相关的知识点是解题的关键。
8.【答案】A
【解析】解：
按压手柄，齿轮就带动磁铁转动，灯泡就会发光，这是电磁感应现象；
A、图中闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流(可以从电流表指针发生偏转来体现)，这是电磁感应现象，与手压电筒的工作原理相符合，故A正确；
B、通电直导线在磁场中受力运动，说明磁场对电流有力的作用。故B错误；
C、该实验为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，与手压电筒的工作原理无关。故C错误；
D、此图反映了司南在地磁场中受到力的作用，与手压电筒的工作原理无关，故D错误。
故选：A。
(1)手压电筒是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
(2)逐个分析下面四个选择项中各个设备的工作原理，将两者对应即可得到答案。
此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、地磁场等知识点，常见题目。
9.【答案】D
【解析】解：A、用茶壶烧水是利用热传递的方法来改变水的内能，故A错误；
B、煤气的体积V=10L=10dm3=0.01m3，
由ρ=mV可得其质量：m煤气=ρ煤气V=9kg/m3×0.01m3=0.09kg，故B错误；
C、煤气完全燃烧放出的热量：Q放=m煤气q煤气=0.09kg×4.2×107J/kg=3.78×106J；，故C错误；
D、由题知，加热效率是50%，水吸收的热量：
Q吸=ηQ放=50%×3.78×106J=1.89×106J；
由Q吸=cmΔt得水升高的温度：
Δt=Q吸c水m水=1.89×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg=45℃，故D正确。
故选：D。
(1)改变物体内能的方法：做功和热传递；
(2)知道煤气的体积、密度，利用m=ρV求其质量；
(3)知道煤气的热值，利用Q放=mq求煤气完全燃烧放出的热量；
(4)知道加热效率，水吸收的热量Q吸=ηQ放；再利用Q吸=cmΔt求水升高的温度。
本题考查了改变内能的方式、密度公式、吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，属于基础题目。
10.【答案】C
【解析】解：A.烟雾在空中弥漫，烟雾的运动属于机械运动而不是分子运动，故A错误；
B.由表中数据可知，当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光，光照强度会减弱，则光敏电阻的阻值会增大，故B错误；
C.电路中的电流减小至100mA时，报警器开始报警，故串联电路的总电阻R总=UI=9V0.1A=90Ω，则光敏电阻的阻值R=R总-R0=90Ω-80Ω=10Ω，则光敏电阻R的实际功率为P=I2R=(0.1A)2×10Ω=0.1W，故C正确；
D.报警仪表的量程为0∼300mA，故最大电流Imax=300mA=0.3A，则最小电阻Rmin=UImax=9V0.3A=30Ω，故D错误。
故选：C。
(1)物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则运动；
(2)分析表中数据，烟雾遮挡越弱，光照越强时，电阻越小，电流越大；反之烟雾遮挡越强，光照越弱，光敏电阻越大，则电流越小；
(3)电路中的电流减小至100mA时，报警器开始报警，故根据R=UI求串联电路的总电阻，再求光敏电阻的阻值，根据P=I2R求实际功率；
(4)报警仪表的量程为0∼300mA，故最大电流Imax=300mA=0.3A，根据R=UImax求最小阻值。
本题考查了分子动理论、串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，利用好题干中所给的条件是关键。
11.【答案】电子 间隙 吸引轻小物体
【解析】解：原子由原子核和带负电的电子组成；勾兑白酒时、酒精和水混合后，总体积会减小，说明分子间存在间隙；在干燥的头发上梳过的塑料梳子能吸引碎纸屑，这说明带电体具有吸引轻小物体的特点。
故答案为：电子；间隙；吸引轻小物体。
原子由原子核和核外电子组成；分子间存在间隙；带电体能吸引轻小物体。
本题考查了原子、分子和带电体的特点，属于基础题。
12.【答案】熔化 吸收 晶体
【解析】解：“铁化如水”描述的物态变化是熔化，熔化吸热。铁是晶体。
故答案为：熔化；吸收；晶体。
物质从固态变成液态的过程是熔化，熔化吸热。晶体有固定的熔点，在熔化过程中，温度始终保持不变。
本题考查了熔化的定义，体现了生活处处皆物理。
13.【答案】电阻 地 甲
【解析】解：新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是减小电阻，在相同时间内，电流通过导线产生的热量更少，消除安全隐患。
电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳与插座中的地线相连，防止触电。
如图甲、乙所示，图甲中试电笔的氖管会发光。因为图甲中的试电笔接触的是火线，氖管会发光。
故答案为：电阻；地；甲。
(1)在其它条件相同时，导体的横截面积越大，导体的电阻越小。
(2)带金属外壳的家用电器与插座的地线相连。
(3)试电笔接触火线氖管发光，接触零线氖管不发光。三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”。
知道影响电阻大小的因素；知道插座的构造与工作方式；知道正确使用试电笔。
14.【答案】运动状态 做功
【解析】解：(1)启动电火花发生器，盒盖向外飞出，盒盖的运动速度大小和方向发生变化，这说明了力可以改变物体的运动状态。
(2)酒精燃烧释放出内能，高温高压燃气推动盒盖做功，将内能转化为机械能，故盒盖的机械能由燃气的内能转化而来；内燃机在做功冲程高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能；所以此时的能量转化与内燃机的做功冲程相同。
故答案为：运动状态；做功。
(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
(2)一定条件下，各种能量可以相互转化；热机是将内能转化为机械能的机器。
解决本题的关键是掌握力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。另外熟练掌握生活中常见的能量转化。
15.【答案】正 2 4
【解析】解：(1)由图象可知电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W，由图甲可知，当小灯泡两端的电压为2V，通过小灯泡的电流为0.5A时，功率为：P=ULIL=0.5A×2V=1W，符合题意；
由图乙可知，小灯泡两端的电压等于电源电压，即电源电压为2V；
(3)由图乙可知，闭合开关S、S1，小灯泡与电阻R并联，
根据并联电路的电压特点可知，此时电阻R两端的电压UR=U=2V，
由图甲可知，此时通过电阻R的电流IR=0.2A，
电阻R在10s内产生的热量：Q=W=URIRt=2V×0.2A×10s=4J。
故答案为：正；2；4。
(1)电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)根据图甲和P=UI可知当小灯泡的实际功率为1W时，通过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压，据此可知电源电压；
(3)由图乙可知，闭合开关S、S1，小灯泡与电阻R并联，根据并联电路的电压特点可知电阻R两端的电压，由图可知通过R的电流，根据Q=W=UIt求出电阻R在10s内产生的热量。
本题考查并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。
16.【答案】省力 2403080%
【解析】解：(1)弯弯曲曲的盘山公路相当于斜面，其主要目的是为了省力；
(2)拉力F做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=50N×0.6m/s=30W；
由v=st可知，绳子自由端移动的距离：s=vt=0.6m/s×10s=6m，
由图可知n=3，物体移动的距离：s物=sn=6m3=2m，
拉力做的有用功：W有=fs物=120N×2m=240J；
拉力做的总功：W总=Fs=50N×6m=300J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=240J300J×100%=80%。
故答案为：(1)省力；(2)240；30；80%。
(1)盘山公路相当于斜面，使用斜面可以省力；
(2)利用P=Wt=Fst=Fv求拉力F做功的功率；
利用v=st求出绳子自由端移动的距离，由图可知n=3，利用绳子自由端移动的距离s=ns物求出物体移动的距离，利用W有=fs物求有用功；
利用W总=Fs求拉力做的总功，利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率。
本题考查斜面的作用，使用滑轮组时功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
17.【答案】解：过重心O沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示。如图所示：
【解析】静止在水平展台上的“皇后之玺”，受到了平衡力的作用，即受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
18.【答案】解：根据小磁针指向判断出螺线管的下端为N极，根据安培定则判断螺线管中电流的方向从上方流入，旋钮顺时针转动时通电螺线管的磁性减弱，说明电流变小，电阻变大，因而滑片左侧部分接入电路，连接a、b接入电路，将螺线管、电位器串联在电路中。磁体外部的磁感线从N出发进入S极，磁感线的方向竖直向上。如图所示：
【解析】将螺线管、电位器串联在电路中。滑动变阻器要接一上一下。
根据小磁针指向判断出螺线管的N、S极，根据安培定则判断螺线管中电流的方向，确定电路的连接，磁体外部的磁感线从N出发进入S极。在连电位器时，滑片与端点接线柱距离越远，电阻值越大，电流越小。
本题考查安培定则、磁感线的方向、电磁铁的磁性强弱有关因素，属于综合题，由一定难度。
19.【答案】231.6粗糙 照相机 右
【解析】解：(1)电能表读数时最后一位是小数、单位是kW⋅h，由图甲知，电能表的示数为231.6kW⋅h；
(2)由图乙可知，压力相同，毛巾表面比棉布表面粗糙，在毛巾表面匀速拉动比在棉布表面匀速拉动弹簧测力计的示数大，说明：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)由图丙知，此时物距大于像距，而凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，故应将光屏向右移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
故答案为：(1)231.6；(2)粗糙；(3)照相机；右。
(1)电能表读数时注意：最后一位是小数、单位是kW⋅h；
(2)滑动摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关。探究滑动摩擦力跟压力大小关系时，控制接触面粗糙程度不变；探究滑动摩擦力跟接触面粗糙程度关系时，控制压力大小不变；
(3)凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
本题考查了电能表的读数、滑动摩擦力的影响因素、凸透镜成像规律及其应用、透镜对光线的作用，属于基础题目。
20.【答案】断开 1.5换接电压表小量程 UAC=UAB+UBC
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应该处于断开状态。
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，电压表选用大量程，分度值为0.5V，此时电压表的示数为1.5V；为了使实验结果更准确，接下来应该：断开开关，换接电压表小量程；
(3)根据实验数据可知
2.3V+0.7V=3.0V；
2.0V+1.0V=2.0V；
1.8V+1.2V=3.0V；
分析表格可得结论：UAC=UAB+UBC。
故答案为：(1)断开；(2)1.5；换接电压表小量程；(3)UAC=UAB+UBC。
(1)为保护电路，连接电路时，开关应该处于断开状态；
(2)电压表测量电压时要选择合适的量程，否则指针偏转角度过小或过大；
(3)分析表中数据得出结论。
本题探究串联电路电压规律，考查注意事项、电压表的使用和分析数据归纳结论的能力。
21.【答案】右 便于测量力臂 3 100 150 600 偏大
【解析】解：(1)杠杆右高，应将杠杆向右端调节，使杠杆在水平位置平衡；
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂；
(2)设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，4G×3L=nG×4L，所以n=3(个)；
(3)①以杠杆上的A点为支点，当在C位置挂3个钩码，杠杆在水平位置刚好平衡，
设杠杆的质量为m，则：3m钩码g2L=mg3L，解得：m=2m钩码=2×50g=100g；
②为了将该“杆秤”的零刻度线标在A位置处，由①可知，小明应在图丙C位置处装配的吊盘的质量应等于三个钩码的质量，即150g；
③小明在图丁的D位置挂上3个钩码后，设物体的最大质量为m'，
由杠杆的平衡条件可知：m'g2L=3m钩码g8L，解得：m'=12m钩码=12×50g=600g；
④小明用制作好的“杆秤”测一物体的质量，不留意只将两个钩码作为“秤砣”来使用，则秤砣的质量减小，阻力减小，由杠杆的平衡条件可知阻力臂变大，读数变大。
故答案为：(1)右；便于测量力臂；(2)3；(3)①100；②150；③600；④偏大。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端倾斜；
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂；
(2)根据杠杆平衡条件求出B处挂钩码的个数；
(3)①②根据杠杆的平衡条件求解；
③由杠杆的平衡条件，当钩码重力的力臂最大时，所测物体的质量最大，设物体的最大质量为m'，由杠杆的平衡条件求解；
④秤砣的质量减小，阻力减小，由杠杆的平衡条件分析回答。
杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，减小了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。
22.【答案】抛射角 速度越大 量角器 刻度尺 先增大后减小 45 投铅球
【解析】解：(1)由图乙可知，当抛射角一定时，物体抛出的速度越大，抛出的距离就越远；
(2)该实验过程中，需要测量抛射角和物体抛出的距离，所以需要的测量工具有量角器和刻度尺；
从表中的数据可以看出，随着物体抛出时与水平方向夹角的增大，抛出的距离先增大后减小，所以得出的结论是：在抛出的速度一定时，随着物体抛出时与水平方向夹角的增大，抛出距离先增大后减小；
(3)由以上分析可知，在抛出的速度一定时，物体与水平面的夹角为45度时，抛出的距离最大；
(4)在投铅球的体育运动中，可以应用到上述结论。
故答案为：(1)抛射角；速度越大；
(2)①量角器；刻度尺；②先增大后减小；
(3)45；
(4)投铅球。
斜抛物体在水平方向上飞行的距离与抛射角、速度有关。当速度一定时，飞行距离随抛射角的增大，先增大后减小；当抛射角一定时，速度越大，飞行距离越大．研究距离和抛射角、速度的关系时，采用了控制变量法；根据需要测量的数据判断使用的工具。
本题考求学生(1)能够根据实验分析出正确结论：斜抛物体在水平方向上飞行的距离与抛射角、速度有关；(2)能够利用控制变量法研究飞行距离与抛射角、速度的关系。
23.【答案】可再生
【解析】解：(1)太阳能属于可再生能源；
(2)船的排水量，即满载时排开水的质量：m排=65t=65×103kg=6.5×104kg，
由阿基米德原理可得船满载时受到的浮力：
F浮=G排=m排g=6.5×104kg×10N/kg=6.5×105N；
(3)船舱某处所处的深度h=5m，
水对该处产生的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa；
(4)由图乙、丙可知，在第50s-100s内，船匀速行驶，速度v=0.5m/s，时间t=100s-50s=50s，
由v=st可得，船行驶的距离：s=vt=0.5m/s×50s=25m；
由图甲可知，在第50s-100s内，船的牵引力F=8×104N，
在第50s-100s内，牵引力做的功：W=Fs=8×104N×25m=2×106J；
根据P=Wt得，接收的太阳能为：E=Pt=1.6×105W×50s=8×106J；
太阳能船的效率：
η=WE=2×106J8×106J=25%。
答：(1)可再生；
(2)这艘船满载时受到的浮力为6.5×105N；
(3)该船漂浮在水面时，距水面5m深处的船舱受到水的压强为5×104Pa；
(4)第50s到第100s的运动过程中，太阳能船的效率为25%。
(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
(2)知道船的排水量(满载时排开水的质量)，利用阿基米德原理求船满载时受到的浮力；
(3)已知船舱某处所处的深度，利用液体压强公式求水对该处产生的压强；
(4)由乙、丙两图可知，在第50-100s内牵引力大小、速度大小，利用s=vt求行驶的距离，利用W=Fs求牵引力做功，再算出它接受的太阳能，然后根据效率公式计算出效率。
本题考查了能源的分类、浮力、液体压强、功和效率的计算，属于基础题。
24.【答案】用电器 中温
【解析】解：(1)蓄电池充电时，把电能转化为化学能储存起来，所以此时蓄电池相当于用电器；
当S1、S2闭合、S3接a时，只有R1工作，当S1、S2闭合、S3接b时，R1、R2并联，当S1闭合，S2断开、S3接a时，R1、R2串联；
根据串并联电路的电阻特点可知，当S1、S2闭合、S3接b时，R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路中的总功率最大，电热水杯处于高温挡；
当S1闭合，S2断开、S3接a时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，总功率最小，电热水杯处于低温挡；
当S1、S2闭合、S3接a时，只有R1工作，电热水杯处于中温挡；
此时电路中的电流：I中=UR1=12V4Ω=3A；
(2)R1的电功率：P1=U2R1=(12V)24Ω=36W，
R2的电功率：P2=U2R2=(12V)28Ω=18W，
高温挡的电功率：P高=P1+P2=36W+18W=54W，
使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能：W=P高t=54W×10×60s=3.24×104J；
(3)电池储存的电能：W电=UIt=12V×5000×10-3A×3600s=2.16×105J，
把电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电到把电池充满需要消耗的电能：W'=(1-20%)×W电=80%×2.16×105J=1.728×105J，
由W=UIt可知，充电需要的时间：t'=W'UI'=1.728×105J12V×1000×10-3A=14400s=4h。
答：(1)用电器；中温；
(2)使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能是3.24×104J；
(3)当该电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电，充满电至少需要的时间是4h。
(1)蓄电池充电时相当于用电器，供电时相当于电源；当S1、S2闭合、S3接a时，只有R1工作，当S1、S2闭合、S3接b时，R1、R2并联，当S1闭合，S2断开、S3接a时，R1、R2串联；根据串并联电路的特点和P=U2R可知电热水杯各挡位的电路连接；根据欧姆定律求出电路中的电流；
(2)根据P=U2R求出R1、R2的电功率，根据P高温=P1+P2求出高温挡的电功率；根据W=Pt求出使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能；
(3)根据W=UIt求出电池储存的电能，求出把电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电到把电池充满需要消耗的电能，根据W=UIt求出充电需要的时间。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功公式功以及电功率公式的应用，是一道综合题，有一定的难度。
2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理三模试卷
1. 智能手环可随时记录佩戴人的运动数据，且能将数据无线传输到手机上显示。将数据从智能手环无线传输到手机是利用了( )
A. 电磁波 B. 超声波 C. 次声波 D. 红外线
2. 科学技术的发展使人机对话得以实现。顾客与迎宾机器人进行交流以了解商品放置的区域，下列说法正确的是( )
A. 机器人的声音不是由振动产生的 B. 机器人的声音可以在真空中传播
C. 机器人的声音不可能是噪声 D. 机器人的声音与顾客的声音音色不同
3. 下列说法正确的是( )
A. 一支2B铅笔的质量约为100g
B. 铅笔芯的主要成分是石墨，石墨属于绝缘体
C. 从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”在舱内，是由于质量变小了
D. 乒乓球不慎被挤瘪但无破损，球内气体密度变大
4. 下列对与压强有关的生活现象解释正确的是( )
A. 注射器注射药液利用了大气压强
B. 茶壶是利用连通器原理工作的
C. 滑雪板很宽大是为了增大压强
D. 飞机升力产生原因是气体流速大的位置压强大
5. 2023年3月24日，在FIFA友直赛中，阿根廷以2：0战胜巴拿马。如图所示，在一次精彩的传球攻门过程中，下列说法正确的是( )
A. 踢球时足球对脚的作用力和脚对足球的作用力是一对平衡力
B. 用头顶球，会感觉到头疼，说明力的作用是相互的
C. 足球在空中飞行时，只受到空气阻力的作用
D. 足球在空中能够继续飞行，是因为受到惯性力的作用
6. 关于光现象的描述，下列说法正确的是( )
A. 如图甲：墙上出现手影——手影是光沿直线传播形成的虚像
B. 如图乙：将光屏放到像的位置，光屏不能接收到像——平面镜成的像是实像
C. 如图丙：平行光经凹透镜后的现象——凹透镜对光有会聚作用
D. 如图丁：小明通过平面镜看到小猫，同时小猫通过平面镜也看到小明——反射时光路可逆
7. 2023年4月16日，我国在酒泉卫星发射中心使用长征四号乙运载火箭，成功将风云三号07星发射升空(如图)。下列说法中正确的是( )
A. 火箭用液氢作燃料，是因为它含有的热量多
B. 火箭加速升空的过程中，以火箭为参照物，卫星是运动的
C. 火箭加速升空的过程中，卫星的机械能增大
D. 火箭发射时，发射塔下方大水池中的水迅速凝固，能吸收大量热
8. 如图是一种环保型按压式手电筒，使用时只要按压手柄，齿轮就带动磁铁转动，灯泡就会发光。如图所示与它工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
9. 为全面推进“乡村振兴”计划，加快农业农村绿色发展，我市部分农村地区已经使用上了煤气烧水煮饭。在1个标准大气压下，小林用家里10L的煤气加热初温为20℃、质量为10kg的水，已知加热效率为50%，q煤气=4.2×107J/kg，ρ煤气=9kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。假设煤气完全燃烧，下列说法正确的是( )
A. 用煤气烧水是利用做功的方式改变水的内能
B. 10L煤气的质量是90kg
C. 10L煤气完全燃烧放出的热量是3.78×105J
D. 水升高的温度为45℃
10. 综合实践活动中，兴趣小组的同学设计了一种烟雾报警装置，如图所示是其结构原理图。电源电压为9V且保持不变，报警仪表的量程为0∼300mA，R0为定值电阻，阻值为80Ω，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化如下表。当电路中的电流减小至100mA时，报警器开始报警。下列说法正确的是( )
光照强度E/cd
1
2
3
4
5
6
光敏电阻R/Ω
36
18
12
9
7.2
6
A. 烟雾在空中弥漫说明分子在不停地做无规则运动
B. 当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光时，光敏电阻R的阻值将减小
C. 当报警仪表报警时，光敏电阻R的实际功率为0.1W
D. 为了防止光照强度变化而损坏仪表，R0的阻值应设计为不小于50Ω
11. 常见物质是由分子、原子构成的，原子由原子核和带负电的______ 构成。勾兑白酒时、酒精和水混合后，总体积会减小，说明分子间存在______ 。在干燥的头发上梳过的塑料梳子能吸引碎纸屑，这说明带电体具有______ 的性质。
12. 我国古代科技著作《天工开物》中，对釜的铸造有“铁化如水，以泥固纯铁柄杓从嘴受注”这样的记载，如图所示。其中“铁化如水”描述的物态变化是______ ，这一过程会______ (选填“吸收”或“放出”)热量。铁是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
13. 新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是减小______ (填“电流”、“电压”或“电阻”)，在相同时间内，电流通过导线产生的热量更少，消除安全隐患。电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳与插座中的______ (选填“火”、“零”或“地”)线相连，防止触电。如图甲、乙所示，图______ 中试电笔的氖管会发光(选填“甲”或“乙”)。
14. 如图所示，向小盒中滴几滴酒精，将盒盖盖紧后启动电火花发生器，盒盖向外飞出，这说明了力可以改变物体的______ ，该过程的能量转化与内燃机的______ 冲程相同。
15. 如图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化的图象，由图象可知电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______ 比；将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W，则电源电压为______ V；同时闭合开关S和S1，电阻R在10s内产生的热量为______ J。
16. (1)如图甲，盘山公路修得弯弯曲曲，其主要目的是______ (选填“省力”“省功”或“省距离”)。
(2)用如图乙所示的滑轮组拉动重为500N的物体A，绳子自由端在拉力F=50N的作用下以0.6m/s的速度水平向左匀速运动了10s，物体A受到的滑动摩擦力为120N。则拉力F做的有用功为______ J，拉力F的功率为______ W，滑轮组的机械效率为______ 。
17. 如图所示，是陕西历史博物馆的馆藏文物“皇后之玺”，请画出它静止在水平展台上时所受力的示意图。(O为重心)
18. 请用笔画线代替导线将图中电路连接完完整，要求：闭合开关后，小磁针指向如图所示，旋钮顺时针转动时通电螺线管的磁性减弱，导线不得交叉，并标出磁感线的方向。
19. 按要求填空。
(1)如图甲所示，电能表的读数为______ kW⋅h。
(2)如图乙所示，用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，由图中现象可知：压力大小相同时，接触面越______ (选填“粗糙”或“光滑”)，滑动摩擦力越大。
(3)如图丙所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的像，利用这个成像原理可以制成______ (选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”)；若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，应将光屏向______ (选填“左”或“右”)移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
20. 同学们为了“探究串联电路的电压关系”，设计的实验电路如图甲所示。
(1)连接电路时开关应该处于______ (选填“闭合”或“断开”)状态。
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，此时电压表的示数为______ V；为了使实验结果更准确，接下来应该：断开开关，______ 。
(3)调整后，再次闭合开关，测量电压UAB、UBC、UAC，并把实验数据记录在表格中。分析表格可得结论：______ (写出关系式即可)
实验次数
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1
2.3
0.7
3.0
2
2.0
1.0
3.0
3
1.8
1.2
3.0
21. 小明在探究杠杆平衡条件的实验中，所用杠杆质量分布均匀，每个钩码质量均为50g。
(1)实验前没有挂钩码时，发现杠杆右端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。实验中使杠杆处于水平平衡状态的目的是______ 。
(2)调节水平平衡后，如图甲所示，在杠杆的左边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端B处挂______ 个钩码。
(3)完成实验后小明突发奇想，想利用该杠杆(重心始终位于O点)制作一个可以直接测量质量的“杆秤”。
①如图乙所示，以杠杆上的A点为支点，当在C位置挂3个钩码，杠杆在水平位置刚好平衡，则该杠杆的质量为______ g。
②然后小明将C位置的3个钩码取下，挂到右侧作为“秤砣”，如图丙所示，为了将A点作为“杆秤”的零刻度线，小明应在图丙C位置处装配一质量为______ g的吊盘。
③接着小明在图丙的D位置标记上质量最大测量值______ g，并将其它质量数均匀标记在AD之间的刻度线上。
④小明用上述“杆秤”测一物体的质量，不留意只将两个钩码作为“秤砣”来使用，则小明的测量结果会______ (选填“偏大”“偏小”或“依然准确”)。
22. 小林打篮球时远投三分总是沾不到篮筐，如图甲所示。他通过查阅资料，知道篮球被投出后所做的运动叫做斜抛运动。他想：若不计空气阻力，篮球投射距离可能与球出手时的速度和球出手时的抛射角度有关。他用如图乙、丙所示的装置进行实验，将容器放在水平桌面上，让喷水嘴的位置不变，用开关控制水喷出的速度，通过水落入容器中的位置判断物体抛出的距离。
(1)首先让喷水嘴的方向不变(即抛射角不变)做了三次实验：第一次让水的喷出速度较小，这时水喷出后落在容器的A点；第二次，让水的喷出速度稍大，水喷出后落在容器的B点；第三次，让水的喷出速度最大，水喷出后落在容器的C点，如图乙所示。
小林经过分析得出如下结论：在______ 一定时，物体抛出的______ ，抛出的距离就越远。
(2)控制开关使水喷出的速度不变，让水沿不同方向喷出，如图丙所示，得到如下的数据：
喷嘴与水平方向的夹角
15∘
30∘
45∘
60∘
75∘
落点到喷嘴的水平距离/cm
50
86.6
100
86.6
50
①该实验过程中，需要的测量仪器是______ 和______ 。
②小林对上述数据进行了归纳分析，得出的结论是：在抛出的速度一定时，随着物体抛出时与水平方向夹角的增大，抛出距离______ 。
(3)根据上面的探究结果，小林决定进行以下改进：一是加强力量锻炼，使篮球出手时的速度增大；二是尽可能使篮球出手时与水平面的夹角为______ 度。改进后，小林能把篮球投得更远了，三分投篮能力得到了大大加强。
(4)请再写出一个应用到上述结论的体育运动：______ 。(写出一种即可)
23. 如图甲是一艘完全依靠太阳能驱动的船，该船长30米，宽15米，满载排水量65吨，船的表面安装有太阳能电池板，接收太阳能的功率为1.6×103W，若接收的太阳能只用来驱动船前进，在一次航行中，从某一时刻开始，太阳能船受到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图乙所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图丙所示。(ρ水=1×103kg/m3,g取10N/kg)求：
(1)太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源。
(2)这艘船满载时受到的浮力。
(3)该船漂浮在水面时，距水面5m深处的船舱受到水的压强。
(4)第50s到第100s的运动过程中，太阳能船的效率。
24. 如图甲是一款便携式电热水杯，图乙是其加热原理图，有高、中、低三个挡位，其中两个加热元件的阻值分别是R1=4Ω、R2=8Ω，开关S，只能接a或b。下表是该电热水杯中蓄电池的相关参数。
充放电电压
12V
充电电流
1000mA
电池容量
5000mAh
(1)给电热水杯的蓄电池充电时，蓄电池相当于______ (选填“电源”或“用电器”)；当S1、S2闭合、S3接a时，电热水杯处于______ (选填“高温”“中温”或“低温”)挡、此时电路中的电流是多少？
(2)使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能是多少？
(3)当该电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电，则充满电至少需要的时间是多少h？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：将数据从智能手环无线传输到手机，是通过电磁波以无线的方式向手机发送运动的统计数据。
故选：A。
电子设备之间一般是用电磁波来实现信息交互的。
wifi、蓝牙、对讲机、子母机等近距离无线通信技术都是利用电磁波传输的。
2.【答案】D
【解析】解：A、机器人的声音是由振动产生的，故A错误；
B、机器人的声音可不以在真空中传播，声音的传播需要介质，故B错误；
C、机器人的声音可能变成噪声，故C错误；
D、机器人的声音与顾客的声音音色不同，故D正确。
故选：D。
(1)声音是有物体的振动产生的。
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声。
(3)从环境保护的角度看，凡是影响人们正常学习、工作、生活、休息以及对人们要听的声音起干扰作用的声音都是噪声。
(4)音色与发声体的结构和材料有关。
本题主要考查额声音的产生和传播的条件，关键是知道音色、噪声的概念。
3.【答案】D
【解析】解：A、一支2B铅笔的质量约为10g，故A错误；
B、铅笔芯的主要成分是石墨，石墨属于导体，故B错误；
C、从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”在舱内，是由于重力变小了，故C错误；
D、乒乓球不慎被挤瘪但无破损，球内气体质量不变体积变小，故球内气体密度变大，故D正确。
故选：D。
根据生活常识判断各选项的对错。
本题是生活常识题，属于基础题。
4.【答案】B
【解析】解：
A、用注射器将药液注入病人体内，是利用了手的推力，没有利用大气压的作用，故A错误；
B、茶壶的上端开口，底部连通，利用了连通器的原理，故B正确；
C、滑雪板很宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D、飞机前进时，机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，上下表面存在压强差，因而有压力差，从而产生升力，故D错误。
故选：B。
(1)注射器吸药液时利用了大气压，但将药液注入人体时是借助了手的推力；
(2)上端开口、底部相连通的容器叫连通器；
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(4)流体压强与流速的关系：流体流速越快的位置压强越小。
此题涉及到大气压的应用、减小压强的方法、连通器原理、流体压强与流速的关系多个知识点，综合性很强，所选事例贴近学生生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，同时，也体现了新课程的指导思想。
5.【答案】B
【解析】解：A、踢足球时，足球对脚的作用力和脚对足球的作用力作用在不同的物体上，是一对相互作用力，二力大小相等，故A错误；
B、物体间力的作用是相互的，用头顶球，会感觉到头疼，故B正确；
C、足球在空中飞行时，一定受到重力的作用，故C错误；
D、足球在空中能够继续飞行，是因为足球具有惯性，故D错误。
故选：B。
(1)地球附近的物体一定受到重力的作用；
(2)力是改变物体运动状态的原因；
(3)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查了多个力学的相关知识点，熟知力的作用效果、力的作用的相互性以及相互作用力的特点，可顺利解答此题。
6.【答案】D
【解析】解：A、手影是光沿直线传播所形成的暗区，不是物体的像，故A错误；
B、将光屏放到像的位置，光屏不能接收到像，说明平面镜成的像是虚像，故B错误；
C、由图可知平行光经凹透镜后变得发散，说明凹透镜对光有发散作用，故C错误；
D、光在反射时光路是可逆的，如果小明通过平面镜看到小猫，小猫也能同时通过平面镜也看到小明，故D正确。
故选：D。
(1)光在同种均匀透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；
(2)平面镜所成的像是反射光线的反向延长线会聚而成的，不是实际光线会聚而成，所以成的像是虚像，用光屏接收不到，只能用眼睛观察；
(3)凸透镜、凹面镜对光有会聚作用，凹透镜、凸面镜对光有发散作用；
(4)光发生反射或折射时光路都是可逆的。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、平面镜成像特点、凹透镜的发散作用、光反射的可逆性的理解和掌握，重点考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
7.【答案】C
【解析】解：A、火箭使用液态氢作燃料，是因为它的热值大，热量是个过程量不能含有，故A错误；
B、火箭在加速升空过程中，卫星相对于火箭的位置不发生变化，因此卫星相对于火箭是静止的，故B错误；
C、火箭加速升空的过程中，质量几乎不变，速度增大、高度增大，动能、重力势能增大，机械能增大，故C正确；
D、火箭发射时，向下喷出大量的燃气，发射塔下方大水池中的水迅速汽化，能吸收大量热，从而保护发射台，故D错误。
故选：C。
(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)如果物体相对于参照物位置不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；
(3)分析火箭升空时质量、速度、高度的变化，得出动能、重力势能的变化，进而得出机械能的变化；
(4)物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热。
本题综合考查了热值、运动和静止的相对性、动能和重力势能的影响因素以及汽化吸热等知识，正确理解相关的知识点是解题的关键。
8.【答案】A
【解析】解：
按压手柄，齿轮就带动磁铁转动，灯泡就会发光，这是电磁感应现象；
A、图中闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流(可以从电流表指针发生偏转来体现)，这是电磁感应现象，与手压电筒的工作原理相符合，故A正确；
B、通电直导线在磁场中受力运动，说明磁场对电流有力的作用。故B错误；
C、该实验为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，与手压电筒的工作原理无关。故C错误；
D、此图反映了司南在地磁场中受到力的作用，与手压电筒的工作原理无关，故D错误。
故选：A。
(1)手压电筒是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
(2)逐个分析下面四个选择项中各个设备的工作原理，将两者对应即可得到答案。
此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、地磁场等知识点，常见题目。
9.【答案】D
【解析】解：A、用茶壶烧水是利用热传递的方法来改变水的内能，故A错误；
B、煤气的体积V=10L=10dm3=0.01m3，
由ρ=mV可得其质量：m煤气=ρ煤气V=9kg/m3×0.01m3=0.09kg，故B错误；
C、煤气完全燃烧放出的热量：Q放=m煤气q煤气=0.09kg×4.2×107J/kg=3.78×106J；，故C错误；
D、由题知，加热效率是50%，水吸收的热量：
Q吸=ηQ放=50%×3.78×106J=1.89×106J；
由Q吸=cmΔt得水升高的温度：
Δt=Q吸c水m水=1.89×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg=45℃，故D正确。
故选：D。
(1)改变物体内能的方法：做功和热传递；
(2)知道煤气的体积、密度，利用m=ρV求其质量；
(3)知道煤气的热值，利用Q放=mq求煤气完全燃烧放出的热量；
(4)知道加热效率，水吸收的热量Q吸=ηQ放；再利用Q吸=cmΔt求水升高的温度。
本题考查了改变内能的方式、密度公式、吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，属于基础题目。
10.【答案】C
【解析】解：A.烟雾在空中弥漫，烟雾的运动属于机械运动而不是分子运动，故A错误；
B.由表中数据可知，当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光，光照强度会减弱，则光敏电阻的阻值会增大，故B错误；
C.电路中的电流减小至100mA时，报警器开始报警，故串联电路的总电阻R总=UI=9V0.1A=90Ω，则光敏电阻的阻值R=R总-R0=90Ω-80Ω=10Ω，则光敏电阻R的实际功率为P=I2R=(0.1A)2×10Ω=0.1W，故C正确；
D.报警仪表的量程为0∼300mA，故最大电流Imax=300mA=0.3A，则最小电阻Rmin=UImax=9V0.3A=30Ω，故D错误。
故选：C。
(1)物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则运动；
(2)分析表中数据，烟雾遮挡越弱，光照越强时，电阻越小，电流越大；反之烟雾遮挡越强，光照越弱，光敏电阻越大，则电流越小；
(3)电路中的电流减小至100mA时，报警器开始报警，故根据R=UI求串联电路的总电阻，再求光敏电阻的阻值，根据P=I2R求实际功率；
(4)报警仪表的量程为0∼300mA，故最大电流Imax=300mA=0.3A，根据R=UImax求最小阻值。
本题考查了分子动理论、串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，利用好题干中所给的条件是关键。
11.【答案】电子 间隙 吸引轻小物体
【解析】解：原子由原子核和带负电的电子组成；勾兑白酒时、酒精和水混合后，总体积会减小，说明分子间存在间隙；在干燥的头发上梳过的塑料梳子能吸引碎纸屑，这说明带电体具有吸引轻小物体的特点。
故答案为：电子；间隙；吸引轻小物体。
原子由原子核和核外电子组成；分子间存在间隙；带电体能吸引轻小物体。
本题考查了原子、分子和带电体的特点，属于基础题。
12.【答案】熔化 吸收 晶体
【解析】解：“铁化如水”描述的物态变化是熔化，熔化吸热。铁是晶体。
故答案为：熔化；吸收；晶体。
物质从固态变成液态的过程是熔化，熔化吸热。晶体有固定的熔点，在熔化过程中，温度始终保持不变。
本题考查了熔化的定义，体现了生活处处皆物理。
13.【答案】电阻 地 甲
【解析】解：新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是减小电阻，在相同时间内，电流通过导线产生的热量更少，消除安全隐患。
电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳与插座中的地线相连，防止触电。
如图甲、乙所示，图甲中试电笔的氖管会发光。因为图甲中的试电笔接触的是火线，氖管会发光。
故答案为：电阻；地；甲。
(1)在其它条件相同时，导体的横截面积越大，导体的电阻越小。
(2)带金属外壳的家用电器与插座的地线相连。
(3)试电笔接触火线氖管发光，接触零线氖管不发光。三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”。
知道影响电阻大小的因素；知道插座的构造与工作方式；知道正确使用试电笔。
14.【答案】运动状态 做功
【解析】解：(1)启动电火花发生器，盒盖向外飞出，盒盖的运动速度大小和方向发生变化，这说明了力可以改变物体的运动状态。
(2)酒精燃烧释放出内能，高温高压燃气推动盒盖做功，将内能转化为机械能，故盒盖的机械能由燃气的内能转化而来；内燃机在做功冲程高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能；所以此时的能量转化与内燃机的做功冲程相同。
故答案为：运动状态；做功。
(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
(2)一定条件下，各种能量可以相互转化；热机是将内能转化为机械能的机器。
解决本题的关键是掌握力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。另外熟练掌握生活中常见的能量转化。
15.【答案】正 2 4
【解析】解：(1)由图象可知电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W，由图甲可知，当小灯泡两端的电压为2V，通过小灯泡的电流为0.5A时，功率为：P=ULIL=0.5A×2V=1W，符合题意；
由图乙可知，小灯泡两端的电压等于电源电压，即电源电压为2V；
(3)由图乙可知，闭合开关S、S1，小灯泡与电阻R并联，
根据并联电路的电压特点可知，此时电阻R两端的电压UR=U=2V，
由图甲可知，此时通过电阻R的电流IR=0.2A，
电阻R在10s内产生的热量：Q=W=URIRt=2V×0.2A×10s=4J。
故答案为：正；2；4。
(1)电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)根据图甲和P=UI可知当小灯泡的实际功率为1W时，通过小灯泡的电流和小灯泡两端的电压，据此可知电源电压；
(3)由图乙可知，闭合开关S、S1，小灯泡与电阻R并联，根据并联电路的电压特点可知电阻R两端的电压，由图可知通过R的电流，根据Q=W=UIt求出电阻R在10s内产生的热量。
本题考查并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。
16.【答案】省力 2403080%
【解析】解：(1)弯弯曲曲的盘山公路相当于斜面，其主要目的是为了省力；
(2)拉力F做功的功率：P=Wt=Fst=Fv=50N×0.6m/s=30W；
由v=st可知，绳子自由端移动的距离：s=vt=0.6m/s×10s=6m，
由图可知n=3，物体移动的距离：s物=sn=6m3=2m，
拉力做的有用功：W有=fs物=120N×2m=240J；
拉力做的总功：W总=Fs=50N×6m=300J，
滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=240J300J×100%=80%。
故答案为：(1)省力；(2)240；30；80%。
(1)盘山公路相当于斜面，使用斜面可以省力；
(2)利用P=Wt=Fst=Fv求拉力F做功的功率；
利用v=st求出绳子自由端移动的距离，由图可知n=3，利用绳子自由端移动的距离s=ns物求出物体移动的距离，利用W有=fs物求有用功；
利用W总=Fs求拉力做的总功，利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率。
本题考查斜面的作用，使用滑轮组时功、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
17.【答案】解：过重心O沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别用符号G和F表示。如图所示：
【解析】静止在水平展台上的“皇后之玺”，受到了平衡力的作用，即受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
18.【答案】解：根据小磁针指向判断出螺线管的下端为N极，根据安培定则判断螺线管中电流的方向从上方流入，旋钮顺时针转动时通电螺线管的磁性减弱，说明电流变小，电阻变大，因而滑片左侧部分接入电路，连接a、b接入电路，将螺线管、电位器串联在电路中。磁体外部的磁感线从N出发进入S极，磁感线的方向竖直向上。如图所示：
【解析】将螺线管、电位器串联在电路中。滑动变阻器要接一上一下。
根据小磁针指向判断出螺线管的N、S极，根据安培定则判断螺线管中电流的方向，确定电路的连接，磁体外部的磁感线从N出发进入S极。在连电位器时，滑片与端点接线柱距离越远，电阻值越大，电流越小。
本题考查安培定则、磁感线的方向、电磁铁的磁性强弱有关因素，属于综合题，由一定难度。
19.【答案】231.6粗糙 照相机 右
【解析】解：(1)电能表读数时最后一位是小数、单位是kW⋅h，由图甲知，电能表的示数为231.6kW⋅h；
(2)由图乙可知，压力相同，毛巾表面比棉布表面粗糙，在毛巾表面匀速拉动比在棉布表面匀速拉动弹簧测力计的示数大，说明：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)由图丙知，此时物距大于像距，而凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，故应将光屏向右移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
故答案为：(1)231.6；(2)粗糙；(3)照相机；右。
(1)电能表读数时注意：最后一位是小数、单位是kW⋅h；
(2)滑动摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关。探究滑动摩擦力跟压力大小关系时，控制接触面粗糙程度不变；探究滑动摩擦力跟接触面粗糙程度关系时，控制压力大小不变；
(3)凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
本题考查了电能表的读数、滑动摩擦力的影响因素、凸透镜成像规律及其应用、透镜对光线的作用，属于基础题目。
20.【答案】断开 1.5换接电压表小量程 UAC=UAB+UBC
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应该处于断开状态。
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，电压表选用大量程，分度值为0.5V，此时电压表的示数为1.5V；为了使实验结果更准确，接下来应该：断开开关，换接电压表小量程；
(3)根据实验数据可知
2.3V+0.7V=3.0V；
2.0V+1.0V=2.0V；
1.8V+1.2V=3.0V；
分析表格可得结论：UAC=UAB+UBC。
故答案为：(1)断开；(2)1.5；换接电压表小量程；(3)UAC=UAB+UBC。
(1)为保护电路，连接电路时，开关应该处于断开状态；
(2)电压表测量电压时要选择合适的量程，否则指针偏转角度过小或过大；
(3)分析表中数据得出结论。
本题探究串联电路电压规律，考查注意事项、电压表的使用和分析数据归纳结论的能力。
21.【答案】右 便于测量力臂 3 100 150 600 偏大
【解析】解：(1)杠杆右高，应将杠杆向右端调节，使杠杆在水平位置平衡；
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂；
(2)设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，4G×3L=nG×4L，所以n=3(个)；
(3)①以杠杆上的A点为支点，当在C位置挂3个钩码，杠杆在水平位置刚好平衡，
设杠杆的质量为m，则：3m钩码g2L=mg3L，解得：m=2m钩码=2×50g=100g；
②为了将该“杆秤”的零刻度线标在A位置处，由①可知，小明应在图丙C位置处装配的吊盘的质量应等于三个钩码的质量，即150g；
③小明在图丁的D位置挂上3个钩码后，设物体的最大质量为m'，
由杠杆的平衡条件可知：m'g2L=3m钩码g8L，解得：m'=12m钩码=12×50g=600g；
④小明用制作好的“杆秤”测一物体的质量，不留意只将两个钩码作为“秤砣”来使用，则秤砣的质量减小，阻力减小，由杠杆的平衡条件可知阻力臂变大，读数变大。
故答案为：(1)右；便于测量力臂；(2)3；(3)①100；②150；③600；④偏大。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端倾斜；
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂；
(2)根据杠杆平衡条件求出B处挂钩码的个数；
(3)①②根据杠杆的平衡条件求解；
③由杠杆的平衡条件，当钩码重力的力臂最大时，所测物体的质量最大，设物体的最大质量为m'，由杠杆的平衡条件求解；
④秤砣的质量减小，阻力减小，由杠杆的平衡条件分析回答。
杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，减小了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。
22.【答案】抛射角 速度越大 量角器 刻度尺 先增大后减小 45 投铅球
【解析】解：(1)由图乙可知，当抛射角一定时，物体抛出的速度越大，抛出的距离就越远；
(2)该实验过程中，需要测量抛射角和物体抛出的距离，所以需要的测量工具有量角器和刻度尺；
从表中的数据可以看出，随着物体抛出时与水平方向夹角的增大，抛出的距离先增大后减小，所以得出的结论是：在抛出的速度一定时，随着物体抛出时与水平方向夹角的增大，抛出距离先增大后减小；
(3)由以上分析可知，在抛出的速度一定时，物体与水平面的夹角为45度时，抛出的距离最大；
(4)在投铅球的体育运动中，可以应用到上述结论。
故答案为：(1)抛射角；速度越大；
(2)①量角器；刻度尺；②先增大后减小；
(3)45；
(4)投铅球。
斜抛物体在水平方向上飞行的距离与抛射角、速度有关。当速度一定时，飞行距离随抛射角的增大，先增大后减小；当抛射角一定时，速度越大，飞行距离越大．研究距离和抛射角、速度的关系时，采用了控制变量法；根据需要测量的数据判断使用的工具。
本题考求学生(1)能够根据实验分析出正确结论：斜抛物体在水平方向上飞行的距离与抛射角、速度有关；(2)能够利用控制变量法研究飞行距离与抛射角、速度的关系。
23.【答案】可再生
【解析】解：(1)太阳能属于可再生能源；
(2)船的排水量，即满载时排开水的质量：m排=65t=65×103kg=6.5×104kg，
由阿基米德原理可得船满载时受到的浮力：
F浮=G排=m排g=6.5×104kg×10N/kg=6.5×105N；
(3)船舱某处所处的深度h=5m，
水对该处产生的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×5m=5×104Pa；
(4)由图乙、丙可知，在第50s-100s内，船匀速行驶，速度v=0.5m/s，时间t=100s-50s=50s，
由v=st可得，船行驶的距离：s=vt=0.5m/s×50s=25m；
由图甲可知，在第50s-100s内，船的牵引力F=8×104N，
在第50s-100s内，牵引力做的功：W=Fs=8×104N×25m=2×106J；
根据P=Wt得，接收的太阳能为：E=Pt=1.6×105W×50s=8×106J；
太阳能船的效率：
η=WE=2×106J8×106J=25%。
答：(1)可再生；
(2)这艘船满载时受到的浮力为6.5×105N；
(3)该船漂浮在水面时，距水面5m深处的船舱受到水的压强为5×104Pa；
(4)第50s到第100s的运动过程中，太阳能船的效率为25%。
(1)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
(2)知道船的排水量(满载时排开水的质量)，利用阿基米德原理求船满载时受到的浮力；
(3)已知船舱某处所处的深度，利用液体压强公式求水对该处产生的压强；
(4)由乙、丙两图可知，在第50-100s内牵引力大小、速度大小，利用s=vt求行驶的距离，利用W=Fs求牵引力做功，再算出它接受的太阳能，然后根据效率公式计算出效率。
本题考查了能源的分类、浮力、液体压强、功和效率的计算，属于基础题。
24.【答案】用电器 中温
【解析】解：(1)蓄电池充电时，把电能转化为化学能储存起来，所以此时蓄电池相当于用电器；
当S1、S2闭合、S3接a时，只有R1工作，当S1、S2闭合、S3接b时，R1、R2并联，当S1闭合，S2断开、S3接a时，R1、R2串联；
根据串并联电路的电阻特点可知，当S1、S2闭合、S3接b时，R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路中的总功率最大，电热水杯处于高温挡；
当S1闭合，S2断开、S3接a时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，总功率最小，电热水杯处于低温挡；
当S1、S2闭合、S3接a时，只有R1工作，电热水杯处于中温挡；
此时电路中的电流：I中=UR1=12V4Ω=3A；
(2)R1的电功率：P1=U2R1=(12V)24Ω=36W，
R2的电功率：P2=U2R2=(12V)28Ω=18W，
高温挡的电功率：P高=P1+P2=36W+18W=54W，
使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能：W=P高t=54W×10×60s=3.24×104J；
(3)电池储存的电能：W电=UIt=12V×5000×10-3A×3600s=2.16×105J，
把电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电到把电池充满需要消耗的电能：W'=(1-20%)×W电=80%×2.16×105J=1.728×105J，
由W=UIt可知，充电需要的时间：t'=W'UI'=1.728×105J12V×1000×10-3A=14400s=4h。
答：(1)用电器；中温；
(2)使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能是3.24×104J；
(3)当该电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电，充满电至少需要的时间是4h。
(1)蓄电池充电时相当于用电器，供电时相当于电源；当S1、S2闭合、S3接a时，只有R1工作，当S1、S2闭合、S3接b时，R1、R2并联，当S1闭合，S2断开、S3接a时，R1、R2串联；根据串并联电路的特点和P=U2R可知电热水杯各挡位的电路连接；根据欧姆定律求出电路中的电流；
(2)根据P=U2R求出R1、R2的电功率，根据P高温=P1+P2求出高温挡的电功率；根据W=Pt求出使用高温挡工作10min，电热水杯消耗的电能；
(3)根据W=UIt求出电池储存的电能，求出把电热水杯剩余电量为电池容量的20%时开始充电到把电池充满需要消耗的电能，根据W=UIt求出充电需要的时间。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功公式功以及电功率公式的应用，是一道综合题，有一定的难度。
相关试卷
2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考三模物理试题（含解析）： 这是一份2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考三模物理试题（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年陕西省宝鸡市陈仓区九年级（上）期末物理试卷： 这是一份2022-2023学年陕西省宝鸡市陈仓区九年级（上）期末物理试卷，共6页。
2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理二模试卷(含答案)： 这是一份2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理二模试卷(含答案)，共31页。试卷主要包含了选择题，填空与作图题，实验与探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
