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2023年江西省萍乡市中考物理二模试卷
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这是一份2023年江西省萍乡市中考物理二模试卷，共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年江西省萍乡市中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）
1. 坐在安静的考场，感受学习带来的快乐。以下描述符合实际的是( )
A. 脉搏每秒跳动的次数约70次 B. 课桌的高度约为120cm
C. 适宜的洗澡水温度约为40℃ D. 考场内的声音响度约为70dB
2. 下列几种说法中，正确的是( )
A. 给冰加热，冰的温度一定升高
B. 把5℃的水放入0℃的房间，水将会结冰
C. 冰棒周围的“白气”，是冰升华形成的水蒸气
D. 冬天户外的水管容易冻裂，是由于水结成冰后体积变大的缘故
3. 如图所示，叠放在一起的物体A和B，在大小为F的恒力作用下沿水平面做匀速直线运动，则下列结论中正确的是( )
A. 物体 A 对 B 的摩擦力与物体 B 对 A 的摩擦力是一对相互作用力
B. 物体 B 的重力与地面对 B 的支持力是一对平衡力
C. 物体 B 的重力与地面对 B 的支持力是一对相互作用力
D. 地面一定是粗糙的
4. 下列关于平衡力和相互作用力说法正确的是( )
A. 两个三要素完全相同的力可能是相互作用力，也可能是一对平衡力
B. 停在路边的自行车，它对地面的压力和所受到的重力是一对平衡力
C. 放在桌面上的水杯，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对相互作用力
D. 沿绳往上攀爬的小明所受到的重力和摩擦力可能是一对平衡力
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
5. 物理研究中常用图象来表示两个量(x,y)之间的关系，以使研究的问题变得直观明了，下列两个物理量之间的关系符合如图表示的是( )
A. 物质的密度和质量的关系
B. 物体受到的重力与质量的关系
C. 匀速直线运动物体的路程与时间的关系
D. 定值电阻的阻值与其两端电压的关系
6. 为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度，设置了图甲所示的滑轮组装置。当用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变化的关系分别如图丙和丁所示。下列计算结果错误的是( )
A. 0s～1s内，地面对物体的支持力是10N
B. 1s～2s内，拉力F做的功是187.5J
C. 2s～3s内，拉力F的功率是100W
D. 2s～3s内，滑轮组的机械效率是62.5%
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
7. 改革开放40年以来，中国高铁已然成为一张有重量的“中国名片”。小明乘坐高铁时看到路旁的树木疾速向后退去，这是以______ 为参照物。若列车时速为288km/h，合______ m/s。
8. 光与镜面成60°角射到平面镜上，反射角是______ 。有句俗语“猪八戒照镜子——里外不是人”，其中包含了一定的物理道理。因平面镜所成的像与物关于平面镜对称，因此猪八戒照镜子看到的______ (选填“实”或“虚”)像和猪八戒一模一样，仍然是个猪像，自然就“里外不是人”了。
9. 汽油机在工作过程中，______ 冲程是将机械能转化为内能；已知一汽油机转速为1800r/min，则该汽油机10s内对外做功______ 次。
10. 我国自主研制的国产大飞机C919，于2017年5月5日首飞成功。客机在飞行时，机翼上方空气流速较快，压强______，因此获得向上的升力；机上人员用吸管喝饮利时，饮料在______的作用下被吸入口中。
11. 一个木箱放在水平面上静止，当木箱受到了10N水平推力时，箱子未推动，这时箱子受到的摩擦力为______N；当水平推力增大到15N时，箱子恰好匀速运动；当水平推力增大到20N时，木箱受到的摩擦力为______N。
12. 春日清晨，草叶上形成露珠是______ 现象；夏天傍晚，院子里洒水利用______ 吸热降温。(两空均填物态变化名称)
13. 一段均匀铁管长为2m、重500N，当平放在水平地面上时，人抬起一端最少需要______N的力，如果保持用力的方向与铁管垂直，则在扶起铁管的过程中，所需的力逐渐______(选填“增大”或“减小”)。
14. 如图所示，把一个未知电阻Rx与一个阻值为10Ω的电阻R串联接到某恒稳电源上后，闭合开关S，电流表的示数为0.3A；断开开关S，将10Ω电阻换成20Ω后再闭合开关，这时电流表的示数变为0.2A，则未知电阻Rx的值是______Ω，电源电压为______V。
四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）
15. (1)要测量物体的质量，实验室中常用______ 。生活中有时也用如图甲所示的案秤，它们的工作原理相同，使用案秤时，应先将游码移至秤杆左端零刻度线处，此时若秤杆右端上翘，应将调零螺母向______ (填“左”或“右”)调，使秤杆在水平位置平衡。某次测量，槽码和游码的位置如图乙所示，则被测物体的质量是______ kg。
(2)如图丙所示，温度计的读数方法正确的是______ (填“A”、“B”或“C”)，示数为______ ℃。
(3)如图丁所示，该刻度尺的最小刻度为______ mm，木块的长度是______ cm。
16. 小强在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同两个钢球m和M(M的质量大于m)，分别从不同的高度h和H(H>h)静止开始滚下撞击木块B，实验过程如图所示。
(1)小强通过观察______来判断小球动能的大小；
(2)甲、乙实验中分别让小球从斜面的不同高度由静止开始滚下，目的是使小球______；由甲、乙两图实验现象可得结论______
(3)分析______和______两图实验现象可得结论：物体的动能与质量有关；
(4)实验中若使用的木块质量较大，为确保实验仍有较明显的现象，有很多种方法，请你写出一种______。
(5)若水平面绝对光滑，本实验将______(选填“能”或“不能”)达到探究目的，理由是小球和木块将______。
17. 在“测量小灯泡电功率”实验中，如图甲所示，电源电压恒为4.5V，小灯泡标有“2.5V”字样，电流表、电压表、滑动变阻器“10Ω 2A”和“50Ω 1A”，开关各一个，导线若干。
(1)如图甲所示，实验电路存在连接错误，只需改动一根导线，即可使电路连接正确，请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。
(2)画出改正后的电路图。
(3)正确连接导线过后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数较大，故障可能是小灯泡______ 。
(4)排除故障后，逐渐移动滑片，看到电压表示数如图乙，为使灯泡正常发光，应向______ (填“左”或“右”)端移动滑片P，图丙为灯泡的U−I图象，可知灯泡的额定功率为______ W，根据上述情况，实验中应选择的滑动变阻器为：______ 。
18. 探究气体压强与什么因素有关
【提出问题】
气体压强的大小可能与什么因素有关呢？
【猜想与假设】
猜想一：把注射器活塞推至注射器筒中部，用手指堵住前端小孔，这样就在注射器内封住了一定质量的空气向筒内压活塞使筒内空气体积缩小，手指感到很费力，由此可猜想气体压强的大小可能与体积有关。
猜想二：生活中，自行车轮胎在夏天烈日下容易爆胎，据此可猜想气体压强的大小可能跟______ 有关。
【设计实验】
为了验证猜想一，用一个带有刻度的注射器封闭一定质量的气体，气体的体积可直接读出，气体的压强由图中压强传感器和计算机辅助系统得出(如图所示)。
【进行实验与收集证据】
(1)实验中应保持环境______ 不变且注射器管壁导热性能良好，
(2)缓慢推动活塞到某一位置，从注射器的刻度上读出体积值，待压强传感器示数稳定后读出压强值继续缓慢推动活塞，得到多组实验数据如下表：
实验序号
1
2
3
4
5
气体的体积V(ml)
50
40
34
30
26
气体的压强P(×105Pa)
1.01
1.26
1.49
1.68
1.94
压强与体积的乘积PV
(×105Pa⋅mL)
50.5
50.4
50.66
50.4
50.44
【分析与论证】
(1)实验中缓慢推动注射器活塞，主要目的是______ 。
(2)分析表中实验数据，可以初步得出的结论：一定质量的气体，在温度一定时，压强与体积成______ 。
【拓展应用】
(1)打气筒是人们生活中常用的工具，当打气筒的导气管被堵塞时，我们会感到向下压活塞特别费力。这是因为筒内封闭一定质量的空气，当向下压缩时，气体的体积越______ ，压强越______ (均选填“大”或“小”)。
(2)湖底的一个气泡(不计温度影响)在上升过程中，体积会______ (选填“变大”，“变小”或“不变”)。
五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
19. 一新型电动汽车的质量为1.5×103kg。性能测试时，汽车在平直的公路上匀速直线行驶2.0×103m用时100s，共消耗电能4×106J，测得汽车受到的牵引力为1.6×103N，g取10N/kg。求：
(1)汽车的重力；
(2)汽车电机输出的机械功率；
(3)汽车电机的工作效率。
20. 如图所示，R1阻值是10Ω。当滑片P移到a端，开关都闭合时，电流表示数是1.8A，灯L正常发光。再断开开关S1，电流表示数变化了0.8A。接着调节滑片P到b端，灯L的功率与额定功率之比是1：4。求：(电源电压与灯丝电阻均保持不变)
(1)电源电压。
(2)灯L的额定功率。
(3)滑动变阻器的最大阻值。
21. 某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡位置时，R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态；旋至2挡位置时，R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1=22Ω，洗衣机主要参数如下表。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
××牌智能洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
30～90℃
防电墙电阻
1×106Ω
(1)电热丝R2的阻值是多少？
(2)某次洗衣时，洗衣机内注入8kg水，在额定电压下对水加热，水温由20℃上升到50℃，洗衣机的加热效率为60%，则洗衣机的加热时间是多少？
(3)若洗衣机处于保温洗涤状态时，干路中的电流为2A，则电动机的功率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，故A符合实际；
B、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故B不符合实际；
C、适宜的洗澡水温度约为40℃，故C符合实际；
D、考场内的声音响度约为20dB，故D不符合实际。
故选：C。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】D
【解析】解：A、给冰加热，若冰在熔化的过程中则温度不变，不符合题意；
B、水结冰的条件是：①达到凝固点，②继续放热。把5℃的水放入0℃的房间，即使能达到凝固点，但是由于再没有温度差所以不能继续放热，水不能结成冰，不符合题意；
C、冰棒周围的“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，水蒸气是看不见的，不符合题意；
D、水结成冰以后体积会变大，冬天户外的水管容易冻裂就是这个原因，符合题意。
故选：D。
(1)晶体在熔化的过程中吸热但温度不变。
(2)晶体凝固的条件是：①达到凝固点，②继续放热。
(3)空气中含有水蒸气，水蒸气是看不见的。
(4)水结成冰以后体积会变大。
(1)“白气”大都是小液滴或小冰晶构成的，水蒸气是看不见的。
(2)水结成冰以后质量不变，体积变大，密度变小。
3.【答案】D
【解析】解：A、叠放在一起的物体A和B，在大小为F的恒力作用下沿水平面做匀速直线运动，AB之间没有相对运动的趋势，故AB间没有摩擦力，故A错误；
B、物体 B 的重力与地面对 B 的支持力大小不等，不是一对平衡力。故B错误；
C、物体 B 的重力与地面对 B 的支持力大小不等，不是一对相互作用力，故C错误；
D、以AB整体为研究对象，在水平方向受地面的摩擦和拉力F，这两个力相互平衡，则f=F，故地面一定是粗糙的，故D正确。
故选：D。
(1)A、B两物体叠放在一起，处于匀速直线运动状态，A和B受到的都是平衡力；
(2)A受到的力有：重力、B对A的支持力；A的重力等于B对A的支持力；
B受到的力有：重力、A对B的压力、地面对B的支持力以及拉力和地面的摩擦力。其中B的重力加上A对B的压力等于地面对B的支持力，拉力和地面的摩擦力相等；
(3)二力平衡的条件是：作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
相互作用力的条件：作用在两个物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
本题重点掌握平衡力与作用力和反作用力的相同和不同，注意等大反向作用在两个物体上的不一定是作用力和反作用力，记住平衡力的特征是两个力的作用效果能够相互抵消。
4.【答案】D
【解析】解：A.三要素完全相同的两个力，方向相同，不可能是相互作用力，也不可能是一对平衡力，故A错误；
B.停在路边的自行车，它对地面的压力和所受到的重力，方向相同，受力物体不同，不是一对平衡力，故B错误；
C.放在桌面上的水杯，它受到的重力和桌面对它的支持力，受力物体相同，不是一对相互作用力，故C错误；
D.沿绳往上攀爬的小明所受到的重力和摩擦力作用在同一物体上，当两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上时，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
二力平衡的条件是：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
相互作用力的条件是：作用在两个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
本题考查了平衡力和相互作用力的辨别，熟练掌握平衡力和相互作用力的条件是解题的关键。
5.【答案】BC
【解析】解：观察图象发现这是一个正比例函数关系图线，图象中两个量(x,y)之间是成正比的。
A、密度是物质本身的一种特性，与质量和体积等其他因素无关，只决定于物质本身，故A不符合题意；
B、根据公式G=mg可知，物体受到的重力与质量成正比关系，故B符合题意；
C、做匀速直线运动的物体的路程与时间成正比，故C符合题意；
D、导体电体本身的一种性质，定值电阻的阻值不变，与加在导体两端的电压无关，故D不符合题意。
故选：BC。
观察分析图象，找出图中两个量(x,y)之间的关系，看选项中哪两个量的关系与图象中的相符，找出两个量之间的关系不符合的选项即可。
本题考查学生的观察能力和图象分析能力，涉及的知识点较多，解题时应熟记这些关系并加深理解。
6.【答案】ACD
【解析】解：(1)由图乙可知，在0～1s内，拉力F=30N，取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F支，及三根绳子向上的拉力F作用，处于静止状态；
地面对重物的支持力F支=G−3F+G动=100N−3×30N+G动=G动+10N；故A错误；
(2)由图可知在2～3s内，重物做匀速运动，v3=2.50m/s，拉力F3=40N，
因为从动滑轮上直接引出的绳子股数(承担物重的绳子股数)n=3，
所以拉力F的作用点下降的速度v3′=3v3=3×2.50m/s=7.5m/s，
拉力做功功率(总功率)：P总=F3V3′=40N×7.5m/s=300W，故C错误；
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%=Gh3F3s3×100%=100N40N×3×100%≈83.33%，故D错误；
(3)在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h2=1.25m
拉力F的作用点下降的距离s2=3h2=3×1.25m=3.75m，
拉力做的功：W=F2S2=50N×3.75m=187.5J；故B正确。
故选：ACD。
(1)由图乙可知，在0～1s内，拉力F=30N，取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F支，及三根绳子向上的拉力F作用，处于静止状态，据此求得地面对重物的支持力；
(2)由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3。由F−t图像得出在2～3s内的拉力F，由v−t图像得出重物上升的速度，求出拉力F的作用点下降的速度，利用P=Fv求拉力做功功率，知道拉力F和物重G大小，以及s与h的关系，利用效率求滑轮组的机械效率。
(3)由F−t图像得出在1～2s内的拉力F，由h−t图像得出重物上升的高度，求出拉力F的作用点下降的距离，利用W=Fs求此时拉力做功。
本题是一道力学综合题，涉及到功、功率、机械效率的计算，能从题目提供的图中得出每秒内的相关信息是本题的关键。
7.【答案】高铁 80
【解析】解：
小明乘坐高铁时看到路旁的树木疾速向后退去，认为树木是运动的，选择的参照物是与树木位置不断发生变化的高铁；
列车速度为288km/h=288×13.6m/s=80m/s。
故答案为：高铁；80。
(1)在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(2)速度单位的换算关系：1m/s=3.6km/h。
本题考查动和静止的相对性以及速度单位的换算，属于基础性题目。
8.【答案】30° 虚
【解析】解：一束光与镜面成60°角射到平面镜上，则入射角为90°−60°=30°；根据反射定律可知，反射角等于入射角，所以反射角为30°。
猪八戒照镜子属于平面镜成像，平面镜成像特点：正立等大的虚像。因此猪八戒照镜子看到的和自己一模一样的虚像。
故答案为：30°；虚。
入射角是入射光线与法线的夹角，反射角是反射光线与法线的夹角，在光的反射中，反射角等于入射角；
平面镜成像特点：正立等大的虚像。
本题主要考查的是光的反射定律的应用，掌握反射角和入射角的概念是解答此题的关键。
9.【答案】压缩 150
【解析】解：(1)在热机四个冲程中，机械能转化为内能的冲程是压缩冲程，在压缩冲程时两气门都关闭，活塞上行；
(2)飞轮转速是1800r/min=30r/s，表示每秒飞轮转动30圈，由于热机完成一个工作循环，完成4个冲程，飞轮转动2周，燃气对外做功1次，所以转动30圈经过15个工作循环，对外做功15次，10s内对外做功150次。
故答案为：压缩；150。
(1)压缩冲程是将机械能转化为内能；做功冲程是将内能转化为机械能；
(2)飞轮转速是1800r/min=30r/s，表示每秒飞轮转动30圈，由于热机完成一个工作循环，完成4个冲程，飞轮转动2周，燃气对外做功1次，由此可得出答案。
本题考查了对热机工作过程的理解，需要熟练掌握相关的基本知识点。
10.【答案】小 大气压
【解析】解：客机在飞行时，机翼上方的流速就大于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的力，因此飞机可以飞起来了；
用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；
故答案为：小；大气压。
流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
用吸管吸饮料是利用大气压的作用。
该题考查流体压强与流速的关系、大气压强的有关知识，难度不大，属于基础知识。
11.【答案】10 15
【解析】解：用10N的水平推力推一个放在水平地面上的大木箱，没有推动，箱子处于静止状态，推力与摩擦力平衡，所以f=F=10N；
当水平推力增大到15N时，箱子恰好匀速运动，此时摩擦力与推力平衡，则f′=F′=15N；
当水平推力增大到20N时，压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以木箱受到的摩擦力不变，仍为15N。
故答案为：10；15。
(1)物体在受力时，处于匀速直线运动状态和静止状态，都是平衡状态，而物体处于平衡状态下，所受到的力就是平衡力；
(2)滑动摩擦力的大小只与接触的粗糙程度和压力的大小有关，与速度无关。
本题考查了二力平衡条件的应用以及影响滑动摩擦力的大小因素，正确对物体进行受力分析是解答本类题的关键所在。
12.【答案】液化 汽化
【解析】解：草叶上形成露珠，是空气中的水蒸气变成液态的小水滴，是气态变成液态的过程，是液化现象；
夏天傍晚，院子里洒水利用液态的水蒸发变成气态的水蒸气吸热，使温度降低，是汽化现象。
故答案为：液化；汽化。
气态变成液态的过程，是液化现象；液态变成气态的过程是汽化现象，汽化吸热。
本题考查了液化现象与汽化现象的概念。
13.【答案】250 减小
【解析】解：
(1)由题意知，此时可以将铁棒看做是一个以铁棒没有离地端为支点的杠杆，阻力是铁棒的重力为500N，
由于铁棒是均匀的，所以阻力臂是棒长的一半，即L2=12L；当动力垂直于铁棒向上时，动力臂最大等于铁棒的长L，此时动力最小。
根据杠杆的平衡条件可得最小动力：F1=F2L2L1=500N×12LL=250N；
(2)如果保持用力的方向与铁管垂直，则动力臂不变，在扶起铁管的过程中，重力的力臂(阻力臂)逐渐变小，根据杠杆的平衡条件可知，所需的动力逐渐减小。
故答案为：250；减小。
(1)可以将铁棒看做一个杠杆，因为铁棒是均匀的，所以其重心在其几何中心，抬起铁棒的一端，即动力作用在一端，动力垂直于铁棒，动力臂最长、动力最小，利用杠杆的平衡条件来分析求解即可；
(2)如果保持用力的方向与铁管垂直，则动力臂不变，在扶起铁管的过程中，重力的力臂(阻力臂)逐渐变小，根据杠杆的平衡条件判断动力的变化。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，将铁管看做是一个杠杆是解决此题的关键。
14.【答案】10 6
【解析】解：由电路图可知，Rx与R串联，电流表测电路中的电流，
当R=10Ω、电流表的示数I=0.3A时
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I(Rx+R)=0.3A×(Rx+10Ω)，
当R′=20Ω、电流表的示数I′=0.2A时
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I′(Rx+R′)=0.2A×(Rx+20Ω)，
因电源的电压不变，
所以，0.3A×(Rx+10Ω)=0.2A×(Rx+20Ω)，
解得：Rx=10Ω，
电源的电压U=I(Rx+R)=0.3A×(10Ω+10Ω)=6V。
故答案为：10；6。
由电路图可知，Rx与R串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出两种情况下电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出电阻Rx的值，进一步求出电源的电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好电源的电压不变是关键。
15.【答案】天平 右 3.2 B 48 1 3.80
【解析】解：(1)日常生活中，测量物体质量的工具很多，例如杆秤、电子秤、台秤。实验室测量物体质量的仪器是天平。
案秤的工作原理和使用方法和天平是一样的。首先调节横梁平衡，再称量物体质量。游码首先移到标尺左端的零刻度，调节调零螺母，使天平的横梁平衡，哪端上翘向哪端移到调零螺母。
秤杆每一个大格代表100g，每一个小格代表20g，游码对应的刻度值是200g=0.2kg.物体的质量=槽码的质量+游码对应的刻度值=2kg+1kg+0.2kg=3.2kg。
(2)温度计的读数方法正确的是B，视线与液柱的液面相平，由图知：温度计的最小刻度值是1℃，因此该温度计的示数是40℃+8℃=48℃；
(3)由图可知物体左端对应的刻度值为6.00cm，物体右端对应的刻度值为9.80cm，物体长度为9.80cm−6.00cm=3.80cm；
故答案为：(1)天平；右；3.2；(2)B；48；(3)1；3.80。
(1)调节台秤平衡时，左端下沉，右端上翘，调零螺母向上翘的一端移动。物体的质量=槽码的质量+游码对应的刻度值。
(2)温度计的示数在量程的范围内，且分度值为1℃，可根据这两点读出此温度计的示数；读数时视线要与温度计中液柱的上表面相平；
(3)起始端没从0开始，把6.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去1.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
(1)掌握天平的正确使用，如何调节，如何称量物体质量。
(2)案秤的使用方法、调节方法、称量方法、原理和天平是相同的。
16.【答案】木块B移动的距离长短 到达斜面底部时的速度不同 在质量一定时，物体的速度越大，动能越大 乙 丙 增大小球下滑的高度 不能 做匀速直线运动
【解析】解：
(1)实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；
(2)由甲、乙图可知，小球的质量相同，小球从同一斜面的不同高度由静止滑下，到达斜面底部时的速度不同，撞击木块后木块移动的距离不同，说明小球的动能不同，由此可得到的结论是：在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；
(3)要探究小球动能与质量的关系，需要控制小球到达水平面时的速度相同，即不同质量的小球从同一高度由静止滑下，乙、丙两图符合要求；
(4)验中若使用的木块质量较大，小车撞击木块时，木块移动的距离较小，实验现象不明显，为使实验有较明显的现象，可以通过增大小车在斜面上的高度来增大小车的速度，从而增大小车的动能，增大对木块做功的多少，增大木块在水平面上滑行的距离；也可以通过减小接触面粗糙程度的方法来减小摩擦力，使木块在水平面上滑行距离增大；
(5)若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
故答案为：(1)木块B移动的距离长短；(2)到达斜面底部时的速度不同；在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；(3)乙；丙；(4)增大小球下滑的高度；(5)不能；做匀速直线运动。
(1)掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；
(2)动能大小跟质量和速度有关，在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；
(3)影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；
(4)可以从增大速度，从而增大动能的方法，或在水平面上受的摩擦力小一些两方面考虑；
(5)根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的。
掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。
17.【答案】断路 右 0.5 50Ω 1A
【解析】解：(1)图甲电路中电压表并联在灯泡和变阻器的两端是错误的，测量小灯泡电功率的实验中应将电压表并联在灯的两端，改正后，如下图所示：
(2)根据实物连接图画出的电路图如下：
(3)正确连接导线过后，闭合开关，电流表没有示数，电路中有断路发生，电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以故障可能是小灯泡出现了断路；
(4)灯泡正常发光时电压等于其额定电压2.5V，由图乙知，电压表使用0～3V量程，分度值0.1V，示数为2.2V，所以灯泡两端电压为2.2V<2.5V，由串联电路的分压原理可知，应将滑片向右端移动，使灯泡两端电压达到2.5V；
由图像读出灯泡正常发时的电流0.2A，所以灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.2A=0.5W；
由串联电路特点和欧姆定律可得此时变阻器连入电路的阻值R=URI=4.5V−2.5V0.2A=10Ω。
实验中还要测灯泡电压低于和高于额定电压下的实际功率，所以应选择“50Ω 1A”的滑动变阻器。
故答案为：(1)见解答图；(2)见解答图；(3)断路；(3)右；0.5；50Ω 1A。
(1)图甲电路中电压表并联在灯泡和变阻器的两端是错误的，测量小灯泡电功率的实验中应将电压表并联在灯的两端；
(2)根据实物连接图画出的电路图；
(3)电流表没有示数，说明电路中出现了断路，再根据电压表示数较大分析故障的可能原因；
(4)灯泡正常发光时电压等于其额定电压，由图乙读出灯泡两端电压，由串联电路的分压原理分析滑片的移动方向；由图像读出灯泡正常发时的电流，由P=UI计算其额定功率；由电路特点和欧姆定律计算此时变阻器连入电路的阻值，确定其规格。
本题考查了“测定小灯泡的电功率”的实验，考查了实物电路图的连接、根据实物图画电路图、电路故障的判断、电表的读数、电功率公式和欧姆定律的应用，综合性强。
18.【答案】温度 温度 使注射器内的气体温度保持不变 反比 小 大 变大
【解析】解：【猜想与假设】
自行车轮胎在夏季烈日暴晒下会爆胎，爆破的原因也是内部压强变大造成的，即是由于温度升高导致的，所以气体压强的大小还与温度有关；
【进行实验与收集证据】
探究气体压强的大小可能与体积有关时要控制温度不变，故实验中应保持环境温度不变且注射器管壁导热性能良好；
【分析与论证】
(1)气体的实验规律的使用的条件是一定质量的气体，研究温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系时气体的温度一定不能变化。因此实验中缓慢推动注射器活塞，主要目的是使注射器内的气体温度保持不变；
(2)分析表中实验数据，可以初步得出的结论：一定质量的气体，在温度一定时，压强与体积成反比；
【拓展应用】
(1)打气筒是人们日常生活中常用的工具，当打气筒的导气管被堵塞时，我们会感到向下压活塞特别费力，这是因为筒内封闭一定质量的空气，当向下压缩时，气体的体积越小，压强越大，故感觉特别费力；
(2)湖底的一个气泡(不计温度影响)上升时，由于其深度减小，故其外界所受的水的压强变小，故其内部的压强大于外部压强，故其体积会变大；
故答案为：温度；温度；使注射器内的气体温度保持不变；反比；小；大；变大。
【猜想与假设】
根据自行车轮胎在夏季烈日暴晒下会爆胎，猜想影响气体压强的大小的因素；
【进行实验与收集证据】
探究气体压强的大小可能与体积有关时要控制温度不变；
【分析与论证】
(1)缓慢的推拉活塞，可以使气体的温度保持与外界的温度保持一致，从而可以保持封闭气体的温度不变；
(2)根据表中气体的体积和压强的实验数据可得出结论；
【拓展应用】
据气体压强与体积的关系分析判断，即可得出本题中(1)的答案；利用液体内部压强的特点分析判断即可得出(2)中的答案。
该题考查了同学们对上述材料的分析和理解能力，以实验题的情景考查了气体压强大小的影响因素，是一道综合题，还考查学生对一些常用的物理学方法的了解和掌握，平时学习时要注意这些方法的掌握和应用。难度较大。
19.【答案】解：
(1)汽车的重力：
G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N；
(2)汽车的速度：
v=st=2.0×103m100s=20m/s，
汽车电机输出的机械功率：P=Wt=Fst=Fv=1.6×103N×20m/s=3.2×104W；
(3)汽车做的机械功：
W机=Pt=3.2×104W×100s=3.2×106J，
汽车的效率：
η=W机W电=3.2×106J4×106J×100%=80%。
答：(1)汽车的重力为1.5×104N；
(2)汽车电机输出的机械功率为3.2×104W；
(3)汽车电机的效率为80%。
【解析】(1)利用G=mg求汽车的重力；
(2)利用速度公式求汽车的速度，利用P=Wt=Fst=Fv求汽车电机输出的机械功率；
(3)利用W=Pt求汽车做的机械功(有用功)，汽车的效率等于汽车做的机械功与消耗的电能之比。
本题考查了重力公式、功率公式、效率公式、速度公式的应用，综合题，难度不大。
20.【答案】解：(1)当滑片P位于a端，开关都闭合时，灯泡与电阻R并联，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，
再断开开关S1，只有灯泡连入电路，电流表测量灯泡的电流；
由于电流表示数变化量0.8A，则通过R1的电流为I1=0.8A，
由I=UR得电源电压：
U=I1R1=0.8A×10Ω=8V；
(2)由于此时灯泡正常发光，则根据并联电路各支路两端的电压相等可知：
灯泡的额定电压为8V；
根据并联电路的特点可知：I额=I−I1=1.8A−0.8A=1A，
灯泡的额定功率：P额=U额IL=8V×1A=8W；
(3)由I=UR得：灯泡电阻RL=U额I额=8V1A=8Ω，
S断开时，滑片P在b端时，灯泡与滑动变阻器R2串联，
已知：P实：P额=1：4，则P实=14P额=14×8W=2W，
根据P=I2R可得此时电流：
I= P实RL= 2W8Ω=0.5A，
由I=UR得总电阻：
R=UI=8V0.5A=16Ω，
根据电阻的串联特点得：
R2=R−RL=16Ω−8Ω=8Ω。
答：(1)电源电压为8V；
(2)灯L的额定功率为2W。
(3)滑动变阻器的最大阻值为8Ω。
【解析】(1)当滑片P位于a端，S闭合时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，再断开开关S1，只有灯泡连入电路，电流表测量灯泡的电流；根据并联电路的特点和欧姆定律求出电源电压；
(2)已知灯L正常发光，根据P=UI即可求出灯泡L的额定功率；
(3)根据欧姆定律求出灯泡的电阻；当S断开时，滑片P在b端时，灯泡与滑动变阻器R2串联，根据灯L的功率与额定功率之比求出灯泡两端的实际功率，根据P=I2R求出电路中的实际电流，根据欧姆定律和电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了电阻的串联特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合前后电路连接方式的辨别和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等。
21.【答案】解：
(1)由题意和电路图可知，当旋钮旋至1挡时，电热丝R1与R2并联，洗衣机处于加热状态，由表格数据可知，加热功率P加热=2400W，
电热丝R1消耗的功率：
P1=U2R1=(220V)222Ω=2200W，
因总功率等于各电阻消耗功率之和，
所以电热丝R2消耗的功率：
P2=P加热−P1=2400W−2200W=200W，
则电热丝R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2200W=242Ω。
(2)洗衣机内注入8kg水，水温由20℃上升到50℃时水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×8kg×(50℃−20℃)=1.008×106J，
由η=Q吸W×100%可得，洗衣机加热时消耗的电能：
W=Q吸η=1.008×106J60%=1.68×106J，
由P=Wt可得，需要的加热时间：
t′=WP加热=1.68×106J2400W=700s；
(3)由(1)可知，加热时R2的电功率：P2=200W，
当旋钮旋至2挡时，R2与电动机并联，洗衣机处于保温洗涤状态，干路中的电流为2A，且R2的电压不变、阻值不变，其消耗的功率仍然为P2=200W不变，
此时电路的总功率：
P保温=UI=220V×2A=440W，
所以，电动机的功率：
PM=P保温−P2=440W−200W=240W。
答：(1)电热丝R2的阻值是242Ω；
(2)某次洗衣时，洗衣机内注入8kg水，在额定电压下对水加热，水温由20℃上升到50℃，洗衣机的加热效率为60%，则洗衣机的加热时间是700 s；
(3)若洗衣机处于保温洗涤状态时，干路中的电流为2A，则电动机的功率是240 W。
【解析】(1)根据P=UI=U2R求出电热丝R1的加热功率，进而得出电热丝R2的加热功率，根据R2=U2P2出电热丝R2阻值；
(2)知道洗衣机内水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量，利用η=Q吸W×100%求出洗衣机加热消耗的电能，利用P=Wt求出需要的加热时间；
(3)电热丝R1与R2并联时，洗衣机处于加热状态，根据电路的总功率等于各用电器功率之和求出R2的电功率；旋至2挡时，R2与电动机并联，洗衣机处于保温洗涤状态，知道干路中的电流，根据P=UI求出电路的总功率，然后求出电动机的功率。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式、吸热公式、效率公式、电功公式的应用，要注意电路的总功率等于各用电器功率之和。
2023年江西省萍乡市中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）
1. 坐在安静的考场，感受学习带来的快乐。以下描述符合实际的是( )
A. 脉搏每秒跳动的次数约70次 B. 课桌的高度约为120cm
C. 适宜的洗澡水温度约为40℃ D. 考场内的声音响度约为70dB
2. 下列几种说法中，正确的是( )
A. 给冰加热，冰的温度一定升高
B. 把5℃的水放入0℃的房间，水将会结冰
C. 冰棒周围的“白气”，是冰升华形成的水蒸气
D. 冬天户外的水管容易冻裂，是由于水结成冰后体积变大的缘故
3. 如图所示，叠放在一起的物体A和B，在大小为F的恒力作用下沿水平面做匀速直线运动，则下列结论中正确的是( )
A. 物体 A 对 B 的摩擦力与物体 B 对 A 的摩擦力是一对相互作用力
B. 物体 B 的重力与地面对 B 的支持力是一对平衡力
C. 物体 B 的重力与地面对 B 的支持力是一对相互作用力
D. 地面一定是粗糙的
4. 下列关于平衡力和相互作用力说法正确的是( )
A. 两个三要素完全相同的力可能是相互作用力，也可能是一对平衡力
B. 停在路边的自行车，它对地面的压力和所受到的重力是一对平衡力
C. 放在桌面上的水杯，它受到的重力和桌面对它的支持力是一对相互作用力
D. 沿绳往上攀爬的小明所受到的重力和摩擦力可能是一对平衡力
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
5. 物理研究中常用图象来表示两个量(x,y)之间的关系，以使研究的问题变得直观明了，下列两个物理量之间的关系符合如图表示的是( )
A. 物质的密度和质量的关系
B. 物体受到的重力与质量的关系
C. 匀速直线运动物体的路程与时间的关系
D. 定值电阻的阻值与其两端电压的关系
6. 为了将放置在水平地面上重为100N的物体提升一定高度，设置了图甲所示的滑轮组装置。当用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，物体的速度v和物体上升的高度h随时间变化的关系分别如图丙和丁所示。下列计算结果错误的是( )
A. 0s～1s内，地面对物体的支持力是10N
B. 1s～2s内，拉力F做的功是187.5J
C. 2s～3s内，拉力F的功率是100W
D. 2s～3s内，滑轮组的机械效率是62.5%
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
7. 改革开放40年以来，中国高铁已然成为一张有重量的“中国名片”。小明乘坐高铁时看到路旁的树木疾速向后退去，这是以______ 为参照物。若列车时速为288km/h，合______ m/s。
8. 光与镜面成60°角射到平面镜上，反射角是______ 。有句俗语“猪八戒照镜子——里外不是人”，其中包含了一定的物理道理。因平面镜所成的像与物关于平面镜对称，因此猪八戒照镜子看到的______ (选填“实”或“虚”)像和猪八戒一模一样，仍然是个猪像，自然就“里外不是人”了。
9. 汽油机在工作过程中，______ 冲程是将机械能转化为内能；已知一汽油机转速为1800r/min，则该汽油机10s内对外做功______ 次。
10. 我国自主研制的国产大飞机C919，于2017年5月5日首飞成功。客机在飞行时，机翼上方空气流速较快，压强______，因此获得向上的升力；机上人员用吸管喝饮利时，饮料在______的作用下被吸入口中。
11. 一个木箱放在水平面上静止，当木箱受到了10N水平推力时，箱子未推动，这时箱子受到的摩擦力为______N；当水平推力增大到15N时，箱子恰好匀速运动；当水平推力增大到20N时，木箱受到的摩擦力为______N。
12. 春日清晨，草叶上形成露珠是______ 现象；夏天傍晚，院子里洒水利用______ 吸热降温。(两空均填物态变化名称)
13. 一段均匀铁管长为2m、重500N，当平放在水平地面上时，人抬起一端最少需要______N的力，如果保持用力的方向与铁管垂直，则在扶起铁管的过程中，所需的力逐渐______(选填“增大”或“减小”)。
14. 如图所示，把一个未知电阻Rx与一个阻值为10Ω的电阻R串联接到某恒稳电源上后，闭合开关S，电流表的示数为0.3A；断开开关S，将10Ω电阻换成20Ω后再闭合开关，这时电流表的示数变为0.2A，则未知电阻Rx的值是______Ω，电源电压为______V。
四、实验探究题（本大题共4小题，共28.0分）
15. (1)要测量物体的质量，实验室中常用______ 。生活中有时也用如图甲所示的案秤，它们的工作原理相同，使用案秤时，应先将游码移至秤杆左端零刻度线处，此时若秤杆右端上翘，应将调零螺母向______ (填“左”或“右”)调，使秤杆在水平位置平衡。某次测量，槽码和游码的位置如图乙所示，则被测物体的质量是______ kg。
(2)如图丙所示，温度计的读数方法正确的是______ (填“A”、“B”或“C”)，示数为______ ℃。
(3)如图丁所示，该刻度尺的最小刻度为______ mm，木块的长度是______ cm。
16. 小强在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同两个钢球m和M(M的质量大于m)，分别从不同的高度h和H(H>h)静止开始滚下撞击木块B，实验过程如图所示。
(1)小强通过观察______来判断小球动能的大小；
(2)甲、乙实验中分别让小球从斜面的不同高度由静止开始滚下，目的是使小球______；由甲、乙两图实验现象可得结论______
(3)分析______和______两图实验现象可得结论：物体的动能与质量有关；
(4)实验中若使用的木块质量较大，为确保实验仍有较明显的现象，有很多种方法，请你写出一种______。
(5)若水平面绝对光滑，本实验将______(选填“能”或“不能”)达到探究目的，理由是小球和木块将______。
17. 在“测量小灯泡电功率”实验中，如图甲所示，电源电压恒为4.5V，小灯泡标有“2.5V”字样，电流表、电压表、滑动变阻器“10Ω 2A”和“50Ω 1A”，开关各一个，导线若干。
(1)如图甲所示，实验电路存在连接错误，只需改动一根导线，即可使电路连接正确，请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。
(2)画出改正后的电路图。
(3)正确连接导线过后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数较大，故障可能是小灯泡______ 。
(4)排除故障后，逐渐移动滑片，看到电压表示数如图乙，为使灯泡正常发光，应向______ (填“左”或“右”)端移动滑片P，图丙为灯泡的U−I图象，可知灯泡的额定功率为______ W，根据上述情况，实验中应选择的滑动变阻器为：______ 。
18. 探究气体压强与什么因素有关
【提出问题】
气体压强的大小可能与什么因素有关呢？
【猜想与假设】
猜想一：把注射器活塞推至注射器筒中部，用手指堵住前端小孔，这样就在注射器内封住了一定质量的空气向筒内压活塞使筒内空气体积缩小，手指感到很费力，由此可猜想气体压强的大小可能与体积有关。
猜想二：生活中，自行车轮胎在夏天烈日下容易爆胎，据此可猜想气体压强的大小可能跟______ 有关。
【设计实验】
为了验证猜想一，用一个带有刻度的注射器封闭一定质量的气体，气体的体积可直接读出，气体的压强由图中压强传感器和计算机辅助系统得出(如图所示)。
【进行实验与收集证据】
(1)实验中应保持环境______ 不变且注射器管壁导热性能良好，
(2)缓慢推动活塞到某一位置，从注射器的刻度上读出体积值，待压强传感器示数稳定后读出压强值继续缓慢推动活塞，得到多组实验数据如下表：
实验序号
1
2
3
4
5
气体的体积V(ml)
50
40
34
30
26
气体的压强P(×105Pa)
1.01
1.26
1.49
1.68
1.94
压强与体积的乘积PV
(×105Pa⋅mL)
50.5
50.4
50.66
50.4
50.44
【分析与论证】
(1)实验中缓慢推动注射器活塞，主要目的是______ 。
(2)分析表中实验数据，可以初步得出的结论：一定质量的气体，在温度一定时，压强与体积成______ 。
【拓展应用】
(1)打气筒是人们生活中常用的工具，当打气筒的导气管被堵塞时，我们会感到向下压活塞特别费力。这是因为筒内封闭一定质量的空气，当向下压缩时，气体的体积越______ ，压强越______ (均选填“大”或“小”)。
(2)湖底的一个气泡(不计温度影响)在上升过程中，体积会______ (选填“变大”，“变小”或“不变”)。
五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
19. 一新型电动汽车的质量为1.5×103kg。性能测试时，汽车在平直的公路上匀速直线行驶2.0×103m用时100s，共消耗电能4×106J，测得汽车受到的牵引力为1.6×103N，g取10N/kg。求：
(1)汽车的重力；
(2)汽车电机输出的机械功率；
(3)汽车电机的工作效率。
20. 如图所示，R1阻值是10Ω。当滑片P移到a端，开关都闭合时，电流表示数是1.8A，灯L正常发光。再断开开关S1，电流表示数变化了0.8A。接着调节滑片P到b端，灯L的功率与额定功率之比是1：4。求：(电源电压与灯丝电阻均保持不变)
(1)电源电压。
(2)灯L的额定功率。
(3)滑动变阻器的最大阻值。
21. 某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡位置时，R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态；旋至2挡位置时，R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1=22Ω，洗衣机主要参数如下表。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
××牌智能洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
30～90℃
防电墙电阻
1×106Ω
(1)电热丝R2的阻值是多少？
(2)某次洗衣时，洗衣机内注入8kg水，在额定电压下对水加热，水温由20℃上升到50℃，洗衣机的加热效率为60%，则洗衣机的加热时间是多少？
(3)若洗衣机处于保温洗涤状态时，干路中的电流为2A，则电动机的功率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，故A符合实际；
B、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故B不符合实际；
C、适宜的洗澡水温度约为40℃，故C符合实际；
D、考场内的声音响度约为20dB，故D不符合实际。
故选：C。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】D
【解析】解：A、给冰加热，若冰在熔化的过程中则温度不变，不符合题意；
B、水结冰的条件是：①达到凝固点，②继续放热。把5℃的水放入0℃的房间，即使能达到凝固点，但是由于再没有温度差所以不能继续放热，水不能结成冰，不符合题意；
C、冰棒周围的“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，水蒸气是看不见的，不符合题意；
D、水结成冰以后体积会变大，冬天户外的水管容易冻裂就是这个原因，符合题意。
故选：D。
(1)晶体在熔化的过程中吸热但温度不变。
(2)晶体凝固的条件是：①达到凝固点，②继续放热。
(3)空气中含有水蒸气，水蒸气是看不见的。
(4)水结成冰以后体积会变大。
(1)“白气”大都是小液滴或小冰晶构成的，水蒸气是看不见的。
(2)水结成冰以后质量不变，体积变大，密度变小。
3.【答案】D
【解析】解：A、叠放在一起的物体A和B，在大小为F的恒力作用下沿水平面做匀速直线运动，AB之间没有相对运动的趋势，故AB间没有摩擦力，故A错误；
B、物体 B 的重力与地面对 B 的支持力大小不等，不是一对平衡力。故B错误；
C、物体 B 的重力与地面对 B 的支持力大小不等，不是一对相互作用力，故C错误；
D、以AB整体为研究对象，在水平方向受地面的摩擦和拉力F，这两个力相互平衡，则f=F，故地面一定是粗糙的，故D正确。
故选：D。
(1)A、B两物体叠放在一起，处于匀速直线运动状态，A和B受到的都是平衡力；
(2)A受到的力有：重力、B对A的支持力；A的重力等于B对A的支持力；
B受到的力有：重力、A对B的压力、地面对B的支持力以及拉力和地面的摩擦力。其中B的重力加上A对B的压力等于地面对B的支持力，拉力和地面的摩擦力相等；
(3)二力平衡的条件是：作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
相互作用力的条件：作用在两个物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
本题重点掌握平衡力与作用力和反作用力的相同和不同，注意等大反向作用在两个物体上的不一定是作用力和反作用力，记住平衡力的特征是两个力的作用效果能够相互抵消。
4.【答案】D
【解析】解：A.三要素完全相同的两个力，方向相同，不可能是相互作用力，也不可能是一对平衡力，故A错误；
B.停在路边的自行车，它对地面的压力和所受到的重力，方向相同，受力物体不同，不是一对平衡力，故B错误；
C.放在桌面上的水杯，它受到的重力和桌面对它的支持力，受力物体相同，不是一对相互作用力，故C错误；
D.沿绳往上攀爬的小明所受到的重力和摩擦力作用在同一物体上，当两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上时，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
二力平衡的条件是：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
相互作用力的条件是：作用在两个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
本题考查了平衡力和相互作用力的辨别，熟练掌握平衡力和相互作用力的条件是解题的关键。
5.【答案】BC
【解析】解：观察图象发现这是一个正比例函数关系图线，图象中两个量(x,y)之间是成正比的。
A、密度是物质本身的一种特性，与质量和体积等其他因素无关，只决定于物质本身，故A不符合题意；
B、根据公式G=mg可知，物体受到的重力与质量成正比关系，故B符合题意；
C、做匀速直线运动的物体的路程与时间成正比，故C符合题意；
D、导体电体本身的一种性质，定值电阻的阻值不变，与加在导体两端的电压无关，故D不符合题意。
故选：BC。
观察分析图象，找出图中两个量(x,y)之间的关系，看选项中哪两个量的关系与图象中的相符，找出两个量之间的关系不符合的选项即可。
本题考查学生的观察能力和图象分析能力，涉及的知识点较多，解题时应熟记这些关系并加深理解。
6.【答案】ACD
【解析】解：(1)由图乙可知，在0～1s内，拉力F=30N，取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F支，及三根绳子向上的拉力F作用，处于静止状态；
地面对重物的支持力F支=G−3F+G动=100N−3×30N+G动=G动+10N；故A错误；
(2)由图可知在2～3s内，重物做匀速运动，v3=2.50m/s，拉力F3=40N，
因为从动滑轮上直接引出的绳子股数(承担物重的绳子股数)n=3，
所以拉力F的作用点下降的速度v3′=3v3=3×2.50m/s=7.5m/s，
拉力做功功率(总功率)：P总=F3V3′=40N×7.5m/s=300W，故C错误；
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%=Gh3F3s3×100%=100N40N×3×100%≈83.33%，故D错误；
(3)在1～2s内，拉力F2=50N，重物上升高度h2=1.25m
拉力F的作用点下降的距离s2=3h2=3×1.25m=3.75m，
拉力做的功：W=F2S2=50N×3.75m=187.5J；故B正确。
故选：ACD。
(1)由图乙可知，在0～1s内，拉力F=30N，取动滑轮和重物为研究对象，受到向下的重力G和G动，向上的支持力F支，及三根绳子向上的拉力F作用，处于静止状态，据此求得地面对重物的支持力；
(2)由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3。由F−t图像得出在2～3s内的拉力F，由v−t图像得出重物上升的速度，求出拉力F的作用点下降的速度，利用P=Fv求拉力做功功率，知道拉力F和物重G大小，以及s与h的关系，利用效率求滑轮组的机械效率。
(3)由F−t图像得出在1～2s内的拉力F，由h−t图像得出重物上升的高度，求出拉力F的作用点下降的距离，利用W=Fs求此时拉力做功。
本题是一道力学综合题，涉及到功、功率、机械效率的计算，能从题目提供的图中得出每秒内的相关信息是本题的关键。
7.【答案】高铁 80
【解析】解：
小明乘坐高铁时看到路旁的树木疾速向后退去，认为树木是运动的，选择的参照物是与树木位置不断发生变化的高铁；
列车速度为288km/h=288×13.6m/s=80m/s。
故答案为：高铁；80。
(1)在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
(2)速度单位的换算关系：1m/s=3.6km/h。
本题考查动和静止的相对性以及速度单位的换算，属于基础性题目。
8.【答案】30° 虚
【解析】解：一束光与镜面成60°角射到平面镜上，则入射角为90°−60°=30°；根据反射定律可知，反射角等于入射角，所以反射角为30°。
猪八戒照镜子属于平面镜成像，平面镜成像特点：正立等大的虚像。因此猪八戒照镜子看到的和自己一模一样的虚像。
故答案为：30°；虚。
入射角是入射光线与法线的夹角，反射角是反射光线与法线的夹角，在光的反射中，反射角等于入射角；
平面镜成像特点：正立等大的虚像。
本题主要考查的是光的反射定律的应用，掌握反射角和入射角的概念是解答此题的关键。
9.【答案】压缩 150
【解析】解：(1)在热机四个冲程中，机械能转化为内能的冲程是压缩冲程，在压缩冲程时两气门都关闭，活塞上行；
(2)飞轮转速是1800r/min=30r/s，表示每秒飞轮转动30圈，由于热机完成一个工作循环，完成4个冲程，飞轮转动2周，燃气对外做功1次，所以转动30圈经过15个工作循环，对外做功15次，10s内对外做功150次。
故答案为：压缩；150。
(1)压缩冲程是将机械能转化为内能；做功冲程是将内能转化为机械能；
(2)飞轮转速是1800r/min=30r/s，表示每秒飞轮转动30圈，由于热机完成一个工作循环，完成4个冲程，飞轮转动2周，燃气对外做功1次，由此可得出答案。
本题考查了对热机工作过程的理解，需要熟练掌握相关的基本知识点。
10.【答案】小 大气压
【解析】解：客机在飞行时，机翼上方的流速就大于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的力，因此飞机可以飞起来了；
用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管；
故答案为：小；大气压。
流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
用吸管吸饮料是利用大气压的作用。
该题考查流体压强与流速的关系、大气压强的有关知识，难度不大，属于基础知识。
11.【答案】10 15
【解析】解：用10N的水平推力推一个放在水平地面上的大木箱，没有推动，箱子处于静止状态，推力与摩擦力平衡，所以f=F=10N；
当水平推力增大到15N时，箱子恰好匀速运动，此时摩擦力与推力平衡，则f′=F′=15N；
当水平推力增大到20N时，压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以木箱受到的摩擦力不变，仍为15N。
故答案为：10；15。
(1)物体在受力时，处于匀速直线运动状态和静止状态，都是平衡状态，而物体处于平衡状态下，所受到的力就是平衡力；
(2)滑动摩擦力的大小只与接触的粗糙程度和压力的大小有关，与速度无关。
本题考查了二力平衡条件的应用以及影响滑动摩擦力的大小因素，正确对物体进行受力分析是解答本类题的关键所在。
12.【答案】液化 汽化
【解析】解：草叶上形成露珠，是空气中的水蒸气变成液态的小水滴，是气态变成液态的过程，是液化现象；
夏天傍晚，院子里洒水利用液态的水蒸发变成气态的水蒸气吸热，使温度降低，是汽化现象。
故答案为：液化；汽化。
气态变成液态的过程，是液化现象；液态变成气态的过程是汽化现象，汽化吸热。
本题考查了液化现象与汽化现象的概念。
13.【答案】250 减小
【解析】解：
(1)由题意知，此时可以将铁棒看做是一个以铁棒没有离地端为支点的杠杆，阻力是铁棒的重力为500N，
由于铁棒是均匀的，所以阻力臂是棒长的一半，即L2=12L；当动力垂直于铁棒向上时，动力臂最大等于铁棒的长L，此时动力最小。
根据杠杆的平衡条件可得最小动力：F1=F2L2L1=500N×12LL=250N；
(2)如果保持用力的方向与铁管垂直，则动力臂不变，在扶起铁管的过程中，重力的力臂(阻力臂)逐渐变小，根据杠杆的平衡条件可知，所需的动力逐渐减小。
故答案为：250；减小。
(1)可以将铁棒看做一个杠杆，因为铁棒是均匀的，所以其重心在其几何中心，抬起铁棒的一端，即动力作用在一端，动力垂直于铁棒，动力臂最长、动力最小，利用杠杆的平衡条件来分析求解即可；
(2)如果保持用力的方向与铁管垂直，则动力臂不变，在扶起铁管的过程中，重力的力臂(阻力臂)逐渐变小，根据杠杆的平衡条件判断动力的变化。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，将铁管看做是一个杠杆是解决此题的关键。
14.【答案】10 6
【解析】解：由电路图可知，Rx与R串联，电流表测电路中的电流，
当R=10Ω、电流表的示数I=0.3A时
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I(Rx+R)=0.3A×(Rx+10Ω)，
当R′=20Ω、电流表的示数I′=0.2A时
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I′(Rx+R′)=0.2A×(Rx+20Ω)，
因电源的电压不变，
所以，0.3A×(Rx+10Ω)=0.2A×(Rx+20Ω)，
解得：Rx=10Ω，
电源的电压U=I(Rx+R)=0.3A×(10Ω+10Ω)=6V。
故答案为：10；6。
由电路图可知，Rx与R串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出两种情况下电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出电阻Rx的值，进一步求出电源的电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好电源的电压不变是关键。
15.【答案】天平 右 3.2 B 48 1 3.80
【解析】解：(1)日常生活中，测量物体质量的工具很多，例如杆秤、电子秤、台秤。实验室测量物体质量的仪器是天平。
案秤的工作原理和使用方法和天平是一样的。首先调节横梁平衡，再称量物体质量。游码首先移到标尺左端的零刻度，调节调零螺母，使天平的横梁平衡，哪端上翘向哪端移到调零螺母。
秤杆每一个大格代表100g，每一个小格代表20g，游码对应的刻度值是200g=0.2kg.物体的质量=槽码的质量+游码对应的刻度值=2kg+1kg+0.2kg=3.2kg。
(2)温度计的读数方法正确的是B，视线与液柱的液面相平，由图知：温度计的最小刻度值是1℃，因此该温度计的示数是40℃+8℃=48℃；
(3)由图可知物体左端对应的刻度值为6.00cm，物体右端对应的刻度值为9.80cm，物体长度为9.80cm−6.00cm=3.80cm；
故答案为：(1)天平；右；3.2；(2)B；48；(3)1；3.80。
(1)调节台秤平衡时，左端下沉，右端上翘，调零螺母向上翘的一端移动。物体的质量=槽码的质量+游码对应的刻度值。
(2)温度计的示数在量程的范围内，且分度值为1℃，可根据这两点读出此温度计的示数；读数时视线要与温度计中液柱的上表面相平；
(3)起始端没从0开始，把6.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去1.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
(1)掌握天平的正确使用，如何调节，如何称量物体质量。
(2)案秤的使用方法、调节方法、称量方法、原理和天平是相同的。
16.【答案】木块B移动的距离长短 到达斜面底部时的速度不同 在质量一定时，物体的速度越大，动能越大 乙 丙 增大小球下滑的高度 不能 做匀速直线运动
【解析】解：
(1)实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；
(2)由甲、乙图可知，小球的质量相同，小球从同一斜面的不同高度由静止滑下，到达斜面底部时的速度不同，撞击木块后木块移动的距离不同，说明小球的动能不同，由此可得到的结论是：在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；
(3)要探究小球动能与质量的关系，需要控制小球到达水平面时的速度相同，即不同质量的小球从同一高度由静止滑下，乙、丙两图符合要求；
(4)验中若使用的木块质量较大，小车撞击木块时，木块移动的距离较小，实验现象不明显，为使实验有较明显的现象，可以通过增大小车在斜面上的高度来增大小车的速度，从而增大小车的动能，增大对木块做功的多少，增大木块在水平面上滑行的距离；也可以通过减小接触面粗糙程度的方法来减小摩擦力，使木块在水平面上滑行距离增大；
(5)若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
故答案为：(1)木块B移动的距离长短；(2)到达斜面底部时的速度不同；在质量一定时，物体的速度越大，动能越大；(3)乙；丙；(4)增大小球下滑的高度；(5)不能；做匀速直线运动。
(1)掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；
(2)动能大小跟质量和速度有关，在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；
(3)影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；
(4)可以从增大速度，从而增大动能的方法，或在水平面上受的摩擦力小一些两方面考虑；
(5)根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的。
掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。
17.【答案】断路 右 0.5 50Ω 1A
【解析】解：(1)图甲电路中电压表并联在灯泡和变阻器的两端是错误的，测量小灯泡电功率的实验中应将电压表并联在灯的两端，改正后，如下图所示：
(2)根据实物连接图画出的电路图如下：
(3)正确连接导线过后，闭合开关，电流表没有示数，电路中有断路发生，电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以故障可能是小灯泡出现了断路；
(4)灯泡正常发光时电压等于其额定电压2.5V，由图乙知，电压表使用0～3V量程，分度值0.1V，示数为2.2V，所以灯泡两端电压为2.2V<2.5V，由串联电路的分压原理可知，应将滑片向右端移动，使灯泡两端电压达到2.5V；
由图像读出灯泡正常发时的电流0.2A，所以灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.2A=0.5W；
由串联电路特点和欧姆定律可得此时变阻器连入电路的阻值R=URI=4.5V−2.5V0.2A=10Ω。
实验中还要测灯泡电压低于和高于额定电压下的实际功率，所以应选择“50Ω 1A”的滑动变阻器。
故答案为：(1)见解答图；(2)见解答图；(3)断路；(3)右；0.5；50Ω 1A。
(1)图甲电路中电压表并联在灯泡和变阻器的两端是错误的，测量小灯泡电功率的实验中应将电压表并联在灯的两端；
(2)根据实物连接图画出的电路图；
(3)电流表没有示数，说明电路中出现了断路，再根据电压表示数较大分析故障的可能原因；
(4)灯泡正常发光时电压等于其额定电压，由图乙读出灯泡两端电压，由串联电路的分压原理分析滑片的移动方向；由图像读出灯泡正常发时的电流，由P=UI计算其额定功率；由电路特点和欧姆定律计算此时变阻器连入电路的阻值，确定其规格。
本题考查了“测定小灯泡的电功率”的实验，考查了实物电路图的连接、根据实物图画电路图、电路故障的判断、电表的读数、电功率公式和欧姆定律的应用，综合性强。
18.【答案】温度 温度 使注射器内的气体温度保持不变 反比 小 大 变大
【解析】解：【猜想与假设】
自行车轮胎在夏季烈日暴晒下会爆胎，爆破的原因也是内部压强变大造成的，即是由于温度升高导致的，所以气体压强的大小还与温度有关；
【进行实验与收集证据】
探究气体压强的大小可能与体积有关时要控制温度不变，故实验中应保持环境温度不变且注射器管壁导热性能良好；
【分析与论证】
(1)气体的实验规律的使用的条件是一定质量的气体，研究温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系时气体的温度一定不能变化。因此实验中缓慢推动注射器活塞，主要目的是使注射器内的气体温度保持不变；
(2)分析表中实验数据，可以初步得出的结论：一定质量的气体，在温度一定时，压强与体积成反比；
【拓展应用】
(1)打气筒是人们日常生活中常用的工具，当打气筒的导气管被堵塞时，我们会感到向下压活塞特别费力，这是因为筒内封闭一定质量的空气，当向下压缩时，气体的体积越小，压强越大，故感觉特别费力；
(2)湖底的一个气泡(不计温度影响)上升时，由于其深度减小，故其外界所受的水的压强变小，故其内部的压强大于外部压强，故其体积会变大；
故答案为：温度；温度；使注射器内的气体温度保持不变；反比；小；大；变大。
【猜想与假设】
根据自行车轮胎在夏季烈日暴晒下会爆胎，猜想影响气体压强的大小的因素；
【进行实验与收集证据】
探究气体压强的大小可能与体积有关时要控制温度不变；
【分析与论证】
(1)缓慢的推拉活塞，可以使气体的温度保持与外界的温度保持一致，从而可以保持封闭气体的温度不变；
(2)根据表中气体的体积和压强的实验数据可得出结论；
【拓展应用】
据气体压强与体积的关系分析判断，即可得出本题中(1)的答案；利用液体内部压强的特点分析判断即可得出(2)中的答案。
该题考查了同学们对上述材料的分析和理解能力，以实验题的情景考查了气体压强大小的影响因素，是一道综合题，还考查学生对一些常用的物理学方法的了解和掌握，平时学习时要注意这些方法的掌握和应用。难度较大。
19.【答案】解：
(1)汽车的重力：
G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N；
(2)汽车的速度：
v=st=2.0×103m100s=20m/s，
汽车电机输出的机械功率：P=Wt=Fst=Fv=1.6×103N×20m/s=3.2×104W；
(3)汽车做的机械功：
W机=Pt=3.2×104W×100s=3.2×106J，
汽车的效率：
η=W机W电=3.2×106J4×106J×100%=80%。
答：(1)汽车的重力为1.5×104N；
(2)汽车电机输出的机械功率为3.2×104W；
(3)汽车电机的效率为80%。
【解析】(1)利用G=mg求汽车的重力；
(2)利用速度公式求汽车的速度，利用P=Wt=Fst=Fv求汽车电机输出的机械功率；
(3)利用W=Pt求汽车做的机械功(有用功)，汽车的效率等于汽车做的机械功与消耗的电能之比。
本题考查了重力公式、功率公式、效率公式、速度公式的应用，综合题，难度不大。
20.【答案】解：(1)当滑片P位于a端，开关都闭合时，灯泡与电阻R并联，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，
再断开开关S1，只有灯泡连入电路，电流表测量灯泡的电流；
由于电流表示数变化量0.8A，则通过R1的电流为I1=0.8A，
由I=UR得电源电压：
U=I1R1=0.8A×10Ω=8V；
(2)由于此时灯泡正常发光，则根据并联电路各支路两端的电压相等可知：
灯泡的额定电压为8V；
根据并联电路的特点可知：I额=I−I1=1.8A−0.8A=1A，
灯泡的额定功率：P额=U额IL=8V×1A=8W；
(3)由I=UR得：灯泡电阻RL=U额I额=8V1A=8Ω，
S断开时，滑片P在b端时，灯泡与滑动变阻器R2串联，
已知：P实：P额=1：4，则P实=14P额=14×8W=2W，
根据P=I2R可得此时电流：
I= P实RL= 2W8Ω=0.5A，
由I=UR得总电阻：
R=UI=8V0.5A=16Ω，
根据电阻的串联特点得：
R2=R−RL=16Ω−8Ω=8Ω。
答：(1)电源电压为8V；
(2)灯L的额定功率为2W。
(3)滑动变阻器的最大阻值为8Ω。
【解析】(1)当滑片P位于a端，S闭合时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，再断开开关S1，只有灯泡连入电路，电流表测量灯泡的电流；根据并联电路的特点和欧姆定律求出电源电压；
(2)已知灯L正常发光，根据P=UI即可求出灯泡L的额定功率；
(3)根据欧姆定律求出灯泡的电阻；当S断开时，滑片P在b端时，灯泡与滑动变阻器R2串联，根据灯L的功率与额定功率之比求出灯泡两端的实际功率，根据P=I2R求出电路中的实际电流，根据欧姆定律和电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了电阻的串联特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合前后电路连接方式的辨别和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等。
21.【答案】解：
(1)由题意和电路图可知，当旋钮旋至1挡时，电热丝R1与R2并联，洗衣机处于加热状态，由表格数据可知，加热功率P加热=2400W，
电热丝R1消耗的功率：
P1=U2R1=(220V)222Ω=2200W，
因总功率等于各电阻消耗功率之和，
所以电热丝R2消耗的功率：
P2=P加热−P1=2400W−2200W=200W，
则电热丝R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2200W=242Ω。
(2)洗衣机内注入8kg水，水温由20℃上升到50℃时水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×8kg×(50℃−20℃)=1.008×106J，
由η=Q吸W×100%可得，洗衣机加热时消耗的电能：
W=Q吸η=1.008×106J60%=1.68×106J，
由P=Wt可得，需要的加热时间：
t′=WP加热=1.68×106J2400W=700s；
(3)由(1)可知，加热时R2的电功率：P2=200W，
当旋钮旋至2挡时，R2与电动机并联，洗衣机处于保温洗涤状态，干路中的电流为2A，且R2的电压不变、阻值不变，其消耗的功率仍然为P2=200W不变，
此时电路的总功率：
P保温=UI=220V×2A=440W，
所以，电动机的功率：
PM=P保温−P2=440W−200W=240W。
答：(1)电热丝R2的阻值是242Ω；
(2)某次洗衣时，洗衣机内注入8kg水，在额定电压下对水加热，水温由20℃上升到50℃，洗衣机的加热效率为60%，则洗衣机的加热时间是700 s；
(3)若洗衣机处于保温洗涤状态时，干路中的电流为2A，则电动机的功率是240 W。
【解析】(1)根据P=UI=U2R求出电热丝R1的加热功率，进而得出电热丝R2的加热功率，根据R2=U2P2出电热丝R2阻值；
(2)知道洗衣机内水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量，利用η=Q吸W×100%求出洗衣机加热消耗的电能，利用P=Wt求出需要的加热时间；
(3)电热丝R1与R2并联时，洗衣机处于加热状态，根据电路的总功率等于各用电器功率之和求出R2的电功率；旋至2挡时，R2与电动机并联，洗衣机处于保温洗涤状态，知道干路中的电流，根据P=UI求出电路的总功率，然后求出电动机的功率。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式、吸热公式、效率公式、电功公式的应用，要注意电路的总功率等于各用电器功率之和。
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