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2023年江西省景德镇市中考物理二模试卷
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这是一份2023年江西省景德镇市中考物理二模试卷，共27页。试卷主要包含了填空题，选择题，计算题，实验或探究题等内容，欢迎下载使用。
2023年江西省景德镇市中考物理二模试卷
一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2分）自然界中存在着各种各样的物质，磁体周围存在着一种看不见、摸不着的物质，这种物质能够使磁针偏转，这种物质叫做 ；1820年物理学家奥斯特发现电流周围也存在着这种物质，它的方向与 方向有关。
2．（2分）冬季天气干燥，人们常用如图所示的增湿器，它是采用超声波将水粉碎成小微粒来使空气更湿润的，这利用了超声波能传递 。过一会儿增湿器上方的白雾会消散，这是发生了 （填物态变化名称）。
3．（2分）春天梅花绽放的时候，距离梅花很远的地方就能闻到花的香味，这是 现象；夏天，雨后天晴，池塘里荷叶上的水珠随荷叶拂动而滚动不止，当两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明： ．
4．（2分）一遥控小电动车在平直的路面上做直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示。已知在4s﹣8s内小车受到的牵引力恒为10N，在4s﹣8s内小车运动的路程为 m，在0﹣4s内小车受到的摩擦力 10N（选填“大于”“等于”或“小于”）。
5．（2分）一只小鸟从平静的湖面上方飞过，已知湖水的深度为5m，当小鸟距水面6m高时，小鸟经湖面成的像距小鸟 m，小鸟越飞越高，此时小鸟相对于地面是 的（选填“运动”或“静止”）。
6．（2分）一个未装满饮料的密闭杯子，先正立放在桌面上（如图甲），饮料对杯底的压强是p甲，杯底对桌面的压力是F甲，然后反过来倒立放在桌面上（如图乙），饮料对杯底的压强p乙，杯底对桌面的压力是F乙．则p甲 p乙、F甲 F乙。
7．（2分）固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，丙为 态，由乙到丙是 过程。
8．（2分）如图所示电路，开关S闭合后，电压表测的是 （填“R1”或“R2”）两端电压。一段时间后，两电表示数都变大，则故障可能是 （填“R1短路”“R1断路”或“R2短路”）。
二、选择题（共14分，把你认为正确的答案序号填写在题后的括号内.第9～12小题，每小题只有一个正确答案，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题2分，全部选择正确得3分.不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）能源、信息和新材料是当今社会十分关注的课题，以下有关说法正确的是（ ）
A．风能、水能、太阳能、电能及核能等均属于一次能源
B．医院检查身体所使用的B超主要是利用红外线工作的
C．光纤通信是光在光导纤维中多次折射进行传递信息的
D．珠峰测量高度用5G网络共享信号传输利用的是电磁波
10．（2分）两个相同的容器分别装有质量相等的甲、乙两种液体，用相同热源分别同时加热，可以认为液体每秒吸收热量相同，液体的温度与时间的关系图象如图所示。则下列说法不正确的是（ ）
A．甲液体的比热容较大
B．加热相同时间，甲升高的温度较小
C．升高相同的温度，甲、乙吸收热量相同
D．升高相同的温度，甲吸收热量更多
11．（2分）为测出石块的密度，某同学先用天平测石块的质量，所加砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示：接着用量筒和水测石块的体积，其过程如图乙所示。下列判断不正确的是（ ）
A．石块的质量是46.8g
B．石块的体积是18cm3
C．石块的密度是2.6×103kg/m3
D．若先用量筒测石块的体积，接着用天平测石块的质量，会导致测得石块的密度偏小
12．（2分）如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片P从中点向右移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表A1变小
B．电压表示数不变，电流表A2示数变大
C．电压表示数与电流表A2示数的比值变大
D．电压表示数与电流表A2、A1示数之差的比值变小
（多选）13．（3分）2022年11月29日23时08分，神舟十五号载人飞船成功发射。神舟十五号飞行任务是中田载人航天工程2022年的第六次飞行任务，也是中国载人航天工程空间站建造阶段最后一次飞行任务，禅舟十五号与“天和号”空间站成功对接（如图所示），对接后在轨道上运行过程中，下列说法错误的是（ ）
A．与地球上相比，航天员在太空中质量变小
B．“神舟十五号”飞船对接成功后，相对“天和号”空间站是静止的
C．“天和号”空间站核心舱通过超声波与地面基站传递信息
D．火箭在加速升空时，机械能增大
（多选）14．（3分）物理学是一门以实验为基础的学科，下列如图所示的实验中，说法正确的是（ ）
A．如图甲，人远离路灯时影子会越来越长
B．如图乙，小孔成像一定成倒立缩小的实像，且像的形状随小孔形状改变
C．如图丙，抽气过程中，钟罩内铃声变小，说明真空不能传播声音
D．如图丁，在探究音调和频率关系的实验中运用了控制变量的研究方法
三、计算题（共22分，第15小题6分，第16小题8分，第17小题8分）
15．（6分）反坦克炮是一种弹道低伸，主要用于毁伤坦克和其他装甲目标的火炮；演习中一门反坦克炮瞄准一辆坦克，开炮后经过1.5s看到炮弹在坦克上爆炸，看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，声速为340m/s，炮弹飞行轨迹近似看作水平直线，求：
（1）炮弹的飞行速度多大？
（2）为什么先看到炮弹爆炸，再听到声音传来？
16．（8分）小陈同学用如图（甲）所示的两只滑轮组成的滑轮组，在同一种组装方式下，匀速提升不同质量的重物，得到一系列拉力F与物重G的大小关系，并绘制出图（乙）所示的F﹣G图像（不计绳重及摩擦）。
（1）依据图像所提供的信息，计算图中动滑轮的重力大小。
（2）在图甲中画出绕绳方法。
（3）当物重为90N时，求滑轮组的效率大小。
17．（8分）某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态；旋至2挡时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1＝22Ω，主要参数如表。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
某品牌智能滚筒洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
30℃～90℃
电动机功率
240W
（1）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热1050s，水温由20℃上升到50℃，此过程中水吸收的热量是多少？洗衣机的加热效率是多少？
（2）洗衣机处于保温洗涤状态时，电阻丝R2的功率是多少？干路电流是多少？
四、实验或探究题（共28分，每小题7分）
18．（7分）（1）如图甲所示温度计读数为 ℃；停表的读数是 s。
（2）微风吹过，金属管风铃发出悦耳的声音，小苗想探究管子发出声音的频率与长度、直径的关系。她选取了材料与管壁厚度都相同，长度和直径都不同的三根直管，将它们用细线悬挂，敲击后，测出各自发出声音的频率，数据如下表：
编号
长度/cm
直径/cm
频率/Hz
1
1.50
2131
2
31.00
2.00
1284
3
48.50
2.50
656
①用刻度尺测量1号管长度如图乙所示，该刻度尺的分度值为 cm，读数是 cm。
②三根管中音调最低的是 号。
③根据表中数据，能否得出“管子发出的声音的频率随长度、直径增大都会减小”的结论？请说明你的理由。
答： （能/不能）；理由 。
19．（7分）如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程。如图将一石块挂于弹簧测力计上，并将其慢慢浸入烧杯内的液体中。图甲、乙、丙烧杯中装的液体是水，图丁烧杯中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的示数，g取10N/kg。请回答以下问题：
（1）图甲中，弹簧测力计的示数F1＝ ；
（2）石块完全浸没在水中时所受的浮力为 N，石块体积是 m3；
（3）分析图中 两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关；
（4）分析图中 两图实验数据可得：物体所受浮力大小与排开液体体积有关；
（5）实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为 法；
（6）由实验数据也可求得石块的密度为 kg/m3。
20．（7分）小亮探究“凸透镜成像规律”的实验装置如图乙所示，光屏和蜡烛分别位于凸透镜两侧。
（1）根据甲所示，该透镜的焦距是 cm（按刻度尺读数要求填写）。
（2）如图乙，实验时，把凸透镜、光屏和蜡烛烛焰的中心调到 。
（3）小亮把凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将蜡烛移至光具座上10cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，此时光屏位置为63cm刻度线处。
（4）小亮将蜡烛从10cm刻度线处移动到37cm刻度线处时，若要让烛焰在光屏上能再次成清晰的像，光屏应向 （选填“远离”或“靠近”）凸透镜方向移动；当光屏移动到光具座上 cm刻度线处时，烛焰在光屏上可成清晰、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）、 （选填“倒立”或“正立”）的实像。
21．（7分）小明用如图甲所示电路探究电流与电阻的关系，电源电压3V，电阻R有4个阻值（5Ω、10Ω、15Ω、25Ω），滑动变阻器Rp规格为“10Ω 2A”。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到最 （选填“左”或“右”）端；闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d各接线柱，当接触到d时，电压表开始有示数且为3V，电流表示数不为0，经进一步检查，电流表及各接线处均完好，则电路中所有可确定的故障是 。
（2）排除故障并将问题元件进行同规格更换，此时R的阻值为5Ω。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表示数如图乙所示，该示数为 A。接着将R阻值换成10Ω，向 （选填“左”或“右”）端移动滑动变阻器滑片，以保持电压表的示数不变。
（3）将R阻值换成15Ω重复上述操作，三组数据如表所示，由此可得：电压一定时，电流与电阻成 。为提高结论的可靠性，换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验，是否可行？ （选填“可行”或“不可行”），原因是 。
实验序号
R/Ω
I/A
①
5
②
10
0.20
③
15
0.13
2023年江西省景德镇市中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2分）自然界中存在着各种各样的物质，磁体周围存在着一种看不见、摸不着的物质，这种物质能够使磁针偏转，这种物质叫做 磁场 ；1820年物理学家奥斯特发现电流周围也存在着这种物质，它的方向与 电流 方向有关。
【分析】（1）磁场是存在于磁体周围的空间场，是一种特殊物质，一般用假想的磁感线来描述，磁体间的相互作用就是通过磁场发生的；
（2）通电导线周围存在磁场，磁场的方向与电流方向有关。
【解答】解：磁体周围存在着一种能使小磁针偏转，但看不见摸不着的物质叫做磁场，磁体间的相互作用和磁化现象都是通过磁场发生的；1820年物理学家奥斯特发现电流周围也存在磁场，且磁场的方向与电流方向有关。
故答案为：磁场；电流。
【点评】此题考查了磁场的概念、电流的磁效应，难度不大，属基础题目。
2．（2分）冬季天气干燥，人们常用如图所示的增湿器，它是采用超声波将水粉碎成小微粒来使空气更湿润的，这利用了超声波能传递 能量 。过一会儿增湿器上方的白雾会消散，这是发生了 汽化 （填物态变化名称）。
【分析】（1）声音可以传递信息，还可以传递能量；
（2）物质由液态变为气态的现象叫汽化。
【解答】解：超声波将水变成超微粒子形成水雾，说明声可以传递能量。
水雾散发到空气中后，通过汽化变为水蒸气。
故答案为：能量；汽化。
【点评】本题考查声音的特性和物态变化，相对比较简单，属于基础题。
3．（2分）春天梅花绽放的时候，距离梅花很远的地方就能闻到花的香味，这是 扩散 现象；夏天，雨后天晴，池塘里荷叶上的水珠随荷叶拂动而滚动不止，当两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明： 分子间存在引力 ．
【分析】物质是由分子或原子组成的，组成物质的分子不停地做无规则运动，分子之间存在间隙，分子间同时存在斥力和引力。
【解答】解：春天梅花绽放的时候，距离梅花很远的地方都能闻到花的香味，这是因为花香类物质分子在不停地做无规则运动，通过扩散分布到周围的空气中；
两滴滚动的水珠相遇后之所以会合成一滴大水珠，是因为当分子相互靠近时分子间存在着相互作用的引力。
故答案为：扩散；分子间存在引力。
【点评】本题应用生活常见现象考查了分子动理论的应用，是一道基础题，本题体现了物理知识来源于生活又服务于生活的理念。
4．（2分）一遥控小电动车在平直的路面上做直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示。已知在4s﹣8s内小车受到的牵引力恒为10N，在4s﹣8s内小车运动的路程为 16 m，在0﹣4s内小车受到的摩擦力 等于 10N（选填“大于”“等于”或“小于”）。
【分析】（1）根据图象判断小车在不同时段的运动状态，知道做匀速直线运动时，小车受到的合力为零。根据速度公式变形可计算其运动的路程。
（2）摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关，与运动速度等无关，据此判断。
【解答】解：（1）由图象可知，在4s～8s内小车做匀速直线运动，处于平衡状态，因此受到的合力为0N；其速度为4m/s，其运动的路程为：s＝vt＝4m/s×4s＝16m；
（2）由于在4s～8s内做匀速直线运动，其牵引力与摩擦力相等，故摩擦力为10N；在0～4s内小车做加速运动，但其压力和接触面粗糙程度不变，所以摩擦力也不变，为10N。
故答案为：16；等于。
【点评】本题主要考查了通过读取速度﹣时间图象，来判断物体的运动状态，利用速度公式进行计算，以及根据二力平衡和影响摩擦力的条件，判断摩擦力的大小等，有一定综合性。
5．（2分）一只小鸟从平静的湖面上方飞过，已知湖水的深度为5m，当小鸟距水面6m高时，小鸟经湖面成的像距小鸟 12 m，小鸟越飞越高，此时小鸟相对于地面是 运动 的（选填“运动”或“静止”）。
【分析】倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；简记为：正立、等大、对称、虚像。
如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的。
【解答】解：已知小鸟距水面6m，像到水面的距离也是6m，则小鸟经湖面成的像距小鸟12m；
以地面为参照物，小鸟相对于地面之间发生了位置的变化，小鸟是运动的。
故答案为：12；运动。
【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
6．（2分）一个未装满饮料的密闭杯子，先正立放在桌面上（如图甲），饮料对杯底的压强是p甲，杯底对桌面的压力是F甲，然后反过来倒立放在桌面上（如图乙），饮料对杯底的压强p乙，杯底对桌面的压力是F乙．则p甲 ＞ p乙、F甲 ＝ F乙。
【分析】（1）饮料对杯底的压强可直接利用p＝ρgh进行判断；
（2）杯子对桌面的压力等于杯子与饮料的重力之和。
【解答】解：（1）由图可知，正放时，杯中饮料的深度较大，根据p＝ρgh可知，正放时饮料对杯底的压强较大，即p甲＞p乙；
（2）杯子对桌面的压力等于杯子与饮料的重力之和，无论正放，还是倒放杯子与饮料的重力不变，对桌面的压力不变，即F甲＝F乙。
故答案为：＞；＝。
【点评】比较液体压强的大小关系可以根据液体压强的计算公式p＝ρgh进行分析；液体对容器底部的压力可以根据F＝pS分析，也可以根据容器的形状比较压力与重力的关系分析，会灵活运用不同的比较方法。
7．（2分）固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，丙为 气 态，由乙到丙是 升华 过程。
【分析】（1）自然界中常见的物质因其存在的形式不同，可以分为三种状态：固态、液态和气态；
（2）物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫做升华；物质由气态直接变为固态的过程叫做凝华。
（3）熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华是放热的。
【解答】解：由图知，丙到甲放热，甲到乙放热，所以丙为气态，甲为液态，则乙为固态；
乙到丙是固态直接变成气态的过程，所以是升华。
故答案为：气；升华。
【点评】此题考查了物态变化的推断，确定丙的状态是解答此题的关键。
8．（2分）如图所示电路，开关S闭合后，电压表测的是 R1 （填“R1”或“R2”）两端电压。一段时间后，两电表示数都变大，则故障可能是 R2短路 （填“R1短路”“R1断路”或“R2短路”）。
【分析】由电路图知，闭合开关两灯泡为串联，电压表测量灯泡R1两端的电压；电流表示数增大，说明电路电阻减小。
【解答】解：如图所示电路，小灯泡R1和R2的连接方式为串联；电压表测量R1两端的电压；
一段时间后，如果R1短路，电压表也被短路示数变小，故不可能是R1短路；
如果R2短路，电路电阻减小，电流增大，电流表示数增大；电压表测量电源电压示数增大，故R2短路有可能；
如果R1断路，整个电路断路，电流表示数减小为0，故不可能是R1断路。
故答案为：R1；R2短路。
【点评】本题考查电路的故障分析，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，还要知道串联、并联电路的规律。
二、选择题（共14分，把你认为正确的答案序号填写在题后的括号内.第9～12小题，每小题只有一个正确答案，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题2分，全部选择正确得3分.不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）能源、信息和新材料是当今社会十分关注的课题，以下有关说法正确的是（ ）
A．风能、水能、太阳能、电能及核能等均属于一次能源
B．医院检查身体所使用的B超主要是利用红外线工作的
C．光纤通信是光在光导纤维中多次折射进行传递信息的
D．珠峰测量高度用5G网络共享信号传输利用的是电磁波
【分析】（1）可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；而不能从自然界直接获取的能源是二次能源，如电能；
（2）B超技术是超声波在生活中的应用；
（3）光纤通讯是利用光在光纤中进行多次反射而传递信息的；
（4）5G网络共享信号是电磁波在生活中的应用。
【解答】解：A、电能无法从自然界中直接获取，需要通过能量转化而获取，属于二次能源，风能、水能、太阳能属于一次能源，故A错误；
B、医院检查身体所使用的B超主要是利用超声波工作的，而不是红外线，故B错误；
C、光纤通信是光在光导纤维中多次反射进行传递信息的，而不是折射，故C错误；
D、5G网络共享信号是电磁波在生活中的应用，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考核了能源分类、红外线、电磁波、光线等知识，较为基础。
10．（2分）两个相同的容器分别装有质量相等的甲、乙两种液体，用相同热源分别同时加热，可以认为液体每秒吸收热量相同，液体的温度与时间的关系图象如图所示。则下列说法不正确的是（ ）
A．甲液体的比热容较大
B．加热相同时间，甲升高的温度较小
C．升高相同的温度，甲、乙吸收热量相同
D．升高相同的温度，甲吸收热量更多
【分析】（1）根据Q＝cmΔt，甲乙吸收热量相等，质量相等，甲温度变化量小，甲的比热容大。
（2）由图象知，甲乙吸收热量相等，Δt甲＜Δt乙。
（3）由图象知，甲乙升高相同的温度，甲需要吸收热量多。
【解答】解：A、假设甲乙吸收热量相等，根据热量公式得，c甲m甲Δt甲＝c乙m乙Δt乙因为m甲＝m乙，所以c甲Δt甲＝c乙Δt乙，由图象知，甲乙吸收热量相等，Δt甲＜Δt乙，c甲＞c乙，故A正确。
B、如图，甲乙加热时间相同，甲的温度变化量小于乙的温度变化量，即Δt甲＜Δt乙，故B正确。
CD、如图，升高相同的温度，甲需要的时间大于乙需要的时间，所以甲吸收热量多，故C错误，D正确。
故选：C。
【点评】本题会根据图象甲乙升高相同温度，甲吸收热量大于乙吸收的热量；吸收相等热量，甲的温度变化量小于乙的温度变化量，这是解题关键。
11．（2分）为测出石块的密度，某同学先用天平测石块的质量，所加砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示：接着用量筒和水测石块的体积，其过程如图乙所示。下列判断不正确的是（ ）
A．石块的质量是46.8g
B．石块的体积是18cm3
C．石块的密度是2.6×103kg/m3
D．若先用量筒测石块的体积，接着用天平测石块的质量，会导致测得石块的密度偏小
【分析】（1）天平的分度值为0.2g，天平的读数为砝码质量加游码对应的刻度值；
（2）量筒的分度值为1cm3，石块的体积等于水和石块的总体积减去水的体积，根据ρ＝求出石块的密度：
【解答】解：
A、图甲中石块的质量m＝20g+20g+5g+1.8g＝46.8g，故A正确；
B、图乙中水的体积为20cm3，水和石块的总体积为38cm3，石块的体积V＝38cm3﹣20cm3＝18cm3，故B正确；
C、石块的密度ρ＝＝＝2.6g/cm3＝2.6×103kg/m3，故C正确；
D、若先测石块的体积，石块从量筒中取出会带着水，使的质量测量值偏大，则测量的密度值偏大，故D错误。
故选：D。
【点评】此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数以及密度计算公式的理解和掌握，基础性题目。
12．（2分）如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片P从中点向右移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表A1变小
B．电压表示数不变，电流表A2示数变大
C．电压表示数与电流表A2示数的比值变大
D．电压表示数与电流表A2、A1示数之差的比值变小
【分析】（1）由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
（2）根据电源电压判定电压表示数的变化情况；
（3）闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，根据滑动变阻器阻值变化判定通过其电流的变化；根据并联电路的特点分析通过R1电流的变化和干路电流的变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A1示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小；故AB错误；
C、电压表示数不变，电流表A2示数变小，其比值变大，故C正确；
D、电流表A2、A1示数之差为通过R1的电流，保持不变，电压表示数不变，所以电压表示数与电流表A2、A1示数之差的比值不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，注意滑动变阻器接入电路中电阻的变化是关键。
（多选）13．（3分）2022年11月29日23时08分，神舟十五号载人飞船成功发射。神舟十五号飞行任务是中田载人航天工程2022年的第六次飞行任务，也是中国载人航天工程空间站建造阶段最后一次飞行任务，禅舟十五号与“天和号”空间站成功对接（如图所示），对接后在轨道上运行过程中，下列说法错误的是（ ）
A．与地球上相比，航天员在太空中质量变小
B．“神舟十五号”飞船对接成功后，相对“天和号”空间站是静止的
C．“天和号”空间站核心舱通过超声波与地面基站传递信息
D．火箭在加速升空时，机械能增大
【分析】（1）物体的质量不随它的形状、物态和位置而改变；
（2）判断一个物体是静止还是运动的，需要先选定一个假定不动的标准，看物体相对于这个标准位置是否发生了变化；
（3）电磁波能传递信息，且电磁波的传播不需要介质；
（4）动能和势能之和称为机械能。
【解答】解：A、物体的质量不随位置的改变而变化，因此与地球上相比，航天员在太空中质量不变，故A错误；
B、“神舟十三号”飞船对接成功后，相对“天和”核心舱的位置没有发生变化，是静止的，故B正确；
C、太空中没有空气，但电磁波的传播不需要介质，因此“天和”核心舱通过电磁波与地面基站传递信息，故C错误；
D、火箭在加速升空时，由于速度在增大，所以动能增加，升高过程中，重力势能增大，所以机械能增加，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题考查了质量及其特性、运动和静止的相对性、电磁波的传播与应用、机械能的概念，属基础题目。
（多选）14．（3分）物理学是一门以实验为基础的学科，下列如图所示的实验中，说法正确的是（ ）
A．如图甲，人远离路灯时影子会越来越长
B．如图乙，小孔成像一定成倒立缩小的实像，且像的形状随小孔形状改变
C．如图丙，抽气过程中，钟罩内铃声变小，说明真空不能传播声音
D．如图丁，在探究音调和频率关系的实验中运用了控制变量的研究方法
【分析】（1）影子在与光的来源的方向相同，人与灯的水平之间的距离越近，影子越短；
（2）小孔成像所成的像的特点可知：倒立的实像，像的大小取决于物体与小孔的距离与光屏与小孔的距离的大小；像的形状只和物体的形状有关，和孔的形状无关；
（3）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（4）掌握探究音调和频率关系实验的操作方法。
【解答】解：A、在路灯下散步，远离路灯时，影都会越来越长，故A正确；
B、物体与小孔的距离大于光屏与小孔的距离时，成倒立缩小的像；物体与小孔的距离小于光屏与小孔的距离时，成倒立放大的像；物体与小孔的距离等于光屏与小孔的距离时，成倒立等大的像，像的形状和孔的形状无关，故B错误；
C、将发声体放在真空罩中，随着空气的抽出，声音越来越小，由实验说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故C正确；
D、在探究音调和频率关系的实验中，改变钢尺伸出桌边的长度，用相同的力度拨动钢尺，故运用了控制变量的研究方法，故D正确。
故选：ACD。
【点评】本题考查了影子的形成、小孔成像、声音的传播以及音调的影响因素，综合性强。
三、计算题（共22分，第15小题6分，第16小题8分，第17小题8分）
15．（6分）反坦克炮是一种弹道低伸，主要用于毁伤坦克和其他装甲目标的火炮；演习中一门反坦克炮瞄准一辆坦克，开炮后经过1.5s看到炮弹在坦克上爆炸，看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，声速为340m/s，炮弹飞行轨迹近似看作水平直线，求：
（1）炮弹的飞行速度多大？
（2）为什么先看到炮弹爆炸，再听到声音传来？
【分析】（1）根据看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，利用公式s＝vt可以计算出声音传播的路程，即为大炮与坦克的距离；知道大炮距坦克距离和炮弹飞行的时间，利用速度公式v＝可以计算出炮弹飞行的速度。
（2）光在空气中的传播速度约是3×108m/s，声音在空气中的传播速度是340m/s。
【解答】解：（1）看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，即声音传播的时间t1＝4.5s，声音的传播速度v声＝340m/s；
大炮与坦克的距离为：
s＝v声t1＝340m/s×4.5s＝1530m；
炮弹飞行的路程即为大炮与坦克的距离，炮弹飞行的时间为：
t2＝1.5s；
则炮弹的飞行速度为：
v＝＝＝1020m/s。
（2）爆炸时声音和景象（光信号）是同时发生的，但空气中光的传播速度比声音的传播速度快得多，所以先看到爆炸现象，后听到爆炸声音。
答：（1）炮弹的飞行速度为1020m/s。
（2）爆炸时声音和景象（光信号）是同时发生的，但空气中光的传播速度比声音的传播速度快得多，所以先看到爆炸现象，后听到爆炸声音。
【点评】本题考查速度公式的灵活运用，题目的关键是知道声音传播的路程和炮弹飞行的路程相等。
16．（8分）小陈同学用如图（甲）所示的两只滑轮组成的滑轮组，在同一种组装方式下，匀速提升不同质量的重物，得到一系列拉力F与物重G的大小关系，并绘制出图（乙）所示的F﹣G图像（不计绳重及摩擦）。
（1）依据图像所提供的信息，计算图中动滑轮的重力大小。
（2）在图甲中画出绕绳方法。
（3）当物重为90N时，求滑轮组的效率大小。
【分析】（1）图象中表示出了F﹣G之间的关系，因此可读出多组具体的数据，根据这些数据可通过列方程的方法，解出动滑轮的重以及承担物重的绳子的段数；
（2）依据第一问解出的承担物重的绳子股数可画出滑轮组的绕线情况；
（3）不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率η＝＝＝。
【解答】解：（1）不计绳重及摩擦，拉力F＝（G+G动），
根据图象上两个特殊点代入上式可得：
20N＝×（30N+G动）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
40N＝×（70N+G动）﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②解得：G动＝10N，n＝2；
（2）由（1）可知承担物重的绳子股数n＝2，从定滑轮的下挂钩开始绕起，依次绕过下面的动滑轮、上面的定滑轮，如图所示：
（3）不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率：
η＝＝＝＝×100%＝90%。
答：（1）动滑轮的重力大小为10N；
（2）绕绳方法见解析；
（3）当物重为90N时，滑轮组的效率为90%。
【点评】本题考查了滑轮组的绕法、滑轮组机械效率的计算，解决此题的关键是要根据滑轮组的省力特点，依据F＝（G+G动），结合图象中的数据，求出动滑轮的重和承担物重的绳子股数。
17．（8分）某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态；旋至2挡时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1＝22Ω，主要参数如表。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
某品牌智能滚筒洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
30℃～90℃
电动机功率
240W
（1）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热1050s，水温由20℃上升到50℃，此过程中水吸收的热量是多少？洗衣机的加热效率是多少？
（2）洗衣机处于保温洗涤状态时，电阻丝R2的功率是多少？干路电流是多少？
【分析】（1）先根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，再根据W＝Pt求出洗衣机加热时消耗的电能，利用η＝×100%求出洗衣机加热的效率；
（2）闭合开关S，旋钮旋至1挡时，R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态，根据并联电路的电压特点和P＝UI＝求出电热丝R1的加热功率，进而得出电热丝R2的加热功率，再根据P＝UI＝求出电热丝R2阻值；闭合开关S，旋钮旋至2挡时，电热丝R2与电动机并联，先求出电热丝R2和电动机的总功率，根据P＝UI求出干路电流。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×10kg×（50℃﹣20℃）＝1.26×106J，
由P＝可得，洗衣机加热消耗的电能：
W＝Pt′＝2400W×1050s＝2.52×106J，
洗衣机加热的效率：
η＝×100%＝×100%＝50%；
（2）闭合开关S，旋钮旋至1挡时，R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，电热丝R1的加热功率：
P1＝＝＝2200W，
则电热丝R2的加热功率：
P2＝P﹣P1＝2400W﹣2200W＝200W，
则电热丝R2的阻值：
R2＝＝＝242Ω；
闭合开关S，旋钮旋至2挡时，电热丝R2与电动机并联，
则电热丝R2和电动机的总功率：
P总＝P2+P电动＝200W+240W＝440W，
由P＝UI得，保温洗涤的干路电流：
I＝＝＝2A。
答：（1）此过程中的加热效率是50%；
（2）R2阻值是242Ω；洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是2A。
【点评】本题是一道电功与热量的综合计算题，涉及到电吸热公式、电功公式、效率公式、电功率公式、并联电路的特点的应用，从表格和题干中得出相关信息是关键，有一定的难度。
四、实验或探究题（共28分，每小题7分）
18．（7分）（1）如图甲所示温度计读数为 ﹣4 ℃；停表的读数是 190 s。
（2）微风吹过，金属管风铃发出悦耳的声音，小苗想探究管子发出声音的频率与长度、直径的关系。她选取了材料与管壁厚度都相同，长度和直径都不同的三根直管，将它们用细线悬挂，敲击后，测出各自发出声音的频率，数据如下表：
编号
长度/cm
直径/cm
频率/Hz
1
1.50
2131
2
31.00
2.00
1284
3
48.50
2.50
656
①用刻度尺测量1号管长度如图乙所示，该刻度尺的分度值为 0.1 cm，读数是 20.50 cm。
②三根管中音调最低的是 3 号。
③根据表中数据，能否得出“管子发出的声音的频率随长度、直径增大都会减小”的结论？请说明你的理由。
答： 不能 （能/不能）；理由 探究长度对频率的影响关系时未控制直径相同；探究直径对频率的影响关系时未控制长度相同 。
【分析】（1）温度计的读数：首先确定是零上还是零下，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数；根据图中小盘和大盘的分度值读出分针和秒针对应的时间，然后相加；
（2）根据图示刻度尺确定刻度尺的分度值，管子一端与刻度尺的零刻度线对齐，另一端所对应刻度尺的示数是管子的长度；
音调由声音的频率决定，频率越大，音调越高，频率越小，音调越低；
探究频率与管子长度、直径的关系应采用控制变量法。
【解答】解：（1）温度计的分度值为1℃，读数为﹣4℃；
在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“3”和“4”之间，偏向“3”一侧，所以分针指示的时间为：3min＝180s；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，所以秒针指示的时间为10s，即秒表的读数为：180s+10s＝190s；
（2）由图示刻度尺可知，刻度尺的分度值是1mm＝0.1cm，管子的长度是20.50cm；
由表中实验数据可知，3号管子的频率最小，则3号管子发出声音的音调最低；
探究管子发出的声音的频率与管子长度、直径的关系应采用控制变量法，由表中实验数据可知，探究长度对频率的影响关系时未控制直径相同；探究直径对频率的影响关系时未控制长度相同，即没有采用控制变量法，所以不能根据表中实验数据得出实验结论。
故答案为：（1）﹣4；190；（2）0.1；20.50；3；不能；探究长度对频率的影响关系时未控制直径相同；探究直径对频率的影响关系时未控制长度相同。
【点评】对刻度尺进行读数时要先确定刻度尺的分度值，然后再读数，探究影响声音频率的因素时要采用控制变量法。
19．（7分）如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程。如图将一石块挂于弹簧测力计上，并将其慢慢浸入烧杯内的液体中。图甲、乙、丙烧杯中装的液体是水，图丁烧杯中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的示数，g取10N/kg。请回答以下问题：
（1）图甲中，弹簧测力计的示数F1＝ 4.8N ；
（2）石块完全浸没在水中时所受的浮力为 2.0 N，石块体积是 2×10﹣4 m3；
（3）分析图中 丙、丁 两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关；
（4）分析图中 乙、丙 两图实验数据可得：物体所受浮力大小与排开液体体积有关；
（5）实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为 控制变量 法；
（6）由实验数据也可求得石块的密度为 2.4×103 kg/m3。
【分析】（1）图甲中，根据弹簧测力计的分度值读数；
（2）由称重法测浮力得出石块完全浸没在水中时所受的浮力；石块浸没水中的体积即石块的体积，根据F浮＝ρ水gV排求出石块的体积；
（3）研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同；
（4）研究物体所受的浮力大小与排开液体的体积的关系，要控制液体的密度相同；
（5）浮力的大小与液体的密度、物体排开液体的体积有关，运用控制变量法进行研究；
（6）图乙中石块浸没水中的体积即石块的体积，由ρ石＝＝可得石块的密度。
【解答】（1）图甲中，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数F1＝4.8N；
（2）由图丙可知，石块浸没在水中时弹簧测力计的示数为2.8N，此时石块受重力、浮力和弹簧测力计的拉力，三力平衡，则石块完全浸没在水中时所受的浮力为：
F浮水1＝G﹣F3＝4.8N﹣2.8N＝2.0N，
石块浸没在水中，排开水的体积等于其自身的体积，所以石块的体积为：
V石＝＝＝2×10﹣4m3；
（3）研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，故分析图中丙、丁中两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关；
（4）研究物体所受的浮力大小与排开液体体积的关系，要控制液体的密度相同，故分析图中乙、丙中两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与排开液体的体积有关；
（5）实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为控制变量法；
（6）石块的密度为：ρ石＝＝＝2.4×103kg/m3。
故答案为：（1）4.8N；（2）2.0；2×10﹣4（3）丙、丁；（4）乙、丙；（5）控制变量；（6）2.4×103。
【点评】本题探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关，考查测力计读数、称重法测浮力、控制变量法、阿基米德原理和密度公式的运用。
20．（7分）小亮探究“凸透镜成像规律”的实验装置如图乙所示，光屏和蜡烛分别位于凸透镜两侧。
（1）根据甲所示，该透镜的焦距是 10.0 cm（按刻度尺读数要求填写）。
（2）如图乙，实验时，把凸透镜、光屏和蜡烛烛焰的中心调到 同一高度 。
（3）小亮把凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将蜡烛移至光具座上10cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是 缩小 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，此时光屏位置为63cm刻度线处。
（4）小亮将蜡烛从10cm刻度线处移动到37cm刻度线处时，若要让烛焰在光屏上能再次成清晰的像，光屏应向 远离 （选填“远离”或“靠近”）凸透镜方向移动；当光屏移动到光具座上 90 cm刻度线处时，烛焰在光屏上可成清晰、 倒立 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）、 放大 （选填“倒立”或“正立”）的实像。
【分析】（1）根据焦距的概念，计算出焦距的大小：从焦点到凸透镜的距离；
（2）为使像成在光光屏中央，应把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛，将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度上；
（3）根据物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像的特点进行判断；
（4）凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点。
【解答】解：（1）由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距为f＝40.0cm−30.0cm＝10.0cm；
（2）把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛，将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度上，其目的是使像成在光屏中央；
（3）当物体在光具座上10cm刻度线处时，物距u＝50cm﹣10cm＝40cm，大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像；
（4）将蜡烛从光具座上10cm向37cm移动时，物距减小，则像和像距变大，应将光屏向右移动（即远离凸透镜），才能再次在光屏上成清晰的像，此时像的大小比刚才的像要大些；根据光路可逆可知，当光屏移动到到90cm时，成倒立、放大的实像。
故答案为：（1）10.0；（2）同一高度；（3）缩小；（4）远离；90；倒立；放大。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的探究实验，包括焦点的测量、成像规律的总结与应用，实验中遇到问题的分析与对策等，综合性较强。
21．（7分）小明用如图甲所示电路探究电流与电阻的关系，电源电压3V，电阻R有4个阻值（5Ω、10Ω、15Ω、25Ω），滑动变阻器Rp规格为“10Ω 2A”。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到最 右 （选填“左”或“右”）端；闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d各接线柱，当接触到d时，电压表开始有示数且为3V，电流表示数不为0，经进一步检查，电流表及各接线处均完好，则电路中所有可确定的故障是 滑动变阻器断路 。
（2）排除故障并将问题元件进行同规格更换，此时R的阻值为5Ω。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表示数如图乙所示，该示数为 0.4 A。接着将R阻值换成10Ω，向 右 （选填“左”或“右”）端移动滑动变阻器滑片，以保持电压表的示数不变。
（3）将R阻值换成15Ω重复上述操作，三组数据如表所示，由此可得：电压一定时，电流与电阻成 反比 。为提高结论的可靠性，换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验，是否可行？ 不可行 （选填“可行”或“不可行”），原因是 变阻器的最大电阻过小； 。
实验序号
R/Ω
I/A
①
5
0.4
②
10
0.20
③
15
0.13
【分析】（1）为保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c各接线柱，电流表、电压表示数均为0，说明电源正极和c之外的电路有断路；接触到d的时候滑动变阻器被短路，电流表示数不为0，电压表有示数且为3V，说明滑动变阻器断路；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据串联电路特点和欧姆定律可确定滑片移动的方向；
（3）根据表中数据，考虑到误差因素得出电流与电阻之积为一定值分析；
根据电阻两端的电压始终保持UV＝2V，由串联电路电压的规律和欧姆定律求出当变阻器的最大电阻连入电路中时对应的定值电阻最大值。
【解答】解：（1）开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处的右端；
由题意，闭合开关后，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c各接线柱，电流表、电压表示数均为0，说明电源正极和c之外的电路有断路；当接触到d时，电流表示数不为0，电压表开始有示数且为3V，由此可知电路中的故障是滑动变阻器断路；
（2）排除故障并将问题元件进行同规格更换，此时R的阻值为5Ω．闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，该示数为0.4A；
滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电路总电阻增大，由欧姆定律可得通过电路的电流变小，则滑动变阻器两端的电压变小，电压表测电阻两端电压，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电压表示数变大，为保持电压表示数不变，由U＝IR可得应使通过电路的电流变小，所以滑动变阻器接入电路的电阻应变大，所以滑片应向右端移动，以保持电压表的示数不变；
（3）将R阻值换成15Ω重复上述操作，根据表中数据，考虑到误差因素，电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.4A×5Ω＝0.20A×10Ω＝0.13A×15Ω≈2V，其乘积为一定值，
由此可得：电压一定时，电流与电阻成反比；
电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：UP＝U﹣UV＝3V﹣2V＝1V，
串联电路各处电流都相等，由欧姆定律可得：＝，即＝，
对应的定值电阻最大值为：R＝20Ω＜25Ω，换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验不可行，原因是变阻器的最大电阻过小。
故答案为：（1）右；滑动变阻器断路；（2）0.4；右；（3）反比；不可行；变阻器的最大电阻过小。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、故障分析、电流表示数、操作过程、控制变量法、数据分析和对器材的要求等知识。
2023年江西省景德镇市中考物理二模试卷
一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2分）自然界中存在着各种各样的物质，磁体周围存在着一种看不见、摸不着的物质，这种物质能够使磁针偏转，这种物质叫做 ；1820年物理学家奥斯特发现电流周围也存在着这种物质，它的方向与 方向有关。
2．（2分）冬季天气干燥，人们常用如图所示的增湿器，它是采用超声波将水粉碎成小微粒来使空气更湿润的，这利用了超声波能传递 。过一会儿增湿器上方的白雾会消散，这是发生了 （填物态变化名称）。
3．（2分）春天梅花绽放的时候，距离梅花很远的地方就能闻到花的香味，这是 现象；夏天，雨后天晴，池塘里荷叶上的水珠随荷叶拂动而滚动不止，当两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明： ．
4．（2分）一遥控小电动车在平直的路面上做直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示。已知在4s﹣8s内小车受到的牵引力恒为10N，在4s﹣8s内小车运动的路程为 m，在0﹣4s内小车受到的摩擦力 10N（选填“大于”“等于”或“小于”）。
5．（2分）一只小鸟从平静的湖面上方飞过，已知湖水的深度为5m，当小鸟距水面6m高时，小鸟经湖面成的像距小鸟 m，小鸟越飞越高，此时小鸟相对于地面是 的（选填“运动”或“静止”）。
6．（2分）一个未装满饮料的密闭杯子，先正立放在桌面上（如图甲），饮料对杯底的压强是p甲，杯底对桌面的压力是F甲，然后反过来倒立放在桌面上（如图乙），饮料对杯底的压强p乙，杯底对桌面的压力是F乙．则p甲 p乙、F甲 F乙。
7．（2分）固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，丙为 态，由乙到丙是 过程。
8．（2分）如图所示电路，开关S闭合后，电压表测的是 （填“R1”或“R2”）两端电压。一段时间后，两电表示数都变大，则故障可能是 （填“R1短路”“R1断路”或“R2短路”）。
二、选择题（共14分，把你认为正确的答案序号填写在题后的括号内.第9～12小题，每小题只有一个正确答案，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题2分，全部选择正确得3分.不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）能源、信息和新材料是当今社会十分关注的课题，以下有关说法正确的是（ ）
A．风能、水能、太阳能、电能及核能等均属于一次能源
B．医院检查身体所使用的B超主要是利用红外线工作的
C．光纤通信是光在光导纤维中多次折射进行传递信息的
D．珠峰测量高度用5G网络共享信号传输利用的是电磁波
10．（2分）两个相同的容器分别装有质量相等的甲、乙两种液体，用相同热源分别同时加热，可以认为液体每秒吸收热量相同，液体的温度与时间的关系图象如图所示。则下列说法不正确的是（ ）
A．甲液体的比热容较大
B．加热相同时间，甲升高的温度较小
C．升高相同的温度，甲、乙吸收热量相同
D．升高相同的温度，甲吸收热量更多
11．（2分）为测出石块的密度，某同学先用天平测石块的质量，所加砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示：接着用量筒和水测石块的体积，其过程如图乙所示。下列判断不正确的是（ ）
A．石块的质量是46.8g
B．石块的体积是18cm3
C．石块的密度是2.6×103kg/m3
D．若先用量筒测石块的体积，接着用天平测石块的质量，会导致测得石块的密度偏小
12．（2分）如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片P从中点向右移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表A1变小
B．电压表示数不变，电流表A2示数变大
C．电压表示数与电流表A2示数的比值变大
D．电压表示数与电流表A2、A1示数之差的比值变小
（多选）13．（3分）2022年11月29日23时08分，神舟十五号载人飞船成功发射。神舟十五号飞行任务是中田载人航天工程2022年的第六次飞行任务，也是中国载人航天工程空间站建造阶段最后一次飞行任务，禅舟十五号与“天和号”空间站成功对接（如图所示），对接后在轨道上运行过程中，下列说法错误的是（ ）
A．与地球上相比，航天员在太空中质量变小
B．“神舟十五号”飞船对接成功后，相对“天和号”空间站是静止的
C．“天和号”空间站核心舱通过超声波与地面基站传递信息
D．火箭在加速升空时，机械能增大
（多选）14．（3分）物理学是一门以实验为基础的学科，下列如图所示的实验中，说法正确的是（ ）
A．如图甲，人远离路灯时影子会越来越长
B．如图乙，小孔成像一定成倒立缩小的实像，且像的形状随小孔形状改变
C．如图丙，抽气过程中，钟罩内铃声变小，说明真空不能传播声音
D．如图丁，在探究音调和频率关系的实验中运用了控制变量的研究方法
三、计算题（共22分，第15小题6分，第16小题8分，第17小题8分）
15．（6分）反坦克炮是一种弹道低伸，主要用于毁伤坦克和其他装甲目标的火炮；演习中一门反坦克炮瞄准一辆坦克，开炮后经过1.5s看到炮弹在坦克上爆炸，看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，声速为340m/s，炮弹飞行轨迹近似看作水平直线，求：
（1）炮弹的飞行速度多大？
（2）为什么先看到炮弹爆炸，再听到声音传来？
16．（8分）小陈同学用如图（甲）所示的两只滑轮组成的滑轮组，在同一种组装方式下，匀速提升不同质量的重物，得到一系列拉力F与物重G的大小关系，并绘制出图（乙）所示的F﹣G图像（不计绳重及摩擦）。
（1）依据图像所提供的信息，计算图中动滑轮的重力大小。
（2）在图甲中画出绕绳方法。
（3）当物重为90N时，求滑轮组的效率大小。
17．（8分）某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态；旋至2挡时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1＝22Ω，主要参数如表。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
某品牌智能滚筒洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
30℃～90℃
电动机功率
240W
（1）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热1050s，水温由20℃上升到50℃，此过程中水吸收的热量是多少？洗衣机的加热效率是多少？
（2）洗衣机处于保温洗涤状态时，电阻丝R2的功率是多少？干路电流是多少？
四、实验或探究题（共28分，每小题7分）
18．（7分）（1）如图甲所示温度计读数为 ℃；停表的读数是 s。
（2）微风吹过，金属管风铃发出悦耳的声音，小苗想探究管子发出声音的频率与长度、直径的关系。她选取了材料与管壁厚度都相同，长度和直径都不同的三根直管，将它们用细线悬挂，敲击后，测出各自发出声音的频率，数据如下表：
编号
长度/cm
直径/cm
频率/Hz
1
1.50
2131
2
31.00
2.00
1284
3
48.50
2.50
656
①用刻度尺测量1号管长度如图乙所示，该刻度尺的分度值为 cm，读数是 cm。
②三根管中音调最低的是 号。
③根据表中数据，能否得出“管子发出的声音的频率随长度、直径增大都会减小”的结论？请说明你的理由。
答： （能/不能）；理由 。
19．（7分）如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程。如图将一石块挂于弹簧测力计上，并将其慢慢浸入烧杯内的液体中。图甲、乙、丙烧杯中装的液体是水，图丁烧杯中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的示数，g取10N/kg。请回答以下问题：
（1）图甲中，弹簧测力计的示数F1＝ ；
（2）石块完全浸没在水中时所受的浮力为 N，石块体积是 m3；
（3）分析图中 两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关；
（4）分析图中 两图实验数据可得：物体所受浮力大小与排开液体体积有关；
（5）实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为 法；
（6）由实验数据也可求得石块的密度为 kg/m3。
20．（7分）小亮探究“凸透镜成像规律”的实验装置如图乙所示，光屏和蜡烛分别位于凸透镜两侧。
（1）根据甲所示，该透镜的焦距是 cm（按刻度尺读数要求填写）。
（2）如图乙，实验时，把凸透镜、光屏和蜡烛烛焰的中心调到 。
（3）小亮把凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将蜡烛移至光具座上10cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，此时光屏位置为63cm刻度线处。
（4）小亮将蜡烛从10cm刻度线处移动到37cm刻度线处时，若要让烛焰在光屏上能再次成清晰的像，光屏应向 （选填“远离”或“靠近”）凸透镜方向移动；当光屏移动到光具座上 cm刻度线处时，烛焰在光屏上可成清晰、 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）、 （选填“倒立”或“正立”）的实像。
21．（7分）小明用如图甲所示电路探究电流与电阻的关系，电源电压3V，电阻R有4个阻值（5Ω、10Ω、15Ω、25Ω），滑动变阻器Rp规格为“10Ω 2A”。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到最 （选填“左”或“右”）端；闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d各接线柱，当接触到d时，电压表开始有示数且为3V，电流表示数不为0，经进一步检查，电流表及各接线处均完好，则电路中所有可确定的故障是 。
（2）排除故障并将问题元件进行同规格更换，此时R的阻值为5Ω。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表示数如图乙所示，该示数为 A。接着将R阻值换成10Ω，向 （选填“左”或“右”）端移动滑动变阻器滑片，以保持电压表的示数不变。
（3）将R阻值换成15Ω重复上述操作，三组数据如表所示，由此可得：电压一定时，电流与电阻成 。为提高结论的可靠性，换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验，是否可行？ （选填“可行”或“不可行”），原因是 。
实验序号
R/Ω
I/A
①
5
②
10
0.20
③
15
0.13
2023年江西省景德镇市中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（共16分，每空1分）
1．（2分）自然界中存在着各种各样的物质，磁体周围存在着一种看不见、摸不着的物质，这种物质能够使磁针偏转，这种物质叫做 磁场 ；1820年物理学家奥斯特发现电流周围也存在着这种物质，它的方向与 电流 方向有关。
【分析】（1）磁场是存在于磁体周围的空间场，是一种特殊物质，一般用假想的磁感线来描述，磁体间的相互作用就是通过磁场发生的；
（2）通电导线周围存在磁场，磁场的方向与电流方向有关。
【解答】解：磁体周围存在着一种能使小磁针偏转，但看不见摸不着的物质叫做磁场，磁体间的相互作用和磁化现象都是通过磁场发生的；1820年物理学家奥斯特发现电流周围也存在磁场，且磁场的方向与电流方向有关。
故答案为：磁场；电流。
【点评】此题考查了磁场的概念、电流的磁效应，难度不大，属基础题目。
2．（2分）冬季天气干燥，人们常用如图所示的增湿器，它是采用超声波将水粉碎成小微粒来使空气更湿润的，这利用了超声波能传递 能量 。过一会儿增湿器上方的白雾会消散，这是发生了 汽化 （填物态变化名称）。
【分析】（1）声音可以传递信息，还可以传递能量；
（2）物质由液态变为气态的现象叫汽化。
【解答】解：超声波将水变成超微粒子形成水雾，说明声可以传递能量。
水雾散发到空气中后，通过汽化变为水蒸气。
故答案为：能量；汽化。
【点评】本题考查声音的特性和物态变化，相对比较简单，属于基础题。
3．（2分）春天梅花绽放的时候，距离梅花很远的地方就能闻到花的香味，这是 扩散 现象；夏天，雨后天晴，池塘里荷叶上的水珠随荷叶拂动而滚动不止，当两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明： 分子间存在引力 ．
【分析】物质是由分子或原子组成的，组成物质的分子不停地做无规则运动，分子之间存在间隙，分子间同时存在斥力和引力。
【解答】解：春天梅花绽放的时候，距离梅花很远的地方都能闻到花的香味，这是因为花香类物质分子在不停地做无规则运动，通过扩散分布到周围的空气中；
两滴滚动的水珠相遇后之所以会合成一滴大水珠，是因为当分子相互靠近时分子间存在着相互作用的引力。
故答案为：扩散；分子间存在引力。
【点评】本题应用生活常见现象考查了分子动理论的应用，是一道基础题，本题体现了物理知识来源于生活又服务于生活的理念。
4．（2分）一遥控小电动车在平直的路面上做直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示。已知在4s﹣8s内小车受到的牵引力恒为10N，在4s﹣8s内小车运动的路程为 16 m，在0﹣4s内小车受到的摩擦力 等于 10N（选填“大于”“等于”或“小于”）。
【分析】（1）根据图象判断小车在不同时段的运动状态，知道做匀速直线运动时，小车受到的合力为零。根据速度公式变形可计算其运动的路程。
（2）摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关，与运动速度等无关，据此判断。
【解答】解：（1）由图象可知，在4s～8s内小车做匀速直线运动，处于平衡状态，因此受到的合力为0N；其速度为4m/s，其运动的路程为：s＝vt＝4m/s×4s＝16m；
（2）由于在4s～8s内做匀速直线运动，其牵引力与摩擦力相等，故摩擦力为10N；在0～4s内小车做加速运动，但其压力和接触面粗糙程度不变，所以摩擦力也不变，为10N。
故答案为：16；等于。
【点评】本题主要考查了通过读取速度﹣时间图象，来判断物体的运动状态，利用速度公式进行计算，以及根据二力平衡和影响摩擦力的条件，判断摩擦力的大小等，有一定综合性。
5．（2分）一只小鸟从平静的湖面上方飞过，已知湖水的深度为5m，当小鸟距水面6m高时，小鸟经湖面成的像距小鸟 12 m，小鸟越飞越高，此时小鸟相对于地面是 运动 的（选填“运动”或“静止”）。
【分析】倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；简记为：正立、等大、对称、虚像。
如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的。
【解答】解：已知小鸟距水面6m，像到水面的距离也是6m，则小鸟经湖面成的像距小鸟12m；
以地面为参照物，小鸟相对于地面之间发生了位置的变化，小鸟是运动的。
故答案为：12；运动。
【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
6．（2分）一个未装满饮料的密闭杯子，先正立放在桌面上（如图甲），饮料对杯底的压强是p甲，杯底对桌面的压力是F甲，然后反过来倒立放在桌面上（如图乙），饮料对杯底的压强p乙，杯底对桌面的压力是F乙．则p甲 ＞ p乙、F甲 ＝ F乙。
【分析】（1）饮料对杯底的压强可直接利用p＝ρgh进行判断；
（2）杯子对桌面的压力等于杯子与饮料的重力之和。
【解答】解：（1）由图可知，正放时，杯中饮料的深度较大，根据p＝ρgh可知，正放时饮料对杯底的压强较大，即p甲＞p乙；
（2）杯子对桌面的压力等于杯子与饮料的重力之和，无论正放，还是倒放杯子与饮料的重力不变，对桌面的压力不变，即F甲＝F乙。
故答案为：＞；＝。
【点评】比较液体压强的大小关系可以根据液体压强的计算公式p＝ρgh进行分析；液体对容器底部的压力可以根据F＝pS分析，也可以根据容器的形状比较压力与重力的关系分析，会灵活运用不同的比较方法。
7．（2分）固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，丙为 气 态，由乙到丙是 升华 过程。
【分析】（1）自然界中常见的物质因其存在的形式不同，可以分为三种状态：固态、液态和气态；
（2）物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫做升华；物质由气态直接变为固态的过程叫做凝华。
（3）熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华是放热的。
【解答】解：由图知，丙到甲放热，甲到乙放热，所以丙为气态，甲为液态，则乙为固态；
乙到丙是固态直接变成气态的过程，所以是升华。
故答案为：气；升华。
【点评】此题考查了物态变化的推断，确定丙的状态是解答此题的关键。
8．（2分）如图所示电路，开关S闭合后，电压表测的是 R1 （填“R1”或“R2”）两端电压。一段时间后，两电表示数都变大，则故障可能是 R2短路 （填“R1短路”“R1断路”或“R2短路”）。
【分析】由电路图知，闭合开关两灯泡为串联，电压表测量灯泡R1两端的电压；电流表示数增大，说明电路电阻减小。
【解答】解：如图所示电路，小灯泡R1和R2的连接方式为串联；电压表测量R1两端的电压；
一段时间后，如果R1短路，电压表也被短路示数变小，故不可能是R1短路；
如果R2短路，电路电阻减小，电流增大，电流表示数增大；电压表测量电源电压示数增大，故R2短路有可能；
如果R1断路，整个电路断路，电流表示数减小为0，故不可能是R1断路。
故答案为：R1；R2短路。
【点评】本题考查电路的故障分析，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，还要知道串联、并联电路的规律。
二、选择题（共14分，把你认为正确的答案序号填写在题后的括号内.第9～12小题，每小题只有一个正确答案，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题2分，全部选择正确得3分.不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）
9．（2分）能源、信息和新材料是当今社会十分关注的课题，以下有关说法正确的是（ ）
A．风能、水能、太阳能、电能及核能等均属于一次能源
B．医院检查身体所使用的B超主要是利用红外线工作的
C．光纤通信是光在光导纤维中多次折射进行传递信息的
D．珠峰测量高度用5G网络共享信号传输利用的是电磁波
【分析】（1）可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；而不能从自然界直接获取的能源是二次能源，如电能；
（2）B超技术是超声波在生活中的应用；
（3）光纤通讯是利用光在光纤中进行多次反射而传递信息的；
（4）5G网络共享信号是电磁波在生活中的应用。
【解答】解：A、电能无法从自然界中直接获取，需要通过能量转化而获取，属于二次能源，风能、水能、太阳能属于一次能源，故A错误；
B、医院检查身体所使用的B超主要是利用超声波工作的，而不是红外线，故B错误；
C、光纤通信是光在光导纤维中多次反射进行传递信息的，而不是折射，故C错误；
D、5G网络共享信号是电磁波在生活中的应用，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考核了能源分类、红外线、电磁波、光线等知识，较为基础。
10．（2分）两个相同的容器分别装有质量相等的甲、乙两种液体，用相同热源分别同时加热，可以认为液体每秒吸收热量相同，液体的温度与时间的关系图象如图所示。则下列说法不正确的是（ ）
A．甲液体的比热容较大
B．加热相同时间，甲升高的温度较小
C．升高相同的温度，甲、乙吸收热量相同
D．升高相同的温度，甲吸收热量更多
【分析】（1）根据Q＝cmΔt，甲乙吸收热量相等，质量相等，甲温度变化量小，甲的比热容大。
（2）由图象知，甲乙吸收热量相等，Δt甲＜Δt乙。
（3）由图象知，甲乙升高相同的温度，甲需要吸收热量多。
【解答】解：A、假设甲乙吸收热量相等，根据热量公式得，c甲m甲Δt甲＝c乙m乙Δt乙因为m甲＝m乙，所以c甲Δt甲＝c乙Δt乙，由图象知，甲乙吸收热量相等，Δt甲＜Δt乙，c甲＞c乙，故A正确。
B、如图，甲乙加热时间相同，甲的温度变化量小于乙的温度变化量，即Δt甲＜Δt乙，故B正确。
CD、如图，升高相同的温度，甲需要的时间大于乙需要的时间，所以甲吸收热量多，故C错误，D正确。
故选：C。
【点评】本题会根据图象甲乙升高相同温度，甲吸收热量大于乙吸收的热量；吸收相等热量，甲的温度变化量小于乙的温度变化量，这是解题关键。
11．（2分）为测出石块的密度，某同学先用天平测石块的质量，所加砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示：接着用量筒和水测石块的体积，其过程如图乙所示。下列判断不正确的是（ ）
A．石块的质量是46.8g
B．石块的体积是18cm3
C．石块的密度是2.6×103kg/m3
D．若先用量筒测石块的体积，接着用天平测石块的质量，会导致测得石块的密度偏小
【分析】（1）天平的分度值为0.2g，天平的读数为砝码质量加游码对应的刻度值；
（2）量筒的分度值为1cm3，石块的体积等于水和石块的总体积减去水的体积，根据ρ＝求出石块的密度：
【解答】解：
A、图甲中石块的质量m＝20g+20g+5g+1.8g＝46.8g，故A正确；
B、图乙中水的体积为20cm3，水和石块的总体积为38cm3，石块的体积V＝38cm3﹣20cm3＝18cm3，故B正确；
C、石块的密度ρ＝＝＝2.6g/cm3＝2.6×103kg/m3，故C正确；
D、若先测石块的体积，石块从量筒中取出会带着水，使的质量测量值偏大，则测量的密度值偏大，故D错误。
故选：D。
【点评】此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数以及密度计算公式的理解和掌握，基础性题目。
12．（2分）如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片P从中点向右移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表A1变小
B．电压表示数不变，电流表A2示数变大
C．电压表示数与电流表A2示数的比值变大
D．电压表示数与电流表A2、A1示数之差的比值变小
【分析】（1）由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
（2）根据电源电压判定电压表示数的变化情况；
（3）闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，根据滑动变阻器阻值变化判定通过其电流的变化；根据并联电路的特点分析通过R1电流的变化和干路电流的变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A1示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小；故AB错误；
C、电压表示数不变，电流表A2示数变小，其比值变大，故C正确；
D、电流表A2、A1示数之差为通过R1的电流，保持不变，电压表示数不变，所以电压表示数与电流表A2、A1示数之差的比值不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，注意滑动变阻器接入电路中电阻的变化是关键。
（多选）13．（3分）2022年11月29日23时08分，神舟十五号载人飞船成功发射。神舟十五号飞行任务是中田载人航天工程2022年的第六次飞行任务，也是中国载人航天工程空间站建造阶段最后一次飞行任务，禅舟十五号与“天和号”空间站成功对接（如图所示），对接后在轨道上运行过程中，下列说法错误的是（ ）
A．与地球上相比，航天员在太空中质量变小
B．“神舟十五号”飞船对接成功后，相对“天和号”空间站是静止的
C．“天和号”空间站核心舱通过超声波与地面基站传递信息
D．火箭在加速升空时，机械能增大
【分析】（1）物体的质量不随它的形状、物态和位置而改变；
（2）判断一个物体是静止还是运动的，需要先选定一个假定不动的标准，看物体相对于这个标准位置是否发生了变化；
（3）电磁波能传递信息，且电磁波的传播不需要介质；
（4）动能和势能之和称为机械能。
【解答】解：A、物体的质量不随位置的改变而变化，因此与地球上相比，航天员在太空中质量不变，故A错误；
B、“神舟十三号”飞船对接成功后，相对“天和”核心舱的位置没有发生变化，是静止的，故B正确；
C、太空中没有空气，但电磁波的传播不需要介质，因此“天和”核心舱通过电磁波与地面基站传递信息，故C错误；
D、火箭在加速升空时，由于速度在增大，所以动能增加，升高过程中，重力势能增大，所以机械能增加，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题考查了质量及其特性、运动和静止的相对性、电磁波的传播与应用、机械能的概念，属基础题目。
（多选）14．（3分）物理学是一门以实验为基础的学科，下列如图所示的实验中，说法正确的是（ ）
A．如图甲，人远离路灯时影子会越来越长
B．如图乙，小孔成像一定成倒立缩小的实像，且像的形状随小孔形状改变
C．如图丙，抽气过程中，钟罩内铃声变小，说明真空不能传播声音
D．如图丁，在探究音调和频率关系的实验中运用了控制变量的研究方法
【分析】（1）影子在与光的来源的方向相同，人与灯的水平之间的距离越近，影子越短；
（2）小孔成像所成的像的特点可知：倒立的实像，像的大小取决于物体与小孔的距离与光屏与小孔的距离的大小；像的形状只和物体的形状有关，和孔的形状无关；
（3）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（4）掌握探究音调和频率关系实验的操作方法。
【解答】解：A、在路灯下散步，远离路灯时，影都会越来越长，故A正确；
B、物体与小孔的距离大于光屏与小孔的距离时，成倒立缩小的像；物体与小孔的距离小于光屏与小孔的距离时，成倒立放大的像；物体与小孔的距离等于光屏与小孔的距离时，成倒立等大的像，像的形状和孔的形状无关，故B错误；
C、将发声体放在真空罩中，随着空气的抽出，声音越来越小，由实验说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故C正确；
D、在探究音调和频率关系的实验中，改变钢尺伸出桌边的长度，用相同的力度拨动钢尺，故运用了控制变量的研究方法，故D正确。
故选：ACD。
【点评】本题考查了影子的形成、小孔成像、声音的传播以及音调的影响因素，综合性强。
三、计算题（共22分，第15小题6分，第16小题8分，第17小题8分）
15．（6分）反坦克炮是一种弹道低伸，主要用于毁伤坦克和其他装甲目标的火炮；演习中一门反坦克炮瞄准一辆坦克，开炮后经过1.5s看到炮弹在坦克上爆炸，看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，声速为340m/s，炮弹飞行轨迹近似看作水平直线，求：
（1）炮弹的飞行速度多大？
（2）为什么先看到炮弹爆炸，再听到声音传来？
【分析】（1）根据看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，利用公式s＝vt可以计算出声音传播的路程，即为大炮与坦克的距离；知道大炮距坦克距离和炮弹飞行的时间，利用速度公式v＝可以计算出炮弹飞行的速度。
（2）光在空气中的传播速度约是3×108m/s，声音在空气中的传播速度是340m/s。
【解答】解：（1）看到炮弹在坦克上爆炸后又经过4.5s听到爆炸的声音，即声音传播的时间t1＝4.5s，声音的传播速度v声＝340m/s；
大炮与坦克的距离为：
s＝v声t1＝340m/s×4.5s＝1530m；
炮弹飞行的路程即为大炮与坦克的距离，炮弹飞行的时间为：
t2＝1.5s；
则炮弹的飞行速度为：
v＝＝＝1020m/s。
（2）爆炸时声音和景象（光信号）是同时发生的，但空气中光的传播速度比声音的传播速度快得多，所以先看到爆炸现象，后听到爆炸声音。
答：（1）炮弹的飞行速度为1020m/s。
（2）爆炸时声音和景象（光信号）是同时发生的，但空气中光的传播速度比声音的传播速度快得多，所以先看到爆炸现象，后听到爆炸声音。
【点评】本题考查速度公式的灵活运用，题目的关键是知道声音传播的路程和炮弹飞行的路程相等。
16．（8分）小陈同学用如图（甲）所示的两只滑轮组成的滑轮组，在同一种组装方式下，匀速提升不同质量的重物，得到一系列拉力F与物重G的大小关系，并绘制出图（乙）所示的F﹣G图像（不计绳重及摩擦）。
（1）依据图像所提供的信息，计算图中动滑轮的重力大小。
（2）在图甲中画出绕绳方法。
（3）当物重为90N时，求滑轮组的效率大小。
【分析】（1）图象中表示出了F﹣G之间的关系，因此可读出多组具体的数据，根据这些数据可通过列方程的方法，解出动滑轮的重以及承担物重的绳子的段数；
（2）依据第一问解出的承担物重的绳子股数可画出滑轮组的绕线情况；
（3）不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率η＝＝＝。
【解答】解：（1）不计绳重及摩擦，拉力F＝（G+G动），
根据图象上两个特殊点代入上式可得：
20N＝×（30N+G动）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
40N＝×（70N+G动）﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②解得：G动＝10N，n＝2；
（2）由（1）可知承担物重的绳子股数n＝2，从定滑轮的下挂钩开始绕起，依次绕过下面的动滑轮、上面的定滑轮，如图所示：
（3）不计绳重及摩擦，滑轮组的机械效率：
η＝＝＝＝×100%＝90%。
答：（1）动滑轮的重力大小为10N；
（2）绕绳方法见解析；
（3）当物重为90N时，滑轮组的效率为90%。
【点评】本题考查了滑轮组的绕法、滑轮组机械效率的计算，解决此题的关键是要根据滑轮组的省力特点，依据F＝（G+G动），结合图象中的数据，求出动滑轮的重和承担物重的绳子股数。
17．（8分）某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态；旋至2挡时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1＝22Ω，主要参数如表。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
某品牌智能滚筒洗衣机
额定电压
220V
加热功率
2400W
设定温度范围
30℃～90℃
电动机功率
240W
（1）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热1050s，水温由20℃上升到50℃，此过程中水吸收的热量是多少？洗衣机的加热效率是多少？
（2）洗衣机处于保温洗涤状态时，电阻丝R2的功率是多少？干路电流是多少？
【分析】（1）先根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，再根据W＝Pt求出洗衣机加热时消耗的电能，利用η＝×100%求出洗衣机加热的效率；
（2）闭合开关S，旋钮旋至1挡时，R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态，根据并联电路的电压特点和P＝UI＝求出电热丝R1的加热功率，进而得出电热丝R2的加热功率，再根据P＝UI＝求出电热丝R2阻值；闭合开关S，旋钮旋至2挡时，电热丝R2与电动机并联，先求出电热丝R2和电动机的总功率，根据P＝UI求出干路电流。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×10kg×（50℃﹣20℃）＝1.26×106J，
由P＝可得，洗衣机加热消耗的电能：
W＝Pt′＝2400W×1050s＝2.52×106J，
洗衣机加热的效率：
η＝×100%＝×100%＝50%；
（2）闭合开关S，旋钮旋至1挡时，R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，电热丝R1的加热功率：
P1＝＝＝2200W，
则电热丝R2的加热功率：
P2＝P﹣P1＝2400W﹣2200W＝200W，
则电热丝R2的阻值：
R2＝＝＝242Ω；
闭合开关S，旋钮旋至2挡时，电热丝R2与电动机并联，
则电热丝R2和电动机的总功率：
P总＝P2+P电动＝200W+240W＝440W，
由P＝UI得，保温洗涤的干路电流：
I＝＝＝2A。
答：（1）此过程中的加热效率是50%；
（2）R2阻值是242Ω；洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是2A。
【点评】本题是一道电功与热量的综合计算题，涉及到电吸热公式、电功公式、效率公式、电功率公式、并联电路的特点的应用，从表格和题干中得出相关信息是关键，有一定的难度。
四、实验或探究题（共28分，每小题7分）
18．（7分）（1）如图甲所示温度计读数为 ﹣4 ℃；停表的读数是 190 s。
（2）微风吹过，金属管风铃发出悦耳的声音，小苗想探究管子发出声音的频率与长度、直径的关系。她选取了材料与管壁厚度都相同，长度和直径都不同的三根直管，将它们用细线悬挂，敲击后，测出各自发出声音的频率，数据如下表：
编号
长度/cm
直径/cm
频率/Hz
1
1.50
2131
2
31.00
2.00
1284
3
48.50
2.50
656
①用刻度尺测量1号管长度如图乙所示，该刻度尺的分度值为 0.1 cm，读数是 20.50 cm。
②三根管中音调最低的是 3 号。
③根据表中数据，能否得出“管子发出的声音的频率随长度、直径增大都会减小”的结论？请说明你的理由。
答： 不能 （能/不能）；理由 探究长度对频率的影响关系时未控制直径相同；探究直径对频率的影响关系时未控制长度相同 。
【分析】（1）温度计的读数：首先确定是零上还是零下，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数；根据图中小盘和大盘的分度值读出分针和秒针对应的时间，然后相加；
（2）根据图示刻度尺确定刻度尺的分度值，管子一端与刻度尺的零刻度线对齐，另一端所对应刻度尺的示数是管子的长度；
音调由声音的频率决定，频率越大，音调越高，频率越小，音调越低；
探究频率与管子长度、直径的关系应采用控制变量法。
【解答】解：（1）温度计的分度值为1℃，读数为﹣4℃；
在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“3”和“4”之间，偏向“3”一侧，所以分针指示的时间为：3min＝180s；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，所以秒针指示的时间为10s，即秒表的读数为：180s+10s＝190s；
（2）由图示刻度尺可知，刻度尺的分度值是1mm＝0.1cm，管子的长度是20.50cm；
由表中实验数据可知，3号管子的频率最小，则3号管子发出声音的音调最低；
探究管子发出的声音的频率与管子长度、直径的关系应采用控制变量法，由表中实验数据可知，探究长度对频率的影响关系时未控制直径相同；探究直径对频率的影响关系时未控制长度相同，即没有采用控制变量法，所以不能根据表中实验数据得出实验结论。
故答案为：（1）﹣4；190；（2）0.1；20.50；3；不能；探究长度对频率的影响关系时未控制直径相同；探究直径对频率的影响关系时未控制长度相同。
【点评】对刻度尺进行读数时要先确定刻度尺的分度值，然后再读数，探究影响声音频率的因素时要采用控制变量法。
19．（7分）如图所示，是同学们在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程。如图将一石块挂于弹簧测力计上，并将其慢慢浸入烧杯内的液体中。图甲、乙、丙烧杯中装的液体是水，图丁烧杯中装的液体是酒精，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、丙、丁中弹簧测力计的示数，g取10N/kg。请回答以下问题：
（1）图甲中，弹簧测力计的示数F1＝ 4.8N ；
（2）石块完全浸没在水中时所受的浮力为 2.0 N，石块体积是 2×10﹣4 m3；
（3）分析图中 丙、丁 两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关；
（4）分析图中 乙、丙 两图实验数据可得：物体所受浮力大小与排开液体体积有关；
（5）实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为 控制变量 法；
（6）由实验数据也可求得石块的密度为 2.4×103 kg/m3。
【分析】（1）图甲中，根据弹簧测力计的分度值读数；
（2）由称重法测浮力得出石块完全浸没在水中时所受的浮力；石块浸没水中的体积即石块的体积，根据F浮＝ρ水gV排求出石块的体积；
（3）研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同；
（4）研究物体所受的浮力大小与排开液体的体积的关系，要控制液体的密度相同；
（5）浮力的大小与液体的密度、物体排开液体的体积有关，运用控制变量法进行研究；
（6）图乙中石块浸没水中的体积即石块的体积，由ρ石＝＝可得石块的密度。
【解答】（1）图甲中，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数F1＝4.8N；
（2）由图丙可知，石块浸没在水中时弹簧测力计的示数为2.8N，此时石块受重力、浮力和弹簧测力计的拉力，三力平衡，则石块完全浸没在水中时所受的浮力为：
F浮水1＝G﹣F3＝4.8N﹣2.8N＝2.0N，
石块浸没在水中，排开水的体积等于其自身的体积，所以石块的体积为：
V石＝＝＝2×10﹣4m3；
（3）研究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，故分析图中丙、丁中两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与液体密度有关；
（4）研究物体所受的浮力大小与排开液体体积的关系，要控制液体的密度相同，故分析图中乙、丙中两图实验数据可得：物体所受的浮力大小与排开液体的体积有关；
（5）实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为控制变量法；
（6）石块的密度为：ρ石＝＝＝2.4×103kg/m3。
故答案为：（1）4.8N；（2）2.0；2×10﹣4（3）丙、丁；（4）乙、丙；（5）控制变量；（6）2.4×103。
【点评】本题探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关，考查测力计读数、称重法测浮力、控制变量法、阿基米德原理和密度公式的运用。
20．（7分）小亮探究“凸透镜成像规律”的实验装置如图乙所示，光屏和蜡烛分别位于凸透镜两侧。
（1）根据甲所示，该透镜的焦距是 10.0 cm（按刻度尺读数要求填写）。
（2）如图乙，实验时，把凸透镜、光屏和蜡烛烛焰的中心调到 同一高度 。
（3）小亮把凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将蜡烛移至光具座上10cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像是 缩小 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，此时光屏位置为63cm刻度线处。
（4）小亮将蜡烛从10cm刻度线处移动到37cm刻度线处时，若要让烛焰在光屏上能再次成清晰的像，光屏应向 远离 （选填“远离”或“靠近”）凸透镜方向移动；当光屏移动到光具座上 90 cm刻度线处时，烛焰在光屏上可成清晰、 倒立 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）、 放大 （选填“倒立”或“正立”）的实像。
【分析】（1）根据焦距的概念，计算出焦距的大小：从焦点到凸透镜的距离；
（2）为使像成在光光屏中央，应把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛，将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度上；
（3）根据物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像的特点进行判断；
（4）凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点。
【解答】解：（1）由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距为f＝40.0cm−30.0cm＝10.0cm；
（2）把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛，将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度上，其目的是使像成在光屏中央；
（3）当物体在光具座上10cm刻度线处时，物距u＝50cm﹣10cm＝40cm，大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像；
（4）将蜡烛从光具座上10cm向37cm移动时，物距减小，则像和像距变大，应将光屏向右移动（即远离凸透镜），才能再次在光屏上成清晰的像，此时像的大小比刚才的像要大些；根据光路可逆可知，当光屏移动到到90cm时，成倒立、放大的实像。
故答案为：（1）10.0；（2）同一高度；（3）缩小；（4）远离；90；倒立；放大。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的探究实验，包括焦点的测量、成像规律的总结与应用，实验中遇到问题的分析与对策等，综合性较强。
21．（7分）小明用如图甲所示电路探究电流与电阻的关系，电源电压3V，电阻R有4个阻值（5Ω、10Ω、15Ω、25Ω），滑动变阻器Rp规格为“10Ω 2A”。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到最 右 （选填“左”或“右”）端；闭合开关后，小明发现电流表、电压表示数均为0，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c、d各接线柱，当接触到d时，电压表开始有示数且为3V，电流表示数不为0，经进一步检查，电流表及各接线处均完好，则电路中所有可确定的故障是 滑动变阻器断路 。
（2）排除故障并将问题元件进行同规格更换，此时R的阻值为5Ω。闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表示数如图乙所示，该示数为 0.4 A。接着将R阻值换成10Ω，向 右 （选填“左”或“右”）端移动滑动变阻器滑片，以保持电压表的示数不变。
（3）将R阻值换成15Ω重复上述操作，三组数据如表所示，由此可得：电压一定时，电流与电阻成 反比 。为提高结论的可靠性，换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验，是否可行？ 不可行 （选填“可行”或“不可行”），原因是 变阻器的最大电阻过小； 。
实验序号
R/Ω
I/A
①
5
0.4
②
10
0.20
③
15
0.13
【分析】（1）为保护电路，开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c各接线柱，电流表、电压表示数均为0，说明电源正极和c之外的电路有断路；接触到d的时候滑动变阻器被短路，电流表示数不为0，电压表有示数且为3V，说明滑动变阻器断路；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据串联电路特点和欧姆定律可确定滑片移动的方向；
（3）根据表中数据，考虑到误差因素得出电流与电阻之积为一定值分析；
根据电阻两端的电压始终保持UV＝2V，由串联电路电压的规律和欧姆定律求出当变阻器的最大电阻连入电路中时对应的定值电阻最大值。
【解答】解：（1）开关闭合前，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处的右端；
由题意，闭合开关后，他将一根导线的一端接电源正极，另一端依次试触a、b、c各接线柱，电流表、电压表示数均为0，说明电源正极和c之外的电路有断路；当接触到d时，电流表示数不为0，电压表开始有示数且为3V，由此可知电路中的故障是滑动变阻器断路；
（2）排除故障并将问题元件进行同规格更换，此时R的阻值为5Ω．闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，该示数为0.4A；
滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，串联电路总电阻等于各分电阻之和，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电路总电阻增大，由欧姆定律可得通过电路的电流变小，则滑动变阻器两端的电压变小，电压表测电阻两端电压，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电压表示数变大，为保持电压表示数不变，由U＝IR可得应使通过电路的电流变小，所以滑动变阻器接入电路的电阻应变大，所以滑片应向右端移动，以保持电压表的示数不变；
（3）将R阻值换成15Ω重复上述操作，根据表中数据，考虑到误差因素，电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.4A×5Ω＝0.20A×10Ω＝0.13A×15Ω≈2V，其乘积为一定值，
由此可得：电压一定时，电流与电阻成反比；
电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：UP＝U﹣UV＝3V﹣2V＝1V，
串联电路各处电流都相等，由欧姆定律可得：＝，即＝，
对应的定值电阻最大值为：R＝20Ω＜25Ω，换用阻值为25Ω的电阻继续上述实验不可行，原因是变阻器的最大电阻过小。
故答案为：（1）右；滑动变阻器断路；（2）0.4；右；（3）反比；不可行；变阻器的最大电阻过小。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、故障分析、电流表示数、操作过程、控制变量法、数据分析和对器材的要求等知识。
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