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2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷（含答案）
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这是一份2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷（含答案），共26页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项是正确的）
1．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．声音是由于物体振动产生的
B．声音可在真空中传播
C．通过声音的音调可辨别乐器的种类
D．禁止鸣笛是在人耳处减弱噪声
2．（2分）新冠疫情期间，医护人员要穿防护服并佩戴面罩，面罩上常常会蒙上一层“雾气”，关于“雾气”，下列说
法正确的是（ ）
A．“雾气”是熔化现象 B．“雾气”是液化现象
C．“雾气”是凝华现象 D．“雾气”是汽化现象
3．（2分）如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．手影游戏 B．铅笔折断
C．放大文字 D．水中倒影
4．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．丝绸摩擦过的玻璃棒带的负电荷
B．水和酒精混合总体积变小，说明分子间有空隙
C．汤姆孙通过研究，建立了原子核式结构模型
D．太阳是恒星，它是宇宙的中心
5．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．石油是可再生能源
B．光是一种电磁波，不能在真空中传播
C．验钞机是利用紫外线来工作的
D．核电站是利用核聚变来发电的
6．（2分）下列估计值中，最接近实际的是（ ）
A．人正常步行时的速度约为1.4m/s
B．一本初中物理书的质量约为3kg
C．中学生百米赛跑所用时间约为1min
D．一盏家用台灯的额定功率约300W
7．（2分）下列实验，能说明磁场对电流有力的作用的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（2分）下列实验方法中，属于等效替代的是（ ）
A．“探究通电导体产生的热量与电阻的关系”实验中，比较热量大小的方法
B．“探究平面镜成像特点”实验中，利用“重合”寻找像的位置
C．“探究阻力对物体运动影响”实验中，“推理”得出阻力为零时的情况
D．“探究电流与电压的关系”实验中，控制导体电阻大小不变
9．（2分）如图1是天宫空间站绕地球轨道运行的示意图，如图2是“天宫课堂”的授课场景，宇航员投掷出一个苹果，苹果沿直线运动。下列说法不正确的是（ ）
A．天宫空间站在地球引力的作用下，运动状态发生改变
B．从近地点运动至远地点，空间站的动能转化为重力势能
C．投出的苹果由于受惯性的作用沿直线继续运动
D．宇航员的抛物实验模拟了牛顿第一定律所描述的现象
10．（2分）如图所示，一支铅笔竖直放置在水平面上，一块竖直的平面镜从距离铅笔40cm处，以5cm/s的水平速度面向铅笔匀速靠近。下列说法正确的是（ ）
A．铅笔在平面镜中所成的像逐渐变大
B．经过2s，铅笔与它的像之间的距离变为30cm
C．铅笔的像相对于铅笔的速度为5cm/s
D．若铅笔顺时针转至图中虚线位置，铅笔的像将与铅笔垂直
11．（2分）如图，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量用m表示，烧杯内液体质量用M表示。同时点燃三个装置中燃料，加热相同时间，测出液体升高的温度Δt，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，应选择乙、丙两图
B．比较不同燃料的热值，应选择甲、乙两图
C．正确选择后，若 的值越大，燃料的热值越大
D．正确选择后，若MΔt乘积越小，液体的比热容越大
12．（2分）如图电路，恒流电源输出电流大小不变，电流表示数为I，电压表的示数为U，电路总电阻为R总，电路消耗的总功率为P总，下列关系图线中，可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共28分）
13．（3分）（1）图1中，物体的长度为 cm；
（2）图2中，温度计的示数为 ℃；
（3）图3中，量筒的示数为 mL。
14．（3分）在“测量金属块的质量”实验时，小明将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端的 处，若此时指针偏向中央刻度线的左侧，应将平衡螺母向 调节。天平平衡时砝码使用情况和游码位置如图，则金属块的质量为 g。
15．（3分）图中单缸四冲程汽油机正处在 冲程。若该汽油机转速为1800r/min，则它每秒钟做功 次。用水循环带走汽油机产生的热量，这是利用了水的 较大的特性。
16．（3分）可燃冰具有热值大，污染小的优点，若可燃冰的热值是4.2×108J/m3，完全燃烧1m3的可燃冰可放出热量 J。若这些热量的40%被水吸收，可把 kg的水从20℃加热至60℃。水吸热升温，这是通过 的方式改变水的内能。
17．（3分）小明发现家中图示电能表的转盘在40min内转动了3600圈，则他家中用电器实际消耗的电能为 kW•h，实际功率为 kW；若该电能表能正常工作的最大电流为10A，则小明家中还能接入额定功率为 W的用电器。
18．（4分）“探究动能大小与哪些因素有关”的实验装置如图①所示：将小车从斜面上某一高度处 释放，运动至水平木板上与木块碰撞。此实验是研究 （选填“碰撞后木块”、“碰撞后小车”或“碰撞前小车”）的动能；小明同学设计图②所示装置探究“物体动能大小与质量的关系”，用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离；该方法 （选填“可行”或“不可行”），原因是 。
19．（3分）某同学设计的具有保温、加热两挡调节功能的电加热器电路如图所示，已知电源电压为220V，电热丝R1的阻值为100Ω，电加热器处于加热挡时的功率为1484W，电加热器处于保温挡时的功率为 W，电热丝R2的阻值应为 Ω。若该同学选用了熔断电流为5A的熔丝，则你认为该电加热器在实际使用中会出现的状况是： 。
20．（3分）小明利用如图1器材进行“提水”实验，他将盛有水的水槽放在电子秤水平秤盘上，再将水杯装满水倒扣与水槽内，用弹簧测力计竖直向上缓慢提起水杯，小明观察到水杯内的水也被提起来了，弹簧测力计示数有示数。“水被提起来”说明了 的存在；已知水槽底面积为500cm2，水的质量是5kg，不计水杯和水槽的质量，则当弹簧测力计示数如图2时，水槽对秤盘的压强为 Pa。向上“提水”的过程中，水槽底部受到水的压强 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。（g＝10N/kg）
21．（3分）如图1，灯泡L的额定电流为0.25A，其电流与电压的关系如图2所示，滑动变阻器R的规格为“50Ω 1A”，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V。闭合开关S，调节R，当电压表示数为1.5V时，L恰好正常发光，则电源电压为 V。为保证电路安全，R的调节范围为 ，灯泡L的最小电功率为 W。
三、解答题（本题共9小题，共48分。解答28、29、30题时应有必要的解题过程）
22．（2分）如图所示，一个足球静止在水平地面上，请画出它受力的示意图。
23．（2分）如图所示，开关S闭合后，小磁针在图示位置处于静止状态，请在图中适当位 置分别标出磁感线的方向和小磁针的N极。
24．（2分）请将图中的开关、灯泡、三孔插座正确接入家庭电路，使开关控制灯泡的亮灭。
25．（6分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）实验前，应调整烛焰、光屏的中心位于凸透镜的 上；实验时，如图1光屏上呈现烛焰清晰的像，则该像是 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，与这种成像原理一致的光学仪器是 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（2）在图1实验情景中，保持蜡烛和凸透镜位置不变，若换用焦距更大的凸透镜，为了光屏上再次呈清晰
的像，光屏需向 （选填“左”或“右”）移动。
（3）在图1实验情景中，若用纸板遮挡凸透镜的上半部分（如图2），则光屏上 。
A.只出现烛焰像的上半部分
B.只出现烛焰像的下半部分
C.不出现烛焰的像
D.出现烛焰完整的像，且大小不变，只是变暗了
（4）如图3，撤去纸板，若将凸透镜的上半部分向上移动一小段距离，则光屏上将出现 个像。
26．（7分）小明用图1所示电路做“伏安法测电阻”实验。
（1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于图中最 （选填“左”或“右”）端；
（2）如图1，闭合开关，调节滑动变阻器，小明发现电压表示数始终为零，电流表示数有明显变化，经检查发现某处导线断开，断开的导线是 （填导线的序号）；
（3）小明更换导线继续实验，调节滑动变阻器，电流表示数为0.2A，此时电压表示数如图2所示，则定值电阻Rx的阻值为 Ω，他继续调节滑动变阻器，多次测量，并计算Rx的平均值；
（4）如图3，小明又设计了另一种测量电阻Rx的方案，电路中定值电阻R0的阻值已知，请完善操作步骤，并写出电阻Rx的表达式：
①闭合开关S，将开关S1掷于a，S2掷于d，调节滑动变阻器滑片至合适位置，读出电压表示数为U1；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关S1掷于 ，S2掷于 ，读出电压表示数为U2；
③则Rx＝ （用U1、U2、R0表示）；
④通过调节滑动变阻器，多次测量，并计算Rx的平均值；
（5）小强认为在满足一定条件下，若用小灯泡替换电阻Rx，则图3所示电路可以测量小灯泡的额定功率。该条件是 。（多选）
A.已知待测小灯泡的额定电流
B.已知待测小灯泡的额定电压
C.已知电源电压
D.已知滑动变阻器的最大阻值
27．（7分）在综合实践活动中，小明利用自制杆秤测量液体的密度。如图1，已知杆秤的自重不计，O点是杆秤的提纽（杠杆支点），秤砣质量为50g，OA：OB＝1：6，烧杯内液体体积V＝100mL（液面在标记处），烧杯质量是100g。
（1）为了比较甲、乙液体的密度大小，小明用带标记的烧杯盛取等体积的两种液体，然后用自制杆秤分别称量，当杆秤水平平衡时，测出秤砣的位置到支点O的距离x，如图1所示，则两种液体的密度关系为ρ甲 ρ乙（选填“＜”、“＝”或“＞”）；
（2）小明对本实验原理进行了进一步分析，从而得到秤砣到支点O的距离x与被测液体的密度之间的函数关系，则符合此关系的应是图2中的图线 （选填“①”、“②”或“③”）；
（3）根据上述结论，小明对杆秤的刻度进行重新标度，将杆秤改装成密度秤，它的刻度是 （选填“均匀”或“不均匀”）的，它的零刻度应标在杆秤 g的刻度处。用它测量时，待测液体密度ρ液应不超过 g/cm3；
（4）用此密度秤进行测量时，若待测液体液面高于标记，则测得液体密度值将偏 ；
（5）为了提高该密度秤测量液体密度时的精确度，下列方法可行的是： 。（多选）
A.保持烧杯形状和容积不变，换用质量更小的烧杯
B.将支点O向A点移动，减小OA距离
C.选用质量更小的秤砣
D.将烧杯上的标记向上移动，增大液体的体积
28．（6分）用如图所示的滑轮组将重90N的货物匀速提升1m的过程中，所用拉力F＝50N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦。
（1）求上述过程中的有用功W有用；
（2）求上述过程中的总功W总；
（3）求滑轮组的机械效率η。
29．（8分）电动汽车作为新型交通工具，它具有节能、环保的特点。某型号电动汽车由锂电池供电，电动机提供动力。该电动汽车有两种驾驶模式，不同驾驶模式的“耗电指数”不同，“耗电指数”的单位是“Wh/km”，例“100Wh/km”，其含义是：“每千米的路程，汽车消耗0.1kW•h的电能”，具体数据如表所示。
驾驶模式
最大速度v（km/h）
耗电指数（Wh/km）
最大速度时汽车牵引力（N）
经济模式
90
100
288
运动模式
120
130
未知
如图，该电动汽车在平直公路上从A点驶往B点，C是充电站。已知，BC之间距离是120km；汽车的电池容量是50kW•h，在A点出发时电池显示电量剩余30%，然后以“经济模式”最大速度匀速行驶至C点时，电池电量耗尽.汽车在充电站充电，充电桩的充电功率是30kW，忽略充电时的能量损耗。请根据题中信息完成下列问题：
（1）求AC之间的距离；
（2）求“经济模式”行驶时，汽车的效率；
（3）从到达充电站充电开始计时，为了能尽快从C点行驶至B点，你会采用哪种驾驶模式？试通过计算说明理由。（提示：比较两种模式充电和行驶的总时间；不考虑汽车在途中加速或减速的时间。）
30．（8分）图1是小明设计的一种的油量表模拟装置示意图：轻质弹簧上端固定，下端与柱形木块相连，轻质滑片P的右端固定在弹簧最下端，左端位于粗细均匀的金属电阻R2的最下端A处且接触良好。闭合S，向空油箱里缓慢加油，当P上滑至R2的中点B处时，由电压表改装的油量表刚好满偏表示油量达到设定值，在此过程中，弹簧弹力F与滑片P上滑长度x之间的关系如图2所示。随着油量消耗，油面下降，当线圈中电流I≥0.1A时，衔铁K被吸上，指示灯亮表示油量不足。已知：柱形木块底面积是100cm2，木块的密度是0.35g/cm3，电源电压U＝6V，R2的总电阻为100Ω，长度为20cm，电压表量程为0～3V，油的密度ρ油＝0.7g/cm3；弹簧始终处于弹性限度范围内，不考虑线圈的电阻和滑片P滑动时的摩擦，g＝10N/kg。
（1）请用笔画线代替导线将指示灯L接入电路。
（2）当油量达到设定值时，电压表示数为3V，求电阻箱R1阻值；
（3）向空油箱内缓慢加油，当指示灯刚好不亮时，求木块浸在油中的深度h；
（4）为了提高油量的设定值，可以“适当”调 （选填“大”或“小”）电阻箱R1的阻值；“适当”指的是R1可调节的范围不大，主要原因是： 。
2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项是正确的）
1．【解答】解：A、声音是由于物体振动产生的，故A正确；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、不同乐器发出声音的音色不同，故通过声音的音色可辨别乐器的种类，故C错误；
D、禁止鸣笛是在声源处控制噪声产生，故D错误。
故选：A。
2．【解答】解：“雾气”是医生口中呼出来的水蒸气遇到温度较低的面罩放热液化成的小水滴，附在面罩内侧。
故选：B。
3．【解答】解：A、手影游戏属于光的直线传播，故A不符合题意；
B、铅笔折断属于光的折射，故B不符合题意；
C、放大文字属于光的折射，故C不符合题意；
D、水中倒影属于光的反射，故D符合题意。
故选：D。
4．【解答】解：A、丝绸摩擦过的玻璃棒带的正电荷，故A错误；
B、水和酒精混合总体积变小，说明分子间有空隙，故B正确；
C、卢瑟福通过研究，建立了原子核式结构模型，故C错误；
D、太阳是恒星，是太阳系的中心，它不是宇宙的中心，故D错误。
故选：B。
5．【解答】解：A.石油在地球上的储量是有限的，消耗后短期内不可能再生，属不可再生能源，故A错误；
B.电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故B错误；
C.紫外线可以使荧光物质发光，所以可以用来检验钞票中的荧光物质，从而辨别真假，故C正确；
D.核电站是利用核裂变来释放能量来发电的，故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：A、人正常步行时的速度约为1.4m/s，故A正确；
B、一本初中物理书的质量约为0.3kg，故B错误；
C、中学生百米赛跑所用时间约为15s，故C错误；
D、一盏家用台灯的额定功率约30W，故D错误。
故选：A。
7．【解答】解：A、通电导线的周围存在磁场。故A不合题意。
B、图是探究电磁感应现象，故B不合题意。
C、闭合开关后，原来静止在磁场中的导体运动起来，说明受到了磁场对电流有力的作用，故C符合题意。
D、该图说明异种电荷相互吸引，同种电荷相互排斥，故D不合题意。
故选：C。
8．【解答】解：A、“探究通电导体产生的热量与电阻的关系”实验中，比较热量大小的方法，采用的是转换法，故A不符合题意；
B、“探究平面镜成像特点”实验中，利用“重合”寻找像的位置，采用的是等效替代法，故B符合题意；
C、“探究阻力对物体运动影响”实验中，“推理”得出阻力为零时的情况，采用的是科学推理法，故C不符合题意；
D、“探究电流与电压的关系”实验中，控制导体电阻大小不变，采用的是控制变量法，故D不符合题意。
故选：B。
9．【解答】解：A．天宫空间站绕地球做曲线运动，是因为在地球引力的作用下，运动状态发生改变；故A正确；
B．从近地点运动至远地点，速度减小，动能减小，高度增加，重力势能增加，故空间站的动能转化为重力势能，故B正确；
C．投出的苹果由于受具有惯性做匀速直线运动，惯性是性质，不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D．空间站中几乎不受重力，离开手的苹果不再受力，故宇航员的抛物实验模拟了牛顿第一定律所描述的现象，故D正确。
故选：C。
10．【解答】解：A．由平面镜成像的特点可知，铅笔与平面镜的距离改变，铅笔在镜中的像的大小不变，故A错误；
B．因像和物体到平面镜间距离相等，当铅笔以5cm/s的速度向平面镜靠近时，2s内铅笔通过的距离s＝vt＝5cm/s×2s＝10cm，2s后铅笔到平面镜距离为40cm﹣10cm＝30cm，像到平面镜间距离也为30cm，2s后铅笔与镜中的像相距30cm+30cm＝60cm，故B错误；
C．若铅笔以5cm/s速度向平面镜靠近，同时像也以5cm/s速度向平面镜靠近，所以铅笔的像相对于铅笔的速度为10cm/s，故C错误；
D．铅笔与平面镜的夹角为45°，根据平面镜成像的特点，此时平面镜将铅笔与像的夹角平分，所以铅笔与它在平面镜中的像互相垂直，故D正确。
故选：D。
11．【解答】解：A、比较两种液体的比热容，必须控制燃料的种类相同，改变液体的种类，控制液体的质量相同，根据温度计的示数高低得出吸热多少，从而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲、乙两图进行实验，故A错误；
B、比较不同燃料热值大小要控制加热的液体种类、液体质量相同，改变燃料的种类，根据温度计的示数高低得出吸热多少，从而判断热值大小，因此选择乙、丙两图进行实验，故B错误；
C、燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而相同时间内燃料消耗的质量不一定相等，则无法判断热值大小，故C错误；
D、质量相同的同种燃料，充分燃尽时，燃料放出的热量相同，即甲、乙两种液体吸收的热量相同，即Qa吸＝Qb吸，所以：caMaΔta＝cbMbΔtb，若MΔt的值越小，则液体的比热容越大，故D正确。
故选：D。
12．【解答】解：由图可知R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表测R1支路的电流。
若电源提供的电流恒定为I总，
A．当滑动变阻器R1接入电路的电阻变大时，电路中的总电阻变大，因为电源提供的电流恒定，由U＝IR可知，电源电压变大，
因为并联电路各支路两端电压相等，等于电源电压，所以电阻R2两端的电压变大，定值电阻R2阻值不变，由I＝可知通过定值电阻R2的电流变大，由I＝I总﹣I2可知，通过滑动变阻器的电流减小，即滑动变阻器R1接入电路的电阻变大时，通过它的电流变小，故A错误；
B．由并联电路的电阻关系可知，，因为为定值电阻，所以与是不从原点开始的正比例函数，故B错误；
C．由题意可知，U＝I总R总，所以，因为为定值，所以与是不从原点开始的正比例函数，故C错误；
D．由题意可知，P总＝R总，所以＝＝×＝×＝+，因为为定值，所以与是不从原点开始的正比例函数，故D正确。
故选：D。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共28分）
13．【解答】解：（1）由图1可知，刻度尺的分度值是1mm，起点与零刻度对齐，末端刻度值为1.30cm，物体的长度是1.30cm；
（2）图2中温度计的分度值是1℃，液住在0℃以上，故示数是5℃；
（3）量筒的分度值为1℃，读数为10℃。
故答案为：（1）1.30；（2）5；（3）10。
14．【解答】解：（1）测质量前，首先把天平放在水平桌面上，将游码置于标尺左端的零刻度线处，若指针偏向中央刻度线的左侧，则应向右移动平衡螺母直至横梁平衡；
（2）由图知，标尺的分度值为0.2g，金属块的质量m＝20g+5g+3.6g＝28.6g。
故答案为：零刻度线；右；28.6。
15．【解答】解：（1）由图可见，进气门关闭，排气门关闭，并且活塞向上运动，因此该冲程是压缩冲程；
（2）汽油机完成1个工作循环，完成四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，1800r/min＝30r/s，即每秒完成15个工作循环，完成60个冲程，对外做功15次；
（3）用水循环带走汽油机产生的热量，这是利用了水的比热容较大的特性。
故答案为：压缩；15；比热容。
16．【解答】解：完全燃烧1m3的可燃冰可放出的热量：Q放＝Vq＝1m3×4.2×108J/m3＝4.2×108J；
根据题意可知，水吸收的热量：Q吸＝40%Q放＝40%×4.2×108J＝1.68×108J；
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的质量：m水＝＝1000kg。
水吸热升温，这是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：4.2×108；1000；热传递。
17．【解答】解：（1）3000r/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过3000r，
转盘转3600圈消耗的电能：
W＝＝1.2kW•h，
实际功率：
P＝＝＝1.8kW＝1800W；
（2）电能表允许接入用电器的最大功率：
P最大＝UI最大＝220V×10A＝2200W，
还可以接入的用电器的功率：
P′＝P最大﹣P＝2200W﹣1800W＝400W。
故答案为：1.2；1.8；400。
18．【解答】解：（1）将小车从斜面上某一高度处静止释放；
（2）本实验探究的是小车碰撞前的动能；
（3）探究物体动能大小与质量的关系，应该控制物体的速度相同，改变物体的质量进行实验。图3中，用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度由静止释放，由于是同一个弹簧，压缩程度相同，弹簧的弹性势能相同，释放后，弹簧的弹性势能转化成钢球的动能，则钢球的动能相同，由于钢球的动能相同，钢球的质量不同，则钢球的速度不同，所以该方法不可行，因为没有控制钢球的速度相同。
故答案为：静止；碰撞前小车；不可行；没有控制钢球的速度相同。
19．【解答】解：（1）只闭合S1时，电路为R1的简单电路，总电阻较大，电源电压不变，根据P＝可知，总功率较小，电加热器处于保温挡，功率P保温＝＝＝484W；
两开关均闭合时，两电阻并联，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知，总功率较大，电加热器处于加热挡，R2的功率P2＝P加热﹣P保温＝1484W﹣484W＝1000W，根据P＝可知，R2＝＝＝48.4Ω；
（2）选用了熔断电流为5A的熔丝时则实际使用时允许的最大功率P＝UI＝220V×5A＝1100W＜1484W，
所以，电路中的熔丝会熔断。
故答案为：484；48.4；电路中的熔丝会熔断。
20．【解答】解：杯中的水不下降，是由于大气压作用在水面上，与托里拆利实验类似；
对水槽、水杯、水受力分析，受到向下的重力和弹簧测力计的拉力与台秤的支持力，三者平衡，G＝F+F拉；
图中弹簧测力计的分度值为0.2N，读数为5N；
根据力的作用是相互的，水槽对秤盘的压力为：
F＝G﹣F拉＝mg﹣5N＝5kg×10N/kg﹣5N＝45N，
受力面积S＝500cm2＝5×10﹣2m2，
则水槽对秤盘的压强为：
p＝＝＝900Pa。
向上“提水”的过程中，水杯排开水的体积变小，水面会下降，由p＝ρ水gh可知，水槽底部受到水的压强会变小。
故答案为：大气压；900；变小。
21．【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，通过的电流IL＝0.25A，
由图2可知，灯泡两端的电压UL＝2.5V，
由I＝可得，灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝10Ω，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UR+UL＝1.5V+2.5V＝4V；
（2）因串联电路中各处的电流相等，且变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0～0.6A，灯泡正常发光时的电流为0.25A，
所以，电路中的最大电流为0.25A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
则R小＝＝＝6Ω，
当电压表的示数UR′＝3V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL′＝U﹣UR′＝4V﹣3V＝1V，
由图2可知，通过灯泡的电流IL′＝0.15A，
则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R大＝＝＝＝20Ω，
所以，R的调节范围为6Ω～20Ω，
灯泡的最小功率：
PL＝UL′IL′＝1V×0.15A＝0.15W。
故答案为：4；6Ω～20Ω；0.15。
三、解答题（本题共9小题，共48分。解答28、29、30题时应有必要的解题过程）
22．【解答】解：足球静止在水平地面上，只受重力和支持力的作用；然后过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力。因为这两个力是一对平衡力，所以作图时两条线段长度要相等。如图所示：
23．【解答】解：由右手螺旋定则可得，螺线管左侧为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针右端应为S极，左端为N极，
因外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向右；
如图所示：
24．【解答】解：（1）由灯泡得接法可知，火线进入开关，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
（2）由三孔插座的接法可知，上孔接地线；左孔接零线。如图所示：
25．【解答】解：（1）实验前，应调整烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上；图甲中，物距大于像距，光屏上所成的像是倒立缩小的实像，生活中照相机利用这一原理制成；
（2）把凸透镜换成一个焦距更大的凸透镜，相当于减小了物距；凸透镜成实像时，物距减小，则像距变大，故应将光屏远离凸透镜，即向右移动，才能在光屏上呈清晰的像；
（3）若用纸板遮挡凸透镜的上半部分，则凸透镜的下半部分对光仍然具有会聚作用，故光屏上仍然会呈现烛焰完整的像，但用纸板遮挡凸透镜的上半部分后，入射光线减少，则像的亮度变暗，故ABC不符合题意，D符合题意，故选D；
（4）如图3，撤去纸板，若将凸透镜的上半部分向上移动一小段距离，此时相当于有两个凸透镜，则光屏上将出现两个像。
故答案为：（1）主光轴；缩小；照相机；（2）右；（3）D；（4）两。
26．【解答】解：（1）为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即图中最左端；
（2）如图1，闭合开关，调节滑动变阻器，小明发现电流表示数有明显变化，说明电路是通路；电压表示数始终为零，说明电压表并联的电路短路或连接电压表的电路断路，经检查发现某处导线断开，故断开的导线是①；
（3）小明更换导线继续实验，调节滑动变阻器，电流表示数为0.2A，此时电压表示数如图2所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2V，则定值电阻Rx的阻值为：
Rx＝＝＝10Ω；
①闭合开关S，将开关S1掷于a，S2掷于d，调节滑动变阻器滑片至合适位置，读出电压表示数为U1；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关S1掷于b，S2掷于d，读出电压表示数为U2；
③在步骤①中，三个电阻串联，此时电压表测量电阻R0与Rx的两端电压之和，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记下此时电压表的示数为U1；
在步骤②中，三个电阻仍串联，电压表测量电阻R0两端电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变；由欧姆定律可知，串联电路电流为：Ix＝I0＝，
由串联电路电压规律可知，Rx两端电压为Ux＝U1﹣U2，
则Rx＝＝＝•R0；
④通过调节滑动变阻器，多次测量，并计算Rx的平均值；
（5）A、已知待测小灯泡的额定电流；闭合开关S，将开关S1掷于b，S2掷于d，电压表测R0两端的电压，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为I额R0，根据串联电路电流特点可知，此时灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片位置不动，将开关S1掷于a，S2掷于d，电压表测量电阻R0与灯泡的两端电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，此时灯泡仍正常发光，根据串联电路电压规律求出灯泡正常发光时电压，利用P＝UI求出灯泡的额定功率，故A正确；
B、已知待测小灯泡的额定电压；闭合开关S，将开关S1掷于a，S2掷于c，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片位置不动，将开关S1掷于b，S2掷于d，电压表测量电阻R0与灯泡的两端电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，此时灯泡仍正常发光，根据串联电路电压规律求出R0两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，然后根据P＝UI求出灯泡的额定功率，故B正确；
CD、已知电源电压或滑动变阻器的最大阻值，都无法确定灯泡是否正常发光，故CD错误；
故选：AB。
故答案为：（1）左；（2）①；（3）10；（4）②b；d；③•R0；（5）AB。
27．【解答】解：（1）当杆秤水平平衡时，测出秤砣的位置到支点O的距离x，根据杠杆平衡条件可得（G液+G杯）×AO＝G砣x，如图1所示x甲＜x乙，则G甲＜G乙，
两种液体的体积相等，根据G＝mg，m＝ρV可得两种液体的密度关系为ρ甲＜ρ乙；
（2）根据G＝mg可得（m+m杯）g×AO＝m砣gx，根据m＝ρV可得（ρ液V+m杯）g×AO＝m砣gx，整理可得x＝，分析函数关系可知x与ρ液是一次函数，但不是正比函数，且x随ρ的增大而增大，故选②；
（3）对杆秤的刻度进行重新标度，将杆秤改装成密度秤，根据（2）中函数关系可知x与ρ液是线性函数，所以它的刻度是均匀的，
液体密度为0时，代入数据可得ρ液V+m杯＝100g，它的零刻度应标在杆秤100g的刻度处；
已知OA：OB＝1：6，用它测量，待测液体密度ρ液最大为ρ液＝＝＝2g/cm3；
（4）用此密度秤进行测量时，若待测液体液面高于标记，根据x＝可知x随V的最大而增大，则测得液体密度值将偏大；
（5）为了提高该密度秤测量液体密度时的精确度，需要减小该密度秤的量程，根据ρ液＝分析可知：
A.保持烧杯形状和容积不变，换用质量更小的烧杯，该密度秤的量程变大，
B.将支点O向A点移动，减小OA距离，该密度秤的量程变大，
C.选用质量更小的秤砣，该密度秤的量程变小，
D.将烧杯上的标记向上移动，增大液体的体积，该密度秤的量程变小，
故方法可行的是CD。
故答案为：（1）＜；（2）②；（3）均匀；100；2；（4）大；（5）CD。
28．【解答】解：
（1）上述过程中的有用功：W有＝Gh＝90N×1m＝90J；
（2）由图知n＝2，所以绳端移动的距离：s＝2h＝2×1m＝2m，
总功：W总＝Fs＝50N×2m＝100J；
（3）滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝90%。
答：（1）上述过程中的有用功为90J；
（2）上述过程中的总功为100J；
（3）滑轮组的机械效率为90%。
29．【解答】解：（1）由在A点出发时电池显示电量剩余30%可知，电池剩余的电量：W电＝30%W总＝30%×50kW•h＝15kW•h＝15×3.6×106J＝5.4×107J，
由表中数据可知，经济模式下耗电指数为100Wh/km＝0.1kW•h/km，
因此AC之间的距离：sAC＝＝150km；
（2）由表中数据可知，经济模式最大速度时汽车牵引力F经济＝288N，
则“经济模式”行驶时的有用功：W有＝F经济sAC＝288N×150×103m＝4.32×107J，
因此汽车的效率：η＝×100%＝×100%＝80%；
（3）经济模式从C点行驶至B点需要的电能：W经济＝120km×0.1kW•h/km＝12kW•h，
由P＝可知，此时充电需要的时间：t经济充＝＝＝0.4h＝24min，
由表中数据可知，经济模式最大速度v经济＝90km/h，
由v＝可知，经济模式行驶需要的时间：t经济行＝＝＝h＝80min，
则经济模式从C点行驶至B点所需的总时间：t经济＝t经济充+t经济行＝24min+80min＝104min，
由表中数据可知，运动模式下耗电指数为130Wh/km＝0.13kW•h/km，
运动模式从C点行驶至B点需要的电能：W运动＝120km×0.13kW•h/km＝15.6kW•h，
由P＝可知，此时充电需要的时间：t运动充＝＝＝0.52h＝31.2min，
由表中数据可知，运动模式最大速度v运动＝120km/h，
由v＝可知，运动模式行驶需要的时间：t运动行＝＝＝1h＝60min，
则运动模式从C点行驶至B点所需的总时间：t运动＝t运动充+t运动行＝31.2min+60min＝91.2min，
则t运动＜t经济，因此为了能尽快从C点行驶至B点应采用运动模式。
答：（1）AC之间的距离为150km；
（2）“经济模式”行驶时，汽车的效率为80%；
（3）从到达充电站充电开始计时，从C点行驶至B点，采用经济模式所需总时间为104min，而采用运动模式所需总时间为91.2min，因此为了能尽快从C点行驶至B点，应采用运动驾驶模式。
30．【解答】解：（1）当线圈中电流I≥0.1A时，衔铁K被吸上，指示灯亮表示油量不足，所以指示灯与K并联接入电路，如图：
；
（2）控制电路中，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
串联电路总电压等于各部分电压之和，当油量达到设定值时，电压表示数为3V，则电阻箱两端的电压U1＝U﹣U2＝5V﹣3V＝3V，
当P上滑至R2的中点B处时，由电压表改装的油量表刚好满偏表示油量达到设定值，R2的总电阻为100Ω，此时滑动变阻器接入电路的电阻为50Ω，
串联电路各处电流相等，此时通过电路的电流I＝＝＝0.06A，
根据欧姆定律可得此时电阻箱R1阻值：R1＝＝＝50Ω；
（3）当指示灯刚好不亮时，电路总电阻R＝＝＝60Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则滑动变阻器接入电路的电阻R2′＝R﹣R1＝60Ω﹣50Ω＝10Ω，
滑动变阻器接入电路的长度为×20cm＝2cm，
由图2可得木块的重力为3.5N，弹簧弹力F与滑片P上滑长度x之间的关系F＝﹣0.35x+3.5（N），则此时的弹力F＝﹣0.35×2+3.5＝2.8N，
木块受到向下的重力、向上的浮力和向上的拉力，根据力的相互作用可知F拉＝F，则F浮＝G木﹣F＝3.5N﹣2.8N＝0.7N，
根据浮力的实质可知木块底部受到的压力为0.7N，
木块底部受到的压强p＝＝＝70Pa，
木块浸在油中的深度h＝＝＝0.01m；
（4）为了提高油量的设定值，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，电压表示数保持3V不变，根据串联分压原理可知需增大电阻箱接入电路的阻值，由图2可知x＝10cm时，滑片位于中点时，弹簧恢复原长，继续加油，弹簧被压缩，长度变化较小，所以R1可调节的范围不大。
答：（1）见上图；
（2）当油量达到设定值时，电压表示数为3V，电阻箱R1阻值为50Ω；
（3）向空油箱内缓慢加油，当指示灯刚好不亮时，木块浸在油中的深度为0.01m；
（4）大；滑片位于中点时，弹簧已经恢复原长，继续加油，弹簧被压缩，长度变化较小。
2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项是正确的）
1．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．声音是由于物体振动产生的
B．声音可在真空中传播
C．通过声音的音调可辨别乐器的种类
D．禁止鸣笛是在人耳处减弱噪声
2．（2分）新冠疫情期间，医护人员要穿防护服并佩戴面罩，面罩上常常会蒙上一层“雾气”，关于“雾气”，下列说
法正确的是（ ）
A．“雾气”是熔化现象 B．“雾气”是液化现象
C．“雾气”是凝华现象 D．“雾气”是汽化现象
3．（2分）如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．手影游戏 B．铅笔折断
C．放大文字 D．水中倒影
4．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．丝绸摩擦过的玻璃棒带的负电荷
B．水和酒精混合总体积变小，说明分子间有空隙
C．汤姆孙通过研究，建立了原子核式结构模型
D．太阳是恒星，它是宇宙的中心
5．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．石油是可再生能源
B．光是一种电磁波，不能在真空中传播
C．验钞机是利用紫外线来工作的
D．核电站是利用核聚变来发电的
6．（2分）下列估计值中，最接近实际的是（ ）
A．人正常步行时的速度约为1.4m/s
B．一本初中物理书的质量约为3kg
C．中学生百米赛跑所用时间约为1min
D．一盏家用台灯的额定功率约300W
7．（2分）下列实验，能说明磁场对电流有力的作用的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（2分）下列实验方法中，属于等效替代的是（ ）
A．“探究通电导体产生的热量与电阻的关系”实验中，比较热量大小的方法
B．“探究平面镜成像特点”实验中，利用“重合”寻找像的位置
C．“探究阻力对物体运动影响”实验中，“推理”得出阻力为零时的情况
D．“探究电流与电压的关系”实验中，控制导体电阻大小不变
9．（2分）如图1是天宫空间站绕地球轨道运行的示意图，如图2是“天宫课堂”的授课场景，宇航员投掷出一个苹果，苹果沿直线运动。下列说法不正确的是（ ）
A．天宫空间站在地球引力的作用下，运动状态发生改变
B．从近地点运动至远地点，空间站的动能转化为重力势能
C．投出的苹果由于受惯性的作用沿直线继续运动
D．宇航员的抛物实验模拟了牛顿第一定律所描述的现象
10．（2分）如图所示，一支铅笔竖直放置在水平面上，一块竖直的平面镜从距离铅笔40cm处，以5cm/s的水平速度面向铅笔匀速靠近。下列说法正确的是（ ）
A．铅笔在平面镜中所成的像逐渐变大
B．经过2s，铅笔与它的像之间的距离变为30cm
C．铅笔的像相对于铅笔的速度为5cm/s
D．若铅笔顺时针转至图中虚线位置，铅笔的像将与铅笔垂直
11．（2分）如图，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量用m表示，烧杯内液体质量用M表示。同时点燃三个装置中燃料，加热相同时间，测出液体升高的温度Δt，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，应选择乙、丙两图
B．比较不同燃料的热值，应选择甲、乙两图
C．正确选择后，若 的值越大，燃料的热值越大
D．正确选择后，若MΔt乘积越小，液体的比热容越大
12．（2分）如图电路，恒流电源输出电流大小不变，电流表示数为I，电压表的示数为U，电路总电阻为R总，电路消耗的总功率为P总，下列关系图线中，可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共28分）
13．（3分）（1）图1中，物体的长度为 cm；
（2）图2中，温度计的示数为 ℃；
（3）图3中，量筒的示数为 mL。
14．（3分）在“测量金属块的质量”实验时，小明将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端的 处，若此时指针偏向中央刻度线的左侧，应将平衡螺母向 调节。天平平衡时砝码使用情况和游码位置如图，则金属块的质量为 g。
15．（3分）图中单缸四冲程汽油机正处在 冲程。若该汽油机转速为1800r/min，则它每秒钟做功 次。用水循环带走汽油机产生的热量，这是利用了水的 较大的特性。
16．（3分）可燃冰具有热值大，污染小的优点，若可燃冰的热值是4.2×108J/m3，完全燃烧1m3的可燃冰可放出热量 J。若这些热量的40%被水吸收，可把 kg的水从20℃加热至60℃。水吸热升温，这是通过 的方式改变水的内能。
17．（3分）小明发现家中图示电能表的转盘在40min内转动了3600圈，则他家中用电器实际消耗的电能为 kW•h，实际功率为 kW；若该电能表能正常工作的最大电流为10A，则小明家中还能接入额定功率为 W的用电器。
18．（4分）“探究动能大小与哪些因素有关”的实验装置如图①所示：将小车从斜面上某一高度处 释放，运动至水平木板上与木块碰撞。此实验是研究 （选填“碰撞后木块”、“碰撞后小车”或“碰撞前小车”）的动能；小明同学设计图②所示装置探究“物体动能大小与质量的关系”，用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离；该方法 （选填“可行”或“不可行”），原因是 。
19．（3分）某同学设计的具有保温、加热两挡调节功能的电加热器电路如图所示，已知电源电压为220V，电热丝R1的阻值为100Ω，电加热器处于加热挡时的功率为1484W，电加热器处于保温挡时的功率为 W，电热丝R2的阻值应为 Ω。若该同学选用了熔断电流为5A的熔丝，则你认为该电加热器在实际使用中会出现的状况是： 。
20．（3分）小明利用如图1器材进行“提水”实验，他将盛有水的水槽放在电子秤水平秤盘上，再将水杯装满水倒扣与水槽内，用弹簧测力计竖直向上缓慢提起水杯，小明观察到水杯内的水也被提起来了，弹簧测力计示数有示数。“水被提起来”说明了 的存在；已知水槽底面积为500cm2，水的质量是5kg，不计水杯和水槽的质量，则当弹簧测力计示数如图2时，水槽对秤盘的压强为 Pa。向上“提水”的过程中，水槽底部受到水的压强 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。（g＝10N/kg）
21．（3分）如图1，灯泡L的额定电流为0.25A，其电流与电压的关系如图2所示，滑动变阻器R的规格为“50Ω 1A”，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V。闭合开关S，调节R，当电压表示数为1.5V时，L恰好正常发光，则电源电压为 V。为保证电路安全，R的调节范围为 ，灯泡L的最小电功率为 W。
三、解答题（本题共9小题，共48分。解答28、29、30题时应有必要的解题过程）
22．（2分）如图所示，一个足球静止在水平地面上，请画出它受力的示意图。
23．（2分）如图所示，开关S闭合后，小磁针在图示位置处于静止状态，请在图中适当位 置分别标出磁感线的方向和小磁针的N极。
24．（2分）请将图中的开关、灯泡、三孔插座正确接入家庭电路，使开关控制灯泡的亮灭。
25．（6分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）实验前，应调整烛焰、光屏的中心位于凸透镜的 上；实验时，如图1光屏上呈现烛焰清晰的像，则该像是 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，与这种成像原理一致的光学仪器是 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（2）在图1实验情景中，保持蜡烛和凸透镜位置不变，若换用焦距更大的凸透镜，为了光屏上再次呈清晰
的像，光屏需向 （选填“左”或“右”）移动。
（3）在图1实验情景中，若用纸板遮挡凸透镜的上半部分（如图2），则光屏上 。
A.只出现烛焰像的上半部分
B.只出现烛焰像的下半部分
C.不出现烛焰的像
D.出现烛焰完整的像，且大小不变，只是变暗了
（4）如图3，撤去纸板，若将凸透镜的上半部分向上移动一小段距离，则光屏上将出现 个像。
26．（7分）小明用图1所示电路做“伏安法测电阻”实验。
（1）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于图中最 （选填“左”或“右”）端；
（2）如图1，闭合开关，调节滑动变阻器，小明发现电压表示数始终为零，电流表示数有明显变化，经检查发现某处导线断开，断开的导线是 （填导线的序号）；
（3）小明更换导线继续实验，调节滑动变阻器，电流表示数为0.2A，此时电压表示数如图2所示，则定值电阻Rx的阻值为 Ω，他继续调节滑动变阻器，多次测量，并计算Rx的平均值；
（4）如图3，小明又设计了另一种测量电阻Rx的方案，电路中定值电阻R0的阻值已知，请完善操作步骤，并写出电阻Rx的表达式：
①闭合开关S，将开关S1掷于a，S2掷于d，调节滑动变阻器滑片至合适位置，读出电压表示数为U1；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关S1掷于 ，S2掷于 ，读出电压表示数为U2；
③则Rx＝ （用U1、U2、R0表示）；
④通过调节滑动变阻器，多次测量，并计算Rx的平均值；
（5）小强认为在满足一定条件下，若用小灯泡替换电阻Rx，则图3所示电路可以测量小灯泡的额定功率。该条件是 。（多选）
A.已知待测小灯泡的额定电流
B.已知待测小灯泡的额定电压
C.已知电源电压
D.已知滑动变阻器的最大阻值
27．（7分）在综合实践活动中，小明利用自制杆秤测量液体的密度。如图1，已知杆秤的自重不计，O点是杆秤的提纽（杠杆支点），秤砣质量为50g，OA：OB＝1：6，烧杯内液体体积V＝100mL（液面在标记处），烧杯质量是100g。
（1）为了比较甲、乙液体的密度大小，小明用带标记的烧杯盛取等体积的两种液体，然后用自制杆秤分别称量，当杆秤水平平衡时，测出秤砣的位置到支点O的距离x，如图1所示，则两种液体的密度关系为ρ甲 ρ乙（选填“＜”、“＝”或“＞”）；
（2）小明对本实验原理进行了进一步分析，从而得到秤砣到支点O的距离x与被测液体的密度之间的函数关系，则符合此关系的应是图2中的图线 （选填“①”、“②”或“③”）；
（3）根据上述结论，小明对杆秤的刻度进行重新标度，将杆秤改装成密度秤，它的刻度是 （选填“均匀”或“不均匀”）的，它的零刻度应标在杆秤 g的刻度处。用它测量时，待测液体密度ρ液应不超过 g/cm3；
（4）用此密度秤进行测量时，若待测液体液面高于标记，则测得液体密度值将偏 ；
（5）为了提高该密度秤测量液体密度时的精确度，下列方法可行的是： 。（多选）
A.保持烧杯形状和容积不变，换用质量更小的烧杯
B.将支点O向A点移动，减小OA距离
C.选用质量更小的秤砣
D.将烧杯上的标记向上移动，增大液体的体积
28．（6分）用如图所示的滑轮组将重90N的货物匀速提升1m的过程中，所用拉力F＝50N，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦。
（1）求上述过程中的有用功W有用；
（2）求上述过程中的总功W总；
（3）求滑轮组的机械效率η。
29．（8分）电动汽车作为新型交通工具，它具有节能、环保的特点。某型号电动汽车由锂电池供电，电动机提供动力。该电动汽车有两种驾驶模式，不同驾驶模式的“耗电指数”不同，“耗电指数”的单位是“Wh/km”，例“100Wh/km”，其含义是：“每千米的路程，汽车消耗0.1kW•h的电能”，具体数据如表所示。
驾驶模式
最大速度v（km/h）
耗电指数（Wh/km）
最大速度时汽车牵引力（N）
经济模式
90
100
288
运动模式
120
130
未知
如图，该电动汽车在平直公路上从A点驶往B点，C是充电站。已知，BC之间距离是120km；汽车的电池容量是50kW•h，在A点出发时电池显示电量剩余30%，然后以“经济模式”最大速度匀速行驶至C点时，电池电量耗尽.汽车在充电站充电，充电桩的充电功率是30kW，忽略充电时的能量损耗。请根据题中信息完成下列问题：
（1）求AC之间的距离；
（2）求“经济模式”行驶时，汽车的效率；
（3）从到达充电站充电开始计时，为了能尽快从C点行驶至B点，你会采用哪种驾驶模式？试通过计算说明理由。（提示：比较两种模式充电和行驶的总时间；不考虑汽车在途中加速或减速的时间。）
30．（8分）图1是小明设计的一种的油量表模拟装置示意图：轻质弹簧上端固定，下端与柱形木块相连，轻质滑片P的右端固定在弹簧最下端，左端位于粗细均匀的金属电阻R2的最下端A处且接触良好。闭合S，向空油箱里缓慢加油，当P上滑至R2的中点B处时，由电压表改装的油量表刚好满偏表示油量达到设定值，在此过程中，弹簧弹力F与滑片P上滑长度x之间的关系如图2所示。随着油量消耗，油面下降，当线圈中电流I≥0.1A时，衔铁K被吸上，指示灯亮表示油量不足。已知：柱形木块底面积是100cm2，木块的密度是0.35g/cm3，电源电压U＝6V，R2的总电阻为100Ω，长度为20cm，电压表量程为0～3V，油的密度ρ油＝0.7g/cm3；弹簧始终处于弹性限度范围内，不考虑线圈的电阻和滑片P滑动时的摩擦，g＝10N/kg。
（1）请用笔画线代替导线将指示灯L接入电路。
（2）当油量达到设定值时，电压表示数为3V，求电阻箱R1阻值；
（3）向空油箱内缓慢加油，当指示灯刚好不亮时，求木块浸在油中的深度h；
（4）为了提高油量的设定值，可以“适当”调 （选填“大”或“小”）电阻箱R1的阻值；“适当”指的是R1可调节的范围不大，主要原因是： 。
2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项是正确的）
1．【解答】解：A、声音是由于物体振动产生的，故A正确；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、不同乐器发出声音的音色不同，故通过声音的音色可辨别乐器的种类，故C错误；
D、禁止鸣笛是在声源处控制噪声产生，故D错误。
故选：A。
2．【解答】解：“雾气”是医生口中呼出来的水蒸气遇到温度较低的面罩放热液化成的小水滴，附在面罩内侧。
故选：B。
3．【解答】解：A、手影游戏属于光的直线传播，故A不符合题意；
B、铅笔折断属于光的折射，故B不符合题意；
C、放大文字属于光的折射，故C不符合题意；
D、水中倒影属于光的反射，故D符合题意。
故选：D。
4．【解答】解：A、丝绸摩擦过的玻璃棒带的正电荷，故A错误；
B、水和酒精混合总体积变小，说明分子间有空隙，故B正确；
C、卢瑟福通过研究，建立了原子核式结构模型，故C错误；
D、太阳是恒星，是太阳系的中心，它不是宇宙的中心，故D错误。
故选：B。
5．【解答】解：A.石油在地球上的储量是有限的，消耗后短期内不可能再生，属不可再生能源，故A错误；
B.电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故B错误；
C.紫外线可以使荧光物质发光，所以可以用来检验钞票中的荧光物质，从而辨别真假，故C正确；
D.核电站是利用核裂变来释放能量来发电的，故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：A、人正常步行时的速度约为1.4m/s，故A正确；
B、一本初中物理书的质量约为0.3kg，故B错误；
C、中学生百米赛跑所用时间约为15s，故C错误；
D、一盏家用台灯的额定功率约30W，故D错误。
故选：A。
7．【解答】解：A、通电导线的周围存在磁场。故A不合题意。
B、图是探究电磁感应现象，故B不合题意。
C、闭合开关后，原来静止在磁场中的导体运动起来，说明受到了磁场对电流有力的作用，故C符合题意。
D、该图说明异种电荷相互吸引，同种电荷相互排斥，故D不合题意。
故选：C。
8．【解答】解：A、“探究通电导体产生的热量与电阻的关系”实验中，比较热量大小的方法，采用的是转换法，故A不符合题意；
B、“探究平面镜成像特点”实验中，利用“重合”寻找像的位置，采用的是等效替代法，故B符合题意；
C、“探究阻力对物体运动影响”实验中，“推理”得出阻力为零时的情况，采用的是科学推理法，故C不符合题意；
D、“探究电流与电压的关系”实验中，控制导体电阻大小不变，采用的是控制变量法，故D不符合题意。
故选：B。
9．【解答】解：A．天宫空间站绕地球做曲线运动，是因为在地球引力的作用下，运动状态发生改变；故A正确；
B．从近地点运动至远地点，速度减小，动能减小，高度增加，重力势能增加，故空间站的动能转化为重力势能，故B正确；
C．投出的苹果由于受具有惯性做匀速直线运动，惯性是性质，不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D．空间站中几乎不受重力，离开手的苹果不再受力，故宇航员的抛物实验模拟了牛顿第一定律所描述的现象，故D正确。
故选：C。
10．【解答】解：A．由平面镜成像的特点可知，铅笔与平面镜的距离改变，铅笔在镜中的像的大小不变，故A错误；
B．因像和物体到平面镜间距离相等，当铅笔以5cm/s的速度向平面镜靠近时，2s内铅笔通过的距离s＝vt＝5cm/s×2s＝10cm，2s后铅笔到平面镜距离为40cm﹣10cm＝30cm，像到平面镜间距离也为30cm，2s后铅笔与镜中的像相距30cm+30cm＝60cm，故B错误；
C．若铅笔以5cm/s速度向平面镜靠近，同时像也以5cm/s速度向平面镜靠近，所以铅笔的像相对于铅笔的速度为10cm/s，故C错误；
D．铅笔与平面镜的夹角为45°，根据平面镜成像的特点，此时平面镜将铅笔与像的夹角平分，所以铅笔与它在平面镜中的像互相垂直，故D正确。
故选：D。
11．【解答】解：A、比较两种液体的比热容，必须控制燃料的种类相同，改变液体的种类，控制液体的质量相同，根据温度计的示数高低得出吸热多少，从而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲、乙两图进行实验，故A错误；
B、比较不同燃料热值大小要控制加热的液体种类、液体质量相同，改变燃料的种类，根据温度计的示数高低得出吸热多少，从而判断热值大小，因此选择乙、丙两图进行实验，故B错误；
C、燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而相同时间内燃料消耗的质量不一定相等，则无法判断热值大小，故C错误；
D、质量相同的同种燃料，充分燃尽时，燃料放出的热量相同，即甲、乙两种液体吸收的热量相同，即Qa吸＝Qb吸，所以：caMaΔta＝cbMbΔtb，若MΔt的值越小，则液体的比热容越大，故D正确。
故选：D。
12．【解答】解：由图可知R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表测R1支路的电流。
若电源提供的电流恒定为I总，
A．当滑动变阻器R1接入电路的电阻变大时，电路中的总电阻变大，因为电源提供的电流恒定，由U＝IR可知，电源电压变大，
因为并联电路各支路两端电压相等，等于电源电压，所以电阻R2两端的电压变大，定值电阻R2阻值不变，由I＝可知通过定值电阻R2的电流变大，由I＝I总﹣I2可知，通过滑动变阻器的电流减小，即滑动变阻器R1接入电路的电阻变大时，通过它的电流变小，故A错误；
B．由并联电路的电阻关系可知，，因为为定值电阻，所以与是不从原点开始的正比例函数，故B错误；
C．由题意可知，U＝I总R总，所以，因为为定值，所以与是不从原点开始的正比例函数，故C错误；
D．由题意可知，P总＝R总，所以＝＝×＝×＝+，因为为定值，所以与是不从原点开始的正比例函数，故D正确。
故选：D。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共28分）
13．【解答】解：（1）由图1可知，刻度尺的分度值是1mm，起点与零刻度对齐，末端刻度值为1.30cm，物体的长度是1.30cm；
（2）图2中温度计的分度值是1℃，液住在0℃以上，故示数是5℃；
（3）量筒的分度值为1℃，读数为10℃。
故答案为：（1）1.30；（2）5；（3）10。
14．【解答】解：（1）测质量前，首先把天平放在水平桌面上，将游码置于标尺左端的零刻度线处，若指针偏向中央刻度线的左侧，则应向右移动平衡螺母直至横梁平衡；
（2）由图知，标尺的分度值为0.2g，金属块的质量m＝20g+5g+3.6g＝28.6g。
故答案为：零刻度线；右；28.6。
15．【解答】解：（1）由图可见，进气门关闭，排气门关闭，并且活塞向上运动，因此该冲程是压缩冲程；
（2）汽油机完成1个工作循环，完成四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，1800r/min＝30r/s，即每秒完成15个工作循环，完成60个冲程，对外做功15次；
（3）用水循环带走汽油机产生的热量，这是利用了水的比热容较大的特性。
故答案为：压缩；15；比热容。
16．【解答】解：完全燃烧1m3的可燃冰可放出的热量：Q放＝Vq＝1m3×4.2×108J/m3＝4.2×108J；
根据题意可知，水吸收的热量：Q吸＝40%Q放＝40%×4.2×108J＝1.68×108J；
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的质量：m水＝＝1000kg。
水吸热升温，这是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：4.2×108；1000；热传递。
17．【解答】解：（1）3000r/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过3000r，
转盘转3600圈消耗的电能：
W＝＝1.2kW•h，
实际功率：
P＝＝＝1.8kW＝1800W；
（2）电能表允许接入用电器的最大功率：
P最大＝UI最大＝220V×10A＝2200W，
还可以接入的用电器的功率：
P′＝P最大﹣P＝2200W﹣1800W＝400W。
故答案为：1.2；1.8；400。
18．【解答】解：（1）将小车从斜面上某一高度处静止释放；
（2）本实验探究的是小车碰撞前的动能；
（3）探究物体动能大小与质量的关系，应该控制物体的速度相同，改变物体的质量进行实验。图3中，用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度由静止释放，由于是同一个弹簧，压缩程度相同，弹簧的弹性势能相同，释放后，弹簧的弹性势能转化成钢球的动能，则钢球的动能相同，由于钢球的动能相同，钢球的质量不同，则钢球的速度不同，所以该方法不可行，因为没有控制钢球的速度相同。
故答案为：静止；碰撞前小车；不可行；没有控制钢球的速度相同。
19．【解答】解：（1）只闭合S1时，电路为R1的简单电路，总电阻较大，电源电压不变，根据P＝可知，总功率较小，电加热器处于保温挡，功率P保温＝＝＝484W；
两开关均闭合时，两电阻并联，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知，总功率较大，电加热器处于加热挡，R2的功率P2＝P加热﹣P保温＝1484W﹣484W＝1000W，根据P＝可知，R2＝＝＝48.4Ω；
（2）选用了熔断电流为5A的熔丝时则实际使用时允许的最大功率P＝UI＝220V×5A＝1100W＜1484W，
所以，电路中的熔丝会熔断。
故答案为：484；48.4；电路中的熔丝会熔断。
20．【解答】解：杯中的水不下降，是由于大气压作用在水面上，与托里拆利实验类似；
对水槽、水杯、水受力分析，受到向下的重力和弹簧测力计的拉力与台秤的支持力，三者平衡，G＝F+F拉；
图中弹簧测力计的分度值为0.2N，读数为5N；
根据力的作用是相互的，水槽对秤盘的压力为：
F＝G﹣F拉＝mg﹣5N＝5kg×10N/kg﹣5N＝45N，
受力面积S＝500cm2＝5×10﹣2m2，
则水槽对秤盘的压强为：
p＝＝＝900Pa。
向上“提水”的过程中，水杯排开水的体积变小，水面会下降，由p＝ρ水gh可知，水槽底部受到水的压强会变小。
故答案为：大气压；900；变小。
21．【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当电压表的示数为1.5V时，L恰好正常发光，通过的电流IL＝0.25A，
由图2可知，灯泡两端的电压UL＝2.5V，
由I＝可得，灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝10Ω，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UR+UL＝1.5V+2.5V＝4V；
（2）因串联电路中各处的电流相等，且变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表的量程为0～0.6A，灯泡正常发光时的电流为0.25A，
所以，电路中的最大电流为0.25A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
则R小＝＝＝6Ω，
当电压表的示数UR′＝3V时，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL′＝U﹣UR′＝4V﹣3V＝1V，
由图2可知，通过灯泡的电流IL′＝0.15A，
则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R大＝＝＝＝20Ω，
所以，R的调节范围为6Ω～20Ω，
灯泡的最小功率：
PL＝UL′IL′＝1V×0.15A＝0.15W。
故答案为：4；6Ω～20Ω；0.15。
三、解答题（本题共9小题，共48分。解答28、29、30题时应有必要的解题过程）
22．【解答】解：足球静止在水平地面上，只受重力和支持力的作用；然后过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力。因为这两个力是一对平衡力，所以作图时两条线段长度要相等。如图所示：
23．【解答】解：由右手螺旋定则可得，螺线管左侧为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针右端应为S极，左端为N极，
因外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向右；
如图所示：
24．【解答】解：（1）由灯泡得接法可知，火线进入开关，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
（2）由三孔插座的接法可知，上孔接地线；左孔接零线。如图所示：
25．【解答】解：（1）实验前，应调整烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上；图甲中，物距大于像距，光屏上所成的像是倒立缩小的实像，生活中照相机利用这一原理制成；
（2）把凸透镜换成一个焦距更大的凸透镜，相当于减小了物距；凸透镜成实像时，物距减小，则像距变大，故应将光屏远离凸透镜，即向右移动，才能在光屏上呈清晰的像；
（3）若用纸板遮挡凸透镜的上半部分，则凸透镜的下半部分对光仍然具有会聚作用，故光屏上仍然会呈现烛焰完整的像，但用纸板遮挡凸透镜的上半部分后，入射光线减少，则像的亮度变暗，故ABC不符合题意，D符合题意，故选D；
（4）如图3，撤去纸板，若将凸透镜的上半部分向上移动一小段距离，此时相当于有两个凸透镜，则光屏上将出现两个像。
故答案为：（1）主光轴；缩小；照相机；（2）右；（3）D；（4）两。
26．【解答】解：（1）为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即图中最左端；
（2）如图1，闭合开关，调节滑动变阻器，小明发现电流表示数有明显变化，说明电路是通路；电压表示数始终为零，说明电压表并联的电路短路或连接电压表的电路断路，经检查发现某处导线断开，故断开的导线是①；
（3）小明更换导线继续实验，调节滑动变阻器，电流表示数为0.2A，此时电压表示数如图2所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2V，则定值电阻Rx的阻值为：
Rx＝＝＝10Ω；
①闭合开关S，将开关S1掷于a，S2掷于d，调节滑动变阻器滑片至合适位置，读出电压表示数为U1；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关S1掷于b，S2掷于d，读出电压表示数为U2；
③在步骤①中，三个电阻串联，此时电压表测量电阻R0与Rx的两端电压之和，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，记下此时电压表的示数为U1；
在步骤②中，三个电阻仍串联，电压表测量电阻R0两端电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变；由欧姆定律可知，串联电路电流为：Ix＝I0＝，
由串联电路电压规律可知，Rx两端电压为Ux＝U1﹣U2，
则Rx＝＝＝•R0；
④通过调节滑动变阻器，多次测量，并计算Rx的平均值；
（5）A、已知待测小灯泡的额定电流；闭合开关S，将开关S1掷于b，S2掷于d，电压表测R0两端的电压，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为I额R0，根据串联电路电流特点可知，此时灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片位置不动，将开关S1掷于a，S2掷于d，电压表测量电阻R0与灯泡的两端电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，此时灯泡仍正常发光，根据串联电路电压规律求出灯泡正常发光时电压，利用P＝UI求出灯泡的额定功率，故A正确；
B、已知待测小灯泡的额定电压；闭合开关S，将开关S1掷于a，S2掷于c，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片位置不动，将开关S1掷于b，S2掷于d，电压表测量电阻R0与灯泡的两端电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，此时灯泡仍正常发光，根据串联电路电压规律求出R0两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，然后根据P＝UI求出灯泡的额定功率，故B正确；
CD、已知电源电压或滑动变阻器的最大阻值，都无法确定灯泡是否正常发光，故CD错误；
故选：AB。
故答案为：（1）左；（2）①；（3）10；（4）②b；d；③•R0；（5）AB。
27．【解答】解：（1）当杆秤水平平衡时，测出秤砣的位置到支点O的距离x，根据杠杆平衡条件可得（G液+G杯）×AO＝G砣x，如图1所示x甲＜x乙，则G甲＜G乙，
两种液体的体积相等，根据G＝mg，m＝ρV可得两种液体的密度关系为ρ甲＜ρ乙；
（2）根据G＝mg可得（m+m杯）g×AO＝m砣gx，根据m＝ρV可得（ρ液V+m杯）g×AO＝m砣gx，整理可得x＝，分析函数关系可知x与ρ液是一次函数，但不是正比函数，且x随ρ的增大而增大，故选②；
（3）对杆秤的刻度进行重新标度，将杆秤改装成密度秤，根据（2）中函数关系可知x与ρ液是线性函数，所以它的刻度是均匀的，
液体密度为0时，代入数据可得ρ液V+m杯＝100g，它的零刻度应标在杆秤100g的刻度处；
已知OA：OB＝1：6，用它测量，待测液体密度ρ液最大为ρ液＝＝＝2g/cm3；
（4）用此密度秤进行测量时，若待测液体液面高于标记，根据x＝可知x随V的最大而增大，则测得液体密度值将偏大；
（5）为了提高该密度秤测量液体密度时的精确度，需要减小该密度秤的量程，根据ρ液＝分析可知：
A.保持烧杯形状和容积不变，换用质量更小的烧杯，该密度秤的量程变大，
B.将支点O向A点移动，减小OA距离，该密度秤的量程变大，
C.选用质量更小的秤砣，该密度秤的量程变小，
D.将烧杯上的标记向上移动，增大液体的体积，该密度秤的量程变小，
故方法可行的是CD。
故答案为：（1）＜；（2）②；（3）均匀；100；2；（4）大；（5）CD。
28．【解答】解：
（1）上述过程中的有用功：W有＝Gh＝90N×1m＝90J；
（2）由图知n＝2，所以绳端移动的距离：s＝2h＝2×1m＝2m，
总功：W总＝Fs＝50N×2m＝100J；
（3）滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝90%。
答：（1）上述过程中的有用功为90J；
（2）上述过程中的总功为100J；
（3）滑轮组的机械效率为90%。
29．【解答】解：（1）由在A点出发时电池显示电量剩余30%可知，电池剩余的电量：W电＝30%W总＝30%×50kW•h＝15kW•h＝15×3.6×106J＝5.4×107J，
由表中数据可知，经济模式下耗电指数为100Wh/km＝0.1kW•h/km，
因此AC之间的距离：sAC＝＝150km；
（2）由表中数据可知，经济模式最大速度时汽车牵引力F经济＝288N，
则“经济模式”行驶时的有用功：W有＝F经济sAC＝288N×150×103m＝4.32×107J，
因此汽车的效率：η＝×100%＝×100%＝80%；
（3）经济模式从C点行驶至B点需要的电能：W经济＝120km×0.1kW•h/km＝12kW•h，
由P＝可知，此时充电需要的时间：t经济充＝＝＝0.4h＝24min，
由表中数据可知，经济模式最大速度v经济＝90km/h，
由v＝可知，经济模式行驶需要的时间：t经济行＝＝＝h＝80min，
则经济模式从C点行驶至B点所需的总时间：t经济＝t经济充+t经济行＝24min+80min＝104min，
由表中数据可知，运动模式下耗电指数为130Wh/km＝0.13kW•h/km，
运动模式从C点行驶至B点需要的电能：W运动＝120km×0.13kW•h/km＝15.6kW•h，
由P＝可知，此时充电需要的时间：t运动充＝＝＝0.52h＝31.2min，
由表中数据可知，运动模式最大速度v运动＝120km/h，
由v＝可知，运动模式行驶需要的时间：t运动行＝＝＝1h＝60min，
则运动模式从C点行驶至B点所需的总时间：t运动＝t运动充+t运动行＝31.2min+60min＝91.2min，
则t运动＜t经济，因此为了能尽快从C点行驶至B点应采用运动模式。
答：（1）AC之间的距离为150km；
（2）“经济模式”行驶时，汽车的效率为80%；
（3）从到达充电站充电开始计时，从C点行驶至B点，采用经济模式所需总时间为104min，而采用运动模式所需总时间为91.2min，因此为了能尽快从C点行驶至B点，应采用运动驾驶模式。
30．【解答】解：（1）当线圈中电流I≥0.1A时，衔铁K被吸上，指示灯亮表示油量不足，所以指示灯与K并联接入电路，如图：
；
（2）控制电路中，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
串联电路总电压等于各部分电压之和，当油量达到设定值时，电压表示数为3V，则电阻箱两端的电压U1＝U﹣U2＝5V﹣3V＝3V，
当P上滑至R2的中点B处时，由电压表改装的油量表刚好满偏表示油量达到设定值，R2的总电阻为100Ω，此时滑动变阻器接入电路的电阻为50Ω，
串联电路各处电流相等，此时通过电路的电流I＝＝＝0.06A，
根据欧姆定律可得此时电阻箱R1阻值：R1＝＝＝50Ω；
（3）当指示灯刚好不亮时，电路总电阻R＝＝＝60Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则滑动变阻器接入电路的电阻R2′＝R﹣R1＝60Ω﹣50Ω＝10Ω，
滑动变阻器接入电路的长度为×20cm＝2cm，
由图2可得木块的重力为3.5N，弹簧弹力F与滑片P上滑长度x之间的关系F＝﹣0.35x+3.5（N），则此时的弹力F＝﹣0.35×2+3.5＝2.8N，
木块受到向下的重力、向上的浮力和向上的拉力，根据力的相互作用可知F拉＝F，则F浮＝G木﹣F＝3.5N﹣2.8N＝0.7N，
根据浮力的实质可知木块底部受到的压力为0.7N，
木块底部受到的压强p＝＝＝70Pa，
木块浸在油中的深度h＝＝＝0.01m；
（4）为了提高油量的设定值，需增大滑动变阻器接入电路的阻值，电压表示数保持3V不变，根据串联分压原理可知需增大电阻箱接入电路的阻值，由图2可知x＝10cm时，滑片位于中点时，弹簧恢复原长，继续加油，弹簧被压缩，长度变化较小，所以R1可调节的范围不大。
答：（1）见上图；
（2）当油量达到设定值时，电压表示数为3V，电阻箱R1阻值为50Ω；
（3）向空油箱内缓慢加油，当指示灯刚好不亮时，木块浸在油中的深度为0.01m；
（4）大；滑片位于中点时，弹簧已经恢复原长，继续加油，弹簧被压缩，长度变化较小。
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