2022-2023学年湖北省黄冈市浠水县第一中学高二下学期5月质量检测数学试题含解析
展开2022-2023学年湖北省黄冈市浠水县第一中学高二下学期5月质量检测数学试题
一、单选题
1.已知,则( )
A.1 B.3 C.6 D.9
【答案】D
【分析】利用导数的定义式以及极限的性质可求答案.
【详解】.
故选:D.
2.设随机变量的正态分布密度函数为,,则参数,的值分别是( )
A., B.,
C., D.,
【答案】D
【分析】由正态分布密度函数的概念即得.
【详解】由正态分布密度函数表达式知,.
故选:D.
3.设随机变量的概率分布列为:
X | 1 | 2 | 3 | 4 |
P | m |
则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【分析】根据对立事件的概率公式求解即可.
【详解】依题意,,即事件的对立事件是的事件,
所以.
故选:C
4.年小李夫妇开设了一家包子店,经统计,发现每天包子的销量单位:个,估计天内每天包子的销量约在到个的天数大约为( )
附:若随机变量,则,,
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】利用正态分布三段区间概率估计公式计算即可.
【详解】由题意可知,,,
则,
,
,
则天内每天包子的销量约在到个的天数大约为.
故选:.
5.2023年4月12日湖北省运会在宜昌奥体中心开幕,在观看湖北省运会的同时,也有很多游客慕名来宜昌旅游,甲乙两名游客准备分别从三峡大坝、三峡人家、三峡大瀑布和清江画廊四个5A景区中随机选择一个游玩,记事件A:甲和乙至少一人选择三峡大坝景区,事件:甲和乙选择的景点不同,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】由条件概率公式计算即可.
【详解】解:,,
,
故选:A.
6.在数学中,有一个被称为自然常数(又叫欧拉数)的常数.小明在设置银行卡的数字密码时,打算将自然常数的前6位数字2,7,1,8,2,8进行某种排列得到密码.如果排列时要求2不排第一个,两个8相邻,那么小明可以设置的不同的密码个数为( )
A.30 B.32 C.36 D.48
【答案】C
【分析】由题意,设置的密码可分为8排第一位和8不排第一位两类,结合插空法、捆绑法和分类计数原理计算即可求解.
【详解】由题意,设置的密码可分为8排第一位和8不排第一位两类:
若8排第一位,则两个8占第一、二位,
再从四个位置中选两个位置给2,最后排7和1,共种;
若8不排第一位,则7或者1排第一位,
两个8捆绑,与两个2,以及7和1剩的数排列,共种,
所以设置的不同密码个数共36种,
故选:C.
7.泊松分布是一种描述随机现象的概率分布,在经济生活、事故预测、生物学、物理学等领域有广泛的应用,泊松分布的概率分布列为,其中e为自然对数的底数,是泊松分布的均值.当n很大且p很小时,二项分布近似于泊松分布,其中.一般地,当而时,泊松分布可作为二项分布的近似.若随机变量,的近似值为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】由题可得,代入公式用对立事件的概率和为1计算即可.
【详解】由题, ,,泊松分布可作为二项分布的近似,
此时,
所以,
所以,,
则.
故选:B
8.设定义在上的函数的导函数为,若,,则不等式(其中e为自然对数的底数)的解集为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】根据的结构特征构造函数,并判断其单调性,结合可得的解集,即可求得答案.
【详解】设,则,
∵,∴,
而,故,
∴在R上单调递增,
又,故,
∴的解集为,
即不等式的解集为,
故选:B
【点睛】方法点睛:像此类给出一个关于导数的不等式的问题,要能根据所给不等式的结构特征,构造恰当的函数,从而利用其单调性求得答案.
二、多选题
9.下列说法正确的是( )
A.对于独立性检验,随机变量χ2的值越小,判定“两变量有关系”犯错误的概率越小
B.在线性回归分析中,相关系数r的绝对值越接近于1,说明回归方程拟合的效果越好
C.随机变量,若,则
D.用拟合一组数据时,经代换后得到的回归直线方程为,则
【答案】BD
【分析】由随机变量χ2、相关系数r的实际意义判断A、B;根据二项分布期望、方差公式列方程求n判断C;由,结合回归直线方程即可求参数判断D.
【详解】A:对于独立性检验,随机变量χ2的值越小,判定“两变量有关系”犯错误的概率越大,故错误;
B:在线性回归分析中,相关系数r的绝对值越接近于1,说明回归方程拟合的效果越好,故正确;
C:随机变量,若,则,解得,故错误;
D:因为,所以,又,所以,则,故正确.
故选:BD
10.甲罐中有5个红球,2个白球和3个黑球,乙罐中有4个红球,3个白球和3个黑球.先从甲罐中随机取出一球放入乙罐,分别以,和表示从甲罐取出的球是红球、白球、黑球,再从乙罐中随机取出一球,以B表示从乙罐取出的球是红球.则下列结论中正确的是( )
A. B.
C.事件B与事件相互独立 D.,,两两互斥
【答案】AD
【分析】根据给定条件,利用缩小空间的方法求出条件概率判断A;利用互斥事件相互独立事件概率公式计算判断B;利用相互独立事件、互斥事件的意义判断CD作答.
【详解】依题意,,A正确;
事件,,两两互斥,D正确;
,,,,,
,
因此B与不是相互独立事件,BC都不正确.
故选:AD
11.杨辉三角把二项式系数图形化,把组合数内在的一些代数性质直观地从图形中体现出来,是一种离散型的数与形的结合.根据杨辉三角判断下列说法正确的是( )
A.
B.
C.已知的展开式中第3项与第9项的二项式系数相等,则所有项的系数和为
D.已知,则
【答案】AB
【分析】根据二项展开式的性质,逐个选项进行计算验证,即可得答案.
【详解】对于A,因为的展开式为,计算即可求出,故A正确;
对于B,因为,所以,,而,故B正确;
对于C,根据题意得,,所以,原式变为,令,所以,所有项的系数和为,故C错误;
对于D,令,得,令,得,所以,,根据展开式通项公式,明显可见,故D错误.
故选:AB
12.已知奇函数在上可导,其导函数为,且恒成立,若在单调递增,则下列说法正确的是( )
A.在单调递减 B.
C. D.
【答案】BCD
【分析】根据函数的的对称性和周期性,以及函数的导数的相关性质,逐个选项进行验证即可.
【详解】方法一:
对于A,若,符合题意,故A错误,
对于B,因已知奇函数在上可导,所以,
因为,所以,
所以,故B正确,
对于C和D,设,
则为上可导的奇函数,,
由题意,得,
所以关于直线对称,
所以
,
所以奇函数的一个周期为4,,
所以,即,故C正确,
由对称性可知,,即,所以,
等式两边对x求导得,,
令,得,所以.
由等式两边对x求导得,,
所以的一个周期为4,所以,
所以,故,故D正确.
方法二:
对于A,若,符合题意,故错误,
对于B,因已知奇函数在R上可导,所以,
因为,所以,
所以,故B正确,
对于C,将中的x代换为,
得,所以,
可得,两式相减得,,
则,,…,,
叠加得,故C正确,
对于D,将的两边对x求导,得,
令得,,
将的两边对x求导,得,所以,
将的两边对x求导,得,
所以,故D正确.
故选:BCD
【点睛】知识点点睛:本题主要考查抽象函数的奇偶性,对称性和周期性的判断及其性质的运用,同时考查导数的运算法则,综合程度较高,充分利用函数的周期性,奇偶性,对称性的定义是解决问题的关键.
三、填空题
13.已知随机变量服从,若,则__________.
【答案】/
【分析】利用正态曲线的对称性可求得的值.
【详解】因为,则.
故答案为:.
14.在国际自然灾害中,中国救援力量为挽救生命做出了重要贡献,完美地展示了国家形象,增进了国际友谊,多次为祖国赢得荣誉.某国际救援团队拥有6个医疗小组和8个抢险小组,现分别去两个受灾点执行救援任务,每个救援点至少需要2个医疗小组和4个抢险小组,则不同的分配方式一共有________种.(用数字作答)
【答案】3500
【分析】先分医疗小组再分抢险小组,按小组数先分组后分配即可求得答案.
【详解】第一步分配医疗小组,先按2:4或3:3分两组再分配到两个受灾点,共有;
第二步分配抢险小组,只能按4:4分组再分配到两个受灾点,共有,
因此,共有种,
故答案为:3500
15.数学家波利亚说:“为了得到一个方程,我们必须把同一个量以两种不同的方法表示出来,即将一个量算两次,从而建立相等关系”这就是算两次原理,又称为富比尼原理.由等式利用算两次原理可得____.
【答案】
【分析】利用二项式定理,结合所求式子的意义求解作答.
【详解】因,
因此是展开式中项的系数,而展开式中项的系数为,
所以.
故答案为:
16.已知关于的不等式恒成立,则实数的取值范围为________.
【答案】
【分析】将已知不等式变形整理,构造新函数h(t)=tet,求导分析单调性,将原不等式通过单调性转化为含a的恒成立问题,求解即可.
【详解】易知,将原不等式变形:,
,可得,
即,其中.
设,则,原不等式等价于.
当时,原不等式显然成立;
当时,因为在上递增,
恒成立,
设,则,所以在递减,递增,
所以的最小值为,故.
故答案为:
【点睛】函数的单调性是函数的重要性质之一,它的应用贯穿于整个高中数学的教学之中.某些数学问题从表面上看似乎与函数的单调性无关,但如果我们能挖掘其内在联系,抓住其本质,那么运用函数的单调性解题,能起到化难为易、化繁为简的作用.因此对函数的单调性进行全面、准确的认识,并掌握好使用的技巧和方法,这是非常必要的.根据题目的特点,构造一个适当的函数,利用它的单调性进行解题,是一种常用技巧.许多问题,如果运用这种思想去解决,往往能获得简洁明快的思路,有着非凡的功效.
四、解答题
17.(1)计算:
(2)已知,求.
【答案】(1);(2)2或3
【分析】(1)根据排列组合数计算公式求解;
(2)根据组合数的性质求解.
【详解】(1)
(2)或解之:或.
18.已知函数.
(1)求曲线在点处的切线方程;
(2)求函数的单调增区间.
【答案】(1);
(2),.
【分析】(1)利用导数几何意义即可求得曲线在点处的切线方程;
(2)利用导数即可求得函数的单调增区间.
【详解】(1),则
则,又,
则曲线在点处的切线方程为,即
(2),
则,
由可得或,
则函数的单调增区间为,.
19.已知.
(1)求展开式中含的项的系数;
(2)设的展开式中前三项的二项式系数的和为,的展开式中各项系数的和为,若,求实数的值.
【答案】(1)
(2)或
【分析】(1)求出展开式的通项公式,令的指数为,可求出值,从而得解;
(2)求出的展开式中前三项的二项式系数和,再令,求出的展开式中各项系数的和,然后建立方程即可求解.
【详解】(1)的展开式的通项为(,1,2,3,4,5).
令,则,
∴展开式中含的项为,
∴展开式中含的项的系数为.
(2)由题意可知,,
∵,
∴,解得或.
20.某校开展“学习二十大,永远跟党走”网络知识竞赛.每人可参加多轮答题活动,每轮答题情况互不影响.每轮比赛共有两组题,每组都有两道题,只有第一组的两道题均答对,方可进行第二组答题,否则本轮答题结束.已知甲同学第一组每道题答对的概率均为,第二组每道题答对的概率均为,两组题至少答对3题才可获得一枚纪念章.
(1)记甲同学在一轮比赛答对的题目数为,请写出的分布列,并求;
(2)若甲同学进行了10轮答题,试问获得多少枚纪念章的概率最大.
【答案】(1)分布列见解析,
(2)4
【分析】(1)由题意可得可取0,1,2,3,4,进而分别求出概率即可求解;
(2)先求得每一轮获得纪念章的概率,由每一轮相互独立,则每一轮比赛可视为二项分布,进而可得,,,由,解出即可求解.
【详解】(1)由题意,可取0,1,2,3,4.
,
,
,
,
,
则的分布列为:
0 | 1 | 2 | 3 | 4 | |
.
(2)每一轮获得纪念章的概率为,
每一轮相互独立,则每一轮比赛可视为二项分布,
设10轮答题获得纪念章的数量为,则,
,.
由,得,
解得,又,得,则获得4枚纪念章的概率最大.
21.为了解市某疾病的发病情况与年龄的关系,从市疾控中心得到以下数据:
年龄段(岁) | |||||
发病率(‰) | 0.09 | 0.18 | 0.30 | 0.40 | 0.53 |
(1)若将每个区间的中点数据记为,对应的发病率记为,根据这些数据可以建立发病率(‰)关于年龄(岁)的经验回归方程,求;
附:
(2)医学研究表明,化验结果有可能出现差错.现有市某位居民,年龄在表示事件“该居民化验结果呈阳性”,表示事件“该居民患有某疾病”.已知,,求(结果精确到0.001).
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)根据表格中的数据,结合公式求得,进而求得的值;
(2)根据题意,结合相互独立事件的概率乘法公式和条件概率的计算公式,即可求解.
【详解】(1)解:由表格中的数据,可得,
则
所以.
(2)解:由题意,可得,
,
所以.
22.已知,设函数,为的导函数,且恒成立.
(1)求实数的取值范围;
(2)设的零点为,的极小值点为,证明:.
【答案】(1)
(2)见解析
【分析】(1)由函数解析式求导,根据分离变量整理不等式,构造新函数,利用导数求新函数的最值,可得答案;
(2)根据零点与极小值点的定义,整理与的等量关系,利用函数的单调性,比较其大小,根据(1)求得的的取值范围,结合不等式的性质,可得答案.
【详解】(1)由函数,则,
即不等式,代入可得,
由,则不等式整理可得,
令,,
当时,,单调递减;当时,,单调递增,
所以,则,解得.
(2)因为函数的零点为,所以,则,解得,
由(1)知,令,则,
令,则,
故函数在上单调递增,所以,
由(1)可知,,故存在,使得,
所以当时,,,函数单调递减;
当时,,,函数单调递增.
所以是函数的极小值点,即是的极小值点,因此,
则,,又,
由,所以,所以,
又由(1)知,所以,所以,
又因为,所以,因为函数,
因为函数在上单调递增,所以,则.
由,则,即,可得,
由,则,即,
故.
【点睛】方法点睛:导函数中常用的两种常用的转化方法:一是利用导数研究含参函数的单调性,常化为不等式恒成立问题,注意分类讨论与数形结合思想的应用,二是函数的零点,不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理.
湖北省黄冈市浠水县第一中学2023-2024学年高二上学期期中质量检测数学试题: 这是一份湖北省黄冈市浠水县第一中学2023-2024学年高二上学期期中质量检测数学试题,共5页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2024届湖北省黄冈市浠水县第一中学高三上学期9月质量检测数学试题含解析: 这是一份2024届湖北省黄冈市浠水县第一中学高三上学期9月质量检测数学试题含解析,共17页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
精品解析:湖北省黄冈市浠水县第一中学2022-2023学年高二下学期期末数学试题(解析版): 这是一份精品解析:湖北省黄冈市浠水县第一中学2022-2023学年高二下学期期末数学试题(解析版),共18页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。