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2023年江苏省盐城市阜宁县中考物理二模试卷（含答案）
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这是一份2023年江苏省盐城市阜宁县中考物理二模试卷（含答案），共43页。
2023年江苏省盐城市阜宁县中考物理二模试卷
一，选择题：（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题只有一个选项正确）
1．（2分）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A．分子间只存在引力，不存在斥力
B．在电子、质子和原子中，尺度最小的是质子
C．扫地时灰尘飞舞可以说明分子在做无规则运动
D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，是有起源、膨胀和演化的
2．（2分）据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，2023年1月13日，日本政府称将于今年春夏期间启动核污染水排海，而国际原子能机构技术组最近一次关于福岛核污染水处置问题的审查报告尚未公布。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是（ ）
A．核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
B．核能是可再生能源
C．核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
D．核能来自太阳
3．（2分）赛龙舟不仅是一项体育娱乐活动，更体现我国悠久历史文化传承。如图所示为某比赛场景，下列说法错误的是（ ）
A．选手根据鼓声齐心协力划桨，鼓声是由鼓面振动产生的
B．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
4．（2分）如图所示是检测电路故障时使用的测电笔内部构造图，下列关于测电笔的说法正确的是（ ）
A．测电笔中的高电阻可以用铁丝代替
B．氖管发光时测电笔接触的是火线
C．使用测电笔时手只能接触绝缘体
D．氖管发光时没有电流通过人体
5．（2分）某同学设计了道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯L发光，R0为保护电阻。图中符合设计要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
6．（2分）青藏铁路路基两旁各插有一排碗口粗细、高约2m的铁棒（如图所示），我们叫它热棒。热棒在路基下还埋有5m深，整个棒体是中空的，里面灌有液氨。热棒的工作原理很简单：当路基温度上升时，液态氨受热发生 ①上升到热棒的上端，通过散热片将热量传递给空气，同时，气态氨在此冷却 ②变成了液态氨，又沉入了棒底。这样，热棒就相当于一个天然“制冷机”。请问文中空格处的物态变化名称是（ ）
A．①升华 ②液化 B．①液化 ②汽化
C．①汽化 ②液化 D．①升华 ②凝华
7．（2分）如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法正确的是（ ）
A．油位越高，R两端的电压越大
B．R、R0在电路中是并联的
C．油位越高，流过R的电流越大
D．油量表是由电流表改装而成的
8．（2分）如图，小明用漆包线绕成线圈ABCD，将线圈一端（图中右端）的漆全部刮去，另一端（图中左端）刮去一半放上导体支架，连接干电池后线圈能转动起来（ ）
A．这是一台发电机模型
B．CD边始终受到磁场力
C．AB、CD两边同时受磁场力
D．两端漆全部刮去转动会更快
9．（2分）如图所示，光滑水平桌面上的弹性小球被弹出后，经过A点和B点后落到地面，又被多次弹起，图中虚线为小球的运动轨迹。下列有关小球的运动，描述正确的是（ ）
A．小球从A点运动到B点的过程中速度增大
B．小球反弹经过D点时动能为零
C．若将弹性小球表面涂黑，则会在C、F两点留下等大的黑色圆斑
D．小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能
10．（2分）甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为ρ甲、ρ乙，液体对容器底部的压强变化量为Δp甲、Δp乙，则（ ）
A．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＞Δp乙 B．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＝Δp乙
C．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＞Δp乙 D．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＝Δp乙
11．（2分）小明同学在探究凸透镜成像规律时，把蜡烛和凸透镜固定在如图所示位置，移动光具座上的光屏得到一清晰像（光屏未画出），则该透镜的焦距可能是（ ）
A．10cm B．20cm C．30cm D．40cm
12．（2分）如图甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过程中，R2消耗的电功率P与电压表示数U的关系图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值为15Ω
B．R2的最大阻值为50Ω
C．电源电压为9V
D．该电路消耗的最大电功率为2.25W
二.填空题：（本题共8小题，每空1分，共24分）
13．（3分）如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的 ，看到的是硬币的 （选填“实”或“虚”）像，其位置在真实硬币的 （选填“上方”或“下方”）。
14．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空，5月11日5时16分，成功对接于空间站天和核心舱后向端口。火箭选用液态氢做燃料，是因为氢的 大；天舟六号与天和核心舱成功对接后，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船是 （静止/运动）的；地面控制系统是依靠 传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的。
15．（3分）如图甲所示，将红、绿、 三种色光以相同比例照在白纸上，中间相互重叠区域会出现白色。如图乙所示，用一束绿色激光照射到一个白色气球表面，若要将此气球尽快射破，则要把气球上被照亮的区域用颜料涂成 色；气球能被激光射破，说明了光具有 。
16．（3分）天气炎热时多喝水有益于身体健康。如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景。当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，手与瓶子的摩擦力和瓶子受到的 是一对平衡力，当压力增大时，手受到的摩擦力 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．如图乙所示，瓶盖外侧有一道道竖条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能 （选填“增大或“减少”）摩擦。
17．（3分）如图甲表示四冲程内燃机的某个冲程示意图，这个冲程是 冲程，把内能转化为 能，将内燃机的能量流向制成如图乙所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为 %。
18．（3分）人工心脏泵可短时间代替心脏工作，如图是该装置的示意图，磁体固定在左侧，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启，线圈中的电流从A流向B时，电磁铁左端是 极，血液会 （选填“流入”或“流出”）活塞筒，该装置工作时，线圈AB中的电流方向 （选填“需要”或“不需要”）改变。
19．（3分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大）。
20．（3分）如图为自制发球机示意图，当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体压强变 。已知球的质量为2.5g，竖直方向受大气压作用的等效面积为12.5cm2，若不计管壁摩擦，当球下方和上方气压差为 Pa时，球恰能上升；若考虑管壁摩擦，则需要 乒乓球上方的风速（g取10N/kg）。
三、解答题（本题9小题，共52分）
21．（2分）请在图中，画出入射光线经过凹透镜后的光线（请保留作图痕迹）
22．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
23．（2分）如图所示，某小车沿水平面向右做匀速直线运动，在车厢顶部用细绳竖直悬挂一个小球，小球与光滑的竖直车厢壁刚好接触，若小车突然刹车，请在C点画出此时小球受力的示意图。
24．（6分）如图所示，利用滑轮组装置匀速拉动水平面上的物体，已知物体在水平面上受到的滑动摩擦力为重力的0.1倍，物体被匀速拉动的距离为1m。当物体质量为2kg时，滑轮组的机械效率为50%，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦。（g取10N/kg）求：
（1）物体在水平面上受到的滑动摩擦力；
（2）动滑轮的重力；
（3）若人以0.3m/s的速度匀速向下拉绳时，拉力F的功率。
25．（9分）图甲是某品牌身高、体重测量仪，学校物理兴趣小组的同学根据该测量仪的工作情况，设计了其电路原理图，如图乙所示。电源UA的电压大小未知，电压表量程为0～15V，电流表A1量程为0～0.6A，滑动变阻器R2是竖直固定放置的电阻棒，其滑片P可以随身高的变化竖直上下移动；电源UB的电压为3V，脚踏板下方有一压敏电阻R3，其阻值随压力F大小变化规律如图丙所示，同时闭合开关S1、S2，身高h1＝175cm的小明站在踏板上时，电流表A2的示数为0.25A，此时滑片恰好在R2中点，电压表示数为14.4V，电流表A1的示数为0.30A；身高h2＝140cm的小红站在踏板上时，电压表示数为12V，电流表A1的示数为0.6A，求：
（1）小明的重力G；
（2）滑动变阻器R2的最大阻值；
（3）定值电阻R1的阻值及电源UA的电压。
26．（6分）在“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验中，a、b两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验。
（1）安装好器材开始实验后，a组同学如图甲所示进行读数，其错误之处是：读数时，视线未与 。
（2）图乙表示沸腾 （前/后）气泡情况。
（3）图丙是两组同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像，由图像可知，水的沸点为 ℃，实验室当时的大气压 （选填“＞”、“＜”或“＝”）1标准大气压。a、b两组同学的实验中，选用的实验装置相同，水的初温不同，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的多少的大小关系为：a组 b组（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，如图丁所示，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内气压减小，水的沸点 （升高/降低/不变）。
27．（7分）在探究“杠杆平衡条件”的实验中：
（1）挂钩码前，杠杆在如图（a）所示的位置静止，此时杠杆 （选填“达到”或“没有达到”）
平衡状态；此时我们常把杠杆的平衡螺母向 调，直至在水平位置平衡，这样，既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，又便于 。
（2）如图（b）所示，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N；（g＝10N/kg）
（3）如图（c），保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F （选填“变大”、“变小”或“不变”），F与其力臂的乘积变化情况是 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图（d）所示，此过程中，弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
28．（8分）如图，小明用图甲电路测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率，电源电压调节为4.5V不变（提示：电源电压可调），规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器。
（1）小明连接了如图甲所示的电路，若电路中各元件完好，闭合开关会出现 。
A.小灯泡发光
B.可能损坏电压表
C.可能损坏电流表
D.可能损坏电源
（2）小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，则他在操作中存在的不当之处是 。
（3）改正所有问题并正确完成了实验，他根据实验数据绘制了小灯泡的I﹣U图像（如图乙）。
①根据图像，在图丙中画出当电压表示数为1.5V时，电流表指针的位置。
②观察图像，小明发现图像是曲线，原因是小灯泡灯丝的电阻随 的变化而变化，小灯泡的额定功率是 W。
（4）完成上述实验后，小明设计了如图丁所示电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。方案如下（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R0，滑动变阻器R2最大阻值未知）。步骤：
①按电路图连接实物电路。
②只闭合开关S、S2，调节变阻器R1的滑片，使电流表的示数为 ，灯泡正常发光。
③只闭合开关S、S1，保持R1滑片的位置不变，调节变阻器R2的滑片，使电流表的示数为
I额。
④保持 （填“R1”或“R2”）滑片的位置不变，只闭合开关S、S1，将另一个滑动变阻器滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最左端，电流表的示数为I2。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝ （用I额、I1、I2、R0表示）。
29．（10分）阅读短文，回答问题
中国万米载人深潜器“奋斗者”号
2020年11月10日，中国万米载人深潜器“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐成。“奋斗者”号历时3个小时的下潜，深度达10909m，图甲是它的部分结构示意图。“奋斗者”号总质量为20t，包含空心球体载人舱，中部安装的圆体浮力材料，底部的质量为2t的可抛弃压载铁等都件。除载人舱及部分电路设施外，其余部分与海水相通，“奋斗者”号在海水中依靠改变自身重力和受到的海水浮力实现无动力下潜和上浮。不考虑海水的流动影响，忽略深潜器部件受到海水压力后的体积变化。（ρ海水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
2020年11月13日“奋斗者”号再次深潜到太平洋马里亚纳海沟，与10日的万米级海试不同。此次万米级海试有新的看点。本次海试任务，关键词就是“双船双潜”，“双船”指的是为“奋斗者”号保驾护载的“双母船”，也就是“探索一号”（支持船）和“探索二号”（保障船），而“双潜”指的就是“双潜水器”——万米载人潜水器“奋斗者”号，另一个就是专门给我们的主角在万米洋底“打光拍照”的“御用摄影师”——“沧海”号和“凌云”号，其通信原理如图乙所示，水声通信是深海潜水器与水面母船之间沟通的唯一桥梁，实现了潜水器从万米海底至海面母船的文字、语音及图像的实时传输，水声通信的主要载体是超声波。
（1）“奋斗者”号与“沧海”号之间的无线蓝绿光通信是利用了光的 （选填“直线传播”、“反射”或“折射”）。水声通信是利用了超声波的 （选填“传播距离远”或“能成像”）的特点。
（2）“奋斗者号”的外壳用的是Ti62A钛合金，相对于普通钢而言，下列不属于这种材料特点的是 。
A.硬度大
B.密度大
C.强度高
D.抗腐蚀性强
（3）“奋斗者”号下潜的平均速度最接近于 。
A.蜗牛正常爬行速度
B.人正常步行速度
C.自行车正常骑行速度
D.高速公路上汽车正常行驶速度
（4）若在10909m深度处，海水产生的压强为1.1×108Pa，此处海水在载人舱外壳2×10﹣4m2的面积上产生的压力为 N。
（5）若固体浮力材料的质量为2400kg，密度为600kg/m3，则固体浮力材料完全浸没在海水中时，受到的浮力和自身重力之差为 N。
2023年江苏省盐城市阜宁县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一，选择题：（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题只有一个选项正确）
1．（2分）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A．分子间只存在引力，不存在斥力
B．在电子、质子和原子中，尺度最小的是质子
C．扫地时灰尘飞舞可以说明分子在做无规则运动
D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，是有起源、膨胀和演化的
【分析】（1）物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）分子由原子组成，原子的构成：带正电的原子核和带负电的核外电子，原子核又分为带正电的质子和不带电的中子；
（3）宇宙是有层次的天体系统，它的层次结构：行星﹣﹣太阳系﹣﹣银河系﹣﹣星系团﹣﹣超星系团﹣﹣总星系。
【解答】解：
A、分子间同时存在相互作用的引力和斥力，故A错误；
B、原子核和电子构成原子，原子核由质子与中子组成，在电子、质子和原子中，尺度最小的是电子，故B错误；
C、灰尘在空中飞舞，那是物质的机械运动，不是分子在运动，分子运动是肉眼看不见的，故C错误；
D、宇宙是由物质组成的，宇宙中有很多的星系，星系中又有很多星体，宇宙是一个有层次的天体结构系，并且处于不断的演化过程中，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了分子动理论、扩散现象、原子结构、宇宙结构等，所考查内容均为物理中的常见知识点，要求学生熟练掌握。
2．（2分）据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，2023年1月13日，日本政府称将于今年春夏期间启动核污染水排海，而国际原子能机构技术组最近一次关于福岛核污染水处置问题的审查报告尚未公布。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是（ ）
A．核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
B．核能是可再生能源
C．核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
D．核能来自太阳
【分析】根据核能的产生和特点及应用进行解答。
【解答】解：AB．核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式，将核能转化为电能，由于核燃料是有限的，所以核能属于不可再生能源，故A正确、B错误；
C．核电站是一种高能量、少耗料的电站，采取有效措施是可以防止核事故产生的，所以可以发展核电事业，故C错误；
D．核能是指原子核分裂或聚合时释放的能量，不是来自太阳，而太阳能来自于核聚变，故D错误。
故选：A。
【点评】此题主要考查了核能发电、能源类型、核能应用等知识，属于基础知识，难度较低。
3．（2分）赛龙舟不仅是一项体育娱乐活动，更体现我国悠久历史文化传承。如图所示为某比赛场景，下列说法错误的是（ ）
A．选手根据鼓声齐心协力划桨，鼓声是由鼓面振动产生的
B．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的，振动停止，发生也停止；
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）声音传播速度与介质种类及温度有关，与频率没有关系。
【解答】解：A、发声体都在振动，鼓声是由于鼓面的振动产生的。故A正确；
B、鼓声大作，震耳欲聋，是鼓面振动幅度大，鼓声的响度大。故B正确；
C、不同乐器的音色是不同的，选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的。故C正确；
D、鼓手敲击鼓面越快，鼓声音调越高，但传播速度不变。故D错误。
故选：D。
【点评】解决此类问题要结合声音的产生、传播特点和特性进行分析解答，属于基础题。
4．（2分）如图所示是检测电路故障时使用的测电笔内部构造图，下列关于测电笔的说法正确的是（ ）
A．测电笔中的高电阻可以用铁丝代替
B．氖管发光时测电笔接触的是火线
C．使用测电笔时手只能接触绝缘体
D．氖管发光时没有电流通过人体
【分析】（1）测电笔的内部有一个阻值很大的电阻，当人接触测电笔的笔尾金属体，人和测电笔是串联在电路中，如果两者串联在零线和大地之间，加在两者之间的电压是0V，氖管不发光；如果两者串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的阻值很大分担的电压很大，人体分担的电压很小，不会超过人体的安全电压，氖管发光，但是不会对人造成伤害。
（2）用测电笔来鉴别火线与零线。使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光。
【解答】解：A、在使用测电笔时，测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生触电事故，而铁丝的电阻很小，不能起到保护人体安全的作用，所以不能用铜丝代替测电笔中的高电阻，故A错误；
B、当测电笔笔尖导线时，使氖管发光的是火线，氖管不发光时说明接触的是零线，故B正确；
C、手不要接触测电笔前端的金属体，必须接触测电笔末端的金属体，不是绝缘体，故C错误；
D、在使用测电笔时，测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生触电事故，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了测电笔的使用方法，手指一定要接触笔尾的金属体，不会触电的！
5．（2分）某同学设计了道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯L发光，R0为保护电阻。图中符合设计要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意可知，正常情况下S闭合，灯泡不亮；当井盖丢失S断开时，灯泡发光，据此选择符合题意的电路图。
【解答】解：由图知，
A、闭合开关，灯泡发光；断开开关，灯泡不发光，故A不符合题意；
B、闭合开关，灯泡被短路不能发光；断开开关，灯泡和定值电阻串联，灯泡能够发光，故B符合题意；
C、闭合开关，灯泡发光；断开开关，灯泡不发光，故C不符合题意；
D、无论开关是否闭合，灯泡都能发光，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查电路图的设计，关键是能根据题目所给信息设计出合理的电路图，这是本题的重点也是难点，最容易出错的地方是开关断开时灯泡发光，和我们平时接触到的开关闭合，灯泡发光正好相反。
6．（2分）青藏铁路路基两旁各插有一排碗口粗细、高约2m的铁棒（如图所示），我们叫它热棒。热棒在路基下还埋有5m深，整个棒体是中空的，里面灌有液氨。热棒的工作原理很简单：当路基温度上升时，液态氨受热发生 ①上升到热棒的上端，通过散热片将热量传递给空气，同时，气态氨在此冷却 ②变成了液态氨，又沉入了棒底。这样，热棒就相当于一个天然“制冷机”。请问文中空格处的物态变化名称是（ ）
A．①升华 ②液化 B．①液化 ②汽化
C．①汽化 ②液化 D．①升华 ②凝华
【分析】判断空格处的物态变化，要抓住变化前后物质所处的状态，①是由液态→气态，②是由气态→液态；然后根据所学物态变化的几种类型来进行选择。
【解答】解：①的过程中，发生的变化是液态氮→气态氮，属于汽化现象；
②的过程中，发生的物态变化是气态氮→液态氮，属于液化现象；
因此空格处应是：①汽化、②液化；
故选：C。
【点评】解答此类题，一定要抓住物态变化前后，物质所处的状态，然后再根据所学物态变化的几种类型对号入座。
7．（2分）如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法正确的是（ ）
A．油位越高，R两端的电压越大
B．R、R0在电路中是并联的
C．油位越高，流过R的电流越大
D．油量表是由电流表改装而成的
【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表。
油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小。
串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大。
【解答】解：A、串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大，电路中的电流也越小。所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大。
B、R和R0在电路中是串联的。
C、油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，根据欧姆定律知电流越小。
D、油量表和滑动变阻器是并联的，油量表是电压表。
故选：A。
【点评】本题根据油量表并联在电路中，可以判断油量表是电压表；根据串联电路中电阻越大分担的电压越大，可以判断电压表的示数变大；根据欧姆定律，电压不变，电阻越大，电路中的电流越小。
8．（2分）如图，小明用漆包线绕成线圈ABCD，将线圈一端（图中右端）的漆全部刮去，另一端（图中左端）刮去一半放上导体支架，连接干电池后线圈能转动起来（ ）
A．这是一台发电机模型
B．CD边始终受到磁场力
C．AB、CD两边同时受磁场力
D．两端漆全部刮去转动会更快
【分析】通电导线在磁场中受力的作用，此图中的线圈就是利用该原理制成的，故据其制作过程分析即可判断。
【解答】解：
该线圈之所以能转动，是据通电导线在磁场中受力的作用的原理来工作的，但是该线圈在转过平衡位置时，若不改变电流的反向，此时所受到的磁场力会阻碍线圈的转动，故为了使线圈持续转动，将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周利用惯性转动；而真正的直流电动机工作时，为了让线圈持续的转动下去，即是通过换向器在平衡位置及时的改变线圈中的电流的方向，即改变线圈所受力的反向，使线圈持续的转动下去；
A、线圈在磁场中受力运动，是电动机的原理，发电机的原理是电磁感应现象，故A错误；
B、据上面的分析可知，CD边只有半圈受到磁场力作用，故B错误；
C、据上面的分析可知，AB、CD两边同时受磁场力，故C正确；
D、两端漆全部刮去，线圈只有在半周内受到力的作用，不会转动的更快，故D错误；
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对：电动机原理和构造的了解和掌握，要深入了解其构造和原理，属易错题。
9．（2分）如图所示，光滑水平桌面上的弹性小球被弹出后，经过A点和B点后落到地面，又被多次弹起，图中虚线为小球的运动轨迹。下列有关小球的运动，描述正确的是（ ）
A．小球从A点运动到B点的过程中速度增大
B．小球反弹经过D点时动能为零
C．若将弹性小球表面涂黑，则会在C、F两点留下等大的黑色圆斑
D．小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能
【分析】影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能的因素：质量、速度；影响弹性势能的因素：弹性形变程度；小球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以小球的机械能一次比一次少。
【解答】解：A、小球从A点运动到B点的过程中，因光滑桌面没有摩擦阻力，小球处于平衡状态，其速度大小不变，故A错误；
B、从轨迹来看，小球既有水平方向的速度又有竖直方向的速度，小球在最高点时，竖直方向速度为零，水平方向速度不为零，则小球在D点的动能不为零，故B错误；
C、弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反映小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大，在C点与在F点时，小球的动能与重力势能都为零，而每次小球反弹到的最高点都比上一次的最高点低，说明小球受到空气阻力作用，机械能逐渐变小，所以小球在C点的机械能大于在F点的机械能，故小球在C点的弹性势能大于在F点的弹性势能，小球在C点的圆要大于在F点的圆斑，故C错误；
D、小球在多次弹起过程中，机械能逐渐变小，而E点在G点之前，故小球在G点的机械能小于在E点的机械能，故D正确。
故选：D。
【点评】本题通过小球的运动情况，考查了对重力势能、动能、弹性势能影响因素的了解，对机械能守恒的认识，分析时要细心，但总体难度不大。
10．（2分）甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为ρ甲、ρ乙，液体对容器底部的压强变化量为Δp甲、Δp乙，则（ ）
A．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＞Δp乙 B．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＝Δp乙
C．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＞Δp乙 D．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＝Δp乙
【分析】因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，由此可知密度计在两种液体中所受浮力关系，由图可知，甲液体中小球排开的液体体积小于乙液体中小球排开的液体体积，根据ρ液＝可知甲、乙液体的密度的大小关系；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲＝S乙，由Δp＝可知，Δp甲与Δp乙的大小关系。
【解答】解：因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，则甲、乙两密度计所受浮力相同，由图可知，甲液体中密度计排开的液体体积大于乙液体中密度计排开的液体体积，根据ρ液＝可知甲、乙液体的密度ρ甲＜ρ乙；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲＝S乙，由Δp＝可知，Δp甲＝Δp乙。
故选：D。
【点评】此题考查压强大小的比较、物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，根据已知条件，灵活选用压强计算式p＝即可得出正确答案。
11．（2分）小明同学在探究凸透镜成像规律时，把蜡烛和凸透镜固定在如图所示位置，移动光具座上的光屏得到一清晰像（光屏未画出），则该透镜的焦距可能是（ ）
A．10cm B．20cm C．30cm D．40cm
【分析】根据凸透镜成像的三种情况进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，此时f＜v＜2f；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，此时v＞2f；u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：A、如凸透镜的焦距为10cm，则此时物距大于二倍焦距，像距位于一倍焦距和二倍焦距之间，即像出现在光具座70～80cm之间，故A符合题意；
B、如凸透镜的焦距为20cm，则此时的物距位于一倍焦距和二倍焦距之间，像距应大于二倍焦距，即大于40cm，像出现在光具座100cm以外，所以在光具座上移动光屏，不能得到清晰的像，故B不符合题意；
C、如凸透镜的焦距为30cm，此时的物距等于一倍焦距，不成像，故C不符合题意；
D、如凸透镜的焦距为40cm，此时的物距小于一倍焦距，成正立放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
12．（2分）如图甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过程中，R2消耗的电功率P与电压表示数U的关系图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值为15Ω
B．R2的最大阻值为50Ω
C．电源电压为9V
D．该电路消耗的最大电功率为2.25W
【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出滑动变阻器的电功率和电压值，根据I＝求出电路中的电流；根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，并求出R1的阻值，从而求出电源电压；根据图象中滑动变阻器两端的电压和功率求出滑动变阻器的电阻；根据电路的最大电流求出最大功率。
【解答】解：
由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器消耗的功率为0.8W时，其两端电压为2V，
由P＝UI可得，此时电路中的电流为：I1＝＝＝0.4A，
由I＝及串联电路的电压规律可得，电源的电压：U＝I1R1+U1＝0.4A×R1+2V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
当滑动变阻器消耗的功率为0.5W时，其两端电压为5V，
由P＝UI可得，此时电路中的电流为：I2＝＝＝0.1A，
由I＝及串联电路的电压规律可得，电源的电压：U＝I2R1+U2＝0.1A×R1+5V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
电源电压不变，则：0.4A×R1+2V＝0.1A×R1+5V，
解得：R1＝10Ω；故A错误；
电源电压为：U＝I1R1+U1＝0.4A×10Ω+2V＝6V，故C错误；
由图乙可知，当变阻器两端电压最大为5V时，滑动变阻器全部接入电路中，其电阻最大，此时电流最小为I2＝0.1A，
则滑动变阻器的最大阻值为：R2＝＝＝50Ω；故B正确；
当滑动变阻器接入电路的电阻为0时（电路为R1的简单电路），电路中的电阻最小，电流最大，
则电路中的最大电流为：I大＝＝＝0.6A；
该电路消耗的最大电功率：P大＝UI大＝6V×0.6A＝3.6W，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及识图能力，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
二.填空题：（本题共8小题，每空1分，共24分）
13．（3分）如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的 折射 ，看到的是硬币的 虚 （选填“实”或“虚”）像，其位置在真实硬币的 上方 （选填“上方”或“下方”）。
【分析】光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像。
【解答】解：当沿碗壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，由于折射角大于入射角，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到虚像的位置比物体的实际位置偏高，即其位置在真实硬币的上方。
故答案为：折射；虚；上方。
【点评】本题综合考查了光的折射，关于光的传播历来就是考试的一个考点，所以该题属于常见题，一定要掌握。
14．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空，5月11日5时16分，成功对接于空间站天和核心舱后向端口。火箭选用液态氢做燃料，是因为氢的 热值 大；天舟六号与天和核心舱成功对接后，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船是 静止 （静止/运动）的；地面控制系统是依靠 电磁波 传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的。
【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
（2）对接后，根据天和核心舱相对于天舟六号货运飞船的位置变化情况，去判断天和核心舱的运动状态；
（3）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×105km/s；电磁波能够传递信息，也能传递能量。
【解答】解：（1）火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；
（2）对接后，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船的位置没有变化，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船是静止的；
（3）地面控制系统是依靠电磁波传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的。
故答案为：（1）热值；（2）静止；（3）电磁波。
【点评】本题考查热值、参照物及其选择、电磁波的传播与应用等，知识点较多，解答此题的关键是熟记课本知识点。
15．（3分）如图甲所示，将红、绿、 蓝 三种色光以相同比例照在白纸上，中间相互重叠区域会出现白色。如图乙所示，用一束绿色激光照射到一个白色气球表面，若要将此气球尽快射破，则要把气球上被照亮的区域用颜料涂成 黑 色；气球能被激光射破，说明了光具有 能量 。
【分析】色光的三原色为红、绿、蓝；黑色物体吸收所有色光，说明了光具有能量。
【解答】解：色光的三原色为红、绿、蓝；因此将红、绿、蓝三种色光照白纸上，中间相互重叠区域会出现白色。
把气球上被照亮的区域用颜料涂成黑色；黑球能够吸收所有色光；因为光具有能量，所以气球能被激光射破。
故答案为：蓝；黑；能量。
【点评】本题考查了光的三原色、物体的颜色，属于基础题。
16．（3分）天气炎热时多喝水有益于身体健康。如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景。当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，手与瓶子的摩擦力和瓶子受到的 重力 是一对平衡力，当压力增大时，手受到的摩擦力 不变 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．如图乙所示，瓶盖外侧有一道道竖条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能 增大 （选填“增大或“减少”）摩擦。
【分析】（1）物体静止和匀速直线运动时处于平衡状态，如果只受到两个力，这两个力是一对平衡力，二力大小相等；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：（1）瓶子握在手中，手和瓶子之间产生摩擦力，瓶子静止在手中时处于平衡状态，竖直方向受到重力和摩擦力的作用，两个力是一对平衡力；
当压力增大时，瓶子仍静止处于平衡状态，瓶子的重力不变，受到的摩擦力不变；
（2）瓶盖上有竖纹这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力的。
故答案为：重力；不变；增大。
【点评】本题主要考查学生对于二力平衡、增大和减小摩擦力方法的理解和掌握，要注意当压力增大时瓶子仍静止，受到的摩擦力应从平衡状态着手。
17．（3分）如图甲表示四冲程内燃机的某个冲程示意图，这个冲程是 做功 冲程，把内能转化为 机械 能，将内燃机的能量流向制成如图乙所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为 30 %。
【分析】根据汽油机阀门的开、闭，和活塞运行方向，判断冲程；
汽油机的做功冲程把内能转化为机械能；
用总能量减去损失能量计算热机效率。
【解答】解：图中两个阀门都关闭，活塞向上移动，火花塞产生火花，则该冲程是做功冲程；
做功冲程主要是把内能转化为机械能；
由图可知，热机的效率为η＝100%﹣33%﹣30%﹣7%＝30%。
故答案为：做功；机械；30%。
【点评】本题考查了热机的工作情况、能量转化、效率的计算，属于基础题，要求掌握。
18．（3分）人工心脏泵可短时间代替心脏工作，如图是该装置的示意图，磁体固定在左侧，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启，线圈中的电流从A流向B时，电磁铁左端是 S 极，血液会 流入 （选填“流入”或“流出”）活塞筒，该装置工作时，线圈AB中的电流方向 需要 （选填“需要”或“不需要”）改变。
【分析】根据安培定则可知电磁铁的极性，由磁极间的相互作用规律可知活塞的移动方向；改变线圈中的电流方向可以改变电磁铁的极性，结合“阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启”利用气压知识进行解答。
【解答】解：线圈中的电流从A流向B时，由安培定则可知，电磁铁的右端为N极，其左端为S极，电磁铁和左侧磁体的异名磁极相对，因异名磁极相互吸引，故活塞左移，活塞筒的气压减小，而血管内血压较大、外界大气压较大，使得阀门S1关闭，S2打开，则血液经过S2流入活塞筒；
要使活塞筒内血液推开阀门S1流入血管，则应使活塞向右运动，此时需改变线圈AB中电流方向，从而改变电磁铁的磁极方向，使其与左侧磁体同名磁极相对而相互排斥，故线圈AB中的电流方向需要改变。
故答案为：S；流入；需要。
【点评】本题主要考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，难点是分析两个开关的闭合和打开情况。
19．（3分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 虚 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 不随 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 先变大后变小 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大）。
【分析】（1）平面镜成虚像，虚像不能用光屏接到，实像能用光屏接到，用光屏呈接来辨别是实像还是虚像；
（2）玻璃门中的像是由于光的反射形成的，不是实际光线形成，形成的是虚像，不在玻璃门上，在玻璃门上的像不随门移动；
（3）平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
【解答】解：根据平面镜成像原理，通过玻璃看到的像不是实际光线会聚成的，是虚像；
将甲图窗户左右平移打开，平面镜成像时像和物体关于平面镜对称，则你在P窗户中的像将不随窗户移动；
将乙图Q窗户转动150°打开，在0～90°时，像远离物体，距离变大，在90°～150°时，像靠近物体，距离变小，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将先变大后变小。
故答案为：虚；不随；先变大后变小。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
20．（3分）如图为自制发球机示意图，当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体压强变 小 。已知球的质量为2.5g，竖直方向受大气压作用的等效面积为12.5cm2，若不计管壁摩擦，当球下方和上方气压差为 20 Pa时，球恰能上升；若考虑管壁摩擦，则需要 增大 乒乓球上方的风速（g取10N/kg）。
【分析】（1）流动的气体和液体都称为流体，流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；
（2）已知球的质量可求得其重力，由此可知压力大小，已知竖直方向受大气压作用的等效面积，由p＝可求得球下方和上方气压差；
（3）球恰能上升受到管壁摩擦，若增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差越大，据此分析。
【解答】解：当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体流速大，压强小，小于下端管口气体压强，原本静止的乒乓球沿管上升；
球的重力G＝mg＝2.5×10﹣3kg×10N/kg＝2.5×10﹣2N，
球下方受到的压力F＝G＝2.5×10﹣2N，
受力面积S＝12.5cm2＝12.5×10﹣4m2，
球下方和上方气压差p＝＝＝20Pa；
若考虑管壁摩擦，则需要增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差增大，从而使球沿竖直管上升。
故答案为：小；20；增大。
【点评】本题考查了流体压强与流速的关系以及力的作用效果，压强的计算等，难易程度适中。
三、解答题（本题9小题，共52分）
21．（2分）请在图中，画出入射光线经过凹透镜后的光线（请保留作图痕迹）
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：过凹透镜光心的光线传播方向不改变；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，据此作出其折射光线，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
22．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
【分析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的右端为S极，左端为N极；
根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。如图：
【点评】本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断，又考查了电流方向的判断，一环扣一环，也是易错题，要求学生步步仔细才行。
23．（2分）如图所示，某小车沿水平面向右做匀速直线运动，在车厢顶部用细绳竖直悬挂一个小球，小球与光滑的竖直车厢壁刚好接触，若小车突然刹车，请在C点画出此时小球受力的示意图。
【分析】（1）小球在竖直方向上受到重力和绳子的拉力两个力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向竖直向上；
（2）小车突然刹车时，由于惯性，小球会继续向前运动，从而和车厢壁接触发生挤压，车厢壁会对小球产生向左的支持力。
【解答】解：小车突然刹车时，小球由于惯性会继续保持向前运动的状态，因此会对车厢壁产生向右的压力，车厢壁就会对球产生向左的支持力，因此小球受到三个力的作用：竖直向下的重力，竖直向上的拉力，水平向左的支持力，根据力的示意图的做法，如下图所示：
【点评】本题考查了力的示意图的画法，注意力的作用点和方向，是中考作图题常考的内容。
24．（6分）如图所示，利用滑轮组装置匀速拉动水平面上的物体，已知物体在水平面上受到的滑动摩擦力为重力的0.1倍，物体被匀速拉动的距离为1m。当物体质量为2kg时，滑轮组的机械效率为50%，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦。（g取10N/kg）求：
（1）物体在水平面上受到的滑动摩擦力；
（2）动滑轮的重力；
（3）若人以0.3m/s的速度匀速向下拉绳时，拉力F的功率。
【分析】（1）根据G＝mg先求出重力，再根据题意求出滑动摩擦力；
（2）利用η＝＝＝求出自由端的拉力；不计绳重和绳与滑轮间的摩擦力，再根据F＝（G动+f）计算出动滑轮的重力；
（3）根据P＝Fv计算拉力的功率。
【解答】解：（1）物体受到的摩擦力：
f＝0.1G＝0.1mg＝0.1×2kg×10N/kg＝2N；
（2）由图知n＝3，因为η＝＝＝，
故绳端的拉力：F＝＝＝＝N；
不计绳重和绳与滑轮间的摩擦力，由F＝（G动+f）得动滑轮的重力：
G动＝3F﹣f＝3×N﹣3N＝1N；
（3）拉力的功率为：P＝＝＝Fv＝N×0.3m/s＝0.4W。
答：（1）物体质量为2kg时，在水平面上受到的滑动摩擦力为2N；
（2）动滑轮的重力为1N；
（3）拉力F的功率为0.4W。
【点评】本题是有关滑轮组机械效率的综合计算，要掌握滑轮组的省力特点、有用功和总功、机械效率的概念，能够正确判断出有用功是解决本题的关键。
25．（9分）图甲是某品牌身高、体重测量仪，学校物理兴趣小组的同学根据该测量仪的工作情况，设计了其电路原理图，如图乙所示。电源UA的电压大小未知，电压表量程为0～15V，电流表A1量程为0～0.6A，滑动变阻器R2是竖直固定放置的电阻棒，其滑片P可以随身高的变化竖直上下移动；电源UB的电压为3V，脚踏板下方有一压敏电阻R3，其阻值随压力F大小变化规律如图丙所示，同时闭合开关S1、S2，身高h1＝175cm的小明站在踏板上时，电流表A2的示数为0.25A，此时滑片恰好在R2中点，电压表示数为14.4V，电流表A1的示数为0.30A；身高h2＝140cm的小红站在踏板上时，电压表示数为12V，电流表A1的示数为0.6A，求：
（1）小明的重力G；
（2）滑动变阻器R2的最大阻值；
（3）定值电阻R1的阻值及电源UA的电压。
【分析】（1）根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，根据欧姆定律求出小明站在踏板上时R3的阻值，再根据图象数据读出压力的大小，最后根据压力等于重力可知小明的重力；
（2）当滑片恰好在R2中点时，电压表示数为14.4V，电流表A2的示数为0.36A，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
（3）根据乙图中左电路可知，滑动变阻器与R2串联，电流表A1测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；根据串联电路电压规律和欧姆定律表示出电源电压，联立关系式可求出电源电压。
【解答】解：（1）根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，
小明站在踏板上时，由I＝可知，R3的阻值：
R3＝＝＝12Ω，
由丙图可知，当R3＝12Ω时，F＝700N，
由于水平面的压力等于物体的重力，所以小明的重力：G＝F＝700N；
（2）乙图中左电路可知，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表A1测量电路中的电流，
因串联电路中电流处处相等，所以根据I＝可得，滑动变阻器接入电路的阻值：
R中＝＝＝48Ω，
小明站在踏板上时，滑片恰好在R2中点，则滑动变阻器的最大阻值：R2＝2R中＝2×48Ω＝96Ω；
（3）因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以由I＝可得：
小明站在踏板上时，UA＝U1+I1R1＝14.4V+0.30A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
小红站在踏板上时，UA＝U2+I2R1＝12V+0.6A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②可得：UA＝16.8V，R1＝8Ω。
答：（1）小明的重力为700N；
（2）滑动变阻器R2的最大阻值为96Ω；
（3）定值电阻R1的阻值为8Ω，电源UA的电压为16.8V。
【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键能从题中得出有用信息。
26．（6分）在“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验中，a、b两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验。
（1）安装好器材开始实验后，a组同学如图甲所示进行读数，其错误之处是：读数时，视线未与 液柱上表面相平 。
（2）图乙表示沸腾 后 （前/后）气泡情况。
（3）图丙是两组同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像，由图像可知，水的沸点为 98 ℃，实验室当时的大气压 ＜ （选填“＞”、“＜”或“＝”）1标准大气压。a、b两组同学的实验中，选用的实验装置相同，水的初温不同，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的多少的大小关系为：a组 ＞ b组（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，如图丁所示，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内气压减小，水的沸点 降低 （升高/降低/不变）。
【分析】（1）温度计读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小；
（2）水沸腾前产生的气泡在上升过程中会因为温度降低，气泡里面的水蒸气液化进入水中，使气泡逐渐变小。水沸腾时不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂开来；
（3）水在到达沸点后只要能继续吸收热量，就能保持沸腾，且温度不变，据此分析即可；在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低；
由图丁可知，a的初温更高，在相同质量的情况下达到沸点时间更短。但是二者达到沸点的时间相同，所以a的质量更多；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】解：（1）温度计读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小，所以错误之处是：读数时，视线未与液柱上表面相平；
（2）水沸腾前产生的气泡在上升过程中会因为温度降低，气泡里面的水蒸气液化进入水中，使气泡逐渐变小。水沸腾时不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂开来，所以图乙是表示沸腾后的情形；
（3）水在到达沸点后只要能继续吸收热量，就能保持沸腾，且温度不变。由图象可知，水的沸点为98℃，在沸腾过程中水的温度不变；
在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低，实验中的沸点低于100℃，所以气压小于一标准大气压；
由图丁可知，a的初温更高，在相同质量的情况下达到沸点时间更短。但是二者达到沸点的时间相同，所以a的质量更多。所以他们所用水的多少的大小关系为：a组＞b组；
（4）在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来。
故答案为：（1）液柱上表面相平；（2）后；（3）98；＜；＞；（4）降低。
【点评】此题考查实验工具的选取、温度计的读数、沸腾前后气泡的不同、沸点、水沸腾时温度的特点等知识，属于综合题目。
27．（7分）在探究“杠杆平衡条件”的实验中：
（1）挂钩码前，杠杆在如图（a）所示的位置静止，此时杠杆 达到 （选填“达到”或“没有达到”）
平衡状态；此时我们常把杠杆的平衡螺母向 右 调，直至在水平位置平衡，这样，既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，又便于 测量力臂的大小 。
（2）如图（b）所示，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 1.5 N；（g＝10N/kg）
（3）如图（c），保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”），F与其力臂的乘积变化情况是 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图（d）所示，此过程中，弹簧测力计的示数 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）静止时处于平衡状态；若要使杠杆在水平位置平衡，应该将平衡螺母向杠杆上翘的一端移动；杠杆水平位置平衡，这样做的主要目的是方便测量力臂；
（2）根据杠杆的平衡条件求出拉力的大小；根据杠杆自身重力对杠杆平衡的影响分析弹簧测力计的示数变化；
（3）在测力计转动过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力F与其力臂的乘积变化情况；
（4）图d使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，按照相似三角形比例关系找出各自的力臂比例关系，根据杠杆平衡条件即可求判断F的大小变化。
【解答】解：（1）挂钩码前杠杆处于静止，此时杠杆能达到平衡状态；杠杆的左端低，往右边上翘，因此要想使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节；使其在水平位置平衡的主要目的是方便测量力臂的大小，还避免杠杆自重对实验的影响；
（2）由图根据杠杆平衡条件可知FALA＝FBLB，代入数据可得2×0.5N×3L＝FB×2L解得：FB＝1.5N；
（3）根据杠杆的平衡条件分析，将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码的重力不变，其阻力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变，而动力臂在从a到b的过程逐渐减小，动力F逐渐增大；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的；
（4）力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图d所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，所以拉力大小不变。
故答案为：（1）达到；右；测量力臂的大小；（2）1.5；（3）变大；不变；（4）不变。
【点评】本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，包含对杠杆平衡条件的理解、实际操作、实验方法、数据分析等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。
28．（8分）如图，小明用图甲电路测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率，电源电压调节为4.5V不变（提示：电源电压可调），规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器。
（1）小明连接了如图甲所示的电路，若电路中各元件完好，闭合开关会出现 B 。
A.小灯泡发光
B.可能损坏电压表
C.可能损坏电流表
D.可能损坏电源
（2）小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，则他在操作中存在的不当之处是 闭合开关前未将变阻器的滑片放到最大阻值处 。
（3）改正所有问题并正确完成了实验，他根据实验数据绘制了小灯泡的I﹣U图像（如图乙）。
①根据图像，在图丙中画出当电压表示数为1.5V时，电流表指针的位置。
②观察图像，小明发现图像是曲线，原因是小灯泡灯丝的电阻随 温度 的变化而变化，小灯泡的额定功率是 0.625 W。
（4）完成上述实验后，小明设计了如图丁所示电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。方案如下（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R0，滑动变阻器R2最大阻值未知）。步骤：
①按电路图连接实物电路。
②只闭合开关S、S2，调节变阻器R1的滑片，使电流表的示数为 I额 ，灯泡正常发光。
③只闭合开关S、S1，保持R1滑片的位置不变，调节变阻器R2的滑片，使电流表的示数为
I额。
④保持 R2 （填“R1”或“R2”）滑片的位置不变，只闭合开关S、S1，将另一个滑动变阻器滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最左端，电流表的示数为I2。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝ I额2 （用I额、I1、I2、R0表示）。
【分析】（1）由实物图知，电压表串联在电路中，电流表与灯泡并联，由此分析解答；
（2）为保护电路，闭合开关前应将变阻器的滑片滑到最大值处；
（3）①由图象知，当电压表示数为1.5V时，电流为0.2A，即可在图丙中画出电流表指针的位置；
灯的电阻随温度的变化而变化；由图象读出灯泡电压等于额定电压时通过的电流，由P＝UI计算灯泡的额定功率；
（4）已知灯泡的额定电流，可通过R2等效替代正常发光灯泡，再根据电路的特点，利用电源不变计算出R2的阻值，由P＝I2R计算额定功率。
【解答】解：（1）由图甲知，电流表与灯泡并联了，所以灯泡被短路，故灯泡不亮；电压表串联在电路中，电源电压调节为4.5V不变，所以电压表示数几乎等于电源电压4.5V，电路中电流几乎为0，图中电压表使用小量程，所以可能烧坏电压表，故选B；
（2）小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，说明电路电流较大，电阻较小，所以他在操作中存在的不当之处是闭合开关前未将变阻器的滑片放到最大阻值处；
（3）①由图象知，当电压表示数为1.5V时，电流为0.2A，即电流表的示数为0.2A，在图丙中画出电流表指针的位置如下图：
②由图象知，灯泡的电流与电压不成正比，即灯泡电阻是变化的，小灯泡的电压越大，电流越大，实际功率越大，温度越高，小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化；
由图象知，当灯的电压为2.5V时正常发光，此时通过的电流为0.25A，小灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（4）②只闭合开关S、S2，移动R1滑片，使电流表的示数为I额，灯泡正常发光，此时灯泡与R1串联；
③只闭合开关S、S1，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额，此时R1与R2串联，因为电路中电流仍为I额，所以R2＝RL；
④保持R2滑片位置不动，将另一个滑动变阻器（R1）滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器（R1）的滑片移到最右端，电流表的示数为I2。
变阻器R1的最大阻值为R0，因电源电压不变，则由串联电路特点和欧姆定律可得：U＝I2R2＝I1（R0+R2），
解得：R2＝，
⑤小灯泡额定功率的表达式为：P额＝I额2RL＝I额2R2＝I额2。
故答案为：（1）B；（2）闭合开关前未将变阻器的滑片放到最大阻值处；（3）①见解答图；温度；0.625；（4）②I额；④R2；⑤I额2。
【点评】本题测量小灯泡的功率，主要考查器材的选择、电路的连接、常见故障的判断、操作过程、额定功率的计算等知识，属中考的热点题。
29．（10分）阅读短文，回答问题
中国万米载人深潜器“奋斗者”号
2020年11月10日，中国万米载人深潜器“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐成。“奋斗者”号历时3个小时的下潜，深度达10909m，图甲是它的部分结构示意图。“奋斗者”号总质量为20t，包含空心球体载人舱，中部安装的圆体浮力材料，底部的质量为2t的可抛弃压载铁等都件。除载人舱及部分电路设施外，其余部分与海水相通，“奋斗者”号在海水中依靠改变自身重力和受到的海水浮力实现无动力下潜和上浮。不考虑海水的流动影响，忽略深潜器部件受到海水压力后的体积变化。（ρ海水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
2020年11月13日“奋斗者”号再次深潜到太平洋马里亚纳海沟，与10日的万米级海试不同。此次万米级海试有新的看点。本次海试任务，关键词就是“双船双潜”，“双船”指的是为“奋斗者”号保驾护载的“双母船”，也就是“探索一号”（支持船）和“探索二号”（保障船），而“双潜”指的就是“双潜水器”——万米载人潜水器“奋斗者”号，另一个就是专门给我们的主角在万米洋底“打光拍照”的“御用摄影师”——“沧海”号和“凌云”号，其通信原理如图乙所示，水声通信是深海潜水器与水面母船之间沟通的唯一桥梁，实现了潜水器从万米海底至海面母船的文字、语音及图像的实时传输，水声通信的主要载体是超声波。
（1）“奋斗者”号与“沧海”号之间的无线蓝绿光通信是利用了光的 直线传播 （选填“直线传播”、“反射”或“折射”）。水声通信是利用了超声波的 传播距离远 （选填“传播距离远”或“能成像”）的特点。
（2）“奋斗者号”的外壳用的是Ti62A钛合金，相对于普通钢而言，下列不属于这种材料特点的是 B 。
A.硬度大
B.密度大
C.强度高
D.抗腐蚀性强
（3）“奋斗者”号下潜的平均速度最接近于 B 。
A.蜗牛正常爬行速度
B.人正常步行速度
C.自行车正常骑行速度
D.高速公路上汽车正常行驶速度
（4）若在10909m深度处，海水产生的压强为1.1×108Pa，此处海水在载人舱外壳2×10﹣4m2的面积上产生的压力为 2.2×104 N。
（5）若固体浮力材料的质量为2400kg，密度为600kg/m3，则固体浮力材料完全浸没在海水中时，受到的浮力和自身重力之差为 1.6×104 N。
【分析】（1）光在均匀介质中沿直线传播；超声波具有方向好、在水中传播距离远等特点；
（2）根据合金的性能分析判断；
（3）知道下潜深度、所用时间，利用速度公式求“奋斗号”的下潜速度；
（4）已知压强p＝1.1×108Pa，S＝2×10﹣4m2，根据F＝pS求压力；
（5）物体浸没在水中，则V物＝V排，根据G＝mg求重力，再根据F浮＝ρgV排计算浮力，最后计算浮力和重力的差。
【解答】解：（1）“奋斗者”号与“沧海”号之间的无线蓝绿光通信是利用了光的直线传播；水声通信是利用了超声波的传播距离远的特点；
（2）钛合金比普通钢性能优良，钛合金具有硬度大、密度小、强度高、抗腐蚀性强的特性，故B不属于钛合金的特点；
故选：B；
（3）“奋斗者”号下潜的速度为：由v＝＝≈1.01m/s；接近于人正常步行速度，故选B；
（4）根据得，压力F＝pS＝1.1×108Pa×2×10﹣4m2＝2.2×104N；
（5）根据密度公式得，物体浸没在水中，则V物＝V排＝＝4m3；
则固体浮力材料受到的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4m3＝4×104N；
固体浮力材料的重力G＝mg＝2400kg×10N/kg＝2.4×104N；
则浮力与重力的差为：F浮﹣G＝4×104N﹣2.4×104N＝1.6×104N。
故答案为：（1）直线传播；传播距离远；（2）B；（3）B；（4）2.2×104；（5）1.6×104。
【点评】本题考查了光的直线传播、超声波、钛合金的特点、以及速度公式、密度公式、阿基米德原理的应用等知识，综合性较强。
2023年江苏省盐城市阜宁县中考物理二模试卷
一，选择题：（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题只有一个选项正确）
1．（2分）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A．分子间只存在引力，不存在斥力
B．在电子、质子和原子中，尺度最小的是质子
C．扫地时灰尘飞舞可以说明分子在做无规则运动
D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，是有起源、膨胀和演化的
2．（2分）据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，2023年1月13日，日本政府称将于今年春夏期间启动核污染水排海，而国际原子能机构技术组最近一次关于福岛核污染水处置问题的审查报告尚未公布。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是（ ）
A．核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
B．核能是可再生能源
C．核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
D．核能来自太阳
3．（2分）赛龙舟不仅是一项体育娱乐活动，更体现我国悠久历史文化传承。如图所示为某比赛场景，下列说法错误的是（ ）
A．选手根据鼓声齐心协力划桨，鼓声是由鼓面振动产生的
B．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
4．（2分）如图所示是检测电路故障时使用的测电笔内部构造图，下列关于测电笔的说法正确的是（ ）
A．测电笔中的高电阻可以用铁丝代替
B．氖管发光时测电笔接触的是火线
C．使用测电笔时手只能接触绝缘体
D．氖管发光时没有电流通过人体
5．（2分）某同学设计了道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯L发光，R0为保护电阻。图中符合设计要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
6．（2分）青藏铁路路基两旁各插有一排碗口粗细、高约2m的铁棒（如图所示），我们叫它热棒。热棒在路基下还埋有5m深，整个棒体是中空的，里面灌有液氨。热棒的工作原理很简单：当路基温度上升时，液态氨受热发生 ①上升到热棒的上端，通过散热片将热量传递给空气，同时，气态氨在此冷却 ②变成了液态氨，又沉入了棒底。这样，热棒就相当于一个天然“制冷机”。请问文中空格处的物态变化名称是（ ）
A．①升华 ②液化 B．①液化 ②汽化
C．①汽化 ②液化 D．①升华 ②凝华
7．（2分）如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法正确的是（ ）
A．油位越高，R两端的电压越大
B．R、R0在电路中是并联的
C．油位越高，流过R的电流越大
D．油量表是由电流表改装而成的
8．（2分）如图，小明用漆包线绕成线圈ABCD，将线圈一端（图中右端）的漆全部刮去，另一端（图中左端）刮去一半放上导体支架，连接干电池后线圈能转动起来（ ）
A．这是一台发电机模型
B．CD边始终受到磁场力
C．AB、CD两边同时受磁场力
D．两端漆全部刮去转动会更快
9．（2分）如图所示，光滑水平桌面上的弹性小球被弹出后，经过A点和B点后落到地面，又被多次弹起，图中虚线为小球的运动轨迹。下列有关小球的运动，描述正确的是（ ）
A．小球从A点运动到B点的过程中速度增大
B．小球反弹经过D点时动能为零
C．若将弹性小球表面涂黑，则会在C、F两点留下等大的黑色圆斑
D．小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能
10．（2分）甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为ρ甲、ρ乙，液体对容器底部的压强变化量为Δp甲、Δp乙，则（ ）
A．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＞Δp乙 B．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＝Δp乙
C．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＞Δp乙 D．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＝Δp乙
11．（2分）小明同学在探究凸透镜成像规律时，把蜡烛和凸透镜固定在如图所示位置，移动光具座上的光屏得到一清晰像（光屏未画出），则该透镜的焦距可能是（ ）
A．10cm B．20cm C．30cm D．40cm
12．（2分）如图甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过程中，R2消耗的电功率P与电压表示数U的关系图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值为15Ω
B．R2的最大阻值为50Ω
C．电源电压为9V
D．该电路消耗的最大电功率为2.25W
二.填空题：（本题共8小题，每空1分，共24分）
13．（3分）如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的 ，看到的是硬币的 （选填“实”或“虚”）像，其位置在真实硬币的 （选填“上方”或“下方”）。
14．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空，5月11日5时16分，成功对接于空间站天和核心舱后向端口。火箭选用液态氢做燃料，是因为氢的 大；天舟六号与天和核心舱成功对接后，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船是 （静止/运动）的；地面控制系统是依靠 传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的。
15．（3分）如图甲所示，将红、绿、 三种色光以相同比例照在白纸上，中间相互重叠区域会出现白色。如图乙所示，用一束绿色激光照射到一个白色气球表面，若要将此气球尽快射破，则要把气球上被照亮的区域用颜料涂成 色；气球能被激光射破，说明了光具有 。
16．（3分）天气炎热时多喝水有益于身体健康。如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景。当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，手与瓶子的摩擦力和瓶子受到的 是一对平衡力，当压力增大时，手受到的摩擦力 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．如图乙所示，瓶盖外侧有一道道竖条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能 （选填“增大或“减少”）摩擦。
17．（3分）如图甲表示四冲程内燃机的某个冲程示意图，这个冲程是 冲程，把内能转化为 能，将内燃机的能量流向制成如图乙所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为 %。
18．（3分）人工心脏泵可短时间代替心脏工作，如图是该装置的示意图，磁体固定在左侧，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启，线圈中的电流从A流向B时，电磁铁左端是 极，血液会 （选填“流入”或“流出”）活塞筒，该装置工作时，线圈AB中的电流方向 （选填“需要”或“不需要”）改变。
19．（3分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大）。
20．（3分）如图为自制发球机示意图，当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体压强变 。已知球的质量为2.5g，竖直方向受大气压作用的等效面积为12.5cm2，若不计管壁摩擦，当球下方和上方气压差为 Pa时，球恰能上升；若考虑管壁摩擦，则需要 乒乓球上方的风速（g取10N/kg）。
三、解答题（本题9小题，共52分）
21．（2分）请在图中，画出入射光线经过凹透镜后的光线（请保留作图痕迹）
22．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
23．（2分）如图所示，某小车沿水平面向右做匀速直线运动，在车厢顶部用细绳竖直悬挂一个小球，小球与光滑的竖直车厢壁刚好接触，若小车突然刹车，请在C点画出此时小球受力的示意图。
24．（6分）如图所示，利用滑轮组装置匀速拉动水平面上的物体，已知物体在水平面上受到的滑动摩擦力为重力的0.1倍，物体被匀速拉动的距离为1m。当物体质量为2kg时，滑轮组的机械效率为50%，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦。（g取10N/kg）求：
（1）物体在水平面上受到的滑动摩擦力；
（2）动滑轮的重力；
（3）若人以0.3m/s的速度匀速向下拉绳时，拉力F的功率。
25．（9分）图甲是某品牌身高、体重测量仪，学校物理兴趣小组的同学根据该测量仪的工作情况，设计了其电路原理图，如图乙所示。电源UA的电压大小未知，电压表量程为0～15V，电流表A1量程为0～0.6A，滑动变阻器R2是竖直固定放置的电阻棒，其滑片P可以随身高的变化竖直上下移动；电源UB的电压为3V，脚踏板下方有一压敏电阻R3，其阻值随压力F大小变化规律如图丙所示，同时闭合开关S1、S2，身高h1＝175cm的小明站在踏板上时，电流表A2的示数为0.25A，此时滑片恰好在R2中点，电压表示数为14.4V，电流表A1的示数为0.30A；身高h2＝140cm的小红站在踏板上时，电压表示数为12V，电流表A1的示数为0.6A，求：
（1）小明的重力G；
（2）滑动变阻器R2的最大阻值；
（3）定值电阻R1的阻值及电源UA的电压。
26．（6分）在“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验中，a、b两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验。
（1）安装好器材开始实验后，a组同学如图甲所示进行读数，其错误之处是：读数时，视线未与 。
（2）图乙表示沸腾 （前/后）气泡情况。
（3）图丙是两组同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像，由图像可知，水的沸点为 ℃，实验室当时的大气压 （选填“＞”、“＜”或“＝”）1标准大气压。a、b两组同学的实验中，选用的实验装置相同，水的初温不同，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的多少的大小关系为：a组 b组（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，如图丁所示，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内气压减小，水的沸点 （升高/降低/不变）。
27．（7分）在探究“杠杆平衡条件”的实验中：
（1）挂钩码前，杠杆在如图（a）所示的位置静止，此时杠杆 （选填“达到”或“没有达到”）
平衡状态；此时我们常把杠杆的平衡螺母向 调，直至在水平位置平衡，这样，既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，又便于 。
（2）如图（b）所示，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N；（g＝10N/kg）
（3）如图（c），保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F （选填“变大”、“变小”或“不变”），F与其力臂的乘积变化情况是 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图（d）所示，此过程中，弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
28．（8分）如图，小明用图甲电路测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率，电源电压调节为4.5V不变（提示：电源电压可调），规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器。
（1）小明连接了如图甲所示的电路，若电路中各元件完好，闭合开关会出现 。
A.小灯泡发光
B.可能损坏电压表
C.可能损坏电流表
D.可能损坏电源
（2）小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，则他在操作中存在的不当之处是 。
（3）改正所有问题并正确完成了实验，他根据实验数据绘制了小灯泡的I﹣U图像（如图乙）。
①根据图像，在图丙中画出当电压表示数为1.5V时，电流表指针的位置。
②观察图像，小明发现图像是曲线，原因是小灯泡灯丝的电阻随 的变化而变化，小灯泡的额定功率是 W。
（4）完成上述实验后，小明设计了如图丁所示电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。方案如下（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R0，滑动变阻器R2最大阻值未知）。步骤：
①按电路图连接实物电路。
②只闭合开关S、S2，调节变阻器R1的滑片，使电流表的示数为 ，灯泡正常发光。
③只闭合开关S、S1，保持R1滑片的位置不变，调节变阻器R2的滑片，使电流表的示数为
I额。
④保持 （填“R1”或“R2”）滑片的位置不变，只闭合开关S、S1，将另一个滑动变阻器滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最左端，电流表的示数为I2。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝ （用I额、I1、I2、R0表示）。
29．（10分）阅读短文，回答问题
中国万米载人深潜器“奋斗者”号
2020年11月10日，中国万米载人深潜器“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐成。“奋斗者”号历时3个小时的下潜，深度达10909m，图甲是它的部分结构示意图。“奋斗者”号总质量为20t，包含空心球体载人舱，中部安装的圆体浮力材料，底部的质量为2t的可抛弃压载铁等都件。除载人舱及部分电路设施外，其余部分与海水相通，“奋斗者”号在海水中依靠改变自身重力和受到的海水浮力实现无动力下潜和上浮。不考虑海水的流动影响，忽略深潜器部件受到海水压力后的体积变化。（ρ海水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
2020年11月13日“奋斗者”号再次深潜到太平洋马里亚纳海沟，与10日的万米级海试不同。此次万米级海试有新的看点。本次海试任务，关键词就是“双船双潜”，“双船”指的是为“奋斗者”号保驾护载的“双母船”，也就是“探索一号”（支持船）和“探索二号”（保障船），而“双潜”指的就是“双潜水器”——万米载人潜水器“奋斗者”号，另一个就是专门给我们的主角在万米洋底“打光拍照”的“御用摄影师”——“沧海”号和“凌云”号，其通信原理如图乙所示，水声通信是深海潜水器与水面母船之间沟通的唯一桥梁，实现了潜水器从万米海底至海面母船的文字、语音及图像的实时传输，水声通信的主要载体是超声波。
（1）“奋斗者”号与“沧海”号之间的无线蓝绿光通信是利用了光的 （选填“直线传播”、“反射”或“折射”）。水声通信是利用了超声波的 （选填“传播距离远”或“能成像”）的特点。
（2）“奋斗者号”的外壳用的是Ti62A钛合金，相对于普通钢而言，下列不属于这种材料特点的是 。
A.硬度大
B.密度大
C.强度高
D.抗腐蚀性强
（3）“奋斗者”号下潜的平均速度最接近于 。
A.蜗牛正常爬行速度
B.人正常步行速度
C.自行车正常骑行速度
D.高速公路上汽车正常行驶速度
（4）若在10909m深度处，海水产生的压强为1.1×108Pa，此处海水在载人舱外壳2×10﹣4m2的面积上产生的压力为 N。
（5）若固体浮力材料的质量为2400kg，密度为600kg/m3，则固体浮力材料完全浸没在海水中时，受到的浮力和自身重力之差为 N。
2023年江苏省盐城市阜宁县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一，选择题：（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题只有一个选项正确）
1．（2分）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A．分子间只存在引力，不存在斥力
B．在电子、质子和原子中，尺度最小的是质子
C．扫地时灰尘飞舞可以说明分子在做无规则运动
D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，是有起源、膨胀和演化的
【分析】（1）物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）分子由原子组成，原子的构成：带正电的原子核和带负电的核外电子，原子核又分为带正电的质子和不带电的中子；
（3）宇宙是有层次的天体系统，它的层次结构：行星﹣﹣太阳系﹣﹣银河系﹣﹣星系团﹣﹣超星系团﹣﹣总星系。
【解答】解：
A、分子间同时存在相互作用的引力和斥力，故A错误；
B、原子核和电子构成原子，原子核由质子与中子组成，在电子、质子和原子中，尺度最小的是电子，故B错误；
C、灰尘在空中飞舞，那是物质的机械运动，不是分子在运动，分子运动是肉眼看不见的，故C错误；
D、宇宙是由物质组成的，宇宙中有很多的星系，星系中又有很多星体，宇宙是一个有层次的天体结构系，并且处于不断的演化过程中，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了分子动理论、扩散现象、原子结构、宇宙结构等，所考查内容均为物理中的常见知识点，要求学生熟练掌握。
2．（2分）据新华社消息，无视国内国际舆论的质疑和反对，2023年1月13日，日本政府称将于今年春夏期间启动核污染水排海，而国际原子能机构技术组最近一次关于福岛核污染水处置问题的审查报告尚未公布。关于报道中提到的核能发电，下列说法中正确的是（ ）
A．核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电
B．核能是可再生能源
C．核电站可能会造成核污染，所以不要发展核电事业
D．核能来自太阳
【分析】根据核能的产生和特点及应用进行解答。
【解答】解：AB．核能发电站是通过核燃料发生核裂变的方式，将核能转化为电能，由于核燃料是有限的，所以核能属于不可再生能源，故A正确、B错误；
C．核电站是一种高能量、少耗料的电站，采取有效措施是可以防止核事故产生的，所以可以发展核电事业，故C错误；
D．核能是指原子核分裂或聚合时释放的能量，不是来自太阳，而太阳能来自于核聚变，故D错误。
故选：A。
【点评】此题主要考查了核能发电、能源类型、核能应用等知识，属于基础知识，难度较低。
3．（2分）赛龙舟不仅是一项体育娱乐活动，更体现我国悠久历史文化传承。如图所示为某比赛场景，下列说法错误的是（ ）
A．选手根据鼓声齐心协力划桨，鼓声是由鼓面振动产生的
B．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的，振动停止，发生也停止；
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）声音传播速度与介质种类及温度有关，与频率没有关系。
【解答】解：A、发声体都在振动，鼓声是由于鼓面的振动产生的。故A正确；
B、鼓声大作，震耳欲聋，是鼓面振动幅度大，鼓声的响度大。故B正确；
C、不同乐器的音色是不同的，选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的。故C正确；
D、鼓手敲击鼓面越快，鼓声音调越高，但传播速度不变。故D错误。
故选：D。
【点评】解决此类问题要结合声音的产生、传播特点和特性进行分析解答，属于基础题。
4．（2分）如图所示是检测电路故障时使用的测电笔内部构造图，下列关于测电笔的说法正确的是（ ）
A．测电笔中的高电阻可以用铁丝代替
B．氖管发光时测电笔接触的是火线
C．使用测电笔时手只能接触绝缘体
D．氖管发光时没有电流通过人体
【分析】（1）测电笔的内部有一个阻值很大的电阻，当人接触测电笔的笔尾金属体，人和测电笔是串联在电路中，如果两者串联在零线和大地之间，加在两者之间的电压是0V，氖管不发光；如果两者串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的阻值很大分担的电压很大，人体分担的电压很小，不会超过人体的安全电压，氖管发光，但是不会对人造成伤害。
（2）用测电笔来鉴别火线与零线。使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光。
【解答】解：A、在使用测电笔时，测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生触电事故，而铁丝的电阻很小，不能起到保护人体安全的作用，所以不能用铜丝代替测电笔中的高电阻，故A错误；
B、当测电笔笔尖导线时，使氖管发光的是火线，氖管不发光时说明接触的是零线，故B正确；
C、手不要接触测电笔前端的金属体，必须接触测电笔末端的金属体，不是绝缘体，故C错误；
D、在使用测电笔时，测电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是220V，此时测电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生触电事故，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了测电笔的使用方法，手指一定要接触笔尾的金属体，不会触电的！
5．（2分）某同学设计了道路井盖移动报警电路。当井盖没有被移动，井盖开关S闭合，警示灯L不亮；当井盖被移动，井盖开关S断开，警示灯L发光，R0为保护电阻。图中符合设计要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意可知，正常情况下S闭合，灯泡不亮；当井盖丢失S断开时，灯泡发光，据此选择符合题意的电路图。
【解答】解：由图知，
A、闭合开关，灯泡发光；断开开关，灯泡不发光，故A不符合题意；
B、闭合开关，灯泡被短路不能发光；断开开关，灯泡和定值电阻串联，灯泡能够发光，故B符合题意；
C、闭合开关，灯泡发光；断开开关，灯泡不发光，故C不符合题意；
D、无论开关是否闭合，灯泡都能发光，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查电路图的设计，关键是能根据题目所给信息设计出合理的电路图，这是本题的重点也是难点，最容易出错的地方是开关断开时灯泡发光，和我们平时接触到的开关闭合，灯泡发光正好相反。
6．（2分）青藏铁路路基两旁各插有一排碗口粗细、高约2m的铁棒（如图所示），我们叫它热棒。热棒在路基下还埋有5m深，整个棒体是中空的，里面灌有液氨。热棒的工作原理很简单：当路基温度上升时，液态氨受热发生 ①上升到热棒的上端，通过散热片将热量传递给空气，同时，气态氨在此冷却 ②变成了液态氨，又沉入了棒底。这样，热棒就相当于一个天然“制冷机”。请问文中空格处的物态变化名称是（ ）
A．①升华 ②液化 B．①液化 ②汽化
C．①汽化 ②液化 D．①升华 ②凝华
【分析】判断空格处的物态变化，要抓住变化前后物质所处的状态，①是由液态→气态，②是由气态→液态；然后根据所学物态变化的几种类型来进行选择。
【解答】解：①的过程中，发生的变化是液态氮→气态氮，属于汽化现象；
②的过程中，发生的物态变化是气态氮→液态氮，属于液化现象；
因此空格处应是：①汽化、②液化；
故选：C。
【点评】解答此类题，一定要抓住物态变化前后，物质所处的状态，然后再根据所学物态变化的几种类型对号入座。
7．（2分）如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法正确的是（ ）
A．油位越高，R两端的电压越大
B．R、R0在电路中是并联的
C．油位越高，流过R的电流越大
D．油量表是由电流表改装而成的
【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表。
油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小。
串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大。
【解答】解：A、串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大，电路中的电流也越小。所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大。
B、R和R0在电路中是串联的。
C、油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，根据欧姆定律知电流越小。
D、油量表和滑动变阻器是并联的，油量表是电压表。
故选：A。
【点评】本题根据油量表并联在电路中，可以判断油量表是电压表；根据串联电路中电阻越大分担的电压越大，可以判断电压表的示数变大；根据欧姆定律，电压不变，电阻越大，电路中的电流越小。
8．（2分）如图，小明用漆包线绕成线圈ABCD，将线圈一端（图中右端）的漆全部刮去，另一端（图中左端）刮去一半放上导体支架，连接干电池后线圈能转动起来（ ）
A．这是一台发电机模型
B．CD边始终受到磁场力
C．AB、CD两边同时受磁场力
D．两端漆全部刮去转动会更快
【分析】通电导线在磁场中受力的作用，此图中的线圈就是利用该原理制成的，故据其制作过程分析即可判断。
【解答】解：
该线圈之所以能转动，是据通电导线在磁场中受力的作用的原理来工作的，但是该线圈在转过平衡位置时，若不改变电流的反向，此时所受到的磁场力会阻碍线圈的转动，故为了使线圈持续转动，将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周利用惯性转动；而真正的直流电动机工作时，为了让线圈持续的转动下去，即是通过换向器在平衡位置及时的改变线圈中的电流的方向，即改变线圈所受力的反向，使线圈持续的转动下去；
A、线圈在磁场中受力运动，是电动机的原理，发电机的原理是电磁感应现象，故A错误；
B、据上面的分析可知，CD边只有半圈受到磁场力作用，故B错误；
C、据上面的分析可知，AB、CD两边同时受磁场力，故C正确；
D、两端漆全部刮去，线圈只有在半周内受到力的作用，不会转动的更快，故D错误；
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对：电动机原理和构造的了解和掌握，要深入了解其构造和原理，属易错题。
9．（2分）如图所示，光滑水平桌面上的弹性小球被弹出后，经过A点和B点后落到地面，又被多次弹起，图中虚线为小球的运动轨迹。下列有关小球的运动，描述正确的是（ ）
A．小球从A点运动到B点的过程中速度增大
B．小球反弹经过D点时动能为零
C．若将弹性小球表面涂黑，则会在C、F两点留下等大的黑色圆斑
D．小球经过E点的机械能大于经过G点的机械能
【分析】影响重力势能的因素：质量、高度；影响动能的因素：质量、速度；影响弹性势能的因素：弹性形变程度；小球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以小球的机械能一次比一次少。
【解答】解：A、小球从A点运动到B点的过程中，因光滑桌面没有摩擦阻力，小球处于平衡状态，其速度大小不变，故A错误；
B、从轨迹来看，小球既有水平方向的速度又有竖直方向的速度，小球在最高点时，竖直方向速度为零，水平方向速度不为零，则小球在D点的动能不为零，故B错误；
C、弹性势能大小与弹性形变程度有关，黑色圆斑的大小能反映小球弹性形变程度，圆斑越大，形变越大，在C点与在F点时，小球的动能与重力势能都为零，而每次小球反弹到的最高点都比上一次的最高点低，说明小球受到空气阻力作用，机械能逐渐变小，所以小球在C点的机械能大于在F点的机械能，故小球在C点的弹性势能大于在F点的弹性势能，小球在C点的圆要大于在F点的圆斑，故C错误；
D、小球在多次弹起过程中，机械能逐渐变小，而E点在G点之前，故小球在G点的机械能小于在E点的机械能，故D正确。
故选：D。
【点评】本题通过小球的运动情况，考查了对重力势能、动能、弹性势能影响因素的了解，对机械能守恒的认识，分析时要细心，但总体难度不大。
10．（2分）甲、乙两种不同的液体盛放在同样的容器中，将完全相同的密度计分别浸入甲、乙液体中，静止后如图所示。现将密度计从液体中取出，若甲、乙两种液体的密度为ρ甲、ρ乙，液体对容器底部的压强变化量为Δp甲、Δp乙，则（ ）
A．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＞Δp乙 B．ρ甲＞ρ乙，Δp甲＝Δp乙
C．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＞Δp乙 D．ρ甲＜ρ乙，Δp甲＝Δp乙
【分析】因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，由此可知密度计在两种液体中所受浮力关系，由图可知，甲液体中小球排开的液体体积小于乙液体中小球排开的液体体积，根据ρ液＝可知甲、乙液体的密度的大小关系；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲＝S乙，由Δp＝可知，Δp甲与Δp乙的大小关系。
【解答】解：因为两个密度计完全相同，根据漂浮条件可知，浮力都等于密度计的重力，则甲、乙两密度计所受浮力相同，由图可知，甲液体中密度计排开的液体体积大于乙液体中密度计排开的液体体积，根据ρ液＝可知甲、乙液体的密度ρ甲＜ρ乙；
将密度计取出后，容器底部减小的压力等于密度计的重力，故减小的压力相等，又因为S甲＝S乙，由Δp＝可知，Δp甲＝Δp乙。
故选：D。
【点评】此题考查压强大小的比较、物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，根据已知条件，灵活选用压强计算式p＝即可得出正确答案。
11．（2分）小明同学在探究凸透镜成像规律时，把蜡烛和凸透镜固定在如图所示位置，移动光具座上的光屏得到一清晰像（光屏未画出），则该透镜的焦距可能是（ ）
A．10cm B．20cm C．30cm D．40cm
【分析】根据凸透镜成像的三种情况进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，此时f＜v＜2f；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，此时v＞2f；u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：A、如凸透镜的焦距为10cm，则此时物距大于二倍焦距，像距位于一倍焦距和二倍焦距之间，即像出现在光具座70～80cm之间，故A符合题意；
B、如凸透镜的焦距为20cm，则此时的物距位于一倍焦距和二倍焦距之间，像距应大于二倍焦距，即大于40cm，像出现在光具座100cm以外，所以在光具座上移动光屏，不能得到清晰的像，故B不符合题意；
C、如凸透镜的焦距为30cm，此时的物距等于一倍焦距，不成像，故C不符合题意；
D、如凸透镜的焦距为40cm，此时的物距小于一倍焦距，成正立放大的虚像，虚像不能用光屏承接，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
12．（2分）如图甲所示，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过程中，R2消耗的电功率P与电压表示数U的关系图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．R1的阻值为15Ω
B．R2的最大阻值为50Ω
C．电源电压为9V
D．该电路消耗的最大电功率为2.25W
【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出滑动变阻器的电功率和电压值，根据I＝求出电路中的电流；根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，并求出R1的阻值，从而求出电源电压；根据图象中滑动变阻器两端的电压和功率求出滑动变阻器的电阻；根据电路的最大电流求出最大功率。
【解答】解：
由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器消耗的功率为0.8W时，其两端电压为2V，
由P＝UI可得，此时电路中的电流为：I1＝＝＝0.4A，
由I＝及串联电路的电压规律可得，电源的电压：U＝I1R1+U1＝0.4A×R1+2V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
当滑动变阻器消耗的功率为0.5W时，其两端电压为5V，
由P＝UI可得，此时电路中的电流为：I2＝＝＝0.1A，
由I＝及串联电路的电压规律可得，电源的电压：U＝I2R1+U2＝0.1A×R1+5V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
电源电压不变，则：0.4A×R1+2V＝0.1A×R1+5V，
解得：R1＝10Ω；故A错误；
电源电压为：U＝I1R1+U1＝0.4A×10Ω+2V＝6V，故C错误；
由图乙可知，当变阻器两端电压最大为5V时，滑动变阻器全部接入电路中，其电阻最大，此时电流最小为I2＝0.1A，
则滑动变阻器的最大阻值为：R2＝＝＝50Ω；故B正确；
当滑动变阻器接入电路的电阻为0时（电路为R1的简单电路），电路中的电阻最小，电流最大，
则电路中的最大电流为：I大＝＝＝0.6A；
该电路消耗的最大电功率：P大＝UI大＝6V×0.6A＝3.6W，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及识图能力，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
二.填空题：（本题共8小题，每空1分，共24分）
13．（3分）如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的 折射 ，看到的是硬币的 虚 （选填“实”或“虚”）像，其位置在真实硬币的 上方 （选填“上方”或“下方”）。
【分析】光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像。
【解答】解：当沿碗壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，由于折射角大于入射角，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到虚像的位置比物体的实际位置偏高，即其位置在真实硬币的上方。
故答案为：折射；虚；上方。
【点评】本题综合考查了光的折射，关于光的传播历来就是考试的一个考点，所以该题属于常见题，一定要掌握。
14．（3分）2023年5月10日21时22分，搭载天舟六号货运飞船的长征七号遥七运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空，5月11日5时16分，成功对接于空间站天和核心舱后向端口。火箭选用液态氢做燃料，是因为氢的 热值 大；天舟六号与天和核心舱成功对接后，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船是 静止 （静止/运动）的；地面控制系统是依靠 电磁波 传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的。
【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
（2）对接后，根据天和核心舱相对于天舟六号货运飞船的位置变化情况，去判断天和核心舱的运动状态；
（3）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×105km/s；电磁波能够传递信息，也能传递能量。
【解答】解：（1）火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；
（2）对接后，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船的位置没有变化，天和核心舱相对于天舟六号货运飞船是静止的；
（3）地面控制系统是依靠电磁波传递信息的，其信号传播速度与光速是相同的。
故答案为：（1）热值；（2）静止；（3）电磁波。
【点评】本题考查热值、参照物及其选择、电磁波的传播与应用等，知识点较多，解答此题的关键是熟记课本知识点。
15．（3分）如图甲所示，将红、绿、 蓝 三种色光以相同比例照在白纸上，中间相互重叠区域会出现白色。如图乙所示，用一束绿色激光照射到一个白色气球表面，若要将此气球尽快射破，则要把气球上被照亮的区域用颜料涂成 黑 色；气球能被激光射破，说明了光具有 能量 。
【分析】色光的三原色为红、绿、蓝；黑色物体吸收所有色光，说明了光具有能量。
【解答】解：色光的三原色为红、绿、蓝；因此将红、绿、蓝三种色光照白纸上，中间相互重叠区域会出现白色。
把气球上被照亮的区域用颜料涂成黑色；黑球能够吸收所有色光；因为光具有能量，所以气球能被激光射破。
故答案为：蓝；黑；能量。
【点评】本题考查了光的三原色、物体的颜色，属于基础题。
16．（3分）天气炎热时多喝水有益于身体健康。如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景。当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，手与瓶子的摩擦力和瓶子受到的 重力 是一对平衡力，当压力增大时，手受到的摩擦力 不变 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．如图乙所示，瓶盖外侧有一道道竖条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能 增大 （选填“增大或“减少”）摩擦。
【分析】（1）物体静止和匀速直线运动时处于平衡状态，如果只受到两个力，这两个力是一对平衡力，二力大小相等；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：（1）瓶子握在手中，手和瓶子之间产生摩擦力，瓶子静止在手中时处于平衡状态，竖直方向受到重力和摩擦力的作用，两个力是一对平衡力；
当压力增大时，瓶子仍静止处于平衡状态，瓶子的重力不变，受到的摩擦力不变；
（2）瓶盖上有竖纹这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力的。
故答案为：重力；不变；增大。
【点评】本题主要考查学生对于二力平衡、增大和减小摩擦力方法的理解和掌握，要注意当压力增大时瓶子仍静止，受到的摩擦力应从平衡状态着手。
17．（3分）如图甲表示四冲程内燃机的某个冲程示意图，这个冲程是 做功 冲程，把内能转化为 机械 能，将内燃机的能量流向制成如图乙所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为 30 %。
【分析】根据汽油机阀门的开、闭，和活塞运行方向，判断冲程；
汽油机的做功冲程把内能转化为机械能；
用总能量减去损失能量计算热机效率。
【解答】解：图中两个阀门都关闭，活塞向上移动，火花塞产生火花，则该冲程是做功冲程；
做功冲程主要是把内能转化为机械能；
由图可知，热机的效率为η＝100%﹣33%﹣30%﹣7%＝30%。
故答案为：做功；机械；30%。
【点评】本题考查了热机的工作情况、能量转化、效率的计算，属于基础题，要求掌握。
18．（3分）人工心脏泵可短时间代替心脏工作，如图是该装置的示意图，磁体固定在左侧，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启，线圈中的电流从A流向B时，电磁铁左端是 S 极，血液会 流入 （选填“流入”或“流出”）活塞筒，该装置工作时，线圈AB中的电流方向 需要 （选填“需要”或“不需要”）改变。
【分析】根据安培定则可知电磁铁的极性，由磁极间的相互作用规律可知活塞的移动方向；改变线圈中的电流方向可以改变电磁铁的极性，结合“阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启”利用气压知识进行解答。
【解答】解：线圈中的电流从A流向B时，由安培定则可知，电磁铁的右端为N极，其左端为S极，电磁铁和左侧磁体的异名磁极相对，因异名磁极相互吸引，故活塞左移，活塞筒的气压减小，而血管内血压较大、外界大气压较大，使得阀门S1关闭，S2打开，则血液经过S2流入活塞筒；
要使活塞筒内血液推开阀门S1流入血管，则应使活塞向右运动，此时需改变线圈AB中电流方向，从而改变电磁铁的磁极方向，使其与左侧磁体同名磁极相对而相互排斥，故线圈AB中的电流方向需要改变。
故答案为：S；流入；需要。
【点评】本题主要考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律，难点是分析两个开关的闭合和打开情况。
19．（3分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 虚 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 不随 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 先变大后变小 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大）。
【分析】（1）平面镜成虚像，虚像不能用光屏接到，实像能用光屏接到，用光屏呈接来辨别是实像还是虚像；
（2）玻璃门中的像是由于光的反射形成的，不是实际光线形成，形成的是虚像，不在玻璃门上，在玻璃门上的像不随门移动；
（3）平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
【解答】解：根据平面镜成像原理，通过玻璃看到的像不是实际光线会聚成的，是虚像；
将甲图窗户左右平移打开，平面镜成像时像和物体关于平面镜对称，则你在P窗户中的像将不随窗户移动；
将乙图Q窗户转动150°打开，在0～90°时，像远离物体，距离变大，在90°～150°时，像靠近物体，距离变小，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将先变大后变小。
故答案为：虚；不随；先变大后变小。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
20．（3分）如图为自制发球机示意图，当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体压强变 小 。已知球的质量为2.5g，竖直方向受大气压作用的等效面积为12.5cm2，若不计管壁摩擦，当球下方和上方气压差为 20 Pa时，球恰能上升；若考虑管壁摩擦，则需要 增大 乒乓球上方的风速（g取10N/kg）。
【分析】（1）流动的气体和液体都称为流体，流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；
（2）已知球的质量可求得其重力，由此可知压力大小，已知竖直方向受大气压作用的等效面积，由p＝可求得球下方和上方气压差；
（3）球恰能上升受到管壁摩擦，若增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差越大，据此分析。
【解答】解：当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体流速大，压强小，小于下端管口气体压强，原本静止的乒乓球沿管上升；
球的重力G＝mg＝2.5×10﹣3kg×10N/kg＝2.5×10﹣2N，
球下方受到的压力F＝G＝2.5×10﹣2N，
受力面积S＝12.5cm2＝12.5×10﹣4m2，
球下方和上方气压差p＝＝＝20Pa；
若考虑管壁摩擦，则需要增大乒乓球上方的风速，则球下方和上方气压差增大，从而使球沿竖直管上升。
故答案为：小；20；增大。
【点评】本题考查了流体压强与流速的关系以及力的作用效果，压强的计算等，难易程度适中。
三、解答题（本题9小题，共52分）
21．（2分）请在图中，画出入射光线经过凹透镜后的光线（请保留作图痕迹）
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：过凹透镜光心的光线传播方向不改变；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，据此作出其折射光线，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
22．（2分）如图，请根据磁感线的方向，标出静止小磁针的N极和电源的正极。
【分析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的右端为S极，左端为N极；
根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。如图：
【点评】本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断，又考查了电流方向的判断，一环扣一环，也是易错题，要求学生步步仔细才行。
23．（2分）如图所示，某小车沿水平面向右做匀速直线运动，在车厢顶部用细绳竖直悬挂一个小球，小球与光滑的竖直车厢壁刚好接触，若小车突然刹车，请在C点画出此时小球受力的示意图。
【分析】（1）小球在竖直方向上受到重力和绳子的拉力两个力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向竖直向上；
（2）小车突然刹车时，由于惯性，小球会继续向前运动，从而和车厢壁接触发生挤压，车厢壁会对小球产生向左的支持力。
【解答】解：小车突然刹车时，小球由于惯性会继续保持向前运动的状态，因此会对车厢壁产生向右的压力，车厢壁就会对球产生向左的支持力，因此小球受到三个力的作用：竖直向下的重力，竖直向上的拉力，水平向左的支持力，根据力的示意图的做法，如下图所示：
【点评】本题考查了力的示意图的画法，注意力的作用点和方向，是中考作图题常考的内容。
24．（6分）如图所示，利用滑轮组装置匀速拉动水平面上的物体，已知物体在水平面上受到的滑动摩擦力为重力的0.1倍，物体被匀速拉动的距离为1m。当物体质量为2kg时，滑轮组的机械效率为50%，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦。（g取10N/kg）求：
（1）物体在水平面上受到的滑动摩擦力；
（2）动滑轮的重力；
（3）若人以0.3m/s的速度匀速向下拉绳时，拉力F的功率。
【分析】（1）根据G＝mg先求出重力，再根据题意求出滑动摩擦力；
（2）利用η＝＝＝求出自由端的拉力；不计绳重和绳与滑轮间的摩擦力，再根据F＝（G动+f）计算出动滑轮的重力；
（3）根据P＝Fv计算拉力的功率。
【解答】解：（1）物体受到的摩擦力：
f＝0.1G＝0.1mg＝0.1×2kg×10N/kg＝2N；
（2）由图知n＝3，因为η＝＝＝，
故绳端的拉力：F＝＝＝＝N；
不计绳重和绳与滑轮间的摩擦力，由F＝（G动+f）得动滑轮的重力：
G动＝3F﹣f＝3×N﹣3N＝1N；
（3）拉力的功率为：P＝＝＝Fv＝N×0.3m/s＝0.4W。
答：（1）物体质量为2kg时，在水平面上受到的滑动摩擦力为2N；
（2）动滑轮的重力为1N；
（3）拉力F的功率为0.4W。
【点评】本题是有关滑轮组机械效率的综合计算，要掌握滑轮组的省力特点、有用功和总功、机械效率的概念，能够正确判断出有用功是解决本题的关键。
25．（9分）图甲是某品牌身高、体重测量仪，学校物理兴趣小组的同学根据该测量仪的工作情况，设计了其电路原理图，如图乙所示。电源UA的电压大小未知，电压表量程为0～15V，电流表A1量程为0～0.6A，滑动变阻器R2是竖直固定放置的电阻棒，其滑片P可以随身高的变化竖直上下移动；电源UB的电压为3V，脚踏板下方有一压敏电阻R3，其阻值随压力F大小变化规律如图丙所示，同时闭合开关S1、S2，身高h1＝175cm的小明站在踏板上时，电流表A2的示数为0.25A，此时滑片恰好在R2中点，电压表示数为14.4V，电流表A1的示数为0.30A；身高h2＝140cm的小红站在踏板上时，电压表示数为12V，电流表A1的示数为0.6A，求：
（1）小明的重力G；
（2）滑动变阻器R2的最大阻值；
（3）定值电阻R1的阻值及电源UA的电压。
【分析】（1）根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，根据欧姆定律求出小明站在踏板上时R3的阻值，再根据图象数据读出压力的大小，最后根据压力等于重力可知小明的重力；
（2）当滑片恰好在R2中点时，电压表示数为14.4V，电流表A2的示数为0.36A，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
（3）根据乙图中左电路可知，滑动变阻器与R2串联，电流表A1测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；根据串联电路电压规律和欧姆定律表示出电源电压，联立关系式可求出电源电压。
【解答】解：（1）根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，
小明站在踏板上时，由I＝可知，R3的阻值：
R3＝＝＝12Ω，
由丙图可知，当R3＝12Ω时，F＝700N，
由于水平面的压力等于物体的重力，所以小明的重力：G＝F＝700N；
（2）乙图中左电路可知，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表A1测量电路中的电流，
因串联电路中电流处处相等，所以根据I＝可得，滑动变阻器接入电路的阻值：
R中＝＝＝48Ω，
小明站在踏板上时，滑片恰好在R2中点，则滑动变阻器的最大阻值：R2＝2R中＝2×48Ω＝96Ω；
（3）因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以由I＝可得：
小明站在踏板上时，UA＝U1+I1R1＝14.4V+0.30A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
小红站在踏板上时，UA＝U2+I2R1＝12V+0.6A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②可得：UA＝16.8V，R1＝8Ω。
答：（1）小明的重力为700N；
（2）滑动变阻器R2的最大阻值为96Ω；
（3）定值电阻R1的阻值为8Ω，电源UA的电压为16.8V。
【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键能从题中得出有用信息。
26．（6分）在“探究水沸腾时的温度变化的特点”的实验中，a、b两组同学在相同的环境中，用如图甲所示的装置分别进行实验。
（1）安装好器材开始实验后，a组同学如图甲所示进行读数，其错误之处是：读数时，视线未与 液柱上表面相平 。
（2）图乙表示沸腾 后 （前/后）气泡情况。
（3）图丙是两组同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像，由图像可知，水的沸点为 98 ℃，实验室当时的大气压 ＜ （选填“＞”、“＜”或“＝”）1标准大气压。a、b两组同学的实验中，选用的实验装置相同，水的初温不同，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，则他们所用水的多少的大小关系为：a组 ＞ b组（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，如图丁所示，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内气压减小，水的沸点 降低 （升高/降低/不变）。
【分析】（1）温度计读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小；
（2）水沸腾前产生的气泡在上升过程中会因为温度降低，气泡里面的水蒸气液化进入水中，使气泡逐渐变小。水沸腾时不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂开来；
（3）水在到达沸点后只要能继续吸收热量，就能保持沸腾，且温度不变，据此分析即可；在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低；
由图丁可知，a的初温更高，在相同质量的情况下达到沸点时间更短。但是二者达到沸点的时间相同，所以a的质量更多；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】解：（1）温度计读数时，视线要与液柱上表面相平，俯视会使结果偏大、仰视会使结果偏小，所以错误之处是：读数时，视线未与液柱上表面相平；
（2）水沸腾前产生的气泡在上升过程中会因为温度降低，气泡里面的水蒸气液化进入水中，使气泡逐渐变小。水沸腾时不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡在上升过程中逐渐变大，到水面破裂开来，所以图乙是表示沸腾后的情形；
（3）水在到达沸点后只要能继续吸收热量，就能保持沸腾，且温度不变。由图象可知，水的沸点为98℃，在沸腾过程中水的温度不变；
在一标准大气压下，水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低，实验中的沸点低于100℃，所以气压小于一标准大气压；
由图丁可知，a的初温更高，在相同质量的情况下达到沸点时间更短。但是二者达到沸点的时间相同，所以a的质量更多。所以他们所用水的多少的大小关系为：a组＞b组；
（4）在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来。
故答案为：（1）液柱上表面相平；（2）后；（3）98；＜；＞；（4）降低。
【点评】此题考查实验工具的选取、温度计的读数、沸腾前后气泡的不同、沸点、水沸腾时温度的特点等知识，属于综合题目。
27．（7分）在探究“杠杆平衡条件”的实验中：
（1）挂钩码前，杠杆在如图（a）所示的位置静止，此时杠杆 达到 （选填“达到”或“没有达到”）
平衡状态；此时我们常把杠杆的平衡螺母向 右 调，直至在水平位置平衡，这样，既消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，又便于 测量力臂的大小 。
（2）如图（b）所示，在A点挂2个质量均为50g的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 1.5 N；（g＝10N/kg）
（3）如图（c），保持A点所挂钩码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”），F与其力臂的乘积变化情况是 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图（d）所示，此过程中，弹簧测力计的示数 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）静止时处于平衡状态；若要使杠杆在水平位置平衡，应该将平衡螺母向杠杆上翘的一端移动；杠杆水平位置平衡，这样做的主要目的是方便测量力臂；
（2）根据杠杆的平衡条件求出拉力的大小；根据杠杆自身重力对杠杆平衡的影响分析弹簧测力计的示数变化；
（3）在测力计转动过程中，钩码的重力不变，其力臂OA不变，根据杠杆的平衡条件分析拉力F与其力臂的乘积变化情况；
（4）图d使杠杆由水平位置缓慢转动到图中位置，按照相似三角形比例关系找出各自的力臂比例关系，根据杠杆平衡条件即可求判断F的大小变化。
【解答】解：（1）挂钩码前杠杆处于静止，此时杠杆能达到平衡状态；杠杆的左端低，往右边上翘，因此要想使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节；使其在水平位置平衡的主要目的是方便测量力臂的大小，还避免杠杆自重对实验的影响；
（2）由图根据杠杆平衡条件可知FALA＝FBLB，代入数据可得2×0.5N×3L＝FB×2L解得：FB＝1.5N；
（3）根据杠杆的平衡条件分析，将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，钩码的重力不变，其阻力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变，而动力臂在从a到b的过程逐渐减小，动力F逐渐增大；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件可知，拉力F与其力臂的乘积也是不变的；
（4）力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图d所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，所以拉力大小不变。
故答案为：（1）达到；右；测量力臂的大小；（2）1.5；（3）变大；不变；（4）不变。
【点评】本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，包含对杠杆平衡条件的理解、实际操作、实验方法、数据分析等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。
28．（8分）如图，小明用图甲电路测量额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率，电源电压调节为4.5V不变（提示：电源电压可调），规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器。
（1）小明连接了如图甲所示的电路，若电路中各元件完好，闭合开关会出现 B 。
A.小灯泡发光
B.可能损坏电压表
C.可能损坏电流表
D.可能损坏电源
（2）小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，则他在操作中存在的不当之处是 闭合开关前未将变阻器的滑片放到最大阻值处 。
（3）改正所有问题并正确完成了实验，他根据实验数据绘制了小灯泡的I﹣U图像（如图乙）。
①根据图像，在图丙中画出当电压表示数为1.5V时，电流表指针的位置。
②观察图像，小明发现图像是曲线，原因是小灯泡灯丝的电阻随 温度 的变化而变化，小灯泡的额定功率是 0.625 W。
（4）完成上述实验后，小明设计了如图丁所示电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。方案如下（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R0，滑动变阻器R2最大阻值未知）。步骤：
①按电路图连接实物电路。
②只闭合开关S、S2，调节变阻器R1的滑片，使电流表的示数为 I额 ，灯泡正常发光。
③只闭合开关S、S1，保持R1滑片的位置不变，调节变阻器R2的滑片，使电流表的示数为
I额。
④保持 R2 （填“R1”或“R2”）滑片的位置不变，只闭合开关S、S1，将另一个滑动变阻器滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最左端，电流表的示数为I2。
⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝ I额2 （用I额、I1、I2、R0表示）。
【分析】（1）由实物图知，电压表串联在电路中，电流表与灯泡并联，由此分析解答；
（2）为保护电路，闭合开关前应将变阻器的滑片滑到最大值处；
（3）①由图象知，当电压表示数为1.5V时，电流为0.2A，即可在图丙中画出电流表指针的位置；
灯的电阻随温度的变化而变化；由图象读出灯泡电压等于额定电压时通过的电流，由P＝UI计算灯泡的额定功率；
（4）已知灯泡的额定电流，可通过R2等效替代正常发光灯泡，再根据电路的特点，利用电源不变计算出R2的阻值，由P＝I2R计算额定功率。
【解答】解：（1）由图甲知，电流表与灯泡并联了，所以灯泡被短路，故灯泡不亮；电压表串联在电路中，电源电压调节为4.5V不变，所以电压表示数几乎等于电源电压4.5V，电路中电流几乎为0，图中电压表使用小量程，所以可能烧坏电压表，故选B；
（2）小明改正电路连接后，用开关试触时，看到小灯泡发出明亮的光，说明电路电流较大，电阻较小，所以他在操作中存在的不当之处是闭合开关前未将变阻器的滑片放到最大阻值处；
（3）①由图象知，当电压表示数为1.5V时，电流为0.2A，即电流表的示数为0.2A，在图丙中画出电流表指针的位置如下图：
②由图象知，灯泡的电流与电压不成正比，即灯泡电阻是变化的，小灯泡的电压越大，电流越大，实际功率越大，温度越高，小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化；
由图象知，当灯的电压为2.5V时正常发光，此时通过的电流为0.25A，小灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（4）②只闭合开关S、S2，移动R1滑片，使电流表的示数为I额，灯泡正常发光，此时灯泡与R1串联；
③只闭合开关S、S1，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额，此时R1与R2串联，因为电路中电流仍为I额，所以R2＝RL；
④保持R2滑片位置不动，将另一个滑动变阻器（R1）滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器（R1）的滑片移到最右端，电流表的示数为I2。
变阻器R1的最大阻值为R0，因电源电压不变，则由串联电路特点和欧姆定律可得：U＝I2R2＝I1（R0+R2），
解得：R2＝，
⑤小灯泡额定功率的表达式为：P额＝I额2RL＝I额2R2＝I额2。
故答案为：（1）B；（2）闭合开关前未将变阻器的滑片放到最大阻值处；（3）①见解答图；温度；0.625；（4）②I额；④R2；⑤I额2。
【点评】本题测量小灯泡的功率，主要考查器材的选择、电路的连接、常见故障的判断、操作过程、额定功率的计算等知识，属中考的热点题。
29．（10分）阅读短文，回答问题
中国万米载人深潜器“奋斗者”号
2020年11月10日，中国万米载人深潜器“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐成。“奋斗者”号历时3个小时的下潜，深度达10909m，图甲是它的部分结构示意图。“奋斗者”号总质量为20t，包含空心球体载人舱，中部安装的圆体浮力材料，底部的质量为2t的可抛弃压载铁等都件。除载人舱及部分电路设施外，其余部分与海水相通，“奋斗者”号在海水中依靠改变自身重力和受到的海水浮力实现无动力下潜和上浮。不考虑海水的流动影响，忽略深潜器部件受到海水压力后的体积变化。（ρ海水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
2020年11月13日“奋斗者”号再次深潜到太平洋马里亚纳海沟，与10日的万米级海试不同。此次万米级海试有新的看点。本次海试任务，关键词就是“双船双潜”，“双船”指的是为“奋斗者”号保驾护载的“双母船”，也就是“探索一号”（支持船）和“探索二号”（保障船），而“双潜”指的就是“双潜水器”——万米载人潜水器“奋斗者”号，另一个就是专门给我们的主角在万米洋底“打光拍照”的“御用摄影师”——“沧海”号和“凌云”号，其通信原理如图乙所示，水声通信是深海潜水器与水面母船之间沟通的唯一桥梁，实现了潜水器从万米海底至海面母船的文字、语音及图像的实时传输，水声通信的主要载体是超声波。
（1）“奋斗者”号与“沧海”号之间的无线蓝绿光通信是利用了光的 直线传播 （选填“直线传播”、“反射”或“折射”）。水声通信是利用了超声波的 传播距离远 （选填“传播距离远”或“能成像”）的特点。
（2）“奋斗者号”的外壳用的是Ti62A钛合金，相对于普通钢而言，下列不属于这种材料特点的是 B 。
A.硬度大
B.密度大
C.强度高
D.抗腐蚀性强
（3）“奋斗者”号下潜的平均速度最接近于 B 。
A.蜗牛正常爬行速度
B.人正常步行速度
C.自行车正常骑行速度
D.高速公路上汽车正常行驶速度
（4）若在10909m深度处，海水产生的压强为1.1×108Pa，此处海水在载人舱外壳2×10﹣4m2的面积上产生的压力为 2.2×104 N。
（5）若固体浮力材料的质量为2400kg，密度为600kg/m3，则固体浮力材料完全浸没在海水中时，受到的浮力和自身重力之差为 1.6×104 N。
【分析】（1）光在均匀介质中沿直线传播；超声波具有方向好、在水中传播距离远等特点；
（2）根据合金的性能分析判断；
（3）知道下潜深度、所用时间，利用速度公式求“奋斗号”的下潜速度；
（4）已知压强p＝1.1×108Pa，S＝2×10﹣4m2，根据F＝pS求压力；
（5）物体浸没在水中，则V物＝V排，根据G＝mg求重力，再根据F浮＝ρgV排计算浮力，最后计算浮力和重力的差。
【解答】解：（1）“奋斗者”号与“沧海”号之间的无线蓝绿光通信是利用了光的直线传播；水声通信是利用了超声波的传播距离远的特点；
（2）钛合金比普通钢性能优良，钛合金具有硬度大、密度小、强度高、抗腐蚀性强的特性，故B不属于钛合金的特点；
故选：B；
（3）“奋斗者”号下潜的速度为：由v＝＝≈1.01m/s；接近于人正常步行速度，故选B；
（4）根据得，压力F＝pS＝1.1×108Pa×2×10﹣4m2＝2.2×104N；
（5）根据密度公式得，物体浸没在水中，则V物＝V排＝＝4m3；
则固体浮力材料受到的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4m3＝4×104N；
固体浮力材料的重力G＝mg＝2400kg×10N/kg＝2.4×104N；
则浮力与重力的差为：F浮﹣G＝4×104N﹣2.4×104N＝1.6×104N。
故答案为：（1）直线传播；传播距离远；（2）B；（3）B；（4）2.2×104；（5）1.6×104。
【点评】本题考查了光的直线传播、超声波、钛合金的特点、以及速度公式、密度公式、阿基米德原理的应用等知识，综合性较强。
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