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2023年山东省济宁市泗水县中考物理二模试卷
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这是一份2023年山东省济宁市泗水县中考物理二模试卷，共29页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省济宁市泗水县中考物理二模试卷
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分）
1．（2分）关于一些物理量的估测，下列数据最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2dm
B．一个苹果的质量约为150g
C．人正常步行的速度约为1km/h
D．一名九年级学生所受重力约为60kg
2．（2分）图是探究声现象的四种实验情景，下列说法正确的是（ ）
A．甲实验说明声音的传播需要介质
B．乙实验说明钢尺振动的频率越高，响度越大
C．丙实验说明音叉的振幅越大，音调越高
D．丁实验说明声波不能传递能量
3．（2分）下列做法，符合家庭电路中安全用电原则的是（ ）
A．可以在电线上晾晒湿衣服
B．连接电路时，开关接在零线上
C．使用测电笔时手不能接触笔尖金属体
D．36V的电压对人体是安全的
4．（2分）如图所示，一种环保型手电筒，筒内有一个能滑动的圆柱形磁铁，外圈套着一个线圈。只要将手电筒沿图中箭头方向来回摇动，手电筒的小灯就能发光。下列与此手电筒工作原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
5．（2分）关于下列诗句中描述的物态变化，说法正确的是（ ）
A．“欲渡黄河冰塞川”，冰形成的过程中吸热
B．“山明水净夜来霜”，霜的形成是凝固现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“雨打梨花深闭门”，雨的形成是熔化现象
6．（2分）如图所示，iMAX3d是立体影片的放映技术，结合iMAX巨幕，能够产生逼真震撼的全视野立体效果。放映时，两个放映机将两个略有差异的画面呈现在比普通影院屏幕更大的巨幕上，观看者带上特殊眼镜后，能产生强烈的“身临其境”感。关于iMAX3D电影，下列说法不正确的是（ ）
A．放映时，胶片到放映机镜头的距离应大于2倍的镜头焦距
B．在观看电影时，通真震撼的声音是通过空气传播到人耳的
C．巨幕一般都做成粗糙白色平面是让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上“身临其境”的画面是倒立放大的实像
7．（2分）2022年11月29日，神舟十五号飞船成功发射，标志着我国载人航天飞行任务取得圆满成功，也是中国空间站建造阶段的最后一棒，承前启后，具有里程碑意义。另据报导，神舟十六号飞船将于2023年5月中上旬发射升空，如图所示，则飞船在空中加速上升时的能量转化情况是（ ）
A．飞船的动能转化为重力势能，动能减小
B．飞船的重力势能转化为动能，重力势能减小
C．燃料燃烧产生的内能转化为飞船的机械能
D．没有发生能量的转化，飞船的机械能不变
8．（2分）下列表中相对应的内容有不正确的是（ ）
A．
物质特性
应用
钨的熔点高
白炽灯灯丝
半导体的单向导电性
发光二极管
水的比热容大
发动机冷却
B．
知识
应用
流体压强与流速的关系
飞机机翼
电磁感应现象
动圈式扬声器
核裂变
大亚湾核电站
C．
实验
注意事项
刻度尺测长度
读数时视线与尺面垂直
平面镜成像
玻璃板与桌面垂直
固体的熔化
组装器材先下后上
D．
生活现象
原理
立竿见影
光的直线传播
水中倒影
光的反射
海市蜃楼
光的折射
9．（2分）杠杆分为：省力杠杆，费力杠杆和等臂杠杆，以下四个选项中不同于其他三个的是（ ）
A．划船时的船桨
B．剪铁皮的剪子
C．起重机的吊臂
D．端着茶杯的前臂
10．（2分）在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，电压表示数U及滑动变阻器接入电路的电阻的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为10Ω
B．滑片P移到b端时，R2两端的电压为6V
C．滑片P移到a端时，R1消耗的功率为0.2W
D．当滑片P移到中点时，通过R1的电流为0.2A
二、填空题（每空1分，共10分）
11．（2分）图中的倒车雷达是利用 （选填“超声波”或“次声波”）来传递信息的，它在真空中传播 （选填“能”或“不能”）。
12．（2分）如图是课本中学习热学知识的两个情景，其中甲实验搓手取暖中改变物体内能的途径是 ；乙实验中活塞压缩空气，空气的内能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
13．（2分）小龙仔细观察一款N95口罩，如图甲所示，口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，其目的是为了 （选填“增大”或“减小”）鼻夹对鼻梁的压强；他只对U形管A上方的管口水平方向吹气，如图乙所示，则 （选填“A”或“B”）的液面会下降。
14．（2分）如图，一个重1000N的箱子放在水平地面上，小荣用200N的水平向右方向的力去推箱子，箱子不动，这时地面对箱子的摩擦力 200N（选填“＞”、“＝”或“＜”）；如果推力增加到300N时，箱子恰好做匀速直线运动；如果推力增加到400N时，这时地面对箱子的摩擦力等于 。
15．（2分）如图所示，电源电压恒为10V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为20Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作；若电动机内部线圈的电阻为2Ω，则通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量是 J，该电动机转化成机械能的效率是 。
三、作图与实验探究题（16题每小题2分，17题4分，18题4分，19题4分，20题4
16．（2分）图甲为人眼所看水中筷子“折断”情况，在图乙中画出该光路图（O为入射点）。
17．（2分）如图，根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的电流方向和磁感线的方向。
18．（4分）根据以下几幅图片，回答下列问题：
（1）图甲中，通过U形管两侧液面高度差显示液体内部压强大小，所应用的物理研究方法为 ；
（2）体积相同的A、B、C、D四个小球放在盛有水的容器中，静止时如图乙所示，则 球所受浮力最小；
（3）如图丙为探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置，由本实验可知，液体在沸腾过程中不断吸收热量，温度 （选填“持续上升”或“保持不变”）；
（4）如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，若在杠杆两侧各增加一个质量相同的钩码，则 （选填“A.仍然平衡”、“B.左端下降”、“C.左端上升”）。
19．（4分）小明用薄膜充水后制成水透镜，并用自制的水透镜和蜡烛、光屏、光具座等进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）实验时，为了能使像清晰地成在光屏的中央位置，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在 。
（2）某次实验中，当蜡烛、水透镜和光屏在图示位置时，在光屏上恰能成清晰的像，则此时水透镜的焦距是 cm。
（3）在光屏上成清晰缩小的像时，小明用注射器往水透镜中继续注入适量的水，保持蜡烛、水透镜的位置不变，通过 （选填“向左”或“向右”）移动光屏，使光屏上再次成清晰的像，此操作是为了探究 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因。
20．（4分）小明的妈妈采购了消毒液进行日常杀菌。为了测量该消毒液的密度，小明同学进行如下实验操作：
（1）把天平放在水平台上，游码移至零刻度线处，调节平衡螺母前，中央分度盘的指针偏转如图甲，此时应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直到天平横梁水平平衡。
（2）用调节好的天平测出烧杯和适量消毒液的总质量为108.2g，将烧杯中的消毒液倒出一部分到量筒中，量筒中消毒液液面位置如图乙所示，则量筒中消毒液的体积为 cm3；用天平测出剩余消毒液和烧杯的质量如图丙所示，则该消毒液的密度为 kg/m3。
（3）分析以上步骤，你认为小明所测消毒液的密度 （选填“偏大”“偏小”或“准确”）。
21．（4分）在“测量小灯泡电阻”的实验中，现有器材：额定电压为2.5V的小灯泡（电阻约为12Ω）、6V的电源、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将如图所示的实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）正确连接好电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于 （选填“A”或“B”）端。
（3）闭合开关后，无论怎样移动滑片P，发现小灯泡均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则该电路故障可能是 （选填“A.小灯泡短路”“B.小灯泡开路”或”C.滑动变阻器处断路”）。
（4）下列实验不能用该实验装置完成的是 （填字母序号）。
A.探究串联电路中的电流规律
B.探究串联电路中的电压规律
C.探究电流与电压的关系
D.测量小灯泡的额定电功率
四、计算题（21题4分，22题6分，共10分）
22．（4分）将一边长为10cm，重为8N的正方体木块轻轻地放入水中。 （g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
求：（1）木块的密度；
（2）木块静止时受到的浮力。
23．（6分）图甲是某型号能设定加热温度的家用空气炸锅，其简化电路如图乙所示，它是通过电热丝Rt来加热空气，从而加热食物，达到设定加热温度后，断开开关。
求：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量。[c空气＝1.0×103J/（kg•℃）]
（2）工作电路中电热丝Rt与指示灯支路并联。已知Rt的额定电压为220V，额定功率为1100W。正常工作时，工作电路的总电流为5.1A，此时指示灯支路消耗的功率；
（3）控制电路电源电压恒定，通过调节变阻器R1接入电路的阻值来设置加热温度，热敏电阻R2置于温度监测区域，它的阻值随温度变化的关系如图丙所示。当加热温度设定为150℃时，将变阻器R1的阻值调为50Ω，闭合开关S，电磁继电器（不计线圈的电阻）的衔铁被吸下，工作电路接通，开始加热；直到温度达到150℃时，衔铁向上弹起，停止加热。则当加热温度设定为200℃时，为保证该空气炸锅的正常控制，应将变阻器的阻值R1调为多少？
2023年山东省济宁市泗水县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分）
1．（2分）关于一些物理量的估测，下列数据最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2dm
B．一个苹果的质量约为150g
C．人正常步行的速度约为1km/h
D．一名九年级学生所受重力约为60kg
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A.一元硬币的直径约为2.5cm＝0.25dm，故A不符合实际；
B.一个苹果的质量约为150g，故B符合实际；
C.人正常步行的速度约为1.1m/s≈4km/h，故C不符合实际；
D.一名九年级学生所受重力约为600N，故D不符合实际。
故选：B。
【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2．（2分）图是探究声现象的四种实验情景，下列说法正确的是（ ）
A．甲实验说明声音的传播需要介质
B．乙实验说明钢尺振动的频率越高，响度越大
C．丙实验说明音叉的振幅越大，音调越高
D．丁实验说明声波不能传递能量
【分析】（1）声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声；
（2）声音的高低叫做音调，是由物体振动的频率决定的；
（3）声音的强弱叫做响度，是由物体的振幅决定的，振幅越大，响度越大；
（4）声音能够传递信息，声音能够传递能量。
【解答】解：A、甲实验真空不能传声，传声需要介质，故A正确；
B、钢尺振动越快听到声音越高，说明音调和振动的快慢即频率有关，故B错误；
C、敲击音叉的力越大听到声音越大，说明响度和振幅有关，故C错误；
D、喇叭振动发声的声波传递给蜡烛的火焰，使火焰摇动，说明声可以传递能量，故D错误。
故选：A。
【点评】掌握声现象的基础知识，把小实验与识点要联系起来，属于声学基础知识的考查。
3．（2分）下列做法，符合家庭电路中安全用电原则的是（ ）
A．可以在电线上晾晒湿衣服
B．连接电路时，开关接在零线上
C．使用测电笔时手不能接触笔尖金属体
D．36V的电压对人体是安全的
【分析】（1）生活用水是导体；
（2）家庭电路中开关接在火线与用电器之间；
（3）使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的。使用试电笔时，不能用手触及试电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故；
（4）大量事实表明：不高于36V的电压对人体是安全的。
【解答】解：A．生活用水是导体，不能在电线上晾晒湿衣服，避免发生触电，故A错误；
B．为了安全，家庭电路中开关接在火线与用电器之间，故B错误；
C．使用试电笔时手要抵住末端笔尾金属体，从而与大地构成闭合回路，试电笔才会发光，不能接触笔尖金属体，故C正确；
D．不高于36V的电压对人体是安全的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
4．（2分）如图所示，一种环保型手电筒，筒内有一个能滑动的圆柱形磁铁，外圈套着一个线圈。只要将手电筒沿图中箭头方向来回摇动，手电筒的小灯就能发光。下列与此手电筒工作原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）手压电筒是利用电磁感应现象制成的，当沿图中箭头方向来回摇动时，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。
【解答】解：手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；
A、利用安培定则判断螺线管的磁场。与手摇电筒的制成原理无关，故A错误；
B、此图探究通电螺线管的磁性与线圈匝数的关系，与手摇电筒的制成原理无关，故B错误。
C、此图反映了通电导体在磁场中受到力运动，与手摇电筒的制成原理无关，故C错误。
D、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的制成原理相符合，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验等知识点；明确出手摇电筒的制成原理是解决此题的关键。
5．（2分）关于下列诗句中描述的物态变化，说法正确的是（ ）
A．“欲渡黄河冰塞川”，冰形成的过程中吸热
B．“山明水净夜来霜”，霜的形成是凝固现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“雨打梨花深闭门”，雨的形成是熔化现象
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；
物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；
物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固，凝固过程中放出热量。
【解答】解：A、“欲渡黄河冰塞川”，冰形成的过程是凝固现象，此过程放出热量，故A错误；
B、“山明水净夜来霜”，霜的形成是凝华现象，故B错误；
C、“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，故C正确；
D、“雨打梨花深闭门”，雨的形成是液化现象，故D错误。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6．（2分）如图所示，iMAX3d是立体影片的放映技术，结合iMAX巨幕，能够产生逼真震撼的全视野立体效果。放映时，两个放映机将两个略有差异的画面呈现在比普通影院屏幕更大的巨幕上，观看者带上特殊眼镜后，能产生强烈的“身临其境”感。关于iMAX3D电影，下列说法不正确的是（ ）
A．放映时，胶片到放映机镜头的距离应大于2倍的镜头焦距
B．在观看电影时，通真震撼的声音是通过空气传播到人耳的
C．巨幕一般都做成粗糙白色平面是让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上“身临其境”的画面是倒立放大的实像
【分析】（1）凸透镜成像规律：f＜u＜2f，成倒立放大的实像，v＞2f，应用是投影仪；
（2）空气可以传播声音；
（3）反射分为漫反射和镜面反射，人能从不同角度看见物体是因为物体对光发生了漫反射。
【解答】解：（1）放映时，胶片到放映机镜头的距离在一倍焦距和2倍焦距之间，此时成倒立放大的实像，故A的说法错误，D的说法正确；
（2）在观看电影时，逼真震撼的声音是通过空气传播到人耳的，故B的说法正确；
（3）观众能从各个不同的角度看到银幕上的画面，这是由于光在银幕上发生了漫反射，故C的说法正确。
故选：A。
【点评】掌握凸透镜成像的三种情况及其应用是解决本题的关键，另外我们能从各个角度看到物体就是发生了漫反射的缘故，此题涉及到的3D电影的相关知识，难度不大。
7．（2分）2022年11月29日，神舟十五号飞船成功发射，标志着我国载人航天飞行任务取得圆满成功，也是中国空间站建造阶段的最后一棒，承前启后，具有里程碑意义。另据报导，神舟十六号飞船将于2023年5月中上旬发射升空，如图所示，则飞船在空中加速上升时的能量转化情况是（ ）
A．飞船的动能转化为重力势能，动能减小
B．飞船的重力势能转化为动能，重力势能减小
C．燃料燃烧产生的内能转化为飞船的机械能
D．没有发生能量的转化，飞船的机械能不变
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能＝动能+势能。火箭升空时燃料燃烧放出的热量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量。
【解答】解：飞船在空中加速上升时，飞船的质量不变，速度变大，动能变大，高度增大，重力势能增大，所以该过程不是重力势能和动能的转化；机械能为动能和势能的和，所以机械能增大；火箭升空时，通过燃料的燃烧产生的内能转化为机械能；故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了机械能的变化、能量的转化，属于基础题。
8．（2分）下列表中相对应的内容有不正确的是（ ）
A．
物质特性
应用
钨的熔点高
白炽灯灯丝
半导体的单向导电性
发光二极管
水的比热容大
发动机冷却
B．
知识
应用
流体压强与流速的关系
飞机机翼
电磁感应现象
动圈式扬声器
核裂变
大亚湾核电站
C．
实验
注意事项
刻度尺测长度
读数时视线与尺面垂直
平面镜成像
玻璃板与桌面垂直
固体的熔化
组装器材先下后上
D．
生活现象
原理
立竿见影
光的直线传播
水中倒影
光的反射
海市蜃楼
光的折射
【分析】根据所学的物理知识对每个知识点进行判断，做出解答。
【解答】解：A、钨的熔点高用于白炽灯灯丝，正确；半导体的单向导电性用于发光二极管，正确；水的比热容大用于发动机冷却，正确；
B、流体压强与流速的关系用于飞机机翼，正确；电磁感应现象用于动圈式扬声器，错误；核裂变用于大亚湾核电站，正确；
C、刻度尺测长度，读数时视线与尺面垂直，正确；平面镜成像，玻璃板与桌面垂直，正确；固体的熔化，组装器材先下后上，正确；
D、立竿见影的原理是光的直线传播，正确；水中倒影的原理是光的反射，正确；海市蜃楼的原理是光的折射，正确；
ACD全部正确，B中有一项错误。
故选：B。
【点评】本题通过列表的形式，考查了对多个物理基础知识的了解与掌握，综合性强，列表法也是重要的学习方法之一。
9．（2分）杠杆分为：省力杠杆，费力杠杆和等臂杠杆，以下四个选项中不同于其他三个的是（ ）
A．划船时的船桨
B．剪铁皮的剪子
C．起重机的吊臂
D．端着茶杯的前臂
【分析】动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
【解答】解：ACD．在使用过程中，船桨、起重机的吊臂、端着茶杯的前臂都是动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
B．在使用过程中，剪铁皮的剪子动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故不同于其他三个的是B。故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了对杠杆类型的认识，结合生活中杠杆的应用理解。
10．（2分）在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，电压表示数U及滑动变阻器接入电路的电阻的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为10Ω
B．滑片P移到b端时，R2两端的电压为6V
C．滑片P移到a端时，R1消耗的功率为0.2W
D．当滑片P移到中点时，通过R1的电流为0.2A
【分析】（1）当滑片P移到b端时，接入电路中的电阻为0，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，根据图象读出电源的电压；
（2）滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，根据图象读出电压表的示数和滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律和电路中的电流特点得出等式即可求出R1的阻值，根据P＝求出滑片P移到a端时R1消耗的功率；
（3）根据图象得出滑片P移到中点时电压表的示数，根据欧姆定律求出通过R1的电流。
【解答】解：（1）当滑片P移到b端时，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻为0，两端的电压为0，故B不正确；
由图象可知，电压表的示数为6V即电源的电压U＝6V；
（2）滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，
由图象可知，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，电压表的示数U1＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，＝，即＝，
解得：R1＝10Ω，故A正确；
R1消耗的功率：
P1＝＝＝0.4W，故C不正确；
（3）由图象可知，当滑片P移到中点即R2′＝10Ω时，U1′＝3V，
通过R1的电流：
I1＝＝＝0.3A，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出滑片接入电路中不同电阻时对应电压表的示数。
二、填空题（每空1分，共10分）
11．（2分）图中的倒车雷达是利用 超声波 （选填“超声波”或“次声波”）来传递信息的，它在真空中传播 不能 （选填“能”或“不能”）。
【分析】超声波指频率高于20000Hz的声波；声音的传播需要介质，真空不能传声。
【解答】解：倒车雷达是利用超声波来传递信息；超声波不能在真空中传播。
故答案为：超声波；不能。
【点评】本题考查了超声波的利用和声音的传播条件，属于基础题。
12．（2分）如图是课本中学习热学知识的两个情景，其中甲实验搓手取暖中改变物体内能的途径是 做功 ；乙实验中活塞压缩空气，空气的内能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（2）对物体做功，物体的内能增大，温度升高，物体对外界做功，内能减小，温度降低。
【解答】解：搓手取暖过程中，手与手之间相互摩擦，把机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变物体的内能；
乙实验中活塞压缩空气，外界对空气做功，把活塞的机械能转化为空气的内能，使空气的内能增大，温度升高。
故答案为：做功；增大。
【点评】本题考查做功改变物体的内能，知道外界对物体做功，物体的内能增大，温度升高是解题的关键。
13．（2分）小龙仔细观察一款N95口罩，如图甲所示，口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，其目的是为了 减小 （选填“增大”或“减小”）鼻夹对鼻梁的压强；他只对U形管A上方的管口水平方向吹气，如图乙所示，则 B （选填“A”或“B”）的液面会下降。
【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，增大受力面积；是在受力面积一定时，减小压力；
（2）根据流体压强和流速的关系，在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大可得出答案。
【解答】解：口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，这样在戴口罩的时候，因为海绵容易压缩变形，会增大鼻夹与鼻梁接触面积，从而在压力一定的条件下，减小压强。
对U形管A上方的管口水平方向吹气，A上方的管口空气流速增大，压强变小，B端压强不变，两端存在压力差，在压力差的作用下将水压向A端，使得A端液面上升，B端液面下降。
故答案为：减小；B。
【点评】本题考查减小压强的方法、流体压强与流速的关系及其应用，总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
14．（2分）如图，一个重1000N的箱子放在水平地面上，小荣用200N的水平向右方向的力去推箱子，箱子不动，这时地面对箱子的摩擦力 ＝ 200N（选填“＞”、“＝”或“＜”）；如果推力增加到300N时，箱子恰好做匀速直线运动；如果推力增加到400N时，这时地面对箱子的摩擦力等于 300N 。
【分析】（1）掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（2）掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度。
【解答】解：
（1）箱子受200N的水平推力时，箱子未动，即箱子处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力等于200N；
（2）当水平推力增大到300N时，箱子恰好做匀速运动，所以此时滑动摩擦力与推力是一对平衡力，则f滑＝F推′＝300N；
当水平推力增大到400N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以箱子受到的滑动摩擦力大小不变，仍为300N。
故答案为：＝；300N。
【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，是一道基础性题目。
15．（2分）如图所示，电源电压恒为10V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为20Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作；若电动机内部线圈的电阻为2Ω，则通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量是 6 J，该电动机转化成机械能的效率是 97.5% 。
【分析】由图可知，电动机与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电动机两端的电压；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器R两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据焦耳定律Q＝I2Rt求出通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量；根据W＝UIt求出电动机消耗的电能，根据W机械＝W﹣Q求出电动机输出的机械能，利用效率公式求出该电动机转化成机械能的效率。
【解答】解：由图可知，电动机与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电动机两端的电压；
根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：UR＝U﹣UM＝10V﹣8V＝2V，
电路中的电流：I＝＝＝0.1A，
通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量：Q＝I2RMt＝（0.1A）2×2Ω×5×60s＝6J；
电动机消耗的电能：W＝UMIt＝8V×0.1A×5×60s＝240J，
电动机输出的机械能：W机械＝W﹣Q＝240J﹣6J＝234J，
该电动机转化成机械能的效率：η＝×100%＝×100%＝97.5%。
故答案为：6；97.5%。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律、电功公式以及效率公式的应用，是一道电热综合题，难度不大。
三、作图与实验探究题（16题每小题2分，17题4分，18题4分，19题4分，20题4
16．（2分）图甲为人眼所看水中筷子“折断”情况，在图乙中画出该光路图（O为入射点）。
【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射；光从水中斜射入空气时，传播方向将远离法线，折射角大于入射角。
【解答】解：
水中筷子上的光由水进入空气，进入人眼被看到。
当光从水中射入空气时，在水与空气的交界面上发生折射，进入空气中的折射光线向水面偏折，使得折射角大于入射角，而我们认为光是沿直线传播的，我们看到的筷子位置在折射光线的反向延长线上，从而位置比实际位置偏高，看起来筷子向上弯折，如图所示：
【点评】本题考查了光的折射光路图的画法，掌握光的折射规律，关键知道折射光线好像从它的虚像上发出的。
17．（2分）如图，根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的电流方向和磁感线的方向。
【分析】（1）同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引；
（2）在磁体外部，磁感线方向从磁体N极出发，回到S极；
（3）用右手握住螺线管，四指弯向电流方向，则大拇指所向方向即为通电螺线管的N极。
【解答】解：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此通电螺线管的上端为S极，下端为N极，在磁体外部，磁感线方向从磁体N极出发，回到S极；根据安培定则，可判断出通电螺线管的电流方向，据此作图如下：
。
【点评】此题考查了磁感线的特点、安培定则，难度不大，属基础题目。
18．（4分）根据以下几幅图片，回答下列问题：
（1）图甲中，通过U形管两侧液面高度差显示液体内部压强大小，所应用的物理研究方法为 转换法 ；
（2）体积相同的A、B、C、D四个小球放在盛有水的容器中，静止时如图乙所示，则 A 球所受浮力最小；
（3）如图丙为探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置，由本实验可知，液体在沸腾过程中不断吸收热量，温度 保持不变 （选填“持续上升”或“保持不变”）；
（4）如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，若在杠杆两侧各增加一个质量相同的钩码，则 C （选填“A.仍然平衡”、“B.左端下降”、“C.左端上升”）。
【分析】（1）液体内部压强用液体压强计进行测量，U形管左右液面差越大，压强越大；
（2）根据F浮＝ρ液gV排分析解答；
（3）水在沸腾的过程中吸收热量，温度不变；
（4）在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，得出此时动力与动力臂和阻力与阻力臂的乘积，比较它们的大小，根据杠杆平衡条件得出结论。
【解答】解：（1）图甲所示压强计是通过U形管中两侧液柱的高度差来反映液体压强大小，这是转换法的应用；
（2）根据F浮＝ρ液gV排可知，液体密度相同时，物体排开液体体积越小，受到的浮力越小，由图可知，A球排开液体体积最小，因此A球受到水的浮力最小；
（3）液体在沸腾过程中不断吸收热量，温度保持不变；
（4）设杠杆上每一格的长度为L，每个钩码的重力为G，原来杠杆水平平衡时；
在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码时，左侧动力与动力臂的乘积为：3G×2L＝6GL，右侧阻力与阻力臂的乘积为：2G×4L＝8GL，因为6GL＜8GL，根据杠杆平条件可知，杠杆左端会上升。
故答案为：（1）转换法；（2）A；（3）保持不变；（4）C。
【点评】本题考查了转换法的应用、液体沸腾的特点、杠杆的动态平衡分析、阿基米德原理的应用，属于力学综合题。
19．（4分）小明用薄膜充水后制成水透镜，并用自制的水透镜和蜡烛、光屏、光具座等进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）实验时，为了能使像清晰地成在光屏的中央位置，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在 同一高度 。
（2）某次实验中，当蜡烛、水透镜和光屏在图示位置时，在光屏上恰能成清晰的像，则此时水透镜的焦距是 10.0 cm。
（3）在光屏上成清晰缩小的像时，小明用注射器往水透镜中继续注入适量的水，保持蜡烛、水透镜的位置不变，通过 向左 （选填“向左”或“向右”）移动光屏，使光屏上再次成清晰的像，此操作是为了探究 近视眼 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在同一高度；
（2）根据u＝v＝2f时，成倒立等大的实像，据此求出焦距；
（3）近视眼是由于晶状体太厚，折光能力强造成的；凸透镜越厚，折光能力越强，焦距越短，据此分析回答。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在同一高度；
（2）某次实验中，当蜡烛、水透镜和光屏在图示位置，在光屏上恰能成清晰的像，此时u＝v＝20.0cm，根据u＝v＝2f时，成倒立等大的实像，故f＝10.0cm；
（3）在光屏上成清晰缩小的像时，小明用注射器往水透镜中继续注入适量的水，保持蜡烛、水透镜的位置不变，此时水透镜凸度变大，折光能力变强，使光线提前会聚成像，故通过向左移动光屏，使光屏上再次成清晰的像；近视眼是由于晶状体太厚，折光能力强造成的，故此操作是为了探究近视眼的成因。
故答案为：（1）同一高度；（2）10.0；（3）向左；近视眼。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
20．（4分）小明的妈妈采购了消毒液进行日常杀菌。为了测量该消毒液的密度，小明同学进行如下实验操作：
（1）把天平放在水平台上，游码移至零刻度线处，调节平衡螺母前，中央分度盘的指针偏转如图甲，此时应向 右 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直到天平横梁水平平衡。
（2）用调节好的天平测出烧杯和适量消毒液的总质量为108.2g，将烧杯中的消毒液倒出一部分到量筒中，量筒中消毒液液面位置如图乙所示，则量筒中消毒液的体积为 60 cm3；用天平测出剩余消毒液和烧杯的质量如图丙所示，则该消毒液的密度为 0.9×103 kg/m3。
（3）分析以上步骤，你认为小明所测消毒液的密度 准确 （选填“偏大”“偏小”或“准确”）。
【分析】（1）天平在调节时，平衡螺母向横梁上翘的一端移动；
（2）消毒液的体积等于消毒液面对应的刻度值。
烧杯和剩余消毒液的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。
（3）量筒中消毒液的体积测量是准确的，质量是准确的，故消毒液的密度测量值是准确的。
【解答】解：（1）如图甲所示，调节横梁平衡时，指针左偏说明左盘质量偏大，则平衡螺母应向右调节；
（2）量筒每一个大格代表20mL，分度值是2mL，量筒中消毒液的体积是：V＝60mL＝60cm3，
烧杯和适量消毒液的总质量为m1＝108.2g，
剩余消毒液和烧杯的质量：m2＝20g+20g+10g+4.2g＝54.2g，
量筒中消毒液的质量：m＝m1﹣m2＝108.2g﹣54.2g＝54g，
消毒液的密度：ρ＝＝＝0.9g/cm3＝0.9×103kg/m3。
（3）量筒中消毒液的体积测量是准确的，质量是准确的，故消毒液的密度测量值是准确的。
故答案为：（1）右；（2）60；0.9×103；（3）准确。
【点评】测固体的密度是初中物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力。
21．（4分）在“测量小灯泡电阻”的实验中，现有器材：额定电压为2.5V的小灯泡（电阻约为12Ω）、6V的电源、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将如图所示的实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）正确连接好电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于 A （选填“A”或“B”）端。
（3）闭合开关后，无论怎样移动滑片P，发现小灯泡均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则该电路故障可能是 小灯泡开路 （选填“A.小灯泡短路”“B.小灯泡开路”或”C.滑动变阻器处断路”）。
（4）下列实验不能用该实验装置完成的是 C （填字母序号）。
A.探究串联电路中的电流规律
B.探究串联电路中的电压规律
C.探究电流与电压的关系
D.测量小灯泡的额定电功率
【分析】（1）根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程且与灯并联，根据欧姆定律算出通过小灯泡的电流，据此判断出电流表的量程且与灯泡串联；
（2）正确连接好电路，为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；
（3）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（4）逐一分析每个选项，找出能探究的实验。
【解答】解：（1）额定电压为2.5V的小灯泡（电阻约为12Ω），灯正常发光时的电流约为：I＝＝≈0.21A＜0.6A，所以电流表选用0﹣0.6A的量程与灯泡串联，灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程且与灯并联，如下图所示：
；
（2）正确连接好电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的A端；
（3）若小灯泡开路，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，符合题意；
若小灯泡短路，电压表示数为0，不符合题意；
若滑动变阻器处开路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
则该电路故障可能是小灯泡开路；
（4）A.将电流表分别串联在电路不同处测量不同位置的电流，故可探究串联电路中的电流规律；
B.将电压表分别测量灯与变阻器的电压，故可探究串联电路中的电压规律；
C.探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，故不能探究电流与电压的关系；
D.因为电压表可测出灯的电压，电流表可测量出灯的电流，根据P＝UI可测量小灯泡的电功率。
故选：C。
故答案为：（1）如上所示；（2）A；（3）小灯泡开路；（4）C。
【点评】本题“测量小灯泡额定功率”的实验，考查电路连接、注意事项、故障分析、操作过程并同其它电学实验作比较。
四、计算题（21题4分，22题6分，共10分）
22．（4分）将一边长为10cm，重为8N的正方体木块轻轻地放入水中。 （g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
求：（1）木块的密度；
（2）木块静止时受到的浮力。
【分析】（1）由V＝a3算出正方体木块的体积，由G＝mg算出木块的质量，由密度公式ρ木＝算出木块的密度；
（2）由于ρ木与ρ水的关系判断出木块静止时木块受到的浮力。
【解答】解：（1）正方体木块的体积为：V＝a3＝（10cm）3＝1000cm3＝1×10﹣3m3，
由G＝mg知木块的质量为：
m＝＝＝0.8kg，
木块的密度为：
ρ木＝＝＝0.8×103kg/m3；
（2）由于ρ木＜ρ水，
所以木块静止时漂浮在水面上，所以木块受到的浮力为：
F浮＝G＝8N。
答：（1）木块的密度为0.8×103kg/m3；
（2）木块静止时受到的浮力为8N。
【点评】本题考查了密度公式、重力公式个漂浮条件的应用等知识，是一道基础题。
23．（6分）图甲是某型号能设定加热温度的家用空气炸锅，其简化电路如图乙所示，它是通过电热丝Rt来加热空气，从而加热食物，达到设定加热温度后，断开开关。
求：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量。[c空气＝1.0×103J/（kg•℃）]
（2）工作电路中电热丝Rt与指示灯支路并联。已知Rt的额定电压为220V，额定功率为1100W。正常工作时，工作电路的总电流为5.1A，此时指示灯支路消耗的功率；
（3）控制电路电源电压恒定，通过调节变阻器R1接入电路的阻值来设置加热温度，热敏电阻R2置于温度监测区域，它的阻值随温度变化的关系如图丙所示。当加热温度设定为150℃时，将变阻器R1的阻值调为50Ω，闭合开关S，电磁继电器（不计线圈的电阻）的衔铁被吸下，工作电路接通，开始加热；直到温度达到150℃时，衔铁向上弹起，停止加热。则当加热温度设定为200℃时，为保证该空气炸锅的正常控制，应将变阻器的阻值R1调为多少？
【分析】（1）根据Q＝cmΔt可得空气需要吸收的热量；
（2）工作电路中电热丝Rt与指示灯支路并联。所以支路电压相等，各支路电流之和等于总电流，根据并联电路特点和欧姆定律即可得出通过指示灯的电流和两端的电压，再利用功率公式可得指示灯的功率；
（3）由于衔铁被吸下时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变。所以不管滑动变阻器怎么变，总电阻不变。
【解答】解：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量Q＝c空气mΔt＝1.0×103J/（kg•℃）×4×10﹣3kg×（220℃﹣20℃）＝800J；
（2）Rt的额定电流I额＝＝＝5A；
指示灯支路的电流I指＝I﹣I额＝5.1A﹣5A＝0.1A；
指示灯支路消耗的功率P指＝UI指＝220V×0.1A＝22W；
（3）R1的阻值调为50Ω，加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热。此时的总电阻R＝R2+R1＝30Ω+50Ω＝80Ω；
由图丙可知，温度为200℃，R2的阻值是50Ω；由于衔铁被吸下时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变。
所以此时R′1＝R﹣R′2＝80Ω﹣50Ω＝30Ω。
答：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量是800J；
（2）指示灯支路消耗的功率是22W；
（3）当R1的阻值调为30Ω时，对应的加热温度设定为200℃。
【点评】本题考查了热量和功率的计算、电磁继电器的动态辨析，有一定的难度。
2023年山东省济宁市泗水县中考物理二模试卷
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分）
1．（2分）关于一些物理量的估测，下列数据最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2dm
B．一个苹果的质量约为150g
C．人正常步行的速度约为1km/h
D．一名九年级学生所受重力约为60kg
2．（2分）图是探究声现象的四种实验情景，下列说法正确的是（ ）
A．甲实验说明声音的传播需要介质
B．乙实验说明钢尺振动的频率越高，响度越大
C．丙实验说明音叉的振幅越大，音调越高
D．丁实验说明声波不能传递能量
3．（2分）下列做法，符合家庭电路中安全用电原则的是（ ）
A．可以在电线上晾晒湿衣服
B．连接电路时，开关接在零线上
C．使用测电笔时手不能接触笔尖金属体
D．36V的电压对人体是安全的
4．（2分）如图所示，一种环保型手电筒，筒内有一个能滑动的圆柱形磁铁，外圈套着一个线圈。只要将手电筒沿图中箭头方向来回摇动，手电筒的小灯就能发光。下列与此手电筒工作原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
5．（2分）关于下列诗句中描述的物态变化，说法正确的是（ ）
A．“欲渡黄河冰塞川”，冰形成的过程中吸热
B．“山明水净夜来霜”，霜的形成是凝固现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“雨打梨花深闭门”，雨的形成是熔化现象
6．（2分）如图所示，iMAX3d是立体影片的放映技术，结合iMAX巨幕，能够产生逼真震撼的全视野立体效果。放映时，两个放映机将两个略有差异的画面呈现在比普通影院屏幕更大的巨幕上，观看者带上特殊眼镜后，能产生强烈的“身临其境”感。关于iMAX3D电影，下列说法不正确的是（ ）
A．放映时，胶片到放映机镜头的距离应大于2倍的镜头焦距
B．在观看电影时，通真震撼的声音是通过空气传播到人耳的
C．巨幕一般都做成粗糙白色平面是让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上“身临其境”的画面是倒立放大的实像
7．（2分）2022年11月29日，神舟十五号飞船成功发射，标志着我国载人航天飞行任务取得圆满成功，也是中国空间站建造阶段的最后一棒，承前启后，具有里程碑意义。另据报导，神舟十六号飞船将于2023年5月中上旬发射升空，如图所示，则飞船在空中加速上升时的能量转化情况是（ ）
A．飞船的动能转化为重力势能，动能减小
B．飞船的重力势能转化为动能，重力势能减小
C．燃料燃烧产生的内能转化为飞船的机械能
D．没有发生能量的转化，飞船的机械能不变
8．（2分）下列表中相对应的内容有不正确的是（ ）
A．
物质特性
应用
钨的熔点高
白炽灯灯丝
半导体的单向导电性
发光二极管
水的比热容大
发动机冷却
B．
知识
应用
流体压强与流速的关系
飞机机翼
电磁感应现象
动圈式扬声器
核裂变
大亚湾核电站
C．
实验
注意事项
刻度尺测长度
读数时视线与尺面垂直
平面镜成像
玻璃板与桌面垂直
固体的熔化
组装器材先下后上
D．
生活现象
原理
立竿见影
光的直线传播
水中倒影
光的反射
海市蜃楼
光的折射
9．（2分）杠杆分为：省力杠杆，费力杠杆和等臂杠杆，以下四个选项中不同于其他三个的是（ ）
A．划船时的船桨
B．剪铁皮的剪子
C．起重机的吊臂
D．端着茶杯的前臂
10．（2分）在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，电压表示数U及滑动变阻器接入电路的电阻的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为10Ω
B．滑片P移到b端时，R2两端的电压为6V
C．滑片P移到a端时，R1消耗的功率为0.2W
D．当滑片P移到中点时，通过R1的电流为0.2A
二、填空题（每空1分，共10分）
11．（2分）图中的倒车雷达是利用 （选填“超声波”或“次声波”）来传递信息的，它在真空中传播 （选填“能”或“不能”）。
12．（2分）如图是课本中学习热学知识的两个情景，其中甲实验搓手取暖中改变物体内能的途径是 ；乙实验中活塞压缩空气，空气的内能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
13．（2分）小龙仔细观察一款N95口罩，如图甲所示，口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，其目的是为了 （选填“增大”或“减小”）鼻夹对鼻梁的压强；他只对U形管A上方的管口水平方向吹气，如图乙所示，则 （选填“A”或“B”）的液面会下降。
14．（2分）如图，一个重1000N的箱子放在水平地面上，小荣用200N的水平向右方向的力去推箱子，箱子不动，这时地面对箱子的摩擦力 200N（选填“＞”、“＝”或“＜”）；如果推力增加到300N时，箱子恰好做匀速直线运动；如果推力增加到400N时，这时地面对箱子的摩擦力等于 。
15．（2分）如图所示，电源电压恒为10V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为20Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作；若电动机内部线圈的电阻为2Ω，则通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量是 J，该电动机转化成机械能的效率是 。
三、作图与实验探究题（16题每小题2分，17题4分，18题4分，19题4分，20题4
16．（2分）图甲为人眼所看水中筷子“折断”情况，在图乙中画出该光路图（O为入射点）。
17．（2分）如图，根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的电流方向和磁感线的方向。
18．（4分）根据以下几幅图片，回答下列问题：
（1）图甲中，通过U形管两侧液面高度差显示液体内部压强大小，所应用的物理研究方法为 ；
（2）体积相同的A、B、C、D四个小球放在盛有水的容器中，静止时如图乙所示，则 球所受浮力最小；
（3）如图丙为探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置，由本实验可知，液体在沸腾过程中不断吸收热量，温度 （选填“持续上升”或“保持不变”）；
（4）如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，若在杠杆两侧各增加一个质量相同的钩码，则 （选填“A.仍然平衡”、“B.左端下降”、“C.左端上升”）。
19．（4分）小明用薄膜充水后制成水透镜，并用自制的水透镜和蜡烛、光屏、光具座等进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）实验时，为了能使像清晰地成在光屏的中央位置，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在 。
（2）某次实验中，当蜡烛、水透镜和光屏在图示位置时，在光屏上恰能成清晰的像，则此时水透镜的焦距是 cm。
（3）在光屏上成清晰缩小的像时，小明用注射器往水透镜中继续注入适量的水，保持蜡烛、水透镜的位置不变，通过 （选填“向左”或“向右”）移动光屏，使光屏上再次成清晰的像，此操作是为了探究 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因。
20．（4分）小明的妈妈采购了消毒液进行日常杀菌。为了测量该消毒液的密度，小明同学进行如下实验操作：
（1）把天平放在水平台上，游码移至零刻度线处，调节平衡螺母前，中央分度盘的指针偏转如图甲，此时应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直到天平横梁水平平衡。
（2）用调节好的天平测出烧杯和适量消毒液的总质量为108.2g，将烧杯中的消毒液倒出一部分到量筒中，量筒中消毒液液面位置如图乙所示，则量筒中消毒液的体积为 cm3；用天平测出剩余消毒液和烧杯的质量如图丙所示，则该消毒液的密度为 kg/m3。
（3）分析以上步骤，你认为小明所测消毒液的密度 （选填“偏大”“偏小”或“准确”）。
21．（4分）在“测量小灯泡电阻”的实验中，现有器材：额定电压为2.5V的小灯泡（电阻约为12Ω）、6V的电源、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将如图所示的实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）正确连接好电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于 （选填“A”或“B”）端。
（3）闭合开关后，无论怎样移动滑片P，发现小灯泡均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则该电路故障可能是 （选填“A.小灯泡短路”“B.小灯泡开路”或”C.滑动变阻器处断路”）。
（4）下列实验不能用该实验装置完成的是 （填字母序号）。
A.探究串联电路中的电流规律
B.探究串联电路中的电压规律
C.探究电流与电压的关系
D.测量小灯泡的额定电功率
四、计算题（21题4分，22题6分，共10分）
22．（4分）将一边长为10cm，重为8N的正方体木块轻轻地放入水中。 （g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
求：（1）木块的密度；
（2）木块静止时受到的浮力。
23．（6分）图甲是某型号能设定加热温度的家用空气炸锅，其简化电路如图乙所示，它是通过电热丝Rt来加热空气，从而加热食物，达到设定加热温度后，断开开关。
求：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量。[c空气＝1.0×103J/（kg•℃）]
（2）工作电路中电热丝Rt与指示灯支路并联。已知Rt的额定电压为220V，额定功率为1100W。正常工作时，工作电路的总电流为5.1A，此时指示灯支路消耗的功率；
（3）控制电路电源电压恒定，通过调节变阻器R1接入电路的阻值来设置加热温度，热敏电阻R2置于温度监测区域，它的阻值随温度变化的关系如图丙所示。当加热温度设定为150℃时，将变阻器R1的阻值调为50Ω，闭合开关S，电磁继电器（不计线圈的电阻）的衔铁被吸下，工作电路接通，开始加热；直到温度达到150℃时，衔铁向上弹起，停止加热。则当加热温度设定为200℃时，为保证该空气炸锅的正常控制，应将变阻器的阻值R1调为多少？
2023年山东省济宁市泗水县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分）
1．（2分）关于一些物理量的估测，下列数据最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2dm
B．一个苹果的质量约为150g
C．人正常步行的速度约为1km/h
D．一名九年级学生所受重力约为60kg
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A.一元硬币的直径约为2.5cm＝0.25dm，故A不符合实际；
B.一个苹果的质量约为150g，故B符合实际；
C.人正常步行的速度约为1.1m/s≈4km/h，故C不符合实际；
D.一名九年级学生所受重力约为600N，故D不符合实际。
故选：B。
【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2．（2分）图是探究声现象的四种实验情景，下列说法正确的是（ ）
A．甲实验说明声音的传播需要介质
B．乙实验说明钢尺振动的频率越高，响度越大
C．丙实验说明音叉的振幅越大，音调越高
D．丁实验说明声波不能传递能量
【分析】（1）声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声；
（2）声音的高低叫做音调，是由物体振动的频率决定的；
（3）声音的强弱叫做响度，是由物体的振幅决定的，振幅越大，响度越大；
（4）声音能够传递信息，声音能够传递能量。
【解答】解：A、甲实验真空不能传声，传声需要介质，故A正确；
B、钢尺振动越快听到声音越高，说明音调和振动的快慢即频率有关，故B错误；
C、敲击音叉的力越大听到声音越大，说明响度和振幅有关，故C错误；
D、喇叭振动发声的声波传递给蜡烛的火焰，使火焰摇动，说明声可以传递能量，故D错误。
故选：A。
【点评】掌握声现象的基础知识，把小实验与识点要联系起来，属于声学基础知识的考查。
3．（2分）下列做法，符合家庭电路中安全用电原则的是（ ）
A．可以在电线上晾晒湿衣服
B．连接电路时，开关接在零线上
C．使用测电笔时手不能接触笔尖金属体
D．36V的电压对人体是安全的
【分析】（1）生活用水是导体；
（2）家庭电路中开关接在火线与用电器之间；
（3）使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的。使用试电笔时，不能用手触及试电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故；
（4）大量事实表明：不高于36V的电压对人体是安全的。
【解答】解：A．生活用水是导体，不能在电线上晾晒湿衣服，避免发生触电，故A错误；
B．为了安全，家庭电路中开关接在火线与用电器之间，故B错误；
C．使用试电笔时手要抵住末端笔尾金属体，从而与大地构成闭合回路，试电笔才会发光，不能接触笔尖金属体，故C正确；
D．不高于36V的电压对人体是安全的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
4．（2分）如图所示，一种环保型手电筒，筒内有一个能滑动的圆柱形磁铁，外圈套着一个线圈。只要将手电筒沿图中箭头方向来回摇动，手电筒的小灯就能发光。下列与此手电筒工作原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）手压电筒是利用电磁感应现象制成的，当沿图中箭头方向来回摇动时，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。
【解答】解：手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；
A、利用安培定则判断螺线管的磁场。与手摇电筒的制成原理无关，故A错误；
B、此图探究通电螺线管的磁性与线圈匝数的关系，与手摇电筒的制成原理无关，故B错误。
C、此图反映了通电导体在磁场中受到力运动，与手摇电筒的制成原理无关，故C错误。
D、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的制成原理相符合，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验等知识点；明确出手摇电筒的制成原理是解决此题的关键。
5．（2分）关于下列诗句中描述的物态变化，说法正确的是（ ）
A．“欲渡黄河冰塞川”，冰形成的过程中吸热
B．“山明水净夜来霜”，霜的形成是凝固现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“雨打梨花深闭门”，雨的形成是熔化现象
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；
物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；
物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固，凝固过程中放出热量。
【解答】解：A、“欲渡黄河冰塞川”，冰形成的过程是凝固现象，此过程放出热量，故A错误；
B、“山明水净夜来霜”，霜的形成是凝华现象，故B错误；
C、“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，故C正确；
D、“雨打梨花深闭门”，雨的形成是液化现象，故D错误。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6．（2分）如图所示，iMAX3d是立体影片的放映技术，结合iMAX巨幕，能够产生逼真震撼的全视野立体效果。放映时，两个放映机将两个略有差异的画面呈现在比普通影院屏幕更大的巨幕上，观看者带上特殊眼镜后，能产生强烈的“身临其境”感。关于iMAX3D电影，下列说法不正确的是（ ）
A．放映时，胶片到放映机镜头的距离应大于2倍的镜头焦距
B．在观看电影时，通真震撼的声音是通过空气传播到人耳的
C．巨幕一般都做成粗糙白色平面是让光在幕布上发生漫反射
D．观影者看到巨幕上“身临其境”的画面是倒立放大的实像
【分析】（1）凸透镜成像规律：f＜u＜2f，成倒立放大的实像，v＞2f，应用是投影仪；
（2）空气可以传播声音；
（3）反射分为漫反射和镜面反射，人能从不同角度看见物体是因为物体对光发生了漫反射。
【解答】解：（1）放映时，胶片到放映机镜头的距离在一倍焦距和2倍焦距之间，此时成倒立放大的实像，故A的说法错误，D的说法正确；
（2）在观看电影时，逼真震撼的声音是通过空气传播到人耳的，故B的说法正确；
（3）观众能从各个不同的角度看到银幕上的画面，这是由于光在银幕上发生了漫反射，故C的说法正确。
故选：A。
【点评】掌握凸透镜成像的三种情况及其应用是解决本题的关键，另外我们能从各个角度看到物体就是发生了漫反射的缘故，此题涉及到的3D电影的相关知识，难度不大。
7．（2分）2022年11月29日，神舟十五号飞船成功发射，标志着我国载人航天飞行任务取得圆满成功，也是中国空间站建造阶段的最后一棒，承前启后，具有里程碑意义。另据报导，神舟十六号飞船将于2023年5月中上旬发射升空，如图所示，则飞船在空中加速上升时的能量转化情况是（ ）
A．飞船的动能转化为重力势能，动能减小
B．飞船的重力势能转化为动能，重力势能减小
C．燃料燃烧产生的内能转化为飞船的机械能
D．没有发生能量的转化，飞船的机械能不变
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能＝动能+势能。火箭升空时燃料燃烧放出的热量一部分转化为机械能，一部分转化为其他形式的能量。
【解答】解：飞船在空中加速上升时，飞船的质量不变，速度变大，动能变大，高度增大，重力势能增大，所以该过程不是重力势能和动能的转化；机械能为动能和势能的和，所以机械能增大；火箭升空时，通过燃料的燃烧产生的内能转化为机械能；故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了机械能的变化、能量的转化，属于基础题。
8．（2分）下列表中相对应的内容有不正确的是（ ）
A．
物质特性
应用
钨的熔点高
白炽灯灯丝
半导体的单向导电性
发光二极管
水的比热容大
发动机冷却
B．
知识
应用
流体压强与流速的关系
飞机机翼
电磁感应现象
动圈式扬声器
核裂变
大亚湾核电站
C．
实验
注意事项
刻度尺测长度
读数时视线与尺面垂直
平面镜成像
玻璃板与桌面垂直
固体的熔化
组装器材先下后上
D．
生活现象
原理
立竿见影
光的直线传播
水中倒影
光的反射
海市蜃楼
光的折射
【分析】根据所学的物理知识对每个知识点进行判断，做出解答。
【解答】解：A、钨的熔点高用于白炽灯灯丝，正确；半导体的单向导电性用于发光二极管，正确；水的比热容大用于发动机冷却，正确；
B、流体压强与流速的关系用于飞机机翼，正确；电磁感应现象用于动圈式扬声器，错误；核裂变用于大亚湾核电站，正确；
C、刻度尺测长度，读数时视线与尺面垂直，正确；平面镜成像，玻璃板与桌面垂直，正确；固体的熔化，组装器材先下后上，正确；
D、立竿见影的原理是光的直线传播，正确；水中倒影的原理是光的反射，正确；海市蜃楼的原理是光的折射，正确；
ACD全部正确，B中有一项错误。
故选：B。
【点评】本题通过列表的形式，考查了对多个物理基础知识的了解与掌握，综合性强，列表法也是重要的学习方法之一。
9．（2分）杠杆分为：省力杠杆，费力杠杆和等臂杠杆，以下四个选项中不同于其他三个的是（ ）
A．划船时的船桨
B．剪铁皮的剪子
C．起重机的吊臂
D．端着茶杯的前臂
【分析】动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
【解答】解：ACD．在使用过程中，船桨、起重机的吊臂、端着茶杯的前臂都是动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
B．在使用过程中，剪铁皮的剪子动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故不同于其他三个的是B。故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了对杠杆类型的认识，结合生活中杠杆的应用理解。
10．（2分）在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，电压表示数U及滑动变阻器接入电路的电阻的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为10Ω
B．滑片P移到b端时，R2两端的电压为6V
C．滑片P移到a端时，R1消耗的功率为0.2W
D．当滑片P移到中点时，通过R1的电流为0.2A
【分析】（1）当滑片P移到b端时，接入电路中的电阻为0，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，根据图象读出电源的电压；
（2）滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，根据图象读出电压表的示数和滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律和电路中的电流特点得出等式即可求出R1的阻值，根据P＝求出滑片P移到a端时R1消耗的功率；
（3）根据图象得出滑片P移到中点时电压表的示数，根据欧姆定律求出通过R1的电流。
【解答】解：（1）当滑片P移到b端时，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻为0，两端的电压为0，故B不正确；
由图象可知，电压表的示数为6V即电源的电压U＝6V；
（2）滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，
由图象可知，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，电压表的示数U1＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，＝，即＝，
解得：R1＝10Ω，故A正确；
R1消耗的功率：
P1＝＝＝0.4W，故C不正确；
（3）由图象可知，当滑片P移到中点即R2′＝10Ω时，U1′＝3V，
通过R1的电流：
I1＝＝＝0.3A，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出滑片接入电路中不同电阻时对应电压表的示数。
二、填空题（每空1分，共10分）
11．（2分）图中的倒车雷达是利用 超声波 （选填“超声波”或“次声波”）来传递信息的，它在真空中传播 不能 （选填“能”或“不能”）。
【分析】超声波指频率高于20000Hz的声波；声音的传播需要介质，真空不能传声。
【解答】解：倒车雷达是利用超声波来传递信息；超声波不能在真空中传播。
故答案为：超声波；不能。
【点评】本题考查了超声波的利用和声音的传播条件，属于基础题。
12．（2分）如图是课本中学习热学知识的两个情景，其中甲实验搓手取暖中改变物体内能的途径是 做功 ；乙实验中活塞压缩空气，空气的内能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（2）对物体做功，物体的内能增大，温度升高，物体对外界做功，内能减小，温度降低。
【解答】解：搓手取暖过程中，手与手之间相互摩擦，把机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变物体的内能；
乙实验中活塞压缩空气，外界对空气做功，把活塞的机械能转化为空气的内能，使空气的内能增大，温度升高。
故答案为：做功；增大。
【点评】本题考查做功改变物体的内能，知道外界对物体做功，物体的内能增大，温度升高是解题的关键。
13．（2分）小龙仔细观察一款N95口罩，如图甲所示，口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，其目的是为了 减小 （选填“增大”或“减小”）鼻夹对鼻梁的压强；他只对U形管A上方的管口水平方向吹气，如图乙所示，则 B （选填“A”或“B”）的液面会下降。
【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，增大受力面积；是在受力面积一定时，减小压力；
（2）根据流体压强和流速的关系，在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大可得出答案。
【解答】解：口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，这样在戴口罩的时候，因为海绵容易压缩变形，会增大鼻夹与鼻梁接触面积，从而在压力一定的条件下，减小压强。
对U形管A上方的管口水平方向吹气，A上方的管口空气流速增大，压强变小，B端压强不变，两端存在压力差，在压力差的作用下将水压向A端，使得A端液面上升，B端液面下降。
故答案为：减小；B。
【点评】本题考查减小压强的方法、流体压强与流速的关系及其应用，总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
14．（2分）如图，一个重1000N的箱子放在水平地面上，小荣用200N的水平向右方向的力去推箱子，箱子不动，这时地面对箱子的摩擦力 ＝ 200N（选填“＞”、“＝”或“＜”）；如果推力增加到300N时，箱子恰好做匀速直线运动；如果推力增加到400N时，这时地面对箱子的摩擦力等于 300N 。
【分析】（1）掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（2）掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度。
【解答】解：
（1）箱子受200N的水平推力时，箱子未动，即箱子处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力等于200N；
（2）当水平推力增大到300N时，箱子恰好做匀速运动，所以此时滑动摩擦力与推力是一对平衡力，则f滑＝F推′＝300N；
当水平推力增大到400N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以箱子受到的滑动摩擦力大小不变，仍为300N。
故答案为：＝；300N。
【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，是一道基础性题目。
15．（2分）如图所示，电源电压恒为10V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为20Ω时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作；若电动机内部线圈的电阻为2Ω，则通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量是 6 J，该电动机转化成机械能的效率是 97.5% 。
【分析】由图可知，电动机与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电动机两端的电压；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器R两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据焦耳定律Q＝I2Rt求出通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量；根据W＝UIt求出电动机消耗的电能，根据W机械＝W﹣Q求出电动机输出的机械能，利用效率公式求出该电动机转化成机械能的效率。
【解答】解：由图可知，电动机与滑动变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电动机两端的电压；
根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：UR＝U﹣UM＝10V﹣8V＝2V，
电路中的电流：I＝＝＝0.1A，
通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量：Q＝I2RMt＝（0.1A）2×2Ω×5×60s＝6J；
电动机消耗的电能：W＝UMIt＝8V×0.1A×5×60s＝240J，
电动机输出的机械能：W机械＝W﹣Q＝240J﹣6J＝234J，
该电动机转化成机械能的效率：η＝×100%＝×100%＝97.5%。
故答案为：6；97.5%。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律、电功公式以及效率公式的应用，是一道电热综合题，难度不大。
三、作图与实验探究题（16题每小题2分，17题4分，18题4分，19题4分，20题4
16．（2分）图甲为人眼所看水中筷子“折断”情况，在图乙中画出该光路图（O为入射点）。
【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射；光从水中斜射入空气时，传播方向将远离法线，折射角大于入射角。
【解答】解：
水中筷子上的光由水进入空气，进入人眼被看到。
当光从水中射入空气时，在水与空气的交界面上发生折射，进入空气中的折射光线向水面偏折，使得折射角大于入射角，而我们认为光是沿直线传播的，我们看到的筷子位置在折射光线的反向延长线上，从而位置比实际位置偏高，看起来筷子向上弯折，如图所示：
【点评】本题考查了光的折射光路图的画法，掌握光的折射规律，关键知道折射光线好像从它的虚像上发出的。
17．（2分）如图，根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的电流方向和磁感线的方向。
【分析】（1）同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引；
（2）在磁体外部，磁感线方向从磁体N极出发，回到S极；
（3）用右手握住螺线管，四指弯向电流方向，则大拇指所向方向即为通电螺线管的N极。
【解答】解：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此通电螺线管的上端为S极，下端为N极，在磁体外部，磁感线方向从磁体N极出发，回到S极；根据安培定则，可判断出通电螺线管的电流方向，据此作图如下：
。
【点评】此题考查了磁感线的特点、安培定则，难度不大，属基础题目。
18．（4分）根据以下几幅图片，回答下列问题：
（1）图甲中，通过U形管两侧液面高度差显示液体内部压强大小，所应用的物理研究方法为 转换法 ；
（2）体积相同的A、B、C、D四个小球放在盛有水的容器中，静止时如图乙所示，则 A 球所受浮力最小；
（3）如图丙为探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置，由本实验可知，液体在沸腾过程中不断吸收热量，温度 保持不变 （选填“持续上升”或“保持不变”）；
（4）如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，若在杠杆两侧各增加一个质量相同的钩码，则 C （选填“A.仍然平衡”、“B.左端下降”、“C.左端上升”）。
【分析】（1）液体内部压强用液体压强计进行测量，U形管左右液面差越大，压强越大；
（2）根据F浮＝ρ液gV排分析解答；
（3）水在沸腾的过程中吸收热量，温度不变；
（4）在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，得出此时动力与动力臂和阻力与阻力臂的乘积，比较它们的大小，根据杠杆平衡条件得出结论。
【解答】解：（1）图甲所示压强计是通过U形管中两侧液柱的高度差来反映液体压强大小，这是转换法的应用；
（2）根据F浮＝ρ液gV排可知，液体密度相同时，物体排开液体体积越小，受到的浮力越小，由图可知，A球排开液体体积最小，因此A球受到水的浮力最小；
（3）液体在沸腾过程中不断吸收热量，温度保持不变；
（4）设杠杆上每一格的长度为L，每个钩码的重力为G，原来杠杆水平平衡时；
在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码时，左侧动力与动力臂的乘积为：3G×2L＝6GL，右侧阻力与阻力臂的乘积为：2G×4L＝8GL，因为6GL＜8GL，根据杠杆平条件可知，杠杆左端会上升。
故答案为：（1）转换法；（2）A；（3）保持不变；（4）C。
【点评】本题考查了转换法的应用、液体沸腾的特点、杠杆的动态平衡分析、阿基米德原理的应用，属于力学综合题。
19．（4分）小明用薄膜充水后制成水透镜，并用自制的水透镜和蜡烛、光屏、光具座等进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）实验时，为了能使像清晰地成在光屏的中央位置，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在 同一高度 。
（2）某次实验中，当蜡烛、水透镜和光屏在图示位置时，在光屏上恰能成清晰的像，则此时水透镜的焦距是 10.0 cm。
（3）在光屏上成清晰缩小的像时，小明用注射器往水透镜中继续注入适量的水，保持蜡烛、水透镜的位置不变，通过 向左 （选填“向左”或“向右”）移动光屏，使光屏上再次成清晰的像，此操作是为了探究 近视眼 （选填“近视眼”或“远视眼”）的成因。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在同一高度；
（2）根据u＝v＝2f时，成倒立等大的实像，据此求出焦距；
（3）近视眼是由于晶状体太厚，折光能力强造成的；凸透镜越厚，折光能力越强，焦距越短，据此分析回答。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，要调整蜡烛、水透镜、光屏的高度，使蜡烛、水透镜、光屏的中心大致在同一高度；
（2）某次实验中，当蜡烛、水透镜和光屏在图示位置，在光屏上恰能成清晰的像，此时u＝v＝20.0cm，根据u＝v＝2f时，成倒立等大的实像，故f＝10.0cm；
（3）在光屏上成清晰缩小的像时，小明用注射器往水透镜中继续注入适量的水，保持蜡烛、水透镜的位置不变，此时水透镜凸度变大，折光能力变强，使光线提前会聚成像，故通过向左移动光屏，使光屏上再次成清晰的像；近视眼是由于晶状体太厚，折光能力强造成的，故此操作是为了探究近视眼的成因。
故答案为：（1）同一高度；（2）10.0；（3）向左；近视眼。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
20．（4分）小明的妈妈采购了消毒液进行日常杀菌。为了测量该消毒液的密度，小明同学进行如下实验操作：
（1）把天平放在水平台上，游码移至零刻度线处，调节平衡螺母前，中央分度盘的指针偏转如图甲，此时应向 右 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直到天平横梁水平平衡。
（2）用调节好的天平测出烧杯和适量消毒液的总质量为108.2g，将烧杯中的消毒液倒出一部分到量筒中，量筒中消毒液液面位置如图乙所示，则量筒中消毒液的体积为 60 cm3；用天平测出剩余消毒液和烧杯的质量如图丙所示，则该消毒液的密度为 0.9×103 kg/m3。
（3）分析以上步骤，你认为小明所测消毒液的密度 准确 （选填“偏大”“偏小”或“准确”）。
【分析】（1）天平在调节时，平衡螺母向横梁上翘的一端移动；
（2）消毒液的体积等于消毒液面对应的刻度值。
烧杯和剩余消毒液的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。
（3）量筒中消毒液的体积测量是准确的，质量是准确的，故消毒液的密度测量值是准确的。
【解答】解：（1）如图甲所示，调节横梁平衡时，指针左偏说明左盘质量偏大，则平衡螺母应向右调节；
（2）量筒每一个大格代表20mL，分度值是2mL，量筒中消毒液的体积是：V＝60mL＝60cm3，
烧杯和适量消毒液的总质量为m1＝108.2g，
剩余消毒液和烧杯的质量：m2＝20g+20g+10g+4.2g＝54.2g，
量筒中消毒液的质量：m＝m1﹣m2＝108.2g﹣54.2g＝54g，
消毒液的密度：ρ＝＝＝0.9g/cm3＝0.9×103kg/m3。
（3）量筒中消毒液的体积测量是准确的，质量是准确的，故消毒液的密度测量值是准确的。
故答案为：（1）右；（2）60；0.9×103；（3）准确。
【点评】测固体的密度是初中物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力。
21．（4分）在“测量小灯泡电阻”的实验中，现有器材：额定电压为2.5V的小灯泡（电阻约为12Ω）、6V的电源、电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个，导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将如图所示的实物电路连接完整（导线不得交叉）。
（2）正确连接好电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于 A （选填“A”或“B”）端。
（3）闭合开关后，无论怎样移动滑片P，发现小灯泡均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则该电路故障可能是 小灯泡开路 （选填“A.小灯泡短路”“B.小灯泡开路”或”C.滑动变阻器处断路”）。
（4）下列实验不能用该实验装置完成的是 C （填字母序号）。
A.探究串联电路中的电流规律
B.探究串联电路中的电压规律
C.探究电流与电压的关系
D.测量小灯泡的额定电功率
【分析】（1）根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程且与灯并联，根据欧姆定律算出通过小灯泡的电流，据此判断出电流表的量程且与灯泡串联；
（2）正确连接好电路，为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；
（3）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（4）逐一分析每个选项，找出能探究的实验。
【解答】解：（1）额定电压为2.5V的小灯泡（电阻约为12Ω），灯正常发光时的电流约为：I＝＝≈0.21A＜0.6A，所以电流表选用0﹣0.6A的量程与灯泡串联，灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程且与灯并联，如下图所示：
；
（2）正确连接好电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的A端；
（3）若小灯泡开路，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，符合题意；
若小灯泡短路，电压表示数为0，不符合题意；
若滑动变阻器处开路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
则该电路故障可能是小灯泡开路；
（4）A.将电流表分别串联在电路不同处测量不同位置的电流，故可探究串联电路中的电流规律；
B.将电压表分别测量灯与变阻器的电压，故可探究串联电路中的电压规律；
C.探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，故不能探究电流与电压的关系；
D.因为电压表可测出灯的电压，电流表可测量出灯的电流，根据P＝UI可测量小灯泡的电功率。
故选：C。
故答案为：（1）如上所示；（2）A；（3）小灯泡开路；（4）C。
【点评】本题“测量小灯泡额定功率”的实验，考查电路连接、注意事项、故障分析、操作过程并同其它电学实验作比较。
四、计算题（21题4分，22题6分，共10分）
22．（4分）将一边长为10cm，重为8N的正方体木块轻轻地放入水中。 （g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
求：（1）木块的密度；
（2）木块静止时受到的浮力。
【分析】（1）由V＝a3算出正方体木块的体积，由G＝mg算出木块的质量，由密度公式ρ木＝算出木块的密度；
（2）由于ρ木与ρ水的关系判断出木块静止时木块受到的浮力。
【解答】解：（1）正方体木块的体积为：V＝a3＝（10cm）3＝1000cm3＝1×10﹣3m3，
由G＝mg知木块的质量为：
m＝＝＝0.8kg，
木块的密度为：
ρ木＝＝＝0.8×103kg/m3；
（2）由于ρ木＜ρ水，
所以木块静止时漂浮在水面上，所以木块受到的浮力为：
F浮＝G＝8N。
答：（1）木块的密度为0.8×103kg/m3；
（2）木块静止时受到的浮力为8N。
【点评】本题考查了密度公式、重力公式个漂浮条件的应用等知识，是一道基础题。
23．（6分）图甲是某型号能设定加热温度的家用空气炸锅，其简化电路如图乙所示，它是通过电热丝Rt来加热空气，从而加热食物，达到设定加热温度后，断开开关。
求：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量。[c空气＝1.0×103J/（kg•℃）]
（2）工作电路中电热丝Rt与指示灯支路并联。已知Rt的额定电压为220V，额定功率为1100W。正常工作时，工作电路的总电流为5.1A，此时指示灯支路消耗的功率；
（3）控制电路电源电压恒定，通过调节变阻器R1接入电路的阻值来设置加热温度，热敏电阻R2置于温度监测区域，它的阻值随温度变化的关系如图丙所示。当加热温度设定为150℃时，将变阻器R1的阻值调为50Ω，闭合开关S，电磁继电器（不计线圈的电阻）的衔铁被吸下，工作电路接通，开始加热；直到温度达到150℃时，衔铁向上弹起，停止加热。则当加热温度设定为200℃时，为保证该空气炸锅的正常控制，应将变阻器的阻值R1调为多少？
【分析】（1）根据Q＝cmΔt可得空气需要吸收的热量；
（2）工作电路中电热丝Rt与指示灯支路并联。所以支路电压相等，各支路电流之和等于总电流，根据并联电路特点和欧姆定律即可得出通过指示灯的电流和两端的电压，再利用功率公式可得指示灯的功率；
（3）由于衔铁被吸下时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变。所以不管滑动变阻器怎么变，总电阻不变。
【解答】解：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量Q＝c空气mΔt＝1.0×103J/（kg•℃）×4×10﹣3kg×（220℃﹣20℃）＝800J；
（2）Rt的额定电流I额＝＝＝5A；
指示灯支路的电流I指＝I﹣I额＝5.1A﹣5A＝0.1A；
指示灯支路消耗的功率P指＝UI指＝220V×0.1A＝22W；
（3）R1的阻值调为50Ω，加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热。此时的总电阻R＝R2+R1＝30Ω+50Ω＝80Ω；
由图丙可知，温度为200℃，R2的阻值是50Ω；由于衔铁被吸下时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变。
所以此时R′1＝R﹣R′2＝80Ω﹣50Ω＝30Ω。
答：（1）将4×10﹣3kg的空气从20℃加热到220℃需要吸收的热量是800J；
（2）指示灯支路消耗的功率是22W；
（3）当R1的阻值调为30Ω时，对应的加热温度设定为200℃。
【点评】本题考查了热量和功率的计算、电磁继电器的动态辨析，有一定的难度。
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