2023年四川省攀枝花市西区中考物理二模试题（含答案）

这是一份2023年四川省攀枝花市西区中考物理二模试题（含答案），共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空，解答题等内容，欢迎下载使用。

2023年四川省攀枝花市西区中考物理二模试卷
一、单选题（共10个小题，每题3分，共30分）
1．（3分）下列有关中学生的一些数据，能与事实相符的是（　　）
A．穿39码鞋子表示脚长39cm
B．身体的体积约为3.9m3
C．长跑训练的速度约为3.9m/s
D．正常的体温约为39℃
2．（3分）中华文明源远流长，博大精深。古诗词是我国传统文化瑰宝，有的优美词句还与我们物理知识有着联系。下列词句与对应的物理知识叙述正确的是（　　）
A．“清寒小雪前”，雪的温度很低，它的内能为零
B．“沙暖睡鸳鸯”，同水相比沙的比热容大些
C．“床前明月光，疑是地上霜”，霜实际是固态，由水蒸气凝华形成
D．“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功方式实现的
3．（3分）2022年北京冬奥会期间，北京皮影艺术剧院紧扣冬奥题材，精彩呈现皮影戏《寻找雪姑娘》，如图所示。下列情境中，与皮影戏原理相同的是（　　）

A．雨后彩虹
B．树荫下光斑
C．水中倒影
D．筷子弯折
4．（3分）如图是四冲程汽油机某个冲程的剖面图，下列说法错误的是（　　）

A．汽油是不可再生能源
B．汽油机工作时，会闻到汽油味，属于扩散现象
C．该冲程是压缩冲程，将机械能转化为内能
D．该冲程是做功冲程，燃气推动活塞做功，其内能减小，温度降低
5．（3分）小光和小明同学上体育课时喜欢打羽毛球。有关羽毛球运动，下列说法正确的是（　　）
A．小光挥拍将羽毛球击出，说明力可以改变物体的运动状态
B．小明击球时只有球拍发生了形变
C．他俩穿的运动鞋，鞋底有花纹是为了减小摩擦
D．羽毛球在空中运动时不受重力作用
6．（3分）关于机械能及其转化，下列说法中不正确的是（　　）
A．冰壶从离开手到停下来的过程中，机械能转化为内能
B．匀速行驶的洒水车，工作时它的机械能减小
C．只要物体的位置发生变化，物体的重力势能就一定会发生变化
D．电梯匀速上升时，动能不变，重力势能增大，机械能增大
7．（3分）如图所示，是2022年冬奥会闭幕式上控制舞台灯光与五环旗升降的电路原理图。闭合开关S1，舞台灯亮起，按下开关S2时，电动机才能启动控制五环旗升降；若舞台灯不亮，电动机也不启动。下列电路符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
8．（3分）如图所示，有三个实心圆柱体甲、乙、丙放在水平地面上，其中甲、乙高度相同，乙、丙底面积相同，三者对地面的压强相等，下列判断正确的是（　　）

A．ρ甲＝ρ乙＞ρ丙 B．ρ甲＝ρ乙＝ρ丙
C．m甲＝m乙＝m丙 D．m甲＞m乙＝m丙
9．（3分）一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶时，发动机的实际输出功率为20kW。若小汽车行驶的路程为108km，已知汽油的热值q＝4.6×107J/kg。小汽车发动机的效率为25%。则下列说法正确的是（　　）
A．运动的时间为1h
B．发动机所做的有用功为1.08×108J
C．汽车所受的阻力为2000N
D．消耗汽油的质量为5kg
10．（3分）在泸州市第37届科技创新大赛上，某学生设计了一款可同时测量身高和体重的仪器，当被测者站在绝缘台面上时，能自动显示其身高及体重，其原理图如图所示。已知电源电压恒定，R1为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，R2为粗细均匀的电阻丝，且阻值与其长度成正比。测量时电压表、电流表均未超过所选量程，滑片P始终与电阻丝接触良好。下列说法中正确的是（　　）

A．被测者身高越高，电压表的示数越小
B．被测者体重越重，电流表的示数越小
C．被测者身高越高，R2消耗的电功率越大
D．被测者体重越重，R1消耗的电功率越大
二、多选题（共2个小题，每题4分，共8分，错选不得分，漏选得2分）
（多选）11．（4分）如图所示电路，甲、乙两灯分别标有“6V 6W”和“6V 3W”字样，电源电压恒为6V。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）

A．只闭合S1时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
B．只闭合S2、S3时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
C．只闭合S1、S2时，电路的总功率为6W
D．只闭合S1、S2时，电路的总功率为3W
（多选）12．（4分）两个相同的容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种液体。将外形和体积均相同的a、b两个实心长方体物块、分别投入两种液体中，静止时如图所示。此时，两容器中的液面相平、两个物块下表面受到液体的压强相等，两个物块露出液面的高度也相等。则（　　）

A．a、b物块密度关系：ρa＜ρb
B．a、b物块受到的浮力关系：Fa＝Fb
C．a物块和乙液体的密度关系：ρ甲＞ρ乙
D．甲、乙液体质量关系：m甲＜m乙
三、填空、作图（每空2分，作图4分，共44分）
13．（6分）新冠病毒是直径约为0.1μm的颗粒物，肉眼可见的飞沫传播方式 　 　（填“属于”或“不属于”）扩散现象。在做好各项防控工作中，其中重要的一种方法是用酒精消毒，在使用酒精前要进行稀释，总体积小于混合前的体积之和，原因是分子间存在 　 　。如图所示为航天员叶光富在空间站用葫芦丝演奏《月光下的凤尾竹》的情景。葫芦丝是靠空气柱振动发声的，演奏时按不同的孔，可以改变声音的 　 　。

14．（10分）某款智能手机手机锂电池上标有“电压：3.7V容量：4000mA•h”字样。该手机搭配了超级快充功能，采取的方式是保持充电器的电压不变，将电流从原来的1A变为5A，极大的提高了充电功率。电池充满电后，持续使用一段时间，屏幕显示剩余电量不足20%时，系统就会发出“是否开启省电模式”的提示，此时最好给手机充电续航。若无法充电，则开启“省电模式”后。手机显示还可以持续使用2h，电量将耗尽。手机无线充电是目前比较新的一门技术，无线充电就是不借助数据线等导线对手机进行充电，从而增加手机的续航时间。现阶段使用较多的一种无线充电技术的原理如图甲、乙所示，交流电流过送电线圈（无线充电板）产生磁场，智能手机（受电线圈）放在无线充电板上就能充电，并将电能储存到手机的锂电池内。
（1）文中描述的手机快充功能将充电功率变为原来的 　 　倍。为了防止手机温度过高，手机的散热部件应选用导热快、比热容 　 　（选填“大”或“小”）的材料。
（2）手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，无线充电工作原理与 　 　（选填“发电机”或“电动机”）工作原理相似。
（3）文中锂电池最好在电能还剩 　 　J时给它及时充电，此手机在“省电模式”下使用时的平均功率为 　 　W。
15．（4分）如图张乐同学将一只点燃的蜡烛放在凸透镜（f＝10cm）前18cm处，光屏上得到烛焰倒立、放大的清晰像然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了一个远视眼镜片，由于远视眼镜片对光线有　 　作用，所以光屏上烛焰的清晰像变模糊了。若想在光屏上重新得到清晰的烛焰像，他可将光屏　 　（选填“靠近”或“远离”）凸透镜。

16．（2分）如图所示，SA为水面上方的点光源S射向水面的一条光线，该光线射到水面的反射光线的方向刚好指向水面上方凹透镜右侧的焦点。请画出：
（1）光线SA射入水中的折射光线。
（2）经过凹透镜的折射光线。

17．（2分）如图所示，这是小明家的一盏电灯和一个插座，请将图中元件用笔画线代替导线连接起来，要求：

（1）标出火线和零线。
（2）开关S控制灯泡，电路连接要符合安全用电原则。
18．（6分）如图所示是某同学设计的监测河水流速变化的装置原理图。机翼状的探头始终浸没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动，电源电压保持4.5V不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1阻值为5Ω，滑动变阻器R2的规格为“15Ω，1A”。闭合开关S，随着水流速度的改变，当水流速度增大时，电压表的示数 　 　（填“变大”“变小”或“不变”）；滑动变阻器允许接入电路的取值范围为 　 　Ω；电路消耗总电功率的变化范围为 　 　W。

19．（8分）小明用手机的连拍功能探究纸锥竖直下落的运动情况。固定手机的位置，并调节手机相机的连拍参数，使手机每间隔0.2s拍照一次，拍下的一组照片用图像处理软件重合叠加。打印在纸上后如图甲所示。用刻度尺测得图甲上纸锥各位置的距离如乙表所示。
（1）结合甲图和表的情况分析，纸锥从A位置下落至G位置的过程中先作 　 　运动、再作 　 　运动。
（2）若测得纸锥从A位置下落至G位置的实际距离为1m，则纸锥在E、G位置间下落的平均速度为 　 　。
（3）根据以上数据，在图乙中画出纸锥下落过程中实际的“路程﹣时间”图像。
位置
时间（s）
距离（mm）
A
0.0
0.0
B
0.2
4.0
C
0.4
9.5
D
0.6
16.0
E
0.8
26.0
F
1.0
38.0
G
1.2
50.0

20．（6分）在测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率的实验中，电路连接如图所示。

（1）小马发现在图甲电路中只改变了某根导线一端的接点位置，电路就能测量小灯泡的额定功率。请你在要改动的这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接正确；
（2）排除故障后，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 　 　（选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）在实验操作中，发现电流表损坏不能使用。小马利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路，测量小灯泡的额定功率。操作如下：
①闭合开关S、S1，断开S2。调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S2断开S1，读出电压表示数为U，小灯泡的额定功率P额＝　 　。
四、解答题（20小题8分，21小题10分，共18分）
21．（8分）在如图所示的电路中，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，电源电压恒定不变。则当开关S1和S2断开，S3闭合时，电流表的读数为1A；当开关S1断开，S2和S3闭合时，电流表的读数为3A；当开关S1闭合，S2和S3断开时，变阻器的滑片P从a端滑到中点c的过程中，电压表读数减少了4V。
求：（1）R1和R2的值；
（2）电源电压；
（3）当开关S1断开，S2和S3闭合时，电阻R1在1min40s内产生的热量。

22．（10分）如图甲所示，体积为1000cm3的实心均匀正方体A，自由放置在底面积为300cm2、高为20cm薄壁柱形容器中，容器重力为3N；高为10cm的长方体B通过一轻质硬杆悬挂于手中保持静止，杆对物体的拉力为25N，此时A与B相距7cm，现往容器中注入某种液体，当液体深度为14cm时，杆对物体的拉力变为21N，如图乙，此时液体对容器底的压强为1400Pa。

（1）液体的密度；
（2）容器对桌面的压力增加了多少N；
（3）若在乙图的基础上将硬杆向下移动4cm，B刚好浸入一半，求此时容器对桌面的压强为多少Pa。

2023年四川省攀枝花市西区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（共10个小题，每题3分，共30分）
1．【解答】解：A、穿39号鞋子，其脚长约25cm，故A错误；
B、中学生的质量约50kg，人体密度接近水的密度，故中学生体积约为V＝＝＝0.05m3左右，故B错误；
C、长跑训练的速度约为3.9m/s，故C正确；
D、正常的体温约为37℃，故D错误。
故选：C。
2．【解答】解：A、一切物体在任何温度下都有内能，雪的温度虽然很低，但是仍然具有内能，故A错误；
B、在同一时间，河水和沙滩吸收太阳的热量相同，由于水的比热容较大，所以水温升高幅度较小，因此水温较低；而沙石比热容小于水，所以沙滩升温幅度较大，因此沙滩温度较高，导致“沙暖睡鸳鸯”，故B错误；
C、霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C正确；
D、大地吸收热量，大地内能增加，通过热传递的方式实现的，故D错误。
故选：C。
3．【解答】解：A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故A错误；
B、白天在浓密树荫下出现的圆形光斑是小孔成像现象，是由于光的直线传播形成的，与皮影戏原理相同，故B符合题意；
C、在平静的湖面上看到树的倒影是平面镜成像，其实质是光的反射，故C不合题意；
D、斜插入水中的筷子看似弯折，是由于光的折射形成的，故D不合题意。
故选：B。
4．【解答】解：A、汽油是不可再生能源，故A正确；
B、汽油机工作时，会闻到汽油味，属于扩散现象，故B正确；
CD、图中四冲程汽油机两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，将机械能转化为内能，故C正确，D错误。
故选：D。
5．【解答】解：A、小光挥拍将羽毛球击出，羽毛球的运动状态发生了改变，力可以改变物体的运动状态，故A选项正确；
B、小明击球时，球拍给球施加力的同时球也给球拍一个力，故球拍和球都会发生形变，故B选项错误；
C、运动鞋底有花纹是增大接触面的粗糙程度，增大了摩擦，故C选项错误；
D、地球周围附近的物体都受到重力作用，羽毛球在空中运动时也受重力作用，故D选项错误。
故选：A。
6．【解答】解：A、冰壶从离开手到停下来的过程中，冰壶与冰面之间存在摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故A正确；
B、匀速行驶的洒水车，质量减小，速度不变，动能减小，重力势能减小，机械能减小，故B正确；
C、物体的位置发生变化，若物体的高度不变，只是水平的位置变化，则物体的重力势能不发生变化，故C错误；
D、电梯匀速上升时，速度不变，质量不变，动能不变，高度增加，重力势能增大，机械能增大，故D正确。
故选：C。
7．【解答】解：当开关S1闭合时舞台灯亮起，此时电动机不工作；当开关S2闭合，电动机才能启动，说明指示灯与电动机互不影响，即两者是并联的，开关S1在干路上，S2在电动机支路上，故C符合要求，ABD不符合要求。
故选：C。
8．【解答】解：
（1）因为甲、乙、丙都是实心圆柱体，
对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgh；
由图知，甲、乙、丙的高度h甲＝h乙＜h丙，且三者对地面的压强相等，
由p＝ρgh可知，三圆柱体的密度关系为：ρ甲＝ρ乙＞ρ丙；故A正确，B错误；
（2）由图知，甲、乙的底面积关系为：S甲＜S乙，高度关系为：h甲＝h乙，
由V＝Sh可知，甲、乙的体积关系为：V甲＜V乙，
因为ρ甲＝ρ乙，由m＝ρV可知，甲、乙圆柱体的质量关系为：m甲＜m乙；
已知乙、丙的底面积关系为：S乙＝S丙，它们对地面的压强相等，
由p＝＝＝可知，乙、丙圆柱体的质量关系：m乙＝m丙，
综上可知，三圆柱体的质量关系为：m甲＜m乙＝m丙，故CD错。
故选：A。
9．【解答】解：A．根据v＝可知，汽车的运动时间为：t＝＝1.5h＝5400s，故A错误；
B．发动机所做的有用功为：W有用＝Pt＝20×1000W×5400s＝1.08×108J，故B正确；
C．汽车的速度v＝72km/h＝20m/s，根据公式P＝＝Fv可知，汽车的牵引力：F＝＝1000N，根据二力平衡的条件汽车汽车所受的阻力为f＝F＝1000N，故C错误；
D．根据效率η＝可得汽油完全燃烧释放的热量Q放＝＝＝4.32×108J，
根据Q放＝qm可得汽油的质量m＝≈9.4kg，故D错误。
故选：B。
10．【解答】解：由电路图可知，电阻R1和R2并联，电流表测量R1的电流，电压表测量R2下半部分的电压。
（1）电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，人的身高变化即滑片移动时，R2接入电路中的电阻不变，因并联电路中各支路两端的电压相等，且各支路独立工作、互不影响，所以，由欧姆定律可知，通过R2的电流不变，由P＝UI可知，R2消耗的电功率不变，故C错误；
当身高越高时，滑片上移，滑片P下方电阻丝的阻值变大，由欧姆定律可知，滑片P下方电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数越大，故A错误；
（2）当体重越重时，压敏电阻受到的压力增大，由压敏电阻R1的阻值随压力增大而减小可知，R1的阻值减小，由欧姆定律可知，通过R1的电流变大，即电流表的示数变大，故B错误；
由并联电路的电压特点可知，R1两端的电压不变，根据P＝UI，R1消耗的电功率变大，故D正确。
故选：D。
二、多选题（共2个小题，每题4分，共8分，错选不得分，漏选得2分）
11．【解答】解：不考虑温度对灯丝电阻的影响，则R1＝＝＝6Ω；R2＝＝＝12Ω；
A、只闭合S1时，甲、乙两灯串联，通过两灯的电流相等，根据P＝I2R，＝＝＝，故A错误；
B、只闭合S2、S3时，甲、乙两灯并联，甲、乙两灯的实际电压均等于额定电压6V，所以实际功率都等于额定功率，则＝＝＝，故B正确；
CD、只闭合S1、S2时，甲灯被短路，乙灯两端的实际电压等于额定电压6V，实际功率等于额定功率3W，即电路的总功率为3W，故C错误，D正确。
故选：BD。
12．【解答】解：AB、物块在甲、乙中漂浮，上表面受到液体的压力为0；根据浮力产生的原因可知，下表面受到的压力等于浮力，由于下表面受到液体的压强相同，而b的底面积较大，根据F＝pS，则b的压力大，也就是浮力大，即Fa＜Fb，故B错误；
物体漂浮时，受到的浮力等于自身的重力；由于Fa＜Fb，则a的重力较小，根据G＝mg＝ρVg得ρ＝，体积相同，a的重力小，则a物体的密度小，即ρa＜ρb，故A正确；
C、由于两个物块下表面受到液体的压强相等，根据p＝ρgh知，a在甲液体中的深度大，则甲液体的密度较小，即ρ甲＜ρ乙，由于两个物体都是漂浮，根据物体漂浮的条件，则物体的密度比液体的密度小，即ρa＜ρ甲，ρb＜ρ乙，则ρa＜ρ甲＜ρ乙，a物块和乙液体的密度关系ρa＜ρ乙，故C错误；
D、两容器中的液面相平，说明液体与物体浸入体积之和相等，但露出的高度相同，a露出的体积较小，则a浸入的体积较大，因而甲液体的体积较小，由于ρ甲＜ρ乙，根据m＝ρV，甲液体的质量较小，即甲、乙液体质量关系：m甲＜m乙，故D正确。
故选：AD。
三、填空、作图（每空2分，作图4分，共44分）
13．【解答】解：飞沫的运动属于机械运动，所以飞沫传播不是扩散现象；
等体积的酒精和水混合后总体积小于混合前的体积之和，这说明分子间存在间隙；
按不同的孔，可以改变空气柱的长度，从而改变空气柱振动的频率，从而改变声音的音调。
故答案为：不属于；间隙；音调。
14．【解答】解：（1）根据题意可知，快充时，电流由1A变为原来的5A，所以电流变为原来的5倍，由P＝UI可知，该款手机的快充功能将充电功率变为原来的5倍；
因为比热容大的物质，升高相同的温度，吸热较多，因此为了防止手机温度过高，手机的散热部件应选用导热快、比热容大的材料；
（2）智能手机放在无线充电板上时，受电线圈靠近该磁场时就会产生感应电流，给智能手机充电，这是利用电磁感应原理工作的；
发电机是利用电磁感应原理工作的，因此无线充电工作原理与发电机工作原理相似；
（3）剩余的能量：W＝20%UQ＝20%×3.7V×4000×10﹣3A×3600s＝10656J；
手机在“省电模式”下使用时的平均功率：P＝＝＝1.48W。
故答案为：（1）5；大；（2）发电机； （3）10656；1.48。
15．【解答】解：远视眼镜片是凸透镜，所以远视眼镜片对光线有会聚作用；
将远视眼镜片放在蜡烛和凸透镜之间，经过凸透镜的光线会比原来提前会聚成像，所以应将光屏靠近凸透镜，才能在光屏上重新得到清晰的像。
故答案为：会聚；靠近。
16．【解答】解：
（1）过入射点A垂直界面作出法线，在水中法线的右侧作出折射光线，折射角小于入射角；
（2）连接入射点A和凹透镜右侧焦点F，可得SA的反射光线，该反射光线经凹透镜折射后平行于主光轴，如图所示：

17．【解答】解：（1）由图可知，试电笔接触下面的线时，氖管发光，则下面的线为火线，上面的线为零线；
（2）灯泡接法：火线进入开关，这样在断开开关时，能切断火线与灯泡的连接，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；
两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线，如图所示：
18．【解答】解：由图知，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测变阻器R2的电压，电流表测电路的电流：
（1）流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小，
当水流速度增大时，机翼状的探头上下表面受到的压强不同，下表面受到的压强大于上表面受到的压强，R2的滑片上移，接入电路的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，则R1的电压变大，利用串联电路的电压关系可知电压表示数变小；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流：
I＝＝＝0.9A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流为I大＝0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
电路的最大功率为P大＝UI大＝4.5V×0.6A＝2.7W，
此时电路中的总电阻：
R＝＝＝7.5Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R2＝R﹣R1＝7.5Ω﹣5Ω＝2.5Ω，
当电压表的示数最大为U2＝3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时R1的电压：
U1＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，
则电路中最小的电流：
I小＝＝＝0.3A，
电路的最小功率为P小＝UI小＝4.5V×0.3A＝1.35W，
则滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R2′＝＝＝10Ω，
所以，滑动变阻器允许接入电路的取值范围为2.5Ω～10Ω，电路消耗总电功率的变化范围为1.35W～2.7W。
故答案为：变小；2.5Ω～10；1.35W～2.7。
19．【解答】解：（1）从图中可以看出，同样在间隔时间为0.2s时，纸锥下落的距离先小后大，最后保持不变，根据v＝，则其速度的变化应该是先变大后不变的，所以纸锥从A位置下落至G位置的过程中先作变速运动、再做匀速运动；
（2）若测得纸锥从A位置下落至G位置的实际距离为1m，则EG的距离约为0.48m，
由图知E、G两位置间的时间为s＝2×0.2s＝0.4s，
则EG过程中纸锥的速度为：v＝＝＝1.2m/s；
（3）根据表中实验数据，在坐标系中描出相应的点，然后连接各点即为气泡运动的s﹣t图象，如图所示：

故答案为：（1）变速；匀速；（2）1.2m/s；（3）见解答。
20．【解答】解：（1）由题意可知，电流表应该与小灯泡串联，电压表与灯泡并联，而图中电流表与灯泡并联，电压表与灯泡串联，故正确连接如图所示：

（2）如图所示，由题意可得，此时电压表接0～3V，示数为1.8V，小于额定电压2.5V，想要使灯泡两端电压达到2.5V，需要增大电路中的电流，由欧姆定律可知，需要减小滑动变阻器接入电路的阻值，所以滑动变阻器需要向左移动。
（3）由题意可知，闭合开关S、S1，断开S2，电压表测灯泡两端的电压；闭合开关S、S2，断开S1，电压表测灯泡和R0的电压之和，此时灯泡两端的电压依然为2.5V，R0两端的电压为
U0＝U﹣U灯＝U﹣2.5V，
灯泡与R0串联，则通过灯泡的电流为I＝I0＝；
则灯泡的额定功率为P额＝U额I＝。
故答案为：（1）见解析；（2）左；（3）。
四、解答题（20小题8分，21小题10分，共18分）
21．【解答】解：（1）（2）由电路图知，当开关S1和S2断开，S3闭合时，电路为R2的简单电路，
由I＝可得：I2＝＝1A•••①
当开关S1断开，S2和S3闭合时，R1和R2并联，电流表测干路电流，
由并联电路特点和I＝可得：
I＝+＝3A•••②
当开关S1闭合，S2和S3断开时，R1和R3串联，且R3相当于一个定值电阻连入电路中，电压表测R3右侧部分两端电压，
变阻器的滑片P从a端滑到中点c的过程中，电压表读数减少了4V，
所以ΔU＝IΔR＝×R3＝××20Ω＝＝4V•••③
解①②③可得：R1＝5Ω，R2＝10Ω；
电源电压：U＝I2R2＝1A×10Ω＝10V；
（2）当开关S1断开，S2和S3闭合时，R1和R2并联，
t＝1min40s＝100s，
电阻R1在1min40s内产生的热量：
Q＝W1＝t＝×100s＝2000J。
答：（1）R1、R2的值分别为5Ω和10Ω；
（2）电源电压为10V；
（3）当开关S1断开，S2和S3闭合时，电阻R1在1min40s内产生的热量为2000J。
22．【解答】解：（1）液体深度为14cm＝0.14m时，液体对容器底的压强为1400Pa，由p＝ρgh可得，液体的密度为：
ρ液＝＝＝1×103kg/m3；
（2）图甲中，物体B通过一轻质硬杆悬挂于手中保持静止时，物体B受到的重力与杆对物体B的拉力是一对平衡力，大小相等，所以物体B的重力25N，
在乙图中物体B受到的重力与杆对物体B的拉力和A对B的支持力是平衡力，杆对物体B的拉力变为21N，由此可知物体A对物体B的支持力为25N﹣21N＝4N，所以B对A的压力也为4N，即F压＝4N，
已知A与B相距距离为H＝7cm，则由乙图可知：
当从甲图到乙图物体A升高H后，物体A被液体浸没的深度为：
h浸＝h﹣H＝14cm﹣7cm＝7cm＝0.07m；
物体A是体积为1000cm3的实心均匀正方体，故其边长为：
L＝＝＝10cm＝0.1m，
物体A的底面积为：
SA＝L2＝0.1m×0.1m＝0.01m2，
所以物体A在乙中排开液体的体积为：
V排＝V浸＝SAh浸＝0.01m2×0.07m＝7×10﹣4m3＝700cm3；
乙容器中液体的体积为：
V液＝V总﹣V浸＝S容h﹣V浸＝300cm2×14cm﹣700cm3＝3500cm3＝3.5×10﹣3m3，
根据ρ＝ 可得乙容器中液体的质量为：
m液＝ρ液V液＝1×103kg/m3×3.5×10﹣3m3＝3.5kg；
乙中液体的重力
G液＝m液g＝3.5kg×10N/kg＝35N；
从甲图到乙图，容器对桌面的压力增大值等于液体的重力与B对A的压力之和
ΔF＝G液+F压＝35N+4N＝39N；
（3）将硬杆向下移动4cm，B刚好浸入一半，A全部浸入液体中，B浸入的深度为：hB＝×10cm＝5cm，
A和B整体浸入的深度增加量为：
Δh浸＝hB+hA上＝5cm+（10cm﹣7cm）＝8cm
水面上升的高度为：
Δh＝Δh浸﹣Δh移＝8cm﹣4cm＝4cm
此时水深为：
H'＝14cm+4cm＝18cm＝0.18m
容器对桌面的压力为：
F＝G总＝G容+G′＝G容+ρ液gV＝G容+ρ液gS容H′＝3N+1×103kg/m3×10N/kg×300×10﹣4m2×0.18m＝3N+54N＝57N，
此时容器对桌面的压强为：
p＝＝＝1900Pa。
答：（1）液体的密度为1×103kg/m3；
（2）容器对桌面的压力增加了39N；
（3）若在乙图的基础上将硬杆向下移动4cm，B刚好浸入一半，此时容器对桌面的压强为1900Pa。