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2023年四川省攀枝花市东区中考物理二模试卷
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这是一份2023年四川省攀枝花市东区中考物理二模试卷，共30页。
2023年四川省攀枝花市东区中考物理二模试卷
1. 图甲是一种手工艺品，由竹筒(A、B两端开口，C处开一小口)和“活塞”组成。将活塞从B处塞入，在A处吹气并来回拉动“活塞”能发出悦耳的哨音，“活塞”如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 哨音在真空中也能传播
B. 哨音是由筒内空气振动产生的
C. 换用更大的力吹气改变了哨音的音调
D. 吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度
2. 下列四幅图中的物态变化，需要吸热的是( )
A. 初春，湖面上冰化成水
B. 夏天，山顶上形成薄雾
C. 秋天，草叶上形成露珠
D. 严冬，树枝上出现雾凇
3. 如图是小明设计的家庭电路的电路图，下列对此电路图的分析错误的是( )
A. 保险盒接法错误，保险盒应该安装在火线上
B. 二孔插座接法错误，其左端导线应该接在零线上
C. 三孔插座接法正确，使用电冰箱时，插头应插在三孔插座上
D. 开关和灯泡接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则
4. 关于密度，下列说法中正确的是( )
A. 一瓶纯净水喝掉一半，剩余水的密度会变成原来的一半
B. 氧气瓶内的氧气用掉一半后，瓶内剩余氧气的密度会改变
C. 由密度公式可知，密度与物体的体积成反比
D. 对某种物质而言，当物质的体积一定时，密度与质量成正比
5. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是( )
A. 华为5G通信是利用电磁波传递信息的
B. 秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的
C. “天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的裂变反应释放的能量
D. 比亚迪新能源纯电动汽车是利用的一次能源
6. 2022年2月，第24届冬奥会在北京成功举办，小华得到了冬奥会吉祥物“冰墩墩”。他和“冰墩墩”一起完成了几个光学实验，下列描述与实验情景不相符的是( )
A. 平面镜中的像由光的反射形成
B. 通过放大镜看到的像是实像
C. 小孔成像是因为光沿直线传播
D. 岸上看到水中的虚像比物体位置高
7. 如图所示，物理项目化学习小组在空旷的室外测试某型号无人机负重飞行能力。测试时将重20N的物体A固定在无人机上，并控制无人机完成以3m/s的速度匀速上升、在空中悬停、以2m/s的速度匀速下降三个阶段的测试项目，同时利用系统软件记录多次测量的相关信息，并做出测评报告。下列说法中( )
①匀速上升阶段，物体A相对于地面是运动的
②匀速上升阶段，物体A的机械能不变
③匀速下降阶段，物体A的重力势能转化为动能
④物体A匀速下降阶段的动能小于匀速上升阶段的动能
A. 只有①③正确 B. 只有②④正确 C. 只有①④正确 D. 只有①②③正确
8. 如图是内燃机某冲程的工作示意图，下面四个事例中能量转化与之相同的是( )
A. 瓶塞冲出
B. 搓手取暖
C. 压缩气体
D. 钻木取火
9. 三个相同的磁环a、b、c(质量均为m)套在有木质底座的光滑木杆上，由于磁极间的相互作用，上面两个磁环都悬在空中，如图所示。下列说法正确的是( )
A. a对b的磁力和a的重力是平衡力 B. b对c的磁力小于c对b的磁力
C. c受到b的磁力大小为2mg D. c对底座的压力大小为mg
10. 疫情防控期间，宿迁市很多学校门口新增加了人脸识别测温系统。若人脸识别通过，则控制电路会闭合开关S1，若体温测量值在正常范围内，则会闭合开关S2。只有人脸识别通过且体温在正常范围内，系统才会启动电动机打开闸门。下列有关该控制电路的设计能实现上述功能的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图所示，每个滑轮的重力为6N，物体A的重力GA=100N，物体B的重力GB=60N，F1=16N，F2=12N，此时物体A相对于地面静止，物体B以0.1m/s的速度在物体A表面向左做匀速直线运动。绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，下列说法正确的是( )
A. F2的功率为2.4W
B. 物体A与地面之间的摩擦力为2N，方向向左
C. 如果增大F2，物体A可能向左运动
D. 滑轮组的机械效率为75%
12. 如图，电源电压不变，定值电阻R1=20Ω，小灯泡L标有“8V 4W”字样(灯丝电阻不变)，电流表量程为0-3A。当只闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片P从b端滑动到某一位置时，变阻器连入电路中的阻值减小了16Ω，电流表示数增大了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光.在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 电源电压为16V
B. R2的最大阻值为26Ω
C. 开关都闭合时，R2的最大功率为28.8W
D. 在电流表有示数的情况下，电路消耗的总功率最小值为3.6W
13. “酒香不怕巷子深”，人们远远地就能闻到酒香，这是______ 现象，汽车的发动机选用水做冷却剂，是由于水的比热容较______ 的缘故。
14. 如图所示为甲、乙两种不吸水的物质的m-V图像，则这两种物质的密度之比ρ甲：ρ乙=______；用这两种物质制成立方体并用轻质细线捆绑在一起放入水中恰好能够处于悬浮状态，则两个立方体的质量之比m甲：m乙=______。(水的密度ρ水=1.0×103kg/m3)
15. 在2022年北京冬奥会期间，联通北京、延庆、崇礼三大赛场的冬奥列车全部使用时速为324km/h的“复兴号”动车组，这里“时速为324km/h”表示的物理意义是______ ，已知动车组往返三大赛场一次所用的时间为40分钟，则动车组往返三大赛场一次行驶的路程为______ 。
16. 有一工作间，人在B处要想看到外间A处的花盆，需要在某处安装一块平面镜。请把平面镜C画到合适的位置，并完成由B看到A的光路(只需在图中画出一条光的完整路径)。
17. 如图所示，图为我国古人运送巨木的劳动情境示意图。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，以便将其移到其他地方。请分析：
(1)支架下端垫有底面积较大的石块，有什么作用？
(2)如果巨木无法抬起，请你提出一种有可能抬起巨木的改进方案，并简述其中的理学原理。
18. 如图所示，图甲是某品牌新型管线饮水机，其额定电压220V，额定功率为2100W。市面上还有另一种传统管线饮水机，如图乙所示，它有水仓，把水仓内的水加热到设定温度后供人饮用，若无人饮用时水仓的水温降到一定程度后重新加热，功率为800W左右。
(1)假如产生的热量全部被水吸收，设流入水温为18℃，流出水温为98℃，甲每分钟流出多少千克热水？
(2)小明家准备购置饮水机时，妈妈认为甲饮水机功率太大，浪费电。请你判断哪一种饮水机更浪费电，并简要说明理由。
(3)甲饮水机功率太大，可能导致空气开关经常跳闸，你怎么解决甲饮水机导致空气开关跳闸的问题？
19. 小红和小明做“探究凸透镜成像规律”的实验。
(1)利用太阳光测量凸透镜的焦距时，小红将光屏A和凸透镜L按照图甲所示的方式均垂直于刻度尺摆放，光屏上形成了一个最小、最亮的光斑。则该凸透镜的焦距为______ cm。
(2)将此凸透镜、点燃的蜡烛、光屏置于光具座上如图乙所示的位置时，恰好在光屏上呈现了烛焰倒立的缩小的实像：保持图乙中蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到光具座上35cm刻度线处，光屏上能再次呈现烛焰清晰的______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)像。实验中，小明在蜡烛和凸透镜间放上一只近视眼镜的镜片，若仍要在光屏上成清晰的像，则需将光屏向______ (选填“靠近”或“远离”)凸透镜的方向移动。
(3)窗外阳光明媚，小明看到窗边饮水机的水桶旁有一条亮线，如图丙所示，由此，他认为装有水的水桶相当于凸透镜。他又找来一个圆柱形玻璃杯，在玻璃杯后面的白纸上画一水平方向的箭头，如图丁所示，慢慢向玻璃杯中注入水至水面高过箭头位置，透过玻璃杯看纸上的“箭头”，不可能是图戊中的______ 。
20. 实验小组的同学进行电磁学实验。
(1)在如图甲所示的实验中，当闭合开关后，可以观察到磁场中金属棒ab在导轨上运动，这说明______ 。
(2)在如图乙所示的实验中，闭合开关，保持蹄形磁体不动，若使导体AB沿水平方向运动，则电流表指针将发生偏转，与此现象原理相同的是______ (选填“话简”或“扬声器”)。
(3)在如图丙所示的实验中，______ (填“甲”或“乙”)的磁性强，说明______ 。
(4)在如图丁所示的实验中，此时小磁针的右端为______ 极。
21. 如图所示，图甲是小亮设计的能做“探究冰熔化时温度的变化规律”和“探究水沸腾时温度变化的特点”实验的装置。
(1)观察并记录温度计A的示数，作出如图乙所示的图像，通过图乙分析可知冰是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
(2)图乙中，t1∼t2阶段试管中的物质处于______ 状态，此过程中温度不变，内能______ 。
(3)观察并记录温度计B的示数，绘制出图丙的图像，根据图像可知水的沸点为______ ℃，说明当地的大气压______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)1个标准大气压。
(4)观察到烧杯中的水已沸腾，且A、B两温度计示数相同，此时试管中的水______ (选填“会”或“不会”)沸腾。
22. 物理兴趣小组的同学利用周末开展一次登山活动，他们想利用随身携带的注射器、弹簧测力计、细线、刻度尺
等相关用品测量山顶的大气压。测量方案如下：
A.把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔。
B.如图甲所示，用细线拴住注射器活塞颈部，使线的一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右缓慢拉动针筒，当针筒中的活塞开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为F。
C.读出注射器针筒上有刻度部分的容积V。
D.用刻度尺测出注射器针筒上有刻度部分的长度L。
请根据他们设计的方案回答以下问题：
(1)实验时同学们发现注射器顶端装针头处的空气无法排尽，这将会使测量结果______ (选填“偏大”、“不变”或“偏小”)。
(2)测量前，有同学建议在活塞周围涂抹润滑油，然后将其插入针筒中，这样做有两个好处：一是活塞的密封性好；二是可以______ 。
(3)若同学们用图乙中B注射器在测量时，弹簧测力计被拉到5N，活塞仍没有滑动。可改用图乙中的______ (选填“A”或“C”)注射器。用测量步骤中的V、L和F表示大气压的值为______ 。
(4)在测量大气压强的实验中，为消除活塞与针筒间的摩擦力对实验的影响，某同学设计了如图所示装置。将注射器间固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连。向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为900g：然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为500g，烧杯质量为125g，活塞面积为7.5×10-5m2，g取10N/kg，轮轴间的摩擦和细线重不计，则所测大气压值为______ 。
A.2.2×105Pa
B.1.37×105Pa
C.1.1×105Pa
D.1.07×105Pa
23. 小丽在探究“电路中电流与电阻的关系”时，可供使用的实验器材有：电源(电压恒为6V)、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个、阻值不同的定值电阻四个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，导线若干。
(1)请用笔画线代替导线将甲图的实物图补充完整，要求滑动变阻器滑片P向C端滑动时接入电路中的阻值变小。
(2)当闭合开关试触时，发现电流表指针摆动出现了图乙所示情况，存在的问题是：______ 。
(3)将5Ω的电阻接入a、b间，闭合开关后，移动滑片P使电压表示数为U0，记录相应的电流值；然后将5Ω的电阻换成10Ω、15Ω的电阻接入a、b间，闭合开关后，滑片P应向______ (选填“c”或“d”)端移动，直至电压表示数也为U0，记下相应的电流值。
(4)小丽在换用20Ω电阻做实验时，发现电阻已经损坏，她灵机一动，利用现有的几个电阻解决了这个问题.请你写出小丽的做法：______ 。
(5)小丽根据实验数据得出I-R变化的图像，如图丙所示：则小丽实验时U0=______ V，实验的小丽所用的滑动变阻器其最大阻值不能小于______ Ω。
(6)小丽在得出I-R图像之后，又画出了如图丁所示的I-1R图像，得出结论，电流与电阻成反比。请对此做出评价：______ 。
24. 在“研究浮力的影响因素”的实验中，小虹利用实心金属块，压力传感器，烧杯，细线等实验器材，设计并进行了实验，压力传感器可以显示其上方压力的大小。
(1)如图甲所示，将一空烧杯放在压力传感器上，压力传感器的示数为1N，然后将金属块通过细线缓慢放入装有适量水的烧杯(该烧杯足够高)中直至沉底，如图乙所示，压力传感器的示数F与金属块底面浸入水中的深度h 的对应数据，如下表所示。
实验次数
1
2
3
4
5
6
h/cm
0
2
4
6
8
10
F/N
3
3.25
3.5
3.75
3.75
3.75
①若金属块沉底时，细线处于松弛状态，压力传感器的示数为6N，则金属块的重力为______ N。
②在图丙中画出金属块受到的浮力F浮和底面浸入水中的深度h的图像。
(2)小虹经过观察几次实验数据发现，浮力的大小有时与底面浸入水中的高度有关，有时又与此无关，对此你觉得正确的表述应该是：______ 。
(3)小虹觉得浮力的大小与物体的密度应该也有关联，她选用与金属块形状相同的木块进行实验，将木块逐渐浸入水中，当水面上升至图丁0点位置时，记录此时压力传感器的示数，如图丁所示，取出木块后，小虹又将金属块缓慢浸入水中，她在水面上升到______ (选填“O点之上”“O点”或“O点之下”)时，读取压力传感器的示数，这样做是为了控制______ 相同，以便判断浮力的大小与物体的密度是否有关。
25. 如图甲电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，改变R2的阻值，两电压表示数与电流表示数变化关系如图乙，当滑片在b端时电流表示数为0.3A。
(1)求R2的最大阻值。
(2)若滑片置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为0.8W，求电源电压U和R0的阻值。
(3)若滑动变阻器滑片每移动1cm，阻值改变1Ω，设滑片从a端向b端滑动的距离为xcm，写出R2消耗的电功率P随x变化的关系式，并由此关系式求出R2消耗电功率的最大值。
26. 如图所示，在科普节目《加油，向未来》中，有一项对抗性实验，甲、乙两人站在平衡板上。滑轮组将平衡板提升至一定高度后。两人在平衡板上挪动，并保持平衡板平衡。若甲的质量为55kg，乙的质量为45kg。平衡板质量为900kg，且质量分布均匀，重心在点O.(g取10N/kg)。
(1)当平衡板在水平地面上时，甲静止站在平衡板上，与板的接触面积为0.05m2，则甲对平衡板的压强为多大？
(2)甲、乙两人竖直站在平衡板上，滑轮组将平衡板匀速提升至离地面5m的高度处，提升过程中平衡板始终保持水平平衡，拉力F为6250N，求在此过程中：
①平衡板提升两人所做的功为多少？
②在提升平衡板和人的过程中，滑轮组的机械效率为多少？
(3)当甲、乙两人竖直站立在图中A、B位置时，平衡板在空中处于水平平衡。甲、乙两人从图中位置同时向平衡板左，右两侧沿同一直线向相反方向缓慢挪动至C、D竖直站立时，平衡板也恰好处于水平平衡，则两人挪动的距离AC和BD之比为______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、真空不能传声，故A错误；
B、声音由物体振动产生，用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨声，声音是由管内空气振动产生的，故B正确；
C、吹出的哨音响度由吹管口的力度决定，故换用更大的力吹气改变了哨音的响度，故C错误；
D、吹气时来回拉动“活塞”是改变空气柱的长度，从而改变哨音的音调，故D错误。
故选：B。
(1)声音的传播需要介质，我们平时听到的声音大多是通过空气传播的；
(2)声音是由物体振动产生的，管乐器是通过空气柱振动发声；
(3)声音的三个特性是：音调、响度、音色，音调是声音的高低，由振动频率决定，响度是声音的大小，与振幅和距离有关，音色是由发声体本身决定的。
本题综合考查了声现象的多个知识点，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。
2.【答案】A
【解析】解：
A、湖面上的冰，熔化成水，需要吸收热量，故A正确；
B、山顶上形成薄雾是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故B错误；
C、草叶上形成露珠是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故C错误；
D、树枝上的雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的，凝华需要放出热量，故D错误。
故选：A。
物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。
本题首先判断判断现在和原来的状态，根据物态变化定义判断该现象属于哪种物态变化，属于放出热量还是吸收热量。
3.【答案】D
【解析】解：A、图中保险盒安装在零线上，这是错误的；保险盒应该接在火线上，一旦电流过大时，保险丝熔断后能断开火线，故A正确；
B、图中两孔插座的左端导线接在地线上，这是错误的，应该接在零线上，故B正确；
C、有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地，以防用电器外壳带电，危及人身安全，故C正确；
D、电灯开关安装在零线上，当开关断开时，灯泡与火线是连通的，人接触灯泡时容易发生触电，不符合安全常识，故D错误。
故选：D。
(1)保险丝采用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源，保险丝应该接在火线上；
(2)对于两孔插座：左零右火；
(3)对于三孔插座：左零右火上接地。有金属外壳的家用电器，要接地线，以防漏电时，人不会发生触电事故；
(4)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间。
掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。
4.【答案】B
【解析】解：A.一瓶纯净水喝掉一半，质量减半，体积减半，但物质种类、状态和温度不变，所以剩余水的密度不变，故A错误；
B.将氧气瓶内的氧气用掉一半，则瓶内氧气的质量变为一半，但由于剩余的氧气又能充满氧气瓶，使氧气的体积不变，则剩下氧气的密度减小为原来的一半，故B正确；
CD.密度是物质的一种特性，密度与物体的质量和体积无关，但密度与物体的种类、状态和温度有关，故CD错误。
故选：B。
密度是物质本身的一种特性，在数值上等于物体质量与其体积之比；密度与物质的种类、状态、温度有关，与质量、体积无关。
此题主要考查学生对密度及其特性的理解和掌握。通过练习使学生明确：密度是物质的特性，物质不同密度一般不同，同种物质状态改变密度也会改变。
5.【答案】A
【解析】解：A、“5G”通信利用的是电磁波可以传递信息，故A正确；
B、核电站是利用可控的核裂变获得的能量来发电的，故B错误；
C、太阳内部时刻发生的是核聚变反应，故C错误；
D、电能是二次能源，故D错误。
故选：A。
(1)电磁波可以传递信息；
(2)核电站是利用核裂变获得的能量来发电的；
(3)原子核裂变、聚变都能释放出惊人的能量；太阳内部时刻发生的是核聚变反应；
(4)一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气。
本题考查了能量和能源的相关问题，比较简单，属于常见问题的考查。
6.【答案】B
【解析】解：A、平面镜成像的原理是光的反射，平面镜所成的像是正立、等大的虚像，故A正确；
B、凸透镜成像，当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，应用是放大镜，故B错误；
C、小孔成像的原理是光的直线传播，所成的是倒立的实像，故C正确；
D、看到水中的冰墩墩，是冰墩墩身上的光斜射到水面时，发生折射，折射光线远离法线后进入眼睛，而我们逆着光的方向看见的是冰墩墩的虚像，所以看上去比实际位置高，故D正确。
故选：B。
(1)平面镜成像的原理是光的反射，平面镜所成的像是正立、等大的虚像；
(2)凸透镜成像规律及其应用之一，u
(4)利用光发生折射时光线传播路径的规律解答。
这是一道光学综合题，考查平面镜成像、凸透镜成像、小孔成像以及折射现象，要掌握各种成像的原理和成像的特点。
7.【答案】C
【解析】解：①、匀速上升阶段，物体A相对于地面有位置的变化，因此物体A相对于地面是运动的，故①正确；
②、物体A的机械能等于A的动能和重力势能之和，匀速上升阶段，物体A的质量不变，速度不变，则物体A的动能不变，但上升过程中物体A的高度变大，则物体A的重力势能变大，因此物体A的机械能变大，故②错误；
③、匀速下降阶段，物体A的质量和速度均不变，则物体A的动能不变，因此物体A的重力势能未转化为动能，故③错误；
④、由题可知，物体A匀速下降阶段的速度小于匀速上升阶段的速度，因此物体A匀速下降阶段的动能小于匀速上升阶段的动能，故④正确；
总上所述分析可知①④正确，故A、B、D错误，C正确。
故选：C。
(1)若物体相对于参照物有位置的变化，则该物体就是运动的；若物体相对于参照物没有位置的变化，该物体就是静止的；
(2)物体由于机械运动而产生的能量叫做机械能，机械能大小等于动能和势能之和；
(3)物体的动能是由于运动而产生的能量，与物体的质量和速度有关；
(4)重力势能是由于物体被举高而具有的能量，与物体的质量和高度有关。
本题考查了对参照物、机械能、动能和重力势能的理解，此题难度不大，但需要熟练掌握动能和重力势能的影响因素。
8.【答案】A
【解析】解：
根据图示可知，两个气门都关闭，活塞下行，因此该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能。
A、酒精燃烧时化学能转化为内能，试管口塞子喷出是内能转化为机械能，故A符合题意；
B、冬天，搓手取暖是克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加，故B不符合题意；
C、用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程中机械能转化为内能，故C不符合题意；
D、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，内能增加，故D不符合题意。
故选：A。
(1)内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
(2)改变内能的方式有：做功和热传递。做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加。
此题考查了做功改变物体内能的情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。
9.【答案】C
【解析】解：A、a对b的磁力方向向下，a的重力方向竖直向下，且作用在两个物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、b对c的磁力和c对b的磁力是相互作用力，大小相等，故B错误；
C、磁环a、b处于悬浮状态，c受到b的磁力大小等于a、b的重力之和，即2mg，故C正确；
D、c处于静止状态，c对底座的压力大小等于a、b、c的重力之和，即3mg，故D错误。
故选：C。
(1)一对平衡力的特点：作用在同一物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。
(2)一对相互作用力的特点：作用在两个不同的物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。
(2)根据磁环a、b处于悬浮状态，可以确定两个磁环之间的作用力是斥力，a对b的磁力等于a的重力，b对c的磁力等于a和b的重力之和。
(4)对处于静止状态的磁圆环c进行受力分析即可确定其对水平支持面的压力与重力的关系。
本题主要是考查平衡力的辨别、平衡力和相互作用力的区别、磁极间的相互作用等知识的理解和应用，能够正确分析磁环间磁力和重力的关系是解题的关键。
10.【答案】A
【解析】解：只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，当人脸识别不通过或体温不正常时，闸门就不会打开，这说明两个开关是相互影响的，所以两个开关是串联的，由选项可知A正确。
故选：A。
由题意可知，只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作即为串联，据此进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，正确得出两开关的连接方式是关键。
11.【答案】AD
【解析】解：A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，则绳子自由端移动的速度：v2=nvB=2×0.1m/s=0.2m/s，
则F2的功率：P2=W总t=F2s2t=F2v2=12N×0.2m/s=2.4W，故A正确；
B、因绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，
所以，由F=1n(G动+f)可得，物体B受到的摩擦力：fB=nF2-G动=2×12N-6N=18N，
因物体A对物体B水平向右的摩擦力和物体B对物体A水平向左的摩擦力是一对相互作用力，
所以，物体B对物体A水平向左的摩擦力fB'=fB=18N，
因物体A静止时处于平衡状态，其合力为零，
所以，由F1
由物体A受到的合力为零可得：F1+f=fB'，
则地面对A的摩擦力大小为f=fB'-F1=18N-16N=2N，方向向右，故B错误；
C、如果增大F2，B将做加速运动，B对A的压力和接触面的粗糙程度不变，则B与A之间的摩擦力不变，A受力不变，还是处于静止状态，故C错误；
D、滑轮组的机械效率η=W有W总=fBsBF2s2=fBsBF2nsB=fBnF2=18N2×12N×100%=75%，故D正确。
故选：AD。
(1)根据图示可知滑轮组绳子的有效股数，根据v绳=nv物求出绳子自由端移动的速度，利用P=Wt=Fst=Fv求出F2的功率；
(2)绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，根据F=1n(G动+f)求出物体B受到的摩擦力；
物体A对物体B水平向右的摩擦力和物体B对物体A水平向左的摩擦力是一对相互作用力，二力大小相等，方向相反，据此求出物体B对物体A摩擦力的大小和方向；
物体A静止时处于平衡状态，其合力为零，比较拉力F1和物体B对物体A的摩擦力大小，判断得出地面对物体A摩擦力的方向，然后对物体A进行受力分析列出等式求出地面对A的摩擦力，地面对A的摩擦力和A对地面的摩擦力是一对相互作用力，据此求出A对地面的摩擦力的大小和方向；
(3)滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，先分析A受到B的摩擦力的大小变化，再确定A的运动状态是否变化；
(4)根据η=W有W总=fBsBF2s2=fBsBF2nsB=fBnF2求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式和滑轮组的特点、滑轮组机械效率公式、影响滑动摩擦力大小因素、二力平衡条件以及相互作用力关系的综合应用等，正确得出物体间摩擦力的大小是关键，有一定的难度。
12.【答案】ACD
【解析】解：AB、当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流为I1，
滑动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的阻值减小了16Ω，由欧姆定律可知，此时电路中的电流变大，电流表示数变化了0.2A，电路中的电流增加0.2A，此时小灯泡恰好正常发光，此时通过电路的电流为I2，则I2=IL=PLUL=4W8V=0.5A，所以滑动变阻器的滑片P在b端时电路的电流：I1=I2-ΔI=0.5A-0.2A=0.3A，
灯泡的电阻：RL=ULIL=8V0.5A=16Ω，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可知，滑动变阻器的滑片P在b端时电源电压：U=I1(R滑+RL)=0.3A×(R滑+16Ω)------①，
滑动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时电源电压：U=I2(R滑'+RL)=0.5A×(R滑-16Ω+16Ω)------②，
①②两式联立，解得：R滑=24Ω，U=12V，故A正确，B错误；
C、当开关S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，灯泡被短路，并联电路各支路两端电压相等，
通过定值电阻的电流：I1=UR1=12V20Ω=0.6A，
因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，电流表测干路电流，电流表量程为0∼3A，当电流表示数达到最大时，通过滑动变阻器的电流最大，则通过滑动变阻器的最大电流：I'=I-I0=3A-0.6A=2.4A，
所以滑动变阻器的最大功率为：P=UI'=12V×2.4A=28.8W，故C正确；
D、当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流最小，最小为I1=0.3A，
电路消耗的总功率最小值为：
P'=UI1=12V×0.3A=3.6W，故D正确。
故选：ACD。
(1)当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流为I1，
滑动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的阻值减小了16Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光，此时通过电路的电流为I2，
根据电功率公式的变形计算灯泡正常发光时通过电路的电流，进一步计算滑动变阻器的滑片P在b端时通过电路的电流，根据欧姆定律计算灯泡的电阻，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律表示电源电压，列出方程可得电源电压；
(2)当开关S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，灯泡被短路，根据欧姆定律计算通过定值电阻的电流，根据并联电路的电流规律计算电流表示数最大时通过滑动变阻器的电流，此时通过滑动变阻器的电流最大，根据电功率公式计算滑动变阻器的最大功率；
(3)当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流最小，根据P=UI算出电路消耗的总功率最小值。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用，综合性强
13.【答案】扩散 大
【解析】解：(1)人们闻到酒香这是扩散现象，是由于酒的香味分子在空气中不停地无规则运动造成的；
(2)水的比热容大，单位质量的水每升高1℃所吸收的热量就多，所以发动机用水做冷却剂。
故答案为：扩散；大。
(1)物质是由分子组成的，一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动。
(2)水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂、防冻剂等；
本题是一道综合题，考查了学生对扩散现象、比热容较大特点的应用等知识，是中考的热点。
14.【答案】9：4 3：2
【解析】解：(1)由图像知，当m甲=30g，V甲=20cm3，
m乙=20g时，V乙=30cm3，
则甲、乙两种物质的密度分别为：
ρ甲=m甲V甲=30g20cm3=1.5g/cm3，同理，ρ乙=m乙V乙=20g30cm3=23g/cm3，
所以ρ甲：ρ乙=1.5g/cm3=23g/cm3=9：4；
(2)设甲物质质量占总质量的比为n，则乙占总质量之比(1-n)，根据密度公式，小球的平均密度：
ρ=mV甲'+V乙'=mmnρ甲+m(1-n)ρ乙=ρ甲ρ乙nρ乙+(1-n)ρ甲，
根据悬浮的条件：ρ甲ρ乙nρ乙+(1-n)ρ甲=1.0g/cm3；
将ρ甲=1.5g/cm3和ρ乙=23g/cm3代入上式得：
甲物质质量占总质量的比：n=60%；
乙物质质量占总质量的比：1-n=1-60%=40%，
则甲、乙物质质量比为：60%：40%=3：2。
故答案为：9：4；3：2。
(1)由图像读出甲的质量和对应的体积大小，根据密度公式得出ρ甲，同理得出ρ乙大小，从而计算两种物质的密度比；
(2)设甲物质质量占总质量的比为n，则乙占总质量之比(1-n)，根据密度公式求出混合制成实心小球的密度，根据浮沉条件得出甲物质质量占总质量的比和乙物质质量占总质量的比，从而得出甲、乙物质质量比。
本题考查密度公式和物体浮沉的运用，将甲、乙捆绑在一起时将它们看作一个整体，利用好整体的的平均密度等于水的密度是关键。
15.【答案】“复兴号”动车组每小时通过的路程是324km 216km
【解析】解：“时速为324km/h”表示的物理意义是：“复兴号”动车组每小时通过的路程是324km；
根据速度公式，动车组40分钟经过的路程为：s=vt=324km/h×4060h=216km。
故答案为：“复兴号”动车组每小时通过的路程是324km；216km。
(1)速度是表示物体运动快慢的物理量，其含义是：单位时间内通过的路程是多少；
(2)知道速度和时间，根据速度公式的变形式s=vt可求路程。
此题主要考查速度的含义、速度公式及其应用，是一道比较简单的计算题。
16.【答案】解：过水平框作出点A的对称点A'，即为A在平面镜中的像，连接BA'与水平框交于O点，即为入射点(反射点)，连接AO就得到入射光线，OB为反射光线，平面镜C移到O位置比较合适，如下图所示：
【解析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，连接A'B与水平框的交点为入射点，再完成光路。
把握平面镜成像的实质，并把握好作图的顺序，是完成此题的关键，同时，还要注意实线、虚线的区别。
17.【答案】答：①支架下面垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强；
②可以借助于省力杠杆把巨木抬起，图中在支架上转动的横杆就是杠杆，在使用时动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此杠杆为省力杠杆，可以省力(也可以采用滑轮组，动滑轮相当于省力杠杆，可以省力)。
【解析】①压强的大小与压力和受力面积有关，在压力一定时，增大受力面积减小对地面压强；
②根据杠杆的平衡条件，可对杠杆的使用进行改进；使用滑轮组可以省力。
本题通过古代的实例考查了减小压强的应用，简单机械的应用等，难度不大。
18.【答案】解：(1)由P=Wt可得每分钟甲饮水机消耗的电能：
W=Pt加=2100W×60s=1.26×105J，
因甲饮水机产生的热量全部被水吸收，
所以，水吸收的热量Q吸=W=1.26×105J，
由Q吸=c水m(t-t0)可得每分钟流出水的质量：
m=Q吸c水(t-t0)=1.26×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(98℃-18℃)=0.375kg；
(2)传统管线饮水机中有水仓，把水仓内的水加热到设定温度后供人饮用，
若无人饮用时，水仓内热水向空气散热，水仓的水温降到一定程度后重新加热，这样会浪费了电，
所以，新型管线饮水机比较省电，传统管线饮水机比较费电；
(3)由P=UI可得，甲饮水机正常工作时的电流：
I=PU=2100W220V≈9.5A；
由于通过甲饮水机的电流较大，可能导致空气开关经常跳闸，
解决的方法有：换用额定电流更大的空气开关，或使用甲饮水机时先关闭其他大功率用电器。
答：(1)假如产生的热量全部被水吸收，它每分钟流出0.375kg热水；
(2)乙饮水机更浪费电；
理由：水仓的热水向空气中散热浪费了电(或重复加热水仓的水浪费了电)；
(3)解决甲饮水机导致空气开关跳闸的方法：换用额定电流更大的空气开关(或使用甲饮水机时先关闭其他大功率用电器)。
【解析】(1)根据P=Wt求出每分钟甲饮水机消耗的电能，甲饮水机产生的热量全部被水吸收，根据Q吸=c水m(t-t0)求出每分钟流出水的质量；
(2)根据甲饮水机内的水直接加热、乙饮水机无人饮用时水仓内的水会重新加热比较费电情况；
(3)根据P=UI算出甲饮水机正常工作时的电流，进而分析甲饮水机导致空气开关经常跳闸的原因提出解决方法。
本题考查了电功率公式、电功公式、吸热公式的综合应用以及节约电能和空气开关跳闸的原因，是一道电热综合题，有一定的难度。
19.【答案】10.0放大 远离 D
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=10.0cm-0.0cm=10.0cm；
(2)保持图乙中蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到光具座上35cm刻度线处，此时物距u=50cm-35cm=15cm，大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据2f>u>f时，成倒立、放大的实像；
小明在蜡烛和凸透镜间放上一只近视眼镜的镜片，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，若仍要在光屏上成清晰的像，则需将光屏向远离凸透镜的方向移动；
(3)圆柱形玻璃杯中注入水相当于凸透镜，玻璃杯后白纸上的水平箭头为物体；
A、图中的像相对于物体是正立放大的，当物体在凸透镜的焦距之内时可以成正立、放大的虚像，故A有可能；
B、图中的像相对于物体是倒立、缩小的，当物体在凸透镜的二倍焦距以外时可以成倒立、缩小的实像，故B有可能；
C、图中的像相对于物体是倒立、放大的，物体在大于一倍焦距小于二倍焦距时可以成倒立、放大的实像，故C有可能；
D、图中的像是倒立、变粗的像，由于玻璃杯上下的形状是相同的，故像在上下方向的大小是不变的，故D不可能；
故选：D。
故答案为：(1)10.0；(2)放大；远离；(3)D。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据2f>u>f时，成倒立、放大的实像；近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用；
(3)圆柱形玻璃杯中注入水相当于凸透镜(左右两边薄、上下厚度一样)，根据在不同情况下凸透镜成像的特点，可对选项中的图像进行逐一判断。
本题考查凸透镜的成像规律，关键是搞清物距，并记熟成像特点与物距之间的关系。
20.【答案】通电导体在磁场中受力运动 话筒 甲 电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强 N
【解析】解：(1)当闭合开关后，可以观察到磁场中金属棒ab在导轨上运动，这说明通电导体在磁场中受力运动。
(2)图乙所示的实验中，闭合开关，保持蹄形磁体不动，若使导体AB沿水平方向运动，它会做切割磁感线运动，故有感应电流产生，这是电磁感应现象，动圈式话筒也是根据这个原理制成的。
(3)根据图丙的情境可知，N吸引的小铁钉更多一些，N的磁性更强，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。
(4)如丁图所示，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极。
故答案为：(1)通电导体在磁场中受力运动；(2)话筒；(3)甲；电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；(4)N。
(1)磁场对通电导体有力的作用。
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关；与铁芯有无有关；与线圈中电流大小有关。
(4)根据安培定则判定螺线管的极性。
本题考查了通电导体在磁场中受力运动、电磁感应现象、影响电磁铁磁性强弱的因素、安培定则等知识，属于比较典型的题目。
21.【答案】晶体 固液共存 增加 95 低于 不会
【解析】解：
(1)由图乙可知，冰在熔化过程中温度不变，持续吸热，因此冰是晶体；
(2)图乙中，t1∼t2阶段试管中的物质在熔化过程中，处于固液共存状态；此过程中温度不变，但持续加热，因此内能增加；
(3)水沸腾后温度不变，由图丙可知，水的沸点为95℃；在1个标准大气压下水的沸点是100℃，气压越高，水的沸点越高，因此当地气压低于1个标准大气压；
(4)水沸腾时要满足两个条件：达到沸点和持续吸热；由于水沸腾时温度不变，且A、B两温度计示数相同，则试管中的水虽然可以到达沸点，但无法从烧杯中的水吸收热量，因此试管中的水不会沸腾。
故答案为：
(1)晶体；(2)固液共存；增加；(3)95；低于；(4)不会。
(1)晶体在熔化过程中温度不变，持续吸热；
(2)晶体在熔化过程中处于固体共存状态，由于此过程持续吸热，因此液体内能会增加；
(3)水沸腾时温度不变，该不变的温度就是沸点；在1个标准大气压下水的沸点是100℃，气压越大，沸点越高，据此分析当地的气压与标准大气压之间的关系；
(4)水沸腾的条件：达到沸点和持续吸热，据此分析。
本题考查了对温度计的使用、晶体熔化的特点和水沸腾的条件和特点的掌握，题目较综合，难度不大。
22.【答案】偏小 减小摩擦 CFLV C
【解析】解：(1)注射器顶端装针头处空气无法排尽，即有残余气体，注射器内还会有一定气压，这样会使拉力变小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；
(2)涂抹润滑油的好处：一是减小摩擦，二是活塞的密封性好；
(3)因为大气的压强是一定的，根据公式F=pS，受力面积越小，压力也会越小，所以当弹簧测力计量程不够时，可换用小量程注射器，故选C；活塞的面积S=VL，将测量结果代入压强公式得：p=FS=FVL=FLV；
(4)当注射器中的活塞开始向左滑动时，G1=(900+125)×10-3kg×10N/kg=10.25N，
对活塞受力分析：f+F=G1=10.25N------①
当注射器中的活塞开始向右滑动时，G2=(0.5+0.125)kg×10N/kg=6.25N，
对活塞受力分析：F-f=G2=6.25N------②
①②两式解得：F=8.25N；
所以p=FS=8.25N7.5×10-5m2=1.1×105Pa。
故选：C。
故答案为：(1)偏小；(2)减小摩擦；(3)C；FLV；(4)C。
(1)注射器顶端装针头处空气无法排尽，里面气体有一定的压强，会造成拉力F偏小，在面积S不变时，所测量的大气压值会偏小；
(2)涂抹润滑油的好处：一是减小摩擦，二是密封性好；
(3)压力的大小跟活塞的作用面积有关，在大气压强一定时，面积越小，压力会越小，所以应选择较小的注射器；因活塞为圆柱体，所以活塞的横截面积可以通过公式S=VL，利用压强的公式p=FS可得出表达式；
(4)当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反；
利用注射器测量大气压时，用到的公式是p=FS，所以要分别得出大气压力F和活塞的横截面积S，利用二力平衡可得出大气压力，并知道活塞的面积S，便可求出大气压的值了。
利用注射器测量大气压时，用到的公式是p=FS所以要分别测大气压力F和活塞的横截面积S.利用二力平衡可通过弹簧测力计测出大气压力，利用几何知识可得出活塞的面积S，便可求出大气压的值了。
23.【答案】电流表正负接线柱接反了 d 把5Ω与15Ω的电阻串联接入ab间进行实验 2.430说法错误，应该说在电压一定时电流与电阻成反比。
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片P向c端滑动时接入电路中的阻值变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
(2)当闭合开关试触时，发现电流表指针摆动出现了如图乙所示的情况，即电流表指针反向偏转，则他们在电流表的使用上存在的问题是：电流表正负接线柱接反了；
(3)将5Ω电阻换成10Ω、15Ω的电阻后，定值电阻两端分压变大，大于U0，滑动变阻器分压减小，为保持电阻两端电压不变，应向d移动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值增大，减小定值电阻的分压，直到电压表示数为U0；
(4)根据电阻串联知，当20Ω电阻损坏，可以把5Ω与15Ω的电阻串联接入ab间进行实验；
(5)由(4)知U0=2.4V，由图像丙知当定值电阻的阻值为20Ω时，电路电流为0.12A，此时滑动变阻器接入电路的阻值：
R滑=U-U0I″=6V-2.4V0.12A=30Ω，则实验所用的滑动变阻器，其最大阻值不能小于30Ω；
(6)如图丁所示的I-1R图像可知在电压一定时电流与电阻的倒数成正比，所以可以得出在电压一定时电流与电阻成反比，但不能只说电流与电阻成反比。
故答案为：(1)见上图；(2)电流表正负接线柱接反了；(3)d；(4)把5Ω与15Ω的电阻串联接入ab间进行实验；(5)2.4；30；(6)说法错误，应该说在电压一定时电流与电阻成反比。
(1)根据滑动变阻器滑片P向c端滑动时接入电路中的阻值变小确定下接线柱；
(2)测量电流时要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电流表指针反向偏转；
(3)根据实验电路应用串联电路特点分析答题；探究电流与电阻的关系时，要保持电阻两端电压一定。
(4)根据串联电路特点分析答题；
(5)分析图中实验数据利用U=IR算出控制电压；应用串联电路特点与欧姆定律分析答题；
(6)根据图像为过原点的直线结合欧姆定律分析。
本题考查了电路图的连接、电流表的使用、实验操作、实验数据分析等问题；探究电流与电阻关系实验时，要控制电阻两端电压保持不变。
24.【答案】3 在液体密度一定时，物体受到的浮力与物体排开液体的体积成正比 O点 物体排开液体的体积
【解析】解：(1)①由表中数据可知金属块底面浸入水中的深度h=0时，压力传感器的示数为3N，此时金属块没有浸入水中，因此烧杯和水的总重力为G杯+水=3N，
金属块沉底时，细线处于松弛状态，说明细线不受拉力，此时压力传感器的示数为金属块、烧杯和水的总重力，即为金属块、烧杯和水的总重力G杯+水+金=6N，
因此金属块的重力：G金=G杯+水+金-G杯+水=6N-3N=3N；
②因为金属块受到的浮力与金属块对水的压力是一对相互作用力，所以金属块受到的浮力等于压力传感器增加是示数，
则金属块受到的浮力分别为：F浮1=3.25N-3N=0.25N，F浮2=3.5N-3N=0.5N，F浮3=3.75N-3N=0.75N，F浮4=3.75N-3N=0.75N，F浮5=3.75N-3N=0.75N，
根据所求数据，描点作图，如图所示：
；
(2)由所画图像可知，金属块受到的浮力与排开水的体积成之比，因此正确的表述应该是：在液体密度一定时，物体受到的浮力与物体排开液体的体积成正比；
(3)根据控制变量法，探究浮力的大小与物体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，故应将金属块缓慢浸入水中使水面上升到相同高度O点处，读取压力传感器的示数。
故答案为：(1)①3；②如图所示；(2)在液体密度一定时，物体受到的浮力与物体排开液体的体积成正比；(3)O点；物体排开液体的体积。
(1)①由表中数据可知金属块底面浸入水中的深度h=0时压力传感器的示数，即为烧杯和水的总重力，金属块沉底时，细线处于松弛状态，说明细线不受拉力，此时压力传感器的示数为金属块、烧杯和水的总重力，据此求出金属块的重力；
②根据金属块受到的浮力与金属块对水的压力是一对相互作用力求出金属块在水下不同深度时受到的浮力，再描点画出图像；
(2)分析所画图像得出结论；
(3)根据控制变量法，探究浮力的大小与物体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，据此分析解答。
本题研究浮力的影响因素，考查浮力的计算、图像的画法、控制变量法、分析数据归纳结论的能力。
25.【答案】解：
R2、R1串联后与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，
根据串联电路电压的规律，故V1的示数大于V2的示数，故I图象为电流随V1的示数变化，Ⅱ图象为电流随V2的示数变化。
(1)当变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，即为0.3A，可知V2的示数为3V，
由欧姆定律，R2的最大阻值为：
R2=U2I=3.0V0.3A=10Ω；
(2)当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的规律及欧姆定律，R1的阻值：
R1=U1-U2I=5.4V-3.0V0.3A=8Ω，
当变阻器连入电路的电阻为5Ω时，根据P=I2R可得，电路的电流：
I'= PR2= 0.8W5Ω=0.4A，
根据串联电路的规律及欧姆定律，因电源电压不变，有：
U=U1+IR0，
U=I'(R1+R中+R0)，
即：U=5.4V+0.3A×R0；
U=0.4A×(8Ω+5Ω+R0)；
由以上两式可解得：U=6V，R0=2Ω；
(3)滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R变=x(Ω)，
由串联电阻的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I ' '=UR0+R1+R变，
R2消耗的电功率：P=I ' '2R变=U2R变(R0+R1+R变)2=36x(10+x)2=36x(10-x)2+40x=36(10-x)2x+40，
当x=10cm时，即R滑=10Ω时，R2消耗电功率的最大值，且P大=0.9W。
答：(1)R2的最大阻值为10Ω；
(2)求电源电压U为6V和R0的阻值为2Ω；
(3)R2消耗的电功率P随x变化的关系式P=36x(10+x)2，R2消耗电功率的最大值为0.9W。
【解析】R2、R1串联后与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，根据串联电路电压的规律，确定两电压表所对应的图象：
(1)当变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，由图可知最小电流和V2的示数，由欧姆定律，得出R2的最大阻值；
(2)当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的规律及欧姆定律得出R1；
当变阻器连入电路的电阻为5Ω时，根据P=I2R得出电路的电流，根据串联电路电压的规律及欧姆定律列式求出U和R0；
(3)滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R变=x(Ω)，由串联电阻的规律及欧姆定律得出电路的电流表达式，根据P=I ' '2R变=U2R变(R0+R1+R变)2，由数学知识求出R2消耗电功率的最大值。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
26.【答案】9：11
【解析】解：
(1)当平衡板在水平地面上时，甲静止站在平衡板上对板的压力：
F甲=G甲=m甲g=55kg×10N/kg=550N，
则甲对平衡板的压强：
p甲=F甲S乙=550N0.05m2=1.1×104Pa；
(2)①乙的重力：
G乙=m乙g=45kg×10N/kg=450N，
平衡板提升两人所做的功：
W=(G甲+G乙)h=(550N+450N)×5m=5000J；
②平衡板的重力：
G板=m板g=900kg×10N/kg=9000N，
在提升平衡板和人的过程中，拉力做的有用功：
W有=(G甲+G乙+G板)h=(550N+450N+9000N)×5m=5×104J，
由图可知，n=2，则拉力做的总功：
W总=Fs=Fnh=6250N×2×5m=6.25×104J，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=5×104J6.25×104J×100%=80%；
(3)当甲、乙两人竖直站立在图中A、B位置时，平衡板在空中处于水平平衡，
由杠杆的平衡条件可得：G甲⋅OA=G乙⋅OB--------①
当甲、乙两人分别位于C、D竖直站立时，平衡板也恰好处于水平平衡，
由杠杆的平衡条件可得：G甲⋅(OA+AC)=G乙⋅(OB+BD)--------②
由①②可得：OAOA+AC=OBOB+BD，
整理可得：ACBD=OAOB------③
由①③可得：ACBD=G乙G甲=450N550N=911。
答：(1)甲对平衡板的压强为1.1×104Pa；
(2)①平衡板提升两人所做的功为5000J；②在提升平衡板和人的过程中，滑轮组的机械效率为80%；
(3)9：11。
(1)当平衡板在水平地面上时，甲静止站在平衡板上对板的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求出甲对平衡板的压强；
(2)①根据G=mg求出乙的重力，根据W=Gh求出平衡板提升两人所做的功；
②根据G=mg求出平衡板的重力，根据W=Gh求出在提升平衡板和人的过程中拉力做的有用功，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh和W=Fs求出拉力做的总功，然后利用η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率；
(3)当甲、乙两人竖直站立在图中A、B位置时，平衡板在空中处于水平平衡，根据杠杆的平衡条件得出等式；当甲、乙两人分别位于C、D竖直站立时，平衡板也恰好处于水平平衡，再根据杠杆的平衡条件得出等式，然后联立等式即可求出两人挪动的距离AC和BD之比。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、机械效率公式、杠杆平衡条件的综合应用等，明确滑轮组使用时有用功和总功是关键。
2023年四川省攀枝花市东区中考物理二模试卷
1. 图甲是一种手工艺品，由竹筒(A、B两端开口，C处开一小口)和“活塞”组成。将活塞从B处塞入，在A处吹气并来回拉动“活塞”能发出悦耳的哨音，“活塞”如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 哨音在真空中也能传播
B. 哨音是由筒内空气振动产生的
C. 换用更大的力吹气改变了哨音的音调
D. 吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度
2. 下列四幅图中的物态变化，需要吸热的是( )
A. 初春，湖面上冰化成水
B. 夏天，山顶上形成薄雾
C. 秋天，草叶上形成露珠
D. 严冬，树枝上出现雾凇
3. 如图是小明设计的家庭电路的电路图，下列对此电路图的分析错误的是( )
A. 保险盒接法错误，保险盒应该安装在火线上
B. 二孔插座接法错误，其左端导线应该接在零线上
C. 三孔插座接法正确，使用电冰箱时，插头应插在三孔插座上
D. 开关和灯泡接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则
4. 关于密度，下列说法中正确的是( )
A. 一瓶纯净水喝掉一半，剩余水的密度会变成原来的一半
B. 氧气瓶内的氧气用掉一半后，瓶内剩余氧气的密度会改变
C. 由密度公式可知，密度与物体的体积成反比
D. 对某种物质而言，当物质的体积一定时，密度与质量成正比
5. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就，下列关于信息和能源的说法中正确的是( )
A. 华为5G通信是利用电磁波传递信息的
B. 秦山核电站是利用聚变反应的原理工作的
C. “天和号”太空舱“帆板”接收的太阳能来自于太阳内部的裂变反应释放的能量
D. 比亚迪新能源纯电动汽车是利用的一次能源
6. 2022年2月，第24届冬奥会在北京成功举办，小华得到了冬奥会吉祥物“冰墩墩”。他和“冰墩墩”一起完成了几个光学实验，下列描述与实验情景不相符的是( )
A. 平面镜中的像由光的反射形成
B. 通过放大镜看到的像是实像
C. 小孔成像是因为光沿直线传播
D. 岸上看到水中的虚像比物体位置高
7. 如图所示，物理项目化学习小组在空旷的室外测试某型号无人机负重飞行能力。测试时将重20N的物体A固定在无人机上，并控制无人机完成以3m/s的速度匀速上升、在空中悬停、以2m/s的速度匀速下降三个阶段的测试项目，同时利用系统软件记录多次测量的相关信息，并做出测评报告。下列说法中( )
①匀速上升阶段，物体A相对于地面是运动的
②匀速上升阶段，物体A的机械能不变
③匀速下降阶段，物体A的重力势能转化为动能
④物体A匀速下降阶段的动能小于匀速上升阶段的动能
A. 只有①③正确 B. 只有②④正确 C. 只有①④正确 D. 只有①②③正确
8. 如图是内燃机某冲程的工作示意图，下面四个事例中能量转化与之相同的是( )
A. 瓶塞冲出
B. 搓手取暖
C. 压缩气体
D. 钻木取火
9. 三个相同的磁环a、b、c(质量均为m)套在有木质底座的光滑木杆上，由于磁极间的相互作用，上面两个磁环都悬在空中，如图所示。下列说法正确的是( )
A. a对b的磁力和a的重力是平衡力 B. b对c的磁力小于c对b的磁力
C. c受到b的磁力大小为2mg D. c对底座的压力大小为mg
10. 疫情防控期间，宿迁市很多学校门口新增加了人脸识别测温系统。若人脸识别通过，则控制电路会闭合开关S1，若体温测量值在正常范围内，则会闭合开关S2。只有人脸识别通过且体温在正常范围内，系统才会启动电动机打开闸门。下列有关该控制电路的设计能实现上述功能的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图所示，每个滑轮的重力为6N，物体A的重力GA=100N，物体B的重力GB=60N，F1=16N，F2=12N，此时物体A相对于地面静止，物体B以0.1m/s的速度在物体A表面向左做匀速直线运动。绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，下列说法正确的是( )
A. F2的功率为2.4W
B. 物体A与地面之间的摩擦力为2N，方向向左
C. 如果增大F2，物体A可能向左运动
D. 滑轮组的机械效率为75%
12. 如图，电源电压不变，定值电阻R1=20Ω，小灯泡L标有“8V 4W”字样(灯丝电阻不变)，电流表量程为0-3A。当只闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片P从b端滑动到某一位置时，变阻器连入电路中的阻值减小了16Ω，电流表示数增大了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光.在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 电源电压为16V
B. R2的最大阻值为26Ω
C. 开关都闭合时，R2的最大功率为28.8W
D. 在电流表有示数的情况下，电路消耗的总功率最小值为3.6W
13. “酒香不怕巷子深”，人们远远地就能闻到酒香，这是______ 现象，汽车的发动机选用水做冷却剂，是由于水的比热容较______ 的缘故。
14. 如图所示为甲、乙两种不吸水的物质的m-V图像，则这两种物质的密度之比ρ甲：ρ乙=______；用这两种物质制成立方体并用轻质细线捆绑在一起放入水中恰好能够处于悬浮状态，则两个立方体的质量之比m甲：m乙=______。(水的密度ρ水=1.0×103kg/m3)
15. 在2022年北京冬奥会期间，联通北京、延庆、崇礼三大赛场的冬奥列车全部使用时速为324km/h的“复兴号”动车组，这里“时速为324km/h”表示的物理意义是______ ，已知动车组往返三大赛场一次所用的时间为40分钟，则动车组往返三大赛场一次行驶的路程为______ 。
16. 有一工作间，人在B处要想看到外间A处的花盆，需要在某处安装一块平面镜。请把平面镜C画到合适的位置，并完成由B看到A的光路(只需在图中画出一条光的完整路径)。
17. 如图所示，图为我国古人运送巨木的劳动情境示意图。他们通过横杆、支架、石块等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，以便将其移到其他地方。请分析：
(1)支架下端垫有底面积较大的石块，有什么作用？
(2)如果巨木无法抬起，请你提出一种有可能抬起巨木的改进方案，并简述其中的理学原理。
18. 如图所示，图甲是某品牌新型管线饮水机，其额定电压220V，额定功率为2100W。市面上还有另一种传统管线饮水机，如图乙所示，它有水仓，把水仓内的水加热到设定温度后供人饮用，若无人饮用时水仓的水温降到一定程度后重新加热，功率为800W左右。
(1)假如产生的热量全部被水吸收，设流入水温为18℃，流出水温为98℃，甲每分钟流出多少千克热水？
(2)小明家准备购置饮水机时，妈妈认为甲饮水机功率太大，浪费电。请你判断哪一种饮水机更浪费电，并简要说明理由。
(3)甲饮水机功率太大，可能导致空气开关经常跳闸，你怎么解决甲饮水机导致空气开关跳闸的问题？
19. 小红和小明做“探究凸透镜成像规律”的实验。
(1)利用太阳光测量凸透镜的焦距时，小红将光屏A和凸透镜L按照图甲所示的方式均垂直于刻度尺摆放，光屏上形成了一个最小、最亮的光斑。则该凸透镜的焦距为______ cm。
(2)将此凸透镜、点燃的蜡烛、光屏置于光具座上如图乙所示的位置时，恰好在光屏上呈现了烛焰倒立的缩小的实像：保持图乙中蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到光具座上35cm刻度线处，光屏上能再次呈现烛焰清晰的______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)像。实验中，小明在蜡烛和凸透镜间放上一只近视眼镜的镜片，若仍要在光屏上成清晰的像，则需将光屏向______ (选填“靠近”或“远离”)凸透镜的方向移动。
(3)窗外阳光明媚，小明看到窗边饮水机的水桶旁有一条亮线，如图丙所示，由此，他认为装有水的水桶相当于凸透镜。他又找来一个圆柱形玻璃杯，在玻璃杯后面的白纸上画一水平方向的箭头，如图丁所示，慢慢向玻璃杯中注入水至水面高过箭头位置，透过玻璃杯看纸上的“箭头”，不可能是图戊中的______ 。
20. 实验小组的同学进行电磁学实验。
(1)在如图甲所示的实验中，当闭合开关后，可以观察到磁场中金属棒ab在导轨上运动，这说明______ 。
(2)在如图乙所示的实验中，闭合开关，保持蹄形磁体不动，若使导体AB沿水平方向运动，则电流表指针将发生偏转，与此现象原理相同的是______ (选填“话简”或“扬声器”)。
(3)在如图丙所示的实验中，______ (填“甲”或“乙”)的磁性强，说明______ 。
(4)在如图丁所示的实验中，此时小磁针的右端为______ 极。
21. 如图所示，图甲是小亮设计的能做“探究冰熔化时温度的变化规律”和“探究水沸腾时温度变化的特点”实验的装置。
(1)观察并记录温度计A的示数，作出如图乙所示的图像，通过图乙分析可知冰是______ (选填“晶体”或“非晶体”)。
(2)图乙中，t1∼t2阶段试管中的物质处于______ 状态，此过程中温度不变，内能______ 。
(3)观察并记录温度计B的示数，绘制出图丙的图像，根据图像可知水的沸点为______ ℃，说明当地的大气压______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)1个标准大气压。
(4)观察到烧杯中的水已沸腾，且A、B两温度计示数相同，此时试管中的水______ (选填“会”或“不会”)沸腾。
22. 物理兴趣小组的同学利用周末开展一次登山活动，他们想利用随身携带的注射器、弹簧测力计、细线、刻度尺
等相关用品测量山顶的大气压。测量方案如下：
A.把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔。
B.如图甲所示，用细线拴住注射器活塞颈部，使线的一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右缓慢拉动针筒，当针筒中的活塞开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为F。
C.读出注射器针筒上有刻度部分的容积V。
D.用刻度尺测出注射器针筒上有刻度部分的长度L。
请根据他们设计的方案回答以下问题：
(1)实验时同学们发现注射器顶端装针头处的空气无法排尽，这将会使测量结果______ (选填“偏大”、“不变”或“偏小”)。
(2)测量前，有同学建议在活塞周围涂抹润滑油，然后将其插入针筒中，这样做有两个好处：一是活塞的密封性好；二是可以______ 。
(3)若同学们用图乙中B注射器在测量时，弹簧测力计被拉到5N，活塞仍没有滑动。可改用图乙中的______ (选填“A”或“C”)注射器。用测量步骤中的V、L和F表示大气压的值为______ 。
(4)在测量大气压强的实验中，为消除活塞与针筒间的摩擦力对实验的影响，某同学设计了如图所示装置。将注射器间固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连。向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为900g：然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为500g，烧杯质量为125g，活塞面积为7.5×10-5m2，g取10N/kg，轮轴间的摩擦和细线重不计，则所测大气压值为______ 。
A.2.2×105Pa
B.1.37×105Pa
C.1.1×105Pa
D.1.07×105Pa
23. 小丽在探究“电路中电流与电阻的关系”时，可供使用的实验器材有：电源(电压恒为6V)、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个、阻值不同的定值电阻四个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)，导线若干。
(1)请用笔画线代替导线将甲图的实物图补充完整，要求滑动变阻器滑片P向C端滑动时接入电路中的阻值变小。
(2)当闭合开关试触时，发现电流表指针摆动出现了图乙所示情况，存在的问题是：______ 。
(3)将5Ω的电阻接入a、b间，闭合开关后，移动滑片P使电压表示数为U0，记录相应的电流值；然后将5Ω的电阻换成10Ω、15Ω的电阻接入a、b间，闭合开关后，滑片P应向______ (选填“c”或“d”)端移动，直至电压表示数也为U0，记下相应的电流值。
(4)小丽在换用20Ω电阻做实验时，发现电阻已经损坏，她灵机一动，利用现有的几个电阻解决了这个问题.请你写出小丽的做法：______ 。
(5)小丽根据实验数据得出I-R变化的图像，如图丙所示：则小丽实验时U0=______ V，实验的小丽所用的滑动变阻器其最大阻值不能小于______ Ω。
(6)小丽在得出I-R图像之后，又画出了如图丁所示的I-1R图像，得出结论，电流与电阻成反比。请对此做出评价：______ 。
24. 在“研究浮力的影响因素”的实验中，小虹利用实心金属块，压力传感器，烧杯，细线等实验器材，设计并进行了实验，压力传感器可以显示其上方压力的大小。
(1)如图甲所示，将一空烧杯放在压力传感器上，压力传感器的示数为1N，然后将金属块通过细线缓慢放入装有适量水的烧杯(该烧杯足够高)中直至沉底，如图乙所示，压力传感器的示数F与金属块底面浸入水中的深度h 的对应数据，如下表所示。
实验次数
1
2
3
4
5
6
h/cm
0
2
4
6
8
10
F/N
3
3.25
3.5
3.75
3.75
3.75
①若金属块沉底时，细线处于松弛状态，压力传感器的示数为6N，则金属块的重力为______ N。
②在图丙中画出金属块受到的浮力F浮和底面浸入水中的深度h的图像。
(2)小虹经过观察几次实验数据发现，浮力的大小有时与底面浸入水中的高度有关，有时又与此无关，对此你觉得正确的表述应该是：______ 。
(3)小虹觉得浮力的大小与物体的密度应该也有关联，她选用与金属块形状相同的木块进行实验，将木块逐渐浸入水中，当水面上升至图丁0点位置时，记录此时压力传感器的示数，如图丁所示，取出木块后，小虹又将金属块缓慢浸入水中，她在水面上升到______ (选填“O点之上”“O点”或“O点之下”)时，读取压力传感器的示数，这样做是为了控制______ 相同，以便判断浮力的大小与物体的密度是否有关。
25. 如图甲电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，改变R2的阻值，两电压表示数与电流表示数变化关系如图乙，当滑片在b端时电流表示数为0.3A。
(1)求R2的最大阻值。
(2)若滑片置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为0.8W，求电源电压U和R0的阻值。
(3)若滑动变阻器滑片每移动1cm，阻值改变1Ω，设滑片从a端向b端滑动的距离为xcm，写出R2消耗的电功率P随x变化的关系式，并由此关系式求出R2消耗电功率的最大值。
26. 如图所示，在科普节目《加油，向未来》中，有一项对抗性实验，甲、乙两人站在平衡板上。滑轮组将平衡板提升至一定高度后。两人在平衡板上挪动，并保持平衡板平衡。若甲的质量为55kg，乙的质量为45kg。平衡板质量为900kg，且质量分布均匀，重心在点O.(g取10N/kg)。
(1)当平衡板在水平地面上时，甲静止站在平衡板上，与板的接触面积为0.05m2，则甲对平衡板的压强为多大？
(2)甲、乙两人竖直站在平衡板上，滑轮组将平衡板匀速提升至离地面5m的高度处，提升过程中平衡板始终保持水平平衡，拉力F为6250N，求在此过程中：
①平衡板提升两人所做的功为多少？
②在提升平衡板和人的过程中，滑轮组的机械效率为多少？
(3)当甲、乙两人竖直站立在图中A、B位置时，平衡板在空中处于水平平衡。甲、乙两人从图中位置同时向平衡板左，右两侧沿同一直线向相反方向缓慢挪动至C、D竖直站立时，平衡板也恰好处于水平平衡，则两人挪动的距离AC和BD之比为______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、真空不能传声，故A错误；
B、声音由物体振动产生，用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨声，声音是由管内空气振动产生的，故B正确；
C、吹出的哨音响度由吹管口的力度决定，故换用更大的力吹气改变了哨音的响度，故C错误；
D、吹气时来回拉动“活塞”是改变空气柱的长度，从而改变哨音的音调，故D错误。
故选：B。
(1)声音的传播需要介质，我们平时听到的声音大多是通过空气传播的；
(2)声音是由物体振动产生的，管乐器是通过空气柱振动发声；
(3)声音的三个特性是：音调、响度、音色，音调是声音的高低，由振动频率决定，响度是声音的大小，与振幅和距离有关，音色是由发声体本身决定的。
本题综合考查了声现象的多个知识点，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。
2.【答案】A
【解析】解：
A、湖面上的冰，熔化成水，需要吸收热量，故A正确；
B、山顶上形成薄雾是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故B错误；
C、草叶上形成露珠是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故C错误；
D、树枝上的雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的，凝华需要放出热量，故D错误。
故选：A。
物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。
本题首先判断判断现在和原来的状态，根据物态变化定义判断该现象属于哪种物态变化，属于放出热量还是吸收热量。
3.【答案】D
【解析】解：A、图中保险盒安装在零线上，这是错误的；保险盒应该接在火线上，一旦电流过大时，保险丝熔断后能断开火线，故A正确；
B、图中两孔插座的左端导线接在地线上，这是错误的，应该接在零线上，故B正确；
C、有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地，以防用电器外壳带电，危及人身安全，故C正确；
D、电灯开关安装在零线上，当开关断开时，灯泡与火线是连通的，人接触灯泡时容易发生触电，不符合安全常识，故D错误。
故选：D。
(1)保险丝采用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源，保险丝应该接在火线上；
(2)对于两孔插座：左零右火；
(3)对于三孔插座：左零右火上接地。有金属外壳的家用电器，要接地线，以防漏电时，人不会发生触电事故；
(4)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间。
掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。
4.【答案】B
【解析】解：A.一瓶纯净水喝掉一半，质量减半，体积减半，但物质种类、状态和温度不变，所以剩余水的密度不变，故A错误；
B.将氧气瓶内的氧气用掉一半，则瓶内氧气的质量变为一半，但由于剩余的氧气又能充满氧气瓶，使氧气的体积不变，则剩下氧气的密度减小为原来的一半，故B正确；
CD.密度是物质的一种特性，密度与物体的质量和体积无关，但密度与物体的种类、状态和温度有关，故CD错误。
故选：B。
密度是物质本身的一种特性，在数值上等于物体质量与其体积之比；密度与物质的种类、状态、温度有关，与质量、体积无关。
此题主要考查学生对密度及其特性的理解和掌握。通过练习使学生明确：密度是物质的特性，物质不同密度一般不同，同种物质状态改变密度也会改变。
5.【答案】A
【解析】解：A、“5G”通信利用的是电磁波可以传递信息，故A正确；
B、核电站是利用可控的核裂变获得的能量来发电的，故B错误；
C、太阳内部时刻发生的是核聚变反应，故C错误；
D、电能是二次能源，故D错误。
故选：A。
(1)电磁波可以传递信息；
(2)核电站是利用核裂变获得的能量来发电的；
(3)原子核裂变、聚变都能释放出惊人的能量；太阳内部时刻发生的是核聚变反应；
(4)一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气。
本题考查了能量和能源的相关问题，比较简单，属于常见问题的考查。
6.【答案】B
【解析】解：A、平面镜成像的原理是光的反射，平面镜所成的像是正立、等大的虚像，故A正确；
B、凸透镜成像，当物距小于焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，应用是放大镜，故B错误；
C、小孔成像的原理是光的直线传播，所成的是倒立的实像，故C正确；
D、看到水中的冰墩墩，是冰墩墩身上的光斜射到水面时，发生折射，折射光线远离法线后进入眼睛，而我们逆着光的方向看见的是冰墩墩的虚像，所以看上去比实际位置高，故D正确。
故选：B。
(1)平面镜成像的原理是光的反射，平面镜所成的像是正立、等大的虚像；
(2)凸透镜成像规律及其应用之一，u
(4)利用光发生折射时光线传播路径的规律解答。
这是一道光学综合题，考查平面镜成像、凸透镜成像、小孔成像以及折射现象，要掌握各种成像的原理和成像的特点。
7.【答案】C
【解析】解：①、匀速上升阶段，物体A相对于地面有位置的变化，因此物体A相对于地面是运动的，故①正确；
②、物体A的机械能等于A的动能和重力势能之和，匀速上升阶段，物体A的质量不变，速度不变，则物体A的动能不变，但上升过程中物体A的高度变大，则物体A的重力势能变大，因此物体A的机械能变大，故②错误；
③、匀速下降阶段，物体A的质量和速度均不变，则物体A的动能不变，因此物体A的重力势能未转化为动能，故③错误；
④、由题可知，物体A匀速下降阶段的速度小于匀速上升阶段的速度，因此物体A匀速下降阶段的动能小于匀速上升阶段的动能，故④正确；
总上所述分析可知①④正确，故A、B、D错误，C正确。
故选：C。
(1)若物体相对于参照物有位置的变化，则该物体就是运动的；若物体相对于参照物没有位置的变化，该物体就是静止的；
(2)物体由于机械运动而产生的能量叫做机械能，机械能大小等于动能和势能之和；
(3)物体的动能是由于运动而产生的能量，与物体的质量和速度有关；
(4)重力势能是由于物体被举高而具有的能量，与物体的质量和高度有关。
本题考查了对参照物、机械能、动能和重力势能的理解，此题难度不大，但需要熟练掌握动能和重力势能的影响因素。
8.【答案】A
【解析】解：
根据图示可知，两个气门都关闭，活塞下行，因此该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能。
A、酒精燃烧时化学能转化为内能，试管口塞子喷出是内能转化为机械能，故A符合题意；
B、冬天，搓手取暖是克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加，故B不符合题意；
C、用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程中机械能转化为内能，故C不符合题意；
D、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，内能增加，故D不符合题意。
故选：A。
(1)内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
(2)改变内能的方式有：做功和热传递。做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加。
此题考查了做功改变物体内能的情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。
9.【答案】C
【解析】解：A、a对b的磁力方向向下，a的重力方向竖直向下，且作用在两个物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、b对c的磁力和c对b的磁力是相互作用力，大小相等，故B错误；
C、磁环a、b处于悬浮状态，c受到b的磁力大小等于a、b的重力之和，即2mg，故C正确；
D、c处于静止状态，c对底座的压力大小等于a、b、c的重力之和，即3mg，故D错误。
故选：C。
(1)一对平衡力的特点：作用在同一物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。
(2)一对相互作用力的特点：作用在两个不同的物体上，作用在同一条直线上，方向相反，大小相等。
(2)根据磁环a、b处于悬浮状态，可以确定两个磁环之间的作用力是斥力，a对b的磁力等于a的重力，b对c的磁力等于a和b的重力之和。
(4)对处于静止状态的磁圆环c进行受力分析即可确定其对水平支持面的压力与重力的关系。
本题主要是考查平衡力的辨别、平衡力和相互作用力的区别、磁极间的相互作用等知识的理解和应用，能够正确分析磁环间磁力和重力的关系是解题的关键。
10.【答案】A
【解析】解：只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，当人脸识别不通过或体温不正常时，闸门就不会打开，这说明两个开关是相互影响的，所以两个开关是串联的，由选项可知A正确。
故选：A。
由题意可知，只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作即为串联，据此进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，正确得出两开关的连接方式是关键。
11.【答案】AD
【解析】解：A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，则绳子自由端移动的速度：v2=nvB=2×0.1m/s=0.2m/s，
则F2的功率：P2=W总t=F2s2t=F2v2=12N×0.2m/s=2.4W，故A正确；
B、因绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，
所以，由F=1n(G动+f)可得，物体B受到的摩擦力：fB=nF2-G动=2×12N-6N=18N，
因物体A对物体B水平向右的摩擦力和物体B对物体A水平向左的摩擦力是一对相互作用力，
所以，物体B对物体A水平向左的摩擦力fB'=fB=18N，
因物体A静止时处于平衡状态，其合力为零，
所以，由F1
由物体A受到的合力为零可得：F1+f=fB'，
则地面对A的摩擦力大小为f=fB'-F1=18N-16N=2N，方向向右，故B错误；
C、如果增大F2，B将做加速运动，B对A的压力和接触面的粗糙程度不变，则B与A之间的摩擦力不变，A受力不变，还是处于静止状态，故C错误；
D、滑轮组的机械效率η=W有W总=fBsBF2s2=fBsBF2nsB=fBnF2=18N2×12N×100%=75%，故D正确。
故选：AD。
(1)根据图示可知滑轮组绳子的有效股数，根据v绳=nv物求出绳子自由端移动的速度，利用P=Wt=Fst=Fv求出F2的功率；
(2)绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，根据F=1n(G动+f)求出物体B受到的摩擦力；
物体A对物体B水平向右的摩擦力和物体B对物体A水平向左的摩擦力是一对相互作用力，二力大小相等，方向相反，据此求出物体B对物体A摩擦力的大小和方向；
物体A静止时处于平衡状态，其合力为零，比较拉力F1和物体B对物体A的摩擦力大小，判断得出地面对物体A摩擦力的方向，然后对物体A进行受力分析列出等式求出地面对A的摩擦力，地面对A的摩擦力和A对地面的摩擦力是一对相互作用力，据此求出A对地面的摩擦力的大小和方向；
(3)滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，先分析A受到B的摩擦力的大小变化，再确定A的运动状态是否变化；
(4)根据η=W有W总=fBsBF2s2=fBsBF2nsB=fBnF2求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式和滑轮组的特点、滑轮组机械效率公式、影响滑动摩擦力大小因素、二力平衡条件以及相互作用力关系的综合应用等，正确得出物体间摩擦力的大小是关键，有一定的难度。
12.【答案】ACD
【解析】解：AB、当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流为I1，
滑动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的阻值减小了16Ω，由欧姆定律可知，此时电路中的电流变大，电流表示数变化了0.2A，电路中的电流增加0.2A，此时小灯泡恰好正常发光，此时通过电路的电流为I2，则I2=IL=PLUL=4W8V=0.5A，所以滑动变阻器的滑片P在b端时电路的电流：I1=I2-ΔI=0.5A-0.2A=0.3A，
灯泡的电阻：RL=ULIL=8V0.5A=16Ω，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可知，滑动变阻器的滑片P在b端时电源电压：U=I1(R滑+RL)=0.3A×(R滑+16Ω)------①，
滑动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时电源电压：U=I2(R滑'+RL)=0.5A×(R滑-16Ω+16Ω)------②，
①②两式联立，解得：R滑=24Ω，U=12V，故A正确，B错误；
C、当开关S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，灯泡被短路，并联电路各支路两端电压相等，
通过定值电阻的电流：I1=UR1=12V20Ω=0.6A，
因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，电流表测干路电流，电流表量程为0∼3A，当电流表示数达到最大时，通过滑动变阻器的电流最大，则通过滑动变阻器的最大电流：I'=I-I0=3A-0.6A=2.4A，
所以滑动变阻器的最大功率为：P=UI'=12V×2.4A=28.8W，故C正确；
D、当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流最小，最小为I1=0.3A，
电路消耗的总功率最小值为：
P'=UI1=12V×0.3A=3.6W，故D正确。
故选：ACD。
(1)当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流为I1，
滑动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的阻值减小了16Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光，此时通过电路的电流为I2，
根据电功率公式的变形计算灯泡正常发光时通过电路的电流，进一步计算滑动变阻器的滑片P在b端时通过电路的电流，根据欧姆定律计算灯泡的电阻，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律表示电源电压，列出方程可得电源电压；
(2)当开关S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，灯泡被短路，根据欧姆定律计算通过定值电阻的电流，根据并联电路的电流规律计算电流表示数最大时通过滑动变阻器的电流，此时通过滑动变阻器的电流最大，根据电功率公式计算滑动变阻器的最大功率；
(3)当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流最小，根据P=UI算出电路消耗的总功率最小值。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用，综合性强
13.【答案】扩散 大
【解析】解：(1)人们闻到酒香这是扩散现象，是由于酒的香味分子在空气中不停地无规则运动造成的；
(2)水的比热容大，单位质量的水每升高1℃所吸收的热量就多，所以发动机用水做冷却剂。
故答案为：扩散；大。
(1)物质是由分子组成的，一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动。
(2)水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂、防冻剂等；
本题是一道综合题，考查了学生对扩散现象、比热容较大特点的应用等知识，是中考的热点。
14.【答案】9：4 3：2
【解析】解：(1)由图像知，当m甲=30g，V甲=20cm3，
m乙=20g时，V乙=30cm3，
则甲、乙两种物质的密度分别为：
ρ甲=m甲V甲=30g20cm3=1.5g/cm3，同理，ρ乙=m乙V乙=20g30cm3=23g/cm3，
所以ρ甲：ρ乙=1.5g/cm3=23g/cm3=9：4；
(2)设甲物质质量占总质量的比为n，则乙占总质量之比(1-n)，根据密度公式，小球的平均密度：
ρ=mV甲'+V乙'=mmnρ甲+m(1-n)ρ乙=ρ甲ρ乙nρ乙+(1-n)ρ甲，
根据悬浮的条件：ρ甲ρ乙nρ乙+(1-n)ρ甲=1.0g/cm3；
将ρ甲=1.5g/cm3和ρ乙=23g/cm3代入上式得：
甲物质质量占总质量的比：n=60%；
乙物质质量占总质量的比：1-n=1-60%=40%，
则甲、乙物质质量比为：60%：40%=3：2。
故答案为：9：4；3：2。
(1)由图像读出甲的质量和对应的体积大小，根据密度公式得出ρ甲，同理得出ρ乙大小，从而计算两种物质的密度比；
(2)设甲物质质量占总质量的比为n，则乙占总质量之比(1-n)，根据密度公式求出混合制成实心小球的密度，根据浮沉条件得出甲物质质量占总质量的比和乙物质质量占总质量的比，从而得出甲、乙物质质量比。
本题考查密度公式和物体浮沉的运用，将甲、乙捆绑在一起时将它们看作一个整体，利用好整体的的平均密度等于水的密度是关键。
15.【答案】“复兴号”动车组每小时通过的路程是324km 216km
【解析】解：“时速为324km/h”表示的物理意义是：“复兴号”动车组每小时通过的路程是324km；
根据速度公式，动车组40分钟经过的路程为：s=vt=324km/h×4060h=216km。
故答案为：“复兴号”动车组每小时通过的路程是324km；216km。
(1)速度是表示物体运动快慢的物理量，其含义是：单位时间内通过的路程是多少；
(2)知道速度和时间，根据速度公式的变形式s=vt可求路程。
此题主要考查速度的含义、速度公式及其应用，是一道比较简单的计算题。
16.【答案】解：过水平框作出点A的对称点A'，即为A在平面镜中的像，连接BA'与水平框交于O点，即为入射点(反射点)，连接AO就得到入射光线，OB为反射光线，平面镜C移到O位置比较合适，如下图所示：
【解析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，连接A'B与水平框的交点为入射点，再完成光路。
把握平面镜成像的实质，并把握好作图的顺序，是完成此题的关键，同时，还要注意实线、虚线的区别。
17.【答案】答：①支架下面垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强；
②可以借助于省力杠杆把巨木抬起，图中在支架上转动的横杆就是杠杆，在使用时动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此杠杆为省力杠杆，可以省力(也可以采用滑轮组，动滑轮相当于省力杠杆，可以省力)。
【解析】①压强的大小与压力和受力面积有关，在压力一定时，增大受力面积减小对地面压强；
②根据杠杆的平衡条件，可对杠杆的使用进行改进；使用滑轮组可以省力。
本题通过古代的实例考查了减小压强的应用，简单机械的应用等，难度不大。
18.【答案】解：(1)由P=Wt可得每分钟甲饮水机消耗的电能：
W=Pt加=2100W×60s=1.26×105J，
因甲饮水机产生的热量全部被水吸收，
所以，水吸收的热量Q吸=W=1.26×105J，
由Q吸=c水m(t-t0)可得每分钟流出水的质量：
m=Q吸c水(t-t0)=1.26×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(98℃-18℃)=0.375kg；
(2)传统管线饮水机中有水仓，把水仓内的水加热到设定温度后供人饮用，
若无人饮用时，水仓内热水向空气散热，水仓的水温降到一定程度后重新加热，这样会浪费了电，
所以，新型管线饮水机比较省电，传统管线饮水机比较费电；
(3)由P=UI可得，甲饮水机正常工作时的电流：
I=PU=2100W220V≈9.5A；
由于通过甲饮水机的电流较大，可能导致空气开关经常跳闸，
解决的方法有：换用额定电流更大的空气开关，或使用甲饮水机时先关闭其他大功率用电器。
答：(1)假如产生的热量全部被水吸收，它每分钟流出0.375kg热水；
(2)乙饮水机更浪费电；
理由：水仓的热水向空气中散热浪费了电(或重复加热水仓的水浪费了电)；
(3)解决甲饮水机导致空气开关跳闸的方法：换用额定电流更大的空气开关(或使用甲饮水机时先关闭其他大功率用电器)。
【解析】(1)根据P=Wt求出每分钟甲饮水机消耗的电能，甲饮水机产生的热量全部被水吸收，根据Q吸=c水m(t-t0)求出每分钟流出水的质量；
(2)根据甲饮水机内的水直接加热、乙饮水机无人饮用时水仓内的水会重新加热比较费电情况；
(3)根据P=UI算出甲饮水机正常工作时的电流，进而分析甲饮水机导致空气开关经常跳闸的原因提出解决方法。
本题考查了电功率公式、电功公式、吸热公式的综合应用以及节约电能和空气开关跳闸的原因，是一道电热综合题，有一定的难度。
19.【答案】10.0放大 远离 D
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=10.0cm-0.0cm=10.0cm；
(2)保持图乙中蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜移到光具座上35cm刻度线处，此时物距u=50cm-35cm=15cm，大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据2f>u>f时，成倒立、放大的实像；
小明在蜡烛和凸透镜间放上一只近视眼镜的镜片，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，若仍要在光屏上成清晰的像，则需将光屏向远离凸透镜的方向移动；
(3)圆柱形玻璃杯中注入水相当于凸透镜，玻璃杯后白纸上的水平箭头为物体；
A、图中的像相对于物体是正立放大的，当物体在凸透镜的焦距之内时可以成正立、放大的虚像，故A有可能；
B、图中的像相对于物体是倒立、缩小的，当物体在凸透镜的二倍焦距以外时可以成倒立、缩小的实像，故B有可能；
C、图中的像相对于物体是倒立、放大的，物体在大于一倍焦距小于二倍焦距时可以成倒立、放大的实像，故C有可能；
D、图中的像是倒立、变粗的像，由于玻璃杯上下的形状是相同的，故像在上下方向的大小是不变的，故D不可能；
故选：D。
故答案为：(1)10.0；(2)放大；远离；(3)D。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据2f>u>f时，成倒立、放大的实像；近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用；
(3)圆柱形玻璃杯中注入水相当于凸透镜(左右两边薄、上下厚度一样)，根据在不同情况下凸透镜成像的特点，可对选项中的图像进行逐一判断。
本题考查凸透镜的成像规律，关键是搞清物距，并记熟成像特点与物距之间的关系。
20.【答案】通电导体在磁场中受力运动 话筒 甲 电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强 N
【解析】解：(1)当闭合开关后，可以观察到磁场中金属棒ab在导轨上运动，这说明通电导体在磁场中受力运动。
(2)图乙所示的实验中，闭合开关，保持蹄形磁体不动，若使导体AB沿水平方向运动，它会做切割磁感线运动，故有感应电流产生，这是电磁感应现象，动圈式话筒也是根据这个原理制成的。
(3)根据图丙的情境可知，N吸引的小铁钉更多一些，N的磁性更强，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。
(4)如丁图所示，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极。
故答案为：(1)通电导体在磁场中受力运动；(2)话筒；(3)甲；电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；(4)N。
(1)磁场对通电导体有力的作用。
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关；与铁芯有无有关；与线圈中电流大小有关。
(4)根据安培定则判定螺线管的极性。
本题考查了通电导体在磁场中受力运动、电磁感应现象、影响电磁铁磁性强弱的因素、安培定则等知识，属于比较典型的题目。
21.【答案】晶体 固液共存 增加 95 低于 不会
【解析】解：
(1)由图乙可知，冰在熔化过程中温度不变，持续吸热，因此冰是晶体；
(2)图乙中，t1∼t2阶段试管中的物质在熔化过程中，处于固液共存状态；此过程中温度不变，但持续加热，因此内能增加；
(3)水沸腾后温度不变，由图丙可知，水的沸点为95℃；在1个标准大气压下水的沸点是100℃，气压越高，水的沸点越高，因此当地气压低于1个标准大气压；
(4)水沸腾时要满足两个条件：达到沸点和持续吸热；由于水沸腾时温度不变，且A、B两温度计示数相同，则试管中的水虽然可以到达沸点，但无法从烧杯中的水吸收热量，因此试管中的水不会沸腾。
故答案为：
(1)晶体；(2)固液共存；增加；(3)95；低于；(4)不会。
(1)晶体在熔化过程中温度不变，持续吸热；
(2)晶体在熔化过程中处于固体共存状态，由于此过程持续吸热，因此液体内能会增加；
(3)水沸腾时温度不变，该不变的温度就是沸点；在1个标准大气压下水的沸点是100℃，气压越大，沸点越高，据此分析当地的气压与标准大气压之间的关系；
(4)水沸腾的条件：达到沸点和持续吸热，据此分析。
本题考查了对温度计的使用、晶体熔化的特点和水沸腾的条件和特点的掌握，题目较综合，难度不大。
22.【答案】偏小 减小摩擦 CFLV C
【解析】解：(1)注射器顶端装针头处空气无法排尽，即有残余气体，注射器内还会有一定气压，这样会使拉力变小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；
(2)涂抹润滑油的好处：一是减小摩擦，二是活塞的密封性好；
(3)因为大气的压强是一定的，根据公式F=pS，受力面积越小，压力也会越小，所以当弹簧测力计量程不够时，可换用小量程注射器，故选C；活塞的面积S=VL，将测量结果代入压强公式得：p=FS=FVL=FLV；
(4)当注射器中的活塞开始向左滑动时，G1=(900+125)×10-3kg×10N/kg=10.25N，
对活塞受力分析：f+F=G1=10.25N------①
当注射器中的活塞开始向右滑动时，G2=(0.5+0.125)kg×10N/kg=6.25N，
对活塞受力分析：F-f=G2=6.25N------②
①②两式解得：F=8.25N；
所以p=FS=8.25N7.5×10-5m2=1.1×105Pa。
故选：C。
故答案为：(1)偏小；(2)减小摩擦；(3)C；FLV；(4)C。
(1)注射器顶端装针头处空气无法排尽，里面气体有一定的压强，会造成拉力F偏小，在面积S不变时，所测量的大气压值会偏小；
(2)涂抹润滑油的好处：一是减小摩擦，二是密封性好；
(3)压力的大小跟活塞的作用面积有关，在大气压强一定时，面积越小，压力会越小，所以应选择较小的注射器；因活塞为圆柱体，所以活塞的横截面积可以通过公式S=VL，利用压强的公式p=FS可得出表达式；
(4)当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反；
利用注射器测量大气压时，用到的公式是p=FS，所以要分别得出大气压力F和活塞的横截面积S，利用二力平衡可得出大气压力，并知道活塞的面积S，便可求出大气压的值了。
利用注射器测量大气压时，用到的公式是p=FS所以要分别测大气压力F和活塞的横截面积S.利用二力平衡可通过弹簧测力计测出大气压力，利用几何知识可得出活塞的面积S，便可求出大气压的值了。
23.【答案】电流表正负接线柱接反了 d 把5Ω与15Ω的电阻串联接入ab间进行实验 2.430说法错误，应该说在电压一定时电流与电阻成反比。
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片P向c端滑动时接入电路中的阻值变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：
(2)当闭合开关试触时，发现电流表指针摆动出现了如图乙所示的情况，即电流表指针反向偏转，则他们在电流表的使用上存在的问题是：电流表正负接线柱接反了；
(3)将5Ω电阻换成10Ω、15Ω的电阻后，定值电阻两端分压变大，大于U0，滑动变阻器分压减小，为保持电阻两端电压不变，应向d移动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值增大，减小定值电阻的分压，直到电压表示数为U0；
(4)根据电阻串联知，当20Ω电阻损坏，可以把5Ω与15Ω的电阻串联接入ab间进行实验；
(5)由(4)知U0=2.4V，由图像丙知当定值电阻的阻值为20Ω时，电路电流为0.12A，此时滑动变阻器接入电路的阻值：
R滑=U-U0I″=6V-2.4V0.12A=30Ω，则实验所用的滑动变阻器，其最大阻值不能小于30Ω；
(6)如图丁所示的I-1R图像可知在电压一定时电流与电阻的倒数成正比，所以可以得出在电压一定时电流与电阻成反比，但不能只说电流与电阻成反比。
故答案为：(1)见上图；(2)电流表正负接线柱接反了；(3)d；(4)把5Ω与15Ω的电阻串联接入ab间进行实验；(5)2.4；30；(6)说法错误，应该说在电压一定时电流与电阻成反比。
(1)根据滑动变阻器滑片P向c端滑动时接入电路中的阻值变小确定下接线柱；
(2)测量电流时要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电流表指针反向偏转；
(3)根据实验电路应用串联电路特点分析答题；探究电流与电阻的关系时，要保持电阻两端电压一定。
(4)根据串联电路特点分析答题；
(5)分析图中实验数据利用U=IR算出控制电压；应用串联电路特点与欧姆定律分析答题；
(6)根据图像为过原点的直线结合欧姆定律分析。
本题考查了电路图的连接、电流表的使用、实验操作、实验数据分析等问题；探究电流与电阻关系实验时，要控制电阻两端电压保持不变。
24.【答案】3 在液体密度一定时，物体受到的浮力与物体排开液体的体积成正比 O点 物体排开液体的体积
【解析】解：(1)①由表中数据可知金属块底面浸入水中的深度h=0时，压力传感器的示数为3N，此时金属块没有浸入水中，因此烧杯和水的总重力为G杯+水=3N，
金属块沉底时，细线处于松弛状态，说明细线不受拉力，此时压力传感器的示数为金属块、烧杯和水的总重力，即为金属块、烧杯和水的总重力G杯+水+金=6N，
因此金属块的重力：G金=G杯+水+金-G杯+水=6N-3N=3N；
②因为金属块受到的浮力与金属块对水的压力是一对相互作用力，所以金属块受到的浮力等于压力传感器增加是示数，
则金属块受到的浮力分别为：F浮1=3.25N-3N=0.25N，F浮2=3.5N-3N=0.5N，F浮3=3.75N-3N=0.75N，F浮4=3.75N-3N=0.75N，F浮5=3.75N-3N=0.75N，
根据所求数据，描点作图，如图所示：
；
(2)由所画图像可知，金属块受到的浮力与排开水的体积成之比，因此正确的表述应该是：在液体密度一定时，物体受到的浮力与物体排开液体的体积成正比；
(3)根据控制变量法，探究浮力的大小与物体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，故应将金属块缓慢浸入水中使水面上升到相同高度O点处，读取压力传感器的示数。
故答案为：(1)①3；②如图所示；(2)在液体密度一定时，物体受到的浮力与物体排开液体的体积成正比；(3)O点；物体排开液体的体积。
(1)①由表中数据可知金属块底面浸入水中的深度h=0时压力传感器的示数，即为烧杯和水的总重力，金属块沉底时，细线处于松弛状态，说明细线不受拉力，此时压力传感器的示数为金属块、烧杯和水的总重力，据此求出金属块的重力；
②根据金属块受到的浮力与金属块对水的压力是一对相互作用力求出金属块在水下不同深度时受到的浮力，再描点画出图像；
(2)分析所画图像得出结论；
(3)根据控制变量法，探究浮力的大小与物体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，据此分析解答。
本题研究浮力的影响因素，考查浮力的计算、图像的画法、控制变量法、分析数据归纳结论的能力。
25.【答案】解：
R2、R1串联后与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，
根据串联电路电压的规律，故V1的示数大于V2的示数，故I图象为电流随V1的示数变化，Ⅱ图象为电流随V2的示数变化。
(1)当变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，即为0.3A，可知V2的示数为3V，
由欧姆定律，R2的最大阻值为：
R2=U2I=3.0V0.3A=10Ω；
(2)当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的规律及欧姆定律，R1的阻值：
R1=U1-U2I=5.4V-3.0V0.3A=8Ω，
当变阻器连入电路的电阻为5Ω时，根据P=I2R可得，电路的电流：
I'= PR2= 0.8W5Ω=0.4A，
根据串联电路的规律及欧姆定律，因电源电压不变，有：
U=U1+IR0，
U=I'(R1+R中+R0)，
即：U=5.4V+0.3A×R0；
U=0.4A×(8Ω+5Ω+R0)；
由以上两式可解得：U=6V，R0=2Ω；
(3)滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R变=x(Ω)，
由串联电阻的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I ' '=UR0+R1+R变，
R2消耗的电功率：P=I ' '2R变=U2R变(R0+R1+R变)2=36x(10+x)2=36x(10-x)2+40x=36(10-x)2x+40，
当x=10cm时，即R滑=10Ω时，R2消耗电功率的最大值，且P大=0.9W。
答：(1)R2的最大阻值为10Ω；
(2)求电源电压U为6V和R0的阻值为2Ω；
(3)R2消耗的电功率P随x变化的关系式P=36x(10+x)2，R2消耗电功率的最大值为0.9W。
【解析】R2、R1串联后与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，根据串联电路电压的规律，确定两电压表所对应的图象：
(1)当变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，由图可知最小电流和V2的示数，由欧姆定律，得出R2的最大阻值；
(2)当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的规律及欧姆定律得出R1；
当变阻器连入电路的电阻为5Ω时，根据P=I2R得出电路的电流，根据串联电路电压的规律及欧姆定律列式求出U和R0；
(3)滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R变=x(Ω)，由串联电阻的规律及欧姆定律得出电路的电流表达式，根据P=I ' '2R变=U2R变(R0+R1+R变)2，由数学知识求出R2消耗电功率的最大值。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
26.【答案】9：11
【解析】解：
(1)当平衡板在水平地面上时，甲静止站在平衡板上对板的压力：
F甲=G甲=m甲g=55kg×10N/kg=550N，
则甲对平衡板的压强：
p甲=F甲S乙=550N0.05m2=1.1×104Pa；
(2)①乙的重力：
G乙=m乙g=45kg×10N/kg=450N，
平衡板提升两人所做的功：
W=(G甲+G乙)h=(550N+450N)×5m=5000J；
②平衡板的重力：
G板=m板g=900kg×10N/kg=9000N，
在提升平衡板和人的过程中，拉力做的有用功：
W有=(G甲+G乙+G板)h=(550N+450N+9000N)×5m=5×104J，
由图可知，n=2，则拉力做的总功：
W总=Fs=Fnh=6250N×2×5m=6.25×104J，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=5×104J6.25×104J×100%=80%；
(3)当甲、乙两人竖直站立在图中A、B位置时，平衡板在空中处于水平平衡，
由杠杆的平衡条件可得：G甲⋅OA=G乙⋅OB--------①
当甲、乙两人分别位于C、D竖直站立时，平衡板也恰好处于水平平衡，
由杠杆的平衡条件可得：G甲⋅(OA+AC)=G乙⋅(OB+BD)--------②
由①②可得：OAOA+AC=OBOB+BD，
整理可得：ACBD=OAOB------③
由①③可得：ACBD=G乙G甲=450N550N=911。
答：(1)甲对平衡板的压强为1.1×104Pa；
(2)①平衡板提升两人所做的功为5000J；②在提升平衡板和人的过程中，滑轮组的机械效率为80%；
(3)9：11。
(1)当平衡板在水平地面上时，甲静止站在平衡板上对板的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求出甲对平衡板的压强；
(2)①根据G=mg求出乙的重力，根据W=Gh求出平衡板提升两人所做的功；
②根据G=mg求出平衡板的重力，根据W=Gh求出在提升平衡板和人的过程中拉力做的有用功，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh和W=Fs求出拉力做的总功，然后利用η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率；
(3)当甲、乙两人竖直站立在图中A、B位置时，平衡板在空中处于水平平衡，根据杠杆的平衡条件得出等式；当甲、乙两人分别位于C、D竖直站立时，平衡板也恰好处于水平平衡，再根据杠杆的平衡条件得出等式，然后联立等式即可求出两人挪动的距离AC和BD之比。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、机械效率公式、杠杆平衡条件的综合应用等，明确滑轮组使用时有用功和总功是关键。
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