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2023年广东省汕头市龙湖区林百欣中学中考物理二模试卷
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这是一份2023年广东省汕头市龙湖区林百欣中学中考物理二模试卷，共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年广东省汕头市龙湖区林百欣中学中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共7小题，每小题3分，共21分只有一个选项最符合题意要求。）
1．（3分）根据生活经验，下列数据中符合实际情况的是（ ）
A．一支2B铅笔的长度约为20dm
B．人步行的速度约1.1m/s
C．人淋浴时热水的温度约为60℃
D．中学生跑完100m用时约5s
2．（3分）为了探究声音的响度与振幅的关系，小明设计了如图所示的几个实验，你认为能够完成这个探究目的是（ ）
A．图甲中，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的铃声减小
B．图乙中，加快硬卡片划过梳齿的速度，听到的声音变高
C．图丙中，用大小不同的力敲打鼓面，观察纸箱跳动的情况
D．图丁中，用发声的音叉接触水面时，水面水花四溅
3．（3分）一束光从空气斜射入水中，在空气与水的交界面上发生反射和折射，下列各图中符合实际情形的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（3分）如图所示为甲和乙两种物质的质量与体积关系图像，分析图像可知（ ）
A．甲的密度是0.5g/cm3
B．甲物质的密度与质量成正比
C．甲的质量与体积的比值比乙大
D．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
5．（3分）甲、乙两位同学在同一地点参加800m体测，t＝0时同时起跑，t4时刻同时到达终点，其速度﹣时间图像如图所示。下列描述正确的是（ ）
A．0～t1时间内，甲、乙两同学都在做匀速直线运动
B．t1～t2时间内，甲、乙两同学保持相对静止
C．0～t3时间内，甲同学的路程小于乙同学的路程
D．t4时刻甲、乙两同学同时到达终点，则甲同学的平均速度大于乙同学的
6．（3分）很多家庭都安装了智能门锁，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能。如图所示电路图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（3分）如图所示，水平桌面上两个相同的长方体玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为（ ）
A．p1＝p2，p3＞p4，F1＞F2 B．p1＝p2，p3＞p4，F1＝F2
C．p1＞p2，p3＝p4，F1＞F2 D．p1＝p2，p3＝p4，F1＞F2
二、填空题（本大题共7小题，每个空1分，共21分）
8．（3分）如图，根据测量画出某物质温度变化曲线。该物质在AB段 热量（选填：吸收、放出或不传递），它的物质状态应为 。观察还发现该物质的凝固点是 ℃。
9．（3分）如图所示在光屏上得到了一个清晰的像，这个像一定是 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的。不改变蜡烛和光屏位置，将凸透镜向右移动 cm，屏上即可再次成清晰的像。若将蜡烛换成一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，则指针所成的像做 （填“顺时针”或“逆时针”）转动。
10．（3分）如图所示，紫砂壶的壶嘴和壶身相连通，这是应用 的实例。制成壶的紫砂泥密度为2.5×103千克/米3，它表示每立方米该紫砂泥的 为2.5×103千克。若壶和水的总质量为0.5kg，壶底与桌面的接触面积为5×10﹣3平方米，壶对水平桌面的压强为 帕。
11．（3分）如图所示，重10N的木块，在弹簧测力计作用下沿直线匀速运动了0.5m，此时木块受到的摩擦力为 N，当弹簧测力计的示数增大为5N时，物体受到摩擦力将 （填“增大”、“减小”或“不变”），木块的运动状态 （选填“改变”或“不改变”）。
12．（3分）重为10牛的正方体物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中时，测力计的示数为6牛，则物块所受浮力的大小为 牛，若物块上表面距水面的深度为0.1米，则它的上表面受到水的压强为 帕，增大物块浸没的深度，它所受浮力的大小将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
13．（3分）如图为小吉家电路中安装的电能表，此时示数为 kW•h。小吉关闭其它用电器后，将一个电吹风机接入电路，她观察到1min内电能表铝盘转过25转，则此电吹风机消耗的电能是 J，电功率为 W。
14．（3分）如图所示电路，开关S断开时，电磁铁 （选填“有”或“没有”）磁性；闭合开关S后，电磁铁的 （选填“a”或“b”）端为N极，滑动变阻器的滑片P向右移动，电磁铁的磁性将 （选填“增强”、“减弱”或“不变”）。
三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（2分）请画出静止在斜面上的物体所受力的示意图。
16．（2分）反射光线与镜面成50°角，请在图中画出入射光线并标出入射角的大小。
17．（2分）根据通电螺线管的磁感线方向，在括号里分别标注出电源的“+”“﹣”极和静止的小磁针的“N”“S”极。
四、实验题（本大题3小题，共19分）
18．（6分）（1）如图1纪念币的直径为 cm；如图2所示，体温计示数为 ℃；如图3所示，停表的读数为 s。
（2）如图4所示是小明测量盐水密度的操作顺序，则图甲中烧杯和盐水的总质量是 g，图乙量筒中盐水的体积为 mL，由此可知盐水的密度ρ＝ kg/m3。
19．（6分）推箱子时，箱子越重越难推；人走在湿滑的路上容易滑倒，这些现象都与摩擦力有关，为了探究“摩擦力的大小与什么因素有关”，小华提出了以下几个猜想：
猜想1；可能与压力的大小有关？
猜想2：可能与接触面粗糙程度有关？
猜想3：可能与接触面积的大小有关？
于是他做了如图所示的实验：
（1）在实验中需 拉动木块。甲图、乙图木块放在木板上，丙图木块放在毛巾上。
（2）为了验证猜想1，应选 两图进行研究。
（3）小明同学将实验装置改进为如图所示的装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动。
①装置改进以后的好处是无论长木板是否做 运动，木块相对于地面都静止，使测出的摩擦力更准确。
②水平向右拉动长木板，弹簧测力计示数如图所示。木块所受的滑动摩擦力为 N，木块受到的摩擦力方向是 。
⑧将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。小华认为他的结论不正确，请说明小华的理由是： 。
20．（7分）用如图甲所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡正常工作时的电压为2.5V（超出正常工作电压容易损坏小灯泡）。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节至最 （填“左”或“右”）端：
（2）按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，读数为 V。要测量灯泡正常工作时的电流，应将图甲中滑动变阻器的滑片向 （填A或B）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）移动滑片，记下多组数据，并且绘制成图丙所示图像，则小灯泡正常发光时的电阻为 Ω（结果保留一位小数），测量小灯泡的电阻时， （填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值；
（4）用该灯泡和电压表，测未知电阻Rx的阻值，电路图如图丁。步骤如下：
①只闭合S0、S1，移动滑片，使电压表示数为1V，由图丙可知灯泡的电流为0.2A；
② ，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.8V；
③Rx的阻值为 Ω。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．（6分）滑旱冰是青少年最喜欢的一项运动。如图所示，小兵质量约为34kg，所穿的是四轮直排旱冰鞋每只质量为3kg，已知旱冰鞋中每个轮子与地面的接触面积为4cm2，比赛时小兵用2.5min滑行了1200m。（g取10N/kg）
求：（1）比赛时小兵滑动的平均速度大小；
（2）小兵所受总重力；
（3）小兵单脚滑行时对地面的压强；
22．（7分）如图所示，甲是某型号电烧水壶内部电路原理图（具有加热和保温功能），乙则是其正常工作时电功率与时间的关系图象。求：
（1）电水壶正常保温20min消耗的电能；
（2）电水壶给2kg的水正常加热10min，水从20℃升高到70℃时，电水壶的电热效率是多少；
（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是多少。
2023年广东省汕头市龙湖区林百欣中学中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共7小题，每小题3分，共21分只有一个选项最符合题意要求。）
1．（3分）根据生活经验，下列数据中符合实际情况的是（ ）
A．一支2B铅笔的长度约为20dm
B．人步行的速度约1.1m/s
C．人淋浴时热水的温度约为60℃
D．中学生跑完100m用时约5s
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一支新铅笔的长度与此差不多，在20cm左右，故A不符合实际；
B、人正常步行的速度约为4km/h＝4×m/s≈1.1m/s，故B符合实际；
C、人淋浴时热水的温度约为40℃，故C不符合实际；
D、普通中学生跑完100m用时约15s左右，故D不符合实际。
故选：B。
2．（3分）为了探究声音的响度与振幅的关系，小明设计了如图所示的几个实验，你认为能够完成这个探究目的是（ ）
A．图甲中，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的铃声减小
B．图乙中，加快硬卡片划过梳齿的速度，听到的声音变高
C．图丙中，用大小不同的力敲打鼓面，观察纸箱跳动的情况
D．图丁中，用发声的音叉接触水面时，水面水花四溅
【分析】（1）声音三个特性：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频率越大，音调越高。响度跟振幅有关。
（2）物体发声时一定振动，振动停止，发声停止。
【解答】解：A、罩内抽出空气，闹铃铃声明显减小，说明声音传播需要介质，故A错误；
B、图乙中，加快硬卡片划过梳齿的速度，听到的声音变高，说明音调与频率有关，故B错误；
C、用大小不同的力敲打鼓面，纸屑跳动高度不同，鼓面振幅不同，响度不同。研究响度跟振幅的关系，故C正确；
D、发声的音叉接触水面，水花四溅，说明声音发声时振动，故D错误。
故选：C。
3．（3分）一束光从空气斜射入水中，在空气与水的交界面上发生反射和折射，下列各图中符合实际情形的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。据此分析判断。
【解答】解：A、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，反射角等于入射角，符合反射定律；折射角等于入射角，不符合折射规律，故A错误；
B、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，没有画出反射光线；折射角大于入射角，符合折射规律，故B错误；
C、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，反射角等于入射角，符合反射定律；折射角小于入射角，符合折射规律，故C正确；
D、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，反射角等于入射角，符合反射定律；折射角大于入射角，不符合折射规律，故D错误。
故选：C。
4．（3分）如图所示为甲和乙两种物质的质量与体积关系图像，分析图像可知（ ）
A．甲的密度是0.5g/cm3
B．甲物质的密度与质量成正比
C．甲的质量与体积的比值比乙大
D．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
【分析】（1）根据图中信息，利用密度公式求出甲的密度；
（2）密度是物质的一种特性，只与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关；
（3）物体质量与体积的比值即为物体的密度，根据图中信息求出甲、乙质量与体积的比值，据此比较大小；
（4）由图可知，若甲、乙的质量相等，甲、乙的体积关系。
【解答】解：A、由图可知，当甲的质量为20g时，甲是体积为10cm3，则甲的密度：ρ甲＝＝＝2g/cm3，故A错误；
B、密度是物质的一种特性，只与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量无关，故B错误；
C、由图可知，当乙的质量为5g时，乙的体积为10cm3，则乙的密度：ρ乙＝＝＝0.5g/cm3，
由于甲的密度大于乙的密度，所以甲的质量与体积的比值比乙大，故C正确；
D、由图可知，当甲、乙的质量都是10g时，甲的体积为5cm3，乙的体积为20cm3，所以若甲、乙的质量相等，则甲的体积较小，故D错误。
故选：C。
5．（3分）甲、乙两位同学在同一地点参加800m体测，t＝0时同时起跑，t4时刻同时到达终点，其速度﹣时间图像如图所示。下列描述正确的是（ ）
A．0～t1时间内，甲、乙两同学都在做匀速直线运动
B．t1～t2时间内，甲、乙两同学保持相对静止
C．0～t3时间内，甲同学的路程小于乙同学的路程
D．t4时刻甲、乙两同学同时到达终点，则甲同学的平均速度大于乙同学的
【分析】v﹣t图象是过原点的一条直线说明人在做加速运动，v﹣t图象是一条水平直线说明人在做匀速直线运动；根据速度公式的变形公式s＝vt可知相同时间内，速度越大，运动的距离越大；两人之间的距离保持不变时两人相对静止。
【解答】解：A、0～t1时间内甲、乙两同学的v﹣t图象是过原点的一条直线，说明两人都在做加速运动，故A错误；
B、t1～t2时间内甲、乙两同学的速度不变，均做匀速直线运动，但甲的速度小于乙的速度，所以甲、乙两同学的距离越来越大，故B错误；
C、t4时刻同时到达终点，t3～t4时间内甲的速度大于乙的速度，所以甲通过的路程大于乙通过的路程，总路程相同，则0～t3时间内甲同学的路程小于乙同学的路程，故C正确；
D、刚到达终点时，甲乙通过的路程相等，所用时间相等，所以平均速度相等，故D错误。
故选：C。
6．（3分）很多家庭都安装了智能门锁，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能。如图所示电路图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式、电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
【解答】解：根据题意可知，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联接入电路中，故B正确。
故选：B。
7．（3分）如图所示，水平桌面上两个相同的长方体玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为（ ）
A．p1＝p2，p3＞p4，F1＞F2 B．p1＝p2，p3＞p4，F1＝F2
C．p1＞p2，p3＝p4，F1＞F2 D．p1＝p2，p3＝p4，F1＞F2
【分析】（1）知道玻璃缸里装满了水，又知道液体深度相同，根据公式p＝ρgh可比较缸底受到水的压强；
（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据漂浮条件和阿基米德原理可知甲、乙两玻璃缸对桌面的压力关系，然后比较压强关系；
（3）根据图示判断出两只玩具鸭排开水的体积大小关系，根据阿基米德原理比较浮力大小关系。
【解答】解：（1）由图和题意可知，甲、乙两个完全相同的玻璃缸装满了水，玩具鸭放入后水的深度h仍然相同，
根据p＝ρgh可知水对容器底部的压强相等，即：p1＝p2；
（2）因甲、乙两个玻璃缸完全相同装满水时，水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；
由于玩具鸭子在水中漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物＝F浮＝G排，即玩具鸭的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着玩具时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同（底面积相同），则由p＝可知，此时两玻璃缸对桌面的压强相等，即：p3＝p4；
（3）甲、乙两缸中装满了水，玩具鸭子漂浮，根据图示可知，甲缸中鸭子排开水的体积大，根据F浮＝ρ水gV排可知，甲缸中鸭子受到的浮力大，即：F1＞F2。
故选：D。
二、填空题（本大题共7小题，每个空1分，共21分）
8．（3分）如图，根据测量画出某物质温度变化曲线。该物质在AB段 放出 热量（选填：吸收、放出或不传递），它的物质状态应为 液态 。观察还发现该物质的凝固点是 50 ℃。
【分析】（1）物质由液态变为固态的过程叫做凝固；根据图像得出晶体的熔点和凝固点；
（2）晶体在凝固的过程中处于固液共存态；凝固前是液态，物体的温度降低，放出热量。
【解答】解：由图可知，该物质在AB段放出热量，它的物质状态应为液态；在BC段，物质放出热量，温度不变，是晶体，从液态变为固态，是凝固过程，固定不变的温度是凝固点，是50℃。
故答案为：放出；液态；50。
9．（3分）如图所示在光屏上得到了一个清晰的像，这个像一定是 放大 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的。不改变蜡烛和光屏位置，将凸透镜向右移动 15 cm，屏上即可再次成清晰的像。若将蜡烛换成一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，则指针所成的像做 顺时针 （填“顺时针”或“逆时针”）转动。
【分析】（1）光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
（2）光的折射现象中，光路是可逆的，利用凸透镜原来成倒立、放大的实像，凸透镜位置不动，互换发光物体和光屏的位置，成像性质改变；（3）根据通过凸透镜光心的光线方向不变进行分析。
【解答】解：当如图位置时，物距u＝25cm，像距v＝40cm，物距小于像距，光屏上恰能成一个清晰倒立的像，由凸透镜成像规律可知，成倒立放大的实像；
若将凸透镜向右移动15cm，此时物距u＝15cm+25cm＝40cm，像距变为40cm﹣15cm＝25cm，则根据折射时光路是可逆的，此时屏上即可再次成清晰倒立缩小的实像；
若一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，指针作顺时针转动时，根据通过凸透镜光心的光线方向不变，像是倒立的，像也是作顺时针转动。
故答案为：放大；15；顺时针。
10．（3分）如图所示，紫砂壶的壶嘴和壶身相连通，这是应用 连通器 的实例。制成壶的紫砂泥密度为2.5×103千克/米3，它表示每立方米该紫砂泥的 质量 为2.5×103千克。若壶和水的总质量为0.5kg，壶底与桌面的接触面积为5×10﹣3平方米，壶对水平桌面的压强为 1000 帕。
【分析】（1）上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是相平的；
（2）密度的物理意义是表示单位体积的某种物质的质量；
（3）根据质量，利用G＝mg求出重力，在水平面上，压力的大小等于重力，再利用压强公式p＝可计算压强的大小。
【解答】解：（1）紫砂壶的壶嘴和壶身上端开口、下端连通，这是应用连通器的实例；
（2）制成壶的紫砂泥密度为2.5×103千克/米3，它表示的物理意义是：每立方米该紫砂泥的质量为2.5×103千克；
（3）壶对水平桌面的压力：F＝G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，
壶对水平桌面的压强为：p＝＝＝1000Pa。
故答案为：连通器；质量；1000。
11．（3分）如图所示，重10N的木块，在弹簧测力计作用下沿直线匀速运动了0.5m，此时木块受到的摩擦力为 2.8 N，当弹簧测力计的示数增大为5N时，物体受到摩擦力将 不变 （填“增大”、“减小”或“不变”），木块的运动状态 改变 （选填“改变”或“不改变”）。
【分析】（1）根据弹簧测力计示数读出拉力大小：首先确定每一个大格和每一个小格的读数，然后读数；
（2）物体匀速运动，处于平衡状态，所受的摩擦力与拉力是一对平衡力，故摩擦力等于拉力；滑动摩擦力的决定因素是压力大小、接触面的粗糙程度，而与拉力大小无关。
（3）物体受平衡力作用时，运动状态不变，受非平衡力作用时，运动状态改变。
【解答】解：
（1）由图知，弹簧测力计的一个大格代表1N，一个小格代表0.1N，弹簧测力计示数是2.8N；
（2）物体在水平方向上受拉力和摩擦力而做匀速直线运动，说明摩擦力与拉力是一对平衡力，故摩擦力等于拉力，等于2.8N；当拉力增大时，压力大小、接触面的粗糙程度没变，故摩擦力不变，仍为2.8N。
（3）当弹簧测力计的示数增大为5N时，摩擦力仍为2.8N，拉力大于摩擦力，物体做加速运动，受非平衡力的作用，运动状态发生改变。
故答案为：2.8；不变；改变。
12．（3分）重为10牛的正方体物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中时，测力计的示数为6牛，则物块所受浮力的大小为 4 牛，若物块上表面距水面的深度为0.1米，则它的上表面受到水的压强为 980 帕，增大物块浸没的深度，它所受浮力的大小将 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）根据称重法，F浮＝G﹣F示，可计算物块浸没在水中时受到的浮力；
（2）根据p＝ρgh可求得它的上表面受到水的压强；
（3）增大物块浸没的深度，因为全部浸没，V排＝V，根据F浮＝ρ液gV排可分析浮力变化情况。
【解答】解：物块所受浮力：
F浮＝G﹣F示＝10N﹣6N＝4N；
物块上表面距水面的深度h＝0.1m，则它的上表面受到水的压强：
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m＝980Pa；
增大物块浸没的深度，因为全部浸没，V排＝V．根据F浮＝ρ液gV排可知，它所受浮力的大小不变；
故答案为：4；980；不变。
13．（3分）如图为小吉家电路中安装的电能表，此时示数为 931.6 kW•h。小吉关闭其它用电器后，将一个电吹风机接入电路，她观察到1min内电能表铝盘转过25转，则此电吹风机消耗的电能是 36000 J，电功率为 600 W。
【分析】（1）电能表读数时，单位是kW•h，最后一位是小数位；
（2）2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，转盘转2500圈，据此得出转盘在1min内转了25转，电吹风机消耗的电能，根据P＝得出电吹风机的功率。
【解答】解：（1）由图知，电能表的示数为931.6kW•h；
（2）2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，转盘转2500圈，据此得出转盘在1min内转了25转，电吹风机消耗的电能：
W＝kW•h＝0.01kW•h＝0.01×3.6×106J＝36000J；
电吹风机的实际功率：
P＝＝＝0.6kW＝600W；
故答案为：931.6；36000；600。
14．（3分）如图所示电路，开关S断开时，电磁铁 没有 （选填“有”或“没有”）磁性；闭合开关S后，电磁铁的 b （选填“a”或“b”）端为N极，滑动变阻器的滑片P向右移动，电磁铁的磁性将 减弱 （选填“增强”、“减弱”或“不变”）。
【分析】（1）知道电磁铁磁性的有无可通过电流的通断来控制：通电有磁性，断电无磁性；
（2）电磁铁的磁性强弱和线圈的匝数、电流大小有关。线圈匝数一定时，电流越大，磁性越强。
【解答】解：当S断开时，电路中没有电流通过，故电磁铁没有磁性。
闭合开关S后，电流从左端流入，根据安培定则可知，电磁铁的b端为N极。将滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性将减弱。
故答案为：没有；b；减弱。
三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（2分）请画出静止在斜面上的物体所受力的示意图。
【分析】静止在斜面上的物体受到重力、摩擦力和支持力作用，然后过重心分别表示出三个力的方向。
【解答】解：
静止在斜面上的物体受到竖直向下的重力G、垂直于斜面向上的支持力N；
由于物体有向下滑动的趋势，所以物体还受到沿斜面向上的摩擦力f；
过物体的重心作竖直向下的重力G，过重心作垂直于斜面向上的支持力N，过重心作沿斜面向上的摩擦力f；如图所示：
16．（2分）反射光线与镜面成50°角，请在图中画出入射光线并标出入射角的大小。
【分析】利用光的反射定律作图，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。
【解答】解：过入射点垂直于镜面作出法线，反射光线与镜面的夹角为50°，则反射角为90°﹣50°＝40°，根据光的反射规律可知，入射角等于40°，由此可以根据反射角等于入射角，在法线左侧画出对应的入射光线。如图所示：
17．（2分）根据通电螺线管的磁感线方向，在括号里分别标注出电源的“+”“﹣”极和静止的小磁针的“N”“S”极。
【分析】在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极，据此判定螺线管的极性，利用安培右手定则判断出电源的正负极，根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的极性。
【解答】解：在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极，所以螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电源的左端为正极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，如图所示：
四、实验题（本大题3小题，共19分）
18．（6分）（1）如图1纪念币的直径为 2.50 cm；如图2所示，体温计示数为 37.6 ℃；如图3所示，停表的读数为 187.5 s。
（2）如图4所示是小明测量盐水密度的操作顺序，则图甲中烧杯和盐水的总质量是 82.4 g，图乙量筒中盐水的体积为 40 mL，由此可知盐水的密度ρ＝ 1.125×103 kg/m3。
【分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
温度计的读数：首先确定是零上还是零下，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数；
停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；
（2）托盘天平读数，物质的质量＝砝码的质量+游码所对应的刻度值；注意游码读数要读刻度线的左侧；
量筒读数，视线与凹液面中央最低处相平；
根据密度公式计算密度。
【解答】解：（1）由图1知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与5.00cm对齐，右侧与7.50cm对齐，所以物体的长度为L＝7.50cm﹣5.00cm＝2.50cm；
由图2知：体温计的分度值是0.1℃，示数为37.6℃；
由图3知：停表小盘的分度值是0.5min，指针在3min和4min之间偏向3min一侧；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在7.5s，因此停表的读数为3min7.5s＝187.5s；
（2）如图甲，烧杯和盐水的总质量＝50g+20g+10g+2.4g＝82.4g；
如图乙，烧杯和剩余盐水的质量＝20g+10g+5g+2.4g＝37.4g；
则量筒中盐水的质量：m＝82.4g﹣37.4g＝45g，
量筒中盐水的体积：V＝40mL＝40cm3；
盐水的密度ρ＝＝＝1.125g/cm3＝1.125×103kg/m3。
故答案为：（1）2.50；37.6；187.5；（2）82.4；40；1.125×103。
19．（6分）推箱子时，箱子越重越难推；人走在湿滑的路上容易滑倒，这些现象都与摩擦力有关，为了探究“摩擦力的大小与什么因素有关”，小华提出了以下几个猜想：
猜想1；可能与压力的大小有关？
猜想2：可能与接触面粗糙程度有关？
猜想3：可能与接触面积的大小有关？
于是他做了如图所示的实验：
（1）在实验中需 匀速 拉动木块。甲图、乙图木块放在木板上，丙图木块放在毛巾上。
（2）为了验证猜想1，应选 甲、乙 两图进行研究。
（3）小明同学将实验装置改进为如图所示的装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动。
①装置改进以后的好处是无论长木板是否做 匀速 运动，木块相对于地面都静止，使测出的摩擦力更准确。
②水平向右拉动长木板，弹簧测力计示数如图所示。木块所受的滑动摩擦力为 2.8 N，木块受到的摩擦力方向是 水平向右 。
⑧将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。小华认为他的结论不正确，请说明小华的理由是： 没有控制压力大小不变 。
【分析】（1）在实验中拉动小车做匀速直线运动，此时小车受力平衡，摩擦力与拉力大小相等；
（2）要验证摩擦力和压力的大小是否有关，就应该控制接触面的粗糙程度不变，改变压力的大小；
（3）①应水平匀速拉动木块，使木块做匀速直线运动；控制木块做匀速直线运动比较困难，对运动着的弹簧测力计难于读数；
②水平匀速拉动木块时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，看清分度值读出示数；
③探究摩擦力与接触面积的关系时，应控制接触面粗糙程度和压力大小相同而物体间的接触面积不同。
【解答】解：（1）在此实验中，为使摩擦力大小与拉力相等，需要拉动小车做匀速直线运动；
（2）要研究摩擦力的大小与压力的关系，要控制接触面粗糙程度不变，改变压力的大小，符合这个条件的只有甲、乙两图；
（3）①利用该装置的优点是不需要控制木板做匀速直线运动，对静止的弹簧测力计读数比较容易；
②测力计匀速拉着木块沿长木板匀速滑动，木块所受水平向左的拉力和水平向右的滑动摩擦力是一对平衡力，弹簧测力计分度值为0.1N，此时示数为2.4N，故滑动摩擦力为2.4N；
③在探究滑动摩擦力的大小与接触面积大小的关系，他们应控制面的粗糙程度和压力大小不变，改变接触面积大小；实验中将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小是错误的，因为接触面积减小一半的同时压力也减小一半，存在两个变量。
故答案为：（1）匀速；（2）甲、乙；（3）①匀速；②2.8；水平向右；③没有控制压力大小不变。
20．（7分）用如图甲所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡正常工作时的电压为2.5V（超出正常工作电压容易损坏小灯泡）。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节至最 左 （填“左”或“右”）端：
（2）按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，读数为 1.8 V。要测量灯泡正常工作时的电流，应将图甲中滑动变阻器的滑片向 B （填A或B）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）移动滑片，记下多组数据，并且绘制成图丙所示图像，则小灯泡正常发光时的电阻为 8.3 Ω（结果保留一位小数），测量小灯泡的电阻时， 不需要 （填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值；
（4）用该灯泡和电压表，测未知电阻Rx的阻值，电路图如图丁。步骤如下：
①只闭合S0、S1，移动滑片，使电压表示数为1V，由图丙可知灯泡的电流为0.2A；
② 断开S1，闭合S2 ，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.8V；
③Rx的阻值为 9 Ω。
【分析】（1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调节至阻值最大处；
（2）根据电压表选用小量程确定分度值读数；
灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
（3）根据绘制的图丙所示图像可知灯在额定电压下的电流，由欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻；
根据灯的电阻随温度的变化而变化分析；
（4）①只闭合S0、S1，分析电路的连接及电压表测量的电压，由图丙可知灯泡的电流；
②控制变阻器的滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测L与待测电阻的电压，记下电压表的示数，因此时电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和电压不变，根据串联电路电压的规律可知待测电阻的电压；因电路的电流保持不变，由串联电路电流的规律和欧姆定律得出出Rx的阻值。
【解答】解：（1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调节至阻值最大处，即最左端；
（2）按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，读数为1.8V；
灯在额定电压下正常发光，1.8V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，应将图甲中滑动变阻器的滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）根据绘制的图丙所示图像知，灯在额定电压下的电流为0.3A，由欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻为：
R＝；
因灯的电阻随温度的变化而变化，故测量小灯泡的电阻时，不需要多次测量求平均值；
（4）①只闭合S0、S1，灯与待测电阻串联后再和变阻器串联，移动滑片，使电压表（测灯的电压）示数为1V，由图丙可知灯泡的电流为0.2A；
②断开S1，闭合S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.8V；
③在②中，电压表测L与待测电阻的电压，因此电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和电压不变，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：
Ux＝2.8V﹣1V＝1.8V；
因两次操作中电路的电流保持不变，由串联电路电流的规律，根据欧姆定律Rx的阻值为；
Rx＝。
故答案为：（1）左；（2）1.8；B；（3）8.3；不需要；（4）断开S1，闭合S2；9。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．（6分）滑旱冰是青少年最喜欢的一项运动。如图所示，小兵质量约为34kg，所穿的是四轮直排旱冰鞋每只质量为3kg，已知旱冰鞋中每个轮子与地面的接触面积为4cm2，比赛时小兵用2.5min滑行了1200m。（g取10N/kg）
求：（1）比赛时小兵滑动的平均速度大小；
（2）小兵所受总重力；
（3）小兵单脚滑行时对地面的压强；
【分析】（1）根据求出滑行的平均速度；
（2）根据G＝mg，求出小兵的重力；
（3）根据p＝求出对地面的压强。
【解答】解：
（1）小兵滑行的路程s＝1200m，所用时间：t＝2.5min＝2.5×60s＝150s，
小兵滑动的平均速度：v＝＝＝8m/s；
（2）小兵质量约为m人＝34kg，m鞋＝2×3kg＝6kg，则小兵受到的总重力：G＝（m人+m鞋）g＝40kg×10N/kg＝400N；
（3）小兵滑行时对地面的压力：F＝G总＝G人+G鞋＝400N；
一只旱冰鞋与地面的接触面积为：S＝4×4cm2＝1.6×10﹣3m2，
对地面的压强：p＝＝＝2.5×105Pa。
答：（1）小兵自身受到的重力为400N；
（2）小兵滑动的平均速度是8m/s；
（3）小兵单脚滑行时对地面的压强为2.5×105Pa。
22．（7分）如图所示，甲是某型号电烧水壶内部电路原理图（具有加热和保温功能），乙则是其正常工作时电功率与时间的关系图象。求：
（1）电水壶正常保温20min消耗的电能；
（2）电水壶给2kg的水正常加热10min，水从20℃升高到70℃时，电水壶的电热效率是多少；
（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是多少。
【分析】（1）从图中可知，保温功率为0.1kW，根据W＝Pt得出电水壶正常保温20min消耗的电能；
（2）从图中可知，加热功率为0.8kW；电水壶给2kg的水正常加热10min，根据W′＝P′t′得出消耗的电能；
水从20℃升高到70℃时，根据Q吸＝cmΔt得出吸收的热量，根据η＝得出电水壶的电热效率；
（3）开关S接1时，电路为R1的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知总功率较大，电烧水壶处于加热状态，根据P＝可得出R1的阻值；
某次用电高峰时，实际电压只有198V，根据P＝可知此时使用电水壶加热的实际电功率是多少。
【解答】解：（1）从图中可知，保温功率为0.1kW，
电水壶正常保温20min消耗的电能W＝Pt＝0.1×1000W×20×60s＝1.2×105J；
（2）从图中可知，加热功率为0.8kW，
电水壶给2kg的水正常加热10min，消耗的电能W′＝P′t′＝0.8×1000W×10×60s＝4.8×105J；
水从20℃升高到70℃时，吸收的热量Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J，
电水壶的电热效率η＝＝＝87.5%；
（3）开关S接1时，电路为R1的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知总功率较大，电烧水壶处于加热状态，R1＝＝＝60.5Ω；
此时使用电水壶加热的实际电功率P实＝＝＝648W。
答：（1）电水壶正常保温20min消耗的电能为1.2×105J；
（2）电水壶给2kg的水正常加热10min，水从20℃升高到70℃时，电水壶的电热效率是87.5%；
（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是648W。
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2023年广东省汕头市龙湖区林百欣中学中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共7小题，每小题3分，共21分只有一个选项最符合题意要求。）
1．（3分）根据生活经验，下列数据中符合实际情况的是（ ）
A．一支2B铅笔的长度约为20dm
B．人步行的速度约1.1m/s
C．人淋浴时热水的温度约为60℃
D．中学生跑完100m用时约5s
2．（3分）为了探究声音的响度与振幅的关系，小明设计了如图所示的几个实验，你认为能够完成这个探究目的是（ ）
A．图甲中，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的铃声减小
B．图乙中，加快硬卡片划过梳齿的速度，听到的声音变高
C．图丙中，用大小不同的力敲打鼓面，观察纸箱跳动的情况
D．图丁中，用发声的音叉接触水面时，水面水花四溅
3．（3分）一束光从空气斜射入水中，在空气与水的交界面上发生反射和折射，下列各图中符合实际情形的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（3分）如图所示为甲和乙两种物质的质量与体积关系图像，分析图像可知（ ）
A．甲的密度是0.5g/cm3
B．甲物质的密度与质量成正比
C．甲的质量与体积的比值比乙大
D．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
5．（3分）甲、乙两位同学在同一地点参加800m体测，t＝0时同时起跑，t4时刻同时到达终点，其速度﹣时间图像如图所示。下列描述正确的是（ ）
A．0～t1时间内，甲、乙两同学都在做匀速直线运动
B．t1～t2时间内，甲、乙两同学保持相对静止
C．0～t3时间内，甲同学的路程小于乙同学的路程
D．t4时刻甲、乙两同学同时到达终点，则甲同学的平均速度大于乙同学的
6．（3分）很多家庭都安装了智能门锁，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能。如图所示电路图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（3分）如图所示，水平桌面上两个相同的长方体玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为（ ）
A．p1＝p2，p3＞p4，F1＞F2 B．p1＝p2，p3＞p4，F1＝F2
C．p1＞p2，p3＝p4，F1＞F2 D．p1＝p2，p3＝p4，F1＞F2
二、填空题（本大题共7小题，每个空1分，共21分）
8．（3分）如图，根据测量画出某物质温度变化曲线。该物质在AB段 热量（选填：吸收、放出或不传递），它的物质状态应为 。观察还发现该物质的凝固点是 ℃。
9．（3分）如图所示在光屏上得到了一个清晰的像，这个像一定是 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的。不改变蜡烛和光屏位置，将凸透镜向右移动 cm，屏上即可再次成清晰的像。若将蜡烛换成一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，则指针所成的像做 （填“顺时针”或“逆时针”）转动。
10．（3分）如图所示，紫砂壶的壶嘴和壶身相连通，这是应用 的实例。制成壶的紫砂泥密度为2.5×103千克/米3，它表示每立方米该紫砂泥的 为2.5×103千克。若壶和水的总质量为0.5kg，壶底与桌面的接触面积为5×10﹣3平方米，壶对水平桌面的压强为 帕。
11．（3分）如图所示，重10N的木块，在弹簧测力计作用下沿直线匀速运动了0.5m，此时木块受到的摩擦力为 N，当弹簧测力计的示数增大为5N时，物体受到摩擦力将 （填“增大”、“减小”或“不变”），木块的运动状态 （选填“改变”或“不改变”）。
12．（3分）重为10牛的正方体物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中时，测力计的示数为6牛，则物块所受浮力的大小为 牛，若物块上表面距水面的深度为0.1米，则它的上表面受到水的压强为 帕，增大物块浸没的深度，它所受浮力的大小将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
13．（3分）如图为小吉家电路中安装的电能表，此时示数为 kW•h。小吉关闭其它用电器后，将一个电吹风机接入电路，她观察到1min内电能表铝盘转过25转，则此电吹风机消耗的电能是 J，电功率为 W。
14．（3分）如图所示电路，开关S断开时，电磁铁 （选填“有”或“没有”）磁性；闭合开关S后，电磁铁的 （选填“a”或“b”）端为N极，滑动变阻器的滑片P向右移动，电磁铁的磁性将 （选填“增强”、“减弱”或“不变”）。
三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（2分）请画出静止在斜面上的物体所受力的示意图。
16．（2分）反射光线与镜面成50°角，请在图中画出入射光线并标出入射角的大小。
17．（2分）根据通电螺线管的磁感线方向，在括号里分别标注出电源的“+”“﹣”极和静止的小磁针的“N”“S”极。
四、实验题（本大题3小题，共19分）
18．（6分）（1）如图1纪念币的直径为 cm；如图2所示，体温计示数为 ℃；如图3所示，停表的读数为 s。
（2）如图4所示是小明测量盐水密度的操作顺序，则图甲中烧杯和盐水的总质量是 g，图乙量筒中盐水的体积为 mL，由此可知盐水的密度ρ＝ kg/m3。
19．（6分）推箱子时，箱子越重越难推；人走在湿滑的路上容易滑倒，这些现象都与摩擦力有关，为了探究“摩擦力的大小与什么因素有关”，小华提出了以下几个猜想：
猜想1；可能与压力的大小有关？
猜想2：可能与接触面粗糙程度有关？
猜想3：可能与接触面积的大小有关？
于是他做了如图所示的实验：
（1）在实验中需 拉动木块。甲图、乙图木块放在木板上，丙图木块放在毛巾上。
（2）为了验证猜想1，应选 两图进行研究。
（3）小明同学将实验装置改进为如图所示的装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动。
①装置改进以后的好处是无论长木板是否做 运动，木块相对于地面都静止，使测出的摩擦力更准确。
②水平向右拉动长木板，弹簧测力计示数如图所示。木块所受的滑动摩擦力为 N，木块受到的摩擦力方向是 。
⑧将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。小华认为他的结论不正确，请说明小华的理由是： 。
20．（7分）用如图甲所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡正常工作时的电压为2.5V（超出正常工作电压容易损坏小灯泡）。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节至最 （填“左”或“右”）端：
（2）按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，读数为 V。要测量灯泡正常工作时的电流，应将图甲中滑动变阻器的滑片向 （填A或B）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）移动滑片，记下多组数据，并且绘制成图丙所示图像，则小灯泡正常发光时的电阻为 Ω（结果保留一位小数），测量小灯泡的电阻时， （填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值；
（4）用该灯泡和电压表，测未知电阻Rx的阻值，电路图如图丁。步骤如下：
①只闭合S0、S1，移动滑片，使电压表示数为1V，由图丙可知灯泡的电流为0.2A；
② ，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.8V；
③Rx的阻值为 Ω。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．（6分）滑旱冰是青少年最喜欢的一项运动。如图所示，小兵质量约为34kg，所穿的是四轮直排旱冰鞋每只质量为3kg，已知旱冰鞋中每个轮子与地面的接触面积为4cm2，比赛时小兵用2.5min滑行了1200m。（g取10N/kg）
求：（1）比赛时小兵滑动的平均速度大小；
（2）小兵所受总重力；
（3）小兵单脚滑行时对地面的压强；
22．（7分）如图所示，甲是某型号电烧水壶内部电路原理图（具有加热和保温功能），乙则是其正常工作时电功率与时间的关系图象。求：
（1）电水壶正常保温20min消耗的电能；
（2）电水壶给2kg的水正常加热10min，水从20℃升高到70℃时，电水壶的电热效率是多少；
（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是多少。
2023年广东省汕头市龙湖区林百欣中学中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共7小题，每小题3分，共21分只有一个选项最符合题意要求。）
1．（3分）根据生活经验，下列数据中符合实际情况的是（ ）
A．一支2B铅笔的长度约为20dm
B．人步行的速度约1.1m/s
C．人淋浴时热水的温度约为60℃
D．中学生跑完100m用时约5s
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一支新铅笔的长度与此差不多，在20cm左右，故A不符合实际；
B、人正常步行的速度约为4km/h＝4×m/s≈1.1m/s，故B符合实际；
C、人淋浴时热水的温度约为40℃，故C不符合实际；
D、普通中学生跑完100m用时约15s左右，故D不符合实际。
故选：B。
2．（3分）为了探究声音的响度与振幅的关系，小明设计了如图所示的几个实验，你认为能够完成这个探究目的是（ ）
A．图甲中，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的铃声减小
B．图乙中，加快硬卡片划过梳齿的速度，听到的声音变高
C．图丙中，用大小不同的力敲打鼓面，观察纸箱跳动的情况
D．图丁中，用发声的音叉接触水面时，水面水花四溅
【分析】（1）声音三个特性：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频率越大，音调越高。响度跟振幅有关。
（2）物体发声时一定振动，振动停止，发声停止。
【解答】解：A、罩内抽出空气，闹铃铃声明显减小，说明声音传播需要介质，故A错误；
B、图乙中，加快硬卡片划过梳齿的速度，听到的声音变高，说明音调与频率有关，故B错误；
C、用大小不同的力敲打鼓面，纸屑跳动高度不同，鼓面振幅不同，响度不同。研究响度跟振幅的关系，故C正确；
D、发声的音叉接触水面，水花四溅，说明声音发声时振动，故D错误。
故选：C。
3．（3分）一束光从空气斜射入水中，在空气与水的交界面上发生反射和折射，下列各图中符合实际情形的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。据此分析判断。
【解答】解：A、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，反射角等于入射角，符合反射定律；折射角等于入射角，不符合折射规律，故A错误；
B、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，没有画出反射光线；折射角大于入射角，符合折射规律，故B错误；
C、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，反射角等于入射角，符合反射定律；折射角小于入射角，符合折射规律，故C正确；
D、图中描述的是光从空气斜射入水中的情境，反射角等于入射角，符合反射定律；折射角大于入射角，不符合折射规律，故D错误。
故选：C。
4．（3分）如图所示为甲和乙两种物质的质量与体积关系图像，分析图像可知（ ）
A．甲的密度是0.5g/cm3
B．甲物质的密度与质量成正比
C．甲的质量与体积的比值比乙大
D．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
【分析】（1）根据图中信息，利用密度公式求出甲的密度；
（2）密度是物质的一种特性，只与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关；
（3）物体质量与体积的比值即为物体的密度，根据图中信息求出甲、乙质量与体积的比值，据此比较大小；
（4）由图可知，若甲、乙的质量相等，甲、乙的体积关系。
【解答】解：A、由图可知，当甲的质量为20g时，甲是体积为10cm3，则甲的密度：ρ甲＝＝＝2g/cm3，故A错误；
B、密度是物质的一种特性，只与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量无关，故B错误；
C、由图可知，当乙的质量为5g时，乙的体积为10cm3，则乙的密度：ρ乙＝＝＝0.5g/cm3，
由于甲的密度大于乙的密度，所以甲的质量与体积的比值比乙大，故C正确；
D、由图可知，当甲、乙的质量都是10g时，甲的体积为5cm3，乙的体积为20cm3，所以若甲、乙的质量相等，则甲的体积较小，故D错误。
故选：C。
5．（3分）甲、乙两位同学在同一地点参加800m体测，t＝0时同时起跑，t4时刻同时到达终点，其速度﹣时间图像如图所示。下列描述正确的是（ ）
A．0～t1时间内，甲、乙两同学都在做匀速直线运动
B．t1～t2时间内，甲、乙两同学保持相对静止
C．0～t3时间内，甲同学的路程小于乙同学的路程
D．t4时刻甲、乙两同学同时到达终点，则甲同学的平均速度大于乙同学的
【分析】v﹣t图象是过原点的一条直线说明人在做加速运动，v﹣t图象是一条水平直线说明人在做匀速直线运动；根据速度公式的变形公式s＝vt可知相同时间内，速度越大，运动的距离越大；两人之间的距离保持不变时两人相对静止。
【解答】解：A、0～t1时间内甲、乙两同学的v﹣t图象是过原点的一条直线，说明两人都在做加速运动，故A错误；
B、t1～t2时间内甲、乙两同学的速度不变，均做匀速直线运动，但甲的速度小于乙的速度，所以甲、乙两同学的距离越来越大，故B错误；
C、t4时刻同时到达终点，t3～t4时间内甲的速度大于乙的速度，所以甲通过的路程大于乙通过的路程，总路程相同，则0～t3时间内甲同学的路程小于乙同学的路程，故C正确；
D、刚到达终点时，甲乙通过的路程相等，所用时间相等，所以平均速度相等，故D错误。
故选：C。
6．（3分）很多家庭都安装了智能门锁，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能。如图所示电路图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式、电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。
【解答】解：根据题意可知，按指纹或密码都可以启动电动机打开锁扣，实现开门的功能，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联接入电路中，故B正确。
故选：B。
7．（3分）如图所示，水平桌面上两个相同的长方体玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为（ ）
A．p1＝p2，p3＞p4，F1＞F2 B．p1＝p2，p3＞p4，F1＝F2
C．p1＞p2，p3＝p4，F1＞F2 D．p1＝p2，p3＝p4，F1＞F2
【分析】（1）知道玻璃缸里装满了水，又知道液体深度相同，根据公式p＝ρgh可比较缸底受到水的压强；
（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据漂浮条件和阿基米德原理可知甲、乙两玻璃缸对桌面的压力关系，然后比较压强关系；
（3）根据图示判断出两只玩具鸭排开水的体积大小关系，根据阿基米德原理比较浮力大小关系。
【解答】解：（1）由图和题意可知，甲、乙两个完全相同的玻璃缸装满了水，玩具鸭放入后水的深度h仍然相同，
根据p＝ρgh可知水对容器底部的压强相等，即：p1＝p2；
（2）因甲、乙两个玻璃缸完全相同装满水时，水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；
由于玩具鸭子在水中漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物＝F浮＝G排，即玩具鸭的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着玩具时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同（底面积相同），则由p＝可知，此时两玻璃缸对桌面的压强相等，即：p3＝p4；
（3）甲、乙两缸中装满了水，玩具鸭子漂浮，根据图示可知，甲缸中鸭子排开水的体积大，根据F浮＝ρ水gV排可知，甲缸中鸭子受到的浮力大，即：F1＞F2。
故选：D。
二、填空题（本大题共7小题，每个空1分，共21分）
8．（3分）如图，根据测量画出某物质温度变化曲线。该物质在AB段 放出 热量（选填：吸收、放出或不传递），它的物质状态应为 液态 。观察还发现该物质的凝固点是 50 ℃。
【分析】（1）物质由液态变为固态的过程叫做凝固；根据图像得出晶体的熔点和凝固点；
（2）晶体在凝固的过程中处于固液共存态；凝固前是液态，物体的温度降低，放出热量。
【解答】解：由图可知，该物质在AB段放出热量，它的物质状态应为液态；在BC段，物质放出热量，温度不变，是晶体，从液态变为固态，是凝固过程，固定不变的温度是凝固点，是50℃。
故答案为：放出；液态；50。
9．（3分）如图所示在光屏上得到了一个清晰的像，这个像一定是 放大 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的。不改变蜡烛和光屏位置，将凸透镜向右移动 15 cm，屏上即可再次成清晰的像。若将蜡烛换成一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，则指针所成的像做 顺时针 （填“顺时针”或“逆时针”）转动。
【分析】（1）光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
（2）光的折射现象中，光路是可逆的，利用凸透镜原来成倒立、放大的实像，凸透镜位置不动，互换发光物体和光屏的位置，成像性质改变；（3）根据通过凸透镜光心的光线方向不变进行分析。
【解答】解：当如图位置时，物距u＝25cm，像距v＝40cm，物距小于像距，光屏上恰能成一个清晰倒立的像，由凸透镜成像规律可知，成倒立放大的实像；
若将凸透镜向右移动15cm，此时物距u＝15cm+25cm＝40cm，像距变为40cm﹣15cm＝25cm，则根据折射时光路是可逆的，此时屏上即可再次成清晰倒立缩小的实像；
若一个指针发光的钟表，其表面正对透镜，指针作顺时针转动时，根据通过凸透镜光心的光线方向不变，像是倒立的，像也是作顺时针转动。
故答案为：放大；15；顺时针。
10．（3分）如图所示，紫砂壶的壶嘴和壶身相连通，这是应用 连通器 的实例。制成壶的紫砂泥密度为2.5×103千克/米3，它表示每立方米该紫砂泥的 质量 为2.5×103千克。若壶和水的总质量为0.5kg，壶底与桌面的接触面积为5×10﹣3平方米，壶对水平桌面的压强为 1000 帕。
【分析】（1）上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是相平的；
（2）密度的物理意义是表示单位体积的某种物质的质量；
（3）根据质量，利用G＝mg求出重力，在水平面上，压力的大小等于重力，再利用压强公式p＝可计算压强的大小。
【解答】解：（1）紫砂壶的壶嘴和壶身上端开口、下端连通，这是应用连通器的实例；
（2）制成壶的紫砂泥密度为2.5×103千克/米3，它表示的物理意义是：每立方米该紫砂泥的质量为2.5×103千克；
（3）壶对水平桌面的压力：F＝G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，
壶对水平桌面的压强为：p＝＝＝1000Pa。
故答案为：连通器；质量；1000。
11．（3分）如图所示，重10N的木块，在弹簧测力计作用下沿直线匀速运动了0.5m，此时木块受到的摩擦力为 2.8 N，当弹簧测力计的示数增大为5N时，物体受到摩擦力将 不变 （填“增大”、“减小”或“不变”），木块的运动状态 改变 （选填“改变”或“不改变”）。
【分析】（1）根据弹簧测力计示数读出拉力大小：首先确定每一个大格和每一个小格的读数，然后读数；
（2）物体匀速运动，处于平衡状态，所受的摩擦力与拉力是一对平衡力，故摩擦力等于拉力；滑动摩擦力的决定因素是压力大小、接触面的粗糙程度，而与拉力大小无关。
（3）物体受平衡力作用时，运动状态不变，受非平衡力作用时，运动状态改变。
【解答】解：
（1）由图知，弹簧测力计的一个大格代表1N，一个小格代表0.1N，弹簧测力计示数是2.8N；
（2）物体在水平方向上受拉力和摩擦力而做匀速直线运动，说明摩擦力与拉力是一对平衡力，故摩擦力等于拉力，等于2.8N；当拉力增大时，压力大小、接触面的粗糙程度没变，故摩擦力不变，仍为2.8N。
（3）当弹簧测力计的示数增大为5N时，摩擦力仍为2.8N，拉力大于摩擦力，物体做加速运动，受非平衡力的作用，运动状态发生改变。
故答案为：2.8；不变；改变。
12．（3分）重为10牛的正方体物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中时，测力计的示数为6牛，则物块所受浮力的大小为 4 牛，若物块上表面距水面的深度为0.1米，则它的上表面受到水的压强为 980 帕，增大物块浸没的深度，它所受浮力的大小将 不变 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）根据称重法，F浮＝G﹣F示，可计算物块浸没在水中时受到的浮力；
（2）根据p＝ρgh可求得它的上表面受到水的压强；
（3）增大物块浸没的深度，因为全部浸没，V排＝V，根据F浮＝ρ液gV排可分析浮力变化情况。
【解答】解：物块所受浮力：
F浮＝G﹣F示＝10N﹣6N＝4N；
物块上表面距水面的深度h＝0.1m，则它的上表面受到水的压强：
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m＝980Pa；
增大物块浸没的深度，因为全部浸没，V排＝V．根据F浮＝ρ液gV排可知，它所受浮力的大小不变；
故答案为：4；980；不变。
13．（3分）如图为小吉家电路中安装的电能表，此时示数为 931.6 kW•h。小吉关闭其它用电器后，将一个电吹风机接入电路，她观察到1min内电能表铝盘转过25转，则此电吹风机消耗的电能是 36000 J，电功率为 600 W。
【分析】（1）电能表读数时，单位是kW•h，最后一位是小数位；
（2）2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，转盘转2500圈，据此得出转盘在1min内转了25转，电吹风机消耗的电能，根据P＝得出电吹风机的功率。
【解答】解：（1）由图知，电能表的示数为931.6kW•h；
（2）2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，转盘转2500圈，据此得出转盘在1min内转了25转，电吹风机消耗的电能：
W＝kW•h＝0.01kW•h＝0.01×3.6×106J＝36000J；
电吹风机的实际功率：
P＝＝＝0.6kW＝600W；
故答案为：931.6；36000；600。
14．（3分）如图所示电路，开关S断开时，电磁铁 没有 （选填“有”或“没有”）磁性；闭合开关S后，电磁铁的 b （选填“a”或“b”）端为N极，滑动变阻器的滑片P向右移动，电磁铁的磁性将 减弱 （选填“增强”、“减弱”或“不变”）。
【分析】（1）知道电磁铁磁性的有无可通过电流的通断来控制：通电有磁性，断电无磁性；
（2）电磁铁的磁性强弱和线圈的匝数、电流大小有关。线圈匝数一定时，电流越大，磁性越强。
【解答】解：当S断开时，电路中没有电流通过，故电磁铁没有磁性。
闭合开关S后，电流从左端流入，根据安培定则可知，电磁铁的b端为N极。将滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性将减弱。
故答案为：没有；b；减弱。
三、作图题（本大题共3小题，共7分）
15．（2分）请画出静止在斜面上的物体所受力的示意图。
【分析】静止在斜面上的物体受到重力、摩擦力和支持力作用，然后过重心分别表示出三个力的方向。
【解答】解：
静止在斜面上的物体受到竖直向下的重力G、垂直于斜面向上的支持力N；
由于物体有向下滑动的趋势，所以物体还受到沿斜面向上的摩擦力f；
过物体的重心作竖直向下的重力G，过重心作垂直于斜面向上的支持力N，过重心作沿斜面向上的摩擦力f；如图所示：
16．（2分）反射光线与镜面成50°角，请在图中画出入射光线并标出入射角的大小。
【分析】利用光的反射定律作图，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。
【解答】解：过入射点垂直于镜面作出法线，反射光线与镜面的夹角为50°，则反射角为90°﹣50°＝40°，根据光的反射规律可知，入射角等于40°，由此可以根据反射角等于入射角，在法线左侧画出对应的入射光线。如图所示：
17．（2分）根据通电螺线管的磁感线方向，在括号里分别标注出电源的“+”“﹣”极和静止的小磁针的“N”“S”极。
【分析】在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极，据此判定螺线管的极性，利用安培右手定则判断出电源的正负极，根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的极性。
【解答】解：在磁体的外部磁感线从N极出来，回到S极，所以螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电源的左端为正极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，如图所示：
四、实验题（本大题3小题，共19分）
18．（6分）（1）如图1纪念币的直径为 2.50 cm；如图2所示，体温计示数为 37.6 ℃；如图3所示，停表的读数为 187.5 s。
（2）如图4所示是小明测量盐水密度的操作顺序，则图甲中烧杯和盐水的总质量是 82.4 g，图乙量筒中盐水的体积为 40 mL，由此可知盐水的密度ρ＝ 1.125×103 kg/m3。
【分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
温度计的读数：首先确定是零上还是零下，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数；
停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；
（2）托盘天平读数，物质的质量＝砝码的质量+游码所对应的刻度值；注意游码读数要读刻度线的左侧；
量筒读数，视线与凹液面中央最低处相平；
根据密度公式计算密度。
【解答】解：（1）由图1知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与5.00cm对齐，右侧与7.50cm对齐，所以物体的长度为L＝7.50cm﹣5.00cm＝2.50cm；
由图2知：体温计的分度值是0.1℃，示数为37.6℃；
由图3知：停表小盘的分度值是0.5min，指针在3min和4min之间偏向3min一侧；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在7.5s，因此停表的读数为3min7.5s＝187.5s；
（2）如图甲，烧杯和盐水的总质量＝50g+20g+10g+2.4g＝82.4g；
如图乙，烧杯和剩余盐水的质量＝20g+10g+5g+2.4g＝37.4g；
则量筒中盐水的质量：m＝82.4g﹣37.4g＝45g，
量筒中盐水的体积：V＝40mL＝40cm3；
盐水的密度ρ＝＝＝1.125g/cm3＝1.125×103kg/m3。
故答案为：（1）2.50；37.6；187.5；（2）82.4；40；1.125×103。
19．（6分）推箱子时，箱子越重越难推；人走在湿滑的路上容易滑倒，这些现象都与摩擦力有关，为了探究“摩擦力的大小与什么因素有关”，小华提出了以下几个猜想：
猜想1；可能与压力的大小有关？
猜想2：可能与接触面粗糙程度有关？
猜想3：可能与接触面积的大小有关？
于是他做了如图所示的实验：
（1）在实验中需 匀速 拉动木块。甲图、乙图木块放在木板上，丙图木块放在毛巾上。
（2）为了验证猜想1，应选 甲、乙 两图进行研究。
（3）小明同学将实验装置改进为如图所示的装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向右运动。
①装置改进以后的好处是无论长木板是否做 匀速 运动，木块相对于地面都静止，使测出的摩擦力更准确。
②水平向右拉动长木板，弹簧测力计示数如图所示。木块所受的滑动摩擦力为 2.8 N，木块受到的摩擦力方向是 水平向右 。
⑧将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。小华认为他的结论不正确，请说明小华的理由是： 没有控制压力大小不变 。
【分析】（1）在实验中拉动小车做匀速直线运动，此时小车受力平衡，摩擦力与拉力大小相等；
（2）要验证摩擦力和压力的大小是否有关，就应该控制接触面的粗糙程度不变，改变压力的大小；
（3）①应水平匀速拉动木块，使木块做匀速直线运动；控制木块做匀速直线运动比较困难，对运动着的弹簧测力计难于读数；
②水平匀速拉动木块时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，看清分度值读出示数；
③探究摩擦力与接触面积的关系时，应控制接触面粗糙程度和压力大小相同而物体间的接触面积不同。
【解答】解：（1）在此实验中，为使摩擦力大小与拉力相等，需要拉动小车做匀速直线运动；
（2）要研究摩擦力的大小与压力的关系，要控制接触面粗糙程度不变，改变压力的大小，符合这个条件的只有甲、乙两图；
（3）①利用该装置的优点是不需要控制木板做匀速直线运动，对静止的弹簧测力计读数比较容易；
②测力计匀速拉着木块沿长木板匀速滑动，木块所受水平向左的拉力和水平向右的滑动摩擦力是一对平衡力，弹簧测力计分度值为0.1N，此时示数为2.4N，故滑动摩擦力为2.4N；
③在探究滑动摩擦力的大小与接触面积大小的关系，他们应控制面的粗糙程度和压力大小不变，改变接触面积大小；实验中将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小是错误的，因为接触面积减小一半的同时压力也减小一半，存在两个变量。
故答案为：（1）匀速；（2）甲、乙；（3）①匀速；②2.8；水平向右；③没有控制压力大小不变。
20．（7分）用如图甲所示的电路测量小灯泡的电阻，小灯泡正常工作时的电压为2.5V（超出正常工作电压容易损坏小灯泡）。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节至最 左 （填“左”或“右”）端：
（2）按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，读数为 1.8 V。要测量灯泡正常工作时的电流，应将图甲中滑动变阻器的滑片向 B （填A或B）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）移动滑片，记下多组数据，并且绘制成图丙所示图像，则小灯泡正常发光时的电阻为 8.3 Ω（结果保留一位小数），测量小灯泡的电阻时， 不需要 （填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值；
（4）用该灯泡和电压表，测未知电阻Rx的阻值，电路图如图丁。步骤如下：
①只闭合S0、S1，移动滑片，使电压表示数为1V，由图丙可知灯泡的电流为0.2A；
② 断开S1，闭合S2 ，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.8V；
③Rx的阻值为 9 Ω。
【分析】（1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调节至阻值最大处；
（2）根据电压表选用小量程确定分度值读数；
灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
（3）根据绘制的图丙所示图像可知灯在额定电压下的电流，由欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻；
根据灯的电阻随温度的变化而变化分析；
（4）①只闭合S0、S1，分析电路的连接及电压表测量的电压，由图丙可知灯泡的电流；
②控制变阻器的滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测L与待测电阻的电压，记下电压表的示数，因此时电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和电压不变，根据串联电路电压的规律可知待测电阻的电压；因电路的电流保持不变，由串联电路电流的规律和欧姆定律得出出Rx的阻值。
【解答】解：（1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应调节至阻值最大处，即最左端；
（2）按照要求正确组装电路，闭合开关。移动滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，读数为1.8V；
灯在额定电压下正常发光，1.8V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，应将图甲中滑动变阻器的滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
（3）根据绘制的图丙所示图像知，灯在额定电压下的电流为0.3A，由欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻为：
R＝；
因灯的电阻随温度的变化而变化，故测量小灯泡的电阻时，不需要多次测量求平均值；
（4）①只闭合S0、S1，灯与待测电阻串联后再和变阻器串联，移动滑片，使电压表（测灯的电压）示数为1V，由图丙可知灯泡的电流为0.2A；
②断开S1，闭合S2，保持滑片位置不变，读出电压表示数为2.8V；
③在②中，电压表测L与待测电阻的电压，因此电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和电压不变，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：
Ux＝2.8V﹣1V＝1.8V；
因两次操作中电路的电流保持不变，由串联电路电流的规律，根据欧姆定律Rx的阻值为；
Rx＝。
故答案为：（1）左；（2）1.8；B；（3）8.3；不需要；（4）断开S1，闭合S2；9。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．（6分）滑旱冰是青少年最喜欢的一项运动。如图所示，小兵质量约为34kg，所穿的是四轮直排旱冰鞋每只质量为3kg，已知旱冰鞋中每个轮子与地面的接触面积为4cm2，比赛时小兵用2.5min滑行了1200m。（g取10N/kg）
求：（1）比赛时小兵滑动的平均速度大小；
（2）小兵所受总重力；
（3）小兵单脚滑行时对地面的压强；
【分析】（1）根据求出滑行的平均速度；
（2）根据G＝mg，求出小兵的重力；
（3）根据p＝求出对地面的压强。
【解答】解：
（1）小兵滑行的路程s＝1200m，所用时间：t＝2.5min＝2.5×60s＝150s，
小兵滑动的平均速度：v＝＝＝8m/s；
（2）小兵质量约为m人＝34kg，m鞋＝2×3kg＝6kg，则小兵受到的总重力：G＝（m人+m鞋）g＝40kg×10N/kg＝400N；
（3）小兵滑行时对地面的压力：F＝G总＝G人+G鞋＝400N；
一只旱冰鞋与地面的接触面积为：S＝4×4cm2＝1.6×10﹣3m2，
对地面的压强：p＝＝＝2.5×105Pa。
答：（1）小兵自身受到的重力为400N；
（2）小兵滑动的平均速度是8m/s；
（3）小兵单脚滑行时对地面的压强为2.5×105Pa。
22．（7分）如图所示，甲是某型号电烧水壶内部电路原理图（具有加热和保温功能），乙则是其正常工作时电功率与时间的关系图象。求：
（1）电水壶正常保温20min消耗的电能；
（2）电水壶给2kg的水正常加热10min，水从20℃升高到70℃时，电水壶的电热效率是多少；
（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是多少。
【分析】（1）从图中可知，保温功率为0.1kW，根据W＝Pt得出电水壶正常保温20min消耗的电能；
（2）从图中可知，加热功率为0.8kW；电水壶给2kg的水正常加热10min，根据W′＝P′t′得出消耗的电能；
水从20℃升高到70℃时，根据Q吸＝cmΔt得出吸收的热量，根据η＝得出电水壶的电热效率；
（3）开关S接1时，电路为R1的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知总功率较大，电烧水壶处于加热状态，根据P＝可得出R1的阻值；
某次用电高峰时，实际电压只有198V，根据P＝可知此时使用电水壶加热的实际电功率是多少。
【解答】解：（1）从图中可知，保温功率为0.1kW，
电水壶正常保温20min消耗的电能W＝Pt＝0.1×1000W×20×60s＝1.2×105J；
（2）从图中可知，加热功率为0.8kW，
电水壶给2kg的水正常加热10min，消耗的电能W′＝P′t′＝0.8×1000W×10×60s＝4.8×105J；
水从20℃升高到70℃时，吸收的热量Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×105J，
电水壶的电热效率η＝＝＝87.5%；
（3）开关S接1时，电路为R1的简单电路，总电阻较小，电源电压不变，根据P＝可知总功率较大，电烧水壶处于加热状态，R1＝＝＝60.5Ω；
此时使用电水壶加热的实际电功率P实＝＝＝648W。
答：（1）电水壶正常保温20min消耗的电能为1.2×105J；
（2）电水壶给2kg的水正常加热10min，水从20℃升高到70℃时，电水壶的电热效率是87.5%；
（3）某次用电高峰时，实际电压只有198V，此时使用电水壶加热的实际电功率是648W。
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