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2023年四川省德阳市中考物理一模试卷（含解析）
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这是一份2023年四川省德阳市中考物理一模试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省德阳市中考物理一模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 下列有关声现象的说法正确的是( )
A. 声音从水中传到空气中，它的传播速度将变大
B. 把手机调到静音状态是在人耳处减弱噪声
C. 弹琴时不断用手指控制琴弦，主要是为了改变音色
D. 医院里检查身体用的B超是利用超声波来传递信息
2. 如图所示是探究能量转化的装置，下列相关说法错误的是( )
A. 燃料燃烧时内能转化为化学能
B. 对水加热过程中是通过热传递使水的内能增大的
C. 水蒸气驱动叶轮转动，水蒸气的内能减小了
D. 此实验展现了热机工作时的能量转化过程
3. 酒精测试仪可检测驾驶员是否为酒后驾车，如图是其原理图．图中酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比，如果测试到的酒精气体浓度变大，则通过传感器的电流和电压表的示数变化分别( )
A. 电流变大，电压表示数变大 B. 电流变小，电压表示数变大
C. 电流变大，电压表示数变小 D. 电流变小，电压表示数变小
4. 下图中能表明电动机原理的实验是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示为小李用照相机拍摄的石拱桥照片，下列有关说法错误的是( )
A. 桥在水中的倒影，是由于光的反射现象形成的
B. 若相机镜头焦距为f，拍摄时镜头到桥的距离要大于2f
C. 桥的倒影看起来比较暗，是由于一部分光折射到了水中
D. 相机的镜头相当于凸透镜，可用于矫正近视眼
6. 将毛皮与橡胶棒相互摩擦后，用该橡胶棒接触一个不带电的验电器，验电器箔片张开(如图)，橡胶棒和验电器之间会形成瞬时电流，下列说法正确的是( )
A. 电流是由正电荷定向移动形成的
B. 验电器箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 橡胶棒与毛皮相互摩擦时正电荷发生了转移，从而使毛皮带电
D. 该瞬时电流的方向是从橡胶棒到验电器
7. 利用如图所示的滑轮组提起一个重为225N的物体，绳子自由端的拉力F=100N。5s内物体被匀速提升2m。不可忽略绳重和机械部件间的摩擦，则下列说法中正确的是( )
A. 提升物体的过程中，拉力F功率为40W
B. 动滑轮重力大小为75N
C. 绳子自由端移动的距离是4m
D. 滑轮组的机械效率为75%
8. 日常生活中，处处有物理，下列说法错误的是( )
A. 汽车轮胎的轴承中装有滚珠是为了减小摩擦
B. 铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下
C. 推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关
D. 乘车时系上安全带是为了减小惯性
9. 如图所示电路，电源电压不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数为6V，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V，从P置于中点开始在20s内定值电阻R1产生的热量为64J，则下列判断正确的是( )
A. R1的阻值为10Ω
B. 滑动变阻器R的最大阻值为18Ω
C. 电源电压为9V
D. R1先后两次消耗的电功率之比为9：16
10. 如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水中开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处(不考虑水的阻力)。图乙是绳子拉力F随时间t变化的图像，根据图像信息，下列判断正确的是( )
A. 该金属块重力的大小为34N
B. 该金属块的密度是5.4×103kg/m3
C. 浸没在水中的金属块受到的浮力大小是20N
D. 在t1至t2金属块在水中受到的浮力逐渐增大
二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
11. 两只电阻R1标有“10Ω，2A”和R2标有“15Ω，1A”，把它们串联起来使用，为了不使电阻损坏，允许通过的最大电流是______A，两个电阻两端允许加的最大电压是______V。
12. 小林将质量为2kg的水从23℃加热至沸腾时测得水温为98℃，则水吸收的热量为______J，生物体内水的比例很高，这有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成伤害，这主要是因为水的______较大。【c水=4.2×103J/(kg⋅℃)】
13. 小刚学习了电学知识后，尝试把两种不同的金属片插入柠檬，制成“水果电池”，并且用电压表粗测了水果电池的电压，如图，水果电池相当于电路中的______ (填电路元件名称)；A端为水果电池的______ (选填正极或负极)。
14. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，对应的物体运动速度v与时间t的关系如图丙所示，分析图象可知，当t=1s时，物体受到的摩擦力为______ N，从4s−6s内，拉力F做的功是______ J。
15. 如图所示，物体A重60N，B重30N，物体A的底面积为5cm2，物体B的底面积为3cm2，则A对B的压强为______ Pa，B对桌面的压强是______ Pa。
三、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
16. 根据要求作图：试在图上画出F1和F2的力臂。
17. 如图所示，从S出来的一束光线射向平面镜后，反射光线经过点P，请你作出光路图。
18. 如图，开关控制插座，用笔画线代替导线将开关和插座正确连入电路中。
四、实验探究题（本大题共3小题，共19.0分）
19. 小明在“测定小灯泡的功率”的实验中，被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
实验器材如下：电源(电压为6V)、电流表(0～6A；0～3A)、电压表(0～3V；0～15V)、开关各一只，滑动变阻器：R1(50Ω,0.5A)，导线若干。
(1)本实验的实验原理是______ ；
(2)小明连接的实物图如图甲所示，老师指出该实物图的连接存在明显错误，请帮助小明修改好实物图，要求只能改动其中一条导线；(把需要改动的导线打“×”，然后用笔画线代替导线重新连接)
(3)若改好电路后，闭合开关S，小明看见灯泡发很亮的光后随即熄灭，则故障的原因可能是______ ；
(4)排除电路故障后，正确操作，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图乙所示的I−U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W，灯泡正常发光时的电阻是______ Ω。观察如图乙所示的I−U图象不是直线的原因是______ ；
(5)在分析实验误差的过程中，考虑到电压表虽然电阻很大，但是在电路中也会分得少许电流。考虑此因素，这样测得的小灯泡的额定功率比真实值______ (选填“偏大”或“偏小”)；
(6)如果还要完成探究电流和电压的关系，还需要添加的器材是______ 。
20. 某实验小组在实验室测量酱油的密度。
(1)把天平放在水平桌面上，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，如图甲所示。如果此时用天平去测物体的质量，会使测量结果 (选填“偏大”或“偏小”)；纠正错误后，应向 (选填“左”或“右”)调节平衡螺母，才能使天平横梁重新平衡。
(2)正确地将天平横梁调节平衡后，小刚的实验步骤如下：
A.用天平测出空烧杯的质量m1=16g；
B.向烧杯中倒入适量酱油，测得烧杯与酱油的总质量如图乙所示，为m2= g；
C.将烧杯中酱油全部倒入量筒中，测出酱油的体积V，如图丙所示。
按这种方法测得酱油的密度为ρ= kg/m3。
以上测量过程中，烧杯中会残留部分酱油，这会导致测得的酱油密度 (选填“偏大”、“偏小”)。只要将上述实验步骤的顺序调整为 (填写字母序号)，重做该实验可以减小了误差。
21. 如图所示是探究“凸透镜成像规律”的实验装置，透镜的焦距是10cm，透镜固定在光具座的50cm刻度处，蜡烛和光屏各位于光具座上0cm和100cm刻度处。
(1)实验时，调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度上，使像成在光屏的中央。为了能从不同方向看到光屏上的像，光屏应选用______ (选填“光滑”或“粗糙”)的白板。
(2)实验时，保持凸透镜在光具座上50m刻度线处，将蜡烛移至光具座上10cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像的性质是倒立的、______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)的实像，______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是根据这一原理工作的；
(3)如果向右移动蜡烛后，不移动光屏，要在光屏上得到清晰的像，应该在蜡烛和光屏之间放上一个______ 透镜(选填“凸”或“凹”)。
五、计算题（本大题共2小题，共17.0分）
22. 如图甲所示的电压力锅，集压力锅、电饭锅的优点于一体，省时节电，热效率高。它的工作原理如图乙，R1、R2是电热丝(阻值恒定)。当接通电源220V，温控开关S闭合，电压力锅处于正常加热状态；锅内达到预定温度时S自动断开，电压力锅处于保温状态。若电压力锅保温时的电功率为400W，电阻R1的阻值为96.8Ω。完成下列问题：
(1)求电热丝R2的阻值；
(2)该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗多少电能？
(3)若电路的实际电压为110V，电压力锅加热时的实际功率为多少？
23. 如图，水平桌面上放有一薄壁柱形容器，容器底面积为0.035m2，容器中装有水，质量为0.3kg、体积为1×10−3m3的正方体木块漂浮在水面上。现将细绳的一端绕过定滑轮后固定在木块下表面，并用竖直向上的拉力F缓慢匀速拉动细绳另一端，使木块从漂浮状态逐渐浸没入水中，木块不接触滑轮。不计摩擦与水的阻力，忽略绳重与体积的影响，g取10N/kg。求：
(1)木块漂浮时受到的浮力；
(2)若水深为0.3m，则容器底受到的水的压强；
(3)拉力F的最大值；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，容器底部受到水的压强的变化量。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、声音从水中传到空气中，它的传播速度将变小，故A错误。
B、把手机调到静音状态是在声源处减弱噪声，故B错误。
C、当用手指去控制琴弦长度时，琴弦振动的快慢会不一样，频率不一样，所以声音的音调就会发生变化，故C错误。
D、医院里给病人检查身体用的“B超”是利用超声波来传递信息，故D正确。
故选：D。
(1)声音可以在液体中和气体中传播，声音在液体中的传播速度比空气中传播的快。
(2)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
(3)音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关。
(4)声音可以传递信息和能量。
此题考查了声音的有关知识，包括声音的特征、减弱噪声的途径等，涉及到的知识点多，综合性强，但难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，故A错误；
B、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，这种内能传递给水，这是通过热传递改变水的内能，故B正确；
C、水沸腾汽化为水蒸气，高温的水蒸气可以驱动叶轮转动，水蒸气自身的温度会降低，内能会减少，转化成了叶轮的机械能，故C正确；
D、此实验展现了热机工作时的能量转化过程，故D正确。
故选：A。
给试管中的水加热，燃料燃烧的化学能转化成火的内能，内能传递给水和水蒸气，高温的水蒸气推动叶轮转动，说明内能转化成了叶轮的动能。
本题考查了改变内能的方式、能量守恒定律以及能的转化，是一道综合性题目。
3.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，
因酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比，
所以，酒精气体浓度变大时，R的阻值变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，故BD错误；
由U=IR可知，R0两端电压变大，即电压表的示数变大，故A正确，C错误．
故选A．
由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，根据酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比可知酒精气体浓度变大时R阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化．
本题考查了电路的动态分析，利用好酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比是关键．
4.【答案】B
【解析】解：A、是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，不符合题意；
B、电路中有电源，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，符合题意；
C、是奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意；
D、是利用安培定则来判断通电螺线管的磁场，不符合题意。
故选：B。
电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。对每一个选项所揭示的原理或规律进行分析，可最终做出判断。
本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
5.【答案】D
【解析】解：A、石拱桥在水中的倒影等同于平面镜成像，是光的反射形成的，故A正确；
B、照相机的原理：凸透镜满足u>2f，成倒立缩小的实像；若相机镜头焦距为f，拍摄时镜头到桥的距离要大于2f，故B正确。
C、倒影看起来比桥本身暗一些，主要是因为桥的光射到水面时，有一部分发生了折射，故C正确；
D、照相机的镜头相当于凸透镜，远视眼是像呈在视网膜的后方，要想使像呈在视网膜上，应戴一会聚透镜，即凸透镜，所以该眼镜可以用以矫正远视眼，故D错误。
故选：D。
(1)桥在水中的倒影应用的是平面镜成像的原理。
(2)倒影是景物反射的光线到水面，在被水面吸收一部分后再反射出来，所以亮度肯定不及景物本身了。
(3)照相机的原理：凸透镜满足u>2f，成倒立缩小的实像；凹透镜的中间比边缘薄，对光线有发散作用。用于矫正近视眼。
此题考查光的反射现象，光的折射现象，凸透镜成像规律及其应用等知识点，是一道综合性较强的题目。
6.【答案】B
【解析】解：A、电流是由电荷定向移动形成的，故A错误；
B、验电器箔片张开是由于同种电荷相互排斥，故B正确；
C、橡胶棒与毛皮相互摩擦时电子发生了转移，橡胶棒得到电子而带负电荷，毛皮失去电子而带正电荷，故C错误；
D、橡胶棒带多余的负电荷，与验电器接触时，自由电子移动方向是从橡胶棒到验电器，所以电流方向是从验电器到橡胶棒，故D错误。
故选：B。
(1)电流是由电荷定向移动形成的；
(2)验电器工作原理：同种电荷相互排斥；
(3)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电；
(4)规定正电荷定向移动的方向为电流方向。
本题考查了电流的形成、验电器的原、摩擦起电的实质、电流方向的规定等知识，体现了生活中处处有物理知识。
7.【答案】D
【解析】解：AC、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，物体提升2米，绳子自由端移动的距离：
s=nh=3×2m=6m，
拉力所做的总功：
W总=Fs=100N×6m=600J，
拉力的功率：
P=W总t=600J5s=120W；
故AC错误；
B、若忽略绳子重力和摩擦力，作用在绳子自由端的拉力：
F=G+G动n=G+G动3，
动滑轮的重力为：
G动=3F−G=3×100N−225N=75N；
因不可忽略绳重和机械部件间的摩擦，故动滑轮重力大小一定不是75N，故B错误；
D、拉力所做的有用功：
W有=Gh=225N×2m=450J；
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=450J600J×100%=75%。
故D正确。
故选：D。
AC、由图可知滑轮组绳子的有效股数，得出物体提升2米绳子自由端移动的距离；根据W=Fs求出拉力所做的总功，根据功率公式求出拉力的功率；
B、若忽略绳子重力和摩擦力，根据F=G+G动3得出动滑轮的重力大小，据此分析；
D、根据W=Gs得出拉力所做的有用功，根据η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率。
本题考查功、功率、机械效率公式的计算，注意F=G+G动n的适用条件是不计绳子重力和机械之间的摩擦力。
8.【答案】D
【解析】解：A、汽车轮胎的轴承中装有滚珠是用滚动代替滑动来减小摩擦。故A正确；
B、铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下，故B正确；
C、推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关，故C正确；
D、乘车时系上安全带是为了减小惯性带来的伤害，不能减小惯性，故D错误。
故选：D。
(1)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
(2)重力的方向是竖直向下的；
(3)力的三要素：力的大小、方向、作用点，力的三要素影响力的作用效果。
(4)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
本题考查减小摩擦的方法、力的三要素、惯性、重力的方向等知识，是一道综合性很强的题目，但难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，当滑片P置于变阻器的b端时，定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联；当滑片P置于变阻器的中点时，定值电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联。
(1)根据串联电路的分压特点可知，当滑片P置于变阻器的中点时电压表的示数为6V−2V=4V，
串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和，根据欧姆定律可得：
U=I1R1+6V，U=I2R1+4V，
I1=6VR，I2=4V12R=8VR，
因为电源的电压不变，所以I1R1+6V=I2R1+4V
即6VR⋅R1+6V=8VR⋅R1+4V
简化可得：R1=R，
根据Q=I2Rt可得P置于中点时，在20s内定值电阻R1产生的热量：
Q1=I22R1t=(8VR)2R1×20s=(8V)2R2×R×20s=(8V)2R×20s=64J，
解得：R=20Ω，即R1=20Ω，故AB错误；
电源的电压：U=I1R1+6V=6VRR1+6V=6V20Ω×20Ω+6V=12V，故C错误；
(2)根据P=I2R可得R1先后两次消耗的电功率之比：
P1P1′=I12R1I22R1=(6VR)2(8VR)2=916，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，当滑片P置于变阻器的b端时，定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联；当滑片P置于变阻器的中点时，定值电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联；
(1)先根据串联电路的分压特点求出当滑片P置于变阻器的中点时电压表的示数，再根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压以及电路中的电流，利用电源的电压不变得出等式即可得出R1和R之间的关系；再根据Q=I2Rt表示出P置于中点时，在20s内定值电阻R1产生的热量，进一步得出R和R1的阻值，代入电源电压即可求出电源的电压；
(2)根据P=I2R和电阻之间的关系即可求出R1先后两次消耗的电功率之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，利用好当滑片P置于变阻器的中点时电压表示数的变化的是关键。
10.【答案】C
【解析】解：当金属块完全露出水面时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，
则由图可知，该金属块的重力为：G=F拉=54N，
当金属块未露出水面时，即为图中的AB段，
由图可知，此时绳子的拉力为34N，
则金属块浸没时受到的浮力为：F浮=G−F拉=54N−34N=20N，
因为金属块浸没在水中时排开水的体积等于物体的体积，
所以由F浮=ρgV排可得，金属块的体积：
V金=V排=F浮ρ水g=20N1×103kg/m3×10N/kg=0.002m3，
由G=mg可得，金属块的质量：
m=Gg=54N10N/kg=5.4kg，
金属块的密度：
ρ=mV=5.4kg0.002m3=2.7×103kg/m3，
由图可知，绳子的拉力在t1至t2时间段内逐渐变大，
由F浮=G−F拉可知，此过程中浮力逐渐变小，故ABD错误，C正确。
故选：C。
分析绳子拉力随时间t变化的图象，当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，但未露出水面，此时金属块排开水的体积不变，由阿基米德原理可知此时金属块受到的浮力不变，绳子的拉力也不变，即为图中的AB段。
(1)当金属块完全露出水面时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，据此可知金属块的重力；
(2)当金属块未露出水面时，拉力等于重力减去浮力，据此求金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求金属块排开水的体积(金属块的体积)，知道金属块的重，利用重力公式求金属块的质量，最后利用密度公式求金属块的密度；
(3)首先判断在t1至t2时间段拉力的变化，再利用公式F浮=G−F拉判断浮力的变化。
本题考查了浮力、质量、密度的计算以及阿基米德原理的应用，关键是通过图乙确定金属块的重力及绳子受到的拉力、会用称重法计算金属块受到的浮力。
11.【答案】1 25
【解析】解：由两定值电阻的铭牌可知，两者允许通过的最大电流分别为：
I1=2A，I2=1A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，把它们串联起来使用，为了不使电阻损坏，电路中的最大电流I=I2=1A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，串联电路两端允许加的最大电压：
U=IR=I(R1+R2)=1A×(10Ω+15Ω)=25V。
故答案为：1；25。
串联电路中各处的电流相等，电路中的最大电路为两定值电阻允许通过最大电压中最小的一个，再根据电阻的串联和欧姆定律求出串联电路两端允许加的最大电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道两个电阻串联时电路中的最大电流为两者允许通过最大电流中较小的。
12.【答案】6.3×105 比热容
【解析】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(98℃−23℃)=6.3×105J；
(2)因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，所以生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。
故答案为：6.3×105；比热容。
(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)水的比热容比较大，与相同质量的其它物质相比，吸收或放出相同的热量时，水的温度变化少。
本题考查了吸热公式Q吸=cm(t−t0)、水的比热容较大的应用，属于基础题目。
13.【答案】电源 正极
【解析】解：水果电池提供电压，相当于电源；
电压表使用时，电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，即电压表的正接线柱与电源的正极相连接，因此A为正极，B为负极。
故答案为：电源；正极。
根据水果电池的作用分析；
根据电压表的正确使用方法(电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出)确定电源的正负极。
本题考查了电路的组成、电压表的使用方法，属于基础题。
14.【答案】2 16
【解析】解：物体在水平方向受水平的拉力F与摩擦力f作用，由图丙知物体在0～2s内静止，处于平衡状态，在4s～6s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态。
由图乙知：在t=1s时物体受的拉力F=2N，由平衡条件得：摩擦力f=F=2N；
由图丙知：在4s～6s内，物体以2m/s的速度做匀速直线运动，处于平衡状态，
由图乙知此时拉力F′=4N，
则拉力F在4～6s内对物体所做的功为：W=F′s=F′vt=4N×2m/s×2s=16J。
故答案为：2；16。
对物体进行受力分析；由乙图象求出各时刻物体所受到的拉力F；
由丙图象判断物体的运动状态，根据物体的运动状态，由平衡条件求出物体所受的摩擦力；根据W=Fs=Fvt求出功的大小。
v−t图象、F−t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。
15.【答案】2×105 3×105
【解析】解：已知A的重力GA=60N，A对B的压力大小FA=GA=60N；A与B的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；A对B的压强p=FASB=60N3×10−4m2=2×105Pa；
已知B对桌面的压力F总=GA+GB=60N+30N=90N；B与地面的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；B对地面的压强p=F总SB=90N3×10−4m2=3×105Pa。
故答案为：2×105；3×105。
已知A的重力GA=60N，A对B的压力大小FA=GA=60N；A与B的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；根据p=FASB求A对B的压强；
已知B对桌面的压力F总=GA+GB，B与地面的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；根据p=F总SB求B对地面的压强；
本题考查压强的计算，值的注意的是B对地面的压力为AB重力之和以及计算A对B的压强时受力面积是B的底面积。
16.【答案】解：从支点O作F1的垂线段就是F1的力臂l1，从O作F2的反向延长线垂线段就是F2的力臂l2，如图所示：
【解析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离。
17.【答案】解：过镜面作出点S的对称点S′，即为点光源S在平面镜中的像，连接S′P与镜面交于O点，即为入射点(反射点)，连接SO就得到入射光线，如下图所示：
【解析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出射线S′P，与镜面的交点为入射点，再完成光路。
本题还可以作出P点的像P′，连接SP′与镜面交于O点，从而确定入射光线和入射点，连接OP画出反射光线。
18.【答案】解：据题意可知，开关对插座进行控制，从安全用电角度考虑应将开关接在火线和三孔插座之间；三孔插座上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如图所示：
【解析】(1)家庭电路中开关应接在火线和用电器之间，开关断开时，用电器不会带电。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】P=UI 滑动变阻器的滑片处于最小阻值处 0.5 12.5 小灯泡灯丝的阻值随温度的升高而增大 偏大 定值电阻
【解析】解：(1)“测定小灯泡的功率”实验需要用电流表测量小灯泡通过的电流和用电压表测量小灯泡两端电压，根据P=UI算出小灯泡的功率，即本实验的实验原理是P=UI。
(2)在“测定小灯泡的功率”的实验中，小灯泡、电流表应该串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端。图中的小灯泡被短路了，应将小灯泡右端的接线柱与电压表“−”接线柱连接。如图所示
(3)闭合开关S，看见灯泡发很亮的光后随即熄灭，说明闭合开关后的一瞬间灯泡通过的电流比较大，烧坏了电路中元件，导致了断路，灯泡熄灭。原因可能是闭合开关时，滑动变阻器的滑片放到了最小阻值处。
(4)被测小灯泡的额定电压为2.5V，由图像可知，对应的额定电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W，
小灯泡正常发光的电阻R=U额I额=2.5V0.2A=12.5Ω，
图乙所示小灯泡的I−U图像逐渐趋向于电压轴，即可表明小灯泡的阻值在变大，是因为随着通电时间增加，小灯泡灯丝的温度会逐渐升高，从而导致灯丝的阻值升高，所以小灯泡的I−U图像是一条曲线。
(5)电压表并联在小灯泡两端，准确测量小灯泡两端的电压，但考虑到电压表虽然电阻很大，但是在电路中也会分得少许电流，所以电流表测量的是小灯泡通过的电流和电压表通过的电流之和，即小灯泡实际通过的电流比电流表的测量值要小，根据P=UI可知，测得的小灯泡的额定功率比真实值要大。
(6)若还要完成探究电流和电压的关系，根据控制变量法可知实验中需要控制电阻不变，改变电阻两端电压，所以还需要一个定值电阻。
故答案为：(1)P=UI；(2)见解析；(3)滑动变阻器的滑片处于最小阻值处；(4)0.5；12.5；小灯泡灯丝的阻值随温度的升高而增大；(5)偏大；(6)定值电阻。
(1)测量电功率的实验原理：P=UI；
(2)图中电压表测量电源电压，电压表应该并联在灯泡两端；
(3)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片需移到阻值最大处；
(4)根据图象读出灯泡正常发光时的电流，根据P=UI求出功率，根据R=UI算出灯泡正常发光时的电阻；灯丝电阻受到温度的影响；
(5)根据并联电路电流的规律，电流表示数大于灯的实际电流，根据P=UI分析；
(6)要探究电流和电压的关系实验，应保持电阻不变，可通过滑动变阻器改变电压来完成。
本题考查了测定小灯泡功率的实验，考查了实验原理、电路的连接、故障分析、电功率公式、欧姆定律公式的应用、误差分析、控制变量法的应用以及影响小灯泡电阻的因素。
20.【答案】偏大 右 62 1.15×103 偏大 BCA
【解析】解：(1)若调节天平平衡时，游码没有移到“0”刻度线处，如此时游码已移到1g，今测质量20g，则天平平衡需再加20g砝码，总读数为21g，比真实值20g大1g，故偏大；
天平的调节原则是：左偏右调、右偏左调、先快后慢可知，此时指针左偏，应将平衡螺母右调；
(2)由图丙所示量筒可知，酱油的体积：V=40mL=40cm3，
由图乙所示可知，酱油和烧杯的总质量：m总=50g+10g+2g=62g，
烧杯中酱油的质量：m=m总−m剩=62g−16g=46g，
酱油的密度：
ρ=mV=46g40cm3=1.15g/cm3=1.15×103kg/m3；
他们不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小，由公式ρ=mV知，密度测量结果偏大，所以先用天平称出盛有酱油的烧杯的总质量；再把烧杯中的酱油倒入量筒中一部分，记下量筒中酱油体积；最后用天平称出剩余酱油和烧杯的总质量；所以合理的实验顺序是BCA。
故答案为：(1)偏大；右；(2)62；1.15×103；(3)偏大；BCA。
(1)调平衡时游码未拨到零刻度线，相当于称量物体质量前已有了读数，使用这样的天平称量物体，总质量值减去原读数才等于物体质量；
天平的调节原则是：左偏右调、右偏左调、先快后慢；
(2)用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度值，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准；
读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
已知烧杯和酱油的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中酱油的质量；已知酱油的质量和体积，利用公式ρ=mV得到酱油的密度；
他们的方案中“把烧杯内的酱油全部倒入量筒内”会使得酱油不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差。
本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出酱油的质量与体积，应用密度公式可以求出酱油的密度。
21.【答案】粗糙 缩小 照相机 凸
【解析】解：(1)为了能从不同方向看到光屏上的像，则光应在光屏上发生漫反射，故光屏应选用较粗糙的白板；
(2)当蜡烛在光具座上10cm刻度线处时，物距u=50cm−10cm=40cm，大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理工作的；
(3)凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点，向右移动蜡烛后，像也应向右移动，若不移动光屏，要在光屏上得到清晰的像，则应让像提前会聚，在蜡烛和光屏之间放上一个对光线有会聚作用的凸透镜。
故答案为：(1)粗糙；(2)缩小；照相机；(3)凸。
(1)漫反射是指光线被粗糙表面遵循反射规律向各个方向反射的现象；
(2)物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距；
(3)凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点；凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，要注意理解应用。
22.【答案】解：(1)当S断开，电压力锅处于保温状态，此时只有R2连入电路，
由P=U2R可知，R2的阻值：R2=U2P保温=(220V)2400W=121Ω；
(2)电压力锅处于正常加热状态时，R2的功率为：P2=400 W；
R1的功率：P1=U2R1=(220V)296.8Ω=500W；
电压力锅的加热功率：P加热=P1+P2=400W+500W=900W，
由P=Wt可知，该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗的电能：W=P加热t=900W×5×60s=2.7×105J；
(3)电路的实际电压为110V，根据并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压均为110V，
电压力锅加热时的实际功率：P=P1′+P2′=U实2R1+U实2R2=(110V)296.8Ω+(110V)2121Ω=225W。
答：(1)电热丝R2的阻值为121Ω；
(2)该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗的电能为2.7×105J；
(3)若电路的实际电压为110V，电压力锅加热时的实际功率为225W。
【解析】(1)根据题意可知当S自动断开，电压力锅处于保温状态，此时只有R2工作，根据P=U2R求出R2的阻值；
(2)根据P=U2R求出电热丝R1的功率，据此求出加热状态时的功率；利用P=Wt求出该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗的电能；
(3)根据P=U2R求出当电路的实际电压为110V，电压力锅加热时的实际功率。
本题考查并联电路的特点、电功和电功率公式的应用，难度不大。
23.【答案】解：(1)由漂浮条件可知，木块漂浮时受到的浮力：
F浮=G木=m木g=0.3kg×10N/kg=3N；
(2)若水深为0.3m，则容器底受到水的压强：
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3×103Pa；
(3)当木块浸没时，木块受到的浮力最大，所需的拉力F最大，此时木块排开水的体积：V排′=V=1×10−3m3，
此时木块受到的浮力：
F浮′=ρ水gV排′=1×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N，
此时木块受到向上的浮力、向下的重力和拉力作用，而定滑轮只改变力的方向，
根据力的平衡条件可得：F浮′=G木+F最大，
所以最大拉力：F最大=F浮′−G木=10N−3N=7N；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，
水对容器底压力的变化量等于木块排开水的重力变化量(即木块受到的浮力变化量)，
则：ΔF=ΔF浮=F浮′−F浮=10N−3N=7N，
容器底部受到水的压强的变化量：
Δp=ΔFS=7N0.035m2=200Pa。
答：(1)木块漂浮时受到的浮力为3N；
(2)若水深为0.3m，容器底受到水的压强为3×103Pa；
(3)拉力F的最大值为7N；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，容器底部受到水的压强的变化量为200Pa。
【解析】(1)木块漂浮时受到的浮力等于木块重力，利用F浮=G=mg计算；
(2)知道水深，利用p=ρgh求容器底受到水的压强；
(3)当木块浸没时拉力F最大，此时木块排开水的体积等于木块的体积，利用阿基米德原理求木块受到的浮力；根据力的平衡可得：F浮=G木+F最大，据此求最大拉力；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，水对容器底压力的变化量等于木块排开水的重力变化量(即木块受到的浮力变化量)，再利用p=FS求容器底部受到水的压强的变化量。
本题为力学综合题，考查了重力公式、物体的漂浮条件、液体压强公式、阿基米德原理、力的平衡、压强定义式的应用，关键要知道：水对容器底压力的变化量等于木块排开水的重力变化量(即木块受到的浮力变化量)，另外也可以求出木块排开水的体积的变化量，再求出水面变化的高度，最后由液体压强公式计算容器底部受到水的压强的变化量。
2023年四川省德阳市中考物理一模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 下列有关声现象的说法正确的是( )
A. 声音从水中传到空气中，它的传播速度将变大
B. 把手机调到静音状态是在人耳处减弱噪声
C. 弹琴时不断用手指控制琴弦，主要是为了改变音色
D. 医院里检查身体用的B超是利用超声波来传递信息
2. 如图所示是探究能量转化的装置，下列相关说法错误的是( )
A. 燃料燃烧时内能转化为化学能
B. 对水加热过程中是通过热传递使水的内能增大的
C. 水蒸气驱动叶轮转动，水蒸气的内能减小了
D. 此实验展现了热机工作时的能量转化过程
3. 酒精测试仪可检测驾驶员是否为酒后驾车，如图是其原理图．图中酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比，如果测试到的酒精气体浓度变大，则通过传感器的电流和电压表的示数变化分别( )
A. 电流变大，电压表示数变大 B. 电流变小，电压表示数变大
C. 电流变大，电压表示数变小 D. 电流变小，电压表示数变小
4. 下图中能表明电动机原理的实验是( )
A. B.
C. D.
5. 如图所示为小李用照相机拍摄的石拱桥照片，下列有关说法错误的是( )
A. 桥在水中的倒影，是由于光的反射现象形成的
B. 若相机镜头焦距为f，拍摄时镜头到桥的距离要大于2f
C. 桥的倒影看起来比较暗，是由于一部分光折射到了水中
D. 相机的镜头相当于凸透镜，可用于矫正近视眼
6. 将毛皮与橡胶棒相互摩擦后，用该橡胶棒接触一个不带电的验电器，验电器箔片张开(如图)，橡胶棒和验电器之间会形成瞬时电流，下列说法正确的是( )
A. 电流是由正电荷定向移动形成的
B. 验电器箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 橡胶棒与毛皮相互摩擦时正电荷发生了转移，从而使毛皮带电
D. 该瞬时电流的方向是从橡胶棒到验电器
7. 利用如图所示的滑轮组提起一个重为225N的物体，绳子自由端的拉力F=100N。5s内物体被匀速提升2m。不可忽略绳重和机械部件间的摩擦，则下列说法中正确的是( )
A. 提升物体的过程中，拉力F功率为40W
B. 动滑轮重力大小为75N
C. 绳子自由端移动的距离是4m
D. 滑轮组的机械效率为75%
8. 日常生活中，处处有物理，下列说法错误的是( )
A. 汽车轮胎的轴承中装有滚珠是为了减小摩擦
B. 铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下
C. 推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关
D. 乘车时系上安全带是为了减小惯性
9. 如图所示电路，电源电压不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数为6V，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V，从P置于中点开始在20s内定值电阻R1产生的热量为64J，则下列判断正确的是( )
A. R1的阻值为10Ω
B. 滑动变阻器R的最大阻值为18Ω
C. 电源电压为9V
D. R1先后两次消耗的电功率之比为9：16
10. 如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水中开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处(不考虑水的阻力)。图乙是绳子拉力F随时间t变化的图像，根据图像信息，下列判断正确的是( )
A. 该金属块重力的大小为34N
B. 该金属块的密度是5.4×103kg/m3
C. 浸没在水中的金属块受到的浮力大小是20N
D. 在t1至t2金属块在水中受到的浮力逐渐增大
二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
11. 两只电阻R1标有“10Ω，2A”和R2标有“15Ω，1A”，把它们串联起来使用，为了不使电阻损坏，允许通过的最大电流是______A，两个电阻两端允许加的最大电压是______V。
12. 小林将质量为2kg的水从23℃加热至沸腾时测得水温为98℃，则水吸收的热量为______J，生物体内水的比例很高，这有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成伤害，这主要是因为水的______较大。【c水=4.2×103J/(kg⋅℃)】
13. 小刚学习了电学知识后，尝试把两种不同的金属片插入柠檬，制成“水果电池”，并且用电压表粗测了水果电池的电压，如图，水果电池相当于电路中的______ (填电路元件名称)；A端为水果电池的______ (选填正极或负极)。
14. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，对应的物体运动速度v与时间t的关系如图丙所示，分析图象可知，当t=1s时，物体受到的摩擦力为______ N，从4s−6s内，拉力F做的功是______ J。
15. 如图所示，物体A重60N，B重30N，物体A的底面积为5cm2，物体B的底面积为3cm2，则A对B的压强为______ Pa，B对桌面的压强是______ Pa。
三、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
16. 根据要求作图：试在图上画出F1和F2的力臂。
17. 如图所示，从S出来的一束光线射向平面镜后，反射光线经过点P，请你作出光路图。
18. 如图，开关控制插座，用笔画线代替导线将开关和插座正确连入电路中。
四、实验探究题（本大题共3小题，共19.0分）
19. 小明在“测定小灯泡的功率”的实验中，被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
实验器材如下：电源(电压为6V)、电流表(0～6A；0～3A)、电压表(0～3V；0～15V)、开关各一只，滑动变阻器：R1(50Ω,0.5A)，导线若干。
(1)本实验的实验原理是______ ；
(2)小明连接的实物图如图甲所示，老师指出该实物图的连接存在明显错误，请帮助小明修改好实物图，要求只能改动其中一条导线；(把需要改动的导线打“×”，然后用笔画线代替导线重新连接)
(3)若改好电路后，闭合开关S，小明看见灯泡发很亮的光后随即熄灭，则故障的原因可能是______ ；
(4)排除电路故障后，正确操作，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图乙所示的I−U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W，灯泡正常发光时的电阻是______ Ω。观察如图乙所示的I−U图象不是直线的原因是______ ；
(5)在分析实验误差的过程中，考虑到电压表虽然电阻很大，但是在电路中也会分得少许电流。考虑此因素，这样测得的小灯泡的额定功率比真实值______ (选填“偏大”或“偏小”)；
(6)如果还要完成探究电流和电压的关系，还需要添加的器材是______ 。
20. 某实验小组在实验室测量酱油的密度。
(1)把天平放在水平桌面上，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，如图甲所示。如果此时用天平去测物体的质量，会使测量结果 (选填“偏大”或“偏小”)；纠正错误后，应向 (选填“左”或“右”)调节平衡螺母，才能使天平横梁重新平衡。
(2)正确地将天平横梁调节平衡后，小刚的实验步骤如下：
A.用天平测出空烧杯的质量m1=16g；
B.向烧杯中倒入适量酱油，测得烧杯与酱油的总质量如图乙所示，为m2= g；
C.将烧杯中酱油全部倒入量筒中，测出酱油的体积V，如图丙所示。
按这种方法测得酱油的密度为ρ= kg/m3。
以上测量过程中，烧杯中会残留部分酱油，这会导致测得的酱油密度 (选填“偏大”、“偏小”)。只要将上述实验步骤的顺序调整为 (填写字母序号)，重做该实验可以减小了误差。
21. 如图所示是探究“凸透镜成像规律”的实验装置，透镜的焦距是10cm，透镜固定在光具座的50cm刻度处，蜡烛和光屏各位于光具座上0cm和100cm刻度处。
(1)实验时，调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度上，使像成在光屏的中央。为了能从不同方向看到光屏上的像，光屏应选用______ (选填“光滑”或“粗糙”)的白板。
(2)实验时，保持凸透镜在光具座上50m刻度线处，将蜡烛移至光具座上10cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的像，则该像的性质是倒立的、______ (选填“放大”、“等大”或“缩小”)的实像，______ (选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是根据这一原理工作的；
(3)如果向右移动蜡烛后，不移动光屏，要在光屏上得到清晰的像，应该在蜡烛和光屏之间放上一个______ 透镜(选填“凸”或“凹”)。
五、计算题（本大题共2小题，共17.0分）
22. 如图甲所示的电压力锅，集压力锅、电饭锅的优点于一体，省时节电，热效率高。它的工作原理如图乙，R1、R2是电热丝(阻值恒定)。当接通电源220V，温控开关S闭合，电压力锅处于正常加热状态；锅内达到预定温度时S自动断开，电压力锅处于保温状态。若电压力锅保温时的电功率为400W，电阻R1的阻值为96.8Ω。完成下列问题：
(1)求电热丝R2的阻值；
(2)该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗多少电能？
(3)若电路的实际电压为110V，电压力锅加热时的实际功率为多少？
23. 如图，水平桌面上放有一薄壁柱形容器，容器底面积为0.035m2，容器中装有水，质量为0.3kg、体积为1×10−3m3的正方体木块漂浮在水面上。现将细绳的一端绕过定滑轮后固定在木块下表面，并用竖直向上的拉力F缓慢匀速拉动细绳另一端，使木块从漂浮状态逐渐浸没入水中，木块不接触滑轮。不计摩擦与水的阻力，忽略绳重与体积的影响，g取10N/kg。求：
(1)木块漂浮时受到的浮力；
(2)若水深为0.3m，则容器底受到的水的压强；
(3)拉力F的最大值；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，容器底部受到水的压强的变化量。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、声音从水中传到空气中，它的传播速度将变小，故A错误。
B、把手机调到静音状态是在声源处减弱噪声，故B错误。
C、当用手指去控制琴弦长度时，琴弦振动的快慢会不一样，频率不一样，所以声音的音调就会发生变化，故C错误。
D、医院里给病人检查身体用的“B超”是利用超声波来传递信息，故D正确。
故选：D。
(1)声音可以在液体中和气体中传播，声音在液体中的传播速度比空气中传播的快。
(2)减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
(3)音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关。
(4)声音可以传递信息和能量。
此题考查了声音的有关知识，包括声音的特征、减弱噪声的途径等，涉及到的知识点多，综合性强，但难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，故A错误；
B、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，这种内能传递给水，这是通过热传递改变水的内能，故B正确；
C、水沸腾汽化为水蒸气，高温的水蒸气可以驱动叶轮转动，水蒸气自身的温度会降低，内能会减少，转化成了叶轮的机械能，故C正确；
D、此实验展现了热机工作时的能量转化过程，故D正确。
故选：A。
给试管中的水加热，燃料燃烧的化学能转化成火的内能，内能传递给水和水蒸气，高温的水蒸气推动叶轮转动，说明内能转化成了叶轮的动能。
本题考查了改变内能的方式、能量守恒定律以及能的转化，是一道综合性题目。
3.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，
因酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比，
所以，酒精气体浓度变大时，R的阻值变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，故BD错误；
由U=IR可知，R0两端电压变大，即电压表的示数变大，故A正确，C错误．
故选A．
由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，根据酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比可知酒精气体浓度变大时R阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化．
本题考查了电路的动态分析，利用好酒精气体传感器的电阻R与酒精气体的浓度成反比是关键．
4.【答案】B
【解析】解：A、是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，不符合题意；
B、电路中有电源，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，符合题意；
C、是奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意；
D、是利用安培定则来判断通电螺线管的磁场，不符合题意。
故选：B。
电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。对每一个选项所揭示的原理或规律进行分析，可最终做出判断。
本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
5.【答案】D
【解析】解：A、石拱桥在水中的倒影等同于平面镜成像，是光的反射形成的，故A正确；
B、照相机的原理：凸透镜满足u>2f，成倒立缩小的实像；若相机镜头焦距为f，拍摄时镜头到桥的距离要大于2f，故B正确。
C、倒影看起来比桥本身暗一些，主要是因为桥的光射到水面时，有一部分发生了折射，故C正确；
D、照相机的镜头相当于凸透镜，远视眼是像呈在视网膜的后方，要想使像呈在视网膜上，应戴一会聚透镜，即凸透镜，所以该眼镜可以用以矫正远视眼，故D错误。
故选：D。
(1)桥在水中的倒影应用的是平面镜成像的原理。
(2)倒影是景物反射的光线到水面，在被水面吸收一部分后再反射出来，所以亮度肯定不及景物本身了。
(3)照相机的原理：凸透镜满足u>2f，成倒立缩小的实像；凹透镜的中间比边缘薄，对光线有发散作用。用于矫正近视眼。
此题考查光的反射现象，光的折射现象，凸透镜成像规律及其应用等知识点，是一道综合性较强的题目。
6.【答案】B
【解析】解：A、电流是由电荷定向移动形成的，故A错误；
B、验电器箔片张开是由于同种电荷相互排斥，故B正确；
C、橡胶棒与毛皮相互摩擦时电子发生了转移，橡胶棒得到电子而带负电荷，毛皮失去电子而带正电荷，故C错误；
D、橡胶棒带多余的负电荷，与验电器接触时，自由电子移动方向是从橡胶棒到验电器，所以电流方向是从验电器到橡胶棒，故D错误。
故选：B。
(1)电流是由电荷定向移动形成的；
(2)验电器工作原理：同种电荷相互排斥；
(3)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电；
(4)规定正电荷定向移动的方向为电流方向。
本题考查了电流的形成、验电器的原、摩擦起电的实质、电流方向的规定等知识，体现了生活中处处有物理知识。
7.【答案】D
【解析】解：AC、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，物体提升2米，绳子自由端移动的距离：
s=nh=3×2m=6m，
拉力所做的总功：
W总=Fs=100N×6m=600J，
拉力的功率：
P=W总t=600J5s=120W；
故AC错误；
B、若忽略绳子重力和摩擦力，作用在绳子自由端的拉力：
F=G+G动n=G+G动3，
动滑轮的重力为：
G动=3F−G=3×100N−225N=75N；
因不可忽略绳重和机械部件间的摩擦，故动滑轮重力大小一定不是75N，故B错误；
D、拉力所做的有用功：
W有=Gh=225N×2m=450J；
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=450J600J×100%=75%。
故D正确。
故选：D。
AC、由图可知滑轮组绳子的有效股数，得出物体提升2米绳子自由端移动的距离；根据W=Fs求出拉力所做的总功，根据功率公式求出拉力的功率；
B、若忽略绳子重力和摩擦力，根据F=G+G动3得出动滑轮的重力大小，据此分析；
D、根据W=Gs得出拉力所做的有用功，根据η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率。
本题考查功、功率、机械效率公式的计算，注意F=G+G动n的适用条件是不计绳子重力和机械之间的摩擦力。
8.【答案】D
【解析】解：A、汽车轮胎的轴承中装有滚珠是用滚动代替滑动来减小摩擦。故A正确；
B、铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下，故B正确；
C、推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关，故C正确；
D、乘车时系上安全带是为了减小惯性带来的伤害，不能减小惯性，故D错误。
故选：D。
(1)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
(2)重力的方向是竖直向下的；
(3)力的三要素：力的大小、方向、作用点，力的三要素影响力的作用效果。
(4)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
本题考查减小摩擦的方法、力的三要素、惯性、重力的方向等知识，是一道综合性很强的题目，但难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，当滑片P置于变阻器的b端时，定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联；当滑片P置于变阻器的中点时，定值电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联。
(1)根据串联电路的分压特点可知，当滑片P置于变阻器的中点时电压表的示数为6V−2V=4V，
串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和，根据欧姆定律可得：
U=I1R1+6V，U=I2R1+4V，
I1=6VR，I2=4V12R=8VR，
因为电源的电压不变，所以I1R1+6V=I2R1+4V
即6VR⋅R1+6V=8VR⋅R1+4V
简化可得：R1=R，
根据Q=I2Rt可得P置于中点时，在20s内定值电阻R1产生的热量：
Q1=I22R1t=(8VR)2R1×20s=(8V)2R2×R×20s=(8V)2R×20s=64J，
解得：R=20Ω，即R1=20Ω，故AB错误；
电源的电压：U=I1R1+6V=6VRR1+6V=6V20Ω×20Ω+6V=12V，故C错误；
(2)根据P=I2R可得R1先后两次消耗的电功率之比：
P1P1′=I12R1I22R1=(6VR)2(8VR)2=916，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，当滑片P置于变阻器的b端时，定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联；当滑片P置于变阻器的中点时，定值电阻R1与滑动变阻器阻值的一半串联；
(1)先根据串联电路的分压特点求出当滑片P置于变阻器的中点时电压表的示数，再根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压以及电路中的电流，利用电源的电压不变得出等式即可得出R1和R之间的关系；再根据Q=I2Rt表示出P置于中点时，在20s内定值电阻R1产生的热量，进一步得出R和R1的阻值，代入电源电压即可求出电源的电压；
(2)根据P=I2R和电阻之间的关系即可求出R1先后两次消耗的电功率之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，利用好当滑片P置于变阻器的中点时电压表示数的变化的是关键。
10.【答案】C
【解析】解：当金属块完全露出水面时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，
则由图可知，该金属块的重力为：G=F拉=54N，
当金属块未露出水面时，即为图中的AB段，
由图可知，此时绳子的拉力为34N，
则金属块浸没时受到的浮力为：F浮=G−F拉=54N−34N=20N，
因为金属块浸没在水中时排开水的体积等于物体的体积，
所以由F浮=ρgV排可得，金属块的体积：
V金=V排=F浮ρ水g=20N1×103kg/m3×10N/kg=0.002m3，
由G=mg可得，金属块的质量：
m=Gg=54N10N/kg=5.4kg，
金属块的密度：
ρ=mV=5.4kg0.002m3=2.7×103kg/m3，
由图可知，绳子的拉力在t1至t2时间段内逐渐变大，
由F浮=G−F拉可知，此过程中浮力逐渐变小，故ABD错误，C正确。
故选：C。
分析绳子拉力随时间t变化的图象，当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，但未露出水面，此时金属块排开水的体积不变，由阿基米德原理可知此时金属块受到的浮力不变，绳子的拉力也不变，即为图中的AB段。
(1)当金属块完全露出水面时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，据此可知金属块的重力；
(2)当金属块未露出水面时，拉力等于重力减去浮力，据此求金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求金属块排开水的体积(金属块的体积)，知道金属块的重，利用重力公式求金属块的质量，最后利用密度公式求金属块的密度；
(3)首先判断在t1至t2时间段拉力的变化，再利用公式F浮=G−F拉判断浮力的变化。
本题考查了浮力、质量、密度的计算以及阿基米德原理的应用，关键是通过图乙确定金属块的重力及绳子受到的拉力、会用称重法计算金属块受到的浮力。
11.【答案】1 25
【解析】解：由两定值电阻的铭牌可知，两者允许通过的最大电流分别为：
I1=2A，I2=1A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，把它们串联起来使用，为了不使电阻损坏，电路中的最大电流I=I2=1A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，串联电路两端允许加的最大电压：
U=IR=I(R1+R2)=1A×(10Ω+15Ω)=25V。
故答案为：1；25。
串联电路中各处的电流相等，电路中的最大电路为两定值电阻允许通过最大电压中最小的一个，再根据电阻的串联和欧姆定律求出串联电路两端允许加的最大电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道两个电阻串联时电路中的最大电流为两者允许通过最大电流中较小的。
12.【答案】6.3×105 比热容
【解析】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(98℃−23℃)=6.3×105J；
(2)因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，所以生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。
故答案为：6.3×105；比热容。
(1)知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)水的比热容比较大，与相同质量的其它物质相比，吸收或放出相同的热量时，水的温度变化少。
本题考查了吸热公式Q吸=cm(t−t0)、水的比热容较大的应用，属于基础题目。
13.【答案】电源 正极
【解析】解：水果电池提供电压，相当于电源；
电压表使用时，电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，即电压表的正接线柱与电源的正极相连接，因此A为正极，B为负极。
故答案为：电源；正极。
根据水果电池的作用分析；
根据电压表的正确使用方法(电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出)确定电源的正负极。
本题考查了电路的组成、电压表的使用方法，属于基础题。
14.【答案】2 16
【解析】解：物体在水平方向受水平的拉力F与摩擦力f作用，由图丙知物体在0～2s内静止，处于平衡状态，在4s～6s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态。
由图乙知：在t=1s时物体受的拉力F=2N，由平衡条件得：摩擦力f=F=2N；
由图丙知：在4s～6s内，物体以2m/s的速度做匀速直线运动，处于平衡状态，
由图乙知此时拉力F′=4N，
则拉力F在4～6s内对物体所做的功为：W=F′s=F′vt=4N×2m/s×2s=16J。
故答案为：2；16。
对物体进行受力分析；由乙图象求出各时刻物体所受到的拉力F；
由丙图象判断物体的运动状态，根据物体的运动状态，由平衡条件求出物体所受的摩擦力；根据W=Fs=Fvt求出功的大小。
v−t图象、F−t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。
15.【答案】2×105 3×105
【解析】解：已知A的重力GA=60N，A对B的压力大小FA=GA=60N；A与B的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；A对B的压强p=FASB=60N3×10−4m2=2×105Pa；
已知B对桌面的压力F总=GA+GB=60N+30N=90N；B与地面的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；B对地面的压强p=F总SB=90N3×10−4m2=3×105Pa。
故答案为：2×105；3×105。
已知A的重力GA=60N，A对B的压力大小FA=GA=60N；A与B的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；根据p=FASB求A对B的压强；
已知B对桌面的压力F总=GA+GB，B与地面的受力面积为B的底面积SB=3cm2=3×10−4m2；根据p=F总SB求B对地面的压强；
本题考查压强的计算，值的注意的是B对地面的压力为AB重力之和以及计算A对B的压强时受力面积是B的底面积。
16.【答案】解：从支点O作F1的垂线段就是F1的力臂l1，从O作F2的反向延长线垂线段就是F2的力臂l2，如图所示：
【解析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离。
17.【答案】解：过镜面作出点S的对称点S′，即为点光源S在平面镜中的像，连接S′P与镜面交于O点，即为入射点(反射点)，连接SO就得到入射光线，如下图所示：
【解析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出射线S′P，与镜面的交点为入射点，再完成光路。
本题还可以作出P点的像P′，连接SP′与镜面交于O点，从而确定入射光线和入射点，连接OP画出反射光线。
18.【答案】解：据题意可知，开关对插座进行控制，从安全用电角度考虑应将开关接在火线和三孔插座之间；三孔插座上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如图所示：
【解析】(1)家庭电路中开关应接在火线和用电器之间，开关断开时，用电器不会带电。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】P=UI 滑动变阻器的滑片处于最小阻值处 0.5 12.5 小灯泡灯丝的阻值随温度的升高而增大 偏大 定值电阻
【解析】解：(1)“测定小灯泡的功率”实验需要用电流表测量小灯泡通过的电流和用电压表测量小灯泡两端电压，根据P=UI算出小灯泡的功率，即本实验的实验原理是P=UI。
(2)在“测定小灯泡的功率”的实验中，小灯泡、电流表应该串联在电路中，电压表并联在小灯泡两端。图中的小灯泡被短路了，应将小灯泡右端的接线柱与电压表“−”接线柱连接。如图所示
(3)闭合开关S，看见灯泡发很亮的光后随即熄灭，说明闭合开关后的一瞬间灯泡通过的电流比较大，烧坏了电路中元件，导致了断路，灯泡熄灭。原因可能是闭合开关时，滑动变阻器的滑片放到了最小阻值处。
(4)被测小灯泡的额定电压为2.5V，由图像可知，对应的额定电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W，
小灯泡正常发光的电阻R=U额I额=2.5V0.2A=12.5Ω，
图乙所示小灯泡的I−U图像逐渐趋向于电压轴，即可表明小灯泡的阻值在变大，是因为随着通电时间增加，小灯泡灯丝的温度会逐渐升高，从而导致灯丝的阻值升高，所以小灯泡的I−U图像是一条曲线。
(5)电压表并联在小灯泡两端，准确测量小灯泡两端的电压，但考虑到电压表虽然电阻很大，但是在电路中也会分得少许电流，所以电流表测量的是小灯泡通过的电流和电压表通过的电流之和，即小灯泡实际通过的电流比电流表的测量值要小，根据P=UI可知，测得的小灯泡的额定功率比真实值要大。
(6)若还要完成探究电流和电压的关系，根据控制变量法可知实验中需要控制电阻不变，改变电阻两端电压，所以还需要一个定值电阻。
故答案为：(1)P=UI；(2)见解析；(3)滑动变阻器的滑片处于最小阻值处；(4)0.5；12.5；小灯泡灯丝的阻值随温度的升高而增大；(5)偏大；(6)定值电阻。
(1)测量电功率的实验原理：P=UI；
(2)图中电压表测量电源电压，电压表应该并联在灯泡两端；
(3)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片需移到阻值最大处；
(4)根据图象读出灯泡正常发光时的电流，根据P=UI求出功率，根据R=UI算出灯泡正常发光时的电阻；灯丝电阻受到温度的影响；
(5)根据并联电路电流的规律，电流表示数大于灯的实际电流，根据P=UI分析；
(6)要探究电流和电压的关系实验，应保持电阻不变，可通过滑动变阻器改变电压来完成。
本题考查了测定小灯泡功率的实验，考查了实验原理、电路的连接、故障分析、电功率公式、欧姆定律公式的应用、误差分析、控制变量法的应用以及影响小灯泡电阻的因素。
20.【答案】偏大 右 62 1.15×103 偏大 BCA
【解析】解：(1)若调节天平平衡时，游码没有移到“0”刻度线处，如此时游码已移到1g，今测质量20g，则天平平衡需再加20g砝码，总读数为21g，比真实值20g大1g，故偏大；
天平的调节原则是：左偏右调、右偏左调、先快后慢可知，此时指针左偏，应将平衡螺母右调；
(2)由图丙所示量筒可知，酱油的体积：V=40mL=40cm3，
由图乙所示可知，酱油和烧杯的总质量：m总=50g+10g+2g=62g，
烧杯中酱油的质量：m=m总−m剩=62g−16g=46g，
酱油的密度：
ρ=mV=46g40cm3=1.15g/cm3=1.15×103kg/m3；
他们不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油的体积偏小，由公式ρ=mV知，密度测量结果偏大，所以先用天平称出盛有酱油的烧杯的总质量；再把烧杯中的酱油倒入量筒中一部分，记下量筒中酱油体积；最后用天平称出剩余酱油和烧杯的总质量；所以合理的实验顺序是BCA。
故答案为：(1)偏大；右；(2)62；1.15×103；(3)偏大；BCA。
(1)调平衡时游码未拨到零刻度线，相当于称量物体质量前已有了读数，使用这样的天平称量物体，总质量值减去原读数才等于物体质量；
天平的调节原则是：左偏右调、右偏左调、先快后慢；
(2)用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度值，而要准确读出游码所对刻度，必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准；
读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
已知烧杯和酱油的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中酱油的质量；已知酱油的质量和体积，利用公式ρ=mV得到酱油的密度；
他们的方案中“把烧杯内的酱油全部倒入量筒内”会使得酱油不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差。
本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出酱油的质量与体积，应用密度公式可以求出酱油的密度。
21.【答案】粗糙 缩小 照相机 凸
【解析】解：(1)为了能从不同方向看到光屏上的像，则光应在光屏上发生漫反射，故光屏应选用较粗糙的白板；
(2)当蜡烛在光具座上10cm刻度线处时，物距u=50cm−10cm=40cm，大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理工作的；
(3)凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点，向右移动蜡烛后，像也应向右移动，若不移动光屏，要在光屏上得到清晰的像，则应让像提前会聚，在蜡烛和光屏之间放上一个对光线有会聚作用的凸透镜。
故答案为：(1)粗糙；(2)缩小；照相机；(3)凸。
(1)漫反射是指光线被粗糙表面遵循反射规律向各个方向反射的现象；
(2)物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距；
(3)凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点；凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，要注意理解应用。
22.【答案】解：(1)当S断开，电压力锅处于保温状态，此时只有R2连入电路，
由P=U2R可知，R2的阻值：R2=U2P保温=(220V)2400W=121Ω；
(2)电压力锅处于正常加热状态时，R2的功率为：P2=400 W；
R1的功率：P1=U2R1=(220V)296.8Ω=500W；
电压力锅的加热功率：P加热=P1+P2=400W+500W=900W，
由P=Wt可知，该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗的电能：W=P加热t=900W×5×60s=2.7×105J；
(3)电路的实际电压为110V，根据并联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压均为110V，
电压力锅加热时的实际功率：P=P1′+P2′=U实2R1+U实2R2=(110V)296.8Ω+(110V)2121Ω=225W。
答：(1)电热丝R2的阻值为121Ω；
(2)该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗的电能为2.7×105J；
(3)若电路的实际电压为110V，电压力锅加热时的实际功率为225W。
【解析】(1)根据题意可知当S自动断开，电压力锅处于保温状态，此时只有R2工作，根据P=U2R求出R2的阻值；
(2)根据P=U2R求出电热丝R1的功率，据此求出加热状态时的功率；利用P=Wt求出该电压力锅处于正常加热状态5分钟，需要消耗的电能；
(3)根据P=U2R求出当电路的实际电压为110V，电压力锅加热时的实际功率。
本题考查并联电路的特点、电功和电功率公式的应用，难度不大。
23.【答案】解：(1)由漂浮条件可知，木块漂浮时受到的浮力：
F浮=G木=m木g=0.3kg×10N/kg=3N；
(2)若水深为0.3m，则容器底受到水的压强：
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3×103Pa；
(3)当木块浸没时，木块受到的浮力最大，所需的拉力F最大，此时木块排开水的体积：V排′=V=1×10−3m3，
此时木块受到的浮力：
F浮′=ρ水gV排′=1×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N，
此时木块受到向上的浮力、向下的重力和拉力作用，而定滑轮只改变力的方向，
根据力的平衡条件可得：F浮′=G木+F最大，
所以最大拉力：F最大=F浮′−G木=10N−3N=7N；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，
水对容器底压力的变化量等于木块排开水的重力变化量(即木块受到的浮力变化量)，
则：ΔF=ΔF浮=F浮′−F浮=10N−3N=7N，
容器底部受到水的压强的变化量：
Δp=ΔFS=7N0.035m2=200Pa。
答：(1)木块漂浮时受到的浮力为3N；
(2)若水深为0.3m，容器底受到水的压强为3×103Pa；
(3)拉力F的最大值为7N；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，容器底部受到水的压强的变化量为200Pa。
【解析】(1)木块漂浮时受到的浮力等于木块重力，利用F浮=G=mg计算；
(2)知道水深，利用p=ρgh求容器底受到水的压强；
(3)当木块浸没时拉力F最大，此时木块排开水的体积等于木块的体积，利用阿基米德原理求木块受到的浮力；根据力的平衡可得：F浮=G木+F最大，据此求最大拉力；
(4)木块从漂浮到被细绳拉到完全浸没，水对容器底压力的变化量等于木块排开水的重力变化量(即木块受到的浮力变化量)，再利用p=FS求容器底部受到水的压强的变化量。
本题为力学综合题，考查了重力公式、物体的漂浮条件、液体压强公式、阿基米德原理、力的平衡、压强定义式的应用，关键要知道：水对容器底压力的变化量等于木块排开水的重力变化量(即木块受到的浮力变化量)，另外也可以求出木块排开水的体积的变化量，再求出水面变化的高度，最后由液体压强公式计算容器底部受到水的压强的变化量。
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