还剩30页未读，
继续阅读
2023年四川省成都市新都区中考物理二模试卷（含解析）
展开
这是一份2023年四川省成都市新都区中考物理二模试卷（含解析），共33页。
2023年四川省成都市新都区中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 成都的夏天高温闷热，空调作为度夏利器，正在走入每个家庭。以下关于空调的知识说法正确的是( )
A. 空调工作时电能全部转化为内能
B. 空调遥控器的电压是3V
C. 夏天空调工作时将温度设置成37℃，人体会感觉很舒适
D. 空调外壳是塑料制成的，最主要原因是因为塑料密度小
2. 如图所示的四个实例中，目的是为了减小压强的是( )
A. 饮料管的一端剪成斜口
B. 图钉帽的面积做得较大
C. 切蛋器装有很细的钢丝
D. 注射器针头做得很尖
3. 描绘纯美青春的《再别康桥》诗句中蕴含了丰富的光学知识，下列说法正确的是( )
A. “河畔的金柳是夕阳中的新娘”，金柳的影子是光的折射形成的
B. “撑一支长篙向青草更青处漫溯”，长篙在水中的倒影是等大的实像
C. “波光里的艳影在我的心头荡漾”，湖面波光粼粼是光的直线传播形成的
D. “我挥一挥衣袖不带走一片云彩”，看到天上的云彩是由于云彩反射了太阳光
4. 经过两年的物理学习，同学们已做过大量的测量类实验，我们发现有些物理量不能由测量工具直接测出(如固体密度)，在这种情况下，要通过测量与之有关的另一些物理量(如固体的质量、体积)，再通过它们的关系计算得出待测物理量，这种测量方法叫做间接测量法，下面是同学们做过的一些实验，其中应用了间接测量法的是( )
A. 用刻度尺测物体长度 B. 用温度计测水的温度
C. 用电压表和电流表测量电功率 D. 用气压计测大气压强
5. 电给人们的生活带来了极大的方便，但不注意用电安全，可能会发生触电事故。下列于安全用电，说法正确的是( )
A. 不可以在一个插座上同时使用多个大功率用电器
B. 放风筝时应远离高压输电线，钓鱼时就可以不关注高压输电线
C. 使用验电笔时，手指不能接触笔尾的金属体
D. 家庭电路中保险丝烧断时，可用铜线替代它
6. 校园音乐中，小明同学用小提琴演奏中国名曲梁祝，下列说法正确的是( )
A. 演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变声音的响度
B. 演奏时，用力拉小提琴的同一琴弦可提高声音的音调
C. 小提琴演奏结束，声音会立刻消失
D. 小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵
7. 中华文化源远流长，大量中华诗词中蕴含着物理知识。以下说法正确的是( )
A. “瓶冰知冬寒，霜露欺远客”，露是冰熔化形成的
B. “照水冰如鉴，扫雪玉为尘”，冰是水蒸气凝固形成的
C. “霜降水泽枯，岁晚木叶落”，霜是水蒸气凝华形成的
D. “孤舟蓑笠翁，独钓寒江雪”，雪是水蒸气液化形成的
8. 中国的一些美食与传统节日有关，在如图所示的美食中，用物理知识解释正确的是( )
A. 包饺子时力的作用使饺子皮改变了形状
B. 煮熟的汤圆浮起来主要是因为汤圆的重力改变了
C. 粽子对盘的压力和盘对粽子的支持力是一对平衡力
D. 如果将月饼带到月球上，它的质量会减小
9. “工夫茶”是融精神、礼仪、沏泡技艺为一体的茶道形式，如图是泡“工夫茶”用的电茶炉，在电路中用R1和R2代表消毒锅和煮水壶，当闭合开关S后，R1和R2才能工作，但不能同时加热，选项的电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
10. 如图所示，是载有“天问一号”的火箭发射加速升空时的情景，下列描述正确的是( )
A. 火箭发射时出现的大量“白气”是汽化现象
B. 火箭点火升空过程中机械能保持不变
C. 火箭喷出燃气后火箭受到非平衡力的作用
D. 火箭升空时动能转化成重力势能
11. 下列关于能源、能量的说法，正确的是( )
A. 石油、天然气、电能都属于一次能源
B. 核能、风能、水能都属于不可再生能源
C. 原子弹爆炸时发生的链式反应是不可控的
D. 潜艇中的核反应堆是利用核聚变来产生能量的
12. 如图所示，北京冬奥会火了送餐机器人，机器人接到指令后，内部的电动机会驱动其底部轮子将美食送到指定运动员的房间。制作电动机依据的是下列四幅图中的( )
A.
B.
C.
D.
13. 在物理活动课上，小明设计了火灾自动报警器的模拟电路如图所示。R为热敏电阻，其阻值随温度升高而减小，R0为定值电阻。若有火情时R温度会升高，导致电表示数变化触发报警器报警。则报警时两电表示数变化情况是( )
A. 电流表示数变小，电压表示数变小 B. 电流表示数变大，电压表示数变大
C. 电流表示数变大，电压表示数变小 D. 电流表示数变小，电压表示数变大
14. 同学们在日常生活中常用手机进行“自拍”，“自拍”时，手机的镜头相当于一个______透镜，该透镜在日常生活中常用来矫正______(选填“近视眼”、“远视眼”)。
15. 小杜同学在长江边捡到鹅卵石，他用天平和量筒测量鹅卵石的密度。如图所示，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是______ ，鹅卵石受江水冲刷变小，它的密度将______ (填“变大”“变小”或“不变”)。
16. 如图是一个小灯泡的电流和电压变化规律图象，物理学中叫做伏安特性图象．由图象可知，当小灯泡在U=4V时，灯泡灯丝的电阻为______ Ώ；当小灯泡中流过0.3A的电流时，它消耗的功率是______
W.
17. “沿洄划转如旋风，半侧船头水花没”，这是描写船过漩涡时，漩涡中心流速大，中心的水压______(选填“大于”或“小于”)周围的水压而造成的惊险情景；峨眉山顶“煮米不成饭”，是因为峨眉山顶气压______(选填“高”或“低”)，水的沸点低造成的。
18. 如图所示，是歼20战机与加油机空中加油的情景，歼20战机相对加油机是______ (选填“静止”或“运动”)的；由于飞机与空气发生______ 而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器。
19. 科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程。丹麦物理学家______首先发现了电流周围存在则磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系。小郭同学自制了一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，如图所示。当开关S接______(选填“a”或“b”)点时，电磁铁的A端是N极。
20. 如图所示，甲是某款家用的即热式电热水龙头，乙是它的电路原理图，R1和R2是阻值分别为22Ω和44Ω的电热丝。通过旋转手柄改变与开关S接触的两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡的切换。当开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是______ (选填“冷水、“温水”或“热水”)，该水龙头在热水挡正常工作5分钟产生的热量是______ J。
21. 一个重2N的木块静止在斜面上，请作出木块对斜面的压力及木块所受静摩擦力的示意图。
22. 如图所示，一束光从空气中斜射向水面，同时发生反射和折射，根据图中的反射光线，画出对应的入射光线和折射光线。
23. 2020年12月8日，中尼两国共同宣布珠峰的最新高度为8848.86m。体重为500N的小海同学想一睹珠峰的雄伟魅力，从重庆坐火车经过约40h行驶了约3080km到达拉萨，然后坐汽车到达珠峰大本营。
(1)求火车的平均速度；
(2)从拉萨到珠峰大本营海拔升高了1600m，求该过程中克服小海重力做的功。
24. 如图所示，是小勇设计的某电器设备的部分电路。电源电压9V保持不变，灯泡L标有“8V4W”字样，电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω.闭合开关S和S1时，电路消耗的功率为4.05W.(不计灯丝电阻随温度的变化)求：
(1)小灯泡L的电阻；
(2)开关S、S1、S2都闭合时，通过电流表的最小电流；
(3)在不超过电表量程和灯泡额定电压的条件下，只闭合开关S2时滑动变阻器R2的电功率变化范围。
25. 小李利用压强计等装置探究液体内部压强的规律，进行了如图的操作：
(1)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差(如图甲所示)，接下来的操作是______ 。
A.拆除胶管重新安装
B.直接从U形管右侧倒出适量液体
C.往U形管右侧加入密度更大的液体
D.往U形管右侧吹入一些空气
(2)通过观察比较乙、丙两图可知，小李探究的问题是液体压强与______ 的关系。
(3)小李将探头固定在容器里，向容器内加入适量的浓盐水，发现此时U形管两侧液面的高度差变大，于是她得出了“在同一深度，液体的密度越大，液体内部的压强越大”的结论。你认为小李得出结论的过程是否可靠，并说明理由______ 。
26. 如图所示是探究“电流与电阻的关系”的实验电路图。电源电压为4.5V，三个定值电阻的阻值分别是5Ω、10Ω、20Ω，滑动变阻器R1为“20Ω 1A”，滑动变阻器R2为“30Ω 1A”。
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.40
0.20
0.10
(1)将10Ω的电阻换成20Ω的电阻后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，当观察到电压表示数为______ V时，再记录电流表的示数。
(2)根据表格得出的结论是：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______ 。
(3)实验中选择的滑动变阻器是______ (填“R1”或“R2”)。
(4)实验结束后，该小组的同学们利用电源、开关、最大阻值为R0的滑动变阻器、电流表、导线按如图示电路测定待测定值电阻Rx的阻值，他们进行如下操作：
①闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑至最左端，读出电流表示数为I1。
②将滑动变阻器滑片P滑至最右端，读出电流表示数为I2。
③待测电阻Rx的阻值的表达式为Rx= ______ (用I1、I2、R0表示)。
27. 近几年来，我国大力推广新能源汽车，利用到了5G、氢能出行、智能车联网、100%清洁电力等高新技术，为经济社会高质量发展发挥积极作用，下列说法正确的是( )
A. 氢能源汽车用氢作为燃料是因为氢的比热容大
B. 给电动汽车充电的过程中，是将化学能转化为电能
C. 5G网络速度比4G更快，但它们的电磁波传播速度是一样
D. 汽车周围有一定空气，所以倒车雷达以及北斗导航定位都是利用超声波传递信息
28. 如图所示的光现象，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，蜡烛离小孔越近，屏幕上所成的虚像变大
B. 图乙中，想用手电筒照亮看见的“鱼”，应对准“鱼”的下方照
C. 图丙中，把纸板F沿ON向后折一定的角度后，反射光线和入射光线、法线不在同一平面上
D. 图丁是投影仪原理图，当蜡烛燃烧变短时，像也会变短，蜡烛变短的速度比像变短的速度慢
29. 在标准大气压下用相同的加热器加热质量均为500g，初温相同的水和某种物质，它们温度随时间变化的图像如图所示，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，下列说法正确的是( )
A. 乙物质的沸点一定是80℃
B. 0～4min，乙物质的比热容为2.8×103J/(kg⋅℃)
C. 0～4min，乙吸收的热量大于甲吸收的热量
D. 8～10min，甲吸收的热量为1.68×105J
30. 如图所示是利用滑轮组匀速提升水中物体A的示意图，滑轮组固定在钢架上，滑轮组中的两个滑轮的质量相等。物体A的底面积为20cm2，密度为5×103kg/m3。底面积为50cm2的圆柱形玻璃筒中装有一定量的水，当物体A完全浸没在水中时。在绳端拉力F为14N的作用下，物体A从水中始终以0.05m/s的速度匀速上升，直至物体A有13的体积露出水面，筒中水的深度变化了4cm。此时，水对物体A底面处产生的压强为p。g取10N/kg，不计绳重与摩擦，则下列选项正确的是( )
A. p的大小为1000Pa
B. 物体A完全浸没在水中时，拉力F的功率为1.4W
C. 物体A完全浸没在水中时，钢架对滑轮组的拉力为46N
D. 物体A完全浸没在水中时，滑轮组的机械效率η为83.3%
31. 如图所示，电源电压不变。当滑动变阻器的滑片P在A端，闭合开关S1、S2，断开开关S3、S4时，电流表的示数I1=1.5A，R2的功率为P2，然后把滑片P滑至AB中点，电流表的示数为I2，I1：I2=2：1；当把滑片P滑至B端时，闭合开关S1、S3，断开开关S2、S4，滑动变阻器的功率为1.8W；闭合开关S1、S2、S4，断开开关S3，把滑动变阻器的滑片P滑至A端时，电路的总功率为1.5P2，此时R1的功率为P1。则( )
A. 电源电压为15V B. 电阻R1：R2=2：1
C. 电阻R1的功率P1为5.0W D. 滑动变阻器RAB的最大阻值为30Ω
32. 某同学为学校草坪设计了一个自动注水喷淋系统，其电路设计如图甲，控制电路电源电压U1=13V，R0为定值电阻，Rp为压敏电阻，电磁铁线圈电阻忽略不计，压敏电阻Rp放置于水箱底部(如图)，其阻值与压力有关，阻值随水位变化关系如表，工作电路包括注水系统和喷淋系统，其电源电压U2=220V。圆柱体水箱底面积S=0.5m2，当水箱内的水位上升到2m时，通过电磁铁线圈的电流Ia=0.13A，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作，此时电流表示数I1=1A，当水位下降到1m时，衔铁恰好被拉起注水系统开始给水箱注水，此时电流表示数I2=2A。
(1)该电磁铁的上端是______ 极。
(2)定值电阻R0阻值为______ Ω。
(3)当水箱内水位下降到1m时，控制电路中压敏电阻Rp的电功率为______ W。
(4)已知喷淋系统一直给草坪喷水，每秒钟喷水恒为0.001m3，注水系统工作时，每秒钟给水箱注水恒为0.006m3，相邻两次开始给水箱注水的这段时间内，工作电路消耗的电能为______ J。
水位/m
0.25
0.50
0.75
1.00
1.25
1.50
1.75
2.00
2.25
压敏电阻Rp的阻值/Ω
300
200
125
90
70
65
62
60
59
33. 如图，水平桌面上有一长方体容器，质量为0.4kg，底面积为400cm2，高12.5cm，里面装有4kg的水。将一正方体实心物体A轻放入水中，A的质量为0.8kg，待液面静止后，打开容器底部阀门(阀门未画出)，向外匀速放水。容器底部所受液体压强与放出的水的质量关系如图乙所示，图像中Δm1=Δm2，ΔP1：ΔP2=3：4。(g取10N/kg)
(1)未放入物体前，求水对容器底部的压强。
(2)求物体A的密度。
(3)另有一实心长方体B，底面积为200cm2，高为4cm，质量为0.82kg。现打开容器底部阀门放水，使容器中的水减少至3.5kg，再将B轻放在A的正上方，A和B均不倾倒，待液面静止后，求容器对水平桌面的压强。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.空调工作时，由于线圈有电阻，根据电流的热效应，所以将电能转化为机械能和内能，故A错误；
B、空调遥控器的电源由两节干电池串联而成，工作电压约为3V，故B正确；
C、让人感觉舒适的温度在23℃左右，故C错误；
D.空调外壳利用塑料是因为塑料是绝缘体使用安全与密度无关，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查了电功、电压、温度、物质的性质等，属基础性题目，关键要与实际结合。
2.【答案】B
【解析】解：
A、饮料管的一端剪成斜口，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B、图钉帽的面积做得较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B符合题意；
C、切蛋器装有很细的钢丝，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意；
D、注射器的针头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
故选：B。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题考查增大和减小压强的方法，压强问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
【解答】
A、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故A错误；
B、长篙在水中的倒影属于平面镜成像，是等大的虚像，不是实像，故B错误；
C、湖面波光粼粼是光的反射形成的，故C错误；
D、看到天上的云彩是由于云彩反射了太阳光，反射什么样的光，就是什么颜色的云彩，故D正确。
故选：D。
4.【答案】C
【解析】解：A、刻度尺可以直接测量物体的长度，不属于间接测量。不符合题意；
B、温度计可以直接测量水的温度，不属于间接测量。不符合题意；
C、用电压表和电流表测量电功率，属于间接测量。符合题意；
D、气压计可以直接测量大气压强，不属于间接测量。不符合题意。
故选：C。
回忆每个选项中测量工具的使用方法，确定符合题意的选项。
此题考查我们对间接测量的掌握，需要清楚的是：间接测量体现的是转换思想或等效替换思想。
5.【答案】A
【解析】解：A、在一个插座上不能同时使用多个大功率用电器，不然会造成电流过大，故A正确；
B、放风筝、钓鱼时应远离高压输电线，故B错误；
C、使用验电笔时，手指要接触笔尾的金属体，手指不能接触笔尖的金属体，故C错误；
D、保险丝采用电阻率大熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源。铜的熔点高，在电流过大时不能自动切断电源，起不到保险的作用，故D错误。
故选：A。
(1)家庭电路电流过大的原因：短路或用电器总功率过大。
(2)安全用电之一：远离高压带电体。
(3)试电笔在使用时，人体要接触笔尾金属体。
(4)保险丝的材料特点：电阻率较大、熔点低，不能用铜丝代替。
此题考查了有关安全用电原则、测电笔的正确使用和保险丝的作用，一定要学以致用。
6.【答案】D
【解析】解：A、演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变琴弦振动的频率，即改变声音的音调，故A不正确；
B、演奏时，用力拉紧小提琴的同一琴弦，琴弦的振幅大，响度大，改变的是响度，故B不正确；
C、小提琴演奏结束时，琴弦不振动，则不会产生声音，由于声音会向外传播，所以声音不会立刻消失，故C不正确；
D、声音的传播需要介质，小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵的，故D正确。
故选：D。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
声音的传播需要介质。
本题考查了声音的产生、传播及特征，只要对声音产生传播条件及三个特征(音调、响度、音色)有深刻的认识，将知识与生活有机的结合起来，即可轻松解答。
7.【答案】C
【解析】解：A、露是液态，是由气态变成液态，是液化形成的，故A错误；
B、冰是固态，是由液态变成固态，是凝固形成的，故B错误；
C、霜是固态，是由气态直接变成固态，是凝华形成的，故C正确；
D、雪是固态，是由气态直接变成固态，是凝华形成的，故D错误。
故选：C。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
本题考查了三态变化的定义，属于基础题。
8.【答案】A
【解析】解：A、包饺子时力改变了饺子皮的形状，故A正确；
B、煮熟的汤圆浮起来主要是因为汤圆受到的浮力改变了，当浮力大于重力，汤圆上浮，故B错误；
C、粽子对盘的压力和盘对粽子的支持力，大小相等，作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故C错误；
D、物体的质量不随物体的空间位置的改变而改变，是物体的基本属性，所以将月饼带到月球上，它的质量不变，故D错误。
故选：A。
(1)力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
(2)上浮条件：物体受到的浮力大于重力；
(3)二力平衡的四个条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一个物体上；
(4)质量是物体本身的性质，与物体所含物质的多少有关，与形状、状态、空间位置、温度均无关。
本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知识解释实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
9.【答案】C
【解析】A.由图可知，当S、S1、S2同时闭合时，R1和R2同时加热，故A不符合题意；
B.由图可知，当S、S1同时闭合时，R1和R2同时加热，故B不符合题意；
C.由图可知，当S闭合，S1接上面的接线柱时，只有R1加热，当S闭合，S1接下面的接线柱时，只有R2加热，故C符合题意；
D.由图可知，当S闭合时，R1和R2同时加热，故D不符合题意。
故选：C。
根据题意逐一分析电路图即可。
本题考查了电路的设计判断，在做题时要抓住关键点“当闭合开关S后，R1和R2才能工作，但不能同时加热”．
10.【答案】C
【解析】解：A.白气是小水滴，是由水池里的水先吸热汽化再上升后遇冷液化形成的，故A错误；
BD.火箭在加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能增大，机械能增大，故BD错误；
C.火箭喷出燃气后，火箭加速上升，运动状态不断改变，受非平衡力，故C正确。
故选：C。
(1)物质由气态变为液态叫做液化；
(2)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能=动能+势能；
(3)物体受平衡力的作用处于平衡状态；
(4)改变内能的方法：做功、热传递。
本题考查了液化现象、内能和机械能的转化、平衡状态，属于基础题目。
11.【答案】C
【解析】解：A、石油、天然气可以从自然界直接获取，属于一次能源，电能必须通过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源，故A错误；
B、风能、水能可以从自然界源源不断的获得，属于可再生能源，核能不能从自然界源源不断获得，属于不可再生能源，故B错误；
C、原子弹爆炸时发生的链式反应是不可控链式反应，故C正确；
D、潜艇中的核反应堆是利用核裂变来产生能量的，故D错误。
故选：C。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(2)能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
(3)(4)核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。
此题考查了能源的分类及核能的利用方式，属于基础知识的考查。
12.【答案】A
【解析】解：制作电动机依据是通电导体在磁场中受力运动；
A、该装置研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故A正确；
B、该实验为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B错误；
C、电铃是利用电磁铁，利用的是电流的磁效应，故C错误；
D.实验中，导体ab沿水平方向运动时，做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是根据这一原理制成的；
(2)小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；
(3)电磁铁通电后具有磁性；
(4)产生感应电流的条件：闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；发电机的工作原理是电磁感应现象。
本题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分，考试时这几幅图经常放在一起进行辨析。
13.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度升高时，热敏电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小；
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U=IR可知，R0两端的电压变大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，热敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小；故C正确。
故选：C。
由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。由题意可知温度升高时热敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，电压表示数的变化也可以根据串联电路的分压特点进行解答。
14.【答案】凸 远视眼
【解析】解：手机拍照与照相机原理相同，镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，所以手机镜头到被拍人的距离应满足大于二倍焦距的条件；
凸透镜对光线有会聚作用，远视眼的晶状体太薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方，要增大对光线的会聚能力，需要凸透镜。
故答案为：凸；远视眼。
凸透镜成像规律：u>2f，成倒立缩小的实像；u
本题考查对凸透镜对光线作用、成像规律应用的认识和理解，要掌握凸透镜成像规律，明确正常眼睛、近视眼、远视眼看远处和看近处在视网膜的成像情况。
15.【答案】游码未调零 不变
【解析】解：由图知，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是：游码未调零；
鹅卵石受江水冲刷变小，质量变小，体积变小，它的密度将不变。
故答案为：游码未调零；不变。
(1)测量前，天平放在水平面上，调节天平的横梁平衡时，游码要归零；
(2)密度是物质本身的一种特性，与质量和体积无关。
本题考查了天平的调节和密度的特性等，属于基础性题目。
16.【答案】10；0.6
【解析】解：由伏安特性图象(U−I图象)得出
(1)当U=4V时，I=0.4A，
R=UI=4V0.4A=10Ω
(2)当I′=0.3A时，U′=2V，
P′=U′I′=2V×0.3A=0.6W
故答案为：10，0.6
由伏安特性图象(U−I图象)得出
(1)当小灯泡在U=4V时，通过灯丝的电流值，利用欧姆定律求电阻；
(2)当通过灯丝的电流I=0.3A时，加在灯两端的电压，利用P=UI计算灯的电功率．
会由伏安特性图象(U−I图象)得出信息
(1)根据加在小灯泡两端的电压值，找出通过灯丝的电流值；
(2)根据通过灯丝的电流值，找出加在小灯泡两端的电压值．
17.【答案】小于 低
【解析】解：(1)由于在流体中，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，漩涡中心流速大，压强小，小于周围的水压；
(2)因为海拔越高，气压越低，所以高山上的大气压低于标准大气压；又因为液体沸点随液面上气压的减小而减小，所以水的沸点低于100℃，在这些地方用普通锅煮饭，往往不熟。
故答案为：小于；低。
(1)在流体中，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(2)大气压强随高度的增加而减小；液体沸点随液面上气压的减小而减小。
本题主要考查学生对流体压强与流速的关系、气压与高度的关系，以及气压与沸点的关系的了解，难度不大。
18.【答案】静止 摩擦起电(或摩擦)
【解析】解：(1)歼20战机与加油机空中加油的过程中，歼20战机相对加油机位置保持不变，因此是静止的；
(2)由摩擦起电现象可知，由于飞机与空气发生摩擦而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器
故答案为：静止；摩擦起电(或摩擦)。
(1)运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
(2)摩擦可以使物体带电，据此分析。
本题考查了对运动与静止相对性的理解，以及对摩擦起电现象的认识，难度不大。
19.【答案】奥斯特 a
【解析】解：(1)奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场。
(2)从图可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，用右手握住电磁铁，大拇指指向N极，则四指指向电磁铁线圈中的电流方向，
则电流从电磁铁的A端流进，从B端流出，由此可知，A端应接电源的正极，B端接电源的负极，
所以，当开关S接a点。
故答案为：奥斯特；a。
(1)在物理学中，第一个发现电与磁联系的科学家是奥斯特，即发现了通电导体周围存在磁场，磁场可以使小磁针发生偏转；
(2)知道电磁铁的A端是N极，根据安培定则判定出线圈中的电流方向，由此可判断出线圈中电流的方向，从而可以判断出电压的正负极，最后便可以判断出开关S接哪一个点。
(1)本题考查了物理学常识：电生磁是由哪位科学家发现的。
(2)本题考查安培定则的应用，注意安培定则不但可以由电流方向判断磁极方向，也可由磁极方向判断电流的方向。
20.【答案】温水 9.9×105
【解析】解：
(1)当开关S接触2、3触点时，只有电阻R1接入电路，当开关S接触3、4触点时，电阻R1和R2并联接入电路；
根据并联电路的电阻特点可知，当电阻并联时的总电阻要小于任一分电阻；
所以，当开关S接触2、3触点时，电路的电阻最大，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的电功率最小，水龙头放出的是温水；
(2)当开关S接触3、4触点时，电阻R1和R2并联接入电路，电路的电阻最小，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的电功率最大，水龙头放出的是热水；
则水龙头在热水挡正常工作5分钟产生的热量：Q=W1+W2=U2R1t+u2R2t=(220V)222Ω×5×60s+(220V)244Ω×5×60s=9.9×105J。
故答案为：温水；9.9×105。
(1)根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据P=UI=U2R判断功率的大小，由此可知其挡位；
(2)当开关S接触3、4触点时，电阻R1和R2并联接入电路，水龙头处于热水挡，利用Q=W1+W2=U2R1t+u2R2t计算出水龙头在热水挡正常工作5分钟产生的热量。
本题考查了电功率公式和电功公式的灵活运用，分清水龙头处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
21.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了力的示意图的画法，力的示意图要表示出力的作用点和力的方向，摩擦力的方向与运动趋势相反；注意题中摩擦力的受力物体都是物体，压力的受力物体是斜面，因此这两个力的作用点不能都画在物体上。
摩擦力的方向与物体运动方向或运动趋势的方向相反，物体在斜面上有沿斜面下滑的趋势，因此摩擦力的方向沿斜面向上；
物体对斜面的压力，作用在斜面上，作用点就画在斜面上，方向是垂直斜面并且指向斜面内部。
【解答】
木块静止在斜面上时，有向下运动的趋势，故木块受到沿斜面向上的静摩擦力，过物体的重心沿斜面向上画一条有向线段，并标上摩擦力的符号“f”；
木块对斜面的压力的作用点在物体与斜面接触面的中点处，过此点沿垂直于斜面向下方向画一条有向线段，并标上压力的符号“F”；如下图所示：
。
22.【答案】解：已知反射光线，首先过入射点垂直于水面作出法线，根据反射角等于入射角在法线右侧的空气中画出入射光线BO；
光从空气斜射入水中时，折射光线靠近法线偏折，折射角小于入射角，据此在法线左侧的水中画出折射光线OC.如图所示：
【解析】首先过入射点垂直于水面作出法线，根据光的反射定律画出空气中的入射光线；再根据光的折射规律画出水中的入射光线。
本题考查了学生的作图能力，在作光的折射的光路图时要注意：不管光从哪种介质斜射向哪种介质，在光疏质(密度比较小的物质)里面的角(入射角或折射角)较大；在光密质(密度比较大的物质)里面的角(入射角或折射角)较小，即“疏大密小”。角度越小，光线越靠近法线。
23.【答案】解：(1)从重庆坐火车经过约40h行驶了约3080km到达拉萨，则火车的平均速度为：
v=st=3080km40h=77km/h；
(2)从拉萨到珠峰大本营海拔升高了1600m，该过程中克服小海重力做的功为：
W=Gh=500Nx1600m=8×105J。
答：(1)求火车的平均速度为77km/h；
(2)从拉萨到珠峰大本营海拔升高了1600m，该过程中克服小海重力做了8×105J的功。
【解析】(1)根据公式v=st即可求出；
(2)根据公式W=Gh可求出克服小海重力做的功。
本题考查了平均速度和功的计算公式的应用，难度适中。
24.【答案】解：(1)因为灯的额定电压为UL=8V，额定功率为PL=4W，则由P=U2R可得灯的电阻为：
RL=UL2PL=(8V)24W=16Ω；
(2)闭合开关S和S1时，灯泡短路，R1单独接入电路，此时其两端电压为U=9V；
由P=U2R可得灯的电阻为：R1=U2P1=(9V)24.05W=20Ω；
开关S、S1、S2都闭合时，两电阻并联，灯泡被短路，当R2全部接入电路时，电路中电阻最大，
由I=UR可知此时，通过R1的电流为：I1=UR1=9V20Ω=0.45A
通过R2的电流为：I2=UR2=9V20Ω=0.45A，
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，故I=I1+I2=0.45A+0.45A=0.9A；
(3)当只闭合S2时，R2和L串联，灯泡正常发光时，电压为UL=8V，额定功率为PL=4W，
额定电流为IL=PLUL=4W8V=0.5A<3A，故电路中最大电流为I=0.5A，
当变阻器接入电路阻值最大时，电路中的最小电流I′=URL+R2=9V16Ω+20Ω=0.25A，此时各元件是安全的。
所以在不超过电表量程和灯泡额定电压的条件下，电路中电流的取值范围为0.25A～0.5A。
滑动变阻器消耗的功率为P=U2I=(U−UL实)I=(9V−IRL)I=9V×I−16Ω×I2=8164W−(4I−98)2W ①
当4I−98=0即I=932A<0.5A时，R2的功率最大Pmax=8164W≈1.27W；
根据前面推出的变阻器消耗功率与电流的二次函数表达式作出P−I图象，如图所示
根据图象可知，当电流最大为0.5A时，滑动变阻器消耗的电功率最小，此时灯泡正常发光。
此时滑动变阻器两端电压为U′=U−UL=9V−8V=1V，滑动变阻器消耗的电功率为P1=U′IL=1V×0.5A=0.5W；
故滑动变阻器R2的电功率变化范围为0.5W～1.27W。
【解析】(1)根据P=U2R求出灯泡的电阻；
(2)开关S、S1、S2都闭合时，两电阻并联，灯泡被短路，当R2全部接入电路时，电路中电阻最大，由I=UR可知此时，在U一定时，电路中电流最小，结合并联电路特点求出电流表的示数；
(3)当只闭合S2时，R2和L串联，结合电流表、电压表以及灯的额定电压，利用P=UI求出滑动变阻器的电功率变化范围。
该题为电学综合题，考查了电路的分析，欧姆定律、电功率公式的求解，分析电路的连接方式和熟练地应用公式是解题关键。
25.【答案】A 液体深度 不可靠，没有控制液体的深度不变
【解析】解：(1)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差，接下来的操作是：只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；选A；
(2)正确操作后，分析乙、丙两图知，液体密度相同，乙中深度较大，液体产生的压强较大，初步得出的结论是：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大，因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状；
(3)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同；
保持丙图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，密度增大的同时，液体深度也增大了，小李得出结论不可靠，没有控制液体的深度不变。
故答案为：(1)A；(2)液体深度；(3)不可靠，没有控制液体的深度不变。
(1)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论；
由实验结论分析回答；
(3)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同，据此分析。
本题利用压强计等装置“探究液体内部压强”的规律，考查器材调试、控制变量法和转换法及p=ρ液gh的运用与对深度的理解。
26.【答案】2 反比 R2 I2R0I1−I2
【解析】解：
(1)分析表格数据，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压：
UV=IR=0.4A×5Ω=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V；
探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，将10Ω的电阻换成20Ω的电阻后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，当观察到电压表示数为2V时，再记录电流表的示数；
(2)根据(1)可知，通过导体的电流与导体的电阻的乘积是定值，由此得出实验结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(3)根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U−UV=4V−2V=2.5V；
变阻器分得的电压为电压表示数的1.25倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R 滑=1.25×20Ω=25Ω；
实验中选择的滑动变阻器是R2。
(4)③在①中，闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑至最左端，为待测电阻的简单电路，读出电流表示数为I1。电源电压为：
U总=I1Rx；
在②中，将滑动变阻器滑片P滑至最右端，两电阻串联，根据串联电阻的规律及欧姆定律，电源电压为
U总=I2(Rx+R0)；
联立两式，待测电阻Rx的阻值的表达式为
Rx=I2R0I1−I2。
故答案为：(1)2；(2)反比；(3)R2；(4)I2R0I1−I2。
(1)探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即保持定值电阻两端的电压不变，分析表格数据，根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压；
(2)分析表格数据得出结论；
(3)根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻，据此回答；
(4)分析①②中电路的连接，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，列方程求出待测电阻。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查数据分析、器材的选择及测量电阻的特殊方法。
27.【答案】C
【解析】解：A.热值是燃料的特性，反映了燃料燃烧放热的能力，因此采用氢作为燃料是因为氢的热值大，故A错误；
B.给电动汽车充电的过程中，是将电能转化为化学能，故B错误；
C.5G网络速度比4G更快，原因是5G电磁波的波长比4G更短，但它们电磁波传播速度是一样的，故C正确；
D.倒车雷达是利用超声波传递信息，而北斗导航定位系统是利用电磁波传递信息的，故D错误。
故选：C。
(1)热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的特性，其大小只与燃料的种类有关；
(2)给蓄电池充电时，电能转化为化学能；
(3)4G和5G网络通信的载体是电磁波，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，当速度不变时波长与频率成反比；
(4)超声波的应用：回声测距、倒车雷达、B超等，但不能在真空中传播；电磁波可以在真空中传播。
本题考查了热值、能量转化、电磁波、超声波，综合性强，难度不大。
28.【答案】D
【解析】解：A、小孔成像的实验中所成的像是倒立的实像；蜡烛大小不变时，蜡烛离小孔越远，屏幕上所成的像离小孔的距离跟蜡烛离小孔远近无关，故A错误；
B、在光的折射中，光路是可逆的，因此将电筒光对着看到的“鱼”射入，就能照亮真实的鱼，故B错误；
C、光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，与硬纸板是否折叠没有关系，故C错误；
D、由图可知，物距小于像距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是投影仪，当蜡烛燃烧变短时，像也会变小，但是变短的速度比蜡烛变短的速度快，故D正确。
故选：D。
(1)小孔成像是光沿直线传播形成的，通过小孔所成的像是倒立的实像，小孔所成的像的大小与物体大小、像到小孔的距离和物距都有关系；
(2)从鱼反射出去的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，看到是鱼的虚像，比鱼的实际位置高一些；根据光路具有可逆性分析；
(3)熟记光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；
(4)凸透镜成像规律中，当v>2f、f
29.【答案】B
【解析】解：A、在标准气压下，乙物质的沸点是80℃，故A错误；
B、从图中可知，在标准气压下，甲的沸点是100℃，所以甲是水，0～4min，水吸收的热量为：Q水=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×40℃=8.4×104J，所以乙吸收的热量也是8.4×104J；乙的比热容：c=Q乙mΔt=8.4×104J0.5kg×60℃=2.8×103J/(kg⋅℃)，故B正确。
C、0～4min，乙吸收的热量等于甲吸收的热量，故C错误；
D、加热4min，水吸收的热量为8.4×104J，故加热2min，水吸收的热量为4.2×104J，故D错误。
故选：B。
(1)气压越大，沸点越高。
(2)先算出0～4min水吸收的热量，推算出乙吸收的热量，再根据比热容公式计算乙物质的比热容。
(3)用相同的加热器给不同的物质加热，在相同的时间内吸收的热量相同。
(4)用Q=cmΔt计算吸收的热量。
本题考查了沸点、比热容和热量的计算，属于基础题。
30.【答案】BC
【解析】解：A、由物体A有13的体积露出水面可知，物体浸在水中的体积是露出体积的2倍，由筒中水的深度变化了4cm可知，物体露出的体积：V露=S筒h=50cm2×4cm=200cm3，此时物体排开液体体积：V排1=2V露=2×200cm3=400cm3，物体的体积：V=3V露=3×200cm3=600cm3，
此时物体受到的浮力：F浮1=ρ水gV排1=1×103kg/m3×10N/kg×400×10−6m3=4N，
由浮力产生的原因可知，水对物体底面产生的压力：F向上=F浮−F向下=4N−0N=4N，
则水对物体A底面处产生的压强：p=F向上S=4N20×10−4m2=2000Pa，故A错误；
B、由图可知n=2，绳子自由端移动的速度：v=nv物=2×0.05m/s=0.1m/s，
物体A完全浸没在水中时，拉力F的功率：P=Wt=Fst=Fv=14N×0.1m/s=1.4W，故B正确；
C、物体A完全浸没在水中时排开水的体积：V排=V=600cm3，
此时物体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×600×10−6m3=6N，
由ρ=mV可知，物体的质量：m=ρV=5.0×103kg/m3×600×10−6m3=3kg，
物体的重力：G=mg=3kg×10N/kg=30N，
由力的平衡条件可知，此时物体受到的拉力：F拉=G−F浮=30N−6N=24N，
由不计绳重和摩擦时F=1n(F拉+G动)可知，动滑轮的重力：所以动滑轮的重力：G动=nF−F拉=2×14N−24N=4N，
由题意可知，定滑轮的重力：G定=G动=4N，
由力的平衡条件可知，钢架对滑轮组的拉力：F钢=3F+G定=3×14N+4N=46N，故C正确；
D、滑轮组的机械效率：滑轮组的机械效率：η=W有W总=F拉hFs=F拉hFnh=F拉nF=24N2×14N×100%≈85.7%，故D错误。
故选：BC。
(1)根据物体A有13的体积露出水面，筒中水的深度变化了4cm利用体积公式求出此时物体排开液体体积，根据体积公式求出物体的体积，根据阿基米德原理求出物体的浮力，根据浮力产生的原因求出水对物体底面产生的压力，根据p=FS求出水对物体A底面处产生的压强；
(2)由图可知n=2，绳子自由端移动的速度v=nv物，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力F的功率；
(3)根据阿基米德原理求出物体A完全浸没在水中时受到的浮力，根据密度公式求出物体的质量，根据重力公式求出物体的重力，根据力的平衡条件求出物体A受到的拉力，利用不计绳重和摩擦时F=1n(F拉+G动)求动滑轮的重力，进而求出定滑轮的重力，根据力的平衡条件求出钢架对滑轮组的拉力；
(4)利用η=W有W总=F拉hFs=F拉hFnh=F拉nF求滑轮组的机械效率。
本题综合考查了学生对重力公式、密度公式、阿基米德原理、液体压强公式、机械效率公式的掌握和运用，知识点多、综合性强，属于难题！
31.【答案】AB
【解析】解：B、由电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在A端，滑动变阻器接入电路的电阻为零，闭合开关S1、S2，断开开关S3、S4时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，
再把滑片P滑至AB中点时，滑动变阻器与R2串联，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知：I1I2=UR2UR2+12RAB=2R2+RAB2R2=21，则RAB=2R2；
闭合开关S1、S2、S4，断开开关S3，把滑动变阻器的滑片P滑至A端时，R1、R2并联，电流表测干路电流，
由P=UI可知：P2P并=UI1UI并=I1I并=P21.5P2=23，则I并=1.5I1=1.5×1.5A=2.25A，
由并联电路的特点可知，此时通过R2的电流与电路为R2的简单电路时通过R2的电流相等，即I2并=I2=1.5A，
由并联电路的电流特点可知，此时通过R1的电流：I1并=I并−I2并=2.25A−1.5A=0.75A，
由欧姆定律可知，电阻R1、R2之比：R1R2=UI1并UI2并=I2并I1并=1.5A0.75A=21，故B正确；
AD、当把滑片P滑至B端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，闭合开关S1、S3，断开开关S2、S4，滑动变阻器、R1、R2串联，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：R总=R1+R2+RAB=2R2+R2+2R2=5R2，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I串=UR总=UR1+R2+RAB=U2R2+R2+2R2=U5R2=15I1=15×1.5A=0.3A，
由P=UI=I2R可知，滑动变阻器最大阻值：RAB=PABI串2=1.8W(0.3A)2=20Ω，故D错误；
则此时电路中的总电阻：R总=5R2=5×12RAB=2.5×20Ω=50Ω，
因此电源电压：U=I串R总=0.3A×50Ω=15V，故A正确；
C、电阻R1的功率：P1=UI1=15V×1.5A=22.5W，故C错误。
故选：AB。
(1)由电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在A端，滑动变阻器接入电路的电阻为零，闭合开关S1、S2，断开开关S3、S4时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，再把滑片P滑至AB中点时，滑动变阻器与R2串联，电流表测电路中的电流，根据I1：I2=2：1结合串联电路的电阻特点和欧姆定律求出R2与滑动变阻器最大阻值的关系；
闭合开关S1、S2、S4，断开开关S3，把滑动变阻器的滑片P滑至A端时，R1、R2并联，电流表测干路电流，根据P=UI结合电路的总功率为1.5P2求出此时干路的电流，根据并联电路的特点可知，此时通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据欧姆定律求出电阻R1、R2的关系；
(2)当把滑片P滑至B端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，闭合开关S1、S3，断开开关S2、S4，滑动变阻器、R1、R2串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，根据P=UI=I2R求出滑动变阻器最大阻值，进而求出此时电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电源电压；
(3)根据P=UI求出电阻R1的功率P1。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
32.【答案】N 40 0.9 1.54×105
【解析】解：(1)控制电路的开关S闭合时，根据安培定则，电流从电磁铁的下端流入，从上端流出，电磁铁的上端是N极；
(2)控制电路中，两电阻串联接入电路，当水位为2米时，由表格数据知RP=60Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得R0阻值：R0=R总1−RP=UIa−RF=13V0.13A−60Ω=40Ω；
(3)当水位1米时，由表格数据知RP1=90Ω，
由串联电路电阻规律和欧姆定律可得线圈的电流：Ib=UR0+RP1=13V40Ω+90Ω=0.1A；
控制电路中压敏电阻Rp的电功率为P=Ib2RP1=(0.1A)2×90Ω=0.9W；
(4)由工作电路知，注水和喷淋系统是并联的，
注水系统从水位1米开始注水到2米，注水的总体积：V总=0.5m2×(2m−1m)=0.5m3，
注水的同时喷淋系统一直工作，所以注水时间：t1=0.5m30.006m3/s−0.001m3/s=100s，
水位从2米下降到1米，需要的时间：t2=0.5m30.001m3/s=500s，
所以注水系统与喷淋系统同时工作时，工作电路电流做的功：W=U2I2t1=220V×2A×100s=4.4×104J，
喷淋系统单独工作时，工作电路电流做功：W′=U2I1t2=220V×1A×500s=1.1×105J，
所以相邻两次开始给水箱注水的这段时间内，工作电路消耗的电能：W总=W+W′=4.4×104J+1.1×105J=1.54×105J。
故答案为：(1)N；(2)40；(3)0.9；(4)1.54×105。
(1)根据安培定则判断电磁铁的磁极；
(2)控制电路中，两电阻串联接入电路，由表格数据知当水位为2米时压敏电阻接入电路的阻值，根据串联电路电阻规律和欧姆定律计算R0阻值；
(3)由表格数据知当水位1米时压敏电阻接入电路的阻值，关键串联电路电阻规律和欧姆定律计算通过线圈的电流，根据P=I2R计算控制电路中压敏电阻Rp的电功率；
(4)分别计算注水系统注水时间和喷淋系统喷水时间；由W=UIt计算注水和喷淋同时进行时工作电路电流做功和喷淋系统单独工作电流做功，从而计算工作电路消耗的总的电能。
本题考查安培定则、串联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用，有一定难度。
33.【答案】解：(1)4kg水的体积：V=mρ水=4kg1×103kg/m3=4×10−3m3，
容器中水的深度：h=VS=4×10−3m3400×10−4m2=0.1m，
水对容器底部的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
(2)已知Δp1：Δp2=3：4，根据p=ρgh可得可得Δh1：Δh2=3：4，已知Δm1=Δm2，根据ρ=mV可得ΔV1=ΔV2，即SΔh1=(S−SA)Δh2
所以SA=S4=400×10−4m24=1×10−2m2，
实心物体A是正方体，A的边长：L= SA= 1×10−2m2=0.1m，
A的体积：VA=1×10−2m2×0.1m=1×10−3m3=1000cm3，
ρA=mVA=0.8kg1×10−3m3=0.8×103kg/m3，
(3)B的体积：VB=200cm2×4cm=800cm3=8×10−4m3，
A与B整体密度：ρ整体=mA+mBVA+VB=0.8kg+0.82kg1×10−3m3+8×10−4m3=0.9×103kg/m3<ρ水，
若AB整体在水中漂浮，由物体的漂浮条件可知：F浮AB=GA+GB=mAg+mBg=0.8kg×10N/kg+0.82kg×10N/kg=16.2N，
此时排开水的体积：V排AB=F浮ABρ水g=16.2N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.62×10−3m3=1620cm3>VA，
由于B放在A的正上方，所以。A浸没在水中，B浸在水中的体积：V浸B=V排AB−VA=1620cm3−1000cm3=620cm3，
此时AB浸入水中的深度：h浸AB=h浸A+h浸B=10cm+620cm3200cm2=13.1cm>12.5cm，
所以AB会沉底，排开水的体积：V排AB′=VA排+VB排=VA+SBhB排=1000cm3+200cm2×(12.5cm−10cm)=1500cm3，
由题意可知，容器中水的体积：V水=m水′ρ水=3.5kg1×103kg/m3=3.5×10−3m3=3500cm3，
容器的容积：V容=Sh=400cm2×12.5cm=5000cm3，
溢出水的体积：V溢=V水′+V排AB′−V容=3500cm3+1500cm3−5000cm3=0cm3，
即此时水恰好不溢出，此时容器对水平桌面的压力：F压=G总g=(m容+m水′+mA+mB)g=(0.4kg+3.5kg+0.8kg+0.82kg)×10N/kg=55.2N，
此时容器对水平桌面的压强：p=F压S=55.2N400×10−4m2=1380Pa。
答：(1)未放入物体前，水对容器底部的压强为1000Pa；
(2)物体A的密度为0.8×103kg/m3，
(3)容器对水平桌面的压强为1380Pa。
【解析】(1)根据密度公式得出3kg水的体积，进而得出水深，根据p=ρ水gh得出液体对容器底部的压强；
(2)已知Δp2：Δp1=3：4，根据p=ρgh可得可得Δh2：Δh1=3：4，已知Δm1=Δm2，根据ρ=mV可得ΔV1=ΔV2，进而得出SA，A的边长L=0.1m，可得出A的体积VA，根据密度公式得出A的密度；
(3)先计算B的体积VB，根据密度公式得出A与B整体密度ρ整体，与水的密度比较之后得出AB的浮沉情况，
由于B在水中的体积、A的体积、水的体积之和大于容器的容积，所以AB放入后有水溢出，得出容器剩余水的体积，并得出A、B分开放入水中后，容器的总重力，即压力大小，根据p=FS得出对水平桌面的压强。
本题考查压强、浮力的有关计算问题，综合性强，难度较大。
2023年四川省成都市新都区中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 成都的夏天高温闷热，空调作为度夏利器，正在走入每个家庭。以下关于空调的知识说法正确的是( )
A. 空调工作时电能全部转化为内能
B. 空调遥控器的电压是3V
C. 夏天空调工作时将温度设置成37℃，人体会感觉很舒适
D. 空调外壳是塑料制成的，最主要原因是因为塑料密度小
2. 如图所示的四个实例中，目的是为了减小压强的是( )
A. 饮料管的一端剪成斜口
B. 图钉帽的面积做得较大
C. 切蛋器装有很细的钢丝
D. 注射器针头做得很尖
3. 描绘纯美青春的《再别康桥》诗句中蕴含了丰富的光学知识，下列说法正确的是( )
A. “河畔的金柳是夕阳中的新娘”，金柳的影子是光的折射形成的
B. “撑一支长篙向青草更青处漫溯”，长篙在水中的倒影是等大的实像
C. “波光里的艳影在我的心头荡漾”，湖面波光粼粼是光的直线传播形成的
D. “我挥一挥衣袖不带走一片云彩”，看到天上的云彩是由于云彩反射了太阳光
4. 经过两年的物理学习，同学们已做过大量的测量类实验，我们发现有些物理量不能由测量工具直接测出(如固体密度)，在这种情况下，要通过测量与之有关的另一些物理量(如固体的质量、体积)，再通过它们的关系计算得出待测物理量，这种测量方法叫做间接测量法，下面是同学们做过的一些实验，其中应用了间接测量法的是( )
A. 用刻度尺测物体长度 B. 用温度计测水的温度
C. 用电压表和电流表测量电功率 D. 用气压计测大气压强
5. 电给人们的生活带来了极大的方便，但不注意用电安全，可能会发生触电事故。下列于安全用电，说法正确的是( )
A. 不可以在一个插座上同时使用多个大功率用电器
B. 放风筝时应远离高压输电线，钓鱼时就可以不关注高压输电线
C. 使用验电笔时，手指不能接触笔尾的金属体
D. 家庭电路中保险丝烧断时，可用铜线替代它
6. 校园音乐中，小明同学用小提琴演奏中国名曲梁祝，下列说法正确的是( )
A. 演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变声音的响度
B. 演奏时，用力拉小提琴的同一琴弦可提高声音的音调
C. 小提琴演奏结束，声音会立刻消失
D. 小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵
7. 中华文化源远流长，大量中华诗词中蕴含着物理知识。以下说法正确的是( )
A. “瓶冰知冬寒，霜露欺远客”，露是冰熔化形成的
B. “照水冰如鉴，扫雪玉为尘”，冰是水蒸气凝固形成的
C. “霜降水泽枯，岁晚木叶落”，霜是水蒸气凝华形成的
D. “孤舟蓑笠翁，独钓寒江雪”，雪是水蒸气液化形成的
8. 中国的一些美食与传统节日有关，在如图所示的美食中，用物理知识解释正确的是( )
A. 包饺子时力的作用使饺子皮改变了形状
B. 煮熟的汤圆浮起来主要是因为汤圆的重力改变了
C. 粽子对盘的压力和盘对粽子的支持力是一对平衡力
D. 如果将月饼带到月球上，它的质量会减小
9. “工夫茶”是融精神、礼仪、沏泡技艺为一体的茶道形式，如图是泡“工夫茶”用的电茶炉，在电路中用R1和R2代表消毒锅和煮水壶，当闭合开关S后，R1和R2才能工作，但不能同时加热，选项的电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
10. 如图所示，是载有“天问一号”的火箭发射加速升空时的情景，下列描述正确的是( )
A. 火箭发射时出现的大量“白气”是汽化现象
B. 火箭点火升空过程中机械能保持不变
C. 火箭喷出燃气后火箭受到非平衡力的作用
D. 火箭升空时动能转化成重力势能
11. 下列关于能源、能量的说法，正确的是( )
A. 石油、天然气、电能都属于一次能源
B. 核能、风能、水能都属于不可再生能源
C. 原子弹爆炸时发生的链式反应是不可控的
D. 潜艇中的核反应堆是利用核聚变来产生能量的
12. 如图所示，北京冬奥会火了送餐机器人，机器人接到指令后，内部的电动机会驱动其底部轮子将美食送到指定运动员的房间。制作电动机依据的是下列四幅图中的( )
A.
B.
C.
D.
13. 在物理活动课上，小明设计了火灾自动报警器的模拟电路如图所示。R为热敏电阻，其阻值随温度升高而减小，R0为定值电阻。若有火情时R温度会升高，导致电表示数变化触发报警器报警。则报警时两电表示数变化情况是( )
A. 电流表示数变小，电压表示数变小 B. 电流表示数变大，电压表示数变大
C. 电流表示数变大，电压表示数变小 D. 电流表示数变小，电压表示数变大
14. 同学们在日常生活中常用手机进行“自拍”，“自拍”时，手机的镜头相当于一个______透镜，该透镜在日常生活中常用来矫正______(选填“近视眼”、“远视眼”)。
15. 小杜同学在长江边捡到鹅卵石，他用天平和量筒测量鹅卵石的密度。如图所示，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是______ ，鹅卵石受江水冲刷变小，它的密度将______ (填“变大”“变小”或“不变”)。
16. 如图是一个小灯泡的电流和电压变化规律图象，物理学中叫做伏安特性图象．由图象可知，当小灯泡在U=4V时，灯泡灯丝的电阻为______ Ώ；当小灯泡中流过0.3A的电流时，它消耗的功率是______
W.
17. “沿洄划转如旋风，半侧船头水花没”，这是描写船过漩涡时，漩涡中心流速大，中心的水压______(选填“大于”或“小于”)周围的水压而造成的惊险情景；峨眉山顶“煮米不成饭”，是因为峨眉山顶气压______(选填“高”或“低”)，水的沸点低造成的。
18. 如图所示，是歼20战机与加油机空中加油的情景，歼20战机相对加油机是______ (选填“静止”或“运动”)的；由于飞机与空气发生______ 而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器。
19. 科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程。丹麦物理学家______首先发现了电流周围存在则磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系。小郭同学自制了一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，如图所示。当开关S接______(选填“a”或“b”)点时，电磁铁的A端是N极。
20. 如图所示，甲是某款家用的即热式电热水龙头，乙是它的电路原理图，R1和R2是阻值分别为22Ω和44Ω的电热丝。通过旋转手柄改变与开关S接触的两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡的切换。当开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是______ (选填“冷水、“温水”或“热水”)，该水龙头在热水挡正常工作5分钟产生的热量是______ J。
21. 一个重2N的木块静止在斜面上，请作出木块对斜面的压力及木块所受静摩擦力的示意图。
22. 如图所示，一束光从空气中斜射向水面，同时发生反射和折射，根据图中的反射光线，画出对应的入射光线和折射光线。
23. 2020年12月8日，中尼两国共同宣布珠峰的最新高度为8848.86m。体重为500N的小海同学想一睹珠峰的雄伟魅力，从重庆坐火车经过约40h行驶了约3080km到达拉萨，然后坐汽车到达珠峰大本营。
(1)求火车的平均速度；
(2)从拉萨到珠峰大本营海拔升高了1600m，求该过程中克服小海重力做的功。
24. 如图所示，是小勇设计的某电器设备的部分电路。电源电压9V保持不变，灯泡L标有“8V4W”字样，电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω.闭合开关S和S1时，电路消耗的功率为4.05W.(不计灯丝电阻随温度的变化)求：
(1)小灯泡L的电阻；
(2)开关S、S1、S2都闭合时，通过电流表的最小电流；
(3)在不超过电表量程和灯泡额定电压的条件下，只闭合开关S2时滑动变阻器R2的电功率变化范围。
25. 小李利用压强计等装置探究液体内部压强的规律，进行了如图的操作：
(1)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差(如图甲所示)，接下来的操作是______ 。
A.拆除胶管重新安装
B.直接从U形管右侧倒出适量液体
C.往U形管右侧加入密度更大的液体
D.往U形管右侧吹入一些空气
(2)通过观察比较乙、丙两图可知，小李探究的问题是液体压强与______ 的关系。
(3)小李将探头固定在容器里，向容器内加入适量的浓盐水，发现此时U形管两侧液面的高度差变大，于是她得出了“在同一深度，液体的密度越大，液体内部的压强越大”的结论。你认为小李得出结论的过程是否可靠，并说明理由______ 。
26. 如图所示是探究“电流与电阻的关系”的实验电路图。电源电压为4.5V，三个定值电阻的阻值分别是5Ω、10Ω、20Ω，滑动变阻器R1为“20Ω 1A”，滑动变阻器R2为“30Ω 1A”。
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.40
0.20
0.10
(1)将10Ω的电阻换成20Ω的电阻后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，当观察到电压表示数为______ V时，再记录电流表的示数。
(2)根据表格得出的结论是：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______ 。
(3)实验中选择的滑动变阻器是______ (填“R1”或“R2”)。
(4)实验结束后，该小组的同学们利用电源、开关、最大阻值为R0的滑动变阻器、电流表、导线按如图示电路测定待测定值电阻Rx的阻值，他们进行如下操作：
①闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑至最左端，读出电流表示数为I1。
②将滑动变阻器滑片P滑至最右端，读出电流表示数为I2。
③待测电阻Rx的阻值的表达式为Rx= ______ (用I1、I2、R0表示)。
27. 近几年来，我国大力推广新能源汽车，利用到了5G、氢能出行、智能车联网、100%清洁电力等高新技术，为经济社会高质量发展发挥积极作用，下列说法正确的是( )
A. 氢能源汽车用氢作为燃料是因为氢的比热容大
B. 给电动汽车充电的过程中，是将化学能转化为电能
C. 5G网络速度比4G更快，但它们的电磁波传播速度是一样
D. 汽车周围有一定空气，所以倒车雷达以及北斗导航定位都是利用超声波传递信息
28. 如图所示的光现象，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，蜡烛离小孔越近，屏幕上所成的虚像变大
B. 图乙中，想用手电筒照亮看见的“鱼”，应对准“鱼”的下方照
C. 图丙中，把纸板F沿ON向后折一定的角度后，反射光线和入射光线、法线不在同一平面上
D. 图丁是投影仪原理图，当蜡烛燃烧变短时，像也会变短，蜡烛变短的速度比像变短的速度慢
29. 在标准大气压下用相同的加热器加热质量均为500g，初温相同的水和某种物质，它们温度随时间变化的图像如图所示，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，下列说法正确的是( )
A. 乙物质的沸点一定是80℃
B. 0～4min，乙物质的比热容为2.8×103J/(kg⋅℃)
C. 0～4min，乙吸收的热量大于甲吸收的热量
D. 8～10min，甲吸收的热量为1.68×105J
30. 如图所示是利用滑轮组匀速提升水中物体A的示意图，滑轮组固定在钢架上，滑轮组中的两个滑轮的质量相等。物体A的底面积为20cm2，密度为5×103kg/m3。底面积为50cm2的圆柱形玻璃筒中装有一定量的水，当物体A完全浸没在水中时。在绳端拉力F为14N的作用下，物体A从水中始终以0.05m/s的速度匀速上升，直至物体A有13的体积露出水面，筒中水的深度变化了4cm。此时，水对物体A底面处产生的压强为p。g取10N/kg，不计绳重与摩擦，则下列选项正确的是( )
A. p的大小为1000Pa
B. 物体A完全浸没在水中时，拉力F的功率为1.4W
C. 物体A完全浸没在水中时，钢架对滑轮组的拉力为46N
D. 物体A完全浸没在水中时，滑轮组的机械效率η为83.3%
31. 如图所示，电源电压不变。当滑动变阻器的滑片P在A端，闭合开关S1、S2，断开开关S3、S4时，电流表的示数I1=1.5A，R2的功率为P2，然后把滑片P滑至AB中点，电流表的示数为I2，I1：I2=2：1；当把滑片P滑至B端时，闭合开关S1、S3，断开开关S2、S4，滑动变阻器的功率为1.8W；闭合开关S1、S2、S4，断开开关S3，把滑动变阻器的滑片P滑至A端时，电路的总功率为1.5P2，此时R1的功率为P1。则( )
A. 电源电压为15V B. 电阻R1：R2=2：1
C. 电阻R1的功率P1为5.0W D. 滑动变阻器RAB的最大阻值为30Ω
32. 某同学为学校草坪设计了一个自动注水喷淋系统，其电路设计如图甲，控制电路电源电压U1=13V，R0为定值电阻，Rp为压敏电阻，电磁铁线圈电阻忽略不计，压敏电阻Rp放置于水箱底部(如图)，其阻值与压力有关，阻值随水位变化关系如表，工作电路包括注水系统和喷淋系统，其电源电压U2=220V。圆柱体水箱底面积S=0.5m2，当水箱内的水位上升到2m时，通过电磁铁线圈的电流Ia=0.13A，衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作，此时电流表示数I1=1A，当水位下降到1m时，衔铁恰好被拉起注水系统开始给水箱注水，此时电流表示数I2=2A。
(1)该电磁铁的上端是______ 极。
(2)定值电阻R0阻值为______ Ω。
(3)当水箱内水位下降到1m时，控制电路中压敏电阻Rp的电功率为______ W。
(4)已知喷淋系统一直给草坪喷水，每秒钟喷水恒为0.001m3，注水系统工作时，每秒钟给水箱注水恒为0.006m3，相邻两次开始给水箱注水的这段时间内，工作电路消耗的电能为______ J。
水位/m
0.25
0.50
0.75
1.00
1.25
1.50
1.75
2.00
2.25
压敏电阻Rp的阻值/Ω
300
200
125
90
70
65
62
60
59
33. 如图，水平桌面上有一长方体容器，质量为0.4kg，底面积为400cm2，高12.5cm，里面装有4kg的水。将一正方体实心物体A轻放入水中，A的质量为0.8kg，待液面静止后，打开容器底部阀门(阀门未画出)，向外匀速放水。容器底部所受液体压强与放出的水的质量关系如图乙所示，图像中Δm1=Δm2，ΔP1：ΔP2=3：4。(g取10N/kg)
(1)未放入物体前，求水对容器底部的压强。
(2)求物体A的密度。
(3)另有一实心长方体B，底面积为200cm2，高为4cm，质量为0.82kg。现打开容器底部阀门放水，使容器中的水减少至3.5kg，再将B轻放在A的正上方，A和B均不倾倒，待液面静止后，求容器对水平桌面的压强。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.空调工作时，由于线圈有电阻，根据电流的热效应，所以将电能转化为机械能和内能，故A错误；
B、空调遥控器的电源由两节干电池串联而成，工作电压约为3V，故B正确；
C、让人感觉舒适的温度在23℃左右，故C错误；
D.空调外壳利用塑料是因为塑料是绝缘体使用安全与密度无关，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查了电功、电压、温度、物质的性质等，属基础性题目，关键要与实际结合。
2.【答案】B
【解析】解：
A、饮料管的一端剪成斜口，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B、图钉帽的面积做得较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B符合题意；
C、切蛋器装有很细的钢丝，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意；
D、注射器的针头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
故选：B。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题考查增大和减小压强的方法，压强问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
【解答】
A、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故A错误；
B、长篙在水中的倒影属于平面镜成像，是等大的虚像，不是实像，故B错误；
C、湖面波光粼粼是光的反射形成的，故C错误；
D、看到天上的云彩是由于云彩反射了太阳光，反射什么样的光，就是什么颜色的云彩，故D正确。
故选：D。
4.【答案】C
【解析】解：A、刻度尺可以直接测量物体的长度，不属于间接测量。不符合题意；
B、温度计可以直接测量水的温度，不属于间接测量。不符合题意；
C、用电压表和电流表测量电功率，属于间接测量。符合题意；
D、气压计可以直接测量大气压强，不属于间接测量。不符合题意。
故选：C。
回忆每个选项中测量工具的使用方法，确定符合题意的选项。
此题考查我们对间接测量的掌握，需要清楚的是：间接测量体现的是转换思想或等效替换思想。
5.【答案】A
【解析】解：A、在一个插座上不能同时使用多个大功率用电器，不然会造成电流过大，故A正确；
B、放风筝、钓鱼时应远离高压输电线，故B错误；
C、使用验电笔时，手指要接触笔尾的金属体，手指不能接触笔尖的金属体，故C错误；
D、保险丝采用电阻率大熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源。铜的熔点高，在电流过大时不能自动切断电源，起不到保险的作用，故D错误。
故选：A。
(1)家庭电路电流过大的原因：短路或用电器总功率过大。
(2)安全用电之一：远离高压带电体。
(3)试电笔在使用时，人体要接触笔尾金属体。
(4)保险丝的材料特点：电阻率较大、熔点低，不能用铜丝代替。
此题考查了有关安全用电原则、测电笔的正确使用和保险丝的作用，一定要学以致用。
6.【答案】D
【解析】解：A、演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变琴弦振动的频率，即改变声音的音调，故A不正确；
B、演奏时，用力拉紧小提琴的同一琴弦，琴弦的振幅大，响度大，改变的是响度，故B不正确；
C、小提琴演奏结束时，琴弦不振动，则不会产生声音，由于声音会向外传播，所以声音不会立刻消失，故C不正确；
D、声音的传播需要介质，小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵的，故D正确。
故选：D。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
声音的传播需要介质。
本题考查了声音的产生、传播及特征，只要对声音产生传播条件及三个特征(音调、响度、音色)有深刻的认识，将知识与生活有机的结合起来，即可轻松解答。
7.【答案】C
【解析】解：A、露是液态，是由气态变成液态，是液化形成的，故A错误；
B、冰是固态，是由液态变成固态，是凝固形成的，故B错误；
C、霜是固态，是由气态直接变成固态，是凝华形成的，故C正确；
D、雪是固态，是由气态直接变成固态，是凝华形成的，故D错误。
故选：C。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
本题考查了三态变化的定义，属于基础题。
8.【答案】A
【解析】解：A、包饺子时力改变了饺子皮的形状，故A正确；
B、煮熟的汤圆浮起来主要是因为汤圆受到的浮力改变了，当浮力大于重力，汤圆上浮，故B错误；
C、粽子对盘的压力和盘对粽子的支持力，大小相等，作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故C错误；
D、物体的质量不随物体的空间位置的改变而改变，是物体的基本属性，所以将月饼带到月球上，它的质量不变，故D错误。
故选：A。
(1)力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
(2)上浮条件：物体受到的浮力大于重力；
(3)二力平衡的四个条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一个物体上；
(4)质量是物体本身的性质，与物体所含物质的多少有关，与形状、状态、空间位置、温度均无关。
本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知识解释实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
9.【答案】C
【解析】A.由图可知，当S、S1、S2同时闭合时，R1和R2同时加热，故A不符合题意；
B.由图可知，当S、S1同时闭合时，R1和R2同时加热，故B不符合题意；
C.由图可知，当S闭合，S1接上面的接线柱时，只有R1加热，当S闭合，S1接下面的接线柱时，只有R2加热，故C符合题意；
D.由图可知，当S闭合时，R1和R2同时加热，故D不符合题意。
故选：C。
根据题意逐一分析电路图即可。
本题考查了电路的设计判断，在做题时要抓住关键点“当闭合开关S后，R1和R2才能工作，但不能同时加热”．
10.【答案】C
【解析】解：A.白气是小水滴，是由水池里的水先吸热汽化再上升后遇冷液化形成的，故A错误；
BD.火箭在加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能增大，机械能增大，故BD错误；
C.火箭喷出燃气后，火箭加速上升，运动状态不断改变，受非平衡力，故C正确。
故选：C。
(1)物质由气态变为液态叫做液化；
(2)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能=动能+势能；
(3)物体受平衡力的作用处于平衡状态；
(4)改变内能的方法：做功、热传递。
本题考查了液化现象、内能和机械能的转化、平衡状态，属于基础题目。
11.【答案】C
【解析】解：A、石油、天然气可以从自然界直接获取，属于一次能源，电能必须通过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源，故A错误；
B、风能、水能可以从自然界源源不断的获得，属于可再生能源，核能不能从自然界源源不断获得，属于不可再生能源，故B错误；
C、原子弹爆炸时发生的链式反应是不可控链式反应，故C正确；
D、潜艇中的核反应堆是利用核裂变来产生能量的，故D错误。
故选：C。
(1)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(2)能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
(3)(4)核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。
此题考查了能源的分类及核能的利用方式，属于基础知识的考查。
12.【答案】A
【解析】解：制作电动机依据是通电导体在磁场中受力运动；
A、该装置研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故A正确；
B、该实验为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B错误；
C、电铃是利用电磁铁，利用的是电流的磁效应，故C错误；
D.实验中，导体ab沿水平方向运动时，做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是根据这一原理制成的；
(2)小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；
(3)电磁铁通电后具有磁性；
(4)产生感应电流的条件：闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；发电机的工作原理是电磁感应现象。
本题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分，考试时这几幅图经常放在一起进行辨析。
13.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度升高时，热敏电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小；
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U=IR可知，R0两端的电压变大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，热敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小；故C正确。
故选：C。
由电路图可知，R与R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。由题意可知温度升高时热敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，电压表示数的变化也可以根据串联电路的分压特点进行解答。
14.【答案】凸 远视眼
【解析】解：手机拍照与照相机原理相同，镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，所以手机镜头到被拍人的距离应满足大于二倍焦距的条件；
凸透镜对光线有会聚作用，远视眼的晶状体太薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方，要增大对光线的会聚能力，需要凸透镜。
故答案为：凸；远视眼。
凸透镜成像规律：u>2f，成倒立缩小的实像；u
本题考查对凸透镜对光线作用、成像规律应用的认识和理解，要掌握凸透镜成像规律，明确正常眼睛、近视眼、远视眼看远处和看近处在视网膜的成像情况。
15.【答案】游码未调零 不变
【解析】解：由图知，小杜在调节天平横梁平衡过程中的操作错误是：游码未调零；
鹅卵石受江水冲刷变小，质量变小，体积变小，它的密度将不变。
故答案为：游码未调零；不变。
(1)测量前，天平放在水平面上，调节天平的横梁平衡时，游码要归零；
(2)密度是物质本身的一种特性，与质量和体积无关。
本题考查了天平的调节和密度的特性等，属于基础性题目。
16.【答案】10；0.6
【解析】解：由伏安特性图象(U−I图象)得出
(1)当U=4V时，I=0.4A，
R=UI=4V0.4A=10Ω
(2)当I′=0.3A时，U′=2V，
P′=U′I′=2V×0.3A=0.6W
故答案为：10，0.6
由伏安特性图象(U−I图象)得出
(1)当小灯泡在U=4V时，通过灯丝的电流值，利用欧姆定律求电阻；
(2)当通过灯丝的电流I=0.3A时，加在灯两端的电压，利用P=UI计算灯的电功率．
会由伏安特性图象(U−I图象)得出信息
(1)根据加在小灯泡两端的电压值，找出通过灯丝的电流值；
(2)根据通过灯丝的电流值，找出加在小灯泡两端的电压值．
17.【答案】小于 低
【解析】解：(1)由于在流体中，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，漩涡中心流速大，压强小，小于周围的水压；
(2)因为海拔越高，气压越低，所以高山上的大气压低于标准大气压；又因为液体沸点随液面上气压的减小而减小，所以水的沸点低于100℃，在这些地方用普通锅煮饭，往往不熟。
故答案为：小于；低。
(1)在流体中，流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(2)大气压强随高度的增加而减小；液体沸点随液面上气压的减小而减小。
本题主要考查学生对流体压强与流速的关系、气压与高度的关系，以及气压与沸点的关系的了解，难度不大。
18.【答案】静止 摩擦起电(或摩擦)
【解析】解：(1)歼20战机与加油机空中加油的过程中，歼20战机相对加油机位置保持不变，因此是静止的；
(2)由摩擦起电现象可知，由于飞机与空气发生摩擦而带上了大量的电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器
故答案为：静止；摩擦起电(或摩擦)。
(1)运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
(2)摩擦可以使物体带电，据此分析。
本题考查了对运动与静止相对性的理解，以及对摩擦起电现象的认识，难度不大。
19.【答案】奥斯特 a
【解析】解：(1)奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场。
(2)从图可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，用右手握住电磁铁，大拇指指向N极，则四指指向电磁铁线圈中的电流方向，
则电流从电磁铁的A端流进，从B端流出，由此可知，A端应接电源的正极，B端接电源的负极，
所以，当开关S接a点。
故答案为：奥斯特；a。
(1)在物理学中，第一个发现电与磁联系的科学家是奥斯特，即发现了通电导体周围存在磁场，磁场可以使小磁针发生偏转；
(2)知道电磁铁的A端是N极，根据安培定则判定出线圈中的电流方向，由此可判断出线圈中电流的方向，从而可以判断出电压的正负极，最后便可以判断出开关S接哪一个点。
(1)本题考查了物理学常识：电生磁是由哪位科学家发现的。
(2)本题考查安培定则的应用，注意安培定则不但可以由电流方向判断磁极方向，也可由磁极方向判断电流的方向。
20.【答案】温水 9.9×105
【解析】解：
(1)当开关S接触2、3触点时，只有电阻R1接入电路，当开关S接触3、4触点时，电阻R1和R2并联接入电路；
根据并联电路的电阻特点可知，当电阻并联时的总电阻要小于任一分电阻；
所以，当开关S接触2、3触点时，电路的电阻最大，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的电功率最小，水龙头放出的是温水；
(2)当开关S接触3、4触点时，电阻R1和R2并联接入电路，电路的电阻最小，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的电功率最大，水龙头放出的是热水；
则水龙头在热水挡正常工作5分钟产生的热量：Q=W1+W2=U2R1t+u2R2t=(220V)222Ω×5×60s+(220V)244Ω×5×60s=9.9×105J。
故答案为：温水；9.9×105。
(1)根据开关位置的改变，判断出电路的连接情况，然后根据P=UI=U2R判断功率的大小，由此可知其挡位；
(2)当开关S接触3、4触点时，电阻R1和R2并联接入电路，水龙头处于热水挡，利用Q=W1+W2=U2R1t+u2R2t计算出水龙头在热水挡正常工作5分钟产生的热量。
本题考查了电功率公式和电功公式的灵活运用，分清水龙头处于不同挡位时电路的连接方式是关键。
21.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查了力的示意图的画法，力的示意图要表示出力的作用点和力的方向，摩擦力的方向与运动趋势相反；注意题中摩擦力的受力物体都是物体，压力的受力物体是斜面，因此这两个力的作用点不能都画在物体上。
摩擦力的方向与物体运动方向或运动趋势的方向相反，物体在斜面上有沿斜面下滑的趋势，因此摩擦力的方向沿斜面向上；
物体对斜面的压力，作用在斜面上，作用点就画在斜面上，方向是垂直斜面并且指向斜面内部。
【解答】
木块静止在斜面上时，有向下运动的趋势，故木块受到沿斜面向上的静摩擦力，过物体的重心沿斜面向上画一条有向线段，并标上摩擦力的符号“f”；
木块对斜面的压力的作用点在物体与斜面接触面的中点处，过此点沿垂直于斜面向下方向画一条有向线段，并标上压力的符号“F”；如下图所示：
。
22.【答案】解：已知反射光线，首先过入射点垂直于水面作出法线，根据反射角等于入射角在法线右侧的空气中画出入射光线BO；
光从空气斜射入水中时，折射光线靠近法线偏折，折射角小于入射角，据此在法线左侧的水中画出折射光线OC.如图所示：
【解析】首先过入射点垂直于水面作出法线，根据光的反射定律画出空气中的入射光线；再根据光的折射规律画出水中的入射光线。
本题考查了学生的作图能力，在作光的折射的光路图时要注意：不管光从哪种介质斜射向哪种介质，在光疏质(密度比较小的物质)里面的角(入射角或折射角)较大；在光密质(密度比较大的物质)里面的角(入射角或折射角)较小，即“疏大密小”。角度越小，光线越靠近法线。
23.【答案】解：(1)从重庆坐火车经过约40h行驶了约3080km到达拉萨，则火车的平均速度为：
v=st=3080km40h=77km/h；
(2)从拉萨到珠峰大本营海拔升高了1600m，该过程中克服小海重力做的功为：
W=Gh=500Nx1600m=8×105J。
答：(1)求火车的平均速度为77km/h；
(2)从拉萨到珠峰大本营海拔升高了1600m，该过程中克服小海重力做了8×105J的功。
【解析】(1)根据公式v=st即可求出；
(2)根据公式W=Gh可求出克服小海重力做的功。
本题考查了平均速度和功的计算公式的应用，难度适中。
24.【答案】解：(1)因为灯的额定电压为UL=8V，额定功率为PL=4W，则由P=U2R可得灯的电阻为：
RL=UL2PL=(8V)24W=16Ω；
(2)闭合开关S和S1时，灯泡短路，R1单独接入电路，此时其两端电压为U=9V；
由P=U2R可得灯的电阻为：R1=U2P1=(9V)24.05W=20Ω；
开关S、S1、S2都闭合时，两电阻并联，灯泡被短路，当R2全部接入电路时，电路中电阻最大，
由I=UR可知此时，通过R1的电流为：I1=UR1=9V20Ω=0.45A
通过R2的电流为：I2=UR2=9V20Ω=0.45A，
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，故I=I1+I2=0.45A+0.45A=0.9A；
(3)当只闭合S2时，R2和L串联，灯泡正常发光时，电压为UL=8V，额定功率为PL=4W，
额定电流为IL=PLUL=4W8V=0.5A<3A，故电路中最大电流为I=0.5A，
当变阻器接入电路阻值最大时，电路中的最小电流I′=URL+R2=9V16Ω+20Ω=0.25A，此时各元件是安全的。
所以在不超过电表量程和灯泡额定电压的条件下，电路中电流的取值范围为0.25A～0.5A。
滑动变阻器消耗的功率为P=U2I=(U−UL实)I=(9V−IRL)I=9V×I−16Ω×I2=8164W−(4I−98)2W ①
当4I−98=0即I=932A<0.5A时，R2的功率最大Pmax=8164W≈1.27W；
根据前面推出的变阻器消耗功率与电流的二次函数表达式作出P−I图象，如图所示
根据图象可知，当电流最大为0.5A时，滑动变阻器消耗的电功率最小，此时灯泡正常发光。
此时滑动变阻器两端电压为U′=U−UL=9V−8V=1V，滑动变阻器消耗的电功率为P1=U′IL=1V×0.5A=0.5W；
故滑动变阻器R2的电功率变化范围为0.5W～1.27W。
【解析】(1)根据P=U2R求出灯泡的电阻；
(2)开关S、S1、S2都闭合时，两电阻并联，灯泡被短路，当R2全部接入电路时，电路中电阻最大，由I=UR可知此时，在U一定时，电路中电流最小，结合并联电路特点求出电流表的示数；
(3)当只闭合S2时，R2和L串联，结合电流表、电压表以及灯的额定电压，利用P=UI求出滑动变阻器的电功率变化范围。
该题为电学综合题，考查了电路的分析，欧姆定律、电功率公式的求解，分析电路的连接方式和熟练地应用公式是解题关键。
25.【答案】A 液体深度 不可靠，没有控制液体的深度不变
【解析】解：(1)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差，接下来的操作是：只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；选A；
(2)正确操作后，分析乙、丙两图知，液体密度相同，乙中深度较大，液体产生的压强较大，初步得出的结论是：同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大，因此拦河大坝要做成上窄下宽的形状；
(3)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同；
保持丙图中探头的位置不变，并向容器内加入适量的浓盐水，密度增大的同时，液体深度也增大了，小李得出结论不可靠，没有控制液体的深度不变。
故答案为：(1)A；(2)液体深度；(3)不可靠，没有控制液体的深度不变。
(1)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)液体压强与深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；分析实验中相同量和不同量，根据转换法得出结论；
由实验结论分析回答；
(3)研究液体压强与密度的关系，要控制液体的深度相同，据此分析。
本题利用压强计等装置“探究液体内部压强”的规律，考查器材调试、控制变量法和转换法及p=ρ液gh的运用与对深度的理解。
26.【答案】2 反比 R2 I2R0I1−I2
【解析】解：
(1)分析表格数据，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压：
UV=IR=0.4A×5Ω=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V；
探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，将10Ω的电阻换成20Ω的电阻后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，当观察到电压表示数为2V时，再记录电流表的示数；
(2)根据(1)可知，通过导体的电流与导体的电阻的乘积是定值，由此得出实验结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(3)根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U−UV=4V−2V=2.5V；
变阻器分得的电压为电压表示数的1.25倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R 滑=1.25×20Ω=25Ω；
实验中选择的滑动变阻器是R2。
(4)③在①中，闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑至最左端，为待测电阻的简单电路，读出电流表示数为I1。电源电压为：
U总=I1Rx；
在②中，将滑动变阻器滑片P滑至最右端，两电阻串联，根据串联电阻的规律及欧姆定律，电源电压为
U总=I2(Rx+R0)；
联立两式，待测电阻Rx的阻值的表达式为
Rx=I2R0I1−I2。
故答案为：(1)2；(2)反比；(3)R2；(4)I2R0I1−I2。
(1)探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即保持定值电阻两端的电压不变，分析表格数据，根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压；
(2)分析表格数据得出结论；
(3)根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻，据此回答；
(4)分析①②中电路的连接，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，列方程求出待测电阻。
本题探究“电流与电阻的关系”，考查数据分析、器材的选择及测量电阻的特殊方法。
27.【答案】C
【解析】解：A.热值是燃料的特性，反映了燃料燃烧放热的能力，因此采用氢作为燃料是因为氢的热值大，故A错误；
B.给电动汽车充电的过程中，是将电能转化为化学能，故B错误；
C.5G网络速度比4G更快，原因是5G电磁波的波长比4G更短，但它们电磁波传播速度是一样的，故C正确；
D.倒车雷达是利用超声波传递信息，而北斗导航定位系统是利用电磁波传递信息的，故D错误。
故选：C。
(1)热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的特性，其大小只与燃料的种类有关；
(2)给蓄电池充电时，电能转化为化学能；
(3)4G和5G网络通信的载体是电磁波，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，当速度不变时波长与频率成反比；
(4)超声波的应用：回声测距、倒车雷达、B超等，但不能在真空中传播；电磁波可以在真空中传播。
本题考查了热值、能量转化、电磁波、超声波，综合性强，难度不大。
28.【答案】D
【解析】解：A、小孔成像的实验中所成的像是倒立的实像；蜡烛大小不变时，蜡烛离小孔越远，屏幕上所成的像离小孔的距离跟蜡烛离小孔远近无关，故A错误；
B、在光的折射中，光路是可逆的，因此将电筒光对着看到的“鱼”射入，就能照亮真实的鱼，故B错误；
C、光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，与硬纸板是否折叠没有关系，故C错误；
D、由图可知，物距小于像距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是投影仪，当蜡烛燃烧变短时，像也会变小，但是变短的速度比蜡烛变短的速度快，故D正确。
故选：D。
(1)小孔成像是光沿直线传播形成的，通过小孔所成的像是倒立的实像，小孔所成的像的大小与物体大小、像到小孔的距离和物距都有关系；
(2)从鱼反射出去的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，看到是鱼的虚像，比鱼的实际位置高一些；根据光路具有可逆性分析；
(3)熟记光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；
(4)凸透镜成像规律中，当v>2f、f
29.【答案】B
【解析】解：A、在标准气压下，乙物质的沸点是80℃，故A错误；
B、从图中可知，在标准气压下，甲的沸点是100℃，所以甲是水，0～4min，水吸收的热量为：Q水=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×40℃=8.4×104J，所以乙吸收的热量也是8.4×104J；乙的比热容：c=Q乙mΔt=8.4×104J0.5kg×60℃=2.8×103J/(kg⋅℃)，故B正确。
C、0～4min，乙吸收的热量等于甲吸收的热量，故C错误；
D、加热4min，水吸收的热量为8.4×104J，故加热2min，水吸收的热量为4.2×104J，故D错误。
故选：B。
(1)气压越大，沸点越高。
(2)先算出0～4min水吸收的热量，推算出乙吸收的热量，再根据比热容公式计算乙物质的比热容。
(3)用相同的加热器给不同的物质加热，在相同的时间内吸收的热量相同。
(4)用Q=cmΔt计算吸收的热量。
本题考查了沸点、比热容和热量的计算，属于基础题。
30.【答案】BC
【解析】解：A、由物体A有13的体积露出水面可知，物体浸在水中的体积是露出体积的2倍，由筒中水的深度变化了4cm可知，物体露出的体积：V露=S筒h=50cm2×4cm=200cm3，此时物体排开液体体积：V排1=2V露=2×200cm3=400cm3，物体的体积：V=3V露=3×200cm3=600cm3，
此时物体受到的浮力：F浮1=ρ水gV排1=1×103kg/m3×10N/kg×400×10−6m3=4N，
由浮力产生的原因可知，水对物体底面产生的压力：F向上=F浮−F向下=4N−0N=4N，
则水对物体A底面处产生的压强：p=F向上S=4N20×10−4m2=2000Pa，故A错误；
B、由图可知n=2，绳子自由端移动的速度：v=nv物=2×0.05m/s=0.1m/s，
物体A完全浸没在水中时，拉力F的功率：P=Wt=Fst=Fv=14N×0.1m/s=1.4W，故B正确；
C、物体A完全浸没在水中时排开水的体积：V排=V=600cm3，
此时物体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×600×10−6m3=6N，
由ρ=mV可知，物体的质量：m=ρV=5.0×103kg/m3×600×10−6m3=3kg，
物体的重力：G=mg=3kg×10N/kg=30N，
由力的平衡条件可知，此时物体受到的拉力：F拉=G−F浮=30N−6N=24N，
由不计绳重和摩擦时F=1n(F拉+G动)可知，动滑轮的重力：所以动滑轮的重力：G动=nF−F拉=2×14N−24N=4N，
由题意可知，定滑轮的重力：G定=G动=4N，
由力的平衡条件可知，钢架对滑轮组的拉力：F钢=3F+G定=3×14N+4N=46N，故C正确；
D、滑轮组的机械效率：滑轮组的机械效率：η=W有W总=F拉hFs=F拉hFnh=F拉nF=24N2×14N×100%≈85.7%，故D错误。
故选：BC。
(1)根据物体A有13的体积露出水面，筒中水的深度变化了4cm利用体积公式求出此时物体排开液体体积，根据体积公式求出物体的体积，根据阿基米德原理求出物体的浮力，根据浮力产生的原因求出水对物体底面产生的压力，根据p=FS求出水对物体A底面处产生的压强；
(2)由图可知n=2，绳子自由端移动的速度v=nv物，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力F的功率；
(3)根据阿基米德原理求出物体A完全浸没在水中时受到的浮力，根据密度公式求出物体的质量，根据重力公式求出物体的重力，根据力的平衡条件求出物体A受到的拉力，利用不计绳重和摩擦时F=1n(F拉+G动)求动滑轮的重力，进而求出定滑轮的重力，根据力的平衡条件求出钢架对滑轮组的拉力；
(4)利用η=W有W总=F拉hFs=F拉hFnh=F拉nF求滑轮组的机械效率。
本题综合考查了学生对重力公式、密度公式、阿基米德原理、液体压强公式、机械效率公式的掌握和运用，知识点多、综合性强，属于难题！
31.【答案】AB
【解析】解：B、由电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在A端，滑动变阻器接入电路的电阻为零，闭合开关S1、S2，断开开关S3、S4时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，
再把滑片P滑至AB中点时，滑动变阻器与R2串联，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知：I1I2=UR2UR2+12RAB=2R2+RAB2R2=21，则RAB=2R2；
闭合开关S1、S2、S4，断开开关S3，把滑动变阻器的滑片P滑至A端时，R1、R2并联，电流表测干路电流，
由P=UI可知：P2P并=UI1UI并=I1I并=P21.5P2=23，则I并=1.5I1=1.5×1.5A=2.25A，
由并联电路的特点可知，此时通过R2的电流与电路为R2的简单电路时通过R2的电流相等，即I2并=I2=1.5A，
由并联电路的电流特点可知，此时通过R1的电流：I1并=I并−I2并=2.25A−1.5A=0.75A，
由欧姆定律可知，电阻R1、R2之比：R1R2=UI1并UI2并=I2并I1并=1.5A0.75A=21，故B正确；
AD、当把滑片P滑至B端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，闭合开关S1、S3，断开开关S2、S4，滑动变阻器、R1、R2串联，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：R总=R1+R2+RAB=2R2+R2+2R2=5R2，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I串=UR总=UR1+R2+RAB=U2R2+R2+2R2=U5R2=15I1=15×1.5A=0.3A，
由P=UI=I2R可知，滑动变阻器最大阻值：RAB=PABI串2=1.8W(0.3A)2=20Ω，故D错误；
则此时电路中的总电阻：R总=5R2=5×12RAB=2.5×20Ω=50Ω，
因此电源电压：U=I串R总=0.3A×50Ω=15V，故A正确；
C、电阻R1的功率：P1=UI1=15V×1.5A=22.5W，故C错误。
故选：AB。
(1)由电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在A端，滑动变阻器接入电路的电阻为零，闭合开关S1、S2，断开开关S3、S4时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，再把滑片P滑至AB中点时，滑动变阻器与R2串联，电流表测电路中的电流，根据I1：I2=2：1结合串联电路的电阻特点和欧姆定律求出R2与滑动变阻器最大阻值的关系；
闭合开关S1、S2、S4，断开开关S3，把滑动变阻器的滑片P滑至A端时，R1、R2并联，电流表测干路电流，根据P=UI结合电路的总功率为1.5P2求出此时干路的电流，根据并联电路的特点可知，此时通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据欧姆定律求出电阻R1、R2的关系；
(2)当把滑片P滑至B端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，闭合开关S1、S3，断开开关S2、S4，滑动变阻器、R1、R2串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，根据P=UI=I2R求出滑动变阻器最大阻值，进而求出此时电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电源电压；
(3)根据P=UI求出电阻R1的功率P1。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
32.【答案】N 40 0.9 1.54×105
【解析】解：(1)控制电路的开关S闭合时，根据安培定则，电流从电磁铁的下端流入，从上端流出，电磁铁的上端是N极；
(2)控制电路中，两电阻串联接入电路，当水位为2米时，由表格数据知RP=60Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得R0阻值：R0=R总1−RP=UIa−RF=13V0.13A−60Ω=40Ω；
(3)当水位1米时，由表格数据知RP1=90Ω，
由串联电路电阻规律和欧姆定律可得线圈的电流：Ib=UR0+RP1=13V40Ω+90Ω=0.1A；
控制电路中压敏电阻Rp的电功率为P=Ib2RP1=(0.1A)2×90Ω=0.9W；
(4)由工作电路知，注水和喷淋系统是并联的，
注水系统从水位1米开始注水到2米，注水的总体积：V总=0.5m2×(2m−1m)=0.5m3，
注水的同时喷淋系统一直工作，所以注水时间：t1=0.5m30.006m3/s−0.001m3/s=100s，
水位从2米下降到1米，需要的时间：t2=0.5m30.001m3/s=500s，
所以注水系统与喷淋系统同时工作时，工作电路电流做的功：W=U2I2t1=220V×2A×100s=4.4×104J，
喷淋系统单独工作时，工作电路电流做功：W′=U2I1t2=220V×1A×500s=1.1×105J，
所以相邻两次开始给水箱注水的这段时间内，工作电路消耗的电能：W总=W+W′=4.4×104J+1.1×105J=1.54×105J。
故答案为：(1)N；(2)40；(3)0.9；(4)1.54×105。
(1)根据安培定则判断电磁铁的磁极；
(2)控制电路中，两电阻串联接入电路，由表格数据知当水位为2米时压敏电阻接入电路的阻值，根据串联电路电阻规律和欧姆定律计算R0阻值；
(3)由表格数据知当水位1米时压敏电阻接入电路的阻值，关键串联电路电阻规律和欧姆定律计算通过线圈的电流，根据P=I2R计算控制电路中压敏电阻Rp的电功率；
(4)分别计算注水系统注水时间和喷淋系统喷水时间；由W=UIt计算注水和喷淋同时进行时工作电路电流做功和喷淋系统单独工作电流做功，从而计算工作电路消耗的总的电能。
本题考查安培定则、串联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用，有一定难度。
33.【答案】解：(1)4kg水的体积：V=mρ水=4kg1×103kg/m3=4×10−3m3，
容器中水的深度：h=VS=4×10−3m3400×10−4m2=0.1m，
水对容器底部的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
(2)已知Δp1：Δp2=3：4，根据p=ρgh可得可得Δh1：Δh2=3：4，已知Δm1=Δm2，根据ρ=mV可得ΔV1=ΔV2，即SΔh1=(S−SA)Δh2
所以SA=S4=400×10−4m24=1×10−2m2，
实心物体A是正方体，A的边长：L= SA= 1×10−2m2=0.1m，
A的体积：VA=1×10−2m2×0.1m=1×10−3m3=1000cm3，
ρA=mVA=0.8kg1×10−3m3=0.8×103kg/m3，
(3)B的体积：VB=200cm2×4cm=800cm3=8×10−4m3，
A与B整体密度：ρ整体=mA+mBVA+VB=0.8kg+0.82kg1×10−3m3+8×10−4m3=0.9×103kg/m3<ρ水，
若AB整体在水中漂浮，由物体的漂浮条件可知：F浮AB=GA+GB=mAg+mBg=0.8kg×10N/kg+0.82kg×10N/kg=16.2N，
此时排开水的体积：V排AB=F浮ABρ水g=16.2N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.62×10−3m3=1620cm3>VA，
由于B放在A的正上方，所以。A浸没在水中，B浸在水中的体积：V浸B=V排AB−VA=1620cm3−1000cm3=620cm3，
此时AB浸入水中的深度：h浸AB=h浸A+h浸B=10cm+620cm3200cm2=13.1cm>12.5cm，
所以AB会沉底，排开水的体积：V排AB′=VA排+VB排=VA+SBhB排=1000cm3+200cm2×(12.5cm−10cm)=1500cm3，
由题意可知，容器中水的体积：V水=m水′ρ水=3.5kg1×103kg/m3=3.5×10−3m3=3500cm3，
容器的容积：V容=Sh=400cm2×12.5cm=5000cm3，
溢出水的体积：V溢=V水′+V排AB′−V容=3500cm3+1500cm3−5000cm3=0cm3，
即此时水恰好不溢出，此时容器对水平桌面的压力：F压=G总g=(m容+m水′+mA+mB)g=(0.4kg+3.5kg+0.8kg+0.82kg)×10N/kg=55.2N，
此时容器对水平桌面的压强：p=F压S=55.2N400×10−4m2=1380Pa。
答：(1)未放入物体前，水对容器底部的压强为1000Pa；
(2)物体A的密度为0.8×103kg/m3，
(3)容器对水平桌面的压强为1380Pa。
【解析】(1)根据密度公式得出3kg水的体积，进而得出水深，根据p=ρ水gh得出液体对容器底部的压强；
(2)已知Δp2：Δp1=3：4，根据p=ρgh可得可得Δh2：Δh1=3：4，已知Δm1=Δm2，根据ρ=mV可得ΔV1=ΔV2，进而得出SA，A的边长L=0.1m，可得出A的体积VA，根据密度公式得出A的密度；
(3)先计算B的体积VB，根据密度公式得出A与B整体密度ρ整体，与水的密度比较之后得出AB的浮沉情况，
由于B在水中的体积、A的体积、水的体积之和大于容器的容积，所以AB放入后有水溢出，得出容器剩余水的体积，并得出A、B分开放入水中后，容器的总重力，即压力大小，根据p=FS得出对水平桌面的压强。
本题考查压强、浮力的有关计算问题，综合性强，难度较大。
相关试卷
2023年四川省成都市新都区中考物理二模试卷(含答案)： 这是一份2023年四川省成都市新都区中考物理二模试卷(含答案)，共28页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图与计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省成都市新都区中考物理一模试卷： 这是一份2023年四川省成都市新都区中考物理一模试卷，共22页。
四川省成都市新都区2023届中考物理（一模）试题： 这是一份四川省成都市新都区2023届中考物理（一模）试题，共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验题，作图题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
