2022-2023年上海沪教版物理八年级下册专项复习精讲精练：专题02滑轮（原卷版+解析版）

目录

一．定滑轮及其工作特点（共6小题）

二．动滑轮及其工作特点（共12小题）

三．动滑轮拉力的计算（共7小题）

四．研究定滑轮和动滑轮的特点（共3小题）

一．定滑轮及其工作特点（共6小题）

1．（2022春•浦东新区期中）如图所示，用水平拉力F通过滑轮匀速拉动重力80牛的物体A，已知A与水平地面的滑动摩擦力为20牛。则拉力F的大小为（　　）

A．10牛 B．20牛 C．40牛 D．80牛

【解答】解：由题意可知，物体A做匀速直线运动，即处于平衡状态，如图所示，该滑轮为定滑轮，并不省力，所以A在水平方向上受到拉力F和滑动摩擦力f，且两力是一对平衡力，所以F＝f＝20N。

故选：B。

2．（2022春•思明区校级期末）如图所示，用一根绳子绕过定滑轮，一端拴在钩码上，手执另一端，分别用力F1、F2、F3匀速拉起钩码。忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（　　）

A．F1较大 B．F2较大 

C．F3较大 D．F1、F2、F3的大小相等

【解答】解：由图可知，图中滑轮是定滑轮，定滑轮不能省力，忽略绳子与滑轮的摩擦，所以F1、F2、F3都与物体重力相等，所以三种拉法所用拉力一样大，故ABC错误，故D正确。

故选：D。

3．（2022春•徐汇区校级期末）旗杆顶端装有一个滑轮，如图所示。若国旗以0.4米/秒的速度匀速上升，绳自由端施加的拉力为5牛，不考虑滑轮与轴之间的摩擦，则国旗的重力G、绳子自由端移动的速度v分别是（　　）

A．G＝5牛，v＝0.4米/秒 B．G＝5牛，v＝0.8米/秒 

C．G＝10牛，v＝0.2米/秒 D．G＝10牛，v＝0.4米/秒

【解答】解：由图可知，滑轮不随国旗一起升降为定滑轮，使用定滑轮可以改变力的方向，不省力也不费距离，则国旗的重力G的大小等于拉力的大小为5N，绳子自由端移动的速度v等于国旗的升高速度为0.4m/s，故A正确、BCD错误。

故选：A。

4．（2022春•长宁区校级期中）如图所示，分别用力F1、F2、F3匀速提起同一重物。若不计滑轮重与摩擦，则（　　）

A．F1＝F2＞F3 B．F1＜F2＝F3 C．F1＝F2＝F3 D．F3＝F1＜F2

【解答】解：不计滑轮的重力和摩擦且不计绳重的情况下；

左边的滑轮是定滑轮，只能改变力的方向，不省力也不费力，故F1＝G，F2＝G，

右边的滑轮是动滑轮，能够省一半的力，故F3＝G。

所以，F1＝F2＞F3。

故选：A。

5．（徐汇区校级期中）如图所示，用滑轮匀速提升物体，滑轮　A　（选填“A”或“B”）可以等效为等臂杠杆，使用它的好处是　可以改变力的方向　，若物体的重力G均为20牛，不计摩擦和滑轮重力，力F1为　20　牛，物体在5秒内上升2米的过程中，力F1的功率为　8　瓦，机械能　变大　，（选填“变大”或“变小”或“不变”）

【解答】解：

（1）由图可知，A是定滑轮，其本质是等臂杠杆，使用它的好处是可以改变力的方向；

（2）不计摩擦和滑轮重力，则F1＝G＝20N，

力F1做的功：WA＝F1s＝F1h＝20N×2m＝40J，

力F1的功率：PA＝＝＝8W。

（3）物体在5秒内上升2米的过程中，质量不变，速度不变，高度升高，故动能不变，重力势能变大；因机械能等于动能与势能的总和，所以机械能变大。

故答案为：A；可以改变力的方向；20；8；变大。

6．（2022春•黄浦区校级期中）学校升旗仪式上，升旗手向 　下　拉绳子时（选填“上”或“下”），旗子就会上升。这是由于旗杆顶部有一个 　定　滑轮（选填“定”或“动”），它能 　改变力的方向　。

【解答】解：学校升旗仪式上，升旗手向下拉绳子时，旗子就会上升。这是由于旗杆顶部有一个定滑轮，它能改变力的方向。

故答案为：下；定；改变力的方向。

二．动滑轮及其工作特点（共12小题）

7．（2022春•奉贤区校级期末）如图所示，用6牛的拉力F匀速竖直提升重为G的物体，使其上升了0.4米。若不计滑轮自重及摩擦，关于物体的重力G和绳子自由端移动的距离s，下列判断中正确的是（　　）

A．G＝3牛、s＝0.2米 B．G＝3牛、s＝0.8米 

C．G＝12牛、s＝0.4米 D．G＝12牛、s＝0.8米

【解答】解：由图可知，该装置为动滑轮，使用动滑轮可以省一半的力，费一倍的距离，物体上升的高度为0.2m，则绳子自由端通过的距离为s＝0.4m×2＝0.8m；

不计滑轮自重及摩擦，则F＝G，G＝2F＝2×6N＝12N，

故ABC错误，D正确。

故选：D。

8．（2020•闵行区二模）如图所示，用5牛的拉力F匀速竖直提升重为G的物体，使其上升了0.2米。若不计滑轮自重及摩擦，关于物体的重力G和绳子自由端移动的距离s，下列判断中正确的是（　　）

A．G＝2.5牛  s＝0.1米 B．G＝2.5牛  s＝0.4米 

C．G＝10 牛  s＝0.1米 D．G＝10牛  s＝0.4米

【解答】解：由图可知，该装置为动滑轮，使用动滑轮可以省一半的力，费一倍的距离，物体上升的高度为0.2m，则绳子自由端通过的距离为s＝0.2m×2＝0.4m；

不计滑轮自重及摩擦，则F＝G，G＝2F＝2×5N＝10N。

故选：D。

9．（2019•普陀区二模）如图所示，用大小相同的力F匀速提起两个物体，若不计滑轮重及摩擦，则两物体所受重力的大小关系是（　　）

A．G1＝2G2 B．G1＝G2 C．G1＝4G2 D．G1＝G2

【解答】解：用大小相同的力F匀速提起两个物体，

左图使用的是定滑轮，不计滑轮重及摩擦，拉力F＝G1；

右图使用的是动滑轮，不计滑轮重及摩擦，拉力F＝G2；

可得：G1＝G2；

故选：B。

10．（2022春•徐汇区校级期中）图中属于定滑轮的是 　右　（选填“左”或“右”）边的装置。若不计滑轮重及摩擦，且物体A和B所受重力都为100牛。当用力分别匀速提起物体A和B时，力FB为 　100　牛。若物体A被提高了2米，则力FA端绳子向上移动 　4　米。

【解答】解：由图可知，不计滑轮的重和摩擦时，A滑轮是动滑轮，使用动滑轮可以省一半的力，所以FA＝G＝×100N＝50N；

B滑轮是定滑轮，使用定滑轮不能够省力，所以需要用的力FB＝G＝100N；

若物体A被提高了2米，则力FA端绳子向上移动s＝2h＝2×2m＝4m。

故答案为：右；100；4。

11．（2022春•浦东新区期中）小红在进行期中复习时，对“机械”绘制了如图所示的思维导图（未全）。

（1）在杠杆的定义中，缺少的文字是 　的硬棒　。在杠杆的类型中，应分为 　三　类。

（2）导图中“？”处的内容是 　滑轮　。归纳两种滑轮的特点时，应从“能否省力”和“能否 　省距离　”两个角度描述。

【解答】解：（1）在力的作用下如果能绕着一固定点转动的硬棒就叫杠杆。

杠杆分为三类：省力杠杆；费力杠杆；等臂杠杆；

（2）能绕轴转动的小轮称为滑轮。归纳两种滑轮的特点时，应从“能否省力”和“能否省距离”两个角度描述。

故答案为：（1）的硬棒；三；（2）滑轮；省距离。

12．（2021春•静安区校级期末）如图所示，拉力F1和F2分别经过滑轮使物体沿水平方向做匀速直线运动，如果物体与水平面间的滑动摩擦力大小均为30牛，则拉力F1的大小为 　30　牛，如果物体水平移动了10厘米，则F2在水平方向上移动的距离为 　20　厘米。

【解答】解：由图知，（a）为定滑轮，所以F1＝f＝30N；

（b）为动滑轮，

绳端移动距离应为物体移动距离的2倍，所以s端＝2×s物＝2×10cm＝20cm。

故答案为：30；20。

13．（2022春•徐汇区校级期末）如图所示是工人往高处运送货物的两种方法，（甲）中滑轮的作用是 　可以改变用力方向　，（乙）中用滑轮拉动100牛的重物上升1米时，不计滑轮重及摩擦，工人的拉力为 　50　牛，绳子的自由端上升 　2　米。

【解答】解；甲是定滑轮，定滑轮的作用是可以改变用力方向；

乙是动滑轮，可以省一半的力，G＝100N，不计滑轮重及摩擦，工人的拉力为F＝G＝×100N＝50N；

绳子自由端移动的距离为：s＝nh＝2×1m＝2m。

故答案为：可以改变用力方向；50；2。

14．（2021春•普陀区期末）如图所示，用甲、乙两个轻质滑轮分别匀速提起质量相同的物体，属于定滑轮的是 　甲　（选填“甲”或“乙”），使用它的好处是可以 　改变力的方向　。乙滑轮的动力臂与阻力臂之比为 　2：1　。A、B、C三根绳子所受的拉力中，最大的拉力与最小的拉力之比为 　4：1　。

【解答】解：（1）甲滑轮的轴固定不动，为定滑轮，其实质是等臂杠杆，甲滑轮的动力臂与阻力臂之比为1：1，不能省力，但是可以改变力的方向；

（2）乙滑轮随物体一起运动，为动滑轮，其实质是动力臂等于二倍阻力臂的杠杆，可以省一半的力，因此乙滑轮的动力臂与阻力臂之比为 2：1；

（3）用甲、乙两个轻质滑轮分别匀速提起相同质量的物体，物体的重力相同，设都为G。

不计绳重和摩擦，甲乙为轻质滑轮，质量不计，甲滑轮为定滑轮，拉力F1＝G；

乙滑轮为动滑轮，拉力F2＝

G；

则，A绳子拉力FA＝F1＝G，B绳子拉力FB＝2F1＝2G，C绳子拉力FC＝F2＝

G，

A、B、C三根绳子中，所受最大的拉力与最小的拉力之比：

FB：FC＝2G：

G＝4：1。

故答案为：甲；改变力的方向；2：1；4：1。

15．（2022春•黄浦区校级期中）小明和小红同学研究“使用动滑轮缓慢提起重物时所需竖直向上的拉力F与哪些因素有关”，他们用如图所示装置，将不同物体缓慢提起，分别测出物体所受重力G物和所需拉力F的大小，数据记录在表一中。然后，他们更换滑轮，重复实验，将相关数据记录在表一、表二、表三中。

①分析比较表一、表二或表三中F与G物的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：　使用同一动滑轮提起物体，物体的重力越大，拉力越大　。

②分析比较实验序号 　2、5或3、6或4、8、9　中的F与 　动滑轮重力　的变化关系及相关条件，可以得出的初步结论是：使用动滑轮缓慢提起重物，物体的重力G物相同，滑轮的重力G滑轮越大，所需竖直向上的拉力F越大。

③小明同学分析比较各组数据中 　拉力与提升的物体重力　的大小关系及相关条件，得出结论：使用动滑轮沿竖直方向缓慢提起重物，可以省力。

④小红同学认为小明同学的实验结论，不具有普遍性，原因在于：　只研究了G物大于G滑轮的情况，没研究G物小于等于G滑轮的情况　。

表一：G滑轮＝1.0N

表一：G滑轮＝2.0N

表一：G滑轮＝3.0N

【解答】解：①由表一、表二或表三中数据可知，动滑轮的重力相同，被提升的物重不同，且提升的物体重力G物越大，拉力F越大，可得出的初步结论是：使用同一动滑轮提起物体，物体的重力越大，拉力越大；

②由序号是2、5的数据可知，提升的物体重力相同时，动滑轮重力不同，拉力不同，物体的重力G物相同，滑轮的重力G滑轮越大，所需竖直向上的拉力F越大。选择的实验序号是3、6或4、8、9的实验数据也可以得出这样的结论；

③分析表中每一次实验的拉力与提升的物体重力的关系，F＜G物，得出结论：使用动滑轮沿竖直方向缓慢提起重物，可以省力；

④小李只研究了G物大于G滑轮的情况，没研究G物小于等于G滑轮的情况，不具有普遍性。

故答案为：①使用同一动滑轮提起物体，物体的重力越大，拉力越大；②2、5或3、6或4、8、9；动滑轮重力；③拉力与提升的物体重力；④只研究了G物大于G滑轮的情况，没研究G物小于等于G滑轮的情况。

16．（2021春•长宁区校级期末）某小组同学研究“使用动滑轮匀速提起物体时，所用竖直向上拉力F的大小与哪些因素有关”。他按图所示方式用两个重力不同的滑轮进行实验，并将相应的滑轮重G滑、物体重G物和拉力F的大小记录在表一、二中。

表一：G滑＝2牛

表二：G滑＝4牛

①分析比较实验序号1﹣5或6﹣9中F与G物的数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮匀速提起物体，　当G滑相同时，G物越大，F越大　。

②分析比较实验序号 　2、6（或3、7或4、8或5、9）　等相关数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮匀速提起物体，G物相同，G滑越大，F越大。

③根据表一、二中前三列的数据及条件，请判断：按图所示方式使用动滑轮匀速提起物体，若要省力，需满足的条件是 　G物＞G滑　。

④进一步分析比较F与G物与G滑的大小及相关条件，可发现其满足的数学关系式为 　F＝（G物+G滑）　，由此可得出序号10中没有填写的数据为 　7.0　。

【解答】解：①分析表一或表二中动滑轮的重力相同，被提升的物重不同，且G物越大，拉力F越大，可得表一或表二中F与G物的数据及相关条件，当G滑相同时，G物越大，F越大；

②2、6（或3、7或4、8或5、9）被提升的物重相同，动滑轮重力不同，且G滑越大，F越大；

③当G物等于G滑时，F＝G物，当G物＞G滑时，F＜G物；由此可判断：按图所示的方式使用动滑轮匀速提起物体，若要省力，需要满足的条件是G物＞G滑；

④分析比较表中F与G滑、G物的数据及相关条件，F＝（G物+G滑），则F10＝（G物+G滑）＝（10N+4N）＝7.0N。

故答案为：①当G滑相同时，G物越大，F越大；②2、6（或3、7或4、8或5、9）；③G物＞G滑；④F＝（G物+G滑）；7.0。

17．（2022春•长宁区校级期中）如图所示，用滑轮匀速提起重物。请分别在图（a）和（b）中，画出滑轮的动力F1、阻力F2、动力臂L1、阻力臂L2。（O点表示支点）

【解答】解：（1）动力F1为绳子的拉力，方向向上，阻力F2为动滑轮和提升物体重力的和，方向竖直向下。从支点O分别向动力作用线和阻力作用线画垂线，就得到动力臂L1和阻力臂L2，如下图（a）所示：

（2）动力F1为绳子的拉力，方向向下，阻力为提拉物体的重力，方向竖直向下。从支点O分别向动力作用线和阻力作用线画垂线，就得到动力臂L1和阻力臂L2，如下图（b）所示：

18．如图所示，A，B两个滑轮中A是　定滑轮　（选填“动滑轮”或“定滑轮”），若物体G与地面的滑动摩擦力为30牛，要使G沿水平方向匀速运动2米，绳子端的拉力F1为　30　牛，拉力F1移动的距离为　2　米；F2为　15　牛。拉力F2移动的距离为　4　米。

【解答】解：A滑轮为定滑轮，使用定滑轮不能省力，不考虑绳重和滑轮摩擦时，拉力最小，F1＝f＝30N，不省力不省距离，拉力F1移动的距离为2米；

B滑轮为动滑轮，使用动滑轮可以省一半的力，不考虑绳重和滑轮摩擦时，拉力最小，F2＝f＝×30N＝15N，省一半力，费一半的距离，要使G沿水平方向匀速运动2米，拉力F2移动的距离为2×2m＝4m。

故答案为：定滑轮；30；2；15；4。

三．动滑轮拉力的计算（共7小题）

19．（2022春•黄浦区校级期中）如图所示，用滑轮匀速提升同一重物，所用拉力分别为F1、F2、F3、F4，若不计滑轮自重及摩擦，则下列关系式正确的是（　　）

A．F1＜F2＜F3＜F4 B．F1＞F2＞F3＞F4 

C．F1＝F2＝F3＜F4 D．F1＝F2＝F3＞F4

【解答】解：由图可知F1、F2、F3都是通过定滑轮提升重物，大小相等，都等于物体的重力，F4通过动滑轮提升重物，等于一半的物重，故ABC错误，D正确。

20．（2022春•普陀区期中）如图所示，用三个滑轮分别拉同一个物体，沿同一水平面做匀速直线运动，所用的拉力分别是F1、F2、F3，其中最小的力为（　　）

A．F1 B．F2 C．F3 D．一样大

【解答】解：

用三个滑轮分别拉同一个物体，沿同一水平面做匀速直线运动，根据影响摩擦力大小的因素可知，物体受到水平面的摩擦力大小相等，设物体与水平面间的摩擦力为f，

不计滑轮重和绳子与滑轮之间的摩擦，

（a）图滑轮为定滑轮，由定滑轮的特点可知，拉力F1＝f；

（b）图滑轮为动滑轮，F2作用在绳端，由动滑轮的特点可知，拉力F2＝f；

（c）图滑轮为动滑轮，但F3作用在动滑轮的轴上，滑轮受到向左的拉力F3等于向右的力2f，即F3＝2f；

所以可得：F2＜F1＜F3，故最小的力为F2。

故选：B。

21．（2022秋•宝山区期末）如图所示，小宝同学想把被台风刮倒的甲树拉正，他把绳子的一端系在乙树上，然后绕过甲树用力拉绳子，这样做有 　2　段绳子拉甲树。如果不计绳重和摩擦，甲树受到300牛拉力，则小宝对绳子的拉力为 　150　牛，乙树受到的拉力为 　150　牛。

【解答】解：由图可知，用绳子拉甲树时，甲相当于一个动滑轮，此时有两段绳子拉甲树；

不计绳重和摩擦，甲树受300N拉力，则每段绳子承担的力是300N的，

所以小宝对绳子的拉力为：F＝F甲＝×300N＝150N，乙树受到的拉力也为150N。

故答案为：2；150；150。

22．（2022春•长宁区校级期中）如图所示，使用滑轮把重为20牛的物体匀速向上拉起，若不计滑轮重力及摩擦，则拉力F为 　10　牛，弹簧测力计示数为 　10　牛，使用该滑轮的特点是可以 　省力　，但不能 　改变用力的方向　。

【解答】解：不计滑轮重力及摩擦，使用动滑轮能省一半的力，拉力F等于物体A受到重力的，

所以拉力F＝G＝×20N＝10N，则弹簧测力计的示数为10N；

动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，省一半力，但不能改变用力的方向。

故答案为：10；10；省力；改变用力的方向。

23．（2022春•徐汇区校级期中）如图所示，滑轮重及摩擦均不计，用大小为3牛的力F拉滑轮时，弹簧测力计的示数为 　3N　，物体A受到的拉力为 　6　牛。

【解答】解：用大小为3牛的力F拉滑轮时，则测力计的示数为3N，因为使用动滑轮能省一半的力，所以物体A受到的拉力为6N。

故答案为：3；6。

24．（2022春•杨浦区校级期末）如图所示，物重G＝30N，绳的一端拴在地面，拉力F使滑轮匀速上升。（不计绳重与摩擦）

（1）若滑轮重不计，滑轮向上移动20cm，则拉力F＝　60　N，物体上升　40　cm。

（2）若滑轮重为2N，使物体上升20cm，则拉力F＝　62　N，滑轮向上移动　10　cm。

【解答】解：（1）由图可知，该滑轮是动滑轮，当滑轮上移s＝20cm时，物体上移的高度是物体上移的2倍，h＝2s＝2×20cm＝40cm；

若滑轮重不计，此时拉力应该是物重的2倍，即拉力大小F＝2G＝2×30N＝60N；

（2）若滑轮重G轮＝2N，由图知，此时拉力：

F＝2G+G轮＝2×30N+2N＝62N；

当物体上移h′＝20cm时，滑轮（拉力）上移的高度是物体上移的，s′＝h′＝×20cm＝10cm；

故答案为：（1）60，40；

（2）62，10。

25．（2022•宝山区二模）如图所示，用竖直向上的拉力F匀速提起物体A。已知物体A和滑轮的总重G总为100牛，且摩擦不计，求拉力F的大小。

【解答】解：使用动滑轮时，n＝2，不计摩擦时，则拉力大小为：

F＝G总＝×100N＝50N。

答：拉力F的大小为50N。

四．研究定滑轮和动滑轮的特点（共3小题）

26．（2020春•浦东新区期末）某小组同学研究“用动滑轮匀速提升相同重物时，所需竖直向上的拉力大小与哪些因素有关”，他们先用滑轮甲分别以速度v1、v2匀速提升相同重物，再换用滑轮乙重复实验，实验过程及现象分别如图（a）、（b）、（c）、（d）所示。

（1）分析比较图（a）与（b）[或（c）与（d）]可初步得出：　用同一动滑轮提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关　；

（2）分析比较图（a）与（c）[或（b）与（d）]可初步得出：　用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大　。

【解答】解：①比较（a）、（b）两图，可以看出，动滑轮相同，提升的物体相同，只是提升速度不同，但拉力大小相同，故可得出结论：用同一动滑轮提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关。

②比较（a）、（c）两图，可以看出，提升的速度相同，提升的物体相同，只是动滑轮的重不同，拉力大小不同，故可得出结论：用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大。

故答案为：①用同一动滑轮提升相同的重物时，拉力的大小与提升速度无关。

②用不同的动滑轮提升相同的重物时，动滑轮越重，所用拉力越大。

27．（2021春•浦东新区月考）如图所示，小亮同学正在探究“定滑轮的使用特点”实验：

（1）实验时，他应该　匀速　（选填“匀速”或“变速”）拉动绳子，让物体匀速上升；

（2）如图所示，保持钩码不变，小亮同学使用　弹簧测力计　分别测量不同方向的拉力大小，使用前要对它进行　调零　；

（3）测出的三次示数大小关系是F甲　＝　F乙　＝　F丙（选填“＞”、“＜”或“＝”）。

【解答】解：

（1）该实验中，应匀速拉动绳子，让物体匀速上升，这样便于读数，读数也更准确；

（2）要测量不同方向的拉力大小，需要使用弹簧测力计；测力计在使用前应先调零；

（3）由图可知，该滑轮是定滑轮，定滑轮的特点是只能改变力的方向，不能省力，所以F甲、F乙、F丙大小相等，即三种拉法所用拉力一样大。

故答案为：（1）匀速；（2）弹簧测力计；调零；（3）＝；＝。

28．（2021春•普陀区期中）为了探究滑轮在不同工作情况时的使用特点，某小组同学利用不同的滑轮将重为20牛的物体匀速提起，滑轮的工作情况和实验数据如下表所示。

（1）分析比较实验序号　7、8、9　可得出的初步结论是：使用定滑轮匀速提升重物时，不能改变力的大小，可以改变用力方向。

（2）分析比较实验序号1、2和3可得出的初步结论是：利用动滑轮匀速提升相同的重物时，　滑轮的重力越大，拉力越大　。

（3）分析比较实验序号2、4和6可得初步结论：　使用动滑轮匀速提升重物时，重物重力不变，拉力与竖直方向夹角越大，拉力越大　。

（4）依据第③小问的结论可推断实验序号5中拉力大小的范围为　12～13　牛。

【解答】解：（1）定滑轮的本质是等臂杠杆，分析比较实验序号7、8、9可知：使用定滑轮匀速提升重物时，不能改变力的大小，可以改变用力方向；

（2）动滑轮的实质是省力杠杆，实验序号1、2和3中，忽略绳子及滑轮间的摩擦力，绳子自由端拉力的大小等于物重与动滑轮重力的一半，因此使用动滑轮匀速提升相同重物时，滑轮的重力越大，拉力越大；

（3）实验序号2、4和6中，拉力F的方向向右倾斜越来越大，动力臂越来越小，拉力将越来越大；

（4）验序号5中拉力与竖直方向夹角介于4和6之间，实验序号5中拉力大小的范围为12牛到13牛之间。

故答案为：（1）7、8、9；（2）滑轮的重力越大，拉力越大；（3）使用动滑轮匀速提升重物时，重物重力不变，拉力与竖直方向夹角越大，拉力越大；（4）12牛～13牛。