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所属成套资源：2023年高考物理考前信息必刷卷（全国乙卷）（解析版）

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信息必刷卷05-2023年高考物理考前信息必刷卷（全国乙卷）（解析版）

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这是一份信息必刷卷05-2023年高考物理考前信息必刷卷（全国乙卷）（解析版），共8页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

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2023年高考物理考前信息必刷卷05

（全国乙卷）

一、选择题：

14．【答案】B

【解析】根据氢原子能级跃迁时辐射光条件，氢原子的能级公式，再有，可得，由题意可知，则根据图甲和图乙可知，则谱线对应的是氢原子从能级跃迁到能级发出的光，故A错误；则根据图甲和图乙可知，则谱线对应的是氢原子从能级跃迁到能级发出的光，故B正确；则根据图甲和图乙可知，则谱线对应的是氢原子从能级跃迁到能级发出的光，故C错误；则根据图甲和图乙可知，则谱线对应的是氢原子从能级跃迁到能级发出的光，故D错误。故选B。

15．【答案】C

【解析】由安培定则可知，检测电流产生的磁场向下，霍尔元件处磁场方向向上，根据左手定则可知，电子应垂直纸面向外偏转，M端的电势高于N端，N端为负极，故A错误；根据电子受力可知，解得，故B错误；根据电流的微观表达式，可知，导体单位体积内的自由电子数，故C正确；根据上述推导可知，若U增大，则说明检测电流在增大，故D错误。故选C。

16．【答案】C

【解析】用筷子夹着小球在竖直平面内处于静止状态，则根据平衡条件可知，筷子对小球的合力的大小等于小球的重力，方向与重力的方向相反，故A错误；由几何关系可知，筷子对小球的弹力大小为，故B错误；在右边筷子转到竖直方向的过程中，左边筷子对小球弹力的方向始终垂直于筷子，而小球自身的重力是一个恒力，由此可以做出在动态平衡过程中力的矢量三角形如下图所示

当两根筷子与竖直方向夹角都为时，三力构成的矢量三角为等腰三角形，在右边的筷子转到竖直方向时，三个力的矢量构成一个直角三角形，易得，在右边筷子转到竖直的过程中，两筷子对小球的弹力都在增大，故C正确，D错误。故选C。

17．【答案】A

【解析】地球第一宇宙速度是最小发射速度，最大运行速度，因此卫星a的发射速度大于地球第一宇宙速度，轨道运行速度小于地球第一宇宙速度，选项A正确；机械能包括卫星的动能和势能，与卫星的质量有关，而卫星a与卫星b的质量不一定相同，故卫星a与卫星b不一定具有相同的机械能，选项B错误；对地球同步卫星，根据牛顿第二定律有，解得地球的质量为，选项C错误；卫星a与卫星c再次相距最近的过程满足，代入卫星a与卫星c周期之比为8∶1，解得，选项D错误。故选A。

18．【答案】B

【解析】运动员由a到c的过程中，由于摩擦力做负功，使得ab段与bc段在相同高度的两个位置，总是ab段的速度大于bc段的速度，故ab段的平均速率大于bc段的平均速率，ab段的平均压力大于bc段的平均压力，ab段的平均摩擦力大于bc段的平均摩擦力，故在ab段克服摩擦力做的功大于在bc段克服摩擦力做的功，故A正确；由题意数据可知第一次从a到c的过程中，克服摩擦力做功的大小为，由于从d返回的过程，经过相同位置的速度总是比从a到c过程经过相同位置的速度小，可知返回过程的平均摩擦力比a到c过程的平均摩擦力小，故返回过程中从c到a的过程中，克服摩擦力做功小于，可知运动员从d返回经b一定能越过a点再上升一定高度，故B错误，C正确；运动员经过b点时，根据牛顿第二定律得，由于运动员第一次过b点的速度大于第二次经过b点的速度，故运动员第一次通过b点的受到的支持力大于第二次过b点受到的支持力，根据牛顿第三定律可知，运动员第一次过b点对轨道的压力大于第二次过b点对轨道的压力，故D正确。故选B。

19．【答案】BD

【解析】当滑块运动到图中点时速度达到最大值，可知所受的滑动摩擦力等于两电荷对滑块的库仑力在切线方向的分力的合力，大小为，选项A错误，B正确；

假设没有摩擦力时，滑块电势能最小的位置应该对应着动能最大的位置，即滑块受细线的拉力与两电荷对滑块的库仑力相平衡的位置，再由平衡条件可知，滑块沿与细线方向垂直的方向受合力为零，可得，解得，选项C错误，D正确；故选BD。

20．【答案】BCD

【解析】时间内Q所受弹力方向向左，P所受弹力方向始终向右；时刻，P、Q所受弹力最大且大小相等，由牛顿第二定律可得，，解得物体Q的质量为，故A错误；根据图像与横轴围成的面积表示速度变化量，可知时间内，Q物体的速度变化量大小为，则时刻Q物体的速度大小为，故B正确；时刻两物体具体相同的速度，根据对称性可知，时刻P、Q物体的速度大小为，设物体P的初速度为，根据动量守恒可得，解得，设时刻弹簧的弹性势能为，根据能量守恒可得，联立解得

故C正确；设时刻P物体的速度为；根据动量守恒可得，解得，可知时刻P物体的速度大小等于时刻P物体的速度大小，则时刻P物体的动能等于时刻P物体的动能，故时间内弹簧对P物体做功为零，故D正确。故选BCD。

21．【答案】BCD

【解析】粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有，由题意可知

解得r=d，画出恰好不进入Ⅱ区的临界轨迹，如图所示

结合几何关系，有，故从距A点0.5d处射入，会进入Ⅱ区，故A错误；粒子距A点1.5d处射入，在Ⅰ区内运动的轨迹为半个圆周，故时间为，故B正确；从A点进入的粒子在磁场中运动的轨迹最短（弦长也最短），时间最短，轨迹如图所示：

轨迹对应的圆心角为60°，故时间为，由图可知，刚好从A点射入Ⅱ区的粒子射到MN上时位于最下端，即G点，刚好进入Ⅱ区的粒子射到MN上时位于最上端，此时粒子沿AC方向从H点射入Ⅱ区转一个四分之一圆弧，从MN上F点射出，则GF间距离，即从MN边界出射粒子的区域长为。故CD正确。故选BCD。

二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22~25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~34题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题

22．（6分）【答案】（1）大于（2）过原点的倾斜直线

【详解】（1）①由题知将滑块从紧靠光电门A处由静止释放，读出滑块在两光电门之间的运动时间t，且测得两光电门A、B之间的距离为x，则有

由于保证滑块质量远大于砂和砂桶质量，则设滑块的质量为M，则对滑块受力分析，根据牛顿第二定律有Ma = mg－μMg，联立有，则可知，

②由于砂和砂桶向下加速，则绳子的拉力小于砂和砂桶的重力，则以上分析的滑块加速度要比实际偏大，滑动摩擦因数的该测量值偏大。

（2）若平衡摩擦力后，根据牛顿第二定律有Ma = mg，则有，再次做出对应的的图像，若图像为过原点的倾斜直线，则可证明物体的质量一定时，加速度与所受合外力成正比。

23．（9分）【答案】（1）3200或3.2×103 （2）左 3 （3）38 （4） B

【解析】（1）根据图甲可知该热敏电阻的阻值为

（2）为保护电路元件，应使闭合开关后分压电路的电压为零，所以开关闭合前，滑动变阻器的滑动触头应置于最左端。②根据串联分压规律可得，解得

（3）由图丙可知，当时，热敏电阻所处环境的温度约为38℃。

（4）根据串联分压规律可知阻值越大时分压越大，由图丙可知，RT随温度降低而升高，而根据题意可知锅内温度低于60℃时，磁控元件输入端a、b间的电压应始终大于某一值，即a、b间的电压应随温度的降低而增大，所以符合要求的是电路B。

24．（12分）【答案】（1）0.1s；（2）160m/s；（3）

【解析】（1）往复车启动时，线圈中电流

安培力等于阻力时，往复车开始启动

得

（2）磁场停止运动时的速度为

此时，往复车速度达到最大。对往复车与模型，由牛顿第二定律

得

（3）在内，往复车与模型均做匀加速直线运动，速度差不变，则感应电流为

这一过程产生的热量为

在内，对往复车，由动量守恒

得

由功能关系得

则

25．（20分）

【答案】（1）；（2）；（3）

【解析】（1）设A、B两车的质量均为m，人的质量为m0，以A车和人组成的系统为研究对象，水平方向所受合外力为零，水平方向动量守恒，有

解得

由题图2可得

则，

联立解得

（2）人跳上B车的瞬间，以B车和人组成的系统为研究对象，系统水平方向所受合外力为零，水平方向动量守恒，有

解得

则人跳到B车上后，B车的速度vB随u大小变化的关系式为

当人跳到B车上后，B车的速度为零时，人跳出A车时的速度，则人跳到B车上后，A车的速度

两车发生碰撞时，对A、B两车和人组成的系统，根据动量守恒定律有

因为发生弹性正碰，所以机械能守恒，有

解得两车发生弹性正碰后B车的速度。

（3）在同一坐标系上作出、图像，如图所示

当时，两图线的交点的横坐标即为两车不相撞前提下，人跳出A车时对地速度的最小值，得

若最终两车最终速度相同，恰好不碰，则人从A车跳出时的对地速度最小，由动量守恒有

解得

对人跳离A车前后运用动量守恒定律可得

解得

（二）选考题：共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

33．【物理—选修3-3】（15分）

（1）（5分）

【答案】ACE

【解析】由图可知，状态1变化到状态2的过程，状态1与绝对零度连线的斜率大于状态2与绝对零度连线的斜率，则状态2气体的体积大于状态1气体的体积，则氧气体积变大，氧气瓶正在漏气，故A正确；气体体积变大，分子数密度变小，温度减小，分子的平均动能也降低，故单位时间内撞击氧气瓶单位面积的分子数减少，故B错误；状态1变化到状态2的过程中体积减小，气体对外做功，根据热力学第一定律，可知气体内能减小，温度降低，故C正确；温度降低，气体分子热运动的平均动能降低，但不是每个分子的动能都减小，故D错误；因为漏气，瓶内气体质量变小，而氧气瓶体积不变，瓶内氧气的密度减小，故E正确。故选ACE。

（2）（10分）

【答案】（1）；（2）

【解析】（1）发生火灾前，以活塞为研究对象，根据平衡条件有

发生火灾时，以A中理想气体为研究对象，根据查理定律有

解得

阀门K打开前的瞬间，左右两侧气体的压强差

（2）阀门K打开后，A中气体向B中移动，以A中气体为研究对象，根据玻意耳定律有

解得

则进入到B中的气体：体积为

压强为、温度为，以B中原气体和进入到B中的气体为研究对象，根据理想气体状态方程有

解得

活塞上升的距离为

34．【物理—选修3-4】（15分）

（1）（5分）

【答案】ABE

【解析】由图可知，这列波的波长，周期为，故这列波的传播速度为，A正确；由图乙可知，这列波向负方向传播，故时质点P正沿y轴正方向振动，B正确；质点P再经过的过程中，先减速后加速，故通过的路程小于，C错误；质点P、Q的距离小于半个波长，有可能同向振动，D错误；该波通过的障碍物时，由于波长与障碍物的大小相近，故会发生明显的衍射现象，E正确。故选ABE。