2022-2023学年河北省邯郸市大名县第一中学高二下学期3月月考化学试题含解析

  河北省邯郸市大名县第一中学2022-2023学年高二下学期3月月考

化学试题

时间：75分钟      满分100分

可能用到的相对原子质量：H 1  C 12  O 16  Cl 35.5  Na 23  Cr 52  Fe 56  Co 59  Ni 59  Zn 65   La 139

一、选择题(共14小题，每题3分，共42分。只有一项是符合题目要求)

1. 下列有关有机物的说法正确的是

A. 甲烷分子具有平面正方形结构

B. 正丁烷和异丁烷互称为同系物

C. 苯分子中含有碳碳双键，可以和溴水发生加成反应

D. 乙烯能使溴的四氯化碳溶液褪色

【答案】D

【解析】

【详解】A．甲烷分子具有正四面体结构，故A错误；

B．正丁烷和异丁烷是分子式相同，结构式不同，两者互为同系物，故B错误；

C．苯分子中不含有碳碳双键，是介于碳碳单键和双键之间特殊的化学键，故C错误；

D．乙烯含有碳碳双键，因此乙烯能使溴的四氯化碳溶液褪色，故D正确。

综上所述，答案为D。

2. 下列有关化学用语表示正确的是

A. 丙烯的结构简式：C3H6 B. 羟基的电子式：

C. 乙醇的球棍模型： D. 苯的凯库勒式：

【答案】C

【解析】

【详解】A．烯烃的结构简式要表示出碳碳双键，则丙烯的结构简式为CH2=CHCH3，故A项错误；

B．为氢氧根离子的电子式，羟基的电子式：，故B错误；

C．用小球和小棍表示的模型为球棍模型，故乙醇的球棍模型为，故C正确；

D．用单双键表示的结构简式为苯的凯库勒式，即，故D错误；

故选C。

3. 有关乙醇说法正确的是

A. 与钠反应，断裂②键 B. 发生消去反应生成乙烯，断裂③、④键

C. 发生酯化反应，断裂①键 D. 发生氧化反应生成乙醛，断裂①、④键

【答案】C

【解析】

【详解】A．与钠反应，断裂①键，A错误；

B．发生消去反应生成乙烯，断裂②、④键，B错误；

C．发生酯化反应，断裂①键，C正确；

D．发生氧化反应生成乙醛，断裂①、③键，D错误；

故答案为C。

4. A、B、C三种醇分别与足量的金属钠反应，在相同条件下产生相同体积的氢气，消耗这三种醇的物质的量之比为3∶6∶2，则A、B、C三种醇分子中羟基数之比为

A. 3∶2∶l B. 2∶5∶3 C. 3∶6∶2 D. 2∶1∶3

【答案】D

【解析】

【详解】不同物质的量的三种醇与足量反应生成了等量的氢气，说明不同物质的量的三种醇含有等物质的量的羟基。设A、B、C三种醇内的数分别为a、b、c，则，得；故选D。

5. 下列各组化合物中不互为同分异构体的是

A. 和 B. 和

C. 和 D. 和

【答案】B

【解析】

【分析】同分异构体是指分子相同、结构式不同的化合物。

【详解】A．二者分子式均为C６H６，但结构不同，互为同分异构体，故A不符合题意；

B．二者所含的碳原子数目不同，分子式不同，不互为同分异构体，故B符合题意；

C．前者为丙酸、后者为乙酸甲酯，二者分子式相同结构不同，互为同分异构体，故C不符合题意；

D．二者分子式均为C６H６O3，但结构不同，互为同分异构体，故D不符合题意；

故答案为B。

6. 某有机物的结构简式为HO-CH2CH=CHCH2-COOH，关于该物质下列说法错误的是

A. 该有机化合物可以在一定条件下发生酯化反应

B. 1mol该有机物最多能与23gNa反应生成H2

C. 该有机物能使溴的四氯化碳溶液褪色

D. 该有机化合物中含有三种官能团

【答案】B

【解析】

【详解】A．含羟基、羧基，可发生酯化反应，故A正确；
B．羟基、羧基均与Na反应生成氢气，则1mol该有机物最多能与46gNa反应生成H2，故B错误；
C．含碳碳双键，能使溴的四氯化碳溶液褪色，故C正确；
D．含碳碳双键、羟基、羧基，共3种官能团，故D正确；
故选：B。

7. 如图为含4个碳原子的6种有机物分子模型(氢原子没有画出)，下列叙述中正确的是

A. 与d互为同分异构体的是c

B. b、c、f的分子式均为C4H8

C. a和f均为链状烷烃

D. 同种物质中只能含碳链或碳环

【答案】B

【解析】

【详解】A．d和c的分子式不同，不互为同分异构体，A错误；

B．b、c、f的分子式均为C4H8，互为同分异构体，B正确；

C．f为环烷烃，C错误；

D．同种物质中可能同时含有碳链和碳环，D错误；

故选B。

8. 现代化学测定有机物组成及结构的分析方法较多。下列有关说法正确的是

A. 元素分析仪不仅可以测出试样常见的组成元素及含量，还可以测定其分子的空间结构

B. 的核磁共振氢谱中有四组峰，峰面积之比为1：2：2：3

C. 通过红外光谱分析可以区分乙醇和乙酸乙酯

D. 质谱法和红外光谱法不属于测定有机物组成和结构的现代分析方法

【答案】C

【解析】

【详解】A．元素分析仪可对物质中的元素及含量进行定量分析，但无法确定有机化合物的空间结构，故A错误；

B．的核磁共振氢谱中有5组峰，峰面积之比为2：4：4：1：3，故B错误；

C．红外光谱可确定物质中的基团，乙醇和乙酸乙酯中的基团不同，则通过红外光谱分析可以区分乙醇和乙酸乙酯，故C正确；

D．质谱法可以测定有机物的相对分子质量，红外光谱法可以测定分子中的基团，属于测定有机物组成和结构的现代分析法，故D错误；

故答案选C。

9. 某有机物的分子式为C3H6O2， 其核磁共振氢谱如下图，则该有机物的结构简式为

A.  B. HCOOC2H5 C. CH3COOCH3 D.

【答案】A

【解析】

【分析】由图示知，该有机物中有四种氢原子，且比例为1：1：1：3。

【详解】A．该有机物中有四种H且比例为1：1：1：3，A符合题意；

B．该有机物中有三种H， B不符合题意；

C．该有机物中有两种H，C不符合题意；

D．该有机物中有三种H， D不符合题意；

故答案选A。

10. 某化合物由碳、氢、氧三种元素组成，其红外光谱图中有C-H键、O-H键、C-O键的振动吸收，该有机物的相对分子质量是74，则该有机物的结构简式是

A. CH3CH2OCH3 B. CH3CH(OH)CH3

C. CH3CH2CH2CH2OH D. CH3 CH2CHO

【答案】C

【解析】

【分析】相对分子质量=各元素的相对原子质量与原子个数乘积之和；

根据有机物的相对分子质量为74，先计算各选项中分子的相对分子质量；

再根据分子中含有C-H键、O-H键、C-O键，对选项分析判断。

【详解】A. CH3CH2OCH3相对分子质量为60，分子中含有C-H键、C-O键，不含有O-H键，A项错误；

B. CH3CH(OH)CH3相对分子质量为60，B项错误；

C. CH3CH2CH2CH2OH相对分子质量为74，分子中有C-H键、O-H键、C-O键，C项正确；

D. CH3CH2CHO相对分子质量为58，分子中含有C-H键、C=O键、不含O-H键、C-O键，D项错误；

答案选C。

11. 下列物质的一氯代物的同分异构体数目相同的是

①②③④

A. ①② B. ③④ C. ②③ D. ②④

【答案】C

【解析】

【详解】根据等效氢法可知，①有7种不同位置的H原子，标注为：；②有4种不同位置的H原子，标注为：；

③有4种不同位置的H原子，标注为：；

④7种不同位置的H原子，标注为：有。

综上所述可知：物质②③一氯代物均为4种，物质①④一氯代物均为7种，故合理选项是C。

12. 已知某气态烃A在标准状况下的密度是3.214 g∙L−1，取在足量中充分燃烧，把燃烧后的产物全部通过浓，浓质量增加10.8g，再把剩余气体通过碱石灰，碱石灰质量增加22g，下列说法正确的是

A. 该烃的摩尔质量为72

B. 该烃的分子式为

C. 该烃化学性质稳定，不能发生氧化反应

D. 该烃分子中一个氢原子被溴原子取代后，可形成8种同分异构体

【答案】D

【解析】

【分析】某气态烃A在标准状况下的密度是3.214 g∙L−1，则该气体摩尔质量为M=3.214 g∙L−1×22.4 L∙mol−1=72 g∙mol−1，取在足量中充分燃烧，把燃烧后的产物全部通过浓，浓质量增加10.8g，则水的质量为10.8g，物质的量为0.6mol，再把剩余气体通过碱石灰，碱石灰质量增加22g，则二氧化碳的质量为22g，物质的量为0.5mol。

【详解】A．该烃的摩尔质量为72 g∙mol−1，故A错误；

B．该烃的摩尔质量为72 g∙mol−1，碳的相对分子质量为12，72÷12=6，退一个碳原子得到12个氢原子，则该烃的分子式为，故B错误；

C．该烃能与氧气发生氧化反应，故C错误；

D．该烃分子中一个氢原子被溴原子取代后得到C5H11Br，正丁烷有三种位置氢，异丁烷有四种位置的氢，新戊烷有一种位置的氢，因此可形成8种同分异构体，故D正确。

综上所述，答案为D。

13. 已知C6H14有多种同分异构体，则其同分异构体中沸点最高的分子的一氯取代物的种数(不考虑立体异构)是(　　)

A. 2 B. 3 C. 4 D. 5

【答案】B

【解析】

【详解】根据有机物的同分异构体中支链越多沸点越低可知C6H14中沸点最高的分子为直链分子，结构简式为CH3CH2CH2CH2CH2CH3，所以其一氯代物的种数即为等效氢的种数3种；

答案选B。

14. 有机物R的结构如图所示，下列有关R的叙述正确的是

A. 分子式为C11H10O3

B 该物质不能使酸性高锰酸钾溶液褪色

C. 可以发生加成、氧化、酯化和加聚反应

D. 1molR与足量的Na反应，可生成标准状况下11.2LH2

【答案】C

【解析】

【分析】

【详解】A．分子式为C11H12O3，故A错误；

B．含有碳碳双键能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；

C．含有苯环和碳碳双键，能发生加成反应和加聚反应，含有羟基能发生氧化反应和酯化反应，故C正确；

D．羟基和羧基都可以和金属钠反应生成氢气，所以1mol该物质与钠反应生成1mol氢气，如果是在标况下，生成气体体积为22.4L，故D错误；

故选C。

二、填空题

15. 有机物的表示方法多种多样，下面是常用的有机物的表示方法：

①    ② ③ ④ ⑤ 

⑥ ⑦ ⑧ 

⑨     ⑩

（1）属于结构式的为___________；属于键线式的为___________；属于比例模型的为___________；

（2）写出⑨的分子式：___________。

（3）写出⑩中官能团的电子式：___________、___________。

（4）②的分子式为___________，最简式为___________。

【答案】（1）    ①. ⑩    ②. ②⑥⑨    ③. ⑤   

（2）   

（3）    ①.     ②.    

（4）    ①.     ②.

【解析】

【小问1详解】

用“−”表示一对共用电子的式子为结构简式，因此属于结构式的为⑩；碳碳之间用短横线，拐点为碳原子，氢原子省略，碳与其他原子用短横线，其他原子不能省略，因此属于键线式的为②⑥⑨；每个原子用小球描述，小球的大小与原子半径有关，因此属于比例模型的为⑤；故答案为：⑩；②⑥⑨；⑤。

【小问2详解】

根据⑨()的键线式得到分子式：；故答案为：。

【小问3详解】

⑩中官能团未羟基和醛基，其官能团的电子式分别为：、；故答案为：；。

小问4详解】

根据②()的键线式得到分子式为，最简式即化为最单的整数比即最简式为；故答案为：；。

16. 化学上常用燃烧法确定有机物的组成。下图装置是用燃烧法确定有机物化学式常用的装置，这种方法是在电炉加热时用纯氧氧化管内样品。根据产物的质量确定有机物的组成。

回答下列问题：

（1）A装置中分液漏斗盛放的物质是___________，写出有关反应的化学方程式___________。

（2）C装置(燃烧管)中CuO作用是___________。

（3）写出E装置中所盛放试剂的名称___________，它的作用是___________。

（4）若准确称取2.40g样品(只含C、H、O三种元素中的两种或三种)。经充分燃烧后，E管质量增加3.52g，D管质量增加1.44g，则该有机物的最简式为___________。

（5）要确定该有机物的化学式，还需要测定___________。

【答案】（1）    ①. H2O2(或H2O)    ②. 2H2O22H2O＋O2↑(或2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑)   

（2）使有机物充分氧化生成CO2和H2O   

（3）    ①. 碱石灰或氢氧化钠    ②. 吸收CO2   

（4）CH2O    （5）有机物的相对分子质量

【解析】

【分析】图示装置是用燃烧法确定有机物化学式常用的装置，A装置的作用是制造氧气；B装置的作用是除去氧气中的水，防止对测定产生干扰；C装置的作用是使有机物充分进行燃烧反应生成CO2和H2O；D装置的作用是吸收反应中产生的H2O，根据增重计算有机物中的H元素含量；E装置的作用是吸收反应中产生的CO2，根据增重计算有机物中的C元素含量。

【小问1详解】

A装置为制备氧气的发生装置，氧气可由双氧水在二氧化锰催化下分解或水和过氧化钠反应制备，则分液漏斗中的液体可为双氧水或水，对应的化学方程式为2H2O22H2O＋O2↑或2Na2O2＋2H2O=4NaOH＋O2↑。

【小问2详解】

CuO的作用是使有机物充分氧化生成CO2和H2O。

【小问3详解】

E装置的作用是完全吸收反应生成的CO2，可用碱石灰或氢氧化钠来吸收。

【小问4详解】

D管增重1.44g，则n（H2O）=1.44g÷18g/mol=0.08mol，n（H）=0.08×2=0.16mol。E管增重3.52g，则n（CO2）=3.52g÷44g/mol=0.08mol，n（C）=0.08mol。样品总重2.40g，则可得n（O）=，所以样品中n（C）∶n（H）∶n（O）=1∶2∶1，则该有机物的最简式为CH2O。

【小问5详解】

要确定该有机物的化学式，还需知道该有机物的相对分子质量，故答案为有机物的相对分子质量。

17. 乙酸乙酯是应用最广的脂肪酸酯之一，是极好的工业溶剂，广泛应用于油墨、人造革生产中。某小组同学欲制取并分离提纯乙酸乙酯，制取实验装置设计如下：

已知：①无水氯化钙可与乙醇形成微溶于水的；

②有关有机物的沸点：

请回答：

（1）仪器A的名称是___________，浓硫酸的作用为___________。

（2）若用同位素标记乙醇中的氧原子，则与乙酸生成乙酸乙酯的化学方程式为___________，该反应的类型属于___________反应。

（3）该小组同学在实验时加入过量的乙醇的目的是___________。

（4）球形干燥管B的作用是___________，C中放___________溶液。

【答案】（1）    ①. 分液漏斗    ②. 催化剂和吸水剂   

（2）    ①. CH3COOH+C2H518OHCH3CO18OC2H5+H2O    ②. 取代反应   

（3）提高CH3COOH的转化率   

（4）    ①. 防倒吸    ②. 饱和Na2CO3溶液

【解析】

【分析】乙酸和乙醇在浓硫酸加热条件下反应生成乙酸乙酯和水，由于乙醇易溶于水易挥发，用干燥管防止倒吸，用饱和碳酸钠溶液接受。

【小问1详解】

根据图中信息得到仪器A的名称是分液漏斗，乙醇和乙酸在浓硫酸催化作用下反应生成乙酸乙酯和水，该反应是可逆反应，浓硫酸吸收生成的水，有利于平衡正向移动，因此浓硫酸的作用为催化剂和吸水剂；故答案为：分液漏斗；催化剂和吸水剂。

【小问2详解】

若用同位素标记乙醇中的氧原子，根据酸脱羟基醇脱羟基上的氢原则，则与乙酸生成乙酸乙酯的化学方程式为CH3COOH+C2H518OHCH3CO18OC2H5+H2O，该反应C2H518O−取代了乙酸中的羟基，因此反应类型属于取代反应反应；故答案为：CH3COOH+C2H518OHCH3CO18OC2H5+H2O。

【小问3详解】

该反应是可逆反应，增加其中一种反应物的量，有利于平衡正向移动，因此该小组同学在实验时加入过量的乙醇的目的是提高CH3COOH的转化率；故答案为：提高CH3COOH的转化率。

【小问4详解】

乙醇的沸点与乙酸乙酯相接近，乙醇与水任意比互溶，因此球形干燥管B的作用是防倒吸，C中盛放饱和Na2CO3溶液溶液，其作用是反应乙酸、溶解乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度；故答案为：防倒吸；饱和Na2CO3溶液。

18. 为了测定某有机物A的结构，做如下实验：

①将2.3 g该有机物完全燃烧，生成0.1 mol CO2和2.7 g水；

②用质谱仪测定其相对分子质量，得如图1所示的质谱图；

③用核磁共振仪处理该化合物，得到如图2所示图谱，图中三个峰的面积之比是1：2：3。

试回答下列问题：

（1）有机物A的相对分子质量是_______。

（2）有机物A的分子式是_______。

（3）写出有机物A的官能团名称：_______。

（4）写出有机物A的同分异构体结构简式_______。

（5）有机物A与金属钠反应放出氢气，反应的化学方程式是_______。

（6）有机物A与氧气在铜或银催化并加热条件下反应生成有机物B，B的官能团名称是_______。

【答案】（1）46    （2）C2H6O   

（3）羟基    （4）CH3-O-CH3   

（5）2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑   

（6）醛基

【解析】

【分析】根据质荷比可知，有机物A的相对分子质量；根据将2.3g该有机物完全燃烧，生成0.1mol CO2和2.7g水，计算碳元素、氢元素的质量，根据质量守恒判断有机物A是否含有氧元素，若含有氧元素，计算氧元素质量、氧原子物质的量，根据原子守恒确定有机物A中C、H、O原子个数比值确定最简式；有机物A的相对分子质量结合最简式，可以确定分子式；由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有3中化学环境不同的H原子，三种H原子数目之比为1：2：3，结合有机物的分子式确定其可能的结构，根据该有机物的结构简式判断含有的碳原子数和官能团，可能存在碳链异构或官能团异构。

【小问1详解】

在A质谱图中，最大质荷比为46，有机物A的相对分子质量是46。故答案：46；

【小问2详解】

2.3g该有机物完全燃烧，生成0.1mol CO2和2.7g H2O，2.3 g该有机物中，n(C)=n(CO2)=0.1 mol，含有的碳原子的质量为m(C)=0.1 mol×12 g•mol-1=1.2 g，氢原子的物质的量为：n(H)=×2=0.3 mol，氢原子的质量为m(H)=0.3 mol×1 g•mol-1=0.3 g，该有机物中m(O)=2.3 g-1.2 g-0.3 g=0.8 g，氧元素的物质的量为n(O)= =0.05 mol，则n(C)：n(H)：n(O)=0.1 mol：0.3 mol：0.05 mol=2：6：1，所以A的最简式分子式是C2H6O；由M=(最简式量)n，46=46n，得n=1，所以该物质实验式就是分子式：C2H6O。故答案：C2H6O；

【小问3详解】

由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有3中化学环境不同的H原子，三种H原子数目之比为1：2：3，故该有机物结构式为CH3CH2OH，有机物A的官能团名称：羟基。故答案：羟基；

【小问4详解】

CH3CH2OH不存在碳链异构，存在官能团异构，有机物A的同分异构体结构简式CH3-O-CH3。故答案：CH3-O-CH3；

【小问5详解】

有机物A与金属钠反应放出氢气，说明有机物为乙醇，反应的化学方程式是2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑。故答案：2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑；

【小问6详解】

有机物A与氧气在铜或银催化并加热条件下反应生成有机物B，B为乙醛，B的官能团名称是醛基。故答案：醛基。