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2022-2023学年湖北省武汉市六中高一上学期第三次月考生物试题（解析版）
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这是一份2022-2023学年湖北省武汉市六中高一上学期第三次月考生物试题（解析版），共21页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
湖北省武汉市第六中学2022级高一年级第3次月考
一、选择题（本大题共20小题，每个小题只有一个正确选项）
1. 研究人员对小麦、山羊、新冠病毒、肺炎链球菌等样品进行化学成分分析，结果忘记了贴标签，下列判断正确的是（ ）
A. 含有DNA、RNA和蛋白质等成分的样品是新冠病毒
B. 含有染色质的样品是小麦组织、肺炎链球菌、山羊的组织
C. 含有DNA、RNA、蛋白质和纤维素等成分的样品是小麦、肺炎链球菌
D. 含有DNA、RNA、糖原和蛋白质等成分的样品是山羊的组织
【答案】D
【解析】
【分析】1、病毒：是一种个体微小结构简单，只含一种核酸（DNA或RNA）和蛋白质组成的，必须在活细胞内寄生并以复制方式增殖的非细胞结构生物。
2、 多糖：由多个单糖缩合而成，是生物体内糖绝大多数的存在形式，必需水解为单糖后才可被吸收，最常见的是淀粉，作为植物细胞内的储能物质存在于细胞中。另外还有糖原作为动物细胞的储能物质存在于动物细胞中。纤维素是构成植物细胞壁的主要成分之一。
【详解】A、新型冠状病毒是RNA病毒，由RNA和蛋白质组成，不含DNA，A错误；
B、肺炎链球菌是原核生物，不含有染色质，所以含有染色质的样品不可能是肺炎链球菌，B错误；
C、细胞中含有DNA、RNA和蛋白质，小麦的细胞壁中有纤维素成分，但是肺炎链球菌的细胞壁成分是肽聚糖，C错误；
D、山羊是真核生物，细胞中含有DNA、RNA和蛋白质，糖原是动物细胞中特有的多糖，D正确。
故选D。
2. 如图是对噬菌体、蓝细菌、变形虫和衣藻四种生物按不同的分类依据分成四组。下列叙述错误的是（ ）
A. 甲组中生物都没有细胞壁
B. 甲组与乙组的分类依据可以是有无叶绿体
C. 丙组与丁组的分类依据可以是有无染色体
D. 丁组中的生物细胞中都具有核膜
【答案】B
【解析】
【分析】原核生物和真核生物的主要区别是原核生物细胞没有核膜，另外，原核生物只有核糖体，没有其它复杂的细胞器，没有染色体等结构。
【详解】A、甲组中噬菌体没有细胞结构，变形虫是动物细胞，都没有细胞壁，A正确；
B、甲中噬菌体、变形虫以及乙中蓝细菌都没有叶绿体，所以甲与乙的分类依据不能是有无叶绿体，甲与乙的分类依据可以是能否光合作用，B错误；
C、丙组中噬菌体没有细胞结构，蓝细菌是原核细胞，都没有染色体，丁变形虫和衣藻都是真核细胞，都具有染色体，丙与丁的分类依据可以是有无染色体，C正确；
D、丁组的变形虫和衣藻都是真核细胞，都具有核膜，D正确。
故选B
3. 俄乌战争期间，据俄罗斯媒体报道，美国在乌克兰建立了30多个生物实验室进行生物武器研发，其中就包括鼠疫杆菌、炭疽杆菌、冠状病毒的研制。下面有关说法错误的是（ ）
A. 鼠疫杆菌在生命系统的结构层次中既属于细胞层次，又属于个体层次
B. 鼠疫杆菌、炭疽杆菌、冠状病毒都没有细胞结构
C. 吞噬细胞吞噬、杀死入侵人体的冠状病毒需要借助溶酶体
D. 新型冠状病毒感染后，患者的症状之一是发烧，因此可以通过体温测量初步排查
【答案】B
【解析】
【分析】1、病毒：是一种个体微小结构简单，一般只含一种核酸（DNA或RNA）和蛋白质组成的，必须在活细胞内寄生并以复制方式增殖的非细胞结构生物。
2、皮肤、黏膜是保卫人体的第一道防线；体液中的杀菌物质(如溶菌酶)和吞噬细胞是保卫人体的第二道防线。这两道防线人人生来就有，也不针对某一类特定病原体， 而是对多种病原体都有防御作用，因此叫做非特异性免疫。
【详解】A、鼠疫杆菌属于原核生物，为单细胞生物，在生命系统的结构层次中既属于细胞层次，又属于个体层次，A正确；
B、鼠疫杆菌、炭疽杆菌属于原核生物，具有细胞结构，冠状病毒属于病毒，为非细胞结构生物，B错误；
C、吞噬细胞吞噬、杀死入侵人体的冠状病毒，需要借助溶酶体将新冠病毒消化，C正确；
D、通常新冠肺炎患者的症状之一是发烧，因此可以通过体温测量初步排查，D正确。
故选B。
4. 以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。有关说法正确的是（ ）
A. 若图中多聚体为多糖，则构成它的单体一定是葡萄糖
B. 若图中多聚体为DNA，则参与其构成的脱氧核糖有4种
C. 若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体可以表示脂肪
D. 若图中单体表示氨基酸，则形成长链时不是所有氨基和羧基都参与脱水缩合
【答案】D
【解析】
【分析】多糖、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多基本组成单位（单体）连接而成，其中多糖的单体是单糖，蛋白质的单体是氨基酸，核酸的单体是核苷酸。
【详解】A、若图中多聚体为多糖，则构成它的单体不一定是葡萄糖，比如几丁质单体不是葡萄糖，而是乙酰葡萄糖胺，A错误；
B、若图中多聚体为DNA，则参与其构成的脱氧核苷酸有4种，脱氧核糖只有一种，B错误；
C、脂肪是由甘油和脂肪酸组成的，若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体不可以表示脂肪，C错误；
D、若图中单体表示氨基酸，并非形成此长链时所有氨基和羧基都参与脱水缩合，R基中的一般不参与，D正确。
故选D。
5. 有一条由14个氨基酸组成，分子式为CXHYOWNZS（Z=14，W>15）的多肽，经过水解后的产物中有3种氨基酸：半胱氨酸（C3H7O2NS）、丙氨酸（C3H7O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）。水解产物中天冬氨酸的数目是（ ）
A. （Y＋14）个 B. （Z＋14）个 C. （W-15）个 D. （W-15）/2个
【答案】D
【解析】
【分析】氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数；游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数；至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数；氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数=各氨基酸中氮原子总数；氧原子数=肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数；蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。
【详解】由题意知，天冬氨酸（C4H7O4N）中含有2个羧基，4个氧原子，设该化合物中天冬氨酸的个数是X个，该多肽脱去14-1=13个水，根据氧原子守恒，则有关系式为：2（14-X）+4X-13=W，解得X=（W-15）/2个，D正确。
故选D。
6. 研究发现一类称做“分子伴侣”的蛋白质可识别正在合成的多肽或部分折叠的多肽，并通过改变自身空间结构与多肽的某些部位相结合，从而帮助这些多肽折叠、组装或转运，其本身不参与组成最终产物并可循环发挥作用。下列叙述错误的是（ ）
A. 酵母菌内“分子伴侣”发挥作用的场所可能在内质网
B. “分子伴侣”介导加工的环状八肽化合物中至少含有8个氧原子和8个氮原子
C. 蛋白质空间结构一旦发生改变，则一定不可逆转
D. “分子伴侣”折叠蛋白质的过程中可能涉及氢键的形成
【答案】C
【解析】
【分析】蛋白质变性是指天然蛋白质因受物理、化学因素的影响，使蛋白质分子的构象发生了异常变化，从而导致生物活性的丧失以及物理、化学性质的异常变化。蛋白质变性不涉及蛋白质一级结构的改变，即由氨基酸构成的肽链并不发生改变。
【详解】A、酵母菌是真核生物，“分子伴侣”发挥作用的场所可能在内质网，A正确；
B、每一个氨基酸至少含有一个氨基（-NH2）和一个羧基（-COOH），环状八肽化合物由 8 个氨基酸脱去8个水形成，其中 8 个氨基酸中至少的氧原子数为 8×2=16，至少的氮原子数为 8×1=8，8分子水（H2O）包含的氧原子数 8，氮原子数为 0，则环链八肽化合物至少有氧原子 8×2－8=8，氮原子 8×1=8，B正确；
C、由题干信息可知，分子伴侣在发挥作用时会改变自身空间结构，并可循环发挥作用，因此可以判断“分子伴侣”的空间结构的改变是可以逆转的，C错误；
D、“分子伴侣”折叠蛋白质的过程中，即蛋白质的空间结构形成，其过程中可能涉及二硫键、氢键的形成，D正确。
故选C。
【点睛】
7. 煎饺是我国北方地区特色传统小吃之一，以面粉和肉馅为主要食材制作成水饺，水饺煮熟放凉后用植物油煎制而成。煎饺表面酥黄，口感香脆。下列说法错误的是（ ）
A. 肉馅中的蛋白质在高温加热过程中肽键断裂使其结构松散，利于人体消化
B. 煎制水饺时所用的植物油大多含有不饱和脂肪酸，在室温下呈液态
C. 面粉中富含的植物多糖必须经过消化分解成葡萄糖，才能被人体吸收
D. 肉馅中的糖原属于多糖，不能直接被细胞吸收利用
【答案】A
【解析】
【分析】糖类分为：单糖、二糖、多糖，其中单糖包括葡萄糖、果糖、核糖和脱氧核糖，二糖包括麦芽糖、蔗糖和乳糖，多糖包括淀粉、纤维素和糖原。植物细胞中特有的糖有：果糖、麦芽糖、蔗糖、淀粉、纤维素等，动物细胞中特有的糖有：乳糖和糖原。
【详解】A、肉馅中的蛋白质在高温加热过程中，分子空间结构变得伸展、松散，使其容易被蛋白酶水解，高温不会使蛋白质的肽键断裂，A错误；
B、煎饺时所用的植物油属于植物脂肪，植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温下呈液态，B正确；
C、面粉中富含的植物多糖主要是淀粉，淀粉不能被人体直接吸收，必须消化分解成小分子葡萄糖才能被吸收，C正确；
D、肉馅中的糖原属于多糖，不能直接被细胞吸收利用，要先被水解成葡萄糖才能被人体吸收，D正确。
故选A。
8. 科学家在加利福尼亚洲东部的莫诺湖里发现了一种被称作GFAJ—1的独特细菌，这种细菌能利用剧毒化合物——砒霜中的砷来代替磷元素构筑生命分子，进行一些关键的化学反应(在元素周期表中，砷排在磷下方，两者属于同族，化学性质相似)。根据上述材料预测，下列说法正确的是（ ）
A. GFAl—1与新冠病毒最本质的区别是没有以核膜为界限的细胞核
B. GFAJ—1是原核生物，以RNA为遗传物质
C. 砷元素是存在于GFAJ—1细菌中的微量元素
D. GFAJ—1的发现拓宽了人类对地球极端环境研究的思路
【答案】D
【解析】
【分析】细菌是原核生物，具有细胞结构，遗传物质是DNA。糖类的元素组成是C、H、O，蛋白质的元素组成主要是C、H、O、N，绝大部分还含有S，DNA、RNA、ATP和磷脂的元素组成是C、H、O、N、P。
【详解】A、GFAJ-1是细菌，与新冠病毒最本质的区别是有细胞结构，而新冠病毒没有细胞结构，A错误；
B、GFAJ-1是细菌，属于原核生物，遗传物质是DNA，B错误；
C、GFAJ—1细菌能利用剧毒化合物——砒霜中的砷来代替磷元素构筑生命分子，磷元素是大量元素，因此推测砷元素是存在于GFAJ—1细菌中的大量元素，C错误；
D、GFA J-1的发现拓宽了人类对地球极端环境研究的思路，D正确。
故选D。
9. 据央视新闻客户端消息：近日一篇“熟蛋返生孵小鸡”的论文引发网络关注。该论文称，“在该校导师指导下，学生通过超心理意识能量方法使煮熟的鸡蛋变成生鸡蛋，并将返生后的鸡蛋孵化成小鸡。目前已成功返生40多枚”。某央视主播评论：“侮辱性很强，伤害性极大”。下列有关蛋白质的知识叙述错误的是（ ）
A. 吃熟鸡蛋容易消化是因为高温使蛋白质空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解
B. 吞噬细胞中含有大量的溶酶体，由溶酶体产生的溶菌酶是体液中的杀菌物质
C. 所有细胞器都含有蛋白质分子，但不一定含有磷脂分子
D. 在鸡蛋清中加入食盐会看到白色絮状物，这一过程未改变蛋白质分子中的肽键数
【答案】B
【解析】
【分析】1、盐析为蛋白质在水溶液中溶解度的降低，不影响活性，加水后还可以溶解。
2、蛋白质变性：受热、酸碱、重金属盐、某些有机物（乙醇、甲醛等）、紫外线等作用时蛋白质可发生变性，失去其生理活性；变性是不可逆过程，是化学变化过程。
【详解】A、高温使蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，故煮熟的鸡蛋容易消化，A正确；
B、吞噬细胞中含有大量的溶酶体，溶酶体内含多种水解酶，是细胞内的消化车间；体液中的杀菌物质溶菌酶不是由溶酶体产生的，是由核糖体合成的，B错误；
C、所有细胞器都含有蛋白质分子，不一定都含有磷脂分子，如中心体和核糖体，C正确；
D、盐析为蛋白质在水溶液中溶解度的降低，不影响活性，不改变其空间结构，故在鸡蛋清中加入食盐会看到白色絮状物，这一过程未改变蛋白质分子中的肽键数，D正确。
故选B。
10. 关于细胞的物质输入和输出的叙述错误的是（ ）
A. 细胞膜的选择透过性与脂质和蛋白质都有关系
B. 由载体和通道介导的物质跨膜运输都存在溶质分子与相应蛋白质结合的过程
C. 胞吞、胞吐的过程不需要载体蛋白，但需要膜上蛋白质的参与
D. 植物细胞对无机盐的选择性吸收与核糖体有关
【答案】B
【解析】
【分析】转运蛋白可以分为载体蛋白和通道蛋白两种类型。载体蛋白只容许与自身结合部位相适应的分子或离子通过，而且每次转运时都会发生自身构象的变化；通道蛋白只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过。分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合。
【详解】A、细胞的组成成分是蛋白质和磷脂，脂溶性物质优先透过细胞膜，与磷脂分子有关，细胞膜载体蛋白质的种类和数量决定了细胞膜运输物质的种类和数量，因此细胞膜的选择透过性与脂质和蛋白质都有关系，A正确；
B、载体蛋白只容许与自身结合部位相适应的分子或离子通过，而且每次转运时都会发生自身构象的变化；通道蛋白只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过。分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合，B错误；
C、胞吞和胞吐过程，首先需要与膜上蛋白质结合，还需要消耗细胞呼吸释放的能量，C正确；
D、植物细胞对无机盐的选择性吸收属于主动运输，主动运输需要能量和载体，载体蛋白质的合成与核糖体有关，D正确。
故选B。
11. 如图所示表示渗透作用的装置图，其中半透膜为膀胱膜，甲、丙装置中A、B、a、b溶液浓度分别用MA、MB、Ma、Mb表示，乙、丁装置分别表示一段时间后甲、丙装置的状态，液面上升的高度分别为h1、h2。如果A、B、a、b均为蔗糖溶液，且MA>MB、Ma＝Mb>MA，则达到平衡后（ ）
A. h1>h2、Ma>Mb B. h1>h2、MaMb
【答案】D
【解析】
【分析】渗透作用发生条件是：
（1）具有半透膜；
（2）半透膜两侧的溶液具有浓度差。
由题图可知：Ma=Mb>MA>MB，所以2个长颈漏斗中的液面均上升。
【详解】ABCD、由于Ma=Mb>MA>MB，所以甲和丙装置中的水分子都会流入漏斗，分别使漏斗液面升高h1、h2，又Ma与MA的浓度差小于Mb与MB的浓度差，a中吸水量小于b中吸水量，因此h1Mb，ABC错误，D正确。
故选D。
12. 酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物。下列与酶有关的实验中，叙述错误的是（ ）
A. 比较H2O2在不同条件下的分解时，H2O2溶液需现配现用以防止其在常温下分解
B. 探究pH对胃蛋白酶活性的影响时，先将胃蛋白酶置于中性环境中保存
C. 验证淀粉酶的专一性时，可选用淀粉、蔗糖、淀粉酶和斐林试剂进行实验
D. 探究温度对酶活性的影响时，底物与酶应先在相应温度条件下保温处理后再混合
【答案】B
【解析】
【分析】1、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，极少数酶是RNA。
2、酶的作用机理：能够降低化学反应的活化能。
3、影响酶活性的因素主要是温度和pH，在最适温度（pH）前，随着温度（pH）的升高，酶活性增强；到达最适温度（pH）时，酶活性最强；超过最适温度（pH）后，随着温度（pH）的升高，酶活性降低。另外低温酶不会变性失活，但高温、pH过高或过低都会使酶变性失活。
【详解】A、过氧化氢溶液容易分解为氧气和水，故在进行比较过氧化氢在不同条件下的分解的实验时，应现配现用，A正确；
B、胃蛋白酶的最适pH值是1.5~2.0，在探究pH对胃蛋白酶活性的影响时，先将胃蛋白酶置于酸性环境中保存，B错误；
C、用淀粉、蔗糖、淀粉酶来验证酶的专一性时，应该选用斐林试剂鉴定实验结果，C正确；
D、探究温度对酶活性的影响时，要先将酶与底物溶液分别处于相应温度一段时间后，再进行混合，如果先进行混合再保温，则一旦酶与底物接触就会进行反应，影响实验结果，D正确。
故选B。
13. 酶的抑制剂能降低酶的活性，不同的抑制剂对酶活性的影响不同。某科研小组通过实验研究了两种抑制剂对某消化酶酶促反应速率的影响，实验结果如下图所示。下列叙述正确的是（ ）
A. 抑制剂Ⅰ对该消化酶的抑制作用强于抑制剂Ⅱ
B. 底物浓度升高可减小或去除抑制剂Ⅱ的作用
C. 当底物浓度为A时，曲线②、③酶促反应所需的活化能相同
D. 当底物浓度大于A时，曲线①的限制因素不再是底物浓度
【答案】D
【解析】
【分析】酶是由生物活细胞产生的、对作用底物具有高度特异性和高度催化效能的蛋白质或者核糖核酸（RNA）。酶所催化的化学反应一般是在比较温和的条件下进行的，酶促反应需要最适的温度和最适的pH值条件。温度过高或过低，pH值过高或过低都会影响酶的活性，高温、过酸和过碱的条件会使酶永久失活。
【详解】A、酶促反应速率低的抑制作用强，因此抑制剂Ⅰ对该消化酶的抑制作用弱于抑制剂Ⅱ，A错误；
B、底物浓度升高可减小或去除抑制剂Ⅰ的作用，随着底物浓度的增大，①与②的酶促反应速率相同，B错误；
C、当底物浓度为A时，曲线②、③酶促反应所需的活化能不同，②的更低，因此②的速率更快，C错误；
D、当底物浓度大于A时，增大底物浓度，酶促反应速率不再增大，因此曲线①的限制因素不再是底物浓度，D正确。
故选D。
14. 甘薯（又称“红薯”、“苕”等）在明代嘉靖年间传入我国，至万历年间，劳动人民在生产实践中就总结出了贮藏甘薯的要领。《农政全书》指出“藏种之难，一惧湿，一惧冻”，“欲避冰冻，莫如窖藏”。下列叙述正确的是（ ）
A. 在潮湿环境中，病毒和细菌容易在甘薯细胞表面繁殖，进而侵染甘薯，造成伤害
B. 甘薯细胞的结合水含量高，低温条件下细胞液容易结冰而使细胞产生机械性伤害
C. 窖藏过程中，甘薯呼吸作用释放的能量大部分转化为热能，可影响窖室内的温度
D. 窖藏过程中，窖室内保持严格的无氧环境，甘薯呼吸作用消耗的有机物的量最少
【答案】C
【解析】
【分析】细胞呼吸释放的能量大部分转化为热能，小部分用于合成ATP。
【详解】A、病毒无细胞结构，必须寄生在活细胞内才能进行生长繁殖，A错误；
B、结合水和自由水的比值，甘薯的抗旱性强，低温条件下细胞液不容易结冰，B错误；
C、细胞呼吸释放的能量大部分转化为热能，小部分用于合成ATP，释放的能量会影响窖室内的温度，C正确；
D、由于在有氧条件下无氧呼吸受抑制，因此无氧条件下细胞呼吸较低氧条件下旺盛，故严格的无氧环境不利于甘薯保鲜，D错误。
故选C。
15. 耐力性运动是指机体进行一定时间（每次30min以上）的低中等强度的运动，如步行、游泳、骑行等，有氧呼吸是耐力性运动中能量供应的主要方式，在耐力性运动训练中肌纤维的线粒体数量会出现适应性变化。下列说法不正确的是（ ）
A. 有氧呼吸时，细胞产生的能量只有一部分储存在ATP中
B. 线粒体是人体细胞中唯一含有双层膜的细胞器
C. 线粒体内膜上丙酮酸分解成CO2和[H]的过程需要H2O的参与
D. 坚持进行耐力性运动训练后，肌纤维中线粒体数量会适当增加
【答案】C
【解析】
【分析】有氧呼吸的第一、二、三阶段的场所依次是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜。有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，合成少量ATP；第二阶段是丙酮酸和水反应生成二氧化碳和[H]，合成少量ATP；第三阶段是氧气和[H]反应生成水，合成大量ATP。
【详解】A、细胞呼吸释放的能量大部分以热能形式散失，少部分储存在ATP中，A正确；
B、含有双层膜的细胞器是线粒体和叶绿体，但人体细胞中只有线粒体，B正确；
C、丙酮酸分解成CO2和[H]的过程在线粒体基质中进行，C错误；
D、有氧呼吸是耐力性运动中能量供应的主要方式，在耐力性运动训练中肌纤维的线粒体数量会出现适应性变化，坚持进行耐力性运动训练，肌纤维中线粒体数量会适当增加，D正确。
故选C。
16. 下列有关高等动物细胞以葡萄糖为底物进行细胞呼吸过程的叙述，错误的是（ ）
A. 细胞呼吸作用释放的能量部分存储在ATP中
B. 细胞有氧呼吸和无氧呼吸的第一阶段都会产生[H]
C. 人在剧烈运动时可通过分解肌糖原释放部分能量
D. 若细胞呼吸消耗的O2量等于生成的CO2量，则细胞只进行有氧呼吸
【答案】D
【解析】
【分析】有氧呼吸指细胞在氧气的参与下，通过多种酶的催化作用，把葡萄糖等有机物彻底氧化分解，产生二氧化碳和水，生成大量能量的过程。
【详解】A、细胞呼吸作用释放的能量大部分以热能的形式散失，少部分存储在ATP中，A正确；
B、细胞有氧呼吸和无氧呼吸的第一阶段相同，都产生[H]和少量的能量，B正确；
C、糖原是能源物质，人在剧烈运动时可通过分解肌糖原释放部分能量，C正确；
D、若细胞呼吸消耗的O2等于生成的CO2，细胞可能同时存在有氧呼吸和无氧呼吸，因为无氧呼吸不一定产生CO2，D错误。
故选D。
【点睛】对于人来说，只有有氧呼吸或有氧呼吸和无氧呼吸共存时，氧气的消耗量都等于二氧化碳的释放量。
17. 如图所示为人体运动强度与血液中乳酸含量和氧气消耗速率的关系。下列不正确的是（ ）
A. 运动强度较长时间超过c，往往会导致肌肉酸胀
B. ab段为有氧呼吸，bc段为有氧呼吸和无氧呼吸，cd段为无氧呼吸
C. 无论在何种运动强度下，肌肉细胞CO2的产生量始终等于O2的消耗量
D. 有氧呼吸时，葡萄糖中的能量有两个去路：大部分以热能形式散失，其余用于合成ATP
【答案】B
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：图示为人体运动强度与血液中乳酸含量和氧气消耗速率的关系，其中ac段，氧气消耗速率逐渐升高，而血液中的乳酸含量保持相对稳定；cd段氧气消耗速率不变，但血液中的乳酸含量逐渐升高。
【详解】A、如果运动强度长时间超过c，血液中乳酸的积累量增大，会造成肌肉酸胀乏力，由于缓冲物质的存在，内环境pH不会持续下降，保持相对稳定，A正确；
B、分析题图曲线可知，cd段氧气消耗率较高，血液中乳酸水平升高，因此该阶段既进行有氧呼吸也进行无氧呼吸，B错误；
C、人体细胞无氧呼吸的产物是乳酸，有氧呼吸过程中氧气的吸收量与二氧化碳的释放量相等，因此不论何时，肌肉细胞CO2的产生量都等于O2消耗量， C正确；
D、有氧呼吸时，葡萄糖彻底氧化分解释放的能量有两个去路：大部分以热能形式散失，其余用于合成ATP，D正确。
故选B。
【点睛】本题结合曲线图，考查细胞呼吸的相关知识，要求考生识记人体细胞有氧呼吸和无氧呼吸的过程及反应式，能正确分析曲线图，并能结合图中信息准确判断各选项是解答本题的关键。
18. 美国德克萨斯大学奥斯汀分校的科学家在《自然》杂志上指出，他们研制出了一种新的酶变体FAST-PETase（天然酶的新突变），它能在几小时到几天内分解正常情况下需要数百年才能降解的塑料（主要针对聚对苯二甲酸乙二醇酯PET），有望大大推动塑料的回收利用，真正拉开塑料循环经济的大幕。这项研究关于酶变体FAST-PETase作用叙述错误的是（ ）
A. 体现了高效性 B. 体现了专一性
C. 具有催化作用 D. 不需要适宜的温度和pH
【答案】D
【解析】
【分析】1、酶的本质：酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，其中绝大多数是蛋白质，少数是RNA。
2、酶促反应的原理：酶能降低化学反应所需的活化能。
3、影响酶促反应速率的因素主要有：温度、pH、底物浓度和酶浓度。
【详解】A、新的酶变体FAST-PETase，它能在几小时到几天内分解正常情况下需要数百年才能降解的塑料，体现了酶的高效性，A正确；
B、一种新酶变体FAST-PETase主要针对聚对苯二甲酸乙二醇酯PET的降解，体现了酶的专一性，B正确；
C、一种新的酶变体FAST-PETase（天然酶的新突变），它能在几小时到几天内分解正常情况下需要数百年才能降解的塑料，说明酶具有催化作用，C正确；
D、题干信息中没有体现酶变体FAST-PETase发挥作用不需要适宜的温度和pH，D错误。
故选D。
19. ATP是细胞的能量“通货”，下图为ATP的结构和ATP与ADP相互转化的关系式。下列说法不正确的是（ ）
ATPADP+Pi+能量
A. ATP是直接能源物质，吸能反应与ATP合成相联系，放能反应与ATP水解相联系
B. 图中两个反应总是处于“动态平衡”中，剧烈运动时ATP分解量增加，其合成量也增加
C. 图中的①②若表示某种物质，则①②能降低化学反应的活化能
D. 绿色植物的根尖细胞中，图中过程②可以发生在线粒体和细胞质基质
【答案】A
【解析】
【分析】ATP中文名称叫腺苷三磷酸，结构简式A-P～P～P，其中A代表腺苷，P代表磷酸基团，～代表特殊化学键。
题图分析，ATP和ADP转化过程中，①表示ATP的水解，②表示ATP的合成。
（1）酶不同：酶①是水解酶，酶②是合成酶。
（2）能量来源不同：ATP水解释放的能量，来自特殊化学键的化学能，并用于生命活动；合成ATP的能量来自呼吸作用或光合作用。
（3）场所不同：ATP水解在细胞的各处。ATP合成在线粒体，叶绿体，细胞质基质。
【详解】A、ATP是直接能源物质，吸能反应一般与①ATP水解相联系，放能反应与ATP合成②相联系，A错误；
B、图中两个反应总是处于“动态平衡”中，剧烈运动时ATP分解量增加，其合成量也增加，从而满足能量供应，B正确；
C、图中的①②若表示两种不同的酶，前者是ATP水解酶，后者是ATP合成酶，均能通过降低化学反应的活化能促进反应的进行，C正确；
D、绿色植物的根尖细胞中，过程②表示ATP的合成，能量来源于呼吸作用，可以发生在细胞质基质、线粒体中，D正确。
故选A。
20. 将苹果储藏在密闭容器中，较长时间后会闻到酒香。当通入不同浓度的O2时，其O2的消耗量和CO2的产生量如下表所示（假设细胞呼吸的底物都是葡萄糖）。下列叙述错误的是（ ）
氧浓度/％
a
b
c
d
e
CO2产生速率/（mol·min﹣1）
1.2
1.0
1.3
1.6
3.0
O2消耗速率/（mol·min﹣1）
0
0.5
0.7
1.2
3.0
A. 氧浓度为a时，苹果的细胞呼吸只在细胞质基质中进行
B. 氧浓度为c时，苹果产生酒精的速率为0.6mol·min﹣1
C. 氧浓度为d时，消耗的葡萄糖中有1/4用于酒精发酵
D. 表中5个氧浓度条件下，氧浓度为b时，较适宜苹果的储藏
【答案】C
【解析】
【分析】1、苹果的有氧呼吸，反应式为：C6H12O6+6O2+6H2O6CO2+12H2O+能量（大量）。
2、苹果的无氧呼吸，反应式为：C6H12O6 2C2H5OH（酒精）+2CO2+能量（少量）。
3、只有有氧呼吸才消耗氧气，所以只要消耗氧气，植物细胞就一定进行了有氧呼吸。如果只进行有氧呼吸，则根据有氧呼吸的反应方程式可以看出，氧气的消耗量等于二氧化碳的释放量。如果二氧化碳的释放量大于氧气的消耗量，说明多出来的二氧化碳是无氧呼吸产生的。如果不消耗氧气，只产生二氧化碳，说明只进行无氧呼吸。所以依据O2吸收量和CO2的释放量判断：①不消耗O2，释放CO2→只进行无氧呼吸；②O2吸收量=CO2释放量→只进行有氧呼吸；③O2吸收量＜CO2释放量→两种呼吸同时进行，且多余CO2来自无氧呼吸。
【详解】A、氧浓度为a时，苹果的细胞呼吸消耗的氧气量为0，表明细胞只进行无氧呼吸，此时苹果的细胞呼吸只在细胞质基质中进行，A正确；
B、氧浓度为c时，苹果无氧呼吸产生的CO2量为1.3-0.7=0.6mol·min-1，而C2H5OH的量与无氧呼吸产生的CO2量相等，也为0.6mol·min-1，B正确；
C、氧浓度为d时，有氧呼吸产生的CO2量为1.2mol·min-1，消耗的葡萄糖为0.2mol·min-1；无氧呼吸产生的CO2量为0.4mol·min-1，消耗的葡萄糖为0.2mol·min-1，故氧浓度为d时，消耗的葡萄糖中有1/2用于酒精发酵，C错误；
D、从图表分析可知，氧浓度为b时，呼吸作用强度最低，CO2产生量最小，较适宜于苹果的储藏，D正确。
故选C。
二、非选择题（本大题共4 小题）
21. 请结合图示，回答下列问题：
（1）①图中，活化态对应的能量表示的是______________所需要的能量，与无机催化剂相比，酶的催化____________更高。如果将酶催化改为无机催化剂催化，则图①的纵坐标轴上____________（填“A”或“B”或“C”或“D”）点对应的虚线应上移。
（2）②图中纵轴指标最可能是__________（填“生成物的量”或“反应物的量”或“反应速率”），G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，最可能的原因是_______。
（3）②图中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变主要与______________直接相关。
（4）若该酶是唾液淀粉酶，______（填“能”或“不能”）设置一系列浓度梯度的盐酸溶液，探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下催化分解淀粉的反应速率变化情况，理由是____________。
【答案】（1） ①. 容易发生化学反应
②. 效率 ③. B
（2） ①. 反应速率 ②. PH过酸或过碱破坏酶的空间结构，使其永久失活 （3）酶的量有限
（4） ①. 不能 ②. 唾液淀粉酶在酸性条件下活性下降，但是淀粉可在盐酸的催化下分解，从而影响实验结果。
【解析】
【分析】1、酶作用的机理是降低化学反应所需的活化能。活化能是分子从常态转化为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。
2、与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。
【小问1详解】
活化态对应的能量表示的是容易发生化学反应所需要的能量，与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。如果将酶催化改为无机催化剂催化，降低的活化能减少，则B点对应的活化能上移。
【小问2详解】
曲线乙和丙中存在纵轴指标下降至零的情况，而化学反应过程中生成物的量是逐渐积累增加，所以纵轴不能表示生成物的量，又因为曲线甲、乙、丙中存在纵轴指标在一定范围内上升的情况，而化学反应过程中反应物的量是逐步减少的，所以纵轴不能表示反应物的量。纵轴指标最可能是反应速率。纵轴表示反应速率，G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，因此横轴最可能表示的是pH，故曲线相应点落在横轴上表示过酸、过碱，会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活。
【小问3详解】
②图中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变即反应速率不变主要是因为酶的数量有限。
【小问4详解】
唾液淀粉酶最适pH 值在6.8左右，唾液淀粉酶在盐酸作用下活性会受到抑制甚至失去活性，与此同时，盐酸也可以催化淀粉水解，增加了实验变量干扰，因此若该酶是唾液淀粉酶，不能设置一系列浓度梯度的盐酸溶液，探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下催化分解淀粉的反应速率变化情况。
22. 如图所示，图甲为由磷脂分子合成的人工膜的结构示意图，图乙为人的成熟红细胞膜的结构示意图及葡萄糖和乳酸的跨膜运输情况，图丙中 A 为 1 mol/L 的葡萄糖溶液， B 为 1 mol/L 的乳酸溶液，请据图回答以下问题：
（1）图丙中半透膜模拟的是成熟植物细胞中的_________________。
（2）图乙中，葡萄糖和乳酸跨膜运输的共同点是都需要________________。
（3）如果用图甲所示人工膜作为图丙中的半透膜，则液面不再变化时，左侧液 _______（填“高于”“低于”或“等于”）右侧液面；如果在图甲所示人工膜上贯穿上图乙的蛋白质①，再用作图丙的半透膜，则液面不再变化时，左侧液面 _______右侧液面（填“高于”“低于”或“等于”）。
（4）某些药物大分子不容易被细胞吸收，但如果用图甲所示人工膜包裹后再注射则更容易进入细胞，此实例可说明细胞膜具有_____________性。
（5）图甲所示人工膜两侧的离子存在浓度差，离子不能通过该膜。在人工膜中加入少量缬氨霉素，K＋即可从高浓度一侧通过该膜到达低浓度一侧，其他离子不能通过，则 K＋通过该膜的方式是______________，缬氨霉素的化学本质是_____________。
【答案】 ①. 原生质层 ②. 载体蛋白 ③. 等于 ④. 低于 ⑤. 一定流动性 ⑥. 协助扩散 ⑦. 蛋白质
【解析】
【分析】由图可知，甲图是磷脂双分子层组成的人工膜，不含载体蛋白；
乙图中，葡萄糖通过协助扩散跨膜运输，乳酸通过主动运输跨膜运输。
【详解】（1）图丙是一个渗透装置，其中的半透膜模拟的是成熟植物细胞中的原生质层，原生质层由细胞膜、液泡膜和两层膜之间的细胞质组成。
（2）图乙中，葡萄糖跨膜运输的方式是协助扩散，乳酸是主动运输，二者都需要载体蛋白协助。
（3）若用甲所示的人工膜作为丙中的半透膜，由于缺乏载体蛋白，葡萄糖和乳酸均不能通过半透膜，由于半透膜两侧的浓度相等，故液面不变，左侧液面等于右侧液面；若在甲中的人工膜上加入图乙的蛋白质①，再用作图丙的半透膜，则葡萄糖可以通过半透膜，乳酸不能通过半透膜，右侧液面浓度会升高，右侧液面会升高，当液面不再变化时，左侧液面会低于右侧。
（4）人工膜包裹大分子药物后，人工膜与生物膜会发生融合，故更容易将药物送入细胞，说明细胞膜具有一定的流动性。
（5）在缺乏载体蛋白的人工膜两侧，离子不能通过；而加入缬氨霉素后，钾离子可以通过顺浓度梯度运输，而其他离子不能通过，说明缬氨霉素的化学本质是蛋白质，是运输钾离子的载体蛋白，钾离子顺浓度梯度的运输属于协助扩散。
【点睛】本题的难点在于丙中液面的变化，需要考生注意半透膜两侧是否有浓度差，若无浓度差则液面不变；若有浓度差，液面会发生变化。
23. 下图a是发生质壁分离的植物细胞，图b是显微镜下观察到的某一时刻的图像。请据图回答下列问题：
（1）图a中植物细胞发生质壁分离，指的是细胞壁和_____________的分离，后者的结构包括_____________（填序号）和_____________（填序号）以及二者之间的_____________。
（2）图b是观察植物细胞质壁分离与复原实验时拍下的显微照片，此时细胞液浓度_____________外界溶液浓度。（填“大于”或“小于”或“等于”或“无法确定”）
（3）将形状、大小相同的红心萝卜A和红心萝卜B幼根各5段，分别放在不同浓度的蔗糖溶液（甲~戊）中，一段时间后，取出红心萝卜的幼根称重，结果如图c所示，据图分析：
①红心萝卜B比红心萝卜A的细胞液浓度______________；
②甲至戊蔗糖溶液的浓度大小关系是_____________。
【答案】（1） ①. 原生质层 ②. 2 ③. 4 ④. 细胞质
（2）无法确定 （3） ①. 低（小） ②. 乙>丁>甲>戊>丙
【解析】
【分析】a是发生质壁分离的植物细胞，1是细胞壁，2是细胞膜，3是细胞核，4是液泡膜，5是细胞质，6是细胞壁与细胞膜之间部分，7是细胞液。b是显微镜下观察到的某一时刻的图像，此时细胞可能正在发生质壁分离，也可能完成质壁分离，细胞与外界溶液处于相对平衡状态，还可能处于质壁分离的复原过程中。
【小问1详解】
质壁分离是原生质层和细胞壁的分离；原生质层包括2细胞膜、4液泡膜以及二者之间的细胞质。
【小问2详解】
植物细胞发生质壁分离的外界条件是外界溶液浓度大于细胞液浓度，而植物自身具备的结构特点是原生质层的伸缩性大于细胞壁的伸缩性。在观察植物细胞质壁分离与复原实验中，当细胞处于质壁分离状态时，此时细胞可能正在发生质壁分离。也可能完成质壁分离，细胞与外界溶液处于相对平衡状态，还可能处于质壁分离的复原过程中，因此，细胞液浓度与外界溶液浓度的关系是细胞液浓度大于、等于或小于外界溶液浓度。
【小问3详解】
①由于萝卜条A在甲浓度的蔗糖溶液中重量不变，说明其细胞液与蔗糖溶液浓度相等，但此浓度的蔗糖溶液中B萝卜条重量减少，说明其细胞液浓度小于A的细胞液浓度。故红心萝卜B比红心萝卜A的细胞液浓度低；根据红心萝卜A（或者红心萝卜B）的重量可知，在甲中重量不变，因此A的细胞液与甲浓度相等，乙中重量变小，失水，说明A的细胞液小于乙，而在丁中也变小，但是变小的幅度比乙小，说明乙的浓度大于丁，而在丙和戊中都增大，说明吸水，A的细胞液浓度比丙和戊大，且丙的幅度大于戊，因此丙的浓度比戊低，故浓度大小为乙>丁>甲>戊>丙。
24. 某实验小鼠适宜生活在25℃左右的环境中，为探究低于适宜温度的环境（如10℃）对小鼠能量代谢的影响（能量代谢的强弱用单位时间的耗氧量表示），请依据所给的实验装置（如图）、实验材料和用品，在给出的实验方法和步骤的基础上，继续完成探究实验，预测可能的实验结果和结论，并回答问题。
实验室温度：25℃左右
材料和用品：小鼠、冰袋、秒表等
（1）该实验的自变量是______，因变量是________。
（2）方法和步骤：
步骤1：将小鼠放入广口瓶的笼子内，加塞密闭。打开夹子（A）、（B）、（C），片刻后关闭夹子（B），用注射器抽取10毫升氧气备用。关闭夹子（C），打开夹子（B），使水检压计液面左右平齐。
步骤2：待小鼠安静后，关闭夹子________（填“A”或“B”或“C”），记下时间，将注射器向前推进5毫升，水检压计液面_______（填“左”或“右”）侧升高，关闭夹子_______（填“A”或“B”或“C”），待水检压计的液面_____时，记录时间。得到在25℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用的时间，重复3次，取平均值。
步骤3：将冰袋放在广口瓶周围，调节距离，使瓶内温度稳定在10℃，待小鼠安静后，重复步骤1、2中的有关操作。得到10℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用的时间，重复3次，取平均值。
（3）结果预测和结论：
①若消耗5毫升氧气所用时间10℃少于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，________。
②若消耗5毫升氧气所用时间10℃多于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，_______。
③若消耗5毫升氧气所用时间10℃等于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢不受影响。
【答案】（1） ①. 温度 ②. 能量代谢的强弱（或单位时间的耗氧量）
（2） ①. A ②. 左 ③. B ④. 左右平齐
（3） ①. 能量代谢会加强 ②. 能量代谢会减弱消
【解析】
【分析】分析题意，本实验要探究小鼠在低于适宜温度的环境，如10℃时对小鼠能量代谢的影响（能量代谢的强弱用单位时间的耗氧量表示），实验的自变量是温度，因变量是小鼠代谢强度，实验设计应遵循对照与单一变量原则，据此分析作答。
【小问1详解】
分析题意可知，实验目的是探究低于适宜温度的环境（如10℃）对小鼠能量代谢的影响，则该实验的自变量是温度，因变量为能量代谢的强弱（或单位时间的耗氧量）。
【小问2详解】
实验目的是探究低于适宜温度的环境（如10℃）对小鼠能量代谢的影响（能量代谢的强弱用单位时间的耗氧量表示），实验设计应遵循对照与单一变量原则，且无关变量应相同且适宜，故可设计实验如下：
步骤1：将小鼠放入广口瓶的笼子内，加塞密闭。打开夹子（A）、（B）、（C），片刻后关闭夹子（B），用注射器抽取10毫升氧气备用。关闭夹子（C），打开夹子（B），使水检压计液面左右平齐。
步骤2：待小鼠安静后，关闭夹子（A），记下时间，将注射器向前推进5毫升（推进的数量合理即可），水检压计液面左侧升高，关闭夹子B，待水检压计的液面左右平齐时，记录时间。得到在25℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用时间。
步骤3：将冰袋放在广口瓶周围，调节距离，使瓶内的温度稳定在10℃，待小鼠安静后，重复步骤1、2中的有关操作。得到在10℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用时间。
【小问3详解】
①如果消耗5毫升氧气所用的时间10℃少于25℃，则说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢会加强，故消耗氧气的速率加快。
②如果消耗5毫升氧气所用的时间10℃多于25℃，则说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢会减弱，消耗氧气的速率减慢。
③若消耗5毫升氧气所用时间10℃等于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢不受影响。
湖北省武汉市第六中学2022级高一年级第3次月考
一、选择题（本大题共20小题，每个小题只有一个正确选项）
1. 研究人员对小麦、山羊、新冠病毒、肺炎链球菌等样品进行化学成分分析，结果忘记了贴标签，下列判断正确的是（ ）
A. 含有DNA、RNA和蛋白质等成分的样品是新冠病毒
B. 含有染色质的样品是小麦组织、肺炎链球菌、山羊的组织
C. 含有DNA、RNA、蛋白质和纤维素等成分的样品是小麦、肺炎链球菌
D. 含有DNA、RNA、糖原和蛋白质等成分的样品是山羊的组织
【答案】D
【解析】
【分析】1、病毒：是一种个体微小结构简单，只含一种核酸（DNA或RNA）和蛋白质组成的，必须在活细胞内寄生并以复制方式增殖的非细胞结构生物。
2、 多糖：由多个单糖缩合而成，是生物体内糖绝大多数的存在形式，必需水解为单糖后才可被吸收，最常见的是淀粉，作为植物细胞内的储能物质存在于细胞中。另外还有糖原作为动物细胞的储能物质存在于动物细胞中。纤维素是构成植物细胞壁的主要成分之一。
【详解】A、新型冠状病毒是RNA病毒，由RNA和蛋白质组成，不含DNA，A错误；
B、肺炎链球菌是原核生物，不含有染色质，所以含有染色质的样品不可能是肺炎链球菌，B错误；
C、细胞中含有DNA、RNA和蛋白质，小麦的细胞壁中有纤维素成分，但是肺炎链球菌的细胞壁成分是肽聚糖，C错误；
D、山羊是真核生物，细胞中含有DNA、RNA和蛋白质，糖原是动物细胞中特有的多糖，D正确。
故选D。
2. 如图是对噬菌体、蓝细菌、变形虫和衣藻四种生物按不同的分类依据分成四组。下列叙述错误的是（ ）
A. 甲组中生物都没有细胞壁
B. 甲组与乙组的分类依据可以是有无叶绿体
C. 丙组与丁组的分类依据可以是有无染色体
D. 丁组中的生物细胞中都具有核膜
【答案】B
【解析】
【分析】原核生物和真核生物的主要区别是原核生物细胞没有核膜，另外，原核生物只有核糖体，没有其它复杂的细胞器，没有染色体等结构。
【详解】A、甲组中噬菌体没有细胞结构，变形虫是动物细胞，都没有细胞壁，A正确；
B、甲中噬菌体、变形虫以及乙中蓝细菌都没有叶绿体，所以甲与乙的分类依据不能是有无叶绿体，甲与乙的分类依据可以是能否光合作用，B错误；
C、丙组中噬菌体没有细胞结构，蓝细菌是原核细胞，都没有染色体，丁变形虫和衣藻都是真核细胞，都具有染色体，丙与丁的分类依据可以是有无染色体，C正确；
D、丁组的变形虫和衣藻都是真核细胞，都具有核膜，D正确。
故选B
3. 俄乌战争期间，据俄罗斯媒体报道，美国在乌克兰建立了30多个生物实验室进行生物武器研发，其中就包括鼠疫杆菌、炭疽杆菌、冠状病毒的研制。下面有关说法错误的是（ ）
A. 鼠疫杆菌在生命系统的结构层次中既属于细胞层次，又属于个体层次
B. 鼠疫杆菌、炭疽杆菌、冠状病毒都没有细胞结构
C. 吞噬细胞吞噬、杀死入侵人体的冠状病毒需要借助溶酶体
D. 新型冠状病毒感染后，患者的症状之一是发烧，因此可以通过体温测量初步排查
【答案】B
【解析】
【分析】1、病毒：是一种个体微小结构简单，一般只含一种核酸（DNA或RNA）和蛋白质组成的，必须在活细胞内寄生并以复制方式增殖的非细胞结构生物。
2、皮肤、黏膜是保卫人体的第一道防线；体液中的杀菌物质(如溶菌酶)和吞噬细胞是保卫人体的第二道防线。这两道防线人人生来就有，也不针对某一类特定病原体， 而是对多种病原体都有防御作用，因此叫做非特异性免疫。
【详解】A、鼠疫杆菌属于原核生物，为单细胞生物，在生命系统的结构层次中既属于细胞层次，又属于个体层次，A正确；
B、鼠疫杆菌、炭疽杆菌属于原核生物，具有细胞结构，冠状病毒属于病毒，为非细胞结构生物，B错误；
C、吞噬细胞吞噬、杀死入侵人体的冠状病毒，需要借助溶酶体将新冠病毒消化，C正确；
D、通常新冠肺炎患者的症状之一是发烧，因此可以通过体温测量初步排查，D正确。
故选B。
4. 以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。有关说法正确的是（ ）
A. 若图中多聚体为多糖，则构成它的单体一定是葡萄糖
B. 若图中多聚体为DNA，则参与其构成的脱氧核糖有4种
C. 若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体可以表示脂肪
D. 若图中单体表示氨基酸，则形成长链时不是所有氨基和羧基都参与脱水缩合
【答案】D
【解析】
【分析】多糖、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多基本组成单位（单体）连接而成，其中多糖的单体是单糖，蛋白质的单体是氨基酸，核酸的单体是核苷酸。
【详解】A、若图中多聚体为多糖，则构成它的单体不一定是葡萄糖，比如几丁质单体不是葡萄糖，而是乙酰葡萄糖胺，A错误；
B、若图中多聚体为DNA，则参与其构成的脱氧核苷酸有4种，脱氧核糖只有一种，B错误；
C、脂肪是由甘油和脂肪酸组成的，若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体不可以表示脂肪，C错误；
D、若图中单体表示氨基酸，并非形成此长链时所有氨基和羧基都参与脱水缩合，R基中的一般不参与，D正确。
故选D。
5. 有一条由14个氨基酸组成，分子式为CXHYOWNZS（Z=14，W>15）的多肽，经过水解后的产物中有3种氨基酸：半胱氨酸（C3H7O2NS）、丙氨酸（C3H7O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）。水解产物中天冬氨酸的数目是（ ）
A. （Y＋14）个 B. （Z＋14）个 C. （W-15）个 D. （W-15）/2个
【答案】D
【解析】
【分析】氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数；游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数；至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数；氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数=各氨基酸中氮原子总数；氧原子数=肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数；蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。
【详解】由题意知，天冬氨酸（C4H7O4N）中含有2个羧基，4个氧原子，设该化合物中天冬氨酸的个数是X个，该多肽脱去14-1=13个水，根据氧原子守恒，则有关系式为：2（14-X）+4X-13=W，解得X=（W-15）/2个，D正确。
故选D。
6. 研究发现一类称做“分子伴侣”的蛋白质可识别正在合成的多肽或部分折叠的多肽，并通过改变自身空间结构与多肽的某些部位相结合，从而帮助这些多肽折叠、组装或转运，其本身不参与组成最终产物并可循环发挥作用。下列叙述错误的是（ ）
A. 酵母菌内“分子伴侣”发挥作用的场所可能在内质网
B. “分子伴侣”介导加工的环状八肽化合物中至少含有8个氧原子和8个氮原子
C. 蛋白质空间结构一旦发生改变，则一定不可逆转
D. “分子伴侣”折叠蛋白质的过程中可能涉及氢键的形成
【答案】C
【解析】
【分析】蛋白质变性是指天然蛋白质因受物理、化学因素的影响，使蛋白质分子的构象发生了异常变化，从而导致生物活性的丧失以及物理、化学性质的异常变化。蛋白质变性不涉及蛋白质一级结构的改变，即由氨基酸构成的肽链并不发生改变。
【详解】A、酵母菌是真核生物，“分子伴侣”发挥作用的场所可能在内质网，A正确；
B、每一个氨基酸至少含有一个氨基（-NH2）和一个羧基（-COOH），环状八肽化合物由 8 个氨基酸脱去8个水形成，其中 8 个氨基酸中至少的氧原子数为 8×2=16，至少的氮原子数为 8×1=8，8分子水（H2O）包含的氧原子数 8，氮原子数为 0，则环链八肽化合物至少有氧原子 8×2－8=8，氮原子 8×1=8，B正确；
C、由题干信息可知，分子伴侣在发挥作用时会改变自身空间结构，并可循环发挥作用，因此可以判断“分子伴侣”的空间结构的改变是可以逆转的，C错误；
D、“分子伴侣”折叠蛋白质的过程中，即蛋白质的空间结构形成，其过程中可能涉及二硫键、氢键的形成，D正确。
故选C。
【点睛】
7. 煎饺是我国北方地区特色传统小吃之一，以面粉和肉馅为主要食材制作成水饺，水饺煮熟放凉后用植物油煎制而成。煎饺表面酥黄，口感香脆。下列说法错误的是（ ）
A. 肉馅中的蛋白质在高温加热过程中肽键断裂使其结构松散，利于人体消化
B. 煎制水饺时所用的植物油大多含有不饱和脂肪酸，在室温下呈液态
C. 面粉中富含的植物多糖必须经过消化分解成葡萄糖，才能被人体吸收
D. 肉馅中的糖原属于多糖，不能直接被细胞吸收利用
【答案】A
【解析】
【分析】糖类分为：单糖、二糖、多糖，其中单糖包括葡萄糖、果糖、核糖和脱氧核糖，二糖包括麦芽糖、蔗糖和乳糖，多糖包括淀粉、纤维素和糖原。植物细胞中特有的糖有：果糖、麦芽糖、蔗糖、淀粉、纤维素等，动物细胞中特有的糖有：乳糖和糖原。
【详解】A、肉馅中的蛋白质在高温加热过程中，分子空间结构变得伸展、松散，使其容易被蛋白酶水解，高温不会使蛋白质的肽键断裂，A错误；
B、煎饺时所用的植物油属于植物脂肪，植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温下呈液态，B正确；
C、面粉中富含的植物多糖主要是淀粉，淀粉不能被人体直接吸收，必须消化分解成小分子葡萄糖才能被吸收，C正确；
D、肉馅中的糖原属于多糖，不能直接被细胞吸收利用，要先被水解成葡萄糖才能被人体吸收，D正确。
故选A。
8. 科学家在加利福尼亚洲东部的莫诺湖里发现了一种被称作GFAJ—1的独特细菌，这种细菌能利用剧毒化合物——砒霜中的砷来代替磷元素构筑生命分子，进行一些关键的化学反应(在元素周期表中，砷排在磷下方，两者属于同族，化学性质相似)。根据上述材料预测，下列说法正确的是（ ）
A. GFAl—1与新冠病毒最本质的区别是没有以核膜为界限的细胞核
B. GFAJ—1是原核生物，以RNA为遗传物质
C. 砷元素是存在于GFAJ—1细菌中的微量元素
D. GFAJ—1的发现拓宽了人类对地球极端环境研究的思路
【答案】D
【解析】
【分析】细菌是原核生物，具有细胞结构，遗传物质是DNA。糖类的元素组成是C、H、O，蛋白质的元素组成主要是C、H、O、N，绝大部分还含有S，DNA、RNA、ATP和磷脂的元素组成是C、H、O、N、P。
【详解】A、GFAJ-1是细菌，与新冠病毒最本质的区别是有细胞结构，而新冠病毒没有细胞结构，A错误；
B、GFAJ-1是细菌，属于原核生物，遗传物质是DNA，B错误；
C、GFAJ—1细菌能利用剧毒化合物——砒霜中的砷来代替磷元素构筑生命分子，磷元素是大量元素，因此推测砷元素是存在于GFAJ—1细菌中的大量元素，C错误；
D、GFA J-1的发现拓宽了人类对地球极端环境研究的思路，D正确。
故选D。
9. 据央视新闻客户端消息：近日一篇“熟蛋返生孵小鸡”的论文引发网络关注。该论文称，“在该校导师指导下，学生通过超心理意识能量方法使煮熟的鸡蛋变成生鸡蛋，并将返生后的鸡蛋孵化成小鸡。目前已成功返生40多枚”。某央视主播评论：“侮辱性很强，伤害性极大”。下列有关蛋白质的知识叙述错误的是（ ）
A. 吃熟鸡蛋容易消化是因为高温使蛋白质空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解
B. 吞噬细胞中含有大量的溶酶体，由溶酶体产生的溶菌酶是体液中的杀菌物质
C. 所有细胞器都含有蛋白质分子，但不一定含有磷脂分子
D. 在鸡蛋清中加入食盐会看到白色絮状物，这一过程未改变蛋白质分子中的肽键数
【答案】B
【解析】
【分析】1、盐析为蛋白质在水溶液中溶解度的降低，不影响活性，加水后还可以溶解。
2、蛋白质变性：受热、酸碱、重金属盐、某些有机物（乙醇、甲醛等）、紫外线等作用时蛋白质可发生变性，失去其生理活性；变性是不可逆过程，是化学变化过程。
【详解】A、高温使蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，故煮熟的鸡蛋容易消化，A正确；
B、吞噬细胞中含有大量的溶酶体，溶酶体内含多种水解酶，是细胞内的消化车间；体液中的杀菌物质溶菌酶不是由溶酶体产生的，是由核糖体合成的，B错误；
C、所有细胞器都含有蛋白质分子，不一定都含有磷脂分子，如中心体和核糖体，C正确；
D、盐析为蛋白质在水溶液中溶解度的降低，不影响活性，不改变其空间结构，故在鸡蛋清中加入食盐会看到白色絮状物，这一过程未改变蛋白质分子中的肽键数，D正确。
故选B。
10. 关于细胞的物质输入和输出的叙述错误的是（ ）
A. 细胞膜的选择透过性与脂质和蛋白质都有关系
B. 由载体和通道介导的物质跨膜运输都存在溶质分子与相应蛋白质结合的过程
C. 胞吞、胞吐的过程不需要载体蛋白，但需要膜上蛋白质的参与
D. 植物细胞对无机盐的选择性吸收与核糖体有关
【答案】B
【解析】
【分析】转运蛋白可以分为载体蛋白和通道蛋白两种类型。载体蛋白只容许与自身结合部位相适应的分子或离子通过，而且每次转运时都会发生自身构象的变化；通道蛋白只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过。分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合。
【详解】A、细胞的组成成分是蛋白质和磷脂，脂溶性物质优先透过细胞膜，与磷脂分子有关，细胞膜载体蛋白质的种类和数量决定了细胞膜运输物质的种类和数量，因此细胞膜的选择透过性与脂质和蛋白质都有关系，A正确；
B、载体蛋白只容许与自身结合部位相适应的分子或离子通过，而且每次转运时都会发生自身构象的变化；通道蛋白只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过。分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合，B错误；
C、胞吞和胞吐过程，首先需要与膜上蛋白质结合，还需要消耗细胞呼吸释放的能量，C正确；
D、植物细胞对无机盐的选择性吸收属于主动运输，主动运输需要能量和载体，载体蛋白质的合成与核糖体有关，D正确。
故选B。
11. 如图所示表示渗透作用的装置图，其中半透膜为膀胱膜，甲、丙装置中A、B、a、b溶液浓度分别用MA、MB、Ma、Mb表示，乙、丁装置分别表示一段时间后甲、丙装置的状态，液面上升的高度分别为h1、h2。如果A、B、a、b均为蔗糖溶液，且MA>MB、Ma＝Mb>MA，则达到平衡后（ ）
A. h1>h2、Ma>Mb B. h1>h2、Ma
【答案】D
【解析】
【分析】渗透作用发生条件是：
（1）具有半透膜；
（2）半透膜两侧的溶液具有浓度差。
由题图可知：Ma=Mb>MA>MB，所以2个长颈漏斗中的液面均上升。
【详解】ABCD、由于Ma=Mb>MA>MB，所以甲和丙装置中的水分子都会流入漏斗，分别使漏斗液面升高h1、h2，又Ma与MA的浓度差小于Mb与MB的浓度差，a中吸水量小于b中吸水量，因此h1
故选D。
12. 酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物。下列与酶有关的实验中，叙述错误的是（ ）
A. 比较H2O2在不同条件下的分解时，H2O2溶液需现配现用以防止其在常温下分解
B. 探究pH对胃蛋白酶活性的影响时，先将胃蛋白酶置于中性环境中保存
C. 验证淀粉酶的专一性时，可选用淀粉、蔗糖、淀粉酶和斐林试剂进行实验
D. 探究温度对酶活性的影响时，底物与酶应先在相应温度条件下保温处理后再混合
【答案】B
【解析】
【分析】1、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，极少数酶是RNA。
2、酶的作用机理：能够降低化学反应的活化能。
3、影响酶活性的因素主要是温度和pH，在最适温度（pH）前，随着温度（pH）的升高，酶活性增强；到达最适温度（pH）时，酶活性最强；超过最适温度（pH）后，随着温度（pH）的升高，酶活性降低。另外低温酶不会变性失活，但高温、pH过高或过低都会使酶变性失活。
【详解】A、过氧化氢溶液容易分解为氧气和水，故在进行比较过氧化氢在不同条件下的分解的实验时，应现配现用，A正确；
B、胃蛋白酶的最适pH值是1.5~2.0，在探究pH对胃蛋白酶活性的影响时，先将胃蛋白酶置于酸性环境中保存，B错误；
C、用淀粉、蔗糖、淀粉酶来验证酶的专一性时，应该选用斐林试剂鉴定实验结果，C正确；
D、探究温度对酶活性的影响时，要先将酶与底物溶液分别处于相应温度一段时间后，再进行混合，如果先进行混合再保温，则一旦酶与底物接触就会进行反应，影响实验结果，D正确。
故选B。
13. 酶的抑制剂能降低酶的活性，不同的抑制剂对酶活性的影响不同。某科研小组通过实验研究了两种抑制剂对某消化酶酶促反应速率的影响，实验结果如下图所示。下列叙述正确的是（ ）
A. 抑制剂Ⅰ对该消化酶的抑制作用强于抑制剂Ⅱ
B. 底物浓度升高可减小或去除抑制剂Ⅱ的作用
C. 当底物浓度为A时，曲线②、③酶促反应所需的活化能相同
D. 当底物浓度大于A时，曲线①的限制因素不再是底物浓度
【答案】D
【解析】
【分析】酶是由生物活细胞产生的、对作用底物具有高度特异性和高度催化效能的蛋白质或者核糖核酸（RNA）。酶所催化的化学反应一般是在比较温和的条件下进行的，酶促反应需要最适的温度和最适的pH值条件。温度过高或过低，pH值过高或过低都会影响酶的活性，高温、过酸和过碱的条件会使酶永久失活。
【详解】A、酶促反应速率低的抑制作用强，因此抑制剂Ⅰ对该消化酶的抑制作用弱于抑制剂Ⅱ，A错误；
B、底物浓度升高可减小或去除抑制剂Ⅰ的作用，随着底物浓度的增大，①与②的酶促反应速率相同，B错误；
C、当底物浓度为A时，曲线②、③酶促反应所需的活化能不同，②的更低，因此②的速率更快，C错误；
D、当底物浓度大于A时，增大底物浓度，酶促反应速率不再增大，因此曲线①的限制因素不再是底物浓度，D正确。
故选D。
14. 甘薯（又称“红薯”、“苕”等）在明代嘉靖年间传入我国，至万历年间，劳动人民在生产实践中就总结出了贮藏甘薯的要领。《农政全书》指出“藏种之难，一惧湿，一惧冻”，“欲避冰冻，莫如窖藏”。下列叙述正确的是（ ）
A. 在潮湿环境中，病毒和细菌容易在甘薯细胞表面繁殖，进而侵染甘薯，造成伤害
B. 甘薯细胞的结合水含量高，低温条件下细胞液容易结冰而使细胞产生机械性伤害
C. 窖藏过程中，甘薯呼吸作用释放的能量大部分转化为热能，可影响窖室内的温度
D. 窖藏过程中，窖室内保持严格的无氧环境，甘薯呼吸作用消耗的有机物的量最少
【答案】C
【解析】
【分析】细胞呼吸释放的能量大部分转化为热能，小部分用于合成ATP。
【详解】A、病毒无细胞结构，必须寄生在活细胞内才能进行生长繁殖，A错误；
B、结合水和自由水的比值，甘薯的抗旱性强，低温条件下细胞液不容易结冰，B错误；
C、细胞呼吸释放的能量大部分转化为热能，小部分用于合成ATP，释放的能量会影响窖室内的温度，C正确；
D、由于在有氧条件下无氧呼吸受抑制，因此无氧条件下细胞呼吸较低氧条件下旺盛，故严格的无氧环境不利于甘薯保鲜，D错误。
故选C。
15. 耐力性运动是指机体进行一定时间（每次30min以上）的低中等强度的运动，如步行、游泳、骑行等，有氧呼吸是耐力性运动中能量供应的主要方式，在耐力性运动训练中肌纤维的线粒体数量会出现适应性变化。下列说法不正确的是（ ）
A. 有氧呼吸时，细胞产生的能量只有一部分储存在ATP中
B. 线粒体是人体细胞中唯一含有双层膜的细胞器
C. 线粒体内膜上丙酮酸分解成CO2和[H]的过程需要H2O的参与
D. 坚持进行耐力性运动训练后，肌纤维中线粒体数量会适当增加
【答案】C
【解析】
【分析】有氧呼吸的第一、二、三阶段的场所依次是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜。有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，合成少量ATP；第二阶段是丙酮酸和水反应生成二氧化碳和[H]，合成少量ATP；第三阶段是氧气和[H]反应生成水，合成大量ATP。
【详解】A、细胞呼吸释放的能量大部分以热能形式散失，少部分储存在ATP中，A正确；
B、含有双层膜的细胞器是线粒体和叶绿体，但人体细胞中只有线粒体，B正确；
C、丙酮酸分解成CO2和[H]的过程在线粒体基质中进行，C错误；
D、有氧呼吸是耐力性运动中能量供应的主要方式，在耐力性运动训练中肌纤维的线粒体数量会出现适应性变化，坚持进行耐力性运动训练，肌纤维中线粒体数量会适当增加，D正确。
故选C。
16. 下列有关高等动物细胞以葡萄糖为底物进行细胞呼吸过程的叙述，错误的是（ ）
A. 细胞呼吸作用释放的能量部分存储在ATP中
B. 细胞有氧呼吸和无氧呼吸的第一阶段都会产生[H]
C. 人在剧烈运动时可通过分解肌糖原释放部分能量
D. 若细胞呼吸消耗的O2量等于生成的CO2量，则细胞只进行有氧呼吸
【答案】D
【解析】
【分析】有氧呼吸指细胞在氧气的参与下，通过多种酶的催化作用，把葡萄糖等有机物彻底氧化分解，产生二氧化碳和水，生成大量能量的过程。
【详解】A、细胞呼吸作用释放的能量大部分以热能的形式散失，少部分存储在ATP中，A正确；
B、细胞有氧呼吸和无氧呼吸的第一阶段相同，都产生[H]和少量的能量，B正确；
C、糖原是能源物质，人在剧烈运动时可通过分解肌糖原释放部分能量，C正确；
D、若细胞呼吸消耗的O2等于生成的CO2，细胞可能同时存在有氧呼吸和无氧呼吸，因为无氧呼吸不一定产生CO2，D错误。
故选D。
【点睛】对于人来说，只有有氧呼吸或有氧呼吸和无氧呼吸共存时，氧气的消耗量都等于二氧化碳的释放量。
17. 如图所示为人体运动强度与血液中乳酸含量和氧气消耗速率的关系。下列不正确的是（ ）
A. 运动强度较长时间超过c，往往会导致肌肉酸胀
B. ab段为有氧呼吸，bc段为有氧呼吸和无氧呼吸，cd段为无氧呼吸
C. 无论在何种运动强度下，肌肉细胞CO2的产生量始终等于O2的消耗量
D. 有氧呼吸时，葡萄糖中的能量有两个去路：大部分以热能形式散失，其余用于合成ATP
【答案】B
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：图示为人体运动强度与血液中乳酸含量和氧气消耗速率的关系，其中ac段，氧气消耗速率逐渐升高，而血液中的乳酸含量保持相对稳定；cd段氧气消耗速率不变，但血液中的乳酸含量逐渐升高。
【详解】A、如果运动强度长时间超过c，血液中乳酸的积累量增大，会造成肌肉酸胀乏力，由于缓冲物质的存在，内环境pH不会持续下降，保持相对稳定，A正确；
B、分析题图曲线可知，cd段氧气消耗率较高，血液中乳酸水平升高，因此该阶段既进行有氧呼吸也进行无氧呼吸，B错误；
C、人体细胞无氧呼吸的产物是乳酸，有氧呼吸过程中氧气的吸收量与二氧化碳的释放量相等，因此不论何时，肌肉细胞CO2的产生量都等于O2消耗量， C正确；
D、有氧呼吸时，葡萄糖彻底氧化分解释放的能量有两个去路：大部分以热能形式散失，其余用于合成ATP，D正确。
故选B。
【点睛】本题结合曲线图，考查细胞呼吸的相关知识，要求考生识记人体细胞有氧呼吸和无氧呼吸的过程及反应式，能正确分析曲线图，并能结合图中信息准确判断各选项是解答本题的关键。
18. 美国德克萨斯大学奥斯汀分校的科学家在《自然》杂志上指出，他们研制出了一种新的酶变体FAST-PETase（天然酶的新突变），它能在几小时到几天内分解正常情况下需要数百年才能降解的塑料（主要针对聚对苯二甲酸乙二醇酯PET），有望大大推动塑料的回收利用，真正拉开塑料循环经济的大幕。这项研究关于酶变体FAST-PETase作用叙述错误的是（ ）
A. 体现了高效性 B. 体现了专一性
C. 具有催化作用 D. 不需要适宜的温度和pH
【答案】D
【解析】
【分析】1、酶的本质：酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，其中绝大多数是蛋白质，少数是RNA。
2、酶促反应的原理：酶能降低化学反应所需的活化能。
3、影响酶促反应速率的因素主要有：温度、pH、底物浓度和酶浓度。
【详解】A、新的酶变体FAST-PETase，它能在几小时到几天内分解正常情况下需要数百年才能降解的塑料，体现了酶的高效性，A正确；
B、一种新酶变体FAST-PETase主要针对聚对苯二甲酸乙二醇酯PET的降解，体现了酶的专一性，B正确；
C、一种新的酶变体FAST-PETase（天然酶的新突变），它能在几小时到几天内分解正常情况下需要数百年才能降解的塑料，说明酶具有催化作用，C正确；
D、题干信息中没有体现酶变体FAST-PETase发挥作用不需要适宜的温度和pH，D错误。
故选D。
19. ATP是细胞的能量“通货”，下图为ATP的结构和ATP与ADP相互转化的关系式。下列说法不正确的是（ ）
ATPADP+Pi+能量
A. ATP是直接能源物质，吸能反应与ATP合成相联系，放能反应与ATP水解相联系
B. 图中两个反应总是处于“动态平衡”中，剧烈运动时ATP分解量增加，其合成量也增加
C. 图中的①②若表示某种物质，则①②能降低化学反应的活化能
D. 绿色植物的根尖细胞中，图中过程②可以发生在线粒体和细胞质基质
【答案】A
【解析】
【分析】ATP中文名称叫腺苷三磷酸，结构简式A-P～P～P，其中A代表腺苷，P代表磷酸基团，～代表特殊化学键。
题图分析，ATP和ADP转化过程中，①表示ATP的水解，②表示ATP的合成。
（1）酶不同：酶①是水解酶，酶②是合成酶。
（2）能量来源不同：ATP水解释放的能量，来自特殊化学键的化学能，并用于生命活动；合成ATP的能量来自呼吸作用或光合作用。
（3）场所不同：ATP水解在细胞的各处。ATP合成在线粒体，叶绿体，细胞质基质。
【详解】A、ATP是直接能源物质，吸能反应一般与①ATP水解相联系，放能反应与ATP合成②相联系，A错误；
B、图中两个反应总是处于“动态平衡”中，剧烈运动时ATP分解量增加，其合成量也增加，从而满足能量供应，B正确；
C、图中的①②若表示两种不同的酶，前者是ATP水解酶，后者是ATP合成酶，均能通过降低化学反应的活化能促进反应的进行，C正确；
D、绿色植物的根尖细胞中，过程②表示ATP的合成，能量来源于呼吸作用，可以发生在细胞质基质、线粒体中，D正确。
故选A。
20. 将苹果储藏在密闭容器中，较长时间后会闻到酒香。当通入不同浓度的O2时，其O2的消耗量和CO2的产生量如下表所示（假设细胞呼吸的底物都是葡萄糖）。下列叙述错误的是（ ）
氧浓度/％
a
b
c
d
e
CO2产生速率/（mol·min﹣1）
1.2
1.0
1.3
1.6
3.0
O2消耗速率/（mol·min﹣1）
0
0.5
0.7
1.2
3.0
A. 氧浓度为a时，苹果的细胞呼吸只在细胞质基质中进行
B. 氧浓度为c时，苹果产生酒精的速率为0.6mol·min﹣1
C. 氧浓度为d时，消耗的葡萄糖中有1/4用于酒精发酵
D. 表中5个氧浓度条件下，氧浓度为b时，较适宜苹果的储藏
【答案】C
【解析】
【分析】1、苹果的有氧呼吸，反应式为：C6H12O6+6O2+6H2O6CO2+12H2O+能量（大量）。
2、苹果的无氧呼吸，反应式为：C6H12O6 2C2H5OH（酒精）+2CO2+能量（少量）。
3、只有有氧呼吸才消耗氧气，所以只要消耗氧气，植物细胞就一定进行了有氧呼吸。如果只进行有氧呼吸，则根据有氧呼吸的反应方程式可以看出，氧气的消耗量等于二氧化碳的释放量。如果二氧化碳的释放量大于氧气的消耗量，说明多出来的二氧化碳是无氧呼吸产生的。如果不消耗氧气，只产生二氧化碳，说明只进行无氧呼吸。所以依据O2吸收量和CO2的释放量判断：①不消耗O2，释放CO2→只进行无氧呼吸；②O2吸收量=CO2释放量→只进行有氧呼吸；③O2吸收量＜CO2释放量→两种呼吸同时进行，且多余CO2来自无氧呼吸。
【详解】A、氧浓度为a时，苹果的细胞呼吸消耗的氧气量为0，表明细胞只进行无氧呼吸，此时苹果的细胞呼吸只在细胞质基质中进行，A正确；
B、氧浓度为c时，苹果无氧呼吸产生的CO2量为1.3-0.7=0.6mol·min-1，而C2H5OH的量与无氧呼吸产生的CO2量相等，也为0.6mol·min-1，B正确；
C、氧浓度为d时，有氧呼吸产生的CO2量为1.2mol·min-1，消耗的葡萄糖为0.2mol·min-1；无氧呼吸产生的CO2量为0.4mol·min-1，消耗的葡萄糖为0.2mol·min-1，故氧浓度为d时，消耗的葡萄糖中有1/2用于酒精发酵，C错误；
D、从图表分析可知，氧浓度为b时，呼吸作用强度最低，CO2产生量最小，较适宜于苹果的储藏，D正确。
故选C。
二、非选择题（本大题共4 小题）
21. 请结合图示，回答下列问题：
（1）①图中，活化态对应的能量表示的是______________所需要的能量，与无机催化剂相比，酶的催化____________更高。如果将酶催化改为无机催化剂催化，则图①的纵坐标轴上____________（填“A”或“B”或“C”或“D”）点对应的虚线应上移。
（2）②图中纵轴指标最可能是__________（填“生成物的量”或“反应物的量”或“反应速率”），G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，最可能的原因是_______。
（3）②图中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变主要与______________直接相关。
（4）若该酶是唾液淀粉酶，______（填“能”或“不能”）设置一系列浓度梯度的盐酸溶液，探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下催化分解淀粉的反应速率变化情况，理由是____________。
【答案】（1） ①. 容易发生化学反应
②. 效率 ③. B
（2） ①. 反应速率 ②. PH过酸或过碱破坏酶的空间结构，使其永久失活 （3）酶的量有限
（4） ①. 不能 ②. 唾液淀粉酶在酸性条件下活性下降，但是淀粉可在盐酸的催化下分解，从而影响实验结果。
【解析】
【分析】1、酶作用的机理是降低化学反应所需的活化能。活化能是分子从常态转化为容易发生化学反应的活跃状态所需要的能量。
2、与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。
【小问1详解】
活化态对应的能量表示的是容易发生化学反应所需要的能量，与无机催化剂相比，酶降低活化能更显著，催化效率更高。如果将酶催化改为无机催化剂催化，降低的活化能减少，则B点对应的活化能上移。
【小问2详解】
曲线乙和丙中存在纵轴指标下降至零的情况，而化学反应过程中生成物的量是逐渐积累增加，所以纵轴不能表示生成物的量，又因为曲线甲、乙、丙中存在纵轴指标在一定范围内上升的情况，而化学反应过程中反应物的量是逐步减少的，所以纵轴不能表示反应物的量。纵轴指标最可能是反应速率。纵轴表示反应速率，G点左侧曲线和J点右侧曲线均出现与横轴相交的情况，因此横轴最可能表示的是pH，故曲线相应点落在横轴上表示过酸、过碱，会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活。
【小问3详解】
②图中若横轴表示反应物浓度，BC段曲线对应数值保持不变即反应速率不变主要是因为酶的数量有限。
【小问4详解】
唾液淀粉酶最适pH 值在6.8左右，唾液淀粉酶在盐酸作用下活性会受到抑制甚至失去活性，与此同时，盐酸也可以催化淀粉水解，增加了实验变量干扰，因此若该酶是唾液淀粉酶，不能设置一系列浓度梯度的盐酸溶液，探究唾液淀粉酶在不同酸性条件下催化分解淀粉的反应速率变化情况。
22. 如图所示，图甲为由磷脂分子合成的人工膜的结构示意图，图乙为人的成熟红细胞膜的结构示意图及葡萄糖和乳酸的跨膜运输情况，图丙中 A 为 1 mol/L 的葡萄糖溶液， B 为 1 mol/L 的乳酸溶液，请据图回答以下问题：
（1）图丙中半透膜模拟的是成熟植物细胞中的_________________。
（2）图乙中，葡萄糖和乳酸跨膜运输的共同点是都需要________________。
（3）如果用图甲所示人工膜作为图丙中的半透膜，则液面不再变化时，左侧液 _______（填“高于”“低于”或“等于”）右侧液面；如果在图甲所示人工膜上贯穿上图乙的蛋白质①，再用作图丙的半透膜，则液面不再变化时，左侧液面 _______右侧液面（填“高于”“低于”或“等于”）。
（4）某些药物大分子不容易被细胞吸收，但如果用图甲所示人工膜包裹后再注射则更容易进入细胞，此实例可说明细胞膜具有_____________性。
（5）图甲所示人工膜两侧的离子存在浓度差，离子不能通过该膜。在人工膜中加入少量缬氨霉素，K＋即可从高浓度一侧通过该膜到达低浓度一侧，其他离子不能通过，则 K＋通过该膜的方式是______________，缬氨霉素的化学本质是_____________。
【答案】 ①. 原生质层 ②. 载体蛋白 ③. 等于 ④. 低于 ⑤. 一定流动性 ⑥. 协助扩散 ⑦. 蛋白质
【解析】
【分析】由图可知，甲图是磷脂双分子层组成的人工膜，不含载体蛋白；
乙图中，葡萄糖通过协助扩散跨膜运输，乳酸通过主动运输跨膜运输。
【详解】（1）图丙是一个渗透装置，其中的半透膜模拟的是成熟植物细胞中的原生质层，原生质层由细胞膜、液泡膜和两层膜之间的细胞质组成。
（2）图乙中，葡萄糖跨膜运输的方式是协助扩散，乳酸是主动运输，二者都需要载体蛋白协助。
（3）若用甲所示的人工膜作为丙中的半透膜，由于缺乏载体蛋白，葡萄糖和乳酸均不能通过半透膜，由于半透膜两侧的浓度相等，故液面不变，左侧液面等于右侧液面；若在甲中的人工膜上加入图乙的蛋白质①，再用作图丙的半透膜，则葡萄糖可以通过半透膜，乳酸不能通过半透膜，右侧液面浓度会升高，右侧液面会升高，当液面不再变化时，左侧液面会低于右侧。
（4）人工膜包裹大分子药物后，人工膜与生物膜会发生融合，故更容易将药物送入细胞，说明细胞膜具有一定的流动性。
（5）在缺乏载体蛋白的人工膜两侧，离子不能通过；而加入缬氨霉素后，钾离子可以通过顺浓度梯度运输，而其他离子不能通过，说明缬氨霉素的化学本质是蛋白质，是运输钾离子的载体蛋白，钾离子顺浓度梯度的运输属于协助扩散。
【点睛】本题的难点在于丙中液面的变化，需要考生注意半透膜两侧是否有浓度差，若无浓度差则液面不变；若有浓度差，液面会发生变化。
23. 下图a是发生质壁分离的植物细胞，图b是显微镜下观察到的某一时刻的图像。请据图回答下列问题：
（1）图a中植物细胞发生质壁分离，指的是细胞壁和_____________的分离，后者的结构包括_____________（填序号）和_____________（填序号）以及二者之间的_____________。
（2）图b是观察植物细胞质壁分离与复原实验时拍下的显微照片，此时细胞液浓度_____________外界溶液浓度。（填“大于”或“小于”或“等于”或“无法确定”）
（3）将形状、大小相同的红心萝卜A和红心萝卜B幼根各5段，分别放在不同浓度的蔗糖溶液（甲~戊）中，一段时间后，取出红心萝卜的幼根称重，结果如图c所示，据图分析：
①红心萝卜B比红心萝卜A的细胞液浓度______________；
②甲至戊蔗糖溶液的浓度大小关系是_____________。
【答案】（1） ①. 原生质层 ②. 2 ③. 4 ④. 细胞质
（2）无法确定 （3） ①. 低（小） ②. 乙>丁>甲>戊>丙
【解析】
【分析】a是发生质壁分离的植物细胞，1是细胞壁，2是细胞膜，3是细胞核，4是液泡膜，5是细胞质，6是细胞壁与细胞膜之间部分，7是细胞液。b是显微镜下观察到的某一时刻的图像，此时细胞可能正在发生质壁分离，也可能完成质壁分离，细胞与外界溶液处于相对平衡状态，还可能处于质壁分离的复原过程中。
【小问1详解】
质壁分离是原生质层和细胞壁的分离；原生质层包括2细胞膜、4液泡膜以及二者之间的细胞质。
【小问2详解】
植物细胞发生质壁分离的外界条件是外界溶液浓度大于细胞液浓度，而植物自身具备的结构特点是原生质层的伸缩性大于细胞壁的伸缩性。在观察植物细胞质壁分离与复原实验中，当细胞处于质壁分离状态时，此时细胞可能正在发生质壁分离。也可能完成质壁分离，细胞与外界溶液处于相对平衡状态，还可能处于质壁分离的复原过程中，因此，细胞液浓度与外界溶液浓度的关系是细胞液浓度大于、等于或小于外界溶液浓度。
【小问3详解】
①由于萝卜条A在甲浓度的蔗糖溶液中重量不变，说明其细胞液与蔗糖溶液浓度相等，但此浓度的蔗糖溶液中B萝卜条重量减少，说明其细胞液浓度小于A的细胞液浓度。故红心萝卜B比红心萝卜A的细胞液浓度低；根据红心萝卜A（或者红心萝卜B）的重量可知，在甲中重量不变，因此A的细胞液与甲浓度相等，乙中重量变小，失水，说明A的细胞液小于乙，而在丁中也变小，但是变小的幅度比乙小，说明乙的浓度大于丁，而在丙和戊中都增大，说明吸水，A的细胞液浓度比丙和戊大，且丙的幅度大于戊，因此丙的浓度比戊低，故浓度大小为乙>丁>甲>戊>丙。
24. 某实验小鼠适宜生活在25℃左右的环境中，为探究低于适宜温度的环境（如10℃）对小鼠能量代谢的影响（能量代谢的强弱用单位时间的耗氧量表示），请依据所给的实验装置（如图）、实验材料和用品，在给出的实验方法和步骤的基础上，继续完成探究实验，预测可能的实验结果和结论，并回答问题。
实验室温度：25℃左右
材料和用品：小鼠、冰袋、秒表等
（1）该实验的自变量是______，因变量是________。
（2）方法和步骤：
步骤1：将小鼠放入广口瓶的笼子内，加塞密闭。打开夹子（A）、（B）、（C），片刻后关闭夹子（B），用注射器抽取10毫升氧气备用。关闭夹子（C），打开夹子（B），使水检压计液面左右平齐。
步骤2：待小鼠安静后，关闭夹子________（填“A”或“B”或“C”），记下时间，将注射器向前推进5毫升，水检压计液面_______（填“左”或“右”）侧升高，关闭夹子_______（填“A”或“B”或“C”），待水检压计的液面_____时，记录时间。得到在25℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用的时间，重复3次，取平均值。
步骤3：将冰袋放在广口瓶周围，调节距离，使瓶内温度稳定在10℃，待小鼠安静后，重复步骤1、2中的有关操作。得到10℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用的时间，重复3次，取平均值。
（3）结果预测和结论：
①若消耗5毫升氧气所用时间10℃少于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，________。
②若消耗5毫升氧气所用时间10℃多于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，_______。
③若消耗5毫升氧气所用时间10℃等于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢不受影响。
【答案】（1） ①. 温度 ②. 能量代谢的强弱（或单位时间的耗氧量）
（2） ①. A ②. 左 ③. B ④. 左右平齐
（3） ①. 能量代谢会加强 ②. 能量代谢会减弱消
【解析】
【分析】分析题意，本实验要探究小鼠在低于适宜温度的环境，如10℃时对小鼠能量代谢的影响（能量代谢的强弱用单位时间的耗氧量表示），实验的自变量是温度，因变量是小鼠代谢强度，实验设计应遵循对照与单一变量原则，据此分析作答。
【小问1详解】
分析题意可知，实验目的是探究低于适宜温度的环境（如10℃）对小鼠能量代谢的影响，则该实验的自变量是温度，因变量为能量代谢的强弱（或单位时间的耗氧量）。
【小问2详解】
实验目的是探究低于适宜温度的环境（如10℃）对小鼠能量代谢的影响（能量代谢的强弱用单位时间的耗氧量表示），实验设计应遵循对照与单一变量原则，且无关变量应相同且适宜，故可设计实验如下：
步骤1：将小鼠放入广口瓶的笼子内，加塞密闭。打开夹子（A）、（B）、（C），片刻后关闭夹子（B），用注射器抽取10毫升氧气备用。关闭夹子（C），打开夹子（B），使水检压计液面左右平齐。
步骤2：待小鼠安静后，关闭夹子（A），记下时间，将注射器向前推进5毫升（推进的数量合理即可），水检压计液面左侧升高，关闭夹子B，待水检压计的液面左右平齐时，记录时间。得到在25℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用时间。
步骤3：将冰袋放在广口瓶周围，调节距离，使瓶内的温度稳定在10℃，待小鼠安静后，重复步骤1、2中的有关操作。得到在10℃环境中小鼠消耗5毫升氧气所用时间。
【小问3详解】
①如果消耗5毫升氧气所用的时间10℃少于25℃，则说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢会加强，故消耗氧气的速率加快。
②如果消耗5毫升氧气所用的时间10℃多于25℃，则说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢会减弱，消耗氧气的速率减慢。
③若消耗5毫升氧气所用时间10℃等于25℃，说明小鼠的生活环境从25℃降为10℃时，能量代谢不受影响。
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