高三物理总复习巩固练习高考冲刺热点分析二运动

这是一份高三物理总复习巩固练习高考冲刺热点分析二运动，共10页。试卷主要包含了选择题，计算题等内容，欢迎下载使用。
【巩固练习】一、选择题1. （2016  上海卷）沿固定斜面下滑的物体受到斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度-时间图线如图所示。已知物体与斜面的动摩擦因数为常数，在0～5s，5～10s，10～15s内F的大小分别为F1、F2和F3，则（  ）A．F1<F2        B.F2>F3        C.F1>F3        D.F1=F3 2. （2016  福建模拟）一物块静止在粗糙的水平桌面上。从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以a表示物块的加速度，F表示水平拉力的大小。能正确描述F与a之间的关系的图象是（  ） 3. 在水平面上有a、b两点，相距0.2m，一质点在一恒定的水平合外力的作用下沿a向b做直线运动，经过0.2s的时间先后通过a、b两点，则该质点通过a、b中点时的速度大小(　　)A．若力的方向由a向b，则大于1m/s，若力的方向由b向a，则小于1m/sB．若力的方向由a向b，则小于1m/s，若力的方向由b向a，则大于1m/sC．无论力的方向如何均小于1m/sD．无论力的方向如何均大于1m/s4. 如图所示的直角三角板紧贴在固定的刻度尺上方，现假使三角板沿刻度尺水平向右匀速运动的同时，一支铅笔从三角板直角边的最下端，由静止开始沿此边向上做匀加速直线运动，下列关于铅笔尖的运动及其留下的痕迹的判断中，正确的是(　　)A．笔尖留下的痕迹是一条抛物线B．笔尖留下的痕迹是一条倾斜的直线C．在运动过程中，笔尖运动的速度方向始终保持不变D．在运动过程中，笔尖运动的加速度方向始终保持不变5. 将物体从一定高度水平抛出(不计空气阻力)，物体运动过程中离地面高度为h时，物体水平位移为x、物体的机械能为E、物体的动能为Ek、物体运动的速度大小为v.以水平地面为零势能面．下列图象中，能正确反映各物理量与h的关系的是(　　)6. 如图所示，半径为R的光滑圆形轨道竖直固定放置，小球m在圆形轨道内侧做圆周运动，对于半径R不同的圆形轨道，小球m通过轨道最高点时都恰好与轨道间没有相互作用力．下列说法中正确的是(　　)A．半径R越大，小球通过轨道最高点时的速度越大B．半径R越大，小球通过轨道最高点时的速度越小C．半径R越大，小球通过轨道最低点时的角速度越大D．半径R越大，小球通过轨道最低点时的角速度越小7. 如图(a)所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图(b)所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间p处．若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．则t0可能属于的时间段是(　　)A．   B. C. D．8. 电磁轨道炮工作原理如图所示．待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触．电流I从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回．轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场)，磁感应强度的大小与I成正比，通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出．现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的办法是(　　)A．只将轨道长度L变为原来的2倍B．只将电流I增加至原来的2倍C．只将弹体质量减至原来的一半D．将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其它量不变9. 如图，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0＜θ＜90°)，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中(　　)A．运动的平均速度大小为vB．下滑的位移大小为C．产生的焦耳热为qBLvD．受到的最大安培力大小为sinθ二、计算题1.现用频闪照相方法来研究物块的变速运动．在一小物块沿斜面向下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示．拍摄时频闪频率是10Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4.已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s.数据如下表所示．重力加速度大小g取9.80 m/s2.根据表中数据，完成下列填空：(1)物块的加速度a＝________m/s2(保留3位有效数字)．(2)因为______________________，可知斜面是粗糙的． 2.某人在相距10m的A、B两点间练习折返跑，他在A点由静止出发跑向B点，到达B点后立即返回A点．设加速过程和减速过程都是匀变速运动，加速过程和减速过程的加速度大小分别是4 m/s2和8 m/s2，运动过程中的最大速度为4 m/s，从B点返回的过程中达到最大速度后即保持该速度运动到A点，求：(1)从B点返回A点的过程中以最大速度运动的时间；(2)从A点运动到B点与从B点运动到A点的平均速度的大小之比． 3. 如图所示，轨道ABC被竖直地固定在水平桌面上，A距离水平地面高H＝0.75m，C距离水平地面高h＝0.45m.一质量m＝0.10kg的小物块自A点从静止开始下滑，从C点以水平速度飞出后落在水平地面上的D点．现测得C、D两点间的水平距离为l＝0.60m.不计空气阻力，取g＝10m/s2. 求：(1)小物块从C点运动到D点经历的时间；(2)小物块从C点飞出时速度的大小；(3)小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功．4. 如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45°角的绝缘直杆AC，其下端(C端)距地面高度h＝0.8m.有一质量为500g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑，小环离开杆后正好通过C端的正下方P点处．(g取10m/s2)求：(1)小环离开直杆后运动的加速度大小和方向．(2)小环从C运动到P过程中的动能增量．(3)小环在直杆上匀速运动速度的大小v0.5. 如图所示的区域中，左边为垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，右边是一个电场强度大小未知的匀强电场，其方向平行于OC向上且垂直于磁场方向．在P点有一个放射源，在纸平面内向各个方向放射出质量为m、电荷量为－q、速度大小相等的带电粒子，有一初速度方向与边界线的夹角θ＝60°的粒子(如图所示)，恰好从O点正上方的小孔C垂直于OC射入匀强电场，最后打在Q点．已知OC＝L，OQ＝2L，不计粒子的重力，求：(1)该粒子的初速度v0的大小；(2)电场强度E的大小；(3)如果保持电场与磁场方向不变，而强度均减小到原来的一半，并将它们左右对调，放射源向某一方向发射的粒子，恰好从O点正上方的小孔C射入匀强磁场，则粒子进入磁场后做圆周运动的半径是多少？6. 如图甲所示，在水平面上固定有长为L＝2m、宽为d＝1m的金属“U”型导轨，在“U”型导轨右侧l＝0.5m范围内存在垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示．在t＝0时刻，质量为m＝0.1kg的导体棒以v0＝1m/s的初速度从导轨的左端开始向右运动，导体棒与导轨之间的动摩擦因数为μ＝0.1，导轨与导体棒单位长度的电阻均为λ＝0.1Ω/m，不计导体棒与导轨之间的接触电阻及地球磁场的影响(取g＝10m/s2)．(1)通过计算分析4s内导体棒的运动情况；(2)计算4s内回路中电流的大小，并判断电流方向；(3)计算4s内回路产生的焦耳热．   【答案与解析】一、选择题1. 【答案】A【解析】由v-t图象可知，0~5s内加速度a1=0.2m/s2，沿斜面向下，根据牛顿第二定律有：      mgsinθ-f-F1=ma1， F1= mgsinθ-f-0.2m；5~10s内加速度a2=0，根据牛顿第二定律有：      mgsinθ-f-F2=ma2， F2= mgsinθ-f；10~15s内加速度a3=-0.2 m/s2，沿斜面向上，根据牛顿第二定律有：      mgsinθ-f-F3=ma3， F3= mgsinθ-f+0.2m；故可得：F3＞ F2＞ F1，选项A正确。故选A。2. 【答案】C【解析】物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得：F-μmg=ma解得：F= ma+μmgF与a成一次函数关系，故ABD错，C正确。故选C。3.【答案】D【解析】质点沿a向b做匀变速直线运动，平均速度大小为1m/s，通过a、b中间时刻的速度大小为1m/s，若质点沿a向b做匀加速直线运动时，则通过a、b中点时的速度大小大于1m/s；若质点沿a向b做匀减速直线运动时，则通过a、b中点时的速度大小也大于1m/s，故选项D正确．4.【答案】AD【解析】笔尖水平方向是匀速运动，竖直方向是匀加速直线运动，是一个“类平抛”运动，选项A、D正确．5.【答案】BC【解析】设抛出点距离地面的高度为H，由平抛运动规律x＝v0t，H－h＝gt2 可知：，图象非抛物线，故A项错；平抛运动物体机械能守恒，故B项正确；平抛物体的动能Ek＝mgH－mgh＋mv02 ，C项正确，D项错．6.【答案】AD【解析】小球通过最高点时都恰好与轨道间没有相互作用力，则在最高点mg＝，即，选项A正确B错误；由动能定理得，小球在最低点的速度为，则最低点时的角速度，选项D正确而C错误．7.【答案】B【解析】如果t0＝释放，则粒子一直向A板运动；如果释放，粒子在同一段上往返运动，不能达到A板．由此符合题意的释放时刻应对应B项．8.【答案】BD【解析】由题意可知，B＝kI，设轨道宽为d，则F安＝BId＝kI2d，由动能定理得，F安·L＝mv2，联立以上式子解得，选项B、D正确．9.【答案】B【解析】金属棒开始做加速度减小的变加速直线运动，A项错误；由及，位移，B项正确；此过程中由能量守恒知产生的热量得，选项C错误；当速度为v时，所受安培力为，选项D错误．二、计算题1. 【答案】(1)4.30(填“4.29”或“4.31”同样给分)　(2)物块加速度小于(或：物块加速度小于物块沿光滑斜面下滑的加速度)【解析】(1)根据逐差法求出加速度(2)根据牛顿第二定律，物块沿光滑斜面下滑的加速度，由于a＜a′，可知斜面是粗糙的．2. 【答案】(1) 2s　(2) 【解析】 (1)设此人从静止到加速至最大速度时所用的时间为t1，加速运动的位移大小为x1，从B点返回A点的过程中做匀速运动的时间为t2，A、B两点间的距离为L，由运动学公式可得vm＝a1t1　　　　L－x1＝ vmt2　　联立以上各式并代入数据可得t2＝2s.(2)设此人从A点运动到B点的过程中做匀速运动的时间为t3，减速运动的位移大小为x2，减速运动的时间为t4，由运动学方程可得vm＝a2t4　　　　L－x1－x2＝ vmt3　　　　联立以上各式并代入数据可得.3.【答案】(1)0.30s　(2)2.0m/s　(3)0.10J【解析】(1)小物块从C点水平飞出后做平抛运动，由h＝gt2得小物块从C点运动到D点经历的时间t＝＝0.30s(2)小物块从C点飞出时速度的大小v＝＝2.0m/s(3)小物块从A点运动到C点的过程中，根据动能定理得mg(H－h)＋Wf＝mv2－0故摩擦力做的功Wf＝mv2－mg(H－h)＝－0.10J此过程中小物块克服摩擦力做的功Wf′＝－Wf＝0.10J.4.【答案】(1)　垂直于杆向下　(2)4J　(3)2m/s【解析】(1)小环沿AC杆匀速下滑，受力分析如图所示，小环共受3个力，由图可知qE＝mg小环离开直杆后，只受重力和电场力 ，F合＝mg＝maa＝g＝10m/s2，方向垂直于杆向下．(2)设小环从C运动到P的过程中动能的增量为ΔEk＝W重＋W电其中W重＝mgh＝4J，W电＝0，所以ΔEk＝4J.(3)环离开杆做类平抛运动：平行杆方向匀速运动：h＝v0t垂直杆方向匀加速运动：h＝at2解得v0＝2m/s5.【答案】【解析】(1)作出粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹圆，由几何关系得r＋r＝L解得r＝L由向心力公式,得(2)粒子在电场中做类平抛运动，有v0t＝2L③   ④由③④得(3)电场和磁场相互交换后，对粒子在电场中的运动，由动能定理得－EqL＝mv2－mv02解得v＝v0代入，得6.【答案】(1)见解析　(2)0.2A，沿顺时针方向(3)0.04 J【解析】(1)导体棒先在无磁场区域做匀减速运动，有－μmg＝ma　vt＝v0＋at　x＝v0t＋at2代入数据解得：t＝1 s，x＝0.5 m，导体棒没有进入磁场区域．导体棒在1 s末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x＝0.5 m(2)前2 s磁通量不变，回路电动势和电流分别为E＝0，I＝0后2 s回路产生的电动势为Em＝＝＝0.1 V回路的总长度为5 m，因此回路的总电阻为R＝5λ＝0.5 Ω电流为I＝＝0.2 A根据楞次定律，在回路中的电流方向是顺时针方向(3)前2 s电流为零，后2s有恒定电流，焦耳热为