【期末押题模拟】人教版(2019)高中物理必修1- 期末综合复习卷（一）

这是一份【期末押题模拟】人教版(2019)高中物理必修1- 期末综合复习卷（一），共14页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，简答题，计算论述题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）下列关于惯性的说法正确的是 （ ）
A．物体的速度越大惯性越大
B．物体受到的力越大惯性越大
C．物体的质量越大惯性越大
D．物体的加速度越大惯性越大
2．（3分）手机导航软件方便了人们的出行，更是缓解了城市交通压力。某位司机准备从扬州火车站前往南京大学，导航规划了三条路线，如右图所示。下列说法正确的是 （ ）
A．研究汽车在地图上的实时位置，不可以把汽车看成质点
B．图中的93.6公里、101.5公里、109.1公里分别表示路程
C．三条路线的路程和位移都不同
D．三条路线的路程和位移都相同
3．（3分）甲、乙两物体从同一地点同时出发，沿同一直线运动，以出发点为参考点，它们的位移﹣时间（x﹣t）图象如图所示，则 （ ）
A．在0～t1内甲的位移大于乙的位移
B．在0～t1内甲的平均速度大于乙的平均速度
C．在t1时刻甲的速度大于乙的速度
D．在t1时刻甲、乙两物体的位置相同
4．（3分）如图所示，用一水平力F压着物块，使其静止在竖直墙壁上，物块受到力的个数为 （ ）
A．2B．3C．4D．5
5．（3分）用两条细绳把一个镜框悬挂在墙上，在如图所示的四种挂法中，每条细绳的拉力最小是 （ ）
A．B．
C．D．
6．（3分）如图所示，A、B两小球从不同高度，同时做自由落体运动。已知A的质量比B大，则在两小球落地之前，下列说法正确的是 （ ）
A．A、B两小球可能在空中相撞
B．A、B两小球之间的距离越来越大
C．A、B两小球的速度差越来越大
D．A、B两小球速度变化的快慢相同
7．（3分）如图所示，小明同学站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动。下列各种情境中，体重计示数最大的是 （ ）
A．电梯匀速上升B．电梯加速上升
C．电梯减速上升D．电梯加速下降
8．（3分）如图所示，小船沿直线AB过河，船头始终垂直于河岸。若水流速度减小，为保持航线不变，下列措施与结论正确的是 （ ）
A．增大船速，过河时间不变
B．增大船速，过河时间缩短
C．减小船速，过河时间变长
D．减小船速，过河时间不变
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有不少于两个选项符合题意．全部选对得4分，漏选得2分，错选和不答的得0分．
9．（4分）一物体做匀加速直线运动，初速度为4m/s，经4s速度达到12m/s，下列说法中正确的有 （ ）
A．物体的加速度为2m/s2
B．物体5秒末的速度为14m/s
C．物体4s内的平均速度为6m/s
D．物体4s内的位移为32m
10．（4分）甲、乙两辆汽车从同一位置同时出发，沿同一直线运动的v﹣t图象如图所示，则在0～10s时间内，下列说法正确的有 （ ）
A．甲、乙两辆汽车速度方向相同
B．甲、乙两辆汽车加速度方向相同
C．甲车的加速度小于乙车的加速度
D．甲车的位移小于乙车的位移
11．（4分）如图所示，A、B小球用轻弹簧相连，整体用轻绳竖直悬挂，保持静止状态，A球质量是B球质量的两倍。现剪断轻绳的瞬间，A、B两球加速度大小分别为 （ ）
A．aA＝2gB．aA＝1.5g
C．aB＝0D．aB＝g
12．（4分）如图所示为湖边一倾角为30°的大坝横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A点以速度v0沿水平方向扔一小石子，已知AO＝40m，不计空气阻力，不考虑石子反弹过程，g取10m/s2．下列说法正确的有 （ ）
A．若v0m/s，则石子刚好落在水面与大坝的交点
B．若v0＝5m/s，则石子落在AO的中点
C．若石子能直接落入水中，则v0越大，在空中飞行的时间就越长
D．若石子不能直接落入水中，则v0越大，在空中飞行的时间就越长
三、简答题：本题共2小题，共18分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．
13．（8分）某兴趣小组通过如图所示的实验装置探究加速度与力、质量的关系。
（1）关于本实验，下列说法中正确的有 。
A．调整滑轮使牵引滑块的细线与长木板保持平行
B．平衡摩擦力时，不需要把空砂桶系在滑块上
C．实验时，先释放滑块再接通打点计时器的电源
D．改变滑块质量后，需要重新调节长木板倾斜度
（2）实验中得到如图所示的一条纸带，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。测出相邻计数点之间的距离分别为：x1＝4.29cm、x2＝4.68cm、x3＝5.08cm、x4＝5.49cm，已知打点计时器的工作频率为50Hz，则打C点时滑块瞬时速度大小vc＝ m/s，滑块的加速度大小a＝ m/s2．（结果保留两位有效数字）
（3）保持砂和砂桶总质量不变，通过添加砝码以改变滑块质量，进行多次测量，得到滑块加速度a、滑块和砝码总质量M及其对应的的数据如表中所示：
请在图示的坐标纸中画出滑块的图象。
（4）图象的斜率大小 （选填“大于”、“小于”或“等于”）砂和砂桶的总重力。
14．（10分）甲、乙两同学在水平桌面上做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，步骤如下：
a．甲同学用两个弹簧测力计将橡皮筋与细绳的结点拉至O点；
b．乙同学记下两个弹簧测力计示数分别为F1、F2，并用铅笔沿两个细绳套方向记下A、B两点；
c．乙同学用一只弹簧测力计再次将结点拉至O点；
d．甲同学记下弹簧测力计示数为F3，并用铅笔沿细绳套方向记下C点。
（1）如图甲所示，弹簧测力计的最小分度是 N，弹簧测力计读数有 位有效数字。（选填“2”、“3”）
（2）若F1＝3.00N，F2＝4.00N，F3为甲图中读数，在乙图中画出F1、F2、F3的力的图示，以及F1、F2作为邻边的平行四边形的对角线F3′。
（3）关于本实验，下列说法正确的有 。
A．用两个弹簧测力计拉细绳时，F1、F2的夹角应尽可能大
B．在记录弹簧测力计示数时，视线要正对弹簧测力计刻度
C．为减小读数误差，应让拉力大小接近测力计量程
D．用弹簧测力计拉细绳套时，弹簧测力计应与木板平行
四、计算论述题：本题共3小题，共42分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．
15．（12分）如图甲所示，某滑雪运动员从山坡上水平滑出，在空中完成规定的动作后落到目标位置完成比赛。比赛场地可简化为如图乙所示的模型。已知平台AB水平，BC竖直且高度h＝20m，落地点D距C点距离s＝20m。运动员可看作质点，不计空气阻力。重力加速度g＝10m/s2。
求：（1）运动员在空中运动的时间t；
（2）运动员完成该动作的过程中发生的位移大小x；
（3）运动员落地时的速度v。
16．（14分）如图所示，物块以初速度v0＝12.4m/s沿一固定斜面从底端向上运动。已知：斜面倾角θ＝37°且足够长，物块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.8，重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8．求：
（1）物块向上运动过程中的加速度大小a；
（2）物块向上运动的最大距离x和所需时间t；
（3）物块能否滑回底端？请说明理由。
17．（16分）如图所示，质量为mA＝2kg的物块A和质量为mB＝4kg的小车B叠放在光滑的水平地面上，左边缘对齐，处于静止状态，A与B间的动摩擦因数为μ＝0.2．某时刻对小车B施加水平向左的恒力F．已知物块A可看做质点，小车长为L＝2m，上表面距地面高度为h＝0.2m，重力加速度g＝10m/s2．问：
（1）水平恒力F0至少为多大，物块A才能相对小车B滑动？
（2）若恒力F1＝6N，物块A所受摩擦力f大小为多少？
（3）若恒力F2＝16N，物块A落地时距小车B右边缘的水平距离s为多大？
参考答案与试题解析
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意．
1．【解答】解：惯性的大小与物体的运动状态无关，无论物体是静止还是运动，无关速度的大小以及加速度的大小，也无论是否受力，惯性都不变，故ABD错误，C正确。
故选：C。
2．【解答】解：A、研究汽车在导航图中的位置时，汽车的大小和形状能够忽略，可以把汽车看成质点，故A错误；
B、图中的93.6公里、101.5公里、109.1公里分别表示路程，故B正确；
C、三条路线的路程不同、初末位置相同、位移相同，故CD错误。
故选：B。
3．【解答】解：A、在0～t1内，甲与乙的起点、终点均相同，则位移相等，故A错误。
B、在0～t1内甲与乙的位移相等，所用时间相等，则平均速度相等，故B错误。
C、根据图线的斜率等于物体的速度，知在t1时刻甲的速度小于乙的速度，故C错误。
D、由于两个物体同时从同一地点出发沿同一直线运动，在0～t1内两者通过的位移相等，所以在t1时刻甲、乙两物体的位置相同，故D正确。
故选：D。
4．【解答】解：根据平衡条件可知物体受到重力、推力F、支持力和竖直向上的摩擦力4个力的作用，故C正确，ABD错误。
故选：C。
5．【解答】解：镜框受重力和两根绳子的拉力处于平衡，合力等于0，知两根绳子拉力的合力等于重力，绳子的夹角越小，绳子拉力越小，故A正确，BCD错误。
故选：A。
6．【解答】解：AD、物体的加速度为g，物体的运动快慢与物体的质量无关，下落过程中，A、B速度变化的快慢相同，A、B不可能在空中相撞。故A错误，D正确。
B、根据hgt2，知两球落地前下落高度相等，两球的距离不变，故B错误。
C、根据v＝gt知同一时刻速度相等，小球落地前，速度之差为零，故C错误。
故选：D。
7．【解答】解：A、电梯匀速上升，加速度为零，体重计示数为小明同学实际体重，并非最大值，故A错误；
B、电梯匀速上升和电梯加速上升，加速度方向都向上，小明同学处于超重状态，体重计示数大于重力，故B正确；
CD、电梯减速上升或者电梯加速下降，加速度方向向下，小明同学处于失重状态，体重计示数小于重力，CD错误；
故选：B。
8．【解答】解：船头始终垂直于河岸，河宽一定，当水流速度减小，为保持航线不变，根据运动的合成，静水速度必须减小，
再根据t，所以渡河的时间变长，故ABD错误，C正确。
故选：C。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有不少于两个选项符合题意．全部选对得4分，漏选得2分，错选和不答的得0分．
9．【解答】解：A、由v＝v0+at得，故A正确；
B、物体5s末的速度为v′＝v0+at5＝4m/s+2×5m/s＝14m/s，故B正确；
C、物体在4s内的位移为，所以4s内的平均速度为，故C错误；
D、由上面C的分析可知，D正确。
故选：ABD。
10．【解答】解：A、在速度﹣时间图象中，速度的正负表示速度方向，可知甲、乙两车的速度方向相同，故A正确。
B、根据图线的斜率表示加速度，斜率的正负表示加速度方向，知甲、乙两辆汽车加速度方向相反，故B错误。
C、根据斜率的绝对值表示加速度大小，则知甲车的加速度小于乙车的加速度，故C正确。
D、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：甲车的位移大于乙车的位移，故D错误。
故选：AC。
11．【解答】解：设B的质量为m，则A的质量为2m；
剪断绳子前，弹簧的弹力为：F＝mg
剪断绳子的瞬间，弹簧的弹力不变，隔离对B分析，B的合力仍为零，B的加速度为：aB＝0
对A分析，加速度为：aA1.5g。
故BC正确，AD错误。
故选：BC。
12．【解答】解：A．小石子扔出后做平抛运动，根据：AO•sin30°gt2
代入数据解得：t＝2s
则石块不落入水中的最大速度：
v0m/s＝10m/s
即v0＝10m/s时，石子刚好落在水面与大坝的交点，故A正确；
B．若：v0＝5m/s＜10m/s
则小石子会落在大坝上，所以落在大坝上时位移夹角为30°，则：
tan30°
带入v0＝5m/s可解得t2＝1s，故落到大坝上时水平位移为：
x＝v0t2＝51m＝5m
故合位移为：x合m＝10m，故B错误；
C．若石块能落入水中，平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，故C错误；
D．若石子不能直接落入水中，落在大坝上位移夹角不变，根据：tan30°═，可知v0越大，运动的时间也越长，故D正确。
故选：AD。
三、简答题：本题共2小题，共18分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．
13．【解答】解：（1）A、细线当然要与木板平行，否则拉力是变力了，故A正确。
B、平衡摩擦力时，不需要把空砂桶系在滑块上，让滑块拖着纸带在倾斜的木板上做匀速直线运动，故B正确。
C、实验时，先接通打点计时器的电源，待稳定后再释放滑块，故C错误。
D、平衡好后，增减滑块质量时摩擦力及下滑分力同比例减小，不需要重新平衡，故D错误。故选：B。
（2）相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，说明时间间隔为t＝0.1s，由中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度知：
vCm/s＝0.49m/s
根据逐差法知a10﹣2m/s2＝0.40m/s2。
（3）图象为一倾斜的直线，
（4）设砂和砂桶总质量为m，由实验原理：mg＝Ma得：a，而实际上a′，所以图象的斜率大小小于砂和砂桶的总重力。
故答案为：（1）AB （2）0.49 0.40 （3）
（4）小于
14．【解答】解：（1）如图甲所示，弹簧测力计的最小分度是0.1N，弹簧测力计读数为要估读到最小分度的下一位，所以有3位有效数字。
（2）选择标度，然后根据作图，如图所示：
（3）A、用两个弹簧测力计拉细绳时，F1、F2的夹角应大小适度，不要过大或过小，故A错误。
B、在记录弹簧测力计示数时，为减小读数误差，视线要正对弹簧测力计刻度，故B正确。
C、为减小读数误差，应让拉力大小适度，不必接近测力计量程，故C错误。
D、用弹簧测力计拉细绳套时，为减小摩擦，弹簧测力计应与木板平行，故D正确。
故答案为：（1）0.1 3 （2）如上图所示（3）BD
四、计算论述题：本题共3小题，共42分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．
15．【解答】解：（1）竖直方向做自由落体运动：，
代入数据得：s。
（2）运动员在空中运动的过程中发生的位移大小为m。
（3）水平方向匀速直线运动，水平初速度：m/s，
运动员即将落地时竖直分速度大小：vy＝gt＝10×2m/s＝20m/s，
运动员即将落地时速度大小：m/s，
运动员即将落地时速度与水平方向夹角为θ，且。
答：（1）运动员在空中运动的时间t为2s。
（2）运动员完成该动作的过程中发生的位移大小为。
（3）运动员落地时的速度v为，其方向与水平方向的夹角的正切值为2。
16．【解答】解：设物块质量为m
（1）物块向上运动过程，根据牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcsθ＝ma
代入数据得：a＝12.4m/s2
（2）物块向上运动的最大距离为：
代入数据得：x＝6.2m
物块向上运动的时间为：ts＝1s
（3）不能
因为物块重力沿斜面向下的分力为：F1＝mgsinθ＝6m
物块所受最大静摩擦力为：fmax＝μmgcsθ＝6.4m
则有：F1＜fmax，所以物块不能下滑，不能滑回底端。
或：μ＞tanθ物块不能下滑，不能到达底端。
答：（1）物块向上运动过程中的加速度大小a是12.4m/s2；
（2）物块向上运动的最大距离x是6.2m，所需时间t是1s；
（3）物块不能滑回底端。因为物块重力沿斜面向下的分力小于物块所受最大静摩擦力。
17．【解答】解：（1）物块A在小车B上即将发生相对滑动时，物块A所受摩擦力达到最大静摩擦力
对A：μmAg＝mAa，代入数据得：a＝μg＝2m/s2
对A、B整体分析：F0＝（mA+mB）a，代入数据得：F0＝12N
（2）因为F1＝6N＜F0，所以物块A在小车B上没有发生相对滑动，A、B保持相对静止一起加速，物块A 所受摩擦力为静摩擦力
对A、B整体分析：F1＝（mA+mB）a1
代入数据得：a1＝1m/s2
对A分析：f＝mAa1＝2×1N＝2N
（3）因为F2＝16N＞F0，所以物块A在小车B上发生相对滑动，物块A和小车B都做匀加速直线运动
对A分析：m/s2
对B分析：F2﹣μmAg＝mBaB
代入数据得：aB＝3m/s2
设物块A经时间t1滑到小车B最右端，此时物块A和小车B的速度分别为vA、vB，在这个过程中物块A和小车B通过的位移分别为xA、xB，则有：

xB﹣xA＝L
代入数据得：t1＝2s
vA＝aAt1＝2×2m/s＝4m/s
vB＝aBt1＝3×2m/s＝6m/s
当物块A滑离小车B后，物块A做平抛运动，小车B以加速度继续做匀加速运动
物块A做平抛运动的时间为：t2s＝0.2s
物块A做平抛运动的水平位移为：xA′＝vAt2＝4×0.2m＝0.8m
小车B的加速度为：aB′m/s2＝4m/s2。
小车B加速的位移为：xB′＝vBt2（6×0.2）m＝1.28m
物块A落地时距小车B右边缘的水平距离为：s＝xB′﹣xA′＝（1.28﹣0.8）m＝0.48m
答：（1）水平恒力F0至少为12N，物块A才能相对小车B滑动。
（2）若恒力F1＝6N，物块A所受摩擦力f大小为2N。
（3）若恒力F2＝16N，物块A落地时距小车B右边缘的水平距离s为0.48m。滑块和砝码总质量M（kg）
0.83
0.63
0.50
0.42
0.36
0.31
滑块加速度a（m•s﹣2）
0.35
0.37
0.60
0.71
0.81
0.95
滑块和砝码质量倒数1/M（kg﹣1）
1.20
1.60
2.00
2.40
2.80
3.20