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2021-2022学年浙江省温州市高一（上）期末物理试卷（A卷）（含答案解析）
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这是一份2021-2022学年浙江省温州市高一（上）期末物理试卷（A卷）（含答案解析），共18页。试卷主要包含了1sB，【答案】D，【答案】C，【答案】B，【答案】A，AB；；等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年浙江省温州市高一（上）期末物理试卷（A卷）
1. 下列单位中属于国际单位制基本单位的是( )
A. 厘米 B. 小时 C. 牛顿 D. 千克
2. 下列各组物理量均属于矢量的一组是( )
A. 力、路程 B. 位移、速率
C. 时间、瞬时速度 D. 加速度、速度的变化量
3. 在2021年8月6日东京奥运会男子接力4×100m决赛中，由汤星强、谢震业、苏炳添、吴智强组成的“中国飞人团”以37秒79的好成绩获得第四名，下列说法正确的是( )
A. 37秒79指的是时刻
B. 4×100m接力赛中的100m都是指位移的大小
C. 在研究运动员接棒动作时，不可以将运动员看成质点
D. 第一棒运动员汤星强起跑很快，这是指他的初速度很大
4. 甲同学用两个手指捏住直尺的顶端，乙同学用一只手在直尺0刻度位置做捏住直尺的准备，但手不碰到直尺，在甲同学放开手指让直尺下落时，乙同学立刻去捏直尺，在刻度尺上合理标注时间刻度，就能制作一把“人的反应时间测量尺”，以下标注正确的是( )
A. 10cm标注0.1s B. 20cm标注0.2s C. 30cm标注0.3s D. 40cm标注0.4s
5. 甲、乙、丙三个物体从同一地点出发，沿一条直线运动，v−t图像如图所示，下列说法正确的是( )
A. 乙的加速度最大 B. 甲和丙的加速度方向相同
C. 丙在16s内的位移大小为16m D. 12s末甲和乙相遇
6. 弹力绳可以帮助健身运动员进行肌肉锻炼，图甲是健身运动员把弹力绳的一端固定在墙面上，用F1拉弹力绳的另一端使其伸长10cm；图乙是健身运动员双手握住弹力绳两端，用F2拉弹力绳使其伸长10cm。已知两种锻炼方式所用的弹力绳为同一根，且其弹力大小与形变量成正比，则关于拉力F1和F2的大小关系正确的是( )
A. F1=F2 B. F1F2 D. 不能确定
7. 利用位移传感器测量距离的示意图如图所示．这个系统由发射器A与接收器B组成，发射器A能够发射传播速度为c=3×108m/s的红外线和传播速度为v=340m/s的超声波信号，接收器B可以接收红外线和超声波信号，发射器A固定在被测的运动物体上，接收器B固定在桌面上．测量时A向B同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲，B接收到红外线脉冲时开始计时，接收到超声波脉冲时停止计时，若某次测量时，传感器记录的时间为Δt，由此可知发射脉冲信号时A与B的距离约为( )
A. cΔt B. vΔt C. (c+v)Δt2 D. (c−v)Δt2
8. 剪纸艺术是我国古老的民间艺术之一，在“非遗进校园”活动中，老艺人在教室里进行剪纸教学时，用一块磁铁将剪纸作品吸在竖直的磁性黑板上，下列关于各物体的受力情况正确的是( )
A. 磁铁对剪纸没有摩擦力作用
B. 磁铁对剪纸的摩擦力方向竖直向上
C. 磁铁对剪纸的压力是由于剪纸发生形变引起的
D. 磁铁对剪纸的摩擦力与黑板对剪纸的摩擦力大小不相等
9. 某种测量空间站质量的原理如图所示，设飞船的质量为为m1，其推进器的平均推力为F，空间站的质量m2，在飞船与空间站对接后，飞船和空间站一起运动的加速度为a.为了间接测量空间站的质量m2，下列说法正确的是( )
A. 只需测出F与a的值 B. 只需测出m1与a的值
C. 只需测出m1与F的值 D. 必须测出m1、F与a的值
10. 小明同学在做“探究弹簧弹力与形变量的关系”实验时，将两个相同的钩码A、B挂在弹簧下端保持静止状态，如图所示，在某一瞬间B钩码突然脱落，此时关于钩码A、B的加速度，下列说法正确的是( )
A. A和B加速度的方向均竖直向下
B. A和B加速度的方向均竖直向上
C. A加速度的大小为g，B加速度的大小为g
D. A加速度的大小为0，B加速度的大小为g
11. 如图所示，一根细线系着一个质量为m的小球，细线上端固定在横梁上，用力F拉小球，小球平衡后细线与竖直方向的夹角为θ。现改变拉力F的方向，并保持θ不变，则拉力F的最小值为( )
A. mgsinθ B. mgtanθ C. mgcosθ D. mgsinθ
12. 某大型超市内的自动人行道如图甲所示．自动人行道能方便快捷地运送顾客和货物上下楼，其结构示意图如图乙所示。现将一质量为m的货箱无初速度地放在匀速向上运行的自动人行道上，该货箱与自动人行道坡面间的动摩擦因数为μ，坡面与水平面的夹角为θ，坡面足够长且μ>tanθ，则下列说法正确的是( )
A. 货箱所受的摩擦力方向一定沿坡面向上
B. 自动人行道对货箱的摩擦力大小始终为μmgcosθ
C. 自动人行道对货箱作用力的方向始终竖直向上
D. 自动人行道对货箱的作用力大小与货箱的重力大小一定相等
13. 如图所示，一只金丝猴在树林中玩耍时，单手握住树枝悬挂在空中静止，下列说法正确的是( )
A. 猴受到的重力与树枝对猴的拉力是一对平衡力
B. 猴对树枝的拉力与猴受到的重力是一对平衡力
C. 猴对树枝的拉力与树枝对猴的拉力是一对作用力与反作用力
D. 猴受到的重力与树枝对猴的拉力是一对作用力与反作用力
14. 很多智能手机都有加速度传感器．某同学乘坐小区电梯时打开手机的加速度传感器，把手机平放在手掌上并与电梯保持相对静止，获得加速度的变化情况如图甲所示(规定竖直向上为正方向)，为了方便研究问题，可以将图像简化为图乙，下列说法正确的是( )
A. t1∼t2时间内电梯处于失重状态 B. t3∼t4时间内电梯处于超重状态
C. t3∼t4时间内电梯一定正在上行 D. t2∼t3时间内电梯一定处于静止状态
15. 如图所示，一辆货车运载着若干相同的圆柱形光滑空油桶，在车厢底，一层油桶平整排列，相互紧贴，上一层只有一只桶C摆放在桶A和桶B之间，此时汽车向左做匀加速直线运动，桶和汽车保持相对静止，下列说法正确的是( )
A. 桶A对桶C的支持力与桶B对桶C的支持力大小相等
B. 车厢底板对桶A的支持力小于底板对桶B的支持力
C. 当汽车的加速度减小时，地面对车的支持力将减小
D. 当汽车的加速度减小时，车厢底板对桶B的支持力将减小
16. 在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中：
(1)实验中用两个弹簧测力计互成一定的角度拉橡皮筋，图1的四个选项展现了四位同学实验操作，其中规范的是______；
(2)某次用弹簧测力计拉橡皮筋时其指针如图2所示，弹簧测力计的示数为______ N；
(3)下列实验操作会引起误差的是______。
A.弹簧测力计没有与木板平行
B.弹簧测力计在使用前没有调零
C.弹簧测力计的外壳与木板接触
D.记录拉力方向时，所描的两个点太近
17. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，已提供了小车、一端带有定滑轮的长木板、细线、电火花计时器、纸带、槽码、钩码。
(1)为了完成实验，还需要的实验器材有图中的______；
(2)图(a)为实验中正常操作得到的一条纸带，已知电源频率为50Hz，则在打出图中计数点B时小车的速度大小为______m/s(保留两位有效数字)；
(3)若某次实验释放小车前，实验装置如图(b)所示，请至少指出图中两个不妥之处______。
18. 某人骑着自行车以v0=6m/s的速度在温州锦绣路上匀速直线行驶，将要抵达目的地时开始刹车做匀减速直线运动，经过2s后自行车的速度大小减为v=5m/s，求：
(1)自行车刹车时的加速度大小；
(2)自行车开始刹车4s后的速度大小；
(3)自行车开始刹车后15s内的位移大小。
19. 民间有“冬腊风腌，蓄以御冬”的习俗．小方在院子里用轻绳挂了两块腊肉A、B如图所示，设B的质量为m，A的质量为1.5m，其中绳2与竖直方向的夹角θ=53∘，绳3处于水平状态，重力加速度用g表示，sin53∘=0.8，cos53∘=0.6。求：
(1)细线1和2对腊肉A的合力大小；
(2)细线3对腊肉B的拉力大小；
(3)细线1对腊肉A的拉力大小。
20. 在森林大火的抢险救灾中，往往会运用直升机来取水灭火．如图所示为一灭火现场示意图，当直升机在水源取水后，沿水平方向飞往火场，飞机下方悬挂的水箱(装满水)从A点开始沿水平方向做初速度为零的匀加速直线运动至火场右上方的B点，用时40s.已知A、B位于同一水平面上，且相距s=400m，此过程中悬索与竖直方向的夹角θ=37∘.已知水与水箱总质量m=8×103kg，空气阻力大小恒定，方向始终与运动方向相反，忽略悬索的质量，重力加速度g=10m/s2，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8，求：
(1)水箱的加速度大小以及在B点的速度大小；
(2)从A到B的过程中，悬索对水箱的拉力大小；
(3)从A到B的过程中，水箱受到的空气阻力的大小。
21. 如图所示，两座雪坡AB、CD高度分别为h1=45m和h2=15m，倾角均为θ=37∘，滑雪道从较高的坡顶A延伸到较低的坡顶D，中间的水平雪道BC的长度L=45m，一位总质量为50kg的滑雪者从A处下滑，已知滑雪板与斜面、水平面间的动摩擦因数均为0.25，在两雪坡交界B处和C处均用一小段光滑圆弧连接，不计空气阻力，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8。
(1)求滑雪者从AB段下滑过程中的加速度大小；
(2)若滑雪者从A处由静止开始下滑，求运动到C处时的速度大小；
(3)若滑雪者的初速度大小可以调节，求滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.厘米是长度的单位，是基本单位，但不是国际单位制基本单位，故A错误；
B.小时是时间的单位，是基本单位，但不是国际单位制基本单位，故B错误；
C.牛顿国际单位制中力的单位，但不是基本单位，是导出单位，故C错误；
D.千克是质量的单位，是国际单位制基本单位，故D正确。
故选：D。
单位制包括常用单位制和国际单位制，要知道哪些是国际单位制中的单位，并掌握国际单位制中的基本单位和导出单位。
解决本题的关键要掌握国际单位制中七个基本单位，要了解七个基本单位。要注意牛顿不是基本单位。
2.【答案】D
【解析】解：力、位移、瞬时速度、加速度和速度的变化量既有大小，又有方向，且计算规律满足平行四边形法则，是矢量，路程、速率和时间，只有大小，没有方向是标量，故ABC错误，D正确。
故选：D。
矢量是既有大小又有方向，运算规律满足平行四边形定则的物理量；而只有大小，没有方向，运算规律满足代数规律的物理量是标量。
矢量与标量的区别是：矢量有方向，而标量没有方向；矢量运算满足平行四边形定则，而标量运算满足代数法则，要掌握各个物理量的矢标性。
3.【答案】C
【解析】解：A、37秒79是跑完接力赛的成绩，指的是时间，故A错误；
B、4×100m接力赛中有一部分的跑道是弯道，所以100m都是指运动员的路程，故B错误；
C、在研究运动员接棒动作时，需要研究不同部位的动作，所以不可以将运动员看成质点，故C正确；
D、第一棒运动员汤星强起跑很快，这是指他的加速度很大。故D错误。
故选：C。
时刻指的是某一瞬时，是时间轴上的一点，对应于位置，时间是两时刻的间隔，是时间轴上的一段；
研究运动员的技术动作时，需要关注运动员的姿势，与其形状有关，所以不能看作质点；
标准田径场400m是环形跑道；
运动员起跑快慢是加速度大小。
本题考查物理基本概念，涉及到质点、位移与路程、时间与时刻、加速度等知识点，属于识记性的知识。基础题目。
4.【答案】B
【解析】解：直尺下落，根据物体做自由落体运动公式有
h=12gt2
解得
t=2hg
下落高度分别为10cm=0.1m、20cm=0.2m、30cm=0.3m、40cm=0.4m时代入数据得到对应的下落时间为210s、0.2s、610s、25s。故ACD错误；B正确。
故选：B。
根据题意可知，物体做自由落体运动，根据自由落体运动的公式可求物体运动的时间。
明确物体做自由落体运动，会计算自由落体运动的时间。
5.【答案】C
【解析】解：A、根据v−t图像的斜率表示加速度，斜率绝对值越小，加速度越小，则乙的加速度最小，故A错误；
B、甲图像的斜率为正，丙图像的斜率为负，则甲和丙的加速度方向相反，故B错误；
C、根据v−t图像与时间轴所围的面积表示位移，则丙在16s内的位移大小为x=2×162m=16m，故C正确；
D、甲、乙两个物体从同一地点出发，沿一条直线运动，12s末甲和乙速度相等，两者相距最远，故D错误。
故选：C。
在v−t图像中，图像的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，结合几何关系分析位移关系，判断甲和乙能否相遇。
解决本题的关键要理解速度-时间图像的物理意义，知道图像的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移。
6.【答案】A
【解析】解：两种锻炼方式所用的弹力绳为同一根，且其弹力大小与形变量成正比，两种锻炼方式弹簧的伸长量相等，则两种锻炼方式弹簧的弹力相等，设均为F，
由图甲可知F=F1
由图乙可知F=F2
则F1=F2
故BCD错误，A正确。
故选：A。
根据物体受力情况进行分析。
本题主要考查学生对弹簧受力的分析，并掌握等效替代方法。属于简单题。
7.【答案】B
【解析】解：由于红外线的传播速度远大于超声波的传播速度，可忽略红外线在A与B之间传播的时间。
根据匀速直线运动规律得A、B间的距离为x1=vΔt
故ACD错误，B正确
故选：B。
由于红外线的传播速度远大于超声波的传播速度，可忽略红外线在A与B之间传播的时间，根据匀速直线运动规律得A、B间的距离。
该题考查匀速直线运动的位移公式的应用。题目简单，直接把数据代入公式即可。
8.【答案】B
【解析】解：AB.剪纸相对磁铁有向下的运动趋势，所以磁铁对剪纸有竖直向上的静摩擦力作用，故A错误；B正确；
C.根据弹力的产生条件可知，磁铁对剪纸的压力是由于磁铁发生形变引起的，故C错误；
D.磁铁对剪纸的摩擦力与黑板对剪纸的摩擦力大小相等，均为剪纸重力大小的一半，故D错误。
故选：B。
明确弹力和摩擦力的性质，从而分析各力产生原因，同时根据摩擦力的性质确定摩擦力的方向，根据共点力的平衡条件分析摩擦力的大小。
本题考查摩擦力和弹力的性质，要注意明确弹力和摩擦力产生的条件，同时掌握判断摩擦力大小和方向的方向。
9.【答案】D
【解析】解：把空间站和飞船看成整体，根据牛顿第二定律F=(m1+m2)a
解得m2=Fa−m1，则为了间接测量空间站的质量m2，需要测量m1、F与a的值，故ABC错误，D正确。
故选：D。
以空间站和飞船整体为研究对象，通过牛顿第二定律列式，从而分析需要测量的物理量。
本题考查了牛顿第二定律的基本运用，要灵活选择研究对象，掌握整体法和隔离法的运用。
10.【答案】C
【解析】解：对钩码B受力分析，脱落前受钩码A的拉力和自身的重力，处于平衡状态，二力平衡，则有：F=mg，脱落瞬间，钩码A的拉力消失，只受自身重力作用，有
mg=maB
解得aB=g
即钩码B的加速度大小为g，分析竖直向下。
对钩码A受力分析，脱落前受弹簧拉力T，钩码B的拉力和自身重力，处于平衡状态，三力平衡，有
T=F+mg
脱落瞬间，钩码B的拉力消失，其他两个力保持不变，有
T−mg=maA
解得aA=g
即钩码A的加速度大小为g，分析竖直向上，故ABD错误；C正确。
故选：C。
先对整体分析，求出弹簧的弹力，再分别对两钩码分析，由牛顿第二定律求出各自的加速度。
本题考查牛顿第二定律中关于瞬时加速度的计算问题，要注意正确掌握明确整体法和隔离法的应用。
11.【答案】A
【解析】解：对小球，受力分析，如图所示，
现改变拉力F的方向，并保持θ不变，由图示可知当拉力F与绳的拉力T垂直时，拉力F最小，此时
F=mgsinθ，
故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据平行四边形法则(或矢量三角形)作图，根据图中表示力的有向线段长度变化情况分析拉力最小时的状态，根据几何关系求力的大小。
本题主要是考查了共点力的平衡之动态分析问题，如果一个力大小方向不变、一个力的方向不变，可以根据矢量三角形(图解法)分析各力的变化情况。
12.【答案】A
【解析】解：AB.将货箱无初速度地放在自动人行道上，货箱相对人行道下滑，货箱所受摩擦力方向一定沿坡面向上。大小为
f=μmgcosθ
当货箱与人行道共速时，二者之间无相对滑动，依题意μ>tanθ，货箱将随人行道一起匀速运动，根据共点力平衡可知静摩擦力大小为
f=mgsinθ
方向仍然沿坡面向上。故A正确，B错误；
CD.在货箱加速阶段，自动人行道对货箱的作用力的方向斜向左上，大于货箱重力，在货箱匀速阶段，自动人行道对货箱的作用力与重力等大方向，即方向竖直向上，大小与货箱的重力大小相等。故CD错误。
故选：A。
货箱无初速度地放在自动人行道上，货箱相对人行道下滑，货箱所受摩擦力方向一定沿坡面向上，货箱与人行道共速时，根据共点力平衡可知静摩擦力大小。
本题考查物体的运动情况分析物体受力情况的能力。摩擦力方向与相对运动或相对运动趋势方向相反，与运动方向无关，所以摩擦力方向不是始终与运动方向相反。
13.【答案】AC
【解析】解：AD、金丝猴单手握住树枝悬挂在空中静止，其受重力和树枝的拉力，合力为零，则猴受到的重力与树枝对猴的拉力是一对平衡力，故D错误，A正确；
B、猴对树枝的拉力与猴受到的重力，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、猴对树枝的拉力与树枝对猴的拉力，根据牛顿第三定律可知，是相互作用力，则是一对作用力与反作用力，故C正确。
故选：AC。
平衡力是作用在一个物体上的大小相等，方向相反的力；
作用力与反作用力是作用在两个物体上，大小相等，方向相反的力；
金丝猴空中静止，其受重力和树枝的拉力是一对平衡力；
明确平衡力与作用力和反作用力的区别和联系，能正确区分平衡力和相互作用力。
14.【答案】AB
【解析】解：A、依题意，t1−t2时间内电梯的加速度竖直向下，处于失重状态，故A正确；
BC、依题意，t3−t4时间内电梯的加速度竖直向上，处于超重状态。此时电梯可能加速上升也可能减速下降，故B正确，C错误；
D、依题意，t2−t3时间内电梯的加速度为零，可能处于静止状态也可能处于匀速运动状态，故D错误。
故选：AB。
通过手机加速度方向，获得手机的受力和运动的情况，进行对比解答即可。
本题主要考查对超重、失重的认识，通过物体的运动状态判断加速度方向，即可解题。
15.【答案】BD
【解析】解：A、汽车向左做匀加速直线运动，桶和汽车保持相对静止，对C受力分析，受本身重力，A的支持力FA，B的支持力FB，竖直方向，根据平衡条件，由几何关系得
FBcos30∘+FAcos30∘=mg
水平方向，根据牛顿第二定律，由几何关系得FBcos60∘−FAcos60∘=ma
联立解得FB=33mg+ma，FA=33mg−ma
可知，桶A对桶C的支持力小与桶B对桶C的支持力大小，故A错误；
B.由A中分析，根据牛顿第三定律可知，C对B的压力F′B大于C对A的压力F′A，
对A受力分析，竖直方向，根据平衡条件可得
mg+FA′cos30∘=F地A
同理可得mg+FB′cos30∘=F地B
则F地A
C.当汽车的加速度减小时，竖直方向仍然处于静止状态，地面对车的支持力不变，故C错误；
D.当汽车的加速度减小时，由A分析可知FB减小，则车厢底板对桶B的支持力将减小，故D正确。
故选：BD。
对桶C受力分析，结合平衡条件，得出A和B对C的支持力；根据牛顿第二定律，结合已知条件，得出AB对C支持力的变化；C向左减速的加速度小于汽车向左减速的加速度，会发生相对向左的运动，根据加速度解得B对C支持力大小。
本题考查了牛顿定律及受力分析，关键是正确的受力分析，根据牛顿第二定定律即可判断。
16.【答案】A2.55ABCD
【解析】解：(1)实验中用两个弹簧测力计互成一定的角度拉橡皮筋，下面四个选项展现了四位同学实验操作，B图弹簧没有沿细绳方向拉，误差较大，所以B错误；C图两弹簧测力计的拉力的夹角过小，所以C错误；D图细绳套太短拉力的方向测量不准，所以D错误；则A正确；
故选A。
(2)某次用弹簧测力计拉橡皮筋时其指针如图所示，由于弹簧测力计的最小刻度为0.1N，所以其示数为2.55N，需要估读到下一位。
(3)A.弹簧测力计没有与木板平行，会引起误差的，所以A正确；
B.弹簧测力计在使用前没有调零，会引起误差的，所以B正确；
C.弹簧测力计的外壳与木板接触，会引起误差的，所以C正确；
D.记录拉力方向时，所描的两个点太近，方向测量误差较大，所以D正确；
故选ABCD。
故答案为：(1)A；(2)2.55；(3)ABCD。
(1)明确实验原理，知道实验中如何测出分力和合力，从而确定操作是否规范；
(2)根据弹簧秤的读数方法明确弹簧测力计的读数；
(3)明确实验中误差来源和消除误差的方法。
解决本题的关键知道“互成角度的两个力的合成”实验的原理，知道用两根弹簧测力计拉和用一根弹簧测力计拉，都必须将绳子的结点拉到同一点，保证产生相同的作用效果。通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示。同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实验的操作步骤。
17.【答案】AB0.29未平衡摩擦力；释放小车的位置离打点计时器太远
【解析】解：(1)A.本实验需要用天平测量小车和钩码的质量，故A正确；
B.本实验需要用刻度尺测量纸带上计数点间的距离，来求速度的大小，故B正确；
CD.电火花计时器是一种计时的仪器，工作电压为交流220V，则不需要秒表和学生电源，故CD错误。
故选：AB。
(2)由图(a)刻度尺读数可知，计数点AC间的距离x=5.75cm
根据公式
vB=x2T=5.75×10−20.2m/s≈0.29m/s
(3)由如图(b)可知，实验前未平衡摩擦力及释放小车的位置离打点计时器太远。
故答案为：(1).AB；(2).0.29；(3).未平衡摩擦力，释放小车的位置离打点计时器太远。
(1)实验需要用天平测量小车和钩码的质量，需要用刻度尺测量纸带上计数点间的距离，.电火花计时器是一种计时的仪器，工作电压为交流220V，不需要秒表和学生电源。
(2)小车在B点速度等于小车在AC间运动的平均速度，速度由v=xt计算。
(3)由如图(b)可知，实验前未平衡摩擦力及释放小车的位置离打点计时器太远。
本题考查了“探究加速度与力、质量的关系”的操作步骤及实验中的操作错误之处及某点的瞬时速度的计算，不难。
18.【答案】解：(1)自行车刹车时的加速度为a=v−v0t=5−62m/s2=−0.5m/s2
自行车刹车时的加速度大小为0.5m/s2。
(2)自行车开始刹车4s后的速度大小为v4=v0+at4=6m/s+(−0.5)×4m/s=4m/s
(3)自行车刹车所用时间为t′=0−v0a=0−6−0.5s=12s
自行车开始刹车后12内，自行车已停止，则其位移大小为x=0−v022a=0−622×(−0.5)m=36m
答：(1)自行车刹车时的加速度大小为0.5m/s2；
(2)自行车开始刹车4s后的速度大小为4m/s；
(3)自行车开始刹车后15s内的位移大小为36m。
【解析】(1)根据加速度的定义式求解。
(1)根据速度时间公式列式求解；
(3)先算出刹车时间，比较15s与刹车时间，然后选择合适位移时间公式求解。
本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动，结合运动学公式灵活求解。
19.【答案】解：(1)根据平衡条件，对A分析，则细线1和2对腊肉A的合力大小为F=1.5mg
(2)细线3对腊肉B的拉力大小为F3，则有F3=1.5mgtan53∘=2mg
(3)细线1对腊肉A的拉力大小为F1，对整体分析有F1=F32+(mg+1.5mg)2=412mg
答：(1)细线1和2对腊肉A的合力大小为1.5mg；
(2)细线3对腊肉B的拉力大小为2mg；
(3)细线1对腊肉A的拉力大小为412mg。
【解析】(1)对腊肉A受力平衡，根据共点力平衡计算细线1和2对腊肉A的合力大小；
(2)对腊肉B受力平衡，根据共点力平衡计算细线3对腊肉B的拉力大小；
(3)对整体受力分析，计算细线1对腊肉A的拉力大小。
本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答本题的关键是能够正确的进行受力分析、然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答，注意整体法和隔离法的应用。
20.【答案】解：(1)依题意，水箱做初速度为零的匀加速直线运动，有
s=12at2
代入数据解得加速度大小a=0.5m/s2
又根据运动学公式可得
vB=at
代入数据可得vB=20m/s
(2)设悬索对水箱的拉力为F，对水箱受力分析如图
竖直方向，有
Fcos37∘=mg
代入数据解得F=1×105N
(3)水平方向，对水箱，根据牛顿第二定律，可得
Fsin37∘−f=ma
代入数据解得f=5.6×104N
答：(1)水箱的加速度大小为0.5m/s2；在B点的速度大小为20m/s；
(2)从A到B的过程中，悬索对水箱的拉力大小为1×105N；
(3)从A到B的过程中，水箱受到的空气阻力的大小为5.6×104N。
【解析】(1)根据题意，利用运动学公式求出水箱的加速度大小及在B点的速度大小；
(2)对水箱受力分析，根据水箱竖直方向受力平衡可得悬索的拉力；
(3)对水箱受力分析，根据牛顿第二定律，结合已知量求出阻力大小。
本题考查了牛顿第二定律的应用，已知物体运动情况，分析物体的受力情况，解题的关键是先由运动学公式求出加速度，再结合牛顿第二定律分析物体的受力。
21.【答案】解：(1)滑雪者从AB段下滑过程中，根据牛顿第二定律mgsinθ−μmgcosθ=ma1
代入数据解得a1=4m/s2
(2)滑雪者从AB段下滑过程中，根据公式vB2=2a1xAB
代入数据解得vB=106m/s
滑雪者中间的水平雪道BC的滑行过程中，根据牛顿第二定律μmg=ma2
代入数据解得a2=2.5m/s2
滑雪者做减速运动，根据公式vC2−vB2=2a2L
代入数据解得vC=515m/s
(3)滑雪者从A处出发运动到D处的时间最长，则滑到D处速度恰好为零，滑雪者在CD段上滑过程中，根据牛顿第二定律mgsinθ+μmgcosθ=ma3
代入数据解得a3=8m/s2
滑雪者做减速运动，根据公式vD2−vC2=2a3xCD
代入数据解得vC=20m/s
由公式vD=vC+a3t3
代入数据解得t3=2.5s
滑雪者中间的水平雪道BC的滑行过程中做减速运动，根据公式vC2−vB2=2a2L
代入数据解得vB=25m/s
由公式vC=vB+a2t2
代入数据解得t2=2s
滑雪者从AB段下滑过程中做加速运动，根据公式vB2−vA2=2a1xAB
代入数据解得vA=5m/s
由公式vB=vA+a1t1
代入数据解得t1=5s
则滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间t=t1+t2+t3=5s+2s+2.5s=9.5s
答：(1)滑雪者从AB段下滑过程中的加速度大小为4m/s2；
(2)若滑雪者从A处由静止开始下滑，运动到C处时的速度大小为515m/s；
(3)若滑雪者的初速度大小可以调节，滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间为9.5s。
【解析】(1)对滑雪者受力分析，根据牛顿第二定律求得加速度；
(2)在AB段，根据速度-位移公式求得到达B点的速度，在BC段，根据牛顿第二定律求得加速度，结合速度-位移求得到达C点的速度；
(3)滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间，即滑雪者到达D点的速度为零，根据运动学公式求得在每段上所需时间，即可求得。
在解决末速度为零的匀减速直线运动时，可以把它看作是反方向的初速度为零的匀加速直线运动来处理。
2021-2022学年浙江省温州市高一（上）期末物理试卷（A卷）
1. 下列单位中属于国际单位制基本单位的是( )
A. 厘米 B. 小时 C. 牛顿 D. 千克
2. 下列各组物理量均属于矢量的一组是( )
A. 力、路程 B. 位移、速率
C. 时间、瞬时速度 D. 加速度、速度的变化量
3. 在2021年8月6日东京奥运会男子接力4×100m决赛中，由汤星强、谢震业、苏炳添、吴智强组成的“中国飞人团”以37秒79的好成绩获得第四名，下列说法正确的是( )
A. 37秒79指的是时刻
B. 4×100m接力赛中的100m都是指位移的大小
C. 在研究运动员接棒动作时，不可以将运动员看成质点
D. 第一棒运动员汤星强起跑很快，这是指他的初速度很大
4. 甲同学用两个手指捏住直尺的顶端，乙同学用一只手在直尺0刻度位置做捏住直尺的准备，但手不碰到直尺，在甲同学放开手指让直尺下落时，乙同学立刻去捏直尺，在刻度尺上合理标注时间刻度，就能制作一把“人的反应时间测量尺”，以下标注正确的是( )
A. 10cm标注0.1s B. 20cm标注0.2s C. 30cm标注0.3s D. 40cm标注0.4s
5. 甲、乙、丙三个物体从同一地点出发，沿一条直线运动，v−t图像如图所示，下列说法正确的是( )
A. 乙的加速度最大 B. 甲和丙的加速度方向相同
C. 丙在16s内的位移大小为16m D. 12s末甲和乙相遇
6. 弹力绳可以帮助健身运动员进行肌肉锻炼，图甲是健身运动员把弹力绳的一端固定在墙面上，用F1拉弹力绳的另一端使其伸长10cm；图乙是健身运动员双手握住弹力绳两端，用F2拉弹力绳使其伸长10cm。已知两种锻炼方式所用的弹力绳为同一根，且其弹力大小与形变量成正比，则关于拉力F1和F2的大小关系正确的是( )
A. F1=F2 B. F1
7. 利用位移传感器测量距离的示意图如图所示．这个系统由发射器A与接收器B组成，发射器A能够发射传播速度为c=3×108m/s的红外线和传播速度为v=340m/s的超声波信号，接收器B可以接收红外线和超声波信号，发射器A固定在被测的运动物体上，接收器B固定在桌面上．测量时A向B同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲，B接收到红外线脉冲时开始计时，接收到超声波脉冲时停止计时，若某次测量时，传感器记录的时间为Δt，由此可知发射脉冲信号时A与B的距离约为( )
A. cΔt B. vΔt C. (c+v)Δt2 D. (c−v)Δt2
8. 剪纸艺术是我国古老的民间艺术之一，在“非遗进校园”活动中，老艺人在教室里进行剪纸教学时，用一块磁铁将剪纸作品吸在竖直的磁性黑板上，下列关于各物体的受力情况正确的是( )
A. 磁铁对剪纸没有摩擦力作用
B. 磁铁对剪纸的摩擦力方向竖直向上
C. 磁铁对剪纸的压力是由于剪纸发生形变引起的
D. 磁铁对剪纸的摩擦力与黑板对剪纸的摩擦力大小不相等
9. 某种测量空间站质量的原理如图所示，设飞船的质量为为m1，其推进器的平均推力为F，空间站的质量m2，在飞船与空间站对接后，飞船和空间站一起运动的加速度为a.为了间接测量空间站的质量m2，下列说法正确的是( )
A. 只需测出F与a的值 B. 只需测出m1与a的值
C. 只需测出m1与F的值 D. 必须测出m1、F与a的值
10. 小明同学在做“探究弹簧弹力与形变量的关系”实验时，将两个相同的钩码A、B挂在弹簧下端保持静止状态，如图所示，在某一瞬间B钩码突然脱落，此时关于钩码A、B的加速度，下列说法正确的是( )
A. A和B加速度的方向均竖直向下
B. A和B加速度的方向均竖直向上
C. A加速度的大小为g，B加速度的大小为g
D. A加速度的大小为0，B加速度的大小为g
11. 如图所示，一根细线系着一个质量为m的小球，细线上端固定在横梁上，用力F拉小球，小球平衡后细线与竖直方向的夹角为θ。现改变拉力F的方向，并保持θ不变，则拉力F的最小值为( )
A. mgsinθ B. mgtanθ C. mgcosθ D. mgsinθ
12. 某大型超市内的自动人行道如图甲所示．自动人行道能方便快捷地运送顾客和货物上下楼，其结构示意图如图乙所示。现将一质量为m的货箱无初速度地放在匀速向上运行的自动人行道上，该货箱与自动人行道坡面间的动摩擦因数为μ，坡面与水平面的夹角为θ，坡面足够长且μ>tanθ，则下列说法正确的是( )
A. 货箱所受的摩擦力方向一定沿坡面向上
B. 自动人行道对货箱的摩擦力大小始终为μmgcosθ
C. 自动人行道对货箱作用力的方向始终竖直向上
D. 自动人行道对货箱的作用力大小与货箱的重力大小一定相等
13. 如图所示，一只金丝猴在树林中玩耍时，单手握住树枝悬挂在空中静止，下列说法正确的是( )
A. 猴受到的重力与树枝对猴的拉力是一对平衡力
B. 猴对树枝的拉力与猴受到的重力是一对平衡力
C. 猴对树枝的拉力与树枝对猴的拉力是一对作用力与反作用力
D. 猴受到的重力与树枝对猴的拉力是一对作用力与反作用力
14. 很多智能手机都有加速度传感器．某同学乘坐小区电梯时打开手机的加速度传感器，把手机平放在手掌上并与电梯保持相对静止，获得加速度的变化情况如图甲所示(规定竖直向上为正方向)，为了方便研究问题，可以将图像简化为图乙，下列说法正确的是( )
A. t1∼t2时间内电梯处于失重状态 B. t3∼t4时间内电梯处于超重状态
C. t3∼t4时间内电梯一定正在上行 D. t2∼t3时间内电梯一定处于静止状态
15. 如图所示，一辆货车运载着若干相同的圆柱形光滑空油桶，在车厢底，一层油桶平整排列，相互紧贴，上一层只有一只桶C摆放在桶A和桶B之间，此时汽车向左做匀加速直线运动，桶和汽车保持相对静止，下列说法正确的是( )
A. 桶A对桶C的支持力与桶B对桶C的支持力大小相等
B. 车厢底板对桶A的支持力小于底板对桶B的支持力
C. 当汽车的加速度减小时，地面对车的支持力将减小
D. 当汽车的加速度减小时，车厢底板对桶B的支持力将减小
16. 在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中：
(1)实验中用两个弹簧测力计互成一定的角度拉橡皮筋，图1的四个选项展现了四位同学实验操作，其中规范的是______；
(2)某次用弹簧测力计拉橡皮筋时其指针如图2所示，弹簧测力计的示数为______ N；
(3)下列实验操作会引起误差的是______。
A.弹簧测力计没有与木板平行
B.弹簧测力计在使用前没有调零
C.弹簧测力计的外壳与木板接触
D.记录拉力方向时，所描的两个点太近
17. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，已提供了小车、一端带有定滑轮的长木板、细线、电火花计时器、纸带、槽码、钩码。
(1)为了完成实验，还需要的实验器材有图中的______；
(2)图(a)为实验中正常操作得到的一条纸带，已知电源频率为50Hz，则在打出图中计数点B时小车的速度大小为______m/s(保留两位有效数字)；
(3)若某次实验释放小车前，实验装置如图(b)所示，请至少指出图中两个不妥之处______。
18. 某人骑着自行车以v0=6m/s的速度在温州锦绣路上匀速直线行驶，将要抵达目的地时开始刹车做匀减速直线运动，经过2s后自行车的速度大小减为v=5m/s，求：
(1)自行车刹车时的加速度大小；
(2)自行车开始刹车4s后的速度大小；
(3)自行车开始刹车后15s内的位移大小。
19. 民间有“冬腊风腌，蓄以御冬”的习俗．小方在院子里用轻绳挂了两块腊肉A、B如图所示，设B的质量为m，A的质量为1.5m，其中绳2与竖直方向的夹角θ=53∘，绳3处于水平状态，重力加速度用g表示，sin53∘=0.8，cos53∘=0.6。求：
(1)细线1和2对腊肉A的合力大小；
(2)细线3对腊肉B的拉力大小；
(3)细线1对腊肉A的拉力大小。
20. 在森林大火的抢险救灾中，往往会运用直升机来取水灭火．如图所示为一灭火现场示意图，当直升机在水源取水后，沿水平方向飞往火场，飞机下方悬挂的水箱(装满水)从A点开始沿水平方向做初速度为零的匀加速直线运动至火场右上方的B点，用时40s.已知A、B位于同一水平面上，且相距s=400m，此过程中悬索与竖直方向的夹角θ=37∘.已知水与水箱总质量m=8×103kg，空气阻力大小恒定，方向始终与运动方向相反，忽略悬索的质量，重力加速度g=10m/s2，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8，求：
(1)水箱的加速度大小以及在B点的速度大小；
(2)从A到B的过程中，悬索对水箱的拉力大小；
(3)从A到B的过程中，水箱受到的空气阻力的大小。
21. 如图所示，两座雪坡AB、CD高度分别为h1=45m和h2=15m，倾角均为θ=37∘，滑雪道从较高的坡顶A延伸到较低的坡顶D，中间的水平雪道BC的长度L=45m，一位总质量为50kg的滑雪者从A处下滑，已知滑雪板与斜面、水平面间的动摩擦因数均为0.25，在两雪坡交界B处和C处均用一小段光滑圆弧连接，不计空气阻力，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8。
(1)求滑雪者从AB段下滑过程中的加速度大小；
(2)若滑雪者从A处由静止开始下滑，求运动到C处时的速度大小；
(3)若滑雪者的初速度大小可以调节，求滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.厘米是长度的单位，是基本单位，但不是国际单位制基本单位，故A错误；
B.小时是时间的单位，是基本单位，但不是国际单位制基本单位，故B错误；
C.牛顿国际单位制中力的单位，但不是基本单位，是导出单位，故C错误；
D.千克是质量的单位，是国际单位制基本单位，故D正确。
故选：D。
单位制包括常用单位制和国际单位制，要知道哪些是国际单位制中的单位，并掌握国际单位制中的基本单位和导出单位。
解决本题的关键要掌握国际单位制中七个基本单位，要了解七个基本单位。要注意牛顿不是基本单位。
2.【答案】D
【解析】解：力、位移、瞬时速度、加速度和速度的变化量既有大小，又有方向，且计算规律满足平行四边形法则，是矢量，路程、速率和时间，只有大小，没有方向是标量，故ABC错误，D正确。
故选：D。
矢量是既有大小又有方向，运算规律满足平行四边形定则的物理量；而只有大小，没有方向，运算规律满足代数规律的物理量是标量。
矢量与标量的区别是：矢量有方向，而标量没有方向；矢量运算满足平行四边形定则，而标量运算满足代数法则，要掌握各个物理量的矢标性。
3.【答案】C
【解析】解：A、37秒79是跑完接力赛的成绩，指的是时间，故A错误；
B、4×100m接力赛中有一部分的跑道是弯道，所以100m都是指运动员的路程，故B错误；
C、在研究运动员接棒动作时，需要研究不同部位的动作，所以不可以将运动员看成质点，故C正确；
D、第一棒运动员汤星强起跑很快，这是指他的加速度很大。故D错误。
故选：C。
时刻指的是某一瞬时，是时间轴上的一点，对应于位置，时间是两时刻的间隔，是时间轴上的一段；
研究运动员的技术动作时，需要关注运动员的姿势，与其形状有关，所以不能看作质点；
标准田径场400m是环形跑道；
运动员起跑快慢是加速度大小。
本题考查物理基本概念，涉及到质点、位移与路程、时间与时刻、加速度等知识点，属于识记性的知识。基础题目。
4.【答案】B
【解析】解：直尺下落，根据物体做自由落体运动公式有
h=12gt2
解得
t=2hg
下落高度分别为10cm=0.1m、20cm=0.2m、30cm=0.3m、40cm=0.4m时代入数据得到对应的下落时间为210s、0.2s、610s、25s。故ACD错误；B正确。
故选：B。
根据题意可知，物体做自由落体运动，根据自由落体运动的公式可求物体运动的时间。
明确物体做自由落体运动，会计算自由落体运动的时间。
5.【答案】C
【解析】解：A、根据v−t图像的斜率表示加速度，斜率绝对值越小，加速度越小，则乙的加速度最小，故A错误；
B、甲图像的斜率为正，丙图像的斜率为负，则甲和丙的加速度方向相反，故B错误；
C、根据v−t图像与时间轴所围的面积表示位移，则丙在16s内的位移大小为x=2×162m=16m，故C正确；
D、甲、乙两个物体从同一地点出发，沿一条直线运动，12s末甲和乙速度相等，两者相距最远，故D错误。
故选：C。
在v−t图像中，图像的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，结合几何关系分析位移关系，判断甲和乙能否相遇。
解决本题的关键要理解速度-时间图像的物理意义，知道图像的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移。
6.【答案】A
【解析】解：两种锻炼方式所用的弹力绳为同一根，且其弹力大小与形变量成正比，两种锻炼方式弹簧的伸长量相等，则两种锻炼方式弹簧的弹力相等，设均为F，
由图甲可知F=F1
由图乙可知F=F2
则F1=F2
故BCD错误，A正确。
故选：A。
根据物体受力情况进行分析。
本题主要考查学生对弹簧受力的分析，并掌握等效替代方法。属于简单题。
7.【答案】B
【解析】解：由于红外线的传播速度远大于超声波的传播速度，可忽略红外线在A与B之间传播的时间。
根据匀速直线运动规律得A、B间的距离为x1=vΔt
故ACD错误，B正确
故选：B。
由于红外线的传播速度远大于超声波的传播速度，可忽略红外线在A与B之间传播的时间，根据匀速直线运动规律得A、B间的距离。
该题考查匀速直线运动的位移公式的应用。题目简单，直接把数据代入公式即可。
8.【答案】B
【解析】解：AB.剪纸相对磁铁有向下的运动趋势，所以磁铁对剪纸有竖直向上的静摩擦力作用，故A错误；B正确；
C.根据弹力的产生条件可知，磁铁对剪纸的压力是由于磁铁发生形变引起的，故C错误；
D.磁铁对剪纸的摩擦力与黑板对剪纸的摩擦力大小相等，均为剪纸重力大小的一半，故D错误。
故选：B。
明确弹力和摩擦力的性质，从而分析各力产生原因，同时根据摩擦力的性质确定摩擦力的方向，根据共点力的平衡条件分析摩擦力的大小。
本题考查摩擦力和弹力的性质，要注意明确弹力和摩擦力产生的条件，同时掌握判断摩擦力大小和方向的方向。
9.【答案】D
【解析】解：把空间站和飞船看成整体，根据牛顿第二定律F=(m1+m2)a
解得m2=Fa−m1，则为了间接测量空间站的质量m2，需要测量m1、F与a的值，故ABC错误，D正确。
故选：D。
以空间站和飞船整体为研究对象，通过牛顿第二定律列式，从而分析需要测量的物理量。
本题考查了牛顿第二定律的基本运用，要灵活选择研究对象，掌握整体法和隔离法的运用。
10.【答案】C
【解析】解：对钩码B受力分析，脱落前受钩码A的拉力和自身的重力，处于平衡状态，二力平衡，则有：F=mg，脱落瞬间，钩码A的拉力消失，只受自身重力作用，有
mg=maB
解得aB=g
即钩码B的加速度大小为g，分析竖直向下。
对钩码A受力分析，脱落前受弹簧拉力T，钩码B的拉力和自身重力，处于平衡状态，三力平衡，有
T=F+mg
脱落瞬间，钩码B的拉力消失，其他两个力保持不变，有
T−mg=maA
解得aA=g
即钩码A的加速度大小为g，分析竖直向上，故ABD错误；C正确。
故选：C。
先对整体分析，求出弹簧的弹力，再分别对两钩码分析，由牛顿第二定律求出各自的加速度。
本题考查牛顿第二定律中关于瞬时加速度的计算问题，要注意正确掌握明确整体法和隔离法的应用。
11.【答案】A
【解析】解：对小球，受力分析，如图所示，
现改变拉力F的方向，并保持θ不变，由图示可知当拉力F与绳的拉力T垂直时，拉力F最小，此时
F=mgsinθ，
故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据平行四边形法则(或矢量三角形)作图，根据图中表示力的有向线段长度变化情况分析拉力最小时的状态，根据几何关系求力的大小。
本题主要是考查了共点力的平衡之动态分析问题，如果一个力大小方向不变、一个力的方向不变，可以根据矢量三角形(图解法)分析各力的变化情况。
12.【答案】A
【解析】解：AB.将货箱无初速度地放在自动人行道上，货箱相对人行道下滑，货箱所受摩擦力方向一定沿坡面向上。大小为
f=μmgcosθ
当货箱与人行道共速时，二者之间无相对滑动，依题意μ>tanθ，货箱将随人行道一起匀速运动，根据共点力平衡可知静摩擦力大小为
f=mgsinθ
方向仍然沿坡面向上。故A正确，B错误；
CD.在货箱加速阶段，自动人行道对货箱的作用力的方向斜向左上，大于货箱重力，在货箱匀速阶段，自动人行道对货箱的作用力与重力等大方向，即方向竖直向上，大小与货箱的重力大小相等。故CD错误。
故选：A。
货箱无初速度地放在自动人行道上，货箱相对人行道下滑，货箱所受摩擦力方向一定沿坡面向上，货箱与人行道共速时，根据共点力平衡可知静摩擦力大小。
本题考查物体的运动情况分析物体受力情况的能力。摩擦力方向与相对运动或相对运动趋势方向相反，与运动方向无关，所以摩擦力方向不是始终与运动方向相反。
13.【答案】AC
【解析】解：AD、金丝猴单手握住树枝悬挂在空中静止，其受重力和树枝的拉力，合力为零，则猴受到的重力与树枝对猴的拉力是一对平衡力，故D错误，A正确；
B、猴对树枝的拉力与猴受到的重力，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、猴对树枝的拉力与树枝对猴的拉力，根据牛顿第三定律可知，是相互作用力，则是一对作用力与反作用力，故C正确。
故选：AC。
平衡力是作用在一个物体上的大小相等，方向相反的力；
作用力与反作用力是作用在两个物体上，大小相等，方向相反的力；
金丝猴空中静止，其受重力和树枝的拉力是一对平衡力；
明确平衡力与作用力和反作用力的区别和联系，能正确区分平衡力和相互作用力。
14.【答案】AB
【解析】解：A、依题意，t1−t2时间内电梯的加速度竖直向下，处于失重状态，故A正确；
BC、依题意，t3−t4时间内电梯的加速度竖直向上，处于超重状态。此时电梯可能加速上升也可能减速下降，故B正确，C错误；
D、依题意，t2−t3时间内电梯的加速度为零，可能处于静止状态也可能处于匀速运动状态，故D错误。
故选：AB。
通过手机加速度方向，获得手机的受力和运动的情况，进行对比解答即可。
本题主要考查对超重、失重的认识，通过物体的运动状态判断加速度方向，即可解题。
15.【答案】BD
【解析】解：A、汽车向左做匀加速直线运动，桶和汽车保持相对静止，对C受力分析，受本身重力，A的支持力FA，B的支持力FB，竖直方向，根据平衡条件，由几何关系得
FBcos30∘+FAcos30∘=mg
水平方向，根据牛顿第二定律，由几何关系得FBcos60∘−FAcos60∘=ma
联立解得FB=33mg+ma，FA=33mg−ma
可知，桶A对桶C的支持力小与桶B对桶C的支持力大小，故A错误；
B.由A中分析，根据牛顿第三定律可知，C对B的压力F′B大于C对A的压力F′A，
对A受力分析，竖直方向，根据平衡条件可得
mg+FA′cos30∘=F地A
同理可得mg+FB′cos30∘=F地B
则F地A
C.当汽车的加速度减小时，竖直方向仍然处于静止状态，地面对车的支持力不变，故C错误；
D.当汽车的加速度减小时，由A分析可知FB减小，则车厢底板对桶B的支持力将减小，故D正确。
故选：BD。
对桶C受力分析，结合平衡条件，得出A和B对C的支持力；根据牛顿第二定律，结合已知条件，得出AB对C支持力的变化；C向左减速的加速度小于汽车向左减速的加速度，会发生相对向左的运动，根据加速度解得B对C支持力大小。
本题考查了牛顿定律及受力分析，关键是正确的受力分析，根据牛顿第二定定律即可判断。
16.【答案】A2.55ABCD
【解析】解：(1)实验中用两个弹簧测力计互成一定的角度拉橡皮筋，下面四个选项展现了四位同学实验操作，B图弹簧没有沿细绳方向拉，误差较大，所以B错误；C图两弹簧测力计的拉力的夹角过小，所以C错误；D图细绳套太短拉力的方向测量不准，所以D错误；则A正确；
故选A。
(2)某次用弹簧测力计拉橡皮筋时其指针如图所示，由于弹簧测力计的最小刻度为0.1N，所以其示数为2.55N，需要估读到下一位。
(3)A.弹簧测力计没有与木板平行，会引起误差的，所以A正确；
B.弹簧测力计在使用前没有调零，会引起误差的，所以B正确；
C.弹簧测力计的外壳与木板接触，会引起误差的，所以C正确；
D.记录拉力方向时，所描的两个点太近，方向测量误差较大，所以D正确；
故选ABCD。
故答案为：(1)A；(2)2.55；(3)ABCD。
(1)明确实验原理，知道实验中如何测出分力和合力，从而确定操作是否规范；
(2)根据弹簧秤的读数方法明确弹簧测力计的读数；
(3)明确实验中误差来源和消除误差的方法。
解决本题的关键知道“互成角度的两个力的合成”实验的原理，知道用两根弹簧测力计拉和用一根弹簧测力计拉，都必须将绳子的结点拉到同一点，保证产生相同的作用效果。通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示。同时值得注意其中有一力大小与方向均已一定，从而减少实验的操作步骤。
17.【答案】AB0.29未平衡摩擦力；释放小车的位置离打点计时器太远
【解析】解：(1)A.本实验需要用天平测量小车和钩码的质量，故A正确；
B.本实验需要用刻度尺测量纸带上计数点间的距离，来求速度的大小，故B正确；
CD.电火花计时器是一种计时的仪器，工作电压为交流220V，则不需要秒表和学生电源，故CD错误。
故选：AB。
(2)由图(a)刻度尺读数可知，计数点AC间的距离x=5.75cm
根据公式
vB=x2T=5.75×10−20.2m/s≈0.29m/s
(3)由如图(b)可知，实验前未平衡摩擦力及释放小车的位置离打点计时器太远。
故答案为：(1).AB；(2).0.29；(3).未平衡摩擦力，释放小车的位置离打点计时器太远。
(1)实验需要用天平测量小车和钩码的质量，需要用刻度尺测量纸带上计数点间的距离，.电火花计时器是一种计时的仪器，工作电压为交流220V，不需要秒表和学生电源。
(2)小车在B点速度等于小车在AC间运动的平均速度，速度由v=xt计算。
(3)由如图(b)可知，实验前未平衡摩擦力及释放小车的位置离打点计时器太远。
本题考查了“探究加速度与力、质量的关系”的操作步骤及实验中的操作错误之处及某点的瞬时速度的计算，不难。
18.【答案】解：(1)自行车刹车时的加速度为a=v−v0t=5−62m/s2=−0.5m/s2
自行车刹车时的加速度大小为0.5m/s2。
(2)自行车开始刹车4s后的速度大小为v4=v0+at4=6m/s+(−0.5)×4m/s=4m/s
(3)自行车刹车所用时间为t′=0−v0a=0−6−0.5s=12s
自行车开始刹车后12内，自行车已停止，则其位移大小为x=0−v022a=0−622×(−0.5)m=36m
答：(1)自行车刹车时的加速度大小为0.5m/s2；
(2)自行车开始刹车4s后的速度大小为4m/s；
(3)自行车开始刹车后15s内的位移大小为36m。
【解析】(1)根据加速度的定义式求解。
(1)根据速度时间公式列式求解；
(3)先算出刹车时间，比较15s与刹车时间，然后选择合适位移时间公式求解。
本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动，结合运动学公式灵活求解。
19.【答案】解：(1)根据平衡条件，对A分析，则细线1和2对腊肉A的合力大小为F=1.5mg
(2)细线3对腊肉B的拉力大小为F3，则有F3=1.5mgtan53∘=2mg
(3)细线1对腊肉A的拉力大小为F1，对整体分析有F1=F32+(mg+1.5mg)2=412mg
答：(1)细线1和2对腊肉A的合力大小为1.5mg；
(2)细线3对腊肉B的拉力大小为2mg；
(3)细线1对腊肉A的拉力大小为412mg。
【解析】(1)对腊肉A受力平衡，根据共点力平衡计算细线1和2对腊肉A的合力大小；
(2)对腊肉B受力平衡，根据共点力平衡计算细线3对腊肉B的拉力大小；
(3)对整体受力分析，计算细线1对腊肉A的拉力大小。
本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答本题的关键是能够正确的进行受力分析、然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答，注意整体法和隔离法的应用。
20.【答案】解：(1)依题意，水箱做初速度为零的匀加速直线运动，有
s=12at2
代入数据解得加速度大小a=0.5m/s2
又根据运动学公式可得
vB=at
代入数据可得vB=20m/s
(2)设悬索对水箱的拉力为F，对水箱受力分析如图
竖直方向，有
Fcos37∘=mg
代入数据解得F=1×105N
(3)水平方向，对水箱，根据牛顿第二定律，可得
Fsin37∘−f=ma
代入数据解得f=5.6×104N
答：(1)水箱的加速度大小为0.5m/s2；在B点的速度大小为20m/s；
(2)从A到B的过程中，悬索对水箱的拉力大小为1×105N；
(3)从A到B的过程中，水箱受到的空气阻力的大小为5.6×104N。
【解析】(1)根据题意，利用运动学公式求出水箱的加速度大小及在B点的速度大小；
(2)对水箱受力分析，根据水箱竖直方向受力平衡可得悬索的拉力；
(3)对水箱受力分析，根据牛顿第二定律，结合已知量求出阻力大小。
本题考查了牛顿第二定律的应用，已知物体运动情况，分析物体的受力情况，解题的关键是先由运动学公式求出加速度，再结合牛顿第二定律分析物体的受力。
21.【答案】解：(1)滑雪者从AB段下滑过程中，根据牛顿第二定律mgsinθ−μmgcosθ=ma1
代入数据解得a1=4m/s2
(2)滑雪者从AB段下滑过程中，根据公式vB2=2a1xAB
代入数据解得vB=106m/s
滑雪者中间的水平雪道BC的滑行过程中，根据牛顿第二定律μmg=ma2
代入数据解得a2=2.5m/s2
滑雪者做减速运动，根据公式vC2−vB2=2a2L
代入数据解得vC=515m/s
(3)滑雪者从A处出发运动到D处的时间最长，则滑到D处速度恰好为零，滑雪者在CD段上滑过程中，根据牛顿第二定律mgsinθ+μmgcosθ=ma3
代入数据解得a3=8m/s2
滑雪者做减速运动，根据公式vD2−vC2=2a3xCD
代入数据解得vC=20m/s
由公式vD=vC+a3t3
代入数据解得t3=2.5s
滑雪者中间的水平雪道BC的滑行过程中做减速运动，根据公式vC2−vB2=2a2L
代入数据解得vB=25m/s
由公式vC=vB+a2t2
代入数据解得t2=2s
滑雪者从AB段下滑过程中做加速运动，根据公式vB2−vA2=2a1xAB
代入数据解得vA=5m/s
由公式vB=vA+a1t1
代入数据解得t1=5s
则滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间t=t1+t2+t3=5s+2s+2.5s=9.5s
答：(1)滑雪者从AB段下滑过程中的加速度大小为4m/s2；
(2)若滑雪者从A处由静止开始下滑，运动到C处时的速度大小为515m/s；
(3)若滑雪者的初速度大小可以调节，滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间为9.5s。
【解析】(1)对滑雪者受力分析，根据牛顿第二定律求得加速度；
(2)在AB段，根据速度-位移公式求得到达B点的速度，在BC段，根据牛顿第二定律求得加速度，结合速度-位移求得到达C点的速度；
(3)滑雪者从A处出发运动到D处的最长时间，即滑雪者到达D点的速度为零，根据运动学公式求得在每段上所需时间，即可求得。
在解决末速度为零的匀减速直线运动时，可以把它看作是反方向的初速度为零的匀加速直线运动来处理。
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