还剩19页未读，
继续阅读
2021-2022学年山东省青岛市西海岸新区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
展开
这是一份2021-2022学年山东省青岛市西海岸新区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共22页。
2021-2022学年山东省青岛市西海岸新区九年级（上）期末物理试卷
1. 关于扩散现象，下列说法错误的是( )
A. 扩散现象受温度影响
B. 扩散现象表明分子在永不停息地做无规则运动
C. 花香四溢属于扩散现象
D. 热水中加入冷水变成温水属于扩散现象
2. 下列运用热传递改变内能的事例是( )
A. 冬天搓手取暖 B. 用冰袋降温
C. 锯木头时锯条发热 D. 汽车连续制动刹车盘发热
3. 青岛地铁一号线已全线开通，青岛市地铁网络正逐步完善，我们的交通出行也将更加便捷。下列说法正确的是( )
A. 地铁通过电动机驱动，将机械能转化为电能
B. 地铁站内的照明灯可以同时打开或关闭，所以它们是串联的
C. 地铁站内扶梯上的扶手是橡胶制品，属于绝缘体
D. 电话的听筒主要利用了电流的热效应
4. 下列关于物理仪器的使用，说法正确的是( )
A. 电流表与被测用电器串联
B. 滑动变阻器必须同时接线圈的两个接线柱
C. 家庭电路中电能表接在保险装置后面
D. 电流要从电压表正接线柱流出，负接线柱流入
5. 下列做法不符合安全用电的是( )
A. 使用试电笔时，不可接触金属笔尖 B. 电器起火时，先断开电源再救火
C. 在高压配电箱附近玩耍 D. 保险装置、插座根据使用寿命及时更换
6. 根据欧姆定律变形式R=UI，下列说法正确的是( )
A. 通过导体的电流一定，导体的电阻与导体两端的电压成正比
B. 导体两端的电压一定，导体的电阻与通过导体的电流成反比
C. 导体的电阻与它两端的电压成压比，与通过它的电流成反比
D. 导体的电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比
7. 甲乙两个小灯泡串联，闭合开关，甲乙两灯两端的电压之比为1：2，工作一段时间后甲乙两灯消耗的电能之比是( )
A. 1：2 B. 3：1 C. 2：1 D. 1：3
8. 如图所示，闭合开关S1、S2，两个通电螺线管的相互作用情况及A、B端的极性分别是( )
A. 相斥，A端为N极，B端为N极 B. 相吸，A端为S极，B端为N极
C. 相斥，A端为S极，B端为S极 D. 相吸，A端为N极，B端为S极
9. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，灯L1、L2都发光。一段时间后，其中一盏灯突然熄灭，电流表、电压表的示数都变为零，则产生这现象的原因可能是( )
A. L1短路 B. L1断路 C. L2断路 D. 电流表断路
10. 为节约能源，小宁对电风扇电路进行了改装：加装一个红外感应开关S1和指示灯L.改装后，若开关S断开，指示灯和风扇都不工作：若开关S闭合，指示灯L工作，此时当红外感应装置感应到有人时，红外感应开关S1才闭合，电风扇工作。下列电路图符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 下列说法正确的是( )
A. 比热容是反映物质自身性质的物理量，不同物质的比热容一般不同
B. 某种燃料完全燃烧放出的热量与其重力之比，叫做这种燃料的热值
C. 导体的电阻大小与导体的材料、长度和横截面积有关
D. 同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引
12. 2021年10月16日，神舟十三号载人飞船由长征二号F遥十三运载火箭顺利送入太空，该型火箭采用联氨作为燃料。下列与火箭发射相关的物理知识，说法正确的是( )
A. 火箭点火升空是利用内能转化为机械能
B. 火箭外壳与空气摩擦，温度升高，内能增大
C. 选用联氨做火箭燃料的原因之一是联氨热值较大
D. 该型火箭的热机效率可达100%
13. 如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，在保证电路元件安全的前提下，向右移动滑动变阻器的滑片P.则( )
A. 电流表的示数变大
B. 电压表的示数变小
C. 电流表的示数变小
D. 电压表的示数变大
14. 如图是灯泡L和电阻R的电流随电压变化的图象，下列说法正确的是( )
A. 电阻R的阻值为20Ω
B. 灯泡L的阻值不断改变是因为受温度影响
C. 若灯泡L和电阻R串联，通过它们的电流为0.15A，则总电压为3V
D. 若灯泡L和电阻R并联接在2V的电源电路中，则干路电流为0.35A
15. 如图甲所示，电源电压恒为9V；小灯泡上标有“3.8V”字样，小灯泡的U−I图象如图乙所示。下列分析正确的是( )
A. 小灯泡两端电压为2V时，其电阻为11Ω
B. 小灯泡的额定功率为1.14W
C. 小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的阻值约为17Ω
D. 小灯泡两端电压为1.0V时，滑动变阻器的电功率为1.17W
16. 探究电流与电压和电阻的关系
(1)连接如图所示电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放在阻值______(选填“最大”或“最小”)处。
(2)闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从______(选填“a向b”或“b向a”)滑动，分别记录三次不同的电压表、电流表示数。由数据分析可得结论：当______一定，______。某小组用小灯泡代替定值电阻来进行该实验，归纳分析实验数据，却得不到上述结论，原因是______。
(3)将图中阻值为R的定值电阻，分别更换为阻值为2R、3R的定值电阻，闭合开关后，分别调节滑动变阻器的滑片P，使三次实验电压表的示数______(选填“相同”或“不同”)，将实验数据填入表格中。根据实验数据可画出的I−R图像是______。
17. 测量小灯泡的电功率
(1)连接如图所示电路，连接过程中，开关应保持______。
(2)小灯泡标有“2.5V0.8W“，闭合开关后调节滑动变阻器滑片至a点，使电压表示数为2.5V，此时小灯泡的电功率为______ W，观察此时小灯泡的亮度。
(3)将滑片从a点向右移动，发现小灯泡亮度______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，记录电压表、电流表示数。根据公式P=______算出此时小灯泡的电功率。
(4)将滑片从a点向左滑动少许，记录电压表、电流表示数，算出此时小灯泡的电功率______(选填“大于”或“小于”)它的额定功率，观察此时小灯泡的亮度。
(5)由上述实验数据和现象可以得出结论：小灯泡的亮度由它的______决定。
18. 探究影响电热多少的因素
(1)如图甲所示，在______和______相同，探究通电导体产生的热量与______的关系。
(2)如图乙所示，可探究通电导体产生的热量与______的关系。
(3)实验中通电导体产生的热量通过比较U形管中液面的______来反映。
19. 奥斯特实验
(1)如图甲所示，将导线放在静止的小磁针上方且平行，触接电源负极后，发现小磁针发生偏转。由此可以得出结论：通电导体周围有______。
(2)如图乙所示，将电源正负极对调，重复上述实验步骤。发现小磁针______改变。由此可以得出结论：______方向与电流方向有关。
20. 探究磁场对通电导体的作用
(1)连接如图所示电路，闭合开关，发现导体ab在磁场中运动，说明通电导体在磁场中______，此过程中______能转化为______能。
(2)断开开关，将磁体N、S极对调，闭合开关，发现导体ab在磁场中运动的方向与上次运动的方向______。
21. 探究磁生电：
(1)如图所示，导体ab向左切割磁感线运动时，灵敏电流计______(选填“有”或“无”)示数。
(2)闭合开关，保持______方向不变，改变______方向进行两次实验，发现灵敏电流计指针两次偏转方向相反。
(3)根据此原理发明了______。
22. (1)插排是生活中常用的电器元件，它可以实现将一个插口转成多个插口，使多个用电器同时工作，且互不影响。请在图中画出该插排与家庭电路的正确连接电路图，要求：开关同时控制两个插座。
(2)家中同时使用很多用电器时，空气开关会跳闸。这是因为家庭电路的______一定，很多用电器同时工作，______过大，所以使电路中总电流过大超过安全值，引起跳闸。
23. (1)请在方框内画出下面实物图的电路图。
(2)上图中，滑动变阻器通过改变______来改变自身电阻，从而改变电路中电流，使灯泡亮度改变，通过开关的电流______(填“大于”、“等于”或“小于”)通过灯泡的电流。
24. (1)下图为烟感报警装置，当没有烟雾时，烟感开关断开，电磁铁______(选填“有”或“无”)磁性，绿灯亮；当有烟雾时，烟感开关闭合，电磁铁______衔铁，绿灯灭，警铃与喷淋系统同时工作。
(2)请根据烟感报警装置的工作原理，将电路图补充完整，要求警铃与喷淋系统互不影响。
25. 标有“2.5V0.75W”的灯泡、电源、开关、导线组成一个简单电路，闭合开关，灯泡正常发光。若将一个10Ω的定值电阻与该灯泡并联，闭合开关，求此时电路中的总电流为多少？
26. 如图所示电路，电源电压不变，L1标有“10V5W“，L2标有“12V 12W”，灯泡阻值变化忽略不计，求：
(1)闭合S、S1，断开S2、S3时，灯泡L2正常发光，则通过灯泡
L2的电流是多少？
(2)闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L1能否正常工作？
(3)闭合S、S3，断开S1、S2时，若调节滑片P使滑动变阻器连入
电路的阻值为10Ω，则此时灯泡L1的电功率是多少？
27. 下图为某烧水机的加热、保温部分的简化电路图。R1和R2是两个阻值相等的发热电阻(阻值变化忽略不计)。S为转换开关，可在“关”“加热”、“保温”之间切换，其部分技术参数如下表所示。求：
额定电压(V)
220
加热功率(W)
800
最大注水量(kg)
1
(1)R2的阻值是多大？
(2)该烧水机的保温功率是多大？
(3)该烧水机按最大注水量装入水，使用加热功能正常工作5分钟，水温升高了50℃，则该过程的加热效率是多少？
28. 远距离输电输电要用导线，如果导线很短，电阻很小可忽略，而远距离输电时，导线很长，电阻大个能忽略。导线有电阻，电流通过时就要发热，如何减少输电线上电功率的损耗呢？发电厂输出的电功率是一定的，它决定于发电机组的发电能力。根据P=UI，若提高输电电压U，那么线路中的电流I一定会减小。输电线上损失的电功率为ΔP=I2R，所以减小输电线的电阻和减小输电电流就可以大大降低电能的损失。
从减少输电线路上的电功率损耗和节省输电导线所用材料两个方面来说，远距离输送电能要采用高电压或特高电压。但也不能直且提高输电电压，因为输电电压越高，输电架空线的建设，对所用各种材料的要求就越严格，线路的造价就越高。
绝缘子(如图)是应用在输电线路上的一种特殊的绝缘控件，它能很好起到支持和固定导线的作用，通常由高强度陶瓷制成，可在全国各地区的气候条件下使用。
从发电站输出的电能，一般都要通过升压变压器提升电压，根据输送距离的远近，常采用10kV、35kV、110kV、220kV的高压输电，甚至1000kV以上的特高压输电。到达用户处再用降压变压器逐级降低电压。
(1)减小输电线上电能损失的方法有______(单选)。
A.减小输电线的横截面积
B.增大输电线的长度
C.提高输电电压
D.提高输电电流
(2)绝缘子无需具备的特性是______(单选)。
A.机械强度高
B.耐低温
C.耐腐蚀
D.透光性好
(3)其他条件不变，若输电电压提高到原来的2倍，则线路上损失的电功率将是原来的______。
(4)“高压输电通过降压变压器逐级降低电压，到达我们家庭后的电压就对人体很安全了。“这句话是______(选填“正确”或“错误”)的，因为______。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：扩散现象说明一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，且物体温度越高，分子的无规则运动越剧烈，扩散越快；花香四溢说明分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象；热水中加入冷水变成温水属于热传递改变物体的内能；综上所述，D错误。
故选：D。
物质是由分子构成的，分子在不停地做无规则运动。改变内能的方法有两种：做功和热传递。
本题考查了扩散现象和改变内能的方法是，属于基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、冬天搓手取暖是通过克服摩擦做功改变手的内能，故A不合题意；
B、用冰袋降温是能量发生了转移，是通过热传递改变物体的内能，故B符合题意；
C、锯木头时锯条发热是通过克服摩擦做功改变物体的内能，故C不合题意；
D、汽车连续制动刹车盘发热是通过克服摩擦做功改变物体的内能，故D不合题意。
故选：B。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
本题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，难度不大。
3.【答案】C
【解析】解；A、地铁工作时消耗电能，得到机械能，将电能转化为机械能，故A错误；
B、地铁站内的照明灯是并联的，因控制开关在干路上，可以同时打开或关闭，故B错误；
C、地铁站内扶梯上的扶手是橡胶制品，不容易导电，属于绝缘体，故C正确；
D、电话的听筒里有电磁铁，其工作原理：电流通过电磁铁时，电磁铁具有磁性，吸引膜片，电磁铁中通过变化的电流，产生变化的磁场，对膜片的吸引也是变化的，从而使膜片产生振动，将电信号转变为声音信号将声音还原出来，故D错误。
故选：C。
(1)电动机工作时将电能转化为机械能。
(2)串联电路中，开关在电路中不同的位置时，都能起到控制电路中电流的通断；并联电路中，干路中的开关控制整个电路，而支路中的开关只控制该支路的通与断。
(3)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等。
(4)电话的听筒是利用通电线圈在磁场中受到力的作用带动音膜振动而发出声音，把变化的电流转化为声音信号，是利用电流的磁效应工作的。
本题考查了电动机的工作原理、串并联电路的辨别、电流的效应，以及导体和绝缘体的概念等知识的理解和应用，综合题，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：A、电流表测量通过用电器的电流，使用时与被测用电器串联，故A正确；
B、滑动变阻器，使用时要按“一上一下”的方式接入电路，故B错误；
C、家用电能表要串联在干路上，接在保险装置的前面，故C错误；
D、电压表使用时与被测电路并联，电流从正接线柱流入、从负接线柱流出，故D错误。
故选：A。
利用下列知识分析判断：
(1)电流表是测量电流的仪表，使用时与被测电路串联；
(2)滑动变阻器通过连入电路的电阻丝的长度来改变电路中的电阻，使用时要按“一上一下”的方式接入电路；
(3)电能表是测量电功的仪表，家用电能表要串联在干路上，接在保险装置的前面；
(4)电压表是测量电压的仪表，使用时与被测电路并联，电流从正接线柱流入、从负接线柱流出。
本题比较简单，重点考查电压表和电流表的使用方法、电能表和滑动变阻器的连接，属于识记性内容，尽量不要出错。
5.【答案】C
【解析】解：A、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属笔尖，否则会造成人身触电事故，故A正确；
B、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，故B正确；
C、安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体，因此不能在高压线或者变压器附近玩耍，故C错误；
D、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换，否则设置老化，容易发生漏电而引发触电或诱发火灾，故D正确。
故选：C。
(1)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属笔尖，这样会造成人身触电事故；
(2)用电器发生火灾时，应先断开电源，然后再灭火；
(3)安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；
(4)保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命时绝缘皮会因老化而漏电，应及时更换。
本题考查了生活中常遇到的安全用电问题，我们使用电能为生活、生产服务，使用不当也会造成灾难。
6.【答案】D
【解析】解：
ABC、因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，所以，不能说导体的电阻与它两端的电压成正比，导体的电阻与通过它的电流成反比，故ABC错误；
D、由R=UI可知，导体的电阻可由导体两端的电压与通过导体的电流的比值来计算，且导体两端的电压为零，通过的电流为零，但导体的电阻不为零，故D正确。
故选：D。
(1)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；
(2)R=UI这个公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值。
本题考查对欧姆定律导出公式R=UI的理解，要注意公式R=UI只是表示出了三者之间的数值关系，它们间没有因果关系。
7.【答案】A
【解析】解：甲、乙两个小灯泡串联，闭合开关，甲、乙两灯两端的电压之比为1：2，串联电路的电流处处相等，由W=UIt可得甲、乙两个小灯泡串联工作一段时间后甲、乙两灯消耗的电能之比：
W1W2=U1ItU2It=U1U2=12=1：2，故A正确。
故选：A。
根据W=UIt可求甲、乙两个小灯泡串联工作一段时间后甲、乙两灯消耗的电能之比。
本题考查了电能公式在串联电路中的应用，知道串联电路的电流规律是解题的关键，基础题目。
8.【答案】B
【解析】解：根据安培定则可知，右边螺线管的A端为S极，右端为N极；左边螺线管的B端为N极，左端为S极，因此它们相互吸引，故B正确。
故选：B。
根据线圈的绕向和电流方向，确定螺线管的N、S极，然后利用磁极间的作用规律确定两者的相互作用情况。
该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用等知识点，是一道综合题。
9.【答案】D
【解析】解：根据电路图可知，两灯泡并联，电流表测量通过L2的电流，电压表并联支路两端的电压(电源电压)；
一段时间后，其中一盏灯突然熄灭，这说明一条支路出现了断路现象；电流表、电压表的示数都变为零，则电压表与电源之间是断开的，所以故障是电流表断路。
故选：D。
根据电路图可知，两灯泡并联，电流表测量通过L2的电流，电压表并联支路两端的电压(电源电压)，若一灯灭了，电流表、电压表示数都变为0，说明出现了断路现象。
本题考查了电路故障的判断。在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。
10.【答案】D
【解析】解：加装一个红外感应开关S1和指示灯L，当S闭合时，L工作，此时当红外感应装置感应到有人时，S1才闭合，风扇工作，这说明L与电动机是并联的，开关S1控制电动机，若S断开，指示灯和风扇都不工作，则开关S控制整个电路；故该电路中S接在干路中，灯泡与电动机并联，开关S1与电动机在一条支路中，故D正确。
故选：D。
根据开关S断开和闭合时电路的工作情况判定两个开关、用电器的连接方式。
本题考查了电路图的设计，能得出两个开关的连接方式是解题的关键。
11.【答案】ACD
【解析】解：
A、比热容是物质的一种特性，它的大小与物质种类和状态有关，不同物质的比热容一般不同，故A正确；
B、热值是表示燃料燃烧放热能力的物理量，某种燃料完全燃烧放出的热量与其质量之比，叫做这种燃料的热值，故B错误；
C、电阻是导体本身的一属性，其大小与导体材料、长度、横截面及温度有关，故C正确；
D、电荷间的相互作用规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故D正确。
故选：ACD。
(1)比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，同一种物质比热容相同，不同物质比热容一般不同；
(2)1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；
(3)电阻是导体本身的一属性，其大小与导体材料、长度、横截面及温度有关，与导体两端电压、通过导体的电流等因素无关；
(4)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了比热容、热值、电荷间的相互作用规律和电阻等知识的理解，正确、全面理解概念或规律，是避免出错的关键。
12.【答案】ABC
【解析】解：A、火箭升空消耗燃料，燃料燃烧释放的内能转化为使火箭升空的机械能，故A正确；
B、火箭发射升空的过程中，外壳与空气摩擦，通过做功的方式使外壳的内能增大，温度升高，故B正确；
C、热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，反映了燃料燃烧放热的能力，因此选用联氨做火箭燃料是因为联氨热值较大，故C正确；
D、通过技术改进可以使热机的效率提高，但总存在机械摩擦，因此要做额外功，热机效率一定不会达到100%，故D错误。
故选：ABC。
(1)燃料燃烧会释放大量内能，这些内能主要转化为火箭升空的机械能；
(2)通过摩擦做功的方式可以使物体的内能增大，温度升高；
(3)热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，反映了燃料燃烧放热的能力；
(4)任何能量转化过程都伴随能量的损失，所以转化效率不可能达到100%。
本题考查了学生对能量的转化、热机效率、热值和内能的改变方式的理解，属于基础题，难度不大。
13.【答案】BC
【解析】解：由图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻R1两端的电压；
当滑片右移时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
定值电阻的阻值不变，电路中的电流变小，由U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，即电压表的示数也变小；
综上所述，BC正确。
故选：BC。
分析电路图：定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻R1两端的电压；当滑片向右移时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律确定电流表示数的变化情况以及定值电阻两端电压和电压表示数的变化情况。
本题关键是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理分析电压和电流的变化。
14.【答案】ABD
【解析】解：A、由图象可知当R两端的电压为2V时，通过它的电流为0.1A，由欧姆定律可得其电阻大小：R=UI=2V0.1A=20Ω，故A正确；
B、灯泡的电阻随温度的升高而增大，故B正确；
C、串联电路中电流处处相等，若灯泡L和电阻R串联，通过它们的电流为0.15A，由图象可知此时灯泡两端的电压为1V，R两端的电压为3V，
因为串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以电源电压：U′=UR+UL=3V+1V=4V.故C错误；
D、并联电路各支路两端电压相等，且等于电源电压，由图象可知灯泡电压为2V时，通过的电流为0.25A，电阻两端的电压为2V时，通过电阻的电流为0.1A，
因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I′=IL+IR=0.25A+0.1A=0.35A，故D正确。
故选：ABD。
(1)由图象读出一组R上的电压和对应电流值，由R=UI计算其电阻大小；
(2)灯泡的电阻随温度的升高而增大；
(3)从图象中读出通过两者的电流都为0.15A时的电压，根据串联电路电压规律计算出电源电压的大小；
(4)由图象读出2V时通过灯泡和电阻的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流。
题考查了串联电路特点、并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，关键是知道灯泡电阻是变化，要从图象中读出不同电压下通过灯泡的电流。
15.【答案】BC
【解析】解：A、由图乙知，当灯泡两端电压为2V时，通过灯泡的电流为0.22A，则由欧姆定律可知，此时灯丝的电阻：RL=ULIL=2V0.22A≈9Ω，故A错误；
B、当小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为3.8V，由图乙知，通过灯的电流为0.3A，小灯泡的额定功率为：P=U额I=3.8V×0.3A=1.14W，故B正确；
C、闭合开关，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以当小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压：UH=U−U额=9V−3.8V=5.2V，
串联电路各处电流相等，所以此时滑动变阻器接入电路的电阻：RH=UHI=5.2V0.3A≈17Ω，故C正确；
D、由乙图知，当灯的电压为1.0V时，灯的电流为0.13A，而串联电路处处电流相等，因此通过滑动变阻器的电流也为0.13A，
此时滑动变阻器两端的电压：UH′=U−UL′=9V−1V=8V，
此时滑动变阻器消耗的电功率：P′=UH′I′=8V×0.13A=1.04W，故D错误。
故选：BC。
(1)由图乙读出灯泡两端电压为2V时通过灯泡的电流，根据欧姆定律求出灯丝的电阻；
(2)当小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为额定电压，由图乙知，通过灯的电流，根据P=UI计算小灯泡的额定功率；
(3)闭合开关，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，由乙图知当灯的电压为2.0V时灯的电流，根据串联电路电流规律可知通过滑动变阻器的电流，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路中的阻值；
(4)由乙图知，当灯的电压为1.0V时通过灯的电流，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电流特点可知通过滑动变阻器的电流，根据P=UI计算此时滑动变阻器消耗的电功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律、电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
16.【答案】最大 “a向b” 电阻 电流与电压成正比 灯丝的电阻随温度的变化而变化 相同 C
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处；
(2)由图知，闭合开关实验前，滑片位于阻值最大的a端，因此闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从“a向b”滑动，分别记录三次不同的电压表、电流表示数；
由于实验操作中保持电阻不变，改变定值电阻两端的电压，因此该步是探究电流与电压的关系，由数据分析可得结论：当电阻一定时，电流与电压成正比；
由于探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯丝的电阻随温度的变化而变化，所以不能用小灯泡做此实验；
(3)由于实验操作中改变定值电阻的阻值，因此该步是探究电流与电阻的关系，故应保持定值电阻两端的电压相同，由数据分析可得结论：电压一定时，电流与电阻成反比，故应选C。
故答案为：(1)最大；(2)“a向b”；电阻；电流与电压成正比；灯丝的电阻随温度的变化而变化；(3)相同；C。
(1)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
(2)根据闭合开关前滑动变阻器的滑片P的位置分析滑片的移动方向；根据实验操作中保持电阻不变，改变定值电阻两端的电压分析实验目的，进而得出结论；根据控制变量法和灯丝的电阻随温度的变化而变化分析；
(3)根据实验操作中改变定值电阻分析实验目的，进而分析解答。
本题探究电流与电压和电阻的关系，考查注意事项、实验操作、控制变量法及实验结论。
17.【答案】断开 0.8变小 UI 大于 实际功率
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)因为小灯泡的实际电压与额定电压相等，所以小灯泡的实际电功率与额定功率相等，即电压表示数为2.5V，小灯泡的电功率为0.8W；
(3)将滑片从a点向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变大，根据串联电路的电压特点可知，小灯泡两端的电压减小，即小灯泡两端的电压小于小灯泡的额定电压，根据P=UI可知，此时小灯泡的电功率小于它的额定功率，故灯泡的亮度变小；根据P=UI计算出小灯泡的电功率；
(4)将滑片从a点向左滑动少许，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变小，根据串联电路的电压特点可知，小灯泡两端的电压变大，即小灯泡两端的电压大于小灯泡的额定电压，根据P=UI可知，此时小灯泡的电功率大于它的额定功率；
(5)由实验现象可知，小灯泡两端的电压越高，小灯泡的亮度越大，由P=UI可知，小灯泡的实际功率越大，因此可得结论：小灯泡的亮度由它的实际功率决定。
故答案为：(1)断开；(2)0.8；(3)变小；UI；(4)大于；(5)实际功率。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)根据小灯泡实际电压与额定电压的关系分析小灯泡的实际功率；
(3)根据滑动变阻器接入电路的电阻变化，利用欧姆定律和分压原理分析电路中电流和电压的变化，利用P=UI分析小灯泡实际电功率的变化，进而分析小灯泡亮度的变化；根据P=UI计算出小灯泡的电功率；
(4)根据滑动变阻器接入电路的电阻变化，利用欧姆定律和分压原理分析电路中电流和电压的变化，利用P=UI分析小灯泡实际电功率的变化；
(5)根据实验数据中小灯泡两端电压的变化，利用P=UI分析出实际功率的变化结合小灯泡亮度的变化得出结论。
本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、电功率的计算、欧姆定律的应用及实验结论的归纳。
18.【答案】电流 通电时间 电阻 电流 高度差
【解析】解：(1)图甲中阻值不相等的两电阻串联接入电路，控制通过两个电阻的电流和通电时间相同，所以是探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电阻大小的关系；
(2)图乙中两个5的电阻并联后与另一个的电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和，据此分析可知通过容器内两电阻的电流不同，实验控制两个电阻的阻值和通电时间相同，所以探究的是通电导体产生的热量与电流的关系；
(3)电流通过导体产生的热量无法直接观察，通过观察比较U形管中液面的高度差来反映。
故答案为：(1)电流；通电时间；电阻；(2)电流；(3)高度差。
(1)探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电阻大小的关系时，应控制电流大小和通电时间相等，由此可得出结论；
(2)探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电流大小的关系时，应控制电阻大小和通电时间相等，由此可得出结论；
(3)电流通过导体产生的热量无法直接观察，通过观察比较U形管中液面的高度差来反映，这是转换法。
本题利用了控制变量法和转换法来研究电流产生的电热的影响因素。
19.【答案】磁场 偏转方向 通电导体周围的磁场
【解析】解：(1)将导线放在静止的小磁针上方且平行，触接电源负极后，发现小磁针发生偏转，这是著名的奥斯特实验，说明通电导体周围存在着磁场；
(2)改变电流方向，小磁针的方向也发生了偏转，说明了产生的磁场方向也改变，即表明了通电导体周围的磁场方向与电流方向有关。
故答案为：(1)磁场；(2)偏转方向；通电导体周围的磁场。
(1)奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；
(2)电流周围的磁场的方向与电流的方向有关。
本题考查了电流的磁效应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意过程的学习。
20.【答案】受到力作用 电 机械 相反
【解析】解：(1)闭合开关，发现导体ab在磁场中运动，说明通电导体在磁场中受到了力的作用，此过程中消耗了电能，电能转化为机械能。
(2)断开开关，将磁体N、S极对调，闭合开关，电流的方向不变，磁场方向改变，磁场对通电导体产生的力的方向改变，发现导体ab在磁场中运动的方向与上次运动的方向相反。
故答案为：(1)受到力作用；电；机械；(2)相反。
(1)磁场对通电导体有力的作用；此过程中，电能转化为机械能
(2)磁场对通电导体有力的作用时，力的方向与电流的方向、磁场的方向有关。
此题主要考查了探究探究磁场对通电导体的作用，属于基础题。
21.【答案】无 磁场 导体在磁场中做切割磁感线的运动 发电机
【解析】解：(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流。如图，开关未闭合，电路未接通，导体ab向左切割磁感线运动时，灵敏电流计无示数；
(2)感应电流的方向与磁场方向和导体在磁场中做切割磁感线的运动方向有关。闭合开关，保持磁场方向不变，改变导体在磁场中做切割磁感线的运动方向进行两次实验，发现灵敏电流计指针两次偏转方向相反；
(3)根据此原理发明了发电机。
故答案为：(1)无；(2)磁场；导体在磁场中做切割磁感线的运动；(3)发电机。
(1)(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应现象。根据此原理发明了发电机。
(2)感应电流的方向与磁场方向和导体在磁场中做切割磁感线的运动方向有关。
本题为探究电磁感应现象的实验，考查影响感应电流大小的因素和感应电流产生的条件等知识。
22.【答案】电压 总功率
【解析】解：(1)两个插座并联接入电路中，开关同时控制两个插座，则开关在干路中，开关接在插座与火线之间；两孔插座的左孔接零线，右孔接火线；三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；如图所示：
；
(2)家庭电路中各用电器是并联的，很多用电器同时使用，它们的总功率会很大。家庭电路的电压一定，由I=PU可知，电路中的总电流可能超过安全值，引起跳闸。
故答案为：(1)如上图；(2)电压；总功率。
(1)家庭电路中用电器是并联的；开关同时控制两个插座，则开关在干路中；
(2)家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和电路总功率过大。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因、家庭电路的连接，属于基础题目。
23.【答案】接入电路中电阻线的长度 等于
【解析】解：(1)根据实物图可知，该电路中电流的路径只有一条，为串联电路，电压表测量灯泡L两端的电压，电流表测量电路中的电流，电路图如下所示：
；
(2)根据滑动变阻器的制成原理可知：滑动变阻器是通过改变电阻丝接入电路的长度来改变电阻的，从而达到改变电路中的电流和灯泡的亮度；开关和灯泡串联接入电路中，根据串联电路的电流规律可知，通过开关的电流和通过灯泡的电流相同。
故答案为：(1)如上图；(2)接入电路中电阻线的长度；等于。
(1)根据实物图判定电路的连接方式，然后画出电路图；
(2)根据滑动变阻器的工作原理、串联电路的电流规律解答。
本题考查了电路图的画法、滑动变阻器的工作原理、串联电路电流的规律，属于基础题。
24.【答案】无 吸下
【解析】解：(1)图中所示的烟感报警报警器工作原理：当没有烟雾时，烟感开关断开，电磁铁中没有电流，电磁铁无磁性，绿灯亮；当有烟雾时，烟感开关闭合，电磁铁中有电流，电磁铁有磁性吸下衔铁，绿灯灭，警铃与喷淋系统同时工作；
当电磁铁无磁性，衔铁与绿灯的触点接触，绿灯亮时。当电磁铁有磁性，衔铁与下的触点接触，警铃与喷淋系统同时工作。电路图如下。
故答案为：(1)无；吸下；(2)如上图。
由题意可知，这一烟感报警器的基本结构是一个电磁继电器，根据电磁继电器的基本工作原理，结合在此处的运用可描述其原理。
本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关。
25.【答案】解：闭合开关，灯泡正常发光，根据灯泡的铭牌可知此时灯泡两端的电压为2.5V，此时灯泡两端的电压等于电源电压，
将一个10Ω的定值电阻与该灯泡并联，并联电路各支路两端电压相等，所以定值电阻两端的电压为2.5V，
由欧姆定律可得通过定值电阻的电流：IR=UR=2.5V10Ω=0.25A，
此时通过灯泡的电流：IL=PU=0.75W2.5V=0.3A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电路中的总电流：I=IR+IL=0.25A+0.3A=0.55A。
答：电路中的总电流为0.55A。
【解析】闭合开关，灯泡正常发光，根据灯泡的铭牌可知此时灯泡两端的电压为2.5V，此时灯泡两端的电压等于电源电压，
将一个10Ω的定值电阻与该灯泡并联，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算通过定值电阻的电流，根据I=PU计算灯泡正常发光时的电流，根据并联电路电流规律计算电路总电流。
本题考查并联电路特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
26.【答案】解：(1)由电路图可知，闭合S、S1，断开S2、S3时，电路为L2的简单电路；
已知灯泡L2的额定电压为12V，额定功率为12W，且灯泡L2正常发光，所以电源电压为12V；
通过灯泡L2的电流：I2=P2U2=12W12V=1A；
(2)由电路图可知，闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L1、灯泡L2并联；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以灯泡L1、灯泡L2两端电压均等于电源电压12V，而灯泡L1的额定电压为10V<12V，所以灯泡L1会被烧坏，即灯泡L1不能正常工作；
(3)由电路图可知，闭合S、S3，断开S1、S2时，灯泡L1与滑动变阻器并联；
由P=U2R可知，灯泡L1的阻值：R1=U12P1=(10V)25W=20Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路中电流：I=UR=UR1+R2=12V20Ω+10Ω=0.4A，
因串联电路处处电流相等，灯泡L1的电功率：P1实=I2R1=(0.4A)2×20Ω=3.2W。
答：(1)通过灯泡L2的电流是1A；
(2)灯泡L1会被烧坏，即灯泡L1不能正常工作；
(3)灯泡L1的电功率是3.2W。
【解析】(1)由电路图可知，闭合S、S1，断开S2、S3时，电路为L2的简单电路，灯泡L2正常发光，据此可知电源电压；
已知灯泡L2的额定电压和额定功率，根据P=UI求出通过灯泡L2的电流；
(2)由电路图可知，闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L1、灯泡L2并联，根据并联电路电压规律分析灯泡L1能否正常工作；
(3)由电路图可知，闭合S、S3，断开S1、S2时，灯泡L1与滑动变阻器并联；先根据P=U2R求出灯泡L1的阻值，然后根据串联电路电阻规律和欧姆定律求出电路电流，再根据串联电路电流规律和P=I2R求出此时灯泡L1的电功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别。
27.【答案】解：(1)当旋转开关S接中间触点时，R1、R2串联，电路电阻较大，根据P=U2R可知，电功率较小，烧水机为保温挡；
当旋转开关S接右触点时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电路电阻较小，根据P=U2R可知，电功率较大，烧水机为加热挡；
已知加热挡的额定功率为800W，根据P=U2R可知R1的电阻为：
R1=U2P加热=(220V)2800W=60.5Ω；
由于R1和R2是两个阻值相等的发热电阻，
所以R2的阻值为：
R2=R1=60.5Ω；
(2)两电阻串联时为保温挡，由电阻的串联可得，电路的总电阻：
R=2R1=2×60.5Ω=121Ω，
该烧水机的保温功率是：
P保温=U2R=(220V)2121Ω=400W；
(3)烧水机装满水的质量为1kg，水温升高了50℃，水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×50℃=2.1×105J，
使用加热挡正常工作5分钟，由P=Wt可得消耗的电能：
W=Pt=800W×5×60s=2.4×105J，
烧水机此时的加热效率是：
η=Q吸W×100%=2.1×105J2.4×105J×100%=87.5%。
答：(1)R2的阻值是60.5Ω；
(2)该烧水机的保温功率是400W；
(3)烧水机此时的加热效率是87.5%。
【解析】(1)分析开关转换时电路的连接，由串联电阻的规律和P=U2R分析加热和保温电路的连接；已知加热挡的额定功率为800W，由P=U2R求出R2；
(2)两电阻串联时为保温挡，由电阻的串联求出电路的总电阻，根据P=U2R求出保温的额定功率；
(3)由表中数据可知烧水机装满水的质量，根据Q=cmΔt得出水温升高了50℃水吸收的热量；由W=Pt求出使用加热挡正常工作5分钟消耗的电能，根据η=Q吸W×100%得出烧水机此时的加热效率。
本题为电热综合题，考查了电功率公式、吸热公式、串联电路的规律和效率公式的运用，关键是明确不同挡位时电路的连接。
28.【答案】CD14 错误 对人体安全的电压是不高于36V，而家庭电路的电压为220V
【解析】解：
(1)AB、根据Q=I2Rt知，要想减小输电线上电能损失，需要减小输电线的电阻，可增大输电线的横截面积或减小输电线的长度来减小电阻，但输电距离一定，不能减小输电线的长度，故AB不可行；
CD、根据Q=I2Rt知，要想减小输电线上电能损失，还可以减小电流，根据P=UI可知，在输电功率一定时，提高输电电压，可以减小电流，故C可行，D不可行；
故选：C；
(2)根据绝缘子作用知，绝缘子需要机械强度高、耐低温、耐腐蚀等特点，不需要好的透光性，故D符合题意；
故选：D；
(3)若输电电压提高2倍，由P=UI知，在输电功率一定时，电流变为原来的12，根据Q=I2Rt知，在电阻和通电时间相同时，则线路上的功率损耗将降为原来的14；
(4)“高压输电通过降压变压器逐级降低电压，到达我们家庭后的电压就对人体很安全了；
由于对人体安全的电压是不高于36V，而家庭电路的电压为220V，所以这句话是错误的。
故答案为：(1)C；(2)D；(3)14；(4)错误；对人体安全的电压是不高于36V，而家庭电路的电压为220V。
(1)影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积，当材料和长度都一定时，导线的横截面积越大，导线的电阻值就会越小。
根据Q=I2Rt和P=UI判断减小输电线上电能损失的方法；
(2)根据绝缘子的作用分析判断；
(3)根据P=UI得出输送电流的大小，再根据P损=I2R求出输电线上损耗的功率；
(4)对人体安全的电压是不高于36V，家庭电路的电压为220V，据此进行分析。
本题以远距离输电为背景，考查了学生分析解题能力以及熟练应用电功率、电热公式的能力，是一道难题。
2021-2022学年山东省青岛市西海岸新区九年级（上）期末物理试卷
1. 关于扩散现象，下列说法错误的是( )
A. 扩散现象受温度影响
B. 扩散现象表明分子在永不停息地做无规则运动
C. 花香四溢属于扩散现象
D. 热水中加入冷水变成温水属于扩散现象
2. 下列运用热传递改变内能的事例是( )
A. 冬天搓手取暖 B. 用冰袋降温
C. 锯木头时锯条发热 D. 汽车连续制动刹车盘发热
3. 青岛地铁一号线已全线开通，青岛市地铁网络正逐步完善，我们的交通出行也将更加便捷。下列说法正确的是( )
A. 地铁通过电动机驱动，将机械能转化为电能
B. 地铁站内的照明灯可以同时打开或关闭，所以它们是串联的
C. 地铁站内扶梯上的扶手是橡胶制品，属于绝缘体
D. 电话的听筒主要利用了电流的热效应
4. 下列关于物理仪器的使用，说法正确的是( )
A. 电流表与被测用电器串联
B. 滑动变阻器必须同时接线圈的两个接线柱
C. 家庭电路中电能表接在保险装置后面
D. 电流要从电压表正接线柱流出，负接线柱流入
5. 下列做法不符合安全用电的是( )
A. 使用试电笔时，不可接触金属笔尖 B. 电器起火时，先断开电源再救火
C. 在高压配电箱附近玩耍 D. 保险装置、插座根据使用寿命及时更换
6. 根据欧姆定律变形式R=UI，下列说法正确的是( )
A. 通过导体的电流一定，导体的电阻与导体两端的电压成正比
B. 导体两端的电压一定，导体的电阻与通过导体的电流成反比
C. 导体的电阻与它两端的电压成压比，与通过它的电流成反比
D. 导体的电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比
7. 甲乙两个小灯泡串联，闭合开关，甲乙两灯两端的电压之比为1：2，工作一段时间后甲乙两灯消耗的电能之比是( )
A. 1：2 B. 3：1 C. 2：1 D. 1：3
8. 如图所示，闭合开关S1、S2，两个通电螺线管的相互作用情况及A、B端的极性分别是( )
A. 相斥，A端为N极，B端为N极 B. 相吸，A端为S极，B端为N极
C. 相斥，A端为S极，B端为S极 D. 相吸，A端为N极，B端为S极
9. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，灯L1、L2都发光。一段时间后，其中一盏灯突然熄灭，电流表、电压表的示数都变为零，则产生这现象的原因可能是( )
A. L1短路 B. L1断路 C. L2断路 D. 电流表断路
10. 为节约能源，小宁对电风扇电路进行了改装：加装一个红外感应开关S1和指示灯L.改装后，若开关S断开，指示灯和风扇都不工作：若开关S闭合，指示灯L工作，此时当红外感应装置感应到有人时，红外感应开关S1才闭合，电风扇工作。下列电路图符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 下列说法正确的是( )
A. 比热容是反映物质自身性质的物理量，不同物质的比热容一般不同
B. 某种燃料完全燃烧放出的热量与其重力之比，叫做这种燃料的热值
C. 导体的电阻大小与导体的材料、长度和横截面积有关
D. 同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引
12. 2021年10月16日，神舟十三号载人飞船由长征二号F遥十三运载火箭顺利送入太空，该型火箭采用联氨作为燃料。下列与火箭发射相关的物理知识，说法正确的是( )
A. 火箭点火升空是利用内能转化为机械能
B. 火箭外壳与空气摩擦，温度升高，内能增大
C. 选用联氨做火箭燃料的原因之一是联氨热值较大
D. 该型火箭的热机效率可达100%
13. 如图所示，电源电压保持不变。闭合开关，在保证电路元件安全的前提下，向右移动滑动变阻器的滑片P.则( )
A. 电流表的示数变大
B. 电压表的示数变小
C. 电流表的示数变小
D. 电压表的示数变大
14. 如图是灯泡L和电阻R的电流随电压变化的图象，下列说法正确的是( )
A. 电阻R的阻值为20Ω
B. 灯泡L的阻值不断改变是因为受温度影响
C. 若灯泡L和电阻R串联，通过它们的电流为0.15A，则总电压为3V
D. 若灯泡L和电阻R并联接在2V的电源电路中，则干路电流为0.35A
15. 如图甲所示，电源电压恒为9V；小灯泡上标有“3.8V”字样，小灯泡的U−I图象如图乙所示。下列分析正确的是( )
A. 小灯泡两端电压为2V时，其电阻为11Ω
B. 小灯泡的额定功率为1.14W
C. 小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的阻值约为17Ω
D. 小灯泡两端电压为1.0V时，滑动变阻器的电功率为1.17W
16. 探究电流与电压和电阻的关系
(1)连接如图所示电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放在阻值______(选填“最大”或“最小”)处。
(2)闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从______(选填“a向b”或“b向a”)滑动，分别记录三次不同的电压表、电流表示数。由数据分析可得结论：当______一定，______。某小组用小灯泡代替定值电阻来进行该实验，归纳分析实验数据，却得不到上述结论，原因是______。
(3)将图中阻值为R的定值电阻，分别更换为阻值为2R、3R的定值电阻，闭合开关后，分别调节滑动变阻器的滑片P，使三次实验电压表的示数______(选填“相同”或“不同”)，将实验数据填入表格中。根据实验数据可画出的I−R图像是______。
17. 测量小灯泡的电功率
(1)连接如图所示电路，连接过程中，开关应保持______。
(2)小灯泡标有“2.5V0.8W“，闭合开关后调节滑动变阻器滑片至a点，使电压表示数为2.5V，此时小灯泡的电功率为______ W，观察此时小灯泡的亮度。
(3)将滑片从a点向右移动，发现小灯泡亮度______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，记录电压表、电流表示数。根据公式P=______算出此时小灯泡的电功率。
(4)将滑片从a点向左滑动少许，记录电压表、电流表示数，算出此时小灯泡的电功率______(选填“大于”或“小于”)它的额定功率，观察此时小灯泡的亮度。
(5)由上述实验数据和现象可以得出结论：小灯泡的亮度由它的______决定。
18. 探究影响电热多少的因素
(1)如图甲所示，在______和______相同，探究通电导体产生的热量与______的关系。
(2)如图乙所示，可探究通电导体产生的热量与______的关系。
(3)实验中通电导体产生的热量通过比较U形管中液面的______来反映。
19. 奥斯特实验
(1)如图甲所示，将导线放在静止的小磁针上方且平行，触接电源负极后，发现小磁针发生偏转。由此可以得出结论：通电导体周围有______。
(2)如图乙所示，将电源正负极对调，重复上述实验步骤。发现小磁针______改变。由此可以得出结论：______方向与电流方向有关。
20. 探究磁场对通电导体的作用
(1)连接如图所示电路，闭合开关，发现导体ab在磁场中运动，说明通电导体在磁场中______，此过程中______能转化为______能。
(2)断开开关，将磁体N、S极对调，闭合开关，发现导体ab在磁场中运动的方向与上次运动的方向______。
21. 探究磁生电：
(1)如图所示，导体ab向左切割磁感线运动时，灵敏电流计______(选填“有”或“无”)示数。
(2)闭合开关，保持______方向不变，改变______方向进行两次实验，发现灵敏电流计指针两次偏转方向相反。
(3)根据此原理发明了______。
22. (1)插排是生活中常用的电器元件，它可以实现将一个插口转成多个插口，使多个用电器同时工作，且互不影响。请在图中画出该插排与家庭电路的正确连接电路图，要求：开关同时控制两个插座。
(2)家中同时使用很多用电器时，空气开关会跳闸。这是因为家庭电路的______一定，很多用电器同时工作，______过大，所以使电路中总电流过大超过安全值，引起跳闸。
23. (1)请在方框内画出下面实物图的电路图。
(2)上图中，滑动变阻器通过改变______来改变自身电阻，从而改变电路中电流，使灯泡亮度改变，通过开关的电流______(填“大于”、“等于”或“小于”)通过灯泡的电流。
24. (1)下图为烟感报警装置，当没有烟雾时，烟感开关断开，电磁铁______(选填“有”或“无”)磁性，绿灯亮；当有烟雾时，烟感开关闭合，电磁铁______衔铁，绿灯灭，警铃与喷淋系统同时工作。
(2)请根据烟感报警装置的工作原理，将电路图补充完整，要求警铃与喷淋系统互不影响。
25. 标有“2.5V0.75W”的灯泡、电源、开关、导线组成一个简单电路，闭合开关，灯泡正常发光。若将一个10Ω的定值电阻与该灯泡并联，闭合开关，求此时电路中的总电流为多少？
26. 如图所示电路，电源电压不变，L1标有“10V5W“，L2标有“12V 12W”，灯泡阻值变化忽略不计，求：
(1)闭合S、S1，断开S2、S3时，灯泡L2正常发光，则通过灯泡
L2的电流是多少？
(2)闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L1能否正常工作？
(3)闭合S、S3，断开S1、S2时，若调节滑片P使滑动变阻器连入
电路的阻值为10Ω，则此时灯泡L1的电功率是多少？
27. 下图为某烧水机的加热、保温部分的简化电路图。R1和R2是两个阻值相等的发热电阻(阻值变化忽略不计)。S为转换开关，可在“关”“加热”、“保温”之间切换，其部分技术参数如下表所示。求：
额定电压(V)
220
加热功率(W)
800
最大注水量(kg)
1
(1)R2的阻值是多大？
(2)该烧水机的保温功率是多大？
(3)该烧水机按最大注水量装入水，使用加热功能正常工作5分钟，水温升高了50℃，则该过程的加热效率是多少？
28. 远距离输电输电要用导线，如果导线很短，电阻很小可忽略，而远距离输电时，导线很长，电阻大个能忽略。导线有电阻，电流通过时就要发热，如何减少输电线上电功率的损耗呢？发电厂输出的电功率是一定的，它决定于发电机组的发电能力。根据P=UI，若提高输电电压U，那么线路中的电流I一定会减小。输电线上损失的电功率为ΔP=I2R，所以减小输电线的电阻和减小输电电流就可以大大降低电能的损失。
从减少输电线路上的电功率损耗和节省输电导线所用材料两个方面来说，远距离输送电能要采用高电压或特高电压。但也不能直且提高输电电压，因为输电电压越高，输电架空线的建设，对所用各种材料的要求就越严格，线路的造价就越高。
绝缘子(如图)是应用在输电线路上的一种特殊的绝缘控件，它能很好起到支持和固定导线的作用，通常由高强度陶瓷制成，可在全国各地区的气候条件下使用。
从发电站输出的电能，一般都要通过升压变压器提升电压，根据输送距离的远近，常采用10kV、35kV、110kV、220kV的高压输电，甚至1000kV以上的特高压输电。到达用户处再用降压变压器逐级降低电压。
(1)减小输电线上电能损失的方法有______(单选)。
A.减小输电线的横截面积
B.增大输电线的长度
C.提高输电电压
D.提高输电电流
(2)绝缘子无需具备的特性是______(单选)。
A.机械强度高
B.耐低温
C.耐腐蚀
D.透光性好
(3)其他条件不变，若输电电压提高到原来的2倍，则线路上损失的电功率将是原来的______。
(4)“高压输电通过降压变压器逐级降低电压，到达我们家庭后的电压就对人体很安全了。“这句话是______(选填“正确”或“错误”)的，因为______。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：扩散现象说明一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，且物体温度越高，分子的无规则运动越剧烈，扩散越快；花香四溢说明分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象；热水中加入冷水变成温水属于热传递改变物体的内能；综上所述，D错误。
故选：D。
物质是由分子构成的，分子在不停地做无规则运动。改变内能的方法有两种：做功和热传递。
本题考查了扩散现象和改变内能的方法是，属于基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、冬天搓手取暖是通过克服摩擦做功改变手的内能，故A不合题意；
B、用冰袋降温是能量发生了转移，是通过热传递改变物体的内能，故B符合题意；
C、锯木头时锯条发热是通过克服摩擦做功改变物体的内能，故C不合题意；
D、汽车连续制动刹车盘发热是通过克服摩擦做功改变物体的内能，故D不合题意。
故选：B。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
本题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，难度不大。
3.【答案】C
【解析】解；A、地铁工作时消耗电能，得到机械能，将电能转化为机械能，故A错误；
B、地铁站内的照明灯是并联的，因控制开关在干路上，可以同时打开或关闭，故B错误；
C、地铁站内扶梯上的扶手是橡胶制品，不容易导电，属于绝缘体，故C正确；
D、电话的听筒里有电磁铁，其工作原理：电流通过电磁铁时，电磁铁具有磁性，吸引膜片，电磁铁中通过变化的电流，产生变化的磁场，对膜片的吸引也是变化的，从而使膜片产生振动，将电信号转变为声音信号将声音还原出来，故D错误。
故选：C。
(1)电动机工作时将电能转化为机械能。
(2)串联电路中，开关在电路中不同的位置时，都能起到控制电路中电流的通断；并联电路中，干路中的开关控制整个电路，而支路中的开关只控制该支路的通与断。
(3)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等。
(4)电话的听筒是利用通电线圈在磁场中受到力的作用带动音膜振动而发出声音，把变化的电流转化为声音信号，是利用电流的磁效应工作的。
本题考查了电动机的工作原理、串并联电路的辨别、电流的效应，以及导体和绝缘体的概念等知识的理解和应用，综合题，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：A、电流表测量通过用电器的电流，使用时与被测用电器串联，故A正确；
B、滑动变阻器，使用时要按“一上一下”的方式接入电路，故B错误；
C、家用电能表要串联在干路上，接在保险装置的前面，故C错误；
D、电压表使用时与被测电路并联，电流从正接线柱流入、从负接线柱流出，故D错误。
故选：A。
利用下列知识分析判断：
(1)电流表是测量电流的仪表，使用时与被测电路串联；
(2)滑动变阻器通过连入电路的电阻丝的长度来改变电路中的电阻，使用时要按“一上一下”的方式接入电路；
(3)电能表是测量电功的仪表，家用电能表要串联在干路上，接在保险装置的前面；
(4)电压表是测量电压的仪表，使用时与被测电路并联，电流从正接线柱流入、从负接线柱流出。
本题比较简单，重点考查电压表和电流表的使用方法、电能表和滑动变阻器的连接，属于识记性内容，尽量不要出错。
5.【答案】C
【解析】解：A、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属笔尖，否则会造成人身触电事故，故A正确；
B、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，故B正确；
C、安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体，因此不能在高压线或者变压器附近玩耍，故C错误；
D、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换，否则设置老化，容易发生漏电而引发触电或诱发火灾，故D正确。
故选：C。
(1)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属笔尖，这样会造成人身触电事故；
(2)用电器发生火灾时，应先断开电源，然后再灭火；
(3)安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；
(4)保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命时绝缘皮会因老化而漏电，应及时更换。
本题考查了生活中常遇到的安全用电问题，我们使用电能为生活、生产服务，使用不当也会造成灾难。
6.【答案】D
【解析】解：
ABC、因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，所以，不能说导体的电阻与它两端的电压成正比，导体的电阻与通过它的电流成反比，故ABC错误；
D、由R=UI可知，导体的电阻可由导体两端的电压与通过导体的电流的比值来计算，且导体两端的电压为零，通过的电流为零，但导体的电阻不为零，故D正确。
故选：D。
(1)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；
(2)R=UI这个公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值。
本题考查对欧姆定律导出公式R=UI的理解，要注意公式R=UI只是表示出了三者之间的数值关系，它们间没有因果关系。
7.【答案】A
【解析】解：甲、乙两个小灯泡串联，闭合开关，甲、乙两灯两端的电压之比为1：2，串联电路的电流处处相等，由W=UIt可得甲、乙两个小灯泡串联工作一段时间后甲、乙两灯消耗的电能之比：
W1W2=U1ItU2It=U1U2=12=1：2，故A正确。
故选：A。
根据W=UIt可求甲、乙两个小灯泡串联工作一段时间后甲、乙两灯消耗的电能之比。
本题考查了电能公式在串联电路中的应用，知道串联电路的电流规律是解题的关键，基础题目。
8.【答案】B
【解析】解：根据安培定则可知，右边螺线管的A端为S极，右端为N极；左边螺线管的B端为N极，左端为S极，因此它们相互吸引，故B正确。
故选：B。
根据线圈的绕向和电流方向，确定螺线管的N、S极，然后利用磁极间的作用规律确定两者的相互作用情况。
该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用等知识点，是一道综合题。
9.【答案】D
【解析】解：根据电路图可知，两灯泡并联，电流表测量通过L2的电流，电压表并联支路两端的电压(电源电压)；
一段时间后，其中一盏灯突然熄灭，这说明一条支路出现了断路现象；电流表、电压表的示数都变为零，则电压表与电源之间是断开的，所以故障是电流表断路。
故选：D。
根据电路图可知，两灯泡并联，电流表测量通过L2的电流，电压表并联支路两端的电压(电源电压)，若一灯灭了，电流表、电压表示数都变为0，说明出现了断路现象。
本题考查了电路故障的判断。在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。
10.【答案】D
【解析】解：加装一个红外感应开关S1和指示灯L，当S闭合时，L工作，此时当红外感应装置感应到有人时，S1才闭合，风扇工作，这说明L与电动机是并联的，开关S1控制电动机，若S断开，指示灯和风扇都不工作，则开关S控制整个电路；故该电路中S接在干路中，灯泡与电动机并联，开关S1与电动机在一条支路中，故D正确。
故选：D。
根据开关S断开和闭合时电路的工作情况判定两个开关、用电器的连接方式。
本题考查了电路图的设计，能得出两个开关的连接方式是解题的关键。
11.【答案】ACD
【解析】解：
A、比热容是物质的一种特性，它的大小与物质种类和状态有关，不同物质的比热容一般不同，故A正确；
B、热值是表示燃料燃烧放热能力的物理量，某种燃料完全燃烧放出的热量与其质量之比，叫做这种燃料的热值，故B错误；
C、电阻是导体本身的一属性，其大小与导体材料、长度、横截面及温度有关，故C正确；
D、电荷间的相互作用规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故D正确。
故选：ACD。
(1)比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，同一种物质比热容相同，不同物质比热容一般不同；
(2)1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；
(3)电阻是导体本身的一属性，其大小与导体材料、长度、横截面及温度有关，与导体两端电压、通过导体的电流等因素无关；
(4)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了比热容、热值、电荷间的相互作用规律和电阻等知识的理解，正确、全面理解概念或规律，是避免出错的关键。
12.【答案】ABC
【解析】解：A、火箭升空消耗燃料，燃料燃烧释放的内能转化为使火箭升空的机械能，故A正确；
B、火箭发射升空的过程中，外壳与空气摩擦，通过做功的方式使外壳的内能增大，温度升高，故B正确；
C、热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，反映了燃料燃烧放热的能力，因此选用联氨做火箭燃料是因为联氨热值较大，故C正确；
D、通过技术改进可以使热机的效率提高，但总存在机械摩擦，因此要做额外功，热机效率一定不会达到100%，故D错误。
故选：ABC。
(1)燃料燃烧会释放大量内能，这些内能主要转化为火箭升空的机械能；
(2)通过摩擦做功的方式可以使物体的内能增大，温度升高；
(3)热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，反映了燃料燃烧放热的能力；
(4)任何能量转化过程都伴随能量的损失，所以转化效率不可能达到100%。
本题考查了学生对能量的转化、热机效率、热值和内能的改变方式的理解，属于基础题，难度不大。
13.【答案】BC
【解析】解：由图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻R1两端的电压；
当滑片右移时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
定值电阻的阻值不变，电路中的电流变小，由U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，即电压表的示数也变小；
综上所述，BC正确。
故选：BC。
分析电路图：定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻R1两端的电压；当滑片向右移时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律确定电流表示数的变化情况以及定值电阻两端电压和电压表示数的变化情况。
本题关键是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理分析电压和电流的变化。
14.【答案】ABD
【解析】解：A、由图象可知当R两端的电压为2V时，通过它的电流为0.1A，由欧姆定律可得其电阻大小：R=UI=2V0.1A=20Ω，故A正确；
B、灯泡的电阻随温度的升高而增大，故B正确；
C、串联电路中电流处处相等，若灯泡L和电阻R串联，通过它们的电流为0.15A，由图象可知此时灯泡两端的电压为1V，R两端的电压为3V，
因为串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以电源电压：U′=UR+UL=3V+1V=4V.故C错误；
D、并联电路各支路两端电压相等，且等于电源电压，由图象可知灯泡电压为2V时，通过的电流为0.25A，电阻两端的电压为2V时，通过电阻的电流为0.1A，
因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I′=IL+IR=0.25A+0.1A=0.35A，故D正确。
故选：ABD。
(1)由图象读出一组R上的电压和对应电流值，由R=UI计算其电阻大小；
(2)灯泡的电阻随温度的升高而增大；
(3)从图象中读出通过两者的电流都为0.15A时的电压，根据串联电路电压规律计算出电源电压的大小；
(4)由图象读出2V时通过灯泡和电阻的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流。
题考查了串联电路特点、并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，关键是知道灯泡电阻是变化，要从图象中读出不同电压下通过灯泡的电流。
15.【答案】BC
【解析】解：A、由图乙知，当灯泡两端电压为2V时，通过灯泡的电流为0.22A，则由欧姆定律可知，此时灯丝的电阻：RL=ULIL=2V0.22A≈9Ω，故A错误；
B、当小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为3.8V，由图乙知，通过灯的电流为0.3A，小灯泡的额定功率为：P=U额I=3.8V×0.3A=1.14W，故B正确；
C、闭合开关，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以当小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压：UH=U−U额=9V−3.8V=5.2V，
串联电路各处电流相等，所以此时滑动变阻器接入电路的电阻：RH=UHI=5.2V0.3A≈17Ω，故C正确；
D、由乙图知，当灯的电压为1.0V时，灯的电流为0.13A，而串联电路处处电流相等，因此通过滑动变阻器的电流也为0.13A，
此时滑动变阻器两端的电压：UH′=U−UL′=9V−1V=8V，
此时滑动变阻器消耗的电功率：P′=UH′I′=8V×0.13A=1.04W，故D错误。
故选：BC。
(1)由图乙读出灯泡两端电压为2V时通过灯泡的电流，根据欧姆定律求出灯丝的电阻；
(2)当小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为额定电压，由图乙知，通过灯的电流，根据P=UI计算小灯泡的额定功率；
(3)闭合开关，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，由乙图知当灯的电压为2.0V时灯的电流，根据串联电路电流规律可知通过滑动变阻器的电流，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路中的阻值；
(4)由乙图知，当灯的电压为1.0V时通过灯的电流，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电流特点可知通过滑动变阻器的电流，根据P=UI计算此时滑动变阻器消耗的电功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律、电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
16.【答案】最大 “a向b” 电阻 电流与电压成正比 灯丝的电阻随温度的变化而变化 相同 C
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处；
(2)由图知，闭合开关实验前，滑片位于阻值最大的a端，因此闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从“a向b”滑动，分别记录三次不同的电压表、电流表示数；
由于实验操作中保持电阻不变，改变定值电阻两端的电压，因此该步是探究电流与电压的关系，由数据分析可得结论：当电阻一定时，电流与电压成正比；
由于探究电流与电压的关系，需要保持电阻不变，而灯丝的电阻随温度的变化而变化，所以不能用小灯泡做此实验；
(3)由于实验操作中改变定值电阻的阻值，因此该步是探究电流与电阻的关系，故应保持定值电阻两端的电压相同，由数据分析可得结论：电压一定时，电流与电阻成反比，故应选C。
故答案为：(1)最大；(2)“a向b”；电阻；电流与电压成正比；灯丝的电阻随温度的变化而变化；(3)相同；C。
(1)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
(2)根据闭合开关前滑动变阻器的滑片P的位置分析滑片的移动方向；根据实验操作中保持电阻不变，改变定值电阻两端的电压分析实验目的，进而得出结论；根据控制变量法和灯丝的电阻随温度的变化而变化分析；
(3)根据实验操作中改变定值电阻分析实验目的，进而分析解答。
本题探究电流与电压和电阻的关系，考查注意事项、实验操作、控制变量法及实验结论。
17.【答案】断开 0.8变小 UI 大于 实际功率
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)因为小灯泡的实际电压与额定电压相等，所以小灯泡的实际电功率与额定功率相等，即电压表示数为2.5V，小灯泡的电功率为0.8W；
(3)将滑片从a点向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变大，根据串联电路的电压特点可知，小灯泡两端的电压减小，即小灯泡两端的电压小于小灯泡的额定电压，根据P=UI可知，此时小灯泡的电功率小于它的额定功率，故灯泡的亮度变小；根据P=UI计算出小灯泡的电功率；
(4)将滑片从a点向左滑动少许，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变小，根据串联电路的电压特点可知，小灯泡两端的电压变大，即小灯泡两端的电压大于小灯泡的额定电压，根据P=UI可知，此时小灯泡的电功率大于它的额定功率；
(5)由实验现象可知，小灯泡两端的电压越高，小灯泡的亮度越大，由P=UI可知，小灯泡的实际功率越大，因此可得结论：小灯泡的亮度由它的实际功率决定。
故答案为：(1)断开；(2)0.8；(3)变小；UI；(4)大于；(5)实际功率。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)根据小灯泡实际电压与额定电压的关系分析小灯泡的实际功率；
(3)根据滑动变阻器接入电路的电阻变化，利用欧姆定律和分压原理分析电路中电流和电压的变化，利用P=UI分析小灯泡实际电功率的变化，进而分析小灯泡亮度的变化；根据P=UI计算出小灯泡的电功率；
(4)根据滑动变阻器接入电路的电阻变化，利用欧姆定律和分压原理分析电路中电流和电压的变化，利用P=UI分析小灯泡实际电功率的变化；
(5)根据实验数据中小灯泡两端电压的变化，利用P=UI分析出实际功率的变化结合小灯泡亮度的变化得出结论。
本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、电功率的计算、欧姆定律的应用及实验结论的归纳。
18.【答案】电流 通电时间 电阻 电流 高度差
【解析】解：(1)图甲中阻值不相等的两电阻串联接入电路，控制通过两个电阻的电流和通电时间相同，所以是探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电阻大小的关系；
(2)图乙中两个5的电阻并联后与另一个的电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和，据此分析可知通过容器内两电阻的电流不同，实验控制两个电阻的阻值和通电时间相同，所以探究的是通电导体产生的热量与电流的关系；
(3)电流通过导体产生的热量无法直接观察，通过观察比较U形管中液面的高度差来反映。
故答案为：(1)电流；通电时间；电阻；(2)电流；(3)高度差。
(1)探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电阻大小的关系时，应控制电流大小和通电时间相等，由此可得出结论；
(2)探究电流通过导体产生热量的多少与导体的电流大小的关系时，应控制电阻大小和通电时间相等，由此可得出结论；
(3)电流通过导体产生的热量无法直接观察，通过观察比较U形管中液面的高度差来反映，这是转换法。
本题利用了控制变量法和转换法来研究电流产生的电热的影响因素。
19.【答案】磁场 偏转方向 通电导体周围的磁场
【解析】解：(1)将导线放在静止的小磁针上方且平行，触接电源负极后，发现小磁针发生偏转，这是著名的奥斯特实验，说明通电导体周围存在着磁场；
(2)改变电流方向，小磁针的方向也发生了偏转，说明了产生的磁场方向也改变，即表明了通电导体周围的磁场方向与电流方向有关。
故答案为：(1)磁场；(2)偏转方向；通电导体周围的磁场。
(1)奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；
(2)电流周围的磁场的方向与电流的方向有关。
本题考查了电流的磁效应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意过程的学习。
20.【答案】受到力作用 电 机械 相反
【解析】解：(1)闭合开关，发现导体ab在磁场中运动，说明通电导体在磁场中受到了力的作用，此过程中消耗了电能，电能转化为机械能。
(2)断开开关，将磁体N、S极对调，闭合开关，电流的方向不变，磁场方向改变，磁场对通电导体产生的力的方向改变，发现导体ab在磁场中运动的方向与上次运动的方向相反。
故答案为：(1)受到力作用；电；机械；(2)相反。
(1)磁场对通电导体有力的作用；此过程中，电能转化为机械能
(2)磁场对通电导体有力的作用时，力的方向与电流的方向、磁场的方向有关。
此题主要考查了探究探究磁场对通电导体的作用，属于基础题。
21.【答案】无 磁场 导体在磁场中做切割磁感线的运动 发电机
【解析】解：(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流。如图，开关未闭合，电路未接通，导体ab向左切割磁感线运动时，灵敏电流计无示数；
(2)感应电流的方向与磁场方向和导体在磁场中做切割磁感线的运动方向有关。闭合开关，保持磁场方向不变，改变导体在磁场中做切割磁感线的运动方向进行两次实验，发现灵敏电流计指针两次偏转方向相反；
(3)根据此原理发明了发电机。
故答案为：(1)无；(2)磁场；导体在磁场中做切割磁感线的运动；(3)发电机。
(1)(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应现象。根据此原理发明了发电机。
(2)感应电流的方向与磁场方向和导体在磁场中做切割磁感线的运动方向有关。
本题为探究电磁感应现象的实验，考查影响感应电流大小的因素和感应电流产生的条件等知识。
22.【答案】电压 总功率
【解析】解：(1)两个插座并联接入电路中，开关同时控制两个插座，则开关在干路中，开关接在插座与火线之间；两孔插座的左孔接零线，右孔接火线；三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；如图所示：
；
(2)家庭电路中各用电器是并联的，很多用电器同时使用，它们的总功率会很大。家庭电路的电压一定，由I=PU可知，电路中的总电流可能超过安全值，引起跳闸。
故答案为：(1)如上图；(2)电压；总功率。
(1)家庭电路中用电器是并联的；开关同时控制两个插座，则开关在干路中；
(2)家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和电路总功率过大。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因、家庭电路的连接，属于基础题目。
23.【答案】接入电路中电阻线的长度 等于
【解析】解：(1)根据实物图可知，该电路中电流的路径只有一条，为串联电路，电压表测量灯泡L两端的电压，电流表测量电路中的电流，电路图如下所示：
；
(2)根据滑动变阻器的制成原理可知：滑动变阻器是通过改变电阻丝接入电路的长度来改变电阻的，从而达到改变电路中的电流和灯泡的亮度；开关和灯泡串联接入电路中，根据串联电路的电流规律可知，通过开关的电流和通过灯泡的电流相同。
故答案为：(1)如上图；(2)接入电路中电阻线的长度；等于。
(1)根据实物图判定电路的连接方式，然后画出电路图；
(2)根据滑动变阻器的工作原理、串联电路的电流规律解答。
本题考查了电路图的画法、滑动变阻器的工作原理、串联电路电流的规律，属于基础题。
24.【答案】无 吸下
【解析】解：(1)图中所示的烟感报警报警器工作原理：当没有烟雾时，烟感开关断开，电磁铁中没有电流，电磁铁无磁性，绿灯亮；当有烟雾时，烟感开关闭合，电磁铁中有电流，电磁铁有磁性吸下衔铁，绿灯灭，警铃与喷淋系统同时工作；
当电磁铁无磁性，衔铁与绿灯的触点接触，绿灯亮时。当电磁铁有磁性，衔铁与下的触点接触，警铃与喷淋系统同时工作。电路图如下。
故答案为：(1)无；吸下；(2)如上图。
由题意可知，这一烟感报警器的基本结构是一个电磁继电器，根据电磁继电器的基本工作原理，结合在此处的运用可描述其原理。
本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关。
25.【答案】解：闭合开关，灯泡正常发光，根据灯泡的铭牌可知此时灯泡两端的电压为2.5V，此时灯泡两端的电压等于电源电压，
将一个10Ω的定值电阻与该灯泡并联，并联电路各支路两端电压相等，所以定值电阻两端的电压为2.5V，
由欧姆定律可得通过定值电阻的电流：IR=UR=2.5V10Ω=0.25A，
此时通过灯泡的电流：IL=PU=0.75W2.5V=0.3A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电路中的总电流：I=IR+IL=0.25A+0.3A=0.55A。
答：电路中的总电流为0.55A。
【解析】闭合开关，灯泡正常发光，根据灯泡的铭牌可知此时灯泡两端的电压为2.5V，此时灯泡两端的电压等于电源电压，
将一个10Ω的定值电阻与该灯泡并联，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算通过定值电阻的电流，根据I=PU计算灯泡正常发光时的电流，根据并联电路电流规律计算电路总电流。
本题考查并联电路特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
26.【答案】解：(1)由电路图可知，闭合S、S1，断开S2、S3时，电路为L2的简单电路；
已知灯泡L2的额定电压为12V，额定功率为12W，且灯泡L2正常发光，所以电源电压为12V；
通过灯泡L2的电流：I2=P2U2=12W12V=1A；
(2)由电路图可知，闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L1、灯泡L2并联；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以灯泡L1、灯泡L2两端电压均等于电源电压12V，而灯泡L1的额定电压为10V<12V，所以灯泡L1会被烧坏，即灯泡L1不能正常工作；
(3)由电路图可知，闭合S、S3，断开S1、S2时，灯泡L1与滑动变阻器并联；
由P=U2R可知，灯泡L1的阻值：R1=U12P1=(10V)25W=20Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电路中电流：I=UR=UR1+R2=12V20Ω+10Ω=0.4A，
因串联电路处处电流相等，灯泡L1的电功率：P1实=I2R1=(0.4A)2×20Ω=3.2W。
答：(1)通过灯泡L2的电流是1A；
(2)灯泡L1会被烧坏，即灯泡L1不能正常工作；
(3)灯泡L1的电功率是3.2W。
【解析】(1)由电路图可知，闭合S、S1，断开S2、S3时，电路为L2的简单电路，灯泡L2正常发光，据此可知电源电压；
已知灯泡L2的额定电压和额定功率，根据P=UI求出通过灯泡L2的电流；
(2)由电路图可知，闭合S、S1、S2，断开S3时，灯泡L1、灯泡L2并联，根据并联电路电压规律分析灯泡L1能否正常工作；
(3)由电路图可知，闭合S、S3，断开S1、S2时，灯泡L1与滑动变阻器并联；先根据P=U2R求出灯泡L1的阻值，然后根据串联电路电阻规律和欧姆定律求出电路电流，再根据串联电路电流规律和P=I2R求出此时灯泡L1的电功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别。
27.【答案】解：(1)当旋转开关S接中间触点时，R1、R2串联，电路电阻较大，根据P=U2R可知，电功率较小，烧水机为保温挡；
当旋转开关S接右触点时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电路电阻较小，根据P=U2R可知，电功率较大，烧水机为加热挡；
已知加热挡的额定功率为800W，根据P=U2R可知R1的电阻为：
R1=U2P加热=(220V)2800W=60.5Ω；
由于R1和R2是两个阻值相等的发热电阻，
所以R2的阻值为：
R2=R1=60.5Ω；
(2)两电阻串联时为保温挡，由电阻的串联可得，电路的总电阻：
R=2R1=2×60.5Ω=121Ω，
该烧水机的保温功率是：
P保温=U2R=(220V)2121Ω=400W；
(3)烧水机装满水的质量为1kg，水温升高了50℃，水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×50℃=2.1×105J，
使用加热挡正常工作5分钟，由P=Wt可得消耗的电能：
W=Pt=800W×5×60s=2.4×105J，
烧水机此时的加热效率是：
η=Q吸W×100%=2.1×105J2.4×105J×100%=87.5%。
答：(1)R2的阻值是60.5Ω；
(2)该烧水机的保温功率是400W；
(3)烧水机此时的加热效率是87.5%。
【解析】(1)分析开关转换时电路的连接，由串联电阻的规律和P=U2R分析加热和保温电路的连接；已知加热挡的额定功率为800W，由P=U2R求出R2；
(2)两电阻串联时为保温挡，由电阻的串联求出电路的总电阻，根据P=U2R求出保温的额定功率；
(3)由表中数据可知烧水机装满水的质量，根据Q=cmΔt得出水温升高了50℃水吸收的热量；由W=Pt求出使用加热挡正常工作5分钟消耗的电能，根据η=Q吸W×100%得出烧水机此时的加热效率。
本题为电热综合题，考查了电功率公式、吸热公式、串联电路的规律和效率公式的运用，关键是明确不同挡位时电路的连接。
28.【答案】CD14 错误 对人体安全的电压是不高于36V，而家庭电路的电压为220V
【解析】解：
(1)AB、根据Q=I2Rt知，要想减小输电线上电能损失，需要减小输电线的电阻，可增大输电线的横截面积或减小输电线的长度来减小电阻，但输电距离一定，不能减小输电线的长度，故AB不可行；
CD、根据Q=I2Rt知，要想减小输电线上电能损失，还可以减小电流，根据P=UI可知，在输电功率一定时，提高输电电压，可以减小电流，故C可行，D不可行；
故选：C；
(2)根据绝缘子作用知，绝缘子需要机械强度高、耐低温、耐腐蚀等特点，不需要好的透光性，故D符合题意；
故选：D；
(3)若输电电压提高2倍，由P=UI知，在输电功率一定时，电流变为原来的12，根据Q=I2Rt知，在电阻和通电时间相同时，则线路上的功率损耗将降为原来的14；
(4)“高压输电通过降压变压器逐级降低电压，到达我们家庭后的电压就对人体很安全了；
由于对人体安全的电压是不高于36V，而家庭电路的电压为220V，所以这句话是错误的。
故答案为：(1)C；(2)D；(3)14；(4)错误；对人体安全的电压是不高于36V，而家庭电路的电压为220V。
(1)影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积，当材料和长度都一定时，导线的横截面积越大，导线的电阻值就会越小。
根据Q=I2Rt和P=UI判断减小输电线上电能损失的方法；
(2)根据绝缘子的作用分析判断；
(3)根据P=UI得出输送电流的大小，再根据P损=I2R求出输电线上损耗的功率；
(4)对人体安全的电压是不高于36V，家庭电路的电压为220V，据此进行分析。
本题以远距离输电为背景，考查了学生分析解题能力以及熟练应用电功率、电热公式的能力，是一道难题。
相关试卷
2023-2024学年山东省青岛市西海岸新区物理九上期末经典模拟试题含答案： 这是一份2023-2024学年山东省青岛市西海岸新区物理九上期末经典模拟试题含答案，共9页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁，下列过程中人对桶做了功的是，如图中有关能量转化说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
山东省青岛市西海岸新区2022-2023学年九年级上学期期末物理试卷(含答案)： 这是一份山东省青岛市西海岸新区2022-2023学年九年级上学期期末物理试卷(含答案)，共32页。试卷主要包含了填空与作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年山东省青岛市市南二十六中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）： 这是一份2021-2022学年山东省青岛市市南二十六中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共21页。试卷主要包含了582，4×104JC，【答案】D，【答案】CD，【答案】C，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
