2021-2022学年福建省福州市鼓楼区延安中学、屏东中学、十九中九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）

这是一份2021-2022学年福建省福州市鼓楼区延安中学、屏东中学、十九中九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共29页。试卷主要包含了2kW⋅h，2×103J/]，【答案】D，【答案】B，【答案】A，【答案】C等内容，欢迎下载使用。

2021-2022学年福建省福州市鼓楼区延安中学、屏东中学、十九中九年级（上）期末物理试卷

1. 下列有关数据符合实际的是(    )
A. 人体的正常体温约为37℃ B. 一般家用电冰箱的电流大约为5A
C. 对人体的安全电压为36V D. 我国家庭用电的电压为220V
2. 诗人笔下包罗万象，多彩、多姿的诗词是中华传统文化的瑰宝。诗词中也包含许多物理知识，下列诗词中关于物态变化的说法，正确的是((    )
A. “云想衣裳花想容，春风拂槛露华浓”--露的形成是汽化吸热
B. “夜来城外一尺雪，晓驾炭车辗冰辙”--冰的形成是凝固吸热
C. “雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白”--雾凇的形成是凝华放热
D. “舂蚕到死丝方尽，蜡炬成灰泪始干”--蜡烛成灰泪始干是晶体的熔化
3. 现在华北地区广大的农村正在进行“煤改气”活动，将人们以前习惯以煤作为取暖燃料，改为用“天然气”为燃料。除了环保因素外，还由于天然气比煤炭(    )
A. 比热容大 B. 热值高 C. 密度小 D. 熔点低
4. 小明经历了九年级上学期的学习后，将部分电磁学知识整理如下，其中正确的是(    )
A.
物理量及单位
功率  焦耳
内能  瓦特

B.
科学家及贡献
欧姆  欧姆定律
奥斯特  电能生磁

C.
测量仪器及用途
电能表  测电功
测电笔  测电阻

D.
家电及能量转化
电风扇  机械能转化为电能
电饭煲  电能转化为内能
5. 物理学中常用数学方法来表示某些量的关系。下列图象中能用阴影面积表示某物理量的是(    )
A. B.
C. D.
6. 如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析正确的是(    )
A. 如图，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B. 如图，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减小
C. 如图，水蒸气推动了塞子冲出时，试管口有“白雾”产生，温度升高
D. 如图，汽油机此冲程中，机械能转化为内能
7. 如图为某兴趣小组制作的“神奇转框”，转框的上部中央与电池正极相连，下部紧贴在与电池负极相连的柱形物两侧，该转框可以绕电池及柱形物持续转动。如图所示的四个实验中，能说明该神奇转框工作原理的是(    )
A.
B.
C.
D.
8. 电熨斗通电后很烫，而连接电熨斗的导线却并不怎么热，这是因为(    )
A. 导线不绝缘保护层，能隔热 B. 导线散热快，所以温度低
C. 导线电阻小，产生的热量少 D. 通过导线的电流小于通过电熨斗的电流
9. 用电高峰期，会看到家里的白炽灯泡比正常发光要暗一些。这是因为，用电高峰期并联用电器增多，造成(    )
A. 电路中的总电阻增大 B. 电路中的总电流减小
C. 白炽灯泡的实际功率减小 D. 白炽灯泡的额定功率减小
10. 如图所示是小英家上月初和上月末电能表示数。结合表盘上的信息可知，下列选项中正确的是(    )

A. 小英家家庭电路中的干路电流不得超过10A
B. 小英家上个月消耗的电能为1011kW⋅h
C. 电能表上指示灯闪烁越快，说明电路中消耗的电能越多
D. 电能表指示灯闪烁320次，表示家庭电路消耗电能0.2kW⋅h
11. 2020年4月，“一盔一带”安全守护行动在全国各地开展。行动期间，公安交管部门将加强执法管理，依法查纠摩托车、电动自行车骑乘人员不佩戴安全头盔、汽车驾乘人员不使用安全带行为，助推养成安全习惯。如图所示，为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统。当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合。若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭。下列设计比较合理的电路图是(    )
A. B.
C. D.
12. 如图，开关S闭合后灯L不发光，用测电笔测试电灯两接线处和插座两孔均能使测电笔氖管发光，经检查，保险丝未烧断，则故障是(    )
A. 灯丝发生断路
B. 插座发生短路
C. 进户火线断路
D. 进户零线断路
13. 如图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片由中点向右移动时，下列说法正确的是(    )
A. 电压表V示数变小
B. 电流表A1示数变小
C. 电路的总电阻变小
D. 电流表A2示数变小
14. 如图所示，是将冷水与热水相混合时，温度随时间的变化图象。(在热传递过程中忽略热量的损失)由图中所给的信息可知，冷热水的质量与吸放热之比分别是(    )
A. 1：2、1：1
B. 1：1、2：1
C. 1：1、1：2
D. 2：1、1：1
15. 如图所示，电源电压12V保持不变，灯泡L1标有“12V6W”，灯泡L2标有“15V15W”，设灯丝的电阻不变。只闭合开关S和S1时，电流表示数为2.5A，若只闭合开关S和S2时，虚线框内的电阻均保持不变，则电流表示数将变为(    )

A. 3A B. 2.8A C. 0.8A D. 1.5A
16. 如图电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻R1产生的热量为36J.则下列结果正确的是(    )

A. 电路中的最大电流为1A
B. 滑片P在中点时，10s内滑动变阻器R消粍的电能为60J
C. 滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比为8：1
D. R1先后两次消耗的电功率之比为16：9
17. 2021年4月29日，由中国航天科技集团研制的长征五号B遥二运载火箭在文昌航天发射场点火升空，将载人航天工程空间站天和核心舱精准送入预定轨道。火箭使用的燃料是液态氢，液态氢完全燃烧喷出的高温燃气，通过______(选填“热传递”或“做功”)使发射台温度急剧升高，造成破坏。为了避免这种破坏，科学家在发射台下建造了一个巨大的水池，这是因为水的______大能起到对发射台降温的作用。
18. 如图是汽车启动装置的电路简图，当钥匙插入钥匙孔并转动时，电磁铁有了磁性，此时电磁铁上端是______ 极，A与B触点______ (选填“接通”或“断开”)，汽车启动。

19. 如图所示，某手机移动电源(俗称充电宝)有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，这两个输出端的连接方式是______联：用移动电源为手机充电时手机相当于电路中的______。一块手机用锂电池，上面标明电压为3.7V，容量1130mA⋅h，它充满电后大约储存了______J电能。
20. 小明自制了一盏可调节亮度的台灯，电路如图所示，小灯泡规格是“6V 3W”。请完成以下问题：
(1)粗心的小明忘记把灯泡画上去，你认为灯泡应画在图中______之间(选填“a、b”或“c、d”)；
(2)连好电路后，若要使灯泡变暗，应将滑动变阻器的滑动片向______(填“左”或“右”)移动。


21. 已知甲灯标有“6V 3W”字样，乙灯的额定电压是3V.甲、乙两灯的U−I关系如图所示。确保电路安全的前提下：两灯串联使用，电路两端的最大电压是______V；两灯并联使用，电路最大电流是______A。

22. 如图所示，电源电压不变，R0为定值电阻，灯L1、L2分别标有“6V 6W”和“6V 3W”字样。设灯丝的电阻不变，当开关S与a接触时，电流表示数为0.3A，R0消耗的电功率为P1；当S与b接触时，R0消耗的电功率为P2.已知P1：P2=9：4，则电源电压为______ V，定值电阻R0的阻值为______ Ω。


23. 如图所示，两灯泡的额定电压均为220V。当开关闭合后，两灯都正常发光，且插座不受开关控制，请将电路连接完整。

24. 请在如图中，根据通电螺线管的磁感线方向，标出小磁针的N极，并在括号内标出电源的正极．

25. 小敏同学非常善于观察身边的物理现象。一天，她从冰箱的冷冻室中拿出一根雪糕，发现雪糕上附着白花花的“粉”：她把这根雪糕放进茶杯里，过一会儿，茶杯壁逐渐形成了一些小水珠，像是茶杯在“冒汗”，请你帮小敏解释“粉”，“冒汗”是怎么形成的。
26. 小东利用图15甲所示装置做“探究冰熔化时温度的变化规律”实验，他每隔相同时间记录一次温度计的示数并观察物质的状态。
(1)将冰块放在试管中再放入烧杯的水中，其主要目的是为了使冰块______。
(2)图乙是根据实验记录绘制的冰熔化时温度随时间变化的图象。由图象可知：冰属于______(选填“晶体”或“非晶体”)，熔化过程用了______min
.
(3)图乙中第5min时，物质处于______态。当物质到达C点后继续加热，物质温度随时间变化的图线是______(选填“①”、“②“或“③”)。
(4)在标准大气压下试管中的冰完全熔化后，若酒精灯仍持续加热，试管中的水______(选填“能”或“不能”)沸腾，判断的理由是______。
27. 如图甲所示，这是“探究不同物质吸热能力大小”的实验装置，用两个相同的容器(图中用虚线形表示)分别装入A、B两种液体，用相同的装置加热。

(1)组装如图甲所示的装置时，应先固定______(选填“石棉网”或“温度计”)的位置。
(2)本实验选择______(选填“烧杯”或“易拉罐”)作为盛放液体的容器较好，容器中的A、B两种液体应控制初温和______(选填“质量”或“体积”)相同，实验中使用玻璃棒搅拌的目的是使液体______。
(3)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示，分析图像可知：吸热能力较强的是______(选填“A”或“B”)液体。本次实验通过观察______来比较两种液体吸热能力的大小。
(4)寒冷的冬天，小明想自制一个暖手袋，选择______(选填“A”或“B”)液体作为暖手袋的供暖物质效果更好。
28. 在“探究电流与电压关系”的实验中，如图甲所示是某实验小组设计的实验电路，电源电压3V保持不变。

(1)连接电路时，开关应该处于______状态。闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于______(选填“C”或“D”)端。
(2)闭合开关发现电流表几乎无示数，电压表示数接近3V，移动滑片P，两电表示数均无变化，则电路故障可能是______。
(3)排除故障后，实验中测得五组数据并绘制出定值电阻R的I−U图象，如图丙所示。由图象可得：
实验的结论是：______。
(4)在电学实验中，下面的三个实验都用到图甲的电路，以下说法正确的是______。
A、研究“电流与电压的关系”可以用灯泡代替定值电阻进行实验
B.、研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电流表示数不变
C、“伏安法”测定值电阻，多次实验的目的是求平均值，减小误差
D、在A、B、C选项的三个实验中，滑动变阻器的作用是完全一样的
29. 如图甲所示是小明探究“电磁铁的磁性与什么因素有关”的实验。

(1)当改变通电螺线管中的电流方向时，发现小磁针指向转动180∘，由此可知，通电螺线外部的磁场方向与螺线管中______方向有关。
(2)实验中，通过观察电磁铁______来比较电磁铁磁性的强弱，小明将开关S先后接a和b，调节滑动变阻器使电流表示数不变，观察吸引大头针的数目，这是探究通电螺线管磁场强弱与______的关系。
(3)小明发现灵敏电流计内部结构与电动机、发电机内部结构类似，他设计了如图乙所示的实验装置，用手拨动灵敏电流计a的指针，发现灵敏电流计b的指针“心灵感应”般偏转。如果要让灵敏电流计b的指针反向偏转，可以采用方法有：
①______；
②______。
30. 某校兴趣小组的同学们做了如下两个电学实验：甲组在测量额定电压为2.5V小灯泡正常发光时的电阻实验。

(1)用笔画线代替导线，将图甲的电路连接完整。要求：滑动变阻器向左移动时，电流表示数变大。
(2)闭合开关前，应将滑片移到最______端，闭合开关后，移动滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时电阻为______Ω(结果保留一位小数)。
(3)甲组同学还测出了小灯泡在不同电压下的电阻，发现差别很大，你认为原因是：______。
(4)在实验过程中，由于操作有误，在未断开开关的情况下，直接将小灯泡从灯座上拔出，那么拔出小灯泡后电压表的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
乙组同学设计了一种测定值电阻的方案如图丙所示，方案中定值电阻的阻值为R0，电源电压未知，步骤如下：
①闭合S、S1，断开S2，电压表的示数为U1；
②______，电压表的示数为U2；
③电阻Rx的表达式为Rx=______。(用U1、U2、R0表示)
31. 现在的火锅常用一种被称为“固体酒精”的物质作为燃料，已知这种燃料的热值是3×107J/kg，若完全燃烧0.2kg“固体酒精”能放出多少J的热量？若放出的这些热量21%被火锅中的水吸收，求能使多少kg水的温度升高60℃？
[已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]。
32. 如图所示，电源电压为4.5V且保持不变，小灯泡L标有“3V，0.5A”字样，滑动变阻器R2上标有“15Ω，1A”字样，定值电阻R1阻值为10Ω，电流表量程为0−3A，电压表量程为0−3V，不计温度对灯丝电阻的影响。求：
(1)灯泡正常工作时的电阻为多大？
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率？
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围。

33. 如图甲所示为某电热水器的原理图，通过电磁继电器自动控制电热水器实现加热状态和保温状态的挡位变换．R1、R2为电热丝，其中加热功率为110W，保温功率为40W。红灯、绿灯是电热水器工作时的指示灯，忽略指示灯对电路的影响．求：

型号
LWLZ20−19
电源
AD220V、50Hz
加热功率
1000W
保温功率
40W
水容量
1.0L
(1)当电路处于加热状态时，______灯亮。(“红”或“绿”)
(2)该热水器加热挡工作5min电热丝产生的热量；
(3)电热丝R2的阻值；
(4)控制电路电源电压恒为6V，R3为滑动变阻器，规格为“250Ω2A”，R0为热敏电阻(置于电热水器内)，其阻值随温度的变化如图乙所示．工作时，当电磁铁线圈中的电流I≥10mA时，电磁铁的衔铁才能被吸下来；小明通过调节滑动变阻器的滑片来改变电热水器的最高温度，结果无论怎样调节都无法使最高温度达到40℃.请你通过计算说明，应该如何改进原来的控制电路才能实现最高温度达到40℃.(要求不能改变原电路中各元件的规格)
答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A符合实际；
B、一般家用电冰箱的电流大约为1A，故B不符合实际；
C、对人体的安全电压不高于36V，故C不符合实际；
D、我国家庭用电的电压为220V，故D符合实际。
故选：D。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。

2.【答案】C 
【解析】解：
A、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，液化放热，故A错误；
B、冰是水凝固形成的，是凝固现象，需要放热，故B错误；
C、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着植被表面，凝华放热，故C正确；
D、蜡烛蜡烛没有固定的熔点，属于非晶体，熔化吸热，故D错误。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；晶体与非晶体的区别：晶体有固定的熔点，而非晶体没有固定的熔点；凝华，凝固，液化放热；升华，熔化，汽化吸热。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3.【答案】B 
【解析】解：燃料完全燃烧时，释放热量的多少取决于燃料的种类和质量。人们以前习惯以煤作为取暖燃料，改为用“天然气”为燃料，除了环保因素外，还由于天然气比煤炭热值高，故ACD错误，B正确。
故选：B。
热值只跟燃料的种类有关，与燃料的质量、是否完全燃烧、是否容易燃烧等无关；燃料完全燃烧时，释放热量的多少取决于燃料的种类和质量。
本题的解题关键是知道热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关。

4.【答案】B 
【解析】解：A、功率的基本单位是瓦特；内能的基本单位是焦耳，故A错误；
B、通过导体的电流，与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，这一规律是欧姆最早发现的，被命名为欧姆定律；奥斯特最早发现了电生磁现象，故B正确；
C、电能表用来测量电功(消耗电能多少)；测电笔是家庭电路中用来辨别火线与零线的，故C错误；
D、电风扇工作时，主要将电能转化为机械能；电饭煲在工作时，将电能转化为内能，故D错误。
故选：B。
根据对选项中相关物理知识的掌握进行梳理，看是否有错误之处，便可做出选择。
本题中涉及的物理电学基础知识较多，包括物理量的单位、电磁现象的常识、基本电学仪器的作用、用电器中的能量转化等，有一定综合性，但难度总体并不大。

5.【答案】B 
【解析】解：
A、由图知，横坐标表示功，纵坐标表示功率，则阴影部分面积等于功和功率的乘积，根据公式P=Wt可知，功和功率的乘积不能表示某物理量，故A错误；
B、由图知，横坐标表示做功时间，纵坐标表示功率，则阴影部分面积等于功率和做功时间的乘积，根据公式W=Pt可知，功率和做功时间的乘积表示功，故B正确；
C、由图知，横坐标表示功率，纵坐标表示功，则阴影部分面积等于功和功率的乘积，根据公式P=Wt可知，功和功率的乘积不能表示某物理量，故C错误；
D、由图知，横坐标表示做功时间，纵坐标表示功，则阴影部分面积等于做功时间和功的乘积，根据公式P=Wt可知，做功时间和功的乘积不能表示某物理量，故D错误。
故选：B。
由图可知横坐标和纵坐标表示的物理量，然后求出阴影部分的面积，然后与所学知识对比得出答案。
本题考查了利用数学方法来表示某些量的关系，关键是熟知功率公式。

6.【答案】B 
【解析】解：
A、图中，厚玻璃内的空气被压缩时，活塞压缩空气做功，筒内空气温度升高、内能增加，故A错误；
B、图中，瓶子内的空气推动塞子跳起时，瓶内空气对活塞做功，空气的内能减小，故B正确；
C、图中，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，故C错误；
D、图中，汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程)，内能转化为机械能，气缸内气体的内能减少，故D错误。
故选：B。
做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
本题考查了做功改变物体的内能，比较简单。

7.【答案】A 
【解析】解：在本实验中，铜线框之所以能够转动，是由于通电线框在磁场中受力，与电动机的原理相同。
A、图中由电源，是电动机的原理图，是根据通电导体在磁场中受到力的作用做成的，故A正确；
B、图中没有电源，是发电机的原理图，是根据电磁感应现象制成的，故B错误；
C、是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故C错误；
D、是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故D错误；
故选：A。
本实验利用了通电导体在磁场中受力的原理，因此，要有磁场的存在，同时还要有电流的存在。这一过程中，将电能转化为机械能。
了解实验装置的结构，明确其工作原理，再进一步确定其性质和能量转化，是解答的关键。

8.【答案】C 
【解析】解：电熨斗在使用时，电熨斗和导线串联，I电熨斗=I导线，通电时间t相同，
因Q=I2Rt，R电熨斗>R导线，
所以，电流产生的热量：
Q电熨斗>Q导线，
从而出现通电一段时间后电熨斗变得很烫、而连接电熨斗的导线却不怎么热的现象；
由以上分析可知，选项ABD错、C正确．
故选C.
电熨斗和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断．
本题考查了学生对焦耳定律、串联电路电流特点的了解和掌握，知道导线和电熨斗连接方式为串联是本题的关键．

9.【答案】C 
【解析】解：
A、家庭电路是并联的，并联的用电器增多，就相当于增加导体的横截面积，因此总电阻变小，A不符合题意。
B、在并联电路中I=I1+I2，因此并联的用电器增多，电路中的总电流变大，B不符合题意。
C、在家庭电路中，输电线和家用电器之间是串联，用电高峰期，接入电路的用电器变多，干路中的电流变大，而输电导线有一定的电阻，输电导线损失的电压U损=IR，输电导线的电阻R一定，当I增大时U损增大，用电器两端的电压减小，由公式P=U2R可知用电器的实际功率减小，灯泡比正常发光要暗-些，符合题意。
D、额定功率是用电器在额定电压的功率，用电器正常工作时两端的电压为额定电压，额定电压只有一个，对应的额定功率只有一个，它不随电压的改变而改变。
故选：C。
A、从并联电路电阻的特点以及影响电阻的因素来进行分析。
B、从并联电路电流的特点并结合公式I=I1+I2进行分析。
C、解决该问题要考虑，要考虑输电导线有电阻，要分担一部分电压，利用公式U=IR来分析电压的变化，并由此推导出用电器两端电压的变化，再利用公式P=U2R分析用电器功率的变化。
D、结合额定电压并从额定功率的定义来分析。
要想解决此题，需要让学生知道在家庭电路中，输电导线有一定的电阻，要分担一部分电压，从而导致用电器两端的电压发生变化，其电功率发生变化，并且用到并联电路电流和电阻的特点。

10.【答案】D 
【解析】解：
A、由图知电能表允许通过的最大电流为40A，因此小英家干路中的电流不得超过40A，故A错误；
B、小英家上月消耗的电能为：5647.8kW⋅h−5546.7kW⋅h=101.1kW⋅h，故B错误；
C、1600imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁1600次，电能表上指示灯闪烁的次数越多，则电路中消耗的电能越快，故C错误；
D、指示灯闪烁320次消耗的电能：W=3201600kW⋅h=0.2kW⋅h，故D正确。
故选：D。
从电能表表盘可得到的信息：
(1)电能表指示灯闪烁的次数反映了电路消耗电能的多少；
(2)电能表读数时，最后一位是小数，单位kW⋅h；
(3)1600imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁1600次，据此求出指示灯闪烁320次消耗的电能；
(4)根据10(40)A的含义判断。
本题考查对电能表参数的理解，关键是要明白各参数的物理意义，还要能读出电能表的示数和计算出当月消耗的电能。

11.【答案】B 
【解析】解：
由题知，S1闭合、开关S2断开指示灯亮，S2闭合，指示灯熄灭。
A、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带S2闭合时指示灯才会发光，故A不符合题意；
B、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时S1闭合指示灯亮，系上安全带时S2闭合，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，故B符合题意；
C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时S1闭合指示灯亮，系上安全带时S2闭合，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，故C不符合题意；
D、两开关并联后与指示灯串联，无论是乘客坐下时S1闭合还是系上安全带时S2闭合，指示灯都会发光，故D不符合题意。
故选：B。
由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S2短路了。
本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻起保护电路的作用。

12.【答案】D 
【解析】解：
A、若灯丝断了，则测电笔测试电灯的左接线处和插座左孔时，氖管不会发光，故A错误；
B、若插座发生短路，则电路中的电流会过大，保险丝会熔断，与题意不符，故B错误；
C、若进户火线断路，则测电笔测试电灯两接线处和插座两孔均不能使测电笔氖管发光，故C错误；
D、若进户零线断路，此时电灯两接线处和插座两孔都与火线相连，氖管均会发光，故D正确。
故选：D。
用测电笔接触家庭电路中的导线时，测电笔氖管发光时，测电笔直接或间接接触火线；氖管不发光时，测电笔接触的是零线。
本题考查了用测电笔检查家庭电路中的故障的方法。

13.【答案】B 
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路的电流，电流表A2测灯泡L的电流，
因为电源的电压保持不变，
所以电压表的示数不变，故A错误；
因为并联电路各支路独立工作、互不影响，
所以移动滑片时，不能改变通过灯泡的电流，所以电流表A2示数不变，故D错误；
滑动变阻器的滑片由中点向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，故C错误；
根据欧姆定律I=UR可知，该支路电流变小，
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以干路电流变小，即电流表A1示数变小，故B正确。
故选：B。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路的电流，电流表A2测灯泡L的电流；根据电源的电压确定电压表示数的变化，根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知电流表A2示数的变化，根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、滑动变阻器的使用等，关键是电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断。

14.【答案】D 
【解析】解：由图可知：热水的初温为80℃、末温为40℃，△t热=80℃−40℃=40℃，
冷水的初温为20℃、末温为40℃，△t冷=40℃−20℃=20℃，
根据热平衡方程：Q吸=Q放，则Q吸：Q放=1：1
∴cm冷△t冷=cm热△t热。
即：4.2×103J/(kg⋅℃)×m冷×20℃=4.2×103J/(kg⋅℃)×m热×40℃。
所以m冷：m热=2：1。
故选：D。
知道冷水与热水的比热容相同，冷水与热水混合时，热水放出热量、温度降低，冷水吸收热量、温度升高，直到二者温度相等，热传递停止；从图可以得出冷水与热水的初温和末温，根据热平衡方程解答本题。
本题主要考查学生对：热传递的条件和特点的了解和掌握，注意冷水与热水的比热容相同。

15.【答案】B 
【解析】解：只闭合开关S和S1时，右侧四个定值电阻与灯泡L1并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等，此时通过灯泡L1的电流：I1=P1U1=6W12V=0.5A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过四个电阻的总电流：IR=I−I1=2.5A−0.5A=2A，
灯泡L2的电阻：R2=U22P2=((15V)215W=15Ω,
只闭合开关S和S2时，右侧四个定值电阻与灯泡L2并联接入电路，电流表测干路电流，
此时通过灯泡L2的电流：I2=UR2=12V15Ω=0.8A，
根据并联电路各支路互不影响可知，通过四个定值电阻的电流不变，
此时电流表的示数为：I′=I2+IR=0.8A+2A=2.8A。
故选：B。
只闭合开关S和S1时，右侧四个定值电阻与灯泡L1并联接入电路，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点和I=PU计算此时通过灯泡L1的电流，根据并联电路电流特点计算通过四个电阻的总电流；
根据R=U2P计算灯泡L2的电阻，只闭合开关S和S2时，右侧四个定值电阻与灯泡L2并联接入电路，电流表测干路电流，根据欧姆定律计算此时通过灯泡L2的电流，根据并联电路的电流特点计算此时电流表的示数。
本题考查并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。

16.【答案】D 
【解析】
【分析】
根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V，然后根据串联电路电压规律以及Q=U2Rt即可求出R1的阻值；
(1)当滑片在a点时，电路中的电流最大，根据欧姆定律即可求出电路中的最大电流；
(2)先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，然后根据W=UIt求出10s内滑动变阻器R消耗的电能；
(3)根据P=UI即可求出R先后两次消耗的电功率之比；
(4)根据P=UI即可求出R1先后两次消耗的电功率之比
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式的应用，要注意电表最小示数的判断。

【解答】
根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；
滑片从中点到b端时，变阻器接入电路的阻值增大，由串联分压的规律可知，电压表示数(变阻器的电压)将增大，电压表示数增大了2V，即滑片在b点时电压表的示数为4V+2V=6V；
在10s内定值电阻R1产生的热量为36J，由Q=U2Rt可得R1的阻值：
R1=U12Q1t=(12V−6V)236J×10s=10Ω；
A、当滑片在a点时，变阻器接入电路的阻值为0，电路中的电流最大，
则电路中的最大电流：I最大=UR1=12V10Ω=1.2A，故A错误；
B、串联电路中各处的电流相等，滑片在中点时，电路中的电流：I=U′1R1=12V−4V10Ω=0.8A，
10s内滑动变阻器R消耗的电能：W滑=U滑It=4V×0.8A×10s=32J，故B错误；
C、当滑片在b点时，变阻器接入的阻值最大，电路中的电流最小，电路中的最小电流：I最小=U1R1=12V−6V10Ω=0.6A，
由P=UI可得，滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比：PRP′R=4V×0.8A6V×0.6A=89，故C错误；
D、由P=UI可得，R1先后两次消耗的电功率之比：P1P′1=(12V−4V)×0.8A(12V−6V)×0.6A=169，故D正确。
故选：D。  
17.【答案】热传递  比热容 
【解析】解：火箭发射时，燃料燃烧后喷出的高温燃气，通过热传递的方式使发射台温度急剧升高；
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，起到对发射台的降温作用。
故答案为：热传递；比热容。
改变物体的内能的方式：做功和热传递；
因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题考查了改变物体内能方式以及水比热容较大特点的应用，属于基础题。

18.【答案】S 接通 
【解析】解：(1)当钥匙插入钥匙孔并转动时，左侧控制电路接通，电磁铁中的电流是从上边导线流入的，根据安培定则可以判断出电磁铁的上端为S极；
(2)当电磁铁电路接通时，电磁铁具有磁性，衔铁被吸引，则图中的直角杠杆会逆时针转动，所以触点B与A接通，电动机工作，汽车启动。
故答案为：S；接通。
(1)知道电流方向，根据安培定则判断出电磁铁的极性；
(2)当电磁铁电路接通时，电磁铁具有磁性，将上边的衔铁吸下，使A、B触点接通，汽车启动。
此题主要考查的是学生对安培定则和电磁继电器原理的理解和掌握，基础性题目。

19.【答案】并  用电器  15051.6 
【解析】解：
(1)移动电源给手机充电过程中，各手机间互不影响，所以输出端的连接方式是并联；用移动电源为手机充电时，手机消耗电能，则手机相当于电路中的用电器。
(2)电池的容量为1130mA⋅h，由I=Qt可得，手机锂电池充满电后，储存的电荷量：
Q=It=1130×10−3A×3600s=4068C，
充电电流所做的功：
W=UIt=UQ=3.7V×4068C=15051.6J，
所以大约储存了15051.6J的电能。
故答案为：并；用电器。15051.6。
(1)移动电源给手机充电过程中，各手机应互不影响，根据串、并电路特点分析手机的连接方式；移动电源为手机充电时，移动电源相当于电路中的电源，手机相当于用电器。
(2)知道电池的容量，根据I=Qt求出电池储存的电荷量，根据W=UIt=UQ求出电流做的功即为储存的电能。
本题以充电宝为情景考查对串并联电路的认识和理解、手机电池充满电后储存电能的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，体现了物理与日常生活的密切联系。

20.【答案】a、b 右 
【解析】解：
(1)由题意可知，台灯的亮度可调节，所以灯泡应该与滑动变阻器串联，结合电路图可知，灯泡应该接在a、b之间；
(2)灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由P=I2R可知，要使灯泡变暗应减小电路中的电流，由欧姆定律可知应增大电路中的电阻，即滑片右移时增大滑动变阻器接入电路中的电阻。
故答案为：(1)a、b；(2)右。
(1)由题意可知，台灯的亮度可调节，所以灯泡应该与可调电阻串联在一起；
(2)滑动变阻器移动滑片时，可以改变连入电路的电阻，从而改变电路的电流，影响灯泡的亮暗程度。
本题考查了滑动变阻器的作用和电功率公式的应用以及电路的动态分析，难度不大。

21.【答案】80.9 
【解析】解：(1)根据图象可知，甲灯两端电压为额定电压6V时，通过甲的额定电流为0.5A；
乙灯两端电压为额定电压3V时，通过乙的额定电流为0.6A；
因为串联电路中电流处处相等，所以两灯串联时，电路中的最大电流I=I甲=0.5A，此时甲灯正常发光(其电压为6V)，
由图象可知，当通过乙灯泡的电流为0.5A时，乙灯泡两端电压为2V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，
所以电路两端允许加的最大电压：U串=U甲+U乙′=6V+2V=8V；
(2)因为并联电路两端电压相等，所以并联电路两端的最大电压为3V，
由图象可知，甲乙两端电压为3V时，I甲′=0.3A，I乙′=0.6A，
因为并联电路中的干路电流等于各支路电流之和，
所以干路允许通过的最大电流：I并=I甲′+I乙′=0.3A+0.6A=0.9A。
故答案为：8；0.9。
(1)已知甲乙灯泡的额定电压，先根据图象读出甲乙灯泡的额定电流，然后根据串联电路电流规律确定电路电流，再根据图象读出乙两端电压，最后根据串联电路电压特点求出电路两端允许加的最大电压；
(2)当将他们并联使用时，根据并联电路电压规律选取额定电压较小的那个，然后根据图象读出通过甲乙两灯泡的电流，最后根据并联电路电流规律求出干路允许通过的最大电流。
本题考查串并联电路电流、电压规律，难点是对于额定电压和额定电流不同的两个灯泡来说，串联时比较额定电流取小的，并联时比较额定电压取小的，这也是本题的重点。

22.【答案】3.66 
【解析】解：根据P=U2R得灯泡的电阻：
R1=U额12P额1=(6V)26W=6Ω，R2=U额22P额=(6V)23W=12Ω，
根据P=I2R可得：I1I2=P1R0P2R0=P1P2=94=32，
所以，I2=23I1=23×0.3A=0.2A；
由图可知：当S与a接触时，电阻R0与L1串联，
根据欧姆定律和串联电路的特点可得：
电源电压U=I1(R1+R0)=0.3A×(6Ω+R0)------------①
当S与b接触时，R0与L2串联；
电源电压U=I2(R2+R0)=0.2A×(12Ω+R0)-----------②
解①②可得：R0=6Ω，U=3.6V。
故答案为：3.6； 6。
知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出灯泡的电阻，根据P=I2R结合P1：P2=9：4求出两个状态下的电流之比，然后求出S与b接触时电路中的电流；当S与a接触时电阻R0与L1串联，当S与b接触时R0与L2串联，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，然后联立等式即可求出电源电压和电阻R0的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键。

23.【答案】解：家庭电路电压为220V，两灯泡的额定电压均为220V，因两灯都能正常工作，则两灯应并联；开关S控制两灯，S接在干路上，根据安全用电原则，S要控制火线；
三孔插座不受开关S控制，按“左零右火上接地”的原则连入电路中，如下所示：
 
【解析】家庭电路电压为220V，根据灯的额定电压和并联电路电压的规律，确定两灯并联；开关与待测电路串联，为了安全，开关应控制火线；三孔插座按“左零右火上接地”的原则连入电路中。
本题考查了三孔插座、开关、灯泡的接法，注意家庭电路中的各用电器并联连接，开关接在火线与电灯之间。

24.【答案】解：因磁体外部磁感线方向由N极指向S极，故螺线管左侧为N极，右侧为S极；
因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故可知小磁针左侧为N极，右侧为S极．
由安培定则可知电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极；
故答案如图：
 
【解析】由磁感线的形状可知电磁铁的极性，则由右手螺旋定则可求得电流方向及电源的正负极，由小磁极所在位置的磁感线方向可知小磁针的极性．
安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向．

25.【答案】答：“粉”是冰箱里的水蒸气遇冷放热凝华产生的小冰晶。
“冒汗”茶杯周围的水蒸气遇冷放热液化形成的小水滴。 
【解析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

26.【答案】受热均匀  晶体  15 固  ③  不能  试管里的水与烧杯里的水温度相同时，就无法继续吸热了 
【解析】解：(1)将冰块放在试管中再放入烧杯的水中，这是水浴法加热，采用水浴法是为了使冰块受热均匀，温度变化比较慢，便于记录实验数据；
(2)由图象可知：冰在10min−25min熔化时温度不变，也就是冰有一定的熔点，所以冰是晶体，熔化过程25min−10min=15min；
(3)第5min时，还没有达到冰的熔点，所以还没开始熔化，冰此时是固态，到达C点冰已经熔化完成，全部变为液态的水，继续加热，温度逐渐升高，根据Q=cm△t可知，吸收相同的热量，比热容大的温度变化小，冰的比热容要小于水的，所以吸收相同热量，水温度变化较小，则图象水的缓而冰的较陡，故温度随时间变化的图线是③；
(4)由于烧杯内的水沸腾时温度保持不变，试管内水可以与烧杯内水热传递，温度达到沸点，但是不能再继续吸热，所以不能沸腾；
故答案为：(1)受热均匀；(2)晶体；15；(3)固；③；(4)不能；试管里的水与烧杯里的水温度相同时，就无法继续吸热了。
(1)实验中将冰块放在试管中再放入烧杯的水中，是水浴法加热，这样可以让冰块受热均匀；
(2)晶体和非晶体的主要区别是否有固定的熔点和凝固点；
(3)晶体熔化的条件是：达到熔点，继续吸热；根据Q=cm△t可知，吸收相同的热量，比热容大的温度变化小；
(4)液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；
像这类实验题主要考查这样几个方面：①实验数据的分析，判断晶体还是非晶体，绘制温度--时间图象，找出熔点或凝固点；
②判断某个时间段物质所处的状态，熔化前固态，熔化过程中固液共存，熔化后液态；
③实验中需改进的地方，一般常考缩短加热时间的方法，也是从烧杯加盖、火焰、水量方面考虑。

27.【答案】石棉网  易拉罐  质量  受热均匀  A 液体温度升高的多少  A 
【解析】解：(1)因用酒精灯的外焰加热，故实验前，按自下而上的顺序组装器材，即先固定石棉网的位置；
(2)因金属导热性能好，所以从实验效果考虑，本实验选择易拉罐作为盛放液体的容器较好；
根据控制变量法知容器中的A、B两种液体应控制初温和质量相同；
实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多，A的吸热能力强，A的比热容大；
本次实验吸收相同的热量通过观察升高的温度来比较两种液体吸热能力的大小；
(4)由于A的比热容大，根据Q=cmΔt，质量相同的A、B液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A。
故答案为：(1)石棉网；(2)易拉罐；质量；受热均匀；(3)A；液体温度升高的多少；(4)A。
(1)根据用酒精灯的外焰加热确定实验器材调试的顺序；
(2)(3)从金属导热性能好分析；根据比较物质吸热能力的方法(使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强)确定哪种物质的吸热能力强；
实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(4)根据吸热能力的大小，利用Q=cmΔt分析。
本题是比较不同物质的吸热能力实验，考查器材的安装、注意事项、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。

28.【答案】断开  D 电阻R断路  导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比  C 
【解析】解：
(1)为了保护电路，连接电路时，应断开开关，将变阻器滑片置于最大值D端；
(2)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表几乎无示数，说明电路可能有断路，电压表有示数，接近电源电压，说明电压表与电源连通测电源电压，则导致这种现象可能的原因是R断路，这样电压表被串联入电路中，所以移动滑片，两表示数无变化；
(3)绘图丙所示电阻R的I−U图象为过原点的直线，据此可得结论：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)A、在研究电流与电压关系时，应当控制电阻是定值，因此本实验选用的是定值电阻，而小灯泡的电阻会受温度的变化而变化，所以本实验不能用小灯泡；
B、研究“电流与电阻的关系”，应当保证定值电阻两端的电压不变，因此每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表示数不变，所以滑动变阻器的目的是控制定值电阻两端电压不变；
C、“伏安法”测定值电阻，多次实验的目的是求平均值，减小误差；研究“电流与电压的关系“，控制电阻是定值，多次改变定值电阻两端的电压，所以滑动变阻器的目的是改变定值电阻两端的电压；
D、从上面分析可知，在A、B、C选项的三个实验中，滑动变阻器的作用是不同的。
因此C正确。
故答案为：(1)断开；D；(2)电阻R断路；(3)导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(4)C。
(1)为了保护电路，连接电路时，应断开开关，将变阻器滑片置于最大值处；
(2)闭合开关发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路发生，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)根据绘制出电阻R的I−U图象为过原点的直线得出结论；
(4)根据实际实验要求进行分析。
本题为“探究电流与电阻的关系”的实验，考查注意事项、故障分析、图像分析等知识。

29.【答案】电流  吸引大头针的数目  线圈匝数  改变电流计磁体的N、S极  让灵敏电流计a指针的转动方向改变 
【解析】解：(1)改变通电螺线管中的电流方向，发现小磁针指向转动180∘，这说明磁场的方向发生了变化，由此可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中电流方向有关；
(2)在实验中，通过观察通电时电磁铁吸引大头针的多少来判断电磁铁磁性的强弱，这是根据转换法来实现的；
实验中，他将开关S从a换到b上时，连入电路的线圈匝数发生了变化，为了保证电流不变，应调节变阻器的滑片P，控制两次实验的电流大小不变，再次观察电流表示数及吸引的大头针数目，这样才能探究出通电螺线管磁性强弱与线圈匝数的关系；
(3)用手拨动灵敏电流计a的指针，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生了感应电流；电流流过灵敏电流计b，则b的指针会发生偏转；
灵敏电流计b指针发生偏转，利用的是通电导体在磁场中受力运动，通电导体在磁场中受力运动的方向与电流的方向和磁场的方向有关，要让灵敏电流计b的指针反向偏转，可以改变磁场的方向：改变电流计b的N、S极；还可以改变通过灵敏电流计b的电流的方向，由于感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向有关，所以可以让灵敏电流计a指针的转动方向改变或改变电流计a的N、S极。
故答案为：(1)电流；(2)吸引大头针的数目；线圈匝数；(3)改变电流计磁体的N、S极；让灵敏电流计a指针的转动方向改变。
(1)通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中电流方向、线圈的绕法有关；
(2)电磁铁磁性的强弱是通过吸引大头针的多少反映出来的，这是运用了转换法的思想；影响螺线管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少；
(3)通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向、磁场的方向有关；感应电流的方向与磁场的方向、导体运动的方向有关。
本题考查了影响铜电螺线管的磁极极性和强弱的因素、通电导体在磁场中受力方向的影响因素、感应电流方向的影响因素，考查的知识点较多，综合性较强。

30.【答案】右  8.3小灯泡的电阻随温度的升高而增大  变大  闭合S、S2，断开S1 U1U2−U1×R0 
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路中的总电阻变小，故滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器应选用左下接线柱与定值电阻串联，据此连接实物图如下：

(2)为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右端；
电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻R=ULIL=2.5V0.3A≈8.3Ω；
(3)甲组同学还测出了小灯泡在不同电压下的电阻，发现差别很大，原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
(4)在探究过程中，由于操作有误，在未断开开关的情况下，直接将小灯泡从灯座上拔出，则电压表串联在电路中测电源电压(原来测灯的电压)，由串联电路电压的规律，那么拔出小灯泡后电压表的示数变大；
乙组同学设计了一种测定值电阻的方案如图丙所示，方案中定值电阻的阻值为R0，电源电压未知，步骤如下：
①闭合S、S1，断开S2，两电阻串联，电压表测量Rx两端的电压，且电压表的示数为U1；
②闭合S、S2，断开S1，两电阻串联，电压表测量电源电压，且电压表的示数为U2；
③则电阻R两端的电压UR=U2−U1，电路中的电流I=URR0=U2−U1R0，根据欧姆定律可知电阻Rx的表达式为Rx=U1I=U1U2−U1R0=U1U2−U1×R0。
故答案为：(1)如图；(2)右；8.3；(3)小灯泡的电阻随温度的升高而增大；(4)变大；②闭合S、S2，断开S1；③U1U2−U1×R0。
(1)滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数变大，根据欧姆定律可知电路中的总电阻变小，故滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器应选用左下接线柱与定值电阻串联，据此连接实物图；
(2)为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
电流表选用小量程，分度值为0.02A，据此得出电流表示数，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻；
(3)甲组同学还测出了小灯泡在不同电压下的电阻，发现差别很大，原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
(4)直接将小灯泡从灯座上拔出，分析电路的连接，由串联电路电压的规律分析；
乙组同学设计了一种测定值电阻的方案如图丙所示，方案中定值电阻的阻值为R0，电源电压未知，步骤如下：
①闭合S、S1，断开S2，两电阻串联，电压表测量Rx两端的电压；
②闭合S、S2，断开S1，两电阻串联，电压表测量电源电压；
③根据串联电路的电压特点得出电阻R两端的电压，根据欧姆定律得出电路中的电流和电阻Rx的表达式。
本题测量小灯泡正常发光时的电阻实验，考查电路连接、操作过程、电表读数、电阻计算，同时考查设计方案测额定功率的能力。

31.【答案】解：Q放=mq=0.2kg×3×107J/kg=6×106J；
Q吸=ηQ放=21%×6×106J=1.26×106J，
m=Q吸c△t=1.26×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×60℃=5kg
答：“固体酒精”能放出6×106J的热量，能使5kg水的温度升高60℃。 
【解析】根据燃料燃烧放出热量公式可计算“固体酒精”能放出多少J的热量，根据热效率公式可计算水吸收的热量，根据热量公式可计算能使多少kg水的温度升高60℃。
本题考查学生对热量公式和燃料燃烧放出热量公式，热效率公式的理解和运用。

32.【答案】解：(1)根据欧姆定律可得，灯泡正常工作时电阻：RL=ULIL=3V0.5A=6Ω；
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，所以当滑片在最右端时，即滑动变阻器接入电路阻值最大时，电路总电流最小，
根据欧姆定律可得：I1=UR1=4.5V10Ω=0.45A，I2=UR2=4.5V15Ω=0.3A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以最小总电流I=I1+I2=0.45A+0.3A=0.75A，
电路的最小功率：P=UI=4.5V×0.75A=3.375W；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，滑动变阻器和灯泡串联接入电路，根据灯泡的额定电流、电流表的量程以及滑动变阻器允许通过的最大电流可知，电路中的最大电流为0.5A，此时灯泡正常发光，因此灯泡两端电压为3V；
串联电路总电压等于各部分电压之和，由欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的最小阻值：
Rmin=U−ULImax=4.5V−3V0.5A=3Ω；
由于电压表的量程为0∼3V，由串联分压原理可知当滑动变阻器两端电压为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，
串联电路各处电流相等，则电路中的电流：Imin=U−U2RL=4.5V−3V6Ω=0.25A；
根据欧姆定律可得可得滑动变阻器接入电路的最大阻值：Rmax=U2Imn=3V0.25A=12Ω。
答：(1)灯泡正常工作时电阻为6Ω；
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，电路最小总功率为3.375W；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器R2的取值范围为3Ω∼12Ω。 
【解析】(1)已知灯泡的额定电压和额定电流，根据欧姆定律的变形公式求出小灯泡的电阻；
(2)当开关S、S1、S2闭合，S3断开时，灯泡L被短路，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，当滑片在最右端时，滑动变阻器R2阻值最大为15Ω时，电路总电流最小，根据欧姆定律和并联电路电流规律求出最小总电流，根据电功率公式P=UI计算电路总功率；
(3)当开关S、S3闭合，S1、S2断开时，R1断路，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端电压，电流表测量电路电流；
根据串联电路电流特点、小灯泡的额定电流、电流表的量程、滑动变阻器的最大电流，判断出通过电路的最大电流，此时滑动变阻器R2阻值最小，根据欧姆定律的应用求出滑动变阻器接入电路的最小电阻；
已知电压表量程为0∼3V，在确保电路元件安全的情况下，由串联分压原理判断出滑动变阻器两端电压最大为U2=3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大电阻，进一步确定滑动变阻器接入电路的阻值范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，会确定通过滑动变阻器的电流范围和对应滑动变阻器电阻的变化是关键。

33.【答案】红 
【解析】解：(1)由图甲知，动触点接上方触点时，红灯亮，R1接入电路中，电路电阻较小，工作电路电压220V一定，由P=U2R知，此时为加热状态，
(2)由表中参数知，热水器加热功率为1000W，所以热水器加热挡工作5min电热丝产生的热量：
Q=W=P加热t=1000W×5×60s=3×105J；
(3)电热丝R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω，
动触点接下方触点时，绿灯亮，R1、R2串联，电路电阻较大，此时为保温状态，由表中参数知，保温功率为40W，
此时电路的总电阻：R=U2P保温=(220V)240W=1210Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以电热丝R1的阻值：R2=R−R1=1210Ω−48.4Ω=1161.6Ω；
(4)由图甲知，控制电路中R0和R3串联，电磁铁线圈中的电流I≥10mA时，电磁铁的衔铁才被吸下，
由欧姆定律可知I=UR总⩾0.01A，
此时电路的总电阻：R总⩽6V0.01A=600Ω，
由图象知，温度为40℃时，R0=250Ω，
所以滑动变阻器连入电路的阻值最小应为R滑=R总−R0=600Ω−250Ω=350Ω，
而R3规格为“250Ω2A”，且不能改变原电路中各元件的规格，所以可在电路中串联一个350Ω−250Ω=100Ω的定值电阻．
答：(1)红；
(2)该热水器加热挡工作5min电热丝产生的热量为3×105J；
(3)电热丝R2的阻值为1161.6Ω；
(4)可在控制电路中串联一个100Ω的定值电阻。
(1)(3)由图甲，根据P=U2R分析动触点分别在接上和下触点时电热水器的工作状态，根据电路特点和P=U2R计算电阻的大小；
(2)已知热水器加热挡功率，利用Q=W=Pt计算工作5min电热丝产生的热量；
(4)由图甲知，控制电路中R0和R3串联，由串联电路特点和欧姆定律计算电磁铁线圈中的电流达到10mA时电路中的总电阻，由此结合图象分析温度达到不40℃的原因，并提出改进办法。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式、电热的计算、电功率公式的应用，正确分析电路，灵活运用公式是解题的关键。