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2021-2022学年四川省绵阳南山中学高二下学期3月月考理综物理试题 解析版）
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2021-2022学年四川省绵阳南山中学高二下学期3月月考理综物理试题（解析版）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 N—14 O—16 S—32 Na—23 Cl—35.5 K—39 Fe—56 Cu—64一、选择题。本题共26个小题，其中第1~10题每小题4分，第11~26每小题6分，共136分。第1~10题为生物试题，第11~17题为化学试题，第18~26题为物理试题。第1~23题在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的；第24~26在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 下列对几种物理现象的解释中，正确的是( )A. 砸钉子时不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻B. 跳高时在沙坑里填沙，是为了减小冲量C. 在推车时推不动是因为推力的冲量为零D. 动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，两个物体将同时停下来【答案】D【解析】【详解】A．橡皮锤击钉时，橡皮锤具有弹性，具有缓冲作用，作用时间较铁锤击钉长，根据动量定理，作用力较小，所以不易将钉子钉进物体里，故A错误；B．跳高时，在沙坑里填沙，是为了缓冲，增加人与地面的作用时间，减小作用力，并不是为了减小冲量，故B错误；C．在推车时推不动，车所受的合力为零，合力的冲量为零，故C错误；D．根据动量定理-f•t=0-P动量相同的两个物体受相同的制动力的作用时，两车经过相等时间停下来，与质量无关，故D正确。故选D。2. 如图所示，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在其中，将弹簧压缩到最短。若将子弹、木块和弹簧合在一起作为系统，则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧被压缩至最短的整个过程中（ ）A. 动量不守恒，机械能不守恒 B. 动量守恒，机械能不守恒C. 动量不守恒，机械能守恒 D. 动量守恒，机械能守恒【答案】A【解析】【详解】子弹射入木块过程子弹与木块组成的系统动量守恒，但是子弹射入木块后留在其中，这个过和属于完全非弹性碰撞动能损失最大，有内能产生，所以机械能不守恒，在弹簧被压缩至最短的过程，有弹力作用，所以系统动量不守恒，但是机械能守恒，则全过程系统的动量不守恒，机械能也不守恒，所以A正确；BCD错误；故选A。3. 如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落．如果线圈中受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为( )A. a1>a2>a3>a4 B. a1＝a2＝a3＝a4C. a1＝a3>a2>a4 D. a1＝a3>a2＝a4【答案】C【解析】【详解】线圈自由下落时，加速度为．线圈完全在磁场中时，磁通量不变，不产生感应电流，线圈不受安培力作用，只受重力，加速度为．线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力，根据牛顿第二定律得知：， ；线圈完全在磁场中时做匀加速运动，到达4处的速度大于2处的速度，则线圈在4处所受的安培力大于在2处所受的安培力，又知磁场力总小于重力，则，故：故选C．4. 如图所示，两个相同导线制成的开口圆环，大环半径为小环半径的2倍，现用电阻不计的导线将两环连接在一起，若将大环放入一均匀变化的磁场中，小环处在磁场外，a、b两点间电压为U1，若将小环放入这个磁场中，大环在磁场外，a、b两点间电压为U2，则（ ）A. =1 B. =2 C. =4 D. 【答案】B【解析】【分析】【详解】大环与小环半径之比为2：1，故周长之比为2：1，根据电阻定律可知电阻之比为2：1，a、b两点间电势差大小为路端电压磁感应强度变化率恒定的变化磁场，故根据法拉第电磁感应定律公式圆环面积之比为4：1，得到两次电动势的大小之比为4：1，故两次的路端电压之比为U1：U2=2：1故选B。5. 如图所示，边长为2l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场。一个边长为l的正方形导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框和虚线框的对角线共线。从开始，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿对角线方向进入磁场，直到整个导线框离开磁场区域。用I表示导线框中的感应电流，取逆时针方向为正，则下列表示关系的图象中，大致正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】从t=0开始，线框的位移从0到l，导线框切割磁感线的有效长度线性增加，感应电流也线性增加；线框的位移从l到2l，线框完全进入磁场，无感应电流；线框的位移从2l到3l，导线框切割磁感线的有效长度线性减少，感应电流也线性减小，故D正确，ABC错误。故选D。6. 如图所示，电路中电源的内阻不能忽略，R的阻值和L的自感系数都很大，A、B为两个完全相同的灯泡，下列说法正确的是（ ）A. 开关闭合时，A灯逐渐变亮、B灯立即亮B. 开关闭合时，A、B两灯同时亮C. 开关断开时，A灯比B灯后熄灭D. 开关断开时，A、B灯同时立即熄灭【答案】A【解析】【详解】AB．A灯与线圈串联，B灯与定值电阻串联，闭合开关A灯逐渐变亮，B灯立即变亮，故A正确，B错误；CD．断开开关，两灯与线圈构成闭合回路，由于自感现象线圈中电流逐渐减小，所以两灯逐渐熄灭，故CD错误。故选A。7. 在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，线圈所围的面积为0.1m2，线圈电阻为1Ω。规定线圈中感应电流I 的正方向从上往下看是顺时针方向，如图所示。磁场的磁感应强度B随t的变化规律如图所示。则以下说法正确的是（ ）A. 在时间0~5s内I的最大值为0.1AB. 在时间0~5s内I的方向先逆时针后顺时针C. 在时间0~5s内，线圈最大发热功率为1.0×10-4wD. 在时间0~5s内，通过线圈某截面的总电量为零【答案】CD【解析】【详解】A．根据闭合电路欧姆定律得知磁感应强度的变化量越大，则电流越大，磁感应强度的变化率最大值为0.1，则最大电流故A错误；B．根据楞次定律可知，在时间0~5s内感应电流的方向先顺时针后逆时针，故B错误；C．当电流最大时，发热功率最大，则故C正确；D．根据因为在时间0~5s内，磁通量的变化量为零，则通过线圈某横截面的总电量为零，故D正确。故选CD。8. 如图所示，在光滑水平地面上质量为2kg的小球A以3m/s速度向右运动，与静止的质量为1kg的小球B发生正碰，碰后B的速度大小可能为（ ）A. 1.5m/s B. 2.5m/s C. 3.5m/s D. 4.5m/s【答案】BC【解析】【详解】由题意知如果两球发生完全非弹性碰撞，碰后两者速度相等，设为，碰撞过程中系统动量守恒，以A的初速度为正方向，由动量守恒定律得代入数据解得如果两球发生完全弹性碰撞，碰撞过程中系统动量守恒，机械能守恒，以A的初速度为正方向，由动量守恒定律得由机械能守恒定律得代入数据解得可知碰后B的速度范围是故BC正确，AD错误。故选BC。9. 如图所示，光滑斜面的倾角θ＝30°，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边长l1＝1 m，bc边的边长l2＝0.6 m，线框的质量m＝1 kg，电阻R＝0.1 Ω，线框用细线通过定滑轮与重物相连，重物的质量M＝2 kg，斜面上ef线与gh线（ef∥gh∥pq∥ab）间有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B1＝0.5 T，gh线与pq线间有垂直斜面向下的匀强磁场，磁感应强度B2＝0.5 T，如果线框从静止开始运动，当ab边进入磁场时恰好做匀速直线运动，ab边由静止开始运动到gh线所用的时间为2.3 s，取g＝10 m/s2，则（ ）A. 线框进入磁场过程中感应电流方向a→b→c→dB. ef线到gh线距离为8.5 mC. ab边由静止开始至运动到gh线这段时间内线框中产生的焦耳热为9 JD. ab边刚越过gh线瞬间线框的加速度为30 m/s2【答案】AC【解析】【详解】A．线框进入磁场过程中磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流方向为a→b→c→d，故A正确；B．当ab边进入磁场时恰好做匀速直线运动解得线框开始运动的加速度从开始到ab边进入磁场所用时间匀速时间所用线框完全进入磁场到ab边运动到gh边所用时间因此位移为所以ef线到gh线距离为故B错误；C．产生的焦耳热故C正确；D．ab边刚过gh时电动势电流安培力根据牛顿第二定律故D错误。故选AC二、 非选择题。本题共14个小题，第27~32题为物理必考非选择题，第33~36题为化学必考非选择题，第37~40题为生物必考非选择题，共计164分。10. (1)在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数为__________________mm。(2)在用单摆测定重力加速度实验中，用20分度的游标卡尺测量摆球的直径，示数如图2所示，读数为__________________cm。【答案】 ①. 0.617（0.616—0.619） ②. 0.775【解析】【详解】(1)[1]螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为11.7×0.01mm=0.117mm所以最终读数为0.5mm+0.117mm=0.617mm（0.616—0.619都正确）(2)[2]游标卡尺的主尺读数为7mm，游标尺上第15个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为15×0.05mm=0.75mm所以最终读数为7mm+0.75mm=7.75mm=0.775cm11. 小管同学用如图所示的装置做“探究影响感应电流方向的因素”实验，螺线管A、滑动变阻器、开关与电池相连构成回路，螺线管B与“0刻度线”在中间的灵敏电流计构成闭合回路，螺线管B套在螺线管A的外面。 （1）为了探究影响感应电流方向的因素，闭合开关后，通过不同的操作观察指针摆动情况，以下正确的有________。A．断开与闭合开关时指针会偏向同一侧B．闭合开关，待电路稳定后，如果滑动变阻器的滑片不移动，指针不偏转C．滑动变阻器的滑片匀速向左或匀速向右滑动，灵敏电流计指针都静止在中央D．滑动变阻器的滑片向右加速移动和向右减速移动，都能使指针偏向同一侧（2）图中，闭合开关前滑动变阻器滑片应位于最_______端（填“左”或“右”）；在未断开开关，也未把A、B两螺线管和铁芯分开放置的情况下，直接拆除某螺线管处导线，可能由于自感现象突然被电击一下，则被电击可能是在拆除____________（选填“A”或“B”）螺线管所在电路时发生的。【答案】 ①. BD##DB ②. 左 ③. A【解析】【详解】（1）[1]A．断开与闭合开关时,螺线管B中磁通量变化情况相反，产生的感应电流方向相反，指针偏转方向相反，故A错误；B．闭合开关，待电路稳定后，如果滑动变阻器的滑片不移动，则螺线管A中的电流不变，穿过螺线管B的磁通量不变，感应电流为零，指针不偏转，故B正确；C．滑动变阻器的滑片匀速向左或匀速向右滑动，螺线管A中的电流变化，穿过螺线管B的磁通量变化，感应电流不为零，指针都将发生偏转，故C错误；D．滑动变阻器的滑片向右加速移动和向右减速移动，螺线管A中的电流都增大，穿过螺线管B的磁通量都增大，产生的感应电流方向相同，都能使指针偏向同一侧，故D正确。故选BD。（2）[2]为了保护元件，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于最左端。（3）[3]由题意可知可能是在拆除A螺线管所在电路的导线时，导致螺线管A中磁通量在一瞬间减小从而产生了较大的自感电动势，使操作者被电击一下。12. 某同学用图甲所示装置通过M、N两弹性小球的碰撞来验证动量守恒定律，图甲中A是斜槽导轨，固定在水平桌面上，斜面BF顶端B点与斜槽导轨的水平末端相接。实验时先使M球从斜槽上某一固定位置静止释放，落到斜面上时记录纸上留下痕迹，重复上述操作10次，得到M球的10个落点痕迹，如图乙所示，刻度尺贴近斜面且零刻度线与B点对齐。再把N球放在斜槽导轨水平末端，让M球仍从原位置静止释放，和N球碰撞后两球分别在斜面记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10次。（不考虑小球对斜面的二次碰撞）（1）为了更精确地做好该实验，对两个碰撞小球的要求是M球的半径______N球的半径，M球的质量______N球的质量（填“小于”“等于”或“大于”）。（2）由图乙可得M球不与N球碰撞时在斜面上的平均落点位置到B点的距离为______cm。（3）若利用天平测出M球的质量，N球的质量，利用刻度尺测量平均落点位置C、D、E到B的距离分别为、、，由上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是______（用所给物理量的字母表示）。如果两球碰撞为弹性碰撞，还需要验证______（用所给物理量的字母表示）。【答案】 ①. 等于 ②. 大于 ③. 54.2（53.5~54.5范围内均可） ④. ⑤. 【解析】【详解】（1）[1]为使两小球进行对心碰撞，对两个碰撞小球的要求是M球的半径等于N球的半径；[2]为使碰撞后M球不被弹回，碰撞后两球都做平抛运动，M球的质量大于N球的质量。（2）[3]画一个尽可能小的圆将所有落点圈住，圆心即为平均落点，由图乙平均落点位置到B点的距离为54.2cm。（3）[4]设斜面倾角为θ，则平均落点位置C、D、E到B的水平距离分别为，，时间分别为，，则水平速度分别为动量守恒，则有则有整理可得，验证动量守恒定律得表达式是[5]如果两球碰撞为弹性碰撞，则机械能也守恒，还需验证速度代入，整理得13. 如图所示，足够长平行光滑U形导轨倾斜放置，所在平面倾角θ＝37°，导轨间的距离L＝1.0 m，下端连接R＝1.6 Ω的电阻，导轨电阻不计，所在空间均存在磁感应强度B＝1.0 T。方向垂直于导轨平面的匀强磁场。质量m＝0.5 kg、电阻r＝0.4 Ω的金属棒ab垂直置于导轨上，现用沿轨道平面且垂直于金属棒、大小F＝5.0 N的恒力使金属棒ab从静止起沿导轨向上滑行，金属棒滑行一段距离后速度保持不变。求：（sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2）（1）金属棒匀速运动时的速度大小v；（2）当金属棒沿导轨向上滑行速度v′＝2 m/s时，其加速度的大小a。【答案】（1）4 m/s；（2）2 m/s2【解析】【详解】（1）金属棒匀速运动时产生的感应电流Im＝由平衡条件有F＝mgsinθ＋BImL解得v＝4 m/s（2）此时金属棒受到的安培力F安＝由牛顿第二定律有F－mgsinθ－F安＝ma解得a＝2 m/s2.14. 如图所示，B是放在光滑的水平面上质量为3m的一块木板，物块A（可看成质点）质量为m，与木板之间的动摩擦因数为μ，最初木板B静止，物块A以水平初速度v0滑上长木板，木板足够长。求：（重力加速度为g）（1）木板B的最大速度的大小；（2）若物块A恰好没滑离木板B，则木板至少多长？【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）由题意知，A向右减速，B向右加速，当A、B速度相等时B速度最大，以v0的方向为正方向，对A、B组成的系统根据动量守恒定律得mv0＝（m＋3m）v解得v＝（2）从A滑上B至达到共同速度的过程中，由能量守恒得μmgL＝mv02－（m＋3m）v2得L＝15. 如图甲，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ＝30°角固定，M、P之间接电阻箱R，电阻箱的阻值范围为0~4 Ω，导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上、磁感应强度为B＝0.5 T。质量为m的金属杆ab水平放置在轨道上，其接入电路的电阻值为r。现从静止释放杆ab，测得最大速度为vm。改变电阻箱的阻值R，得到vm与R的关系如图乙所示。已知轨距为L＝2 m，重力加速度g＝10 m/s2，轨道足够长且电阻不计。（1）当R＝0时，求杆ab匀速下滑过程中产生感应电动势E的大小及杆中的电流方向；（2）求金属杆的质量m和阻值r；（3）当R=4Ω时，ab杆从静止到最大速度过程中，流过R的电荷量为0.8C，求此过程中电阻R产生的热量QR。【答案】（1）2 V，电流方向b→a；（2）0.2 kg，2 Ω；（3）0.8J【解析】【详解】(1)由图可知，当R＝0时，杆最终以v＝2 m/s匀速运动，产生电动势E＝BLv＝2V由右手定则判断可知杆中电流方向b→a。(2)设杆运动的最大速度为v时产生的感应电动势E＝BLv由闭合电路的欧姆定律得I＝杆达到最大速度时满足mgsinθ－BIL＝0解得由图像可知：斜率为k＝m/（s·Ω）＝1 m/（s·Ω）纵截距为v0＝2 m/s可得到联立解得m＝0.2 kgr＝2Ω(3)当R=4Ω时，设ab杆的最大速度为vm，则有解得vm=6m/s设杆从静止到最大速度的位移为x，则有解得x=4.8m由能量守恒定律有因为解得QR=0.8J
2021-2022学年四川省绵阳南山中学高二下学期3月月考理综物理试题（解析版）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 N—14 O—16 S—32 Na—23 Cl—35.5 K—39 Fe—56 Cu—64一、选择题。本题共26个小题，其中第1~10题每小题4分，第11~26每小题6分，共136分。第1~10题为生物试题，第11~17题为化学试题，第18~26题为物理试题。第1~23题在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的；第24~26在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 下列对几种物理现象的解释中，正确的是( )A. 砸钉子时不用橡皮锤，只是因为橡皮锤太轻B. 跳高时在沙坑里填沙，是为了减小冲量C. 在推车时推不动是因为推力的冲量为零D. 动量相同的两个物体受到相同的制动力的作用，两个物体将同时停下来【答案】D【解析】【详解】A．橡皮锤击钉时，橡皮锤具有弹性，具有缓冲作用，作用时间较铁锤击钉长，根据动量定理，作用力较小，所以不易将钉子钉进物体里，故A错误；B．跳高时，在沙坑里填沙，是为了缓冲，增加人与地面的作用时间，减小作用力，并不是为了减小冲量，故B错误；C．在推车时推不动，车所受的合力为零，合力的冲量为零，故C错误；D．根据动量定理-f•t=0-P动量相同的两个物体受相同的制动力的作用时，两车经过相等时间停下来，与质量无关，故D正确。故选D。2. 如图所示，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在其中，将弹簧压缩到最短。若将子弹、木块和弹簧合在一起作为系统，则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧被压缩至最短的整个过程中（ ）A. 动量不守恒，机械能不守恒 B. 动量守恒，机械能不守恒C. 动量不守恒，机械能守恒 D. 动量守恒，机械能守恒【答案】A【解析】【详解】子弹射入木块过程子弹与木块组成的系统动量守恒，但是子弹射入木块后留在其中，这个过和属于完全非弹性碰撞动能损失最大，有内能产生，所以机械能不守恒，在弹簧被压缩至最短的过程，有弹力作用，所以系统动量不守恒，但是机械能守恒，则全过程系统的动量不守恒，机械能也不守恒，所以A正确；BCD错误；故选A。3. 如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落．如果线圈中受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置时的加速度关系为( )A. a1>a2>a3>a4 B. a1＝a2＝a3＝a4C. a1＝a3>a2>a4 D. a1＝a3>a2＝a4【答案】C【解析】【详解】线圈自由下落时，加速度为．线圈完全在磁场中时，磁通量不变，不产生感应电流，线圈不受安培力作用，只受重力，加速度为．线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力，根据牛顿第二定律得知：， ；线圈完全在磁场中时做匀加速运动，到达4处的速度大于2处的速度，则线圈在4处所受的安培力大于在2处所受的安培力，又知磁场力总小于重力，则，故：故选C．4. 如图所示，两个相同导线制成的开口圆环，大环半径为小环半径的2倍，现用电阻不计的导线将两环连接在一起，若将大环放入一均匀变化的磁场中，小环处在磁场外，a、b两点间电压为U1，若将小环放入这个磁场中，大环在磁场外，a、b两点间电压为U2，则（ ）A. =1 B. =2 C. =4 D. 【答案】B【解析】【分析】【详解】大环与小环半径之比为2：1，故周长之比为2：1，根据电阻定律可知电阻之比为2：1，a、b两点间电势差大小为路端电压磁感应强度变化率恒定的变化磁场，故根据法拉第电磁感应定律公式圆环面积之比为4：1，得到两次电动势的大小之比为4：1，故两次的路端电压之比为U1：U2=2：1故选B。5. 如图所示，边长为2l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场。一个边长为l的正方形导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框和虚线框的对角线共线。从开始，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿对角线方向进入磁场，直到整个导线框离开磁场区域。用I表示导线框中的感应电流，取逆时针方向为正，则下列表示关系的图象中，大致正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】从t=0开始，线框的位移从0到l，导线框切割磁感线的有效长度线性增加，感应电流也线性增加；线框的位移从l到2l，线框完全进入磁场，无感应电流；线框的位移从2l到3l，导线框切割磁感线的有效长度线性减少，感应电流也线性减小，故D正确，ABC错误。故选D。6. 如图所示，电路中电源的内阻不能忽略，R的阻值和L的自感系数都很大，A、B为两个完全相同的灯泡，下列说法正确的是（ ）A. 开关闭合时，A灯逐渐变亮、B灯立即亮B. 开关闭合时，A、B两灯同时亮C. 开关断开时，A灯比B灯后熄灭D. 开关断开时，A、B灯同时立即熄灭【答案】A【解析】【详解】AB．A灯与线圈串联，B灯与定值电阻串联，闭合开关A灯逐渐变亮，B灯立即变亮，故A正确，B错误；CD．断开开关，两灯与线圈构成闭合回路，由于自感现象线圈中电流逐渐减小，所以两灯逐渐熄灭，故CD错误。故选A。7. 在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，线圈所围的面积为0.1m2，线圈电阻为1Ω。规定线圈中感应电流I 的正方向从上往下看是顺时针方向，如图所示。磁场的磁感应强度B随t的变化规律如图所示。则以下说法正确的是（ ）A. 在时间0~5s内I的最大值为0.1AB. 在时间0~5s内I的方向先逆时针后顺时针C. 在时间0~5s内，线圈最大发热功率为1.0×10-4wD. 在时间0~5s内，通过线圈某截面的总电量为零【答案】CD【解析】【详解】A．根据闭合电路欧姆定律得知磁感应强度的变化量越大，则电流越大，磁感应强度的变化率最大值为0.1，则最大电流故A错误；B．根据楞次定律可知，在时间0~5s内感应电流的方向先顺时针后逆时针，故B错误；C．当电流最大时，发热功率最大，则故C正确；D．根据因为在时间0~5s内，磁通量的变化量为零，则通过线圈某横截面的总电量为零，故D正确。故选CD。8. 如图所示，在光滑水平地面上质量为2kg的小球A以3m/s速度向右运动，与静止的质量为1kg的小球B发生正碰，碰后B的速度大小可能为（ ）A. 1.5m/s B. 2.5m/s C. 3.5m/s D. 4.5m/s【答案】BC【解析】【详解】由题意知如果两球发生完全非弹性碰撞，碰后两者速度相等，设为，碰撞过程中系统动量守恒，以A的初速度为正方向，由动量守恒定律得代入数据解得如果两球发生完全弹性碰撞，碰撞过程中系统动量守恒，机械能守恒，以A的初速度为正方向，由动量守恒定律得由机械能守恒定律得代入数据解得可知碰后B的速度范围是故BC正确，AD错误。故选BC。9. 如图所示，光滑斜面的倾角θ＝30°，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边长l1＝1 m，bc边的边长l2＝0.6 m，线框的质量m＝1 kg，电阻R＝0.1 Ω，线框用细线通过定滑轮与重物相连，重物的质量M＝2 kg，斜面上ef线与gh线（ef∥gh∥pq∥ab）间有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B1＝0.5 T，gh线与pq线间有垂直斜面向下的匀强磁场，磁感应强度B2＝0.5 T，如果线框从静止开始运动，当ab边进入磁场时恰好做匀速直线运动，ab边由静止开始运动到gh线所用的时间为2.3 s，取g＝10 m/s2，则（ ）A. 线框进入磁场过程中感应电流方向a→b→c→dB. ef线到gh线距离为8.5 mC. ab边由静止开始至运动到gh线这段时间内线框中产生的焦耳热为9 JD. ab边刚越过gh线瞬间线框的加速度为30 m/s2【答案】AC【解析】【详解】A．线框进入磁场过程中磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流方向为a→b→c→d，故A正确；B．当ab边进入磁场时恰好做匀速直线运动解得线框开始运动的加速度从开始到ab边进入磁场所用时间匀速时间所用线框完全进入磁场到ab边运动到gh边所用时间因此位移为所以ef线到gh线距离为故B错误；C．产生的焦耳热故C正确；D．ab边刚过gh时电动势电流安培力根据牛顿第二定律故D错误。故选AC二、 非选择题。本题共14个小题，第27~32题为物理必考非选择题，第33~36题为化学必考非选择题，第37~40题为生物必考非选择题，共计164分。10. (1)在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图1所示，读数为__________________mm。(2)在用单摆测定重力加速度实验中，用20分度的游标卡尺测量摆球的直径，示数如图2所示，读数为__________________cm。【答案】 ①. 0.617（0.616—0.619） ②. 0.775【解析】【详解】(1)[1]螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为11.7×0.01mm=0.117mm所以最终读数为0.5mm+0.117mm=0.617mm（0.616—0.619都正确）(2)[2]游标卡尺的主尺读数为7mm，游标尺上第15个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为15×0.05mm=0.75mm所以最终读数为7mm+0.75mm=7.75mm=0.775cm11. 小管同学用如图所示的装置做“探究影响感应电流方向的因素”实验，螺线管A、滑动变阻器、开关与电池相连构成回路，螺线管B与“0刻度线”在中间的灵敏电流计构成闭合回路，螺线管B套在螺线管A的外面。 （1）为了探究影响感应电流方向的因素，闭合开关后，通过不同的操作观察指针摆动情况，以下正确的有________。A．断开与闭合开关时指针会偏向同一侧B．闭合开关，待电路稳定后，如果滑动变阻器的滑片不移动，指针不偏转C．滑动变阻器的滑片匀速向左或匀速向右滑动，灵敏电流计指针都静止在中央D．滑动变阻器的滑片向右加速移动和向右减速移动，都能使指针偏向同一侧（2）图中，闭合开关前滑动变阻器滑片应位于最_______端（填“左”或“右”）；在未断开开关，也未把A、B两螺线管和铁芯分开放置的情况下，直接拆除某螺线管处导线，可能由于自感现象突然被电击一下，则被电击可能是在拆除____________（选填“A”或“B”）螺线管所在电路时发生的。【答案】 ①. BD##DB ②. 左 ③. A【解析】【详解】（1）[1]A．断开与闭合开关时,螺线管B中磁通量变化情况相反，产生的感应电流方向相反，指针偏转方向相反，故A错误；B．闭合开关，待电路稳定后，如果滑动变阻器的滑片不移动，则螺线管A中的电流不变，穿过螺线管B的磁通量不变，感应电流为零，指针不偏转，故B正确；C．滑动变阻器的滑片匀速向左或匀速向右滑动，螺线管A中的电流变化，穿过螺线管B的磁通量变化，感应电流不为零，指针都将发生偏转，故C错误；D．滑动变阻器的滑片向右加速移动和向右减速移动，螺线管A中的电流都增大，穿过螺线管B的磁通量都增大，产生的感应电流方向相同，都能使指针偏向同一侧，故D正确。故选BD。（2）[2]为了保护元件，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于最左端。（3）[3]由题意可知可能是在拆除A螺线管所在电路的导线时，导致螺线管A中磁通量在一瞬间减小从而产生了较大的自感电动势，使操作者被电击一下。12. 某同学用图甲所示装置通过M、N两弹性小球的碰撞来验证动量守恒定律，图甲中A是斜槽导轨，固定在水平桌面上，斜面BF顶端B点与斜槽导轨的水平末端相接。实验时先使M球从斜槽上某一固定位置静止释放，落到斜面上时记录纸上留下痕迹，重复上述操作10次，得到M球的10个落点痕迹，如图乙所示，刻度尺贴近斜面且零刻度线与B点对齐。再把N球放在斜槽导轨水平末端，让M球仍从原位置静止释放，和N球碰撞后两球分别在斜面记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作10次。（不考虑小球对斜面的二次碰撞）（1）为了更精确地做好该实验，对两个碰撞小球的要求是M球的半径______N球的半径，M球的质量______N球的质量（填“小于”“等于”或“大于”）。（2）由图乙可得M球不与N球碰撞时在斜面上的平均落点位置到B点的距离为______cm。（3）若利用天平测出M球的质量，N球的质量，利用刻度尺测量平均落点位置C、D、E到B的距离分别为、、，由上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是______（用所给物理量的字母表示）。如果两球碰撞为弹性碰撞，还需要验证______（用所给物理量的字母表示）。【答案】 ①. 等于 ②. 大于 ③. 54.2（53.5~54.5范围内均可） ④. ⑤. 【解析】【详解】（1）[1]为使两小球进行对心碰撞，对两个碰撞小球的要求是M球的半径等于N球的半径；[2]为使碰撞后M球不被弹回，碰撞后两球都做平抛运动，M球的质量大于N球的质量。（2）[3]画一个尽可能小的圆将所有落点圈住，圆心即为平均落点，由图乙平均落点位置到B点的距离为54.2cm。（3）[4]设斜面倾角为θ，则平均落点位置C、D、E到B的水平距离分别为，，时间分别为，，则水平速度分别为动量守恒，则有则有整理可得，验证动量守恒定律得表达式是[5]如果两球碰撞为弹性碰撞，则机械能也守恒，还需验证速度代入，整理得13. 如图所示，足够长平行光滑U形导轨倾斜放置，所在平面倾角θ＝37°，导轨间的距离L＝1.0 m，下端连接R＝1.6 Ω的电阻，导轨电阻不计，所在空间均存在磁感应强度B＝1.0 T。方向垂直于导轨平面的匀强磁场。质量m＝0.5 kg、电阻r＝0.4 Ω的金属棒ab垂直置于导轨上，现用沿轨道平面且垂直于金属棒、大小F＝5.0 N的恒力使金属棒ab从静止起沿导轨向上滑行，金属棒滑行一段距离后速度保持不变。求：（sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2）（1）金属棒匀速运动时的速度大小v；（2）当金属棒沿导轨向上滑行速度v′＝2 m/s时，其加速度的大小a。【答案】（1）4 m/s；（2）2 m/s2【解析】【详解】（1）金属棒匀速运动时产生的感应电流Im＝由平衡条件有F＝mgsinθ＋BImL解得v＝4 m/s（2）此时金属棒受到的安培力F安＝由牛顿第二定律有F－mgsinθ－F安＝ma解得a＝2 m/s2.14. 如图所示，B是放在光滑的水平面上质量为3m的一块木板，物块A（可看成质点）质量为m，与木板之间的动摩擦因数为μ，最初木板B静止，物块A以水平初速度v0滑上长木板，木板足够长。求：（重力加速度为g）（1）木板B的最大速度的大小；（2）若物块A恰好没滑离木板B，则木板至少多长？【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）由题意知，A向右减速，B向右加速，当A、B速度相等时B速度最大，以v0的方向为正方向，对A、B组成的系统根据动量守恒定律得mv0＝（m＋3m）v解得v＝（2）从A滑上B至达到共同速度的过程中，由能量守恒得μmgL＝mv02－（m＋3m）v2得L＝15. 如图甲，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ＝30°角固定，M、P之间接电阻箱R，电阻箱的阻值范围为0~4 Ω，导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上、磁感应强度为B＝0.5 T。质量为m的金属杆ab水平放置在轨道上，其接入电路的电阻值为r。现从静止释放杆ab，测得最大速度为vm。改变电阻箱的阻值R，得到vm与R的关系如图乙所示。已知轨距为L＝2 m，重力加速度g＝10 m/s2，轨道足够长且电阻不计。（1）当R＝0时，求杆ab匀速下滑过程中产生感应电动势E的大小及杆中的电流方向；（2）求金属杆的质量m和阻值r；（3）当R=4Ω时，ab杆从静止到最大速度过程中，流过R的电荷量为0.8C，求此过程中电阻R产生的热量QR。【答案】（1）2 V，电流方向b→a；（2）0.2 kg，2 Ω；（3）0.8J【解析】【详解】(1)由图可知，当R＝0时，杆最终以v＝2 m/s匀速运动，产生电动势E＝BLv＝2V由右手定则判断可知杆中电流方向b→a。(2)设杆运动的最大速度为v时产生的感应电动势E＝BLv由闭合电路的欧姆定律得I＝杆达到最大速度时满足mgsinθ－BIL＝0解得由图像可知：斜率为k＝m/（s·Ω）＝1 m/（s·Ω）纵截距为v0＝2 m/s可得到联立解得m＝0.2 kgr＝2Ω(3)当R=4Ω时，设ab杆的最大速度为vm，则有解得vm=6m/s设杆从静止到最大速度的位移为x，则有解得x=4.8m由能量守恒定律有因为解得QR=0.8J
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