2023天津市实验中学高三上学期第一阶段学习质量检测物理试卷含答案

这是一份2023天津市实验中学高三上学期第一阶段学习质量检测物理试卷含答案，共21页。

2022－2023学年天津市实验中学高三年级上学期第一次月考物理试卷
一．单选题（每题5分，共30分）
1．理想实验是研究物理问题的一种重要方法，它把可靠事实和逻辑推理相结合，可以深刻地揭示自然规律。下列属于理想实验的是（　　）
A．探究力的平行四边形定则实验
B．伽利略设想的对接光滑斜面实验
C．探究加速度与力和质量的关系实验
D．悬挂法确定薄片状物体重心的实验
2．如图所示，让一个分子A不动，另一个分子B从无穷远处逐渐靠近A.设两个分子相距无穷远，它们的分子势能为0；B分子运动到距A为ro时，分子间作用力为零。在这个过程中（　　）

A．分子B受力的方向与运动方向相同时，分子势能减小
B．分子间距离减小到ro的过程中，分子间的作用力增大
C．分子之间的引力达到最大时，分子势能最小
D．分子势能为零时，分子间的作用力一定为零
3．物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第4s内与第2s内的位移之差是8m，则下列说法错误的是（　　）
A．物体运动的加速度为4m/s2
B．第2s内的位移为6m
C．第2s末的速度为2m/s
D．物体在0～5s内的平均速度为10m/s
4．如图为颈椎病人设计的牵引装置示意图。一轻绳绕过两个定滑轮和一个轻质动滑轮后两端各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的轻质帆布带拉着病人的颈椎（图中用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内，下列说法正确的是（　　）

A．如果要增大手指所受的拉力，可以向上移动手指增大夹角θ来实现
B．无论如何改变夹角θ，手指所受的拉力一定大于其中一个重物的重力
C．若用此装置验证力的平行四边形定则，只需测出两物体的重力和手指对帆布带的拉力大小
D．若θ＝30°，每个重物的重力为G，保持系统静止需要手指施加大小为G的竖直向下的力
5．一定质量的理想气体分别在T1、T2温度下发生等温变化，相应的两条等温线如图所示，T2对应的图线上有A、B两点，表示气体的两个状态。则（　　）

A．温度为T1时气体分子的平均动能比T2时大
B．A到B的过程中，气体内能增加
C．A到B的过程中，气体向外界放出热量
D．A到B的过程中，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少
二．多选题（每题6分，共18分）
6．根据机动车的运动情况，绘制如图﹣图像，已知其在水平路面沿直线行驶，规定初速度v0的方向为正方向，运动过程中所受阻力恒定。以下说法不正确的是（　　）

A．机动车匀加速运动
B．机动车的初速度为0
C．机动车的加速度为8m/s2
D．机动车在前3秒的位移是25m
7．2020年12月17日凌晨“嫦娥五号”返回器携带月球样品在内蒙古四子王旗着陆场顺利着陆，在回收过程中“嫦娥五号”返回器采取“半弹道跳跃方式”再入返回，并在降至地面10km开降落伞减速，从降落伞打开到返回器落至地面这一过程中，下列说法错误的是（　　）
A．返回器下落过程中减速是因为降落伞对返回器的拉力大于返回器对降落伞的拉力
B．打开降落伞后，返回器内的月球样品处于超重状态
C．若返回器降落到地面附近时突然受到水平方向的风力，返回器在空中运动的时间将变长
D．若返回器受到的阻力与速度大小成正比，返回器做加速度减小的减速运动
8．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，选沿传送带向下为正方向，则下列选项中能客观地反映小木块的受力和运动情况的是（　　）

A． B．
C． D．
9．如图，物块A通过细绳悬挂于电梯侧壁的O点，A与侧壁间夹有薄木板B，绳与侧壁夹角为θ，已知A、B质量分别为M、m，A、B间摩擦忽略不计。当电梯静止时，B恰好不滑落，重力加速度为g，下列判断正确的是（　　）

A．电梯竖直加速上升时，木板B会滑落
B．电梯以加速度a（a＜g）竖直加速下降时，木板B会滑落
C．当电梯以加速度a竖直加速上升时，绳子拉力
D．当电梯以加速度竖直加速下降时a（a＜g），A对B的压力N＝M（g﹣a）tanθ
三．实验题（共2小题，共24分）
10．某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示。


（1）实验中除了打点计时器外，下列还需要用到的测量器材是　 　
A．游标卡尺 B．秒表 C．毫米刻度尺 D．托盘天平
（2）通过分析纸带上的数据，可判断物块开始减速的时刻位于　 　。
A．计数点5和6之间的某时刻
B．计数点6和7之间的某时刻
C．计数点7和8之间的某时刻
（3）若打点计时器电源的频率为50Hz，计数点5对应的速度大小为　 　m/s，计数点6对应的速度大小为　 　m/s。（均保留三位有效数字）。
11．在探究“弹力和将该弹簧竖直悬挂起来弹簧伸长的关系”时，小明同学用如图甲所示的实验装置进行实验；在自由端挂上砝码盘。通过改变盘中砝码的质量，用刻度尺测出弹簧对应的长度，测得实验数据如下：


1
2
3
4
5
6
钩码质量m/g
0
30
60
90
120
150
刻度尺读数/cm
6.00
7.14
8.34
9.48
10.64
11.79
（1）乐轩同学根据实验数据在坐标纸上用描点法画出x﹣m图象如图乙所示，根据图象他得出结论：弹簧弹力和弹簧伸长量不是正比例关系，而是一次函数关系，他的结论错误的原因是：　 　。
（2）作出的图线与坐标系纵轴有一截距，其物理意义是　 　；该弹簧的劲度系数k＝　 　N/m（结果保留3位有效数字，g取10m/s2）。
（3）请你判断该同学得到的劲度系数与考虑砝码盘的质量相比，结果　 　（填“偏大”、“偏小”或“相同”）。
四．计算题（共2小题，每题14分，共28分）
12．如图，B是平地AB和斜坡BC的交接处，斜坡的倾角为37°，小明站在B处遥控无人机，A处的无人机获得大小为其重力2倍、方向竖直向上的持续升力，由静止开始上升2s后到达D处。改变飞行模式，无人机飞到B点正上方17m处的E点时，无人机上的摄像机脱落，摄像机以v0＝2m/s的速度水平向右抛出，为避免坠毁，小明立即从B点沿斜坡向下做匀加速直线运动去接住摄像机。设斜坡足够长，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2。求：
（1）D点与A点的高度差h；
（2）无人机从E处到达斜面上的时间；
（3）小明沿斜坡向下的加速度a的大小。


13．如图，两个滑块A和B的质量分别为mA＝1kg和mB＝5kg，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为μ1＝0.5；木板的质量为m＝4kg，与地面间的动摩擦因数为μ2＝0.1，某时刻AB两滑块开始相向滑动，初速度大小均为v0＝3m/s，A、B相遇时，A与木板恰好相对静止，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g＝10m/s2，求：
（1）B与木板相对静止时，木板的速度；
（2）A、B开始运动时，两者之间的距离。


2022－2023学年天津市实验中学高三年级上学期第一次月考物理试卷
参考答案与试题解析
一．单选题（每题5分，共30分）
1．理想实验是研究物理问题的一种重要方法，它把可靠事实和逻辑推理相结合，可以深刻地揭示自然规律。下列属于理想实验的是（　　）
A．探究力的平行四边形定则实验
B．伽利略设想的对接光滑斜面实验
C．探究加速度与力和质量的关系实验
D．悬挂法确定薄片状物体重心的实验
【解答】解：A、合力与分力是等效替代关系，探究力的平行四边形法则的科学探究是实际进行的实验，不是理想实验，故A错误；
B、伽利略的斜面实验，抓住主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地反映了自然规律，属于理想实验，故B正确；
C、探究加速度与力和质量的关系的实验是在实验室进行是实际实验，不是理想实验，故C错误；
D、悬挂法确定薄片状物体重心的实验是实际进行的实验，不是理想实验，故D错误。
故选：B。

2．如图所示，让一个分子A不动，另一个分子B从无穷远处逐渐靠近A.设两个分子相距无穷远，它们的分子势能为0；B分子运动到距A为ro时，分子间作用力为零。在这个过程中（　　）

A．分子B受力的方向与运动方向相同时，分子势能减小
B．分子间距离减小到ro的过程中，分子间的作用力增大
C．分子之间的引力达到最大时，分子势能最小
D．分子势能为零时，分子间的作用力一定为零
【解答】A、B分子由无穷远靠近A分子，直至两分子间距为r0，这个过程中，分子力表现为引力，与运动方向相同，引力做正功，分子势能减小，故A正确；
B、分子间距离减小到r0的过程中，分子间的相互作用力先增大后减小，故B错误；
C、分子间的距离等于r0时，分子力为零，此时分子势能最小，故C错误；
D、分子势能最小时，分子间的作用力一定为零，而分子势能最小值不一定为零，故D错误。
故选：A。

3．物体从静止开始做匀加速直线运动，已知第4s内与第2s内的位移之差是8m，则下列说法错误的是（　　）
A．物体运动的加速度为4m/s2
B．第2s内的位移为6m
C．第2s末的速度为2m/s
D．物体在0～5s内的平均速度为10m/s
【解答】解：A、根据匀变速直线运动的推论可知，在连续相等时间内的位移之差为以恒量，即
x4﹣x3＝at2
x3﹣x2＝at2
整理可得a＝4m/s2
故A正确；
B、第二秒内的位移等于前两秒内位移减去前一秒内位移，即
x2＝a﹣a＝×4×22m﹣×4×12m＝6m
故B正确；
C、根据匀变速直线运动的速度﹣时间公式可得，第2s末的速度为v＝at2＝4×2m/s＝8m/s，故C错误；
D、根据平均速度的定义式＝可得
物体在0～5s内的平均速度为＝＝m/s＝10m/s
故D正确。
本题选择说法错误的，
故选：C。

4．如图为颈椎病人设计的牵引装置示意图。一轻绳绕过两个定滑轮和一个轻质动滑轮后两端各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的轻质帆布带拉着病人的颈椎（图中用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内，下列说法正确的是（　　）

A．如果要增大手指所受的拉力，可以向上移动手指增大夹角θ来实现
B．无论如何改变夹角θ，手指所受的拉力一定大于其中一个重物的重力
C．若用此装置验证力的平行四边形定则，只需测出两物体的重力和手指对帆布带的拉力大小
D．若θ＝30°，每个重物的重力为G，保持系统静止需要手指施加大小为G的竖直向下的力
【解答】解：对动滑轮受力分析，受手指向下的拉力和两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重力G，如图所示：

三个力的合力为零，两个拉力的大小恒定，夹角θ越大，合力越小，夹角θ越小，合力越大。
A、手指向上移动，两个拉力大小不变，夹角θ变大，故两拉力合力变小，故手指受到的拉力减小，故A错误；
B、竖直方向根据平衡条件可得：F＝2Gcosθ，若手指所受的拉力一定大于其中一个重物的重力，则2Gcosθ＞G，解得θ＜60°，若60°＜θ＜90°，则手指所受的拉力小于其中一个重物的重力，故B错误；
C、若用此装置验证力的平行四边形定则，只需测出两物体的重力和手指对帆布带的拉力大小、以及两边绳子拉力的方向、手指拉力的方向，故C错误；
D、若θ＝30°，每个重物的重力为G，保持系统静止需要手指施加大小为F＝2Gcos30°＝G，故D正确。
故选：D。

5．一定质量的理想气体分别在T1、T2温度下发生等温变化，相应的两条等温线如图所示，T2对应的图线上有A、B两点，表示气体的两个状态。则（　　）

A．温度为T1时气体分子的平均动能比T2时大
B．A到B的过程中，气体内能增加
C．A到B的过程中，气体向外界放出热量
D．A到B的过程中，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少
【解答】解：A、根据理想气体状态方程：＝C可知：PV＝CT，PV之积越大表示温度越高，故T1＜T2，温度是分子平均动能的标志，温度越高分子平均动能越大，温度为T1时气体分子的平均动能比T2时小，故A错误；
B、A到B的过程是等温变化的过程，所以气体的温度不变，内能不变，故B错误；
C、A到B的过程中，气体的体积增大，外界对气体做负功，根据热力学第一定律可知，气体从外界吸收热量，故C错误；
D、A到B的过程中，气体温度不变，则分子运动的激烈程度不变；气体的体积增大，分子密度减小，所以气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，故D正确；
故选：D。

二．多选题（每题6分，共18分）
6．根据机动车的运动情况，绘制如图﹣图像，已知其在水平路面沿直线行驶，规定初速度v0的方向为正方向，运动过程中所受阻力恒定。以下说法不正确的是（　　）

A．机动车匀加速运动
B．机动车的初速度为0
C．机动车的加速度为8m/s2
D．机动车在前3秒的位移是25m
【解答】解：ABC、将匀变速直线运动的位移—时间公式x＝v0t+，变形得
由数学知识可知，图像的斜率k＝v0＝m/s＝20m/s，纵轴截距b＝﹣4m/s2＝a，可得加速度为a＝﹣8m/s2，故机动车做匀减速运动，牵引力恒定且小于阻力，故ABC错误；
D、机动车匀减速运动的总时间为：t＝＝s＝2.5s，则机动车在前3秒的位移等于机动车在前2.5秒的位移，为x＝t＝×2.5m＝25m，故D正确。
本题选不正确的，
故选：ABC。

7．2020年12月17日凌晨“嫦娥五号”返回器携带月球样品在内蒙古四子王旗着陆场顺利着陆，在回收过程中“嫦娥五号”返回器采取“半弹道跳跃方式”再入返回，并在降至地面10km开降落伞减速，从降落伞打开到返回器落至地面这一过程中，下列说法错误的是（　　）
A．返回器下落过程中减速是因为降落伞对返回器的拉力大于返回器对降落伞的拉力
B．打开降落伞后，返回器内的月球样品处于超重状态
C．若返回器降落到地面附近时突然受到水平方向的风力，返回器在空中运动的时间将变长
D．若返回器受到的阻力与速度大小成正比，返回器做加速度减小的减速运动
【解答】解：A、返回器下落过程中减速是因为降落伞对返回器的拉力大于返回器的重力，而降落伞对返回器的拉力与返回器对降落伞的拉力是一对相互作用力，大小始终相等，故A错误；
B、打开降落伞后，返回器减速下降，降落伞对返回器的拉力大于返回器的重力，返回器及返回器内的月球样品均处于超重状态，故B正确；
C、若返回器降落到地面附近时突然受到水平方向的风作用，水平方向的运动状态会改变，但竖直方向不受影响，故返回器在空中运动的时间将不变，故C错误；
D、若返回器受到的阻力与速度大小成正比，设比例系数为k，则阻力f＝kv，根据牛顿第二定律得kv﹣mg＝ma，因为减速过程中速度v在减小，故加速度a也在减小，故返回器做加速度减小的减速运动，故D正确。
本题选错误的，
故选：AC。

8．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，选沿传送带向下为正方向，则下列选项中能客观地反映小木块的受力和运动情况的是（　　）

A． B．
C． D．
【解答】解：小木块刚放上传送带时，所受的滑动摩擦力方向沿斜面向下，物体将沿斜面向下做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ＝ma1，解得a1＝gsinθ+μgcosθ；
当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＜tanθ知：mgsinθ＞μmgcosθ，因此小木块继续沿传送带匀加速下滑
但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma2，解得 a2＝gsinθ﹣μgcosθ；
比较知道 a1＞a2，根据v﹣t图象的斜率表示加速度，所以第二段图线的斜率变小。
若规定沿传送带向下为正方向，因此摩擦力方向先为正值，再为负值，故AC错误，BD正确。
故选：BD。

9．如图，物块A通过细绳悬挂于电梯侧壁的O点，A与侧壁间夹有薄木板B，绳与侧壁夹角为θ，已知A、B质量分别为M、m，A、B间摩擦忽略不计。当电梯静止时，B恰好不滑落，重力加速度为g，下列判断正确的是（　　）

A．电梯竖直加速上升时，木板B会滑落
B．电梯以加速度a（a＜g）竖直加速下降时，木板B会滑落
C．当电梯以加速度a竖直加速上升时，绳子拉力
D．当电梯以加速度竖直加速下降时a（a＜g），A对B的压力N＝M（g﹣a）tanθ
【解答】解：电梯静止不动时，先分析A，受重力、支持力和拉力，根据平衡条件，三个力可以构成首尾相连的矢量三角形，如图所示：

根据平衡条件，有：T＝，N1＝Mgtanθ；
再分析物体B，受重力、压力N1′、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，有：
N2＝N1′，
f＝mg，
其中：f＝μN2，
根据牛顿第三定律，有：N1′＝N1，
联立解得：
；
A、电梯加速上升时等效为重力加速度变化为g′＝g+a，
故压力N1′＝Mg′tanθ，最大静摩擦力f＝μN2＝，故木板B保持静止，故A错误；
B、电梯以加速度a（a＜g）竖直下降时，等效为重力加速度变化为g′＝g﹣a，
故压力N1′＝Mg′tanθ，最大静摩擦力f＝μN2＝，故木板B保持静止，故B错误；
C、当电梯以加速度a竖直加速上升时，等效为重力加速度变化为g′＝g+a，故绳子拉力T＝＝，故C正确；
D、当电梯以加速度a（a＜g） 竖直加速下降时，等效为重力加速度变化为g′＝g﹣a，
故压力N1′＝Mg′tanθ＝M（g﹣a）tanθ＝N，故D正确；
故选：CD。

三．实验题（共2小题，共24分）
10．某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示。


（1）实验中除了打点计时器外，下列还需要用到的测量器材是　C　
A．游标卡尺 B．秒表 C．毫米刻度尺 D．托盘天平
（2）通过分析纸带上的数据，可判断物块开始减速的时刻位于　B　。
A．计数点5和6之间的某时刻
B．计数点6和7之间的某时刻
C．计数点7和8之间的某时刻
（3）若打点计时器电源的频率为50Hz，计数点5对应的速度大小为　1.00　m/s，计数点6对应的速度大小为　1.16　m/s。（均保留三位有效数字）。
【解答】解：（1）实验中除了打点计时器外，下列还需要用到毫米刻度尺测量纸带长度，故选：C。
（2）从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速，故选：B。
（3）v5＝＝≈1.00m/s
v6＝＝ m/s≈1.16m/s
故答案为：（1）C；（2）B；（3）1.00，1.16。

11．在探究“弹力和将该弹簧竖直悬挂起来弹簧伸长的关系”时，小明同学用如图甲所示的实验装置进行实验；在自由端挂上砝码盘。通过改变盘中砝码的质量，用刻度尺测出弹簧对应的长度，测得实验数据如下：


1
2
3
4
5
6
钩码质量m/g
0
30
60
90
120
150
刻度尺读数/cm
6.00
7.14
8.34
9.48
10.64
11.79
（1）乐轩同学根据实验数据在坐标纸上用描点法画出x﹣m图象如图乙所示，根据图象他得出结论：弹簧弹力和弹簧伸长量不是正比例关系，而是一次函数关系，他的结论错误的原因是：　x﹣m图象纵坐标不是弹簧的伸长量　。
（2）作出的图线与坐标系纵轴有一截距，其物理意义是　未挂钩码时弹簧的长度　；该弹簧的劲度系数k＝　25.0　N/m（结果保留3位有效数字，g取10m/s2）。
（3）请你判断该同学得到的劲度系数与考虑砝码盘的质量相比，结果　相同　（填“偏大”、“偏小”或“相同”）。
【解答】解：（1）在x﹣m的图线中，x表示弹簧的长度而不是弹簧的伸长量，故他得出弹簧弹力和弹簧伸长量不是正比例关系而是一次函数关系；
（2）图线与横坐标的交点表示拉力等于0时弹簧的长度，即弹簧的原长
图线的斜率表示弹簧的劲度系数，k＝＝N/cm＝25.0N/m
（3）根据公式F＝k△x计算出的劲度系数，与是否考虑砝码盘的质量对结果无影响，故结果相同；
故答案为：（1）x﹣m图象纵坐标不是弹簧的伸长量；（2）未挂钩码时弹簧的长度．25.0；（3）相同

四．计算题（共2小题，每题14分，共28分）
12．如图，B是平地AB和斜坡BC的交接处，斜坡的倾角为37°，小明站在B处遥控无人机，A处的无人机获得大小为其重力2倍、方向竖直向上的持续升力，由静止开始上升2s后到达D处。改变飞行模式，无人机飞到B点正上方17m处的E点时，无人机上的摄像机脱落，摄像机以v0＝2m/s的速度水平向右抛出，为避免坠毁，小明立即从B点沿斜坡向下做匀加速直线运动去接住摄像机。设斜坡足够长，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2。求：
（1）D点与A点的高度差h；
（2）无人机从E处到达斜面上的时间；
（3）小明沿斜坡向下的加速度a的大小。

【解答】解：（1）从A到D，根据牛顿第二定律可得：2mg﹣mg＝ma，解得a＝g＝10m/s2，
2s内上升的高度h＝
（2）设无人机从E处到达斜面上的时间为t，水平方向通过的位移为x＝v0t＝2t m
竖直方向下降的H＝h0+x•tan37°＝（17+2t•tan37°）m
又有：H＝
联立解得：t＝2s
（3）小明沿斜面向下运动的位移为
在斜面上，x′＝at2
联立解得：a＝2.5m/s2
答：（1）D点与A点的高度差h为20m；
（2）无人机从E处到达斜面上的时间为2s；
（3）小明沿斜坡向下的加速度a的大小为2.5m/s2。

13．如图，两个滑块A和B的质量分别为mA＝1kg和mB＝5kg，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为μ1＝0.5；木板的质量为m＝4kg，与地面间的动摩擦因数为μ2＝0.1，某时刻AB两滑块开始相向滑动，初速度大小均为v0＝3m/s，A、B相遇时，A与木板恰好相对静止，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g＝10m/s2，求：
（1）B与木板相对静止时，木板的速度；
（2）A、B开始运动时，两者之间的距离。

【解答】解：（1）AB两滑块开始相向滑动时，对A受力分析，根据牛顿第二定律得：μ1mAg＝mAaA
代入数据解得：aA＝5m/s2，方向向右
对B分析，根据牛顿第二定律得：μ1mBg＝mBaB
代入数据解得：aB＝5m/s2，方向向左。
对木板分析，根据牛顿第二定律得：μ1mBg﹣μ1mAg﹣μ2（m+mA+mB）g＝ma1
代入数据解得：a1＝2.5m/s2，方向向右。
当木板与B共速时，有：v＝v0﹣aBt1＝a1t1
代入数据解得：t1＝0.4s，v＝1m/s
（2）此时B相对木板静止，突变为静摩擦力，A受力不变加速度仍为5m/s2，方向向右，
对B与木板受力分析，有：μ1mAg+μ2（m+mA+mB）g＝（m+mB）a2
代入数据解得：a2＝m/s2，方向向左
当木板与A共速时有：v′＝v﹣a2t2＝﹣v+aAt2：
代入数据解得：t2＝0.3s，v′＝0.5m/s
当t1＝0.4s，xB＝t1＝×0.4m＝0.8m，x木＝t1＝×0.4m＝0.2m
LB板＝xB﹣x木＝0.8m﹣0.2m＝0.6m
对A，向左，xA＝t1＝×0.4m＝0.8m
LA1板＝xA+x木＝0.8m+0.2m＝1m
当t2＝0.3s，对A，向左，xA1＝t2＝×0.3m＝m
对木板，向右，x木1＝t2＝×0.3m＝m
LA2板＝xA1+x木1＝m+m＝0.3m
可知A、B开始运动时，两者之间的距离L＝LB板+LA1板+LA2板＝0.6m+1m+0.3m＝1.9m
答：（1）B与木板相对静止时，木板的速度为1m/s；
（2）A、B开始运动时，两者之间的距离为1.9m。
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