2022烟台高三高三高考适应性练习（一）物理试题PDF版含答案

2022年高考适应性练习（一）

物理参考答案及评分意见

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. A   2.C    3.D    4.B     5.D    6.C    7.A     8.C

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

9. AC     10.BD      11.BC     12.ABD

三、非选择题：本题共6小题，共60分。

13．(6分)⑴ (2分)   (2) (2分)

(3) (2分)

（如答同样给分）

14．(8分)⑴A(1分)  C(1分)

 ⑵如图所示(2分)   ⑶0.83(2分)  3.3×102(2分)

15．(7分)

解：⑴设点光源到玻璃圆柱体左端面的距离为d，光线在左端面的入射角为θ1，折射角为θ2，由折射定律有

sinθ1=nsinθ2    ………………………①(1分)

从左端面中央半径为r=8cm的圆周上射入的光线恰好在柱体侧面发生全反射。

 sinC=    …………………………………………………………………②(1分)

根据几何关系有

sinθ1=   ………………………………………………………………③(1分)

sinθ2=cosC   ……………………………………………………………………④

解得  d=4cm   ………………………………………………………………………⑤(1分)

⑵恰好发生全反射的光线通过玻璃圆柱体的时间最长

光在玻璃内的最长路程   x=    ……………………………………………⑥(1分)

光在玻璃内的速度      v= ……………………………………………………⑦(1分)

=1.2×10-8s  ………………………………………………………⑧ (1分)

16．(9分)

⑴以水平向右为x轴，竖直向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OA段

竖直方向：  0=v0sinα－gt1   ………………………………………………………①（1分）

t1=1s   …………………………………………………………………②（1分）

以沿斜面向下为x轴，垂直于斜面向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OB段

垂直于斜面方向：0=v0sinθ－gcosαt2     ……………………………………………③（1分）

t2=2s    …………………………………………………………………④（1分）

从A点到B点的时间  t=t2－t1=1s   …………………………………………………⑤（1分）

⑵过B点做斜面的垂线，垂足为D，设BD=H，以沿斜面向下为x轴，垂直于斜面向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OB段

垂直于斜面方向：0－(v0sinθ)2=－2(gcosα)H   ………………………………………⑥（1分）

沿斜面方向： xCD=Htanα   ……………………………………………………………⑦（1分）

x1=(v0cosθ)t2+(gsinα)t22    …………………………………………⑧（1分）

O、C两点间的距离 xOC=x1+xCD=40m    ………………………………………………⑨（1分）

17．（14分）

解：⑴设小球在P点的速度为v0，对小球由动量定理得：

y轴方向： ………………………………①（1分）

z轴方向：………………………………………②（1分）

由运动对称性可得： ……………………………………③（1分）

由①②③④得： ………………………………………④（1分）

⑵对小球进行受力分析，由平衡方程得：

0~内：  …………………………………………⑤（1分）

~内： ………………………………………………⑥（1分）

由④⑤⑥得：解得：   ………………………………… （1分）

   …………………………………（1分）

⑶设小球做匀速圆周运动的周期为T0，对小球由牛顿第二定律得：

……………………………………………………………⑦（1分）

由运动学公式得：……………………………………………⑧（1分）

据题意可得： …………………………………………………⑨（1分）

由⑦⑧⑨得： ………………………………………………⑩（1分）

⑷~T内，小球的速度v可以看作是沿y轴正方向的2v和沿y轴负方向的v的合成，则小球的运动可看成沿y轴正方向的匀速运动和y轴下方的逆时针的圆周运动的合运动，由运动学公式得：

y=………………………………………………………⑪（1分）

由⑪得：y=

所以，T时刻小球位于y轴，坐标为。……………………………（1分）

18．(16分)

⑴1球下落高度为h，此时1球的速度大小为v0

由自由落体规律可得  v0=   ……………………………………………①(1分)

1球受竖直向下的重力m1g，设地面的平均作用力为F，方向竖直向上，1球与地面发生弹性碰撞后速度大小仍为v0，方向竖直向上。以竖直向下为正方向，根据动量定理，有  

   ………………………………………………②(1分)

     由①、②可得：   ……………………………………③(1分)

⑵设1球反弹后经时间t与2碰，碰撞时

2球自由下落的高度    ………………………………………④

1球竖直上升的高度     …………………………………………⑤

由几何关系，有      …………………………………………………⑥

将①代入，可以解得  ，    ………………………………………⑦

即在1球最高点发生碰撞，此时2球的速度大小  ………………⑧(2分)

（用其他方法得到此结果的同样得2分）

设它们碰后的速度大小分别为和，选竖直向上为正方向，两球发生弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒

  …………………………………………………………⑨(1分)

   ……………………………………………………⑩(1分)

解得     ……………………………………………………………………⑪

由题意反弹后能达到的最大高度为h，则有    …………………………⑫(1分)

由⑨⑩⑫得   k=3（k=舍去）  ……………………………………………………⑬(1分)

⑶两球在落地前均有向下的速度v0=，先与地弹性碰撞后速度变为向上的 v0，与2球发生碰撞。取向上为正方向，设碰后的1球和2球的速度大小分别为vA和vB，根据动量守恒和机械能守恒，有

   ………………………………………………………………⑭(1分)

   …………………………………………………………⑮(1分)

由此解得与发生弹性碰撞后的速度大小为

   ………………………………………………………………⑯

由题意m1=3m2，则有   ……………………………………………………⑰(1分)

故反弹后能达到的最大高度为

   …………………………………………………………………⒅(1分)

若m1>>m2，则有，故反弹后能达到的最大高度为

   …………………………………………………………………⒆(1分)

⑷当球m1与地面碰撞后，立即与球m2发生碰撞，球以相对于地面以大小为3v0的速度反弹，球m3以大小为v0的速度下落，以m2为参考系，球m3相对于球m2以大小为4 v0速度与球相碰撞。

由于m2>>m3，碰撞后球m3相对于球以大小为4 v0的速度反弹，即球m3相对于地面以大小为7 v0速度反弹。因此，球m3反弹的高度H为 

   ……………………………………………………………⒇(2分)