2021-2022学年天津市东丽区高二下学期期末质量监测数学试题含解析

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  东丽区2021-2022学年度第二学期高二数学期末质量监测试题本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分.第Ⅰ卷第1页至第2页，第Ⅱ卷第3页至第8页.试卷满分120分.考试时间100分钟.考试结束后，将答题卡和答题纸一并交回.第Ⅰ卷（选择题  共 45分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必先将自己的姓名、考生号、考点校、考场号、座位号用蓝、黑色墨水的钢笔（签字笔）或圆珠笔填在“答题卡”上；用2B铅笔将考生号所对应的填涂信息点填好.2．答案答在试卷上无效.答题时，请注意题号顺序.每小题选出答案后，用2B铅笔把“答题卡”上对应题目的答案标号的信息点涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号的信息点.一．选择题（本大题共9小题，每小题5分，共45分．每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1. 已知集合，则（    ）A.  B. C.  D. 【答案】A【解析】【分析】直接进行交集运算即可.【详解】因为，所以.故选：A.2. 在的展开式中，的系数为（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】利用二项展开式的通项公式计算即可.【详解】展开式通项为，取，，系数为.故选：A.3. 已知，，，则（    ）A.  B. C.  D. 【答案】D【解析】【分析】根据指数函数、对数函数性质与0或1比较后可得【详解】由指数函数性质，，，所以．故选：D．4. 已知，则“”是“"的（    ）A. 充分而不必要条件 B. 必要而不充分条件C 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】利用一元二次不等式的解法求出，然后利用充分条件与必要条件的定义进行判断即可．【详解】解：因为，即，解得或，因为，所以“”是“”的充分不必要条件．故选：．5. 命题“，”的否定是（    ）A ， B. ，C. ， D. ，【答案】D【解析】【分析】由全称命题的否定可直接得到结果.【详解】由全称命题的否定知原命题的否定为：，.故选：D.6. 一箱产品中有8件正品和2件次品．每次从中随机抽取1件进行检测，抽出的产品不再放回．已知前两次检测的产品均是正品，则第三次检测的产品是正品的概率为（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】由题意可知，剩下的8件中有6件正品，由古典概型的概率公式求解即可．【详解】解：已知有8件正品和2件次品，每次从中随机抽取1件进行检测，抽出的产品不再放回，因为前两次检测的产品均是正品，说明剩下的8件中有6件正品，所以第三次检测的产品是正品的概率为．故选：．7. 某校开展“迎奥运阳光体育”活动，共设踢毽、跳绳、拔河、推火车、多人多足五个集体比赛项目，各比赛项目逐一进行．为了增强比赛的趣味性，在安排比赛顺序时，多人多足不排在第一场，拔河排在最后一场，则不同的安排方案种数为（    ）A. 3 B. 18 C. 21 D. 24【答案】B【解析】【分析】根据题意，分析可得：“多人多足”有3种安排方法，再将踢毽、跳绳、推火车安排在剩下的3个位置，由分步计数原理计算可得答案．【详解】根据题意，多人多足不排在第一场，拔河排在最后一场，则“多人多足”有3种安排方法，将踢毽、跳绳、推火车安排在剩下的3个位置，有种安排方法，则有种安排方法．故选：B．8. 在下列4组样本数据的散点图中，样本相关系数最大的是（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】先利用散点图变化趋势，判断相关系数的正负，由散点的集中程度确定大小，即可得到答案．【详解】解：由散点图变化趋势可知，，，，，又图1中的散点更为集中，更接近于一条直线，所以，故样本相关系数最大的是．故选：．9. 已知函数f（x）的定义域为[－1，5]，其部分自变量与函数值的对应情况如下表：x－10245f（x）312.513f（x）的导函数的图象如图所示．给出下列四个结论：①f（x）在区间[－1，0]上单调递增；②f（x）有2个极大值点；③f（x）的值域为[1，3]；④如果x∈[t，5]时，f（x）的最小值是1，那么t的最大值为4．其中，所有正确结论的序号是（    ）A. ③ B. ①④ C. ②③ D. ③④【答案】D【解析】【分析】直接利用函数的导函数的图像，进一步画出函数的图像，进一步利用函数的性质的应用求出函数的单调区间，函数的极值和端点值可得结论【详解】解：由f（x）的导函数的图像，画出的图像，如图所示，对于①，在区间上单调递减，所以①错误，对于②，有1个极大值点，2个极小值点，所以②错误，对于③，根据函数的极值和端点值可知的值域为，所以③正确，对于④，如果x∈[t，5]时，由图像可知，当f（x）的最小值是1时， t的最大值为4，所以④正确，故选：D第Ⅱ卷（非选择题  共 75 分）注意事项：答案答在试卷上无效.用蓝、黑色墨水的钢笔（签字笔）或圆珠笔直接在第Ⅱ卷 “答题纸”上做答.二．填空题（每题5分，共30分）10. 已知的展开式的二项式系数之和为16，则_____________；展开式的常数项是_____________．【答案】    ①. 4    ②. 16【解析】【分析】根据二项展开式二项式系数之和为16，得，，再求二项展开式的常数项的值.【详解】由题知，，.所以展开式的常数项是.故答案为：；.11. 从4名男生和2名女生中任选3人参加演讲比赛，则所选3人中至少有1名女生的概率是_____________．【答案】【解析】【分析】求出任选3人的方法总数，再求得至少有1名女生的方法数后可计算概率．【详解】任选3人的方法数为，其中至少有1名女生的方法数为．所以概率为．故答案为：．12. 曲线在点处的切线方程为__________.【答案】【解析】【分析】利用切线方程的公式：，代入切点求解即可.【详解】，，曲线在点处的切线方程为：，化简得【点睛】本题考查切线方程的公式，属于简单题.13. 已知随机变量，，则________________．【答案】0.16【解析】【分析】由正态分布的对称性知：，代入即可得出答案.【详解】随机变量，，由正态分布的对称性知：.故答案为：0.16.14. 数列{}是公比为2的等比数列，其前n项和为．若，则=_______；=_______【答案】    ①.     ②. 【解析】【详解】，，，故答案为， .15. 已知正数a，b满足，则的最小值是___________.【答案】3【解析】【分析】利用“1的代换”将转化为，最后利用基本不等式求得最小值即可.【详解】解：因为正数a，b满足，则，当且仅当且即时取等号，此时的最小值3.故答案为：3.【点睛】在应用基本不等式求最值时，要把握不等式成立的三个条件，就是“一正——各项均为正；二定——积或和为定值；三相等——等号能否取得”，若忽略了某个条件，就会出现错误．三．解答题（共5道大题，共45分）16. 已知函数在x＝1处取得极值．（1）求a的值；（2）求f（x）在区间[－4，4]上的最大值和最小值．【答案】（1）9；（2）最大值为76，最小值为－5.【解析】【分析】（1）求出导函数，利用在处取得极值，，求解即可．（2）求出．判断导函数的符号，判断函数的单调性，然后求解极值，求解端点值，推出最值即可．【详解】解：（1）因为，所以．因为在x＝1处取得极值，所以，即，解得经检验，符合题意．（2）由（1）得．所以．令，得或；令，得．所以的单调递增区间为，，单调递减区间为．所以的极大值为，极小值为又， ，所以所以的最大值为76，最小值为17. 某学校学生会有10名志愿者，其中高一2人，高二3人，高三5人，现从这10人中任意选取3人参加一个冬奥会志愿活动.（1）求选取的3个人来自同一年级的概率；（2）设表示选取的志愿者是高二学生的人数，求的分布列和期望.【答案】（1）；（2）分布列见解析，期望为【解析】【分析】（1）利用古典概型的概率公式求解即可；（2）先求出随机变量的可能取值，然后求出其对应的概率，列出分布列，由数学期望的计算公式求解即可．【详解】解：（1）由题意可知，选取的3个人来自同一年级的概率为；（2）由题意可知，的可能取值为0，1，2，3，则；；；；所以的分布列为：0123故．18. 教育部决定自2020年起，在部分高校开展基础学科招生改革试点（也称强基计划）．强基计划主要选拔培养有志于服务国家重大战略需求且综合素质优秀或基础学科拔尖学生，强基计划的校考由试点高校自主命题.已知甲、乙两所大学的笔试环节都设有三门考试科目，且每门科目是否通过相互独立．若某考生报考甲大学，每门科目通过的概率分别为，，，该考生报考乙大学，每门科目通过的概率均为．（1）设A为事件“该考生报考乙大学在笔试环节至少通过二门科目”求事件A发生的概率；（2）设X为该考生通过甲大学的笔试环节科目数，求随机变量X的分布列和数学期望．【答案】（1）；（2）分布列见解析，期望为．【解析】【分析】（1）至少通过二门科目即通过二门或通过三门，由此计算概率；（2）的可能值为，分别计算概率后可得分布列，由期望公式计算期望．【详解】（1）由题意；（2）的可能值为，，．，，的分布列为0123．19. 已知等比数列满足，．（1）求数列的通项公式；（2）求数列的前n项和；（3） 求数列的前n项和【答案】（1）    （2）    （3）【解析】【分析】（1）根据条件求解出等比数列的公比，则的通项公式可求；（2）根据等比数列的前项和公式求解出；（3）由错位相减法求解即可【小问1详解】设等比数列的公比为，因为，所以，所以，又因为，所以；【小问2详解】因为，所以；【小问3详解】，，两式相减得：所以.20. 已知函数．（1）若，求的极值（2）讨论的单调区间；（3）对，都有恒成立，求的取值范围．【答案】（1）1    （2）详解见解析    （3）【解析】【分析】（1）求导，从而计算得，判断单调性与极值；（2）分类讨论与两种情况；（3）将条件转化为，分类讨论与两种情况下的最小值.【小问1详解】已知，
 得，，得0↘极小值↗的极小值为【小问2详解】，．当时，，所以在上单调递增；当时，令，得；令，得，所以的单调递增区间是，单调递减区间是．综上，当时，的单调递增区间是；当时，的单调递增区间是，单调递减区间是．【小问3详解】对，都有恒成立则，由（2）知．因为，所以．当时，．所以在区间上单调递增，于是，所以符合题意．当时，令，得；令，得，所以在区间上单调递增，在区间上单调递减．所以，解得．综上，的取值范围是
 【点睛】导数是研究函数的单调性、极值(最值)最有效的工具，而函数是高中数学中重要的知识点，对导数的应用的考查主要从以下几个角度进行： (1)考查导数的几何意义，往往与解析几何、微积分相联系． (2)利用导数求函数的单调区间，判断单调性；已知单调性，求参数． (3)利用导数求函数的最值(极值)，解决生活中的优化问题． (4)考查数形结合思想的应用．