统考版高考物理二轮专项分层特训卷20分钟选择题专练7含答案

这是一份统考版高考物理二轮专项分层特训卷20分钟选择题专练7含答案，共7页。试卷主要包含了[2021·浙江6月，10]，答案等内容，欢迎下载使用。
A．粒子X为中子，粒子Y为质子
B．核反应方程 eq \\al(\s\up11(6),\s\d4(3)) Li＋Y―→ eq \\al(\s\up11(4),\s\d4(2)) He＋ eq \\al(\s\up11(3),\s\d4(1)) H为α衰变
C．核反应生成物中的α粒子具有很强的电离本领和穿透能力
D．在 eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(1)) H＋ eq \\al(\s\up11(3),\s\d4(1)) H―→ eq \\al(\s\up11(4),\s\d4(2)) He＋X核反应中，反应前的总质量大于反应后的总质量
2.
[2021·广东卷，5]截面为正方形的绝缘弹性长管中心有一固定长直导线，长管外表面固定着对称分布的四根平行长直导线．若中心直导线通入电流I1，四根平行直导线均通入电流I2，I1≫I2，电流方向如图所示．下列截面图中可能正确表示通电后长管发生形变的是( )
3．[2021·浙江6月，10]
空间站在地球外层的稀薄大气中绕行，因气体阻力的影响，轨道高度会发生变化．空间站安装有发动机，可对轨道进行修正．图中给出了国际空间站在2020.02～2020.08期间离地高度随时间变化的曲线，则空间站( )
A．绕地运行速度约为2.0 km/s
B．绕地运行速度约为8.0 km/s
C．在4月份绕行的任意两小时内机械能可视为守恒
D．在5月份绕行的任意两小时内机械能可视为守恒
4．甲、乙两汽车沿同一平直公路同向行驶的v ­ t图象如图所示，t＝10 s时两车恰好相遇．下列分析正确的是( )
A．甲车的加速度大小为0.5 m/s2
B．t＝0时，乙在甲前方5 m处
C.t＝0时，甲在乙前方125 m处
D．甲追乙时，追上前甲、乙间最大距离为50 m
5．空间有一匀强电场，在电场中建立如图所示的直角坐标系O ­ xyz，M、N、P为电场中的三个点，M点的坐标为(0，a，0)，N点的坐标为(a，0，0)，P点的坐标为(a， eq \f(a,4) ， eq \f(a,4) ).已知电场方向平行于直线MN，M点电势为0，N点电势为2 V，则P点的电势为( )
A． eq \f(7,4) V B． eq \f(3,2) V C． eq \f(1,2) V D． eq \f(1,4) V
6．(多选)如图甲所示，某工厂将圆柱形工件a放在倾角为θ的斜面上，为防止工件滚动，在其下方垫一段半径与a相同的半圆柱体b.图乙为该装置的某一横截面，若逐渐减小斜面倾角，a、b始终处于静止状态，不计a与接触面间的摩擦，b的质量很小．则( )
A．斜面对a的弹力增大
B．斜面对a的弹力先增大后减小
C．b对a的弹力逐渐减小
D．b对a的弹力不变
7．(多选)如图所示，MN和PQ是两根电阻不计的光滑平行金属导轨，间距为L，导轨水平部分处在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向与水平导轨平面夹角为37°，导轨右端接一阻值为R的定值电阻，质量为m、长度为L的金属棒，垂直导轨放置，从导轨左端高h处静止释放，进入磁场后运动一段距离停止．已知金属棒电阻为R，与导轨间接触良好，且始终与磁场垂直，sin 37°＝0.6，cs 37°＝0.8，重力加速度为g，则金属棒进入磁场区域后( )
A．定值电阻两端的最大电压为 eq \f(BL\r(2gh),2)
B．金属棒在水平导轨上运动时对导轨的压力越来越大
C．金属棒在磁场中运动的距离为 eq \f(2mR\r(2gh),B2L2)
D．定值电阻R上产生的焦耳热为 eq \f(1,2) mgh
8．(多选)物体a、b中间用一根轻质弹簧相连，放在光滑水平面上，物体a的质量为1.2 kg，如图甲所示．开始时两物体均静止，弹簧处于原长，t＝0时对物体a施加水平向右的恒力F，t＝1 s时撤去，在0～1 s内两物体的加速度随时间变化的情况如图乙所示．弹簧始终处于弹性限度内，整个运动过程中以下分析正确的是( )
A．t＝1 s时a的速度大小为0.8 m/s
B．t＝1 s时弹簧伸长量最大
C．b物体的质量为0.8 kg
D．弹簧伸长量最大时，a的速度大小为0.6 m/s
20分钟选择题专练（7）
1．答案：D
解析：核反应中的质量数和电荷数均守恒，则X、Y粒子均为中子，A错误；核反应方程 eq \\al(\s\up11(6),\s\d4(3)) Li＋ eq \\al(\s\up11(1),\s\d4(0)) n―→ eq \\al(\s\up11(4),\s\d4(2)) He＋ eq \\al(\s\up11(3),\s\d4(1)) H为原子核的人工转变，B错误；核反应生成物中的α粒子具有很强的电离本领，但其穿透能力较弱，C错误； eq \\al(\s\up11(1),\s\d4(1)) H＋ eq \\al(\s\up11(3),\s\d4(1)) H―→ eq \\al(\s\up11(4),\s\d4(2)) He＋ eq \\al(\s\up11(1),\s\d4(0)) n为轻核聚变，该核反应向外释放能量，则该反应存在质量亏损，则反应前的总质量大于反应后的总质量，D正确．
2．答案：C
解析：根据“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”的作用规律可知，左、右两导线与长管中心的长直导线相互吸引，上、下两导线与长管中心的长直导线相互排斥，C正确．
3．答案：D
解析：设空间站离地面高度为h，空间站在运行过程中万有引力提供其做圆周运动的向心力，有G eq \f(Mm,（R＋h）2) ＝m eq \f(v2,（R＋h）) ，则运行速度v＝ eq \r(\f(GM,R＋h)) ，由题图可知卫星绕地球做离地高约420 km左右的近地轨道运动，故环绕速度略小于第一宇宙速度7.9 km/s，A、B错误；4月份中某时刻轨道高度突然减小，是由于受到了外层大气稀薄空气的影响，机械能减小，C错误；5月中轨道半径基本不变，故机械能可视为守恒，D正确．
4．答案：D
解析：由图可知汽车甲在0～10 s内以大小为0.5 m/s2的加速度做匀减速运动，10～20 s内以大小为1.0 m/s2的加速度做匀加速运动，A错误；速度—时间图线与坐标轴围成的面积表示位移大小，0～10 s内汽车甲的位移大小为 eq \f(1,2) ×10×5 m＝25 m，汽车乙的位移大小为10×10 m＝100 m，由于t＝10 s两汽车相遇，则t＝0时汽车甲在汽车乙前方75 m处，B、C错误；t＝10 s后汽车乙运动到汽车甲的前方，甲追乙过程中，当两汽车的速度相等时，甲、乙之间的距离最大，即t＝20 s时两汽车之间的距离最大，10～20 s内汽车甲的位移大小为 eq \f(1,2) ×10×10 m＝50 m，汽车乙的位移大小为10×10 m＝100 m，则两汽车间的最大距离为50 m，D正确．
5．答案：A
解析：已知电场方向平行于直线MN，M点的电势为0，N点的电势为2 V，故UNM＝E· eq \r(2) a＝2 V，将电场强度沿着－x方向和＋y方向正交分解，则－x和＋y方向的分量分别为Ex＝ eq \f(\r(2),2) E、Ey＝ eq \f(\r(2),2) E，设P在xOy平面上的投影为P′点，投影点的坐标为 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a，\f(a,4)、0)) ，则UNP＝UNP′＝Ey· eq \f(a,4) ＝ eq \f(\r(2),2) E× eq \f(a,4) ＝ eq \f(1,4) V，又因N点电势为2 V，则P′电势为 eq \f(7,4) V，即P点电势为 eq \f(7,4) V，A正确，B、C、D错误．
6．答案：AC
解析：以a为研究对象，受力分析如图所示，假设b对a的弹力为F1，其延长线与斜面的交点为球b的圆心C，F1与斜面的夹角为α，斜面对a的弹力为F2，由几何关系可知∠BED＝90°－α－θ、∠EBD＝θ、∠BDE＝90°＋α，则由正弦定理得 eq \f(sin （90°－α－θ）,F2) ＝ eq \f(sin （90°＋α）,mg) ＝ eq \f(sin θ,F1) ，仅将斜面的倾角θ减小，而α保持不变，则斜面对a的弹力F2增大，b对a的弹力F1逐渐减小，A、C正确，B、D错误．
7．答案：BD
解析：金属棒进入磁场的瞬间，金属棒的速度最大，棒中的感应电动势最大，定值电阻R两端的电压最大，设金属棒进入磁场瞬间的速度为v，则由机械能守恒定律得，mgh＝ eq \f(1,2) mv2，金属棒中的感应电动势为E＝BLv sin 37°，定值电阻两端的电压为U＝ eq \f(R,R＋R) E＝ eq \f(1,2) BLv sin 37°＝ eq \f(3BL\r(2gh),10) ，A错误；金属棒进入磁场后，所受的安培力垂直磁场斜向左上方，则金属棒做减速运动，感应电动势逐渐减小，感应电流逐渐减小，安培力逐渐减小，安培力竖直向上的分力逐渐减小，则在竖直方向上金属棒对水平导轨的压力逐渐增大，B正确；对金属棒在水平方向上由动量定理得－B sin 37°· eq \x\t(I) Lt＝0－mv，又 eq \x\t(I) t＝q，由欧姆定律有 eq \x\t(I) ＝ eq \f(\x\t(E),2R) ，又由法拉第电磁感应定律得 eq \x\t(E) ＝ eq \f(ΔΦ,Δt) ＝ eq \f(B sin 37°·Lx,Δt) ，整理得x＝ eq \f(50mR\r(2gh),9B2L2) ，C错误；对金属棒的整个运动过程由能量守恒定律得mgh＝QR＋Q棒，由于棒和定值电阻的阻值相等，则QR＝Q棒，解得QR＝ eq \f(1,2) mgh，D正确．
8．答案：CD
解析：a ­ t图线与横坐标轴围成的面积表示速度的变化量，如果0～1 s的时间内，图线a为倾斜的直线，则该图线与横坐标轴围成的图形为梯形，则t＝1 s时a的速度大小为 eq \f(1,2) ×（0.6＋1.0）× 1 m/s＝0.8 m/s，故t＝1 s时，a的速度小于0.8 m/s，A错误；两物体的速度相等时弹簧的伸长量最大，由图乙可知0～1 s的时间内，图线a与横坐标轴围成的面积大于图线b与横坐标轴围成的面积，即1 s时b的速度小于a的，即此时弹簧的伸长量没有达到最大，B错误；t＝0时，物体a的加速度大小为1 m/s2，对物体a由牛顿第二定律得F＝maa1，t＝1 s时两物体的加速度大小均为0.6 m/s2，以a、b为整体由牛顿第二定律得F＝（ma＋mb）a2，解得F＝1.2 N、mb＝0.8 kg，C正确；由t＝0到两物体的速度大小相等时，由动量定理得Ft＝（ma＋mb）v，解得v＝0.6 m/s，D正确．