|试卷下载
搜索
    上传资料 赚现金
    2021-2022学年浙江省宁波市镇海中学高二下学期期末数学试题含解析
    立即下载
    加入资料篮
    2021-2022学年浙江省宁波市镇海中学高二下学期期末数学试题含解析01
    2021-2022学年浙江省宁波市镇海中学高二下学期期末数学试题含解析02
    2021-2022学年浙江省宁波市镇海中学高二下学期期末数学试题含解析03
    还剩14页未读, 继续阅读
    下载需要10学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    2021-2022学年浙江省宁波市镇海中学高二下学期期末数学试题含解析

    展开
    这是一份2021-2022学年浙江省宁波市镇海中学高二下学期期末数学试题含解析,共17页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    2021-2022学年浙江省宁波市镇海中学高二下学期期末数学试题

    一、单选题

    1.已知集合A={123}B={248},则AB=       

    A{4} B{2} C{124} D{12348}

    【答案】B

    【分析】根据交集的定义即可得出答案.

    【详解】解:因为A={123}B={248}

    所有.

    故选:B.

    2.已知,则f(3)=       

    A3 B5 C7 D9

    【答案】B

    【分析】根据分段函数的定义计算函数值.

    【详解】.

    故选:B

    3.设a=1.50.3b=log21.5c=log1.50.9,则abc的大小关系是(       

    Ac<b<a Bb<c<a Ca<b<c Dc<a<b

    【答案】A

    【分析】由指数函数、对数函数性质结合中间值01比较可得.

    【详解】,因此.

    故选:A.

    4.下列函数中,既是偶函数,又满足值域为R的是(       

    Ay=x2 B Cy=tan|x| Dy=|sinx|

    【答案】C

    【分析】由函数的值域首先排除ABD,对C进行检验可得.

    【详解】选项AB中函数值不能为负,值域不能R,故AB错误,

    选项D值域为,故D也错误,那么选项C为偶函数,

    时,,值域是R,因此在定义域内函数值域为R

    故选:C

    5.在ABC中,角ABC所对的边分别为,则ABC是等腰三角形的(       

    A.充分不必要条件 B.必要不充分条件

    C.充要条件 D.既不充分也不必要条件

    【答案】D

    【分析】根据充分必要条件的定义判断.

    【详解】充分性:

    ,即,故不一定是等腰三角形,故充分性不成立

    必要性:当是等腰三角形,不妨令:,则

    推不出:,故必要性不成立

    综上所述:为既不充分也不必要条件,

    故选:D

    6.函数的大致图像可以为(       

    A B

    C D

    【答案】C

    【分析】探讨函数的奇偶性可排除两个选项,再由时函数值的符号即可判断作答.

    【详解】依题意,函数的定义域为,即为奇函数,选项BD不满足;

    时,单调递增,即,恒有,选项A不满足,C满足.

    故选:C

    7.已知正三棱锥P-ABC,底面边长为3,高为1,四边形EFGH为正三棱锥P-ABC的一个截面,若截面为平行四边形,则四边形EFGH面积的最大值为(       

    A B C D

    【答案】C

    【分析】又正三棱锥的性质求得三棱锥的侧棱长,结合平行四边形的面积公式及基本不等式求最值即可得解.

    【详解】设侧棱长为,则由底面边长为3,高为1,由可求得

    如图,设,则,且,于是

    所以

    当且仅当时取等号

    故四边形的面积最大值为

    故选:C.

    8.已知平面向量满足,则所成夹角的最大值是(       

    A B C D

    【答案】A

    【分析】夹角为所成夹角为,利用平面向量的数量积可得出,并可得出,利用基本不等式可求得的最小值,可得出的取值范围,即可得解.

    【详解】夹角为所成夹角为

    所以,

    联立可得

    ①④联立可得

    当且仅当时,取等号,,则

    所成夹角的最大值是

    故选:A.

    【点睛】方法点睛:求平面向量夹角的方法:

    1)定义法:利用向量数量积的定义得,其中两向量的取值范围是

    2)坐标法:若非零向量,则.

    二、多选题

    9.已知实数,且,则下列不等式不一定成立的(       

    A B C D

    【答案】BCD

    【分析】利用不等式的同向可加性可判断A正确;取特值举反例可判断BCD错误;

    【详解】A选项,由不等式同向可加性,可得,故A正确;

    B选项,,则,故B错误;

    C选项,,则,故C错误;

     D选项,,则,故D错误,

    故选:BCD

    10.已知函数的图象如图所示,下列选项中正确的是(       

    A.函数f(x)的最小正周期为π

    B.函数f(x)的一条对称轴是

    C.函数f(x)上单调递增

    D.函数f(x)[-2π,2π]内有12个零点

    【答案】BCD

    【分析】根据图象求出函数解析式,然后由正弦函数性质求解判断.

    【详解】由图可知,

    所以

    代入,可得,所以

    因此.

    A选项,周期为,故A错误;

    B选项,令,当时,,故B正确;

    C选项,求单调递增区间,令

    时,,故C正确:

    D选项,求零点,令,又因为定义在上,所以,解得,有12符合条件,故D正确

    故选:BCD.

    11.已知函数的零点kZ,且mn满足2022m=20232023n=2022,则k的可能值为(       

    A.-3 B.-2 C.-1 D0

    【答案】BC

    【分析】由指数函数性质确定的范围,得出函数的单调性,然后由零点存在定理确定零点所在区间得结论.

    【详解】R上单调递增

    下面开始赋值:

    ,满足题意,

    故选:BC

    12.如图,PAO所在平面,AB是圆O的直径,C是圆周上一点,其中AB=5PA=4AC=3,则(       

    A.圆O所在平面与平面PBC所成角的正弦值为

    B.直线PB与平面PAC所成角的正弦值为

    C.四面体P-ABC的外接球的表面积为41π

    D.四面体P-ABC的内切球半径为

    【答案】ACD

    【分析】先根据题意判断得到,再求出各线段的长度.

    A,根据圆所在平面与平面所成角的平面角为求解即可;

    B,直线与平面所成角为计算即可;

    C,根据外接球的直径为计算即可;

    D,利用等体积法计算即可

    【详解】,则.

    A选项:圆所在平面与平面所成角的平面角为,因为,故A正确

    B选项:直线与平面所成角为,故B错误

    C选项:四个面都是直角三角形的三棱锥的外接球的球心在最长棱的中点,即为的中点,,故C正确

    D选项:根据等体积转换:,即,解得,故选项D正确

    故选:ACD

    三、填空题

    13.计算:等于___________.

    【答案】1

    【分析】由对数的定义、对数的换底公式计算.

    【详解】.

    故答案为:1

    14.若复数满足,则复数等于___________.

    【答案】

    【分析】由复数的四则运算求得,再利用共轭复数及模长公式即可求解.

    【详解】

    由共轭复数定义知,

    由复数的模长知,

    故答案为:

    15.在四边形ABCD中,ABBCADDCBC=5,则四边形ABCDAB旋转一周所成几何体的表面积为___________.

    【答案】

    【分析】利用圆台和圆锥的侧面积计算公式可求几何体的表面积.

    【详解】将平面图形补全为如下图所示的直角梯形

    四边形旋转一周所成几何体为一个圆台挖去一个圆锥,如下图:

    该几何体的表面积为

    故答案为:.

    16.已知实数,则的最小值为___________.

    【答案】

    【分析】依题意利用基本不等式计算可得;

    【详解】解:因为

    所以

    "取等号

    综上所述:的最小值为

    故答案为:

    四、解答题

    17.已知函数,若的解集为.

    (1)的值;

    (2)为何值时,的解集为

    【答案】(1)

    (2)

    【分析】1)依题意为方程的两根,利用韦达定理得到方程组,解得即可;

    2)分两种情况讨论,当时,需满足,即可求出参数的取值范围;

    【详解】(1)解:由题意可知,的解集为

    所以为方程的两根,

    (2)解:的解集为

    时,的解集为

    时,

    综上所述,的取值范围为.

    18.已知.

    (1)

    (2),求的值.

    【答案】(1)

    (2)

    【分析】1)利用诱导公式、二倍角公式、同角间的三角函数关系化简函数式,然后计算;

    2)由(1)得,然后由正切的二倍角公式计算.

    【详解】(1)

    (2)

    19.镇海中学为了学生的身心建康,加强食堂用餐质量(简称美食)的过程中,后勤部门需了解学生对美食工作的认可程度,若学生认可系数(认可系数=)不低于0.85美食工作按原方案继续实施,否则需进一步整改.为此该部门随机调查了600名学生,根据这600名学生对美食工作认可程度给出的评分,分成[50,60),[60,70),[70,80),[80,90),[90,100]五组,得到如图所示的频率分布直方图.

    (1)求直方图中x的值和中位数;

    (2)为了解部分学生给美食工作评分较低的原因,该部门从评分低于80分的学生中用分层抽样的方法随机选取30人进行座谈,求应选取评分在[60,70)的学生人数;

    (3)根据你所学的统计知识,结合认可系数,判断美食工作是否需要进一步整改,并说明理由.

    【答案】(1),中位数为

    (2)应选取评分在的学生人数为10

    (3)“美食工作需要进一步整改,理由见解析

    【分析】1)由频率分布直方图中所有频率和为1可求得,在频率分布直方图中频率对应的数为中位数;

    2)由低于80分的学生中三组学生的人数比例进行计算;

    3)由频率分布直方图求出平均值后比较可得.

    【详解】(1)由图可知:

    中位数:.

    (2)低于80分的学生中三组学生的人数比例为

    则应选取评分在的学生人数为:(人).

    (3)由图可知,认可程度平均分为:

    美食"工作需要进一步整改.

    20.在锐角ABC中,角ABC所对的边分别是abc,且满足.

    (1)求角A的大小;

    (2)a=4,求ABC面积的取值范围.

    【答案】(1)

    (2)

    【分析】1)利用向量的数量积公式和正弦定理以及两角和的正弦公式化简即可得到答案.

    2)由为锐角三角形,可得角B的范围,由正弦定理表示出面积,利用二倍角公式和辅助角公式化简面积,由正弦函数的性质可得范围.

    【详解】(1)

    因为,化简得

    因为,所以

    (2)由于为锐角三角形,则

    由正弦定理

    所以

    因为,所以

    .

    21.如图,在六面体中,是等边三角形,二面角的平面角为30°.

    (1)证明:

    (2)若点E为线段BD上一动点,求直线CE与平面所成角的正切的最大值.

    【答案】(1)证明见解析

    (2)2

    【分析】1)利用线面垂直的判定定理及性质定理即可证得;

    2)建立空间直角坐标系,利用空间向量求得线面,满足,利用换元法结合二次函数的最值即可求解.

    【详解】(1)证明:取中点,连接

    因为,所以,且

    所以平面

    平面,所以.

    (2)连接,则,由,可得

    于是,所以

    ,所以平面

    为原点,分别为轴建立空间直角坐标系,

    ,可得

    平面的法向量为

    ,则

    与平面所成角为

    ,则

    ,由对称轴知,当,即时,

    ,于是

    直线与平面所成角的正切的最大值为2.

    22.已知.

    (1)f(x)[02]上单调,求实数m的取值范围;

    (2)f(x)≤|mx1|x∈[04m]恒成立,求实数m的取值范围;

    (3)若存在实数abk满足f(a)=f(b)=k,且a<m<b.m变化时,求a+b的取值范围.

    【答案】(1)

    (2)

    (3)

    【分析】1)由绝对值定义去掉绝对值符号得分段函数,作出函数大致图象,结合二次函数性质可得结论;

    2)由时不等式成立得出,然后作出的图象,再作出的图象,利用图象可得关于的不等关系,从而求得范围;

    3)由(1)知需要按分类讨论,作出函数图象,得单调性,结合二次函数的性质可得的范围.

    【详解】(1)

    对于二次函数来说

    单调递增,单调递减

           图1

    对于二次函数来说,

    单调递增

    上单调,那么只能单调递增,

    如图1所示:只需满足分界线即可,

    故实数的取值范围为

    (2)恒成立,

    不妨令

    下面讨论的零点的零点的位置关系

    的较大零点的右侧,如图2所示

              图2

    只需满足:

    (3)由(1)知,

    当函数上单调时,

    如图3所示故当时,存在实数满足

                          3

    ,故

    当函数上不单调时,,如图4所示

    ,函数单调递减

    ,函数单调递增

    ,故当时,

    存在实数满足

    对于来说,对称轴为,其图象是由的图象向上平移个单位

             图4

    有两个交点,交点横坐标分别为(设),则

    那么

    对于来说,对称轴为,其图象是由的图象向下平移个单位得到,

    有两个交点,交点横坐标分别为(设),,那么

    不可能是偶函数,故

    综上所述:由可得:

    相关试卷

    浙江省宁波市镇海中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题(教师版含解析): 这是一份浙江省宁波市镇海中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题(教师版含解析),共21页。试卷主要包含了选择题,填空题等内容,欢迎下载使用。

    2022-2023学年浙江省宁波市镇海中学高一上学期期中数学试题(解析版): 这是一份2022-2023学年浙江省宁波市镇海中学高一上学期期中数学试题(解析版),共17页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    浙江省宁波市镇海中学2021-2022学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析): 这是一份浙江省宁波市镇海中学2021-2022学年高一数学上学期期末试题(Word版附解析),共19页。试卷主要包含了 化为弧度是, 已知角的终边经过点,且,则, 在上,满足的的取值范围是, 在中,,则的最小值为, 已知,为锐角,且,,则, 下列函数中,周期为1的函数是等内容,欢迎下载使用。

    免费资料下载额度不足,请先充值

    每充值一元即可获得5份免费资料下载额度

    今日免费资料下载份数已用完,请明天再来。

    充值学贝或者加入云校通,全网资料任意下。

    提示

    您所在的“深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载 10 份资料 (今日还可下载 0 份),请取消部分资料后重试或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载10份资料,您的当日额度已用完,请明天再来,或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深圳市第一中学”云校通余额已不足,请提醒校管理员续费或选择从个人账户扣费下载。

    重新选择
    明天再来
    个人账户下载
    下载确认
    您当前为教习网VIP用户,下载已享8.5折优惠
    您当前为云校通用户,下载免费
    下载需要:
    本次下载:免费
    账户余额:0 学贝
    首次下载后60天内可免费重复下载
    立即下载
    即将下载:资料
    资料售价:学贝 账户剩余:学贝
    选择教习网的4大理由
    • 更专业
      地区版本全覆盖, 同步最新教材, 公开课⾸选;1200+名校合作, 5600+⼀线名师供稿
    • 更丰富
      涵盖课件/教案/试卷/素材等各种教学资源;900万+优选资源 ⽇更新5000+
    • 更便捷
      课件/教案/试卷配套, 打包下载;手机/电脑随时随地浏览;⽆⽔印, 下载即可⽤
    • 真低价
      超⾼性价⽐, 让优质资源普惠更多师⽣
    VIP权益介绍
    • 充值学贝下载 本单免费 90%的用户选择
    • 扫码直接下载
    元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
    您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      充值到账1学贝=0.1元
      0学贝
      本次充值学贝
      0学贝
      VIP充值赠送
      0学贝
      下载消耗
      0学贝
      资料原价
      100学贝
      VIP下载优惠
      0学贝
      0学贝
      下载后剩余学贝永久有效
      0学贝
      • 微信
      • 支付宝
      支付:¥
      元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
      您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      扫码支付0直接下载
      • 微信
      • 支付宝
      微信扫码支付
      充值学贝下载,立省60% 充值学贝下载,本次下载免费
        下载成功

        Ctrl + Shift + J 查看文件保存位置

        若下载不成功,可重新下载,或查看 资料下载帮助

        本资源来自成套资源

        更多精品资料

        正在打包资料,请稍候…

        预计需要约10秒钟,请勿关闭页面

        服务器繁忙,打包失败

        请联系右侧的在线客服解决

        单次下载文件已超2GB,请分批下载

        请单份下载或分批下载

        支付后60天内可免费重复下载

        我知道了
        正在提交订单

        欢迎来到教习网

        • 900万优选资源,让备课更轻松
        • 600万优选试题,支持自由组卷
        • 高质量可编辑,日均更新2000+
        • 百万教师选择,专业更值得信赖
        微信扫码注册
        qrcode
        二维码已过期
        刷新

        微信扫码,快速注册

        还可免费领教师专享福利「樊登读书VIP」

        手机号注册
        手机号码

        手机号格式错误

        手机验证码 获取验证码

        手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

        设置密码

        6-20个字符,数字、字母或符号

        注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
        QQ注册
        手机号注册
        微信注册

        注册成功

        下载确认

        下载需要:0 张下载券

        账户可用:0 张下载券

        立即下载
        账户可用下载券不足,请取消部分资料或者使用学贝继续下载 学贝支付

        如何免费获得下载券?

        加入教习网教师福利群,群内会不定期免费赠送下载券及各种教学资源, 立即入群

        返回
        顶部
        Baidu
        map