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2021-2022学年河南省驻马店市正阳县八年级（下）期末物理试卷（Word解析版）
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这是一份2021-2022学年河南省驻马店市正阳县八年级（下）期末物理试卷（Word解析版），共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年河南省驻马店市正阳县八年级（下）期末物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分
一、单选题（本大题共6小题，共12分）
1. 下列物理知识说法正确的是( )
A. 力是维持物体运动状态的原因
B. 潜水艇是靠改变自身重力来实现上浮或下沉的
C. 百米跑运动员穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为增大压强
D. 实心球离手后在空中运动时，推力对实心球做功
2. 对物理概念的理解是学好物理的关键。关于功、功率和机械效率，下列说法正确的是( )
A. 通过改进机械的性能可以使机械效率达到100%
B. 做功多的机械，功率一定大
C. 功率大的机械，做功一定快
D. 做功快的机械，机械效率一定高
3. 小艾陪爷爷去公园锻炼，看到工人在用修枝剪修剪树枝，如图所示，下列关于修枝剪的说法正确的是( )
A. 修枝剪在使用时是费力杠杆
B. 支点为大拇指与手柄的接触点
C. 修枝剪受到的阻力与动力方向相反
D. 修剪树枝时，将手往手柄末端移动更省力
4. 小李的爸爸利用酒瓶切割器，将家里废弃的酒瓶做成了工艺品“酒瓶灯”，如图所示，下列说法不正确的是( )
A. 一阵风吹来，酒瓶开始左右摆动，当酒瓶摆到最高点时，酒瓶只受重力的作用
B. 风吹过后，酒瓶灯无法马上停下来，是由于它具有惯性
C. 酒瓶灯静止时，酒瓶受到的重力和电线的拉力不是一对平衡力
D. 酒瓶灯静止时，酒瓶灯对电线的拉力和电线对酒瓶灯的拉力大小相等
5. 创意改变生活，如图所示是自带吸管的玻璃杯装置，杯中装有水，小科用手封住杯口，通过玻璃吸管不易“吸”到水，移开后，能轻松“吸”到水。关于该装置说法正确的是( )
A. 小科能轻松“吸”到水是利用了液体有压强的原因
B. 图中A点的压强等于B点的压强
C. 若h=7cm，则B点受到液体的压强为70Pa
D. 该装置不是一个连通器
6. 如图所示，物体在沿斜面向上拉力的作用下从倾角为30°的斜面底端匀速拉到斜面的顶端，已知物体所受重力为G，斜面的机械效率为75%，若物体受到的拉力和摩擦力分别用F和f表示，则( )
A. F=23 G f=16 G B. F=16 G f=23 G
C. F=23 G f=38 G D. F=12 G f=23 G
二、多选题（本大题共2小题，共4分）
7. 如图所示，小明将小球从轨道A点由静止释放(A、D两点等高)，小球通过B点和C点。下列关于小球运动的过程描述正确的是(小球和轨道间存在摩擦)( )
A. 小球在A点的机械能最大 B. 小球在B点的速度为零
C. 小球在C点和B点的机械能相等 D. 小球不能到达D点
8. 如图所示，水母身体外形像一把透明伞，水母身体内有一种特别的腺，这种腺能产生一氧化碳改变自身体积，从而能在水中上浮与下沉。下列说法正确的是( )
A. 水母产生一氧化碳时，体积变大，所受浮力变大
B. 水母漂浮时比沉在水底时排开水的重力小
C. 水母在下沉过程中受到水的压强不变
D. 水母悬浮时，若体积变大，会上浮
三、填空题（本大题共6小题，共14分）
9. 2021年5月15日，“天问一号”火星着陆器成功着陆火星表面。如图所示，着陆器启动反推火箭向下喷火减速着陆，利用了物体间力的作用是______的，同时说明力可以改变物体的______。
10. 盘山公路可模拟为简单机械中的______，与直线上山的公路相比，盘山公路的优点是______，旗杆上装有定滑轮，利用它来升国旗，目的是______。
11. 如图甲所示，两个完全相同的木块A和B叠放在水平桌面上，每个木块的质量5kg，在16N的水平拉力F1作用下，A、B一起向右做匀速直线运动，此时木块B受到的摩擦力大小为________N。如图乙所示，若将A、B木块紧靠着放在水平桌面上，用水平力F2推A使它们一起也向右做匀速直线运动，则F2是________N。
12. 如图所示，一个物体静止于光滑水平面上的O点，在水平恒力F作用下开始向右加速运动，依次经过a、b、c三个点，且a、b之间和b、c之间的距离相等，F在ab段做功W1，做功功率P；在bc段做功W2，做功功率P2，则有W1______W2，P1______P2(选填“>”或“=”或“<”)。
13. 小明利用图中甲所示的装置，将物块从水面缓缓浸入水中，乙图为弹簧测力计的示数F与物块浸入水中的深度h的关系图像，物块没入水中时所受的浮力为______N，台称的示数将______(选填“增大”、“不变”或“减小”)，物块的密度是______kg/m3。(g取10N/kg)
14. 如图所示，是同学们上体育课时立定跳远和掷实心球的场景，请你根据所学物理知识，仿照示例，提出一个与力学相关的物理问题并简要回答。
【示例】
问题：人用力向前抛球，球为什么可以向前飞行？
解答：力可以改变物体的运动状态。
问题：______？
解答：______。
四、作图题（本大题共2小题，共4分）
15. 一小球用两根细线悬挂于天花板上，其中线AB恰好竖直，请在图中画出小球静止时所受力的示意图。(细线的重力不计)
16. 如图所示，轻质衣架能绕O点转动，要使衣架在图示位置静止，请在A点画出应施加最小的力F及对应的力臂l。
五、实验探究题（本大题共3小题，共19分）
17. 为了探究浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系，某同学用弹簧测力计、小石块、烧杯、小桶等进行实验操作，如图所示，A、B、C、D、E是五个步骤示意图。
(1)指出上述操作步骤中的一处错误，错误步骤是：______(只填图中所标的序号)，改正方案是：______。
(2)改正错误后重新进行实验，读出A、B、D、E四幅图中弹簧测力计的读数分别是F1、F2、F3、F4。
①由A图和______图中弹簧测力计的读数可以求出小石块的浮力。
②如果关系式______成立，就可以验证“阿基米德原理”。
(3)若在D步骤中，小石块未能完全浸没到液面下，其它测量均正确，是否也能得到②中所填写的关系式？______(选填“能”或“不能”)
(4)若在实验中先进行E图操作，再进行B图操作，则所测得排开水的重力与真实值相比偏______。
18. 在探究“物体动能大小跟哪些因素有关”的实验中。让小球由静止开始沿斜面向下运动去撞击水平面上的木块，实验步骤如图中甲、乙、丙所示。
(1)实验中，木块被撞击后运动的距离越远，说明刚要撞击木块时小球具有的动能越______。
(2)若要探究动能大小与速度的关系，应选择图______和______进行实验。
(3)甲、乙、丙三幅图中，木块在水平面上从开始滑动到最后静止的过程中，木块受到水平面的摩擦力的大小关系是______，此过程中克服摩擦力做功多少的关系是______。
(4)本实验装置中的水平面如果绝对光滑，则将不能完成实验得出结论，原因是______。
19. 图甲是某实验小组探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。
(1)挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态，要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向______(选填“左”或“右”)侧调节；
(2)图乙是一个平衡的杠杆，此时若推动右侧钩码的悬线(如图丙所示)，就会发现杠杆______(选填“左端下沉”“仍然平衡”或“右端下沉”)；
(3)某同学提出，若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否仍然成立？于是该小组利用图丁所示的装置进行探究，在杠杆O点挂上2个钩码，用弹簧测力计在A点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数为______N。以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，多次改变动力作用点的位置进行实验发现：当杠杆水平平衡时，F1l1总是______(选填“大于”“等于”或“小于”)F2l2，其原因可能是______。
六、计算题（本大题共1小题，共8分）
20. 有一满载货车总质量为4t，车轮与地面的总接触面积为0.2m2。
(1)此货车静止时，对水平地面的压强是多少？
(2)此货车在某平直路段以72km/h的速度匀速行驶了10km，所用时间为多少秒？
(3)若此货车所受阻力为车和货物总重的0.1倍，则此货车通过上述路程牵引力做了多少功？
(4)此货车在该路段行驶时，牵引力的功率是多少？
七、综合题（本大题共1小题，共9分）
21. 用图中甲所示的滑轮组提升重为20kg的物体，已知拉力为80N，不计绳重和摩擦，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。
(1)在提升物体的过程中，动滑轮相对于物体是______；在图乙中反映绳子自由端运动的图线是______(填“A”或“B”)。
(2)拉力F做功的功率是多少？
(3)该滑轮组中动滑轮重为多少？
(4)该滑轮组的机械效率为多少？(结果保留百分号前面一位小数)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，故A错误；
B、潜水艇浸没在水中时，排开水的体积不变，受到的浮力不变；为了实现上浮和下沉，是通过改变自身的重力来实现的，故B正确；
C、鞋底有凹凸不平的花纹是通过增大接触面粗糙程度的方式，从而增大了与地面的摩擦力，故C错误；
D、实心球被抛出后在空中继续运动时，手对球没有推力了，球是由于惯性继续运动，所以推力对球不做功，故D错误。
故选：B。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)潜水艇靠通过改变自身的重力来实现上浮和下沉；
(3)影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度；
(4)做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离，据此分析解答。
本题主要考查了力与运动、浮沉条件、影响摩擦力的因素和功，是一道综合题。
2.【答案】C
【解析】解：A、使用任何机械都要做额外功，所以总功一定大于有用功，即有用功与总功的比值一定小于1，也就是机械效率小于100%.故A错误；
B、功率是做功多少与所用时间的比值。做功多，时间不确定，功率大小不能确定。故B错误；
C、功率反映做功的快慢，功率大则做功快，功率小，则做功慢。故C正确；
D、机械效率与做功快慢没有关系。故D错误。
故选：C。
(1)机械效率反映了机械的性能优劣，是有用功与总功的比值，与做功快慢没有关系；使用任何机械不可避免地做额外功，所以机械效率一定小于100%；
(2)功率是描述物体做功快慢的物理量，它等于单位时间内所做的功，功率大则做功快。
正确理解功率和机械效率的概念是解决此题的关键；还要充分考虑选项中的条件，必要时可运用公式分析。
3.【答案】D
【解析】解：AB.由题图可知，修枝剪的支点在转轴处，手对修枝剪的作用力为动力，树枝对修枝剪的作用力为阻力，动力臂大干阻力臂，故修枝剪为省力杠杆，故AB错误；
C.题图中阻力、动力分居支点两侧，故阻力和动力方向相同，故C错误；
D.修剪树枝时将手往手柄末端移动，动力臂增大，在阻力和阻力臂大小不变时，根据杠杆平衡条件可知，动力减小，即更省力，故D正确。
故选：D。
知道杠杆的五要素可以判断支点的位置，从而得出阻力与动力的方向，根据动力臂与阻力臂的关系分析杠杆的省力情况以及如何省力。
本题考查杠杆的要素、分类即应用，解决该题的关键是知道支点在哪里，动力臂与阻力臂的关系。
4.【答案】A
【解析】解：A、酒瓶摆到最高点时，酒瓶除受重力外，还受悬挂酒瓶的绳子对酒瓶的拉力作用，故A错误；
B、风吹过后，由于酒瓶灯具有惯性而无法马上停下来，故B正确；
C、酒瓶灯静止时，酒瓶所受的重力和悬挂酒瓶的绳子对酒瓶的拉力是一对平衡力，灯的重力和电线对灯的拉力是一对平衡力，所以酒瓶受到的重力和电线的拉力不是一对平衡力，故C正确；
D、酒瓶灯静止时，酒瓶灯对电线的拉力和电线对酒瓶灯的拉力是一对相互作用力，大小相等，故D正确。
故选：A。
(1)酒瓶左右摆到最高点时，除受重力外，还受绳子的拉力作用；
(2)风吹过后，酒瓶因具有惯性而不能立即停下；
(3)酒瓶灯静止时，酒瓶所受的重力和悬挂酒瓶的绳子对酒瓶的拉力是一对平衡力；
(4)酒瓶灯静止时，酒瓶灯对电线的拉力和电线对酒瓶灯的拉力是一对相互作用力，据此解答。
本题考查平衡力和相互作用力的辨别、二力平衡条件的应用、惯性的概念，掌握平衡力和相互作用力的区别是解答本题的关键。
5.【答案】B
【解析】解：
A、用吸管从瓶子里吸水时，先把吸管内的部分空气吸走，管内的气压小于外界大气压，水在大气压的作用下被压入吸管，上升到嘴里，所以小科能轻松“吸”到水是利用了大气压，故A错误；
B、由图可知，A、B两点的深度相同，水的密度不变，根据p=ρgh可知，图中A点的压强等于B点的压强，故B正确；
C、若h=7cm，则B点受到液体的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.07m=700Pa，故C错误；
D、该装置上端开口、底部相连，是一个连通器，故D错误。
故选：B。
(1)大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”；
(2)(3)根据p=ρgh分析压强的大小；
(4)上端开口、底部相连的容器为连通器。
本题考查了液体内部压强公式的应用、连通器、大气压的应用，属于基础题。
6.【答案】A
【解析】
【分析】
设斜面长为L、斜面高为h，根据直角三角形的角边关系得出h、L的关系，利用斜面做的有用功W有用=Gh，拉力做的总功W总=FL；利用η=W有用W总=GhFL得出拉力和物重的关系；额外功就是克服摩擦所做的功，其大小等于总功减去有用功，据此求摩擦力。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算，利用直角三角形的角边关系得出h、L的关系是关键。
【解答】
设斜面长为L、斜面高为h，
已知斜面的倾角为30°，根据直角三角形的知识可得h=12L，
利用斜面做的有用功：W有用=Gh，
拉力做的总功：W总=FL；
斜面的机械效率：
η=W有用W总=GhFL=G12LFL=G2F=75%，
则拉力：
F=G2×75%=23G；
克服摩擦力所做的功为额外功，则：
W额=fL=W总-W有用=FL-Gh=23GL-G×12L，
则摩擦力：
f=23G-G×12=16G。
故选：A。
7.【答案】AD
【解析】解：A、小球从A点由静止释放后，在经过B和C点时，由于克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，消耗机械能，机械能一直在减小，故A点机械能最大，故A正确。
B、小球在B点处于运动状态，小球的速度不为零，此时的速度是最大的，故B错误。
C、小球从B点运动到C点时，由于克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，消耗机械能，B点的机械能大于C点的机械能，故C错误。
D、因为小球需要克服摩擦做功，在运动过程中有一部分机械能转化为内能，故小球不能到达D点，故D正确。
故选：AD。
(1)机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。
(2)在动能与重力势能转化过程中，若不考虑摩擦、阻力等因素，机械能不变；若考虑摩擦、阻力等因素，机械能减小。
深入理解影响机械能的因素，知道动能和势能转化过程中，机械能的变化情况(与外界因素有关)，可解答此题。
8.【答案】AD
【解析】解：A、水母产生一氧化碳时，体积变大，其排开水的体积变大，根据F浮=ρgV排知，水母所受浮力变大，故A正确；
B、水母漂浮时，浮力等于其重力，水母沉在水底时，浮力小于其重力，所以水母漂浮时受到的浮力大于其沉在水底时受到的浮力，由F浮=G排可知，水母漂浮时比沉在水底时排开水的重力大，故B错误；
C、水母在下沉过程中，深度增大，根据p=ρgh知，受到水的压强变大，故C错误；
D、水母悬浮时，浮力等于其重力；若体积变大时，其排开水的体积变大，根据F浮=ρgV排知，浮力变大，浮力大于重力，则水母会上浮，故D正确。
故选AD。
(1)水母产生一氧化碳时，体积变大，其排开水的体积变大，根据F浮=ρgV排分析所受浮力的变化；
(2)浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于该物体所排开的液体受到的重力的大小；
(3)根据p=ρgh分析解答；
(4)根据F浮=ρgV排，并结合物体浮沉条件分析。
此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件和液体压强特点，具有一定的综合性，且难度适中，是一道好题，熟练运用相关物理规律是解答此题关键。
9.【答案】相互 运动状态
【解析】解：着陆器启动反推火箭向下喷火减速着陆，由于力的作用是相互的，所以喷出的气体对着陆器有向上的反作用力，从而使着陆器减速；
着陆器受到气体的反作用力，使着陆器的速度减小，说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：相互；运动状态。
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)力的作用效果有两个：①改变物体的形状；②改变物体的运动状态。
此题是一道联系实际的应用题，考查了力的作用效果、力作用的相互性，熟练掌握基础知识即可正确解题。
10.【答案】斜面 省力 改变力的方向
【解析】解：斜面加长了运动距离，但可以省力，故盘山公路修成了斜面形；
要把国旗升到旗杆顶端，就需要站在地面上而对国旗施加一个向上的力，由于定滑轮能够改变力的方向，国旗杆顶端装有定滑轮，利用它来升国旗，可以改变改变施加力的方向。
故答案为：斜面；省力；改变力的方向。
车经过盘山路时要向高处运动，所以我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离；
根据定滑轮的优点可以确定旗杆顶端安装定滑轮的目的。
生活中应用了很多斜面模型，虽然费距离，但可以省力，减轻我们将物体提升时所需要的力；使用定滑轮不省力但能改变力的方向。
11.【答案】0；16
【解析】
【分析】
(1)A、B一起做匀速直线运动，则二者没有相对运动的趋势，不会存在摩擦力；
(2)分析甲图A和B整体的受力情况，根据平衡力条件，求出滑动摩擦力大小。
滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，在这两个因素不变时，滑动摩擦力大小不变，求出F2大小。
本题A和B整体有两种情况下处于平衡状态，分析每一次的受力情况，根据平衡力求出未知量。从甲图到乙图，改变A和B的放置情况，压力大小不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，这是解决本题的关键。
【解答】
A、B一起向右做匀速直线运动，所以A、B没有相对运动的趋势，A、B间没有摩擦力，则木块B受到的摩擦力大小为0N；
甲图，A和B整体水平方向上受到水平向右的拉力F1和水平向左的滑动摩擦力，整体进行匀速直线运动，这两个力是平衡力，大小相等，F1是16N，所以受到地面的滑动摩擦力是16N。
从甲图到乙图，改变A和B的放置情况，压力大小不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，所以乙图的滑动摩擦力大小还是16N.所以乙图中推力F2大小是16N。
故答案为：0；16。
12.【答案】= <
【解析】解：
由题知，a、b之间和b、c之间的距离相等，拉力恒定，根据W=Fs可知，两个过程中拉力做的功相等，即W1=W2。
物体向右做加速运动，速度在不断增大，运动相等的路程，所用的时间减少，根据P=Wt可知，拉力做功的功率为：P1
知道拉力和距离，根据W=Fs可以判断两个过程中的做功多少；知道物体向右做加速运动，可以判断两个过程的运动时间，根据P=Wt可以判断功率大小。
对于力对物体做功多少，不管物体做加速、减速还是匀速，不管接触面如何，只要物体受到的拉力相等，通过距离相等，做功一定相等。
13.【答案】2 不变 2×103
【解析】解：
(1)由图乙可知，物块浸入水中深度h为零时，测力计的拉力为4N，
由二力平衡条件可知G物=F拉=4N；
物块浸没在水中时，测力计的拉力F拉'=2N；
则物块浸没在水中时所受的浮力为：F浮=G物-F拉'=4N-2N=2N；
(2)当物块没入水中时，台秤受到的压力为容器和水的总重力加上物块受到的浮力，物块没入水中时，排开水的体积不变，由F浮=ρ水gV排可得物块的浮力不变，而容器和水的重力不变，故台秤的示数将不变；
(3)当物块浸没在水中时，由F浮=ρ水gV排可得物块的体积：
V=V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3；
物块的质量为：m=G物g=4N10N/kg=0.4kg；
物块的密度为：ρ=mV=0.4kg2×10-4m3=2×103kg/m3。
故答案为：2；不变；2×103。
(1)物块浸入水中深度h为零时，测力计的拉力等于物体的重力；由图乙知，物块浸没在水中时测力计的拉力；根据F浮=G-F求出物块浸没时所受浮力的大小；
(2)当物块没入水中时，台秤受到的压力为容器和水的总重力加上物块受到的浮力，物块没入水中时，排开水的体积不变，由F浮=ρ水gV排可得物块的浮力的变化情况，而容器和水的重力不变，据此得出台秤的示数的变化情况；
(3)根据阿基米德原理求出物体的体积，利用重力公式求出物体的质量，最后根据密度公式求出密度。
本题考查了称重法测浮力和阿基米德原理的应用，关键是对图像的分析，难度稍大。
14.【答案】跳远时为什么要用力蹬地 用力蹬地应用了物体间力的作用是相互的
【解析】解：针对该题，可以提出以下问题：
问题：跳远时为什么要用力蹬地？
解答：用力蹬地应用了物体间力的作用是相互的；
问题：起跳后在空中运动一段距离，利用了什么？
解答：利用了惯性；
问题：起跳后最后落入沙坑，是什么原因？
解答：重力的作用；
问题：落地时地面为什么变形？
解答：力可以改变物体的形状。等等。
故答案为：跳远时为什么要用力蹬地；用力蹬地应用了物体间力的作用是相互的。
此题可以从物体运动状态的变化的原因、惯性、力的作用效果等多个知识点去提出问题，并回答。
此题考查了学生对物体运动状态的变化的原因、惯性、力的作用效果等多个知识点的理解和掌握，综合性很强，难度较大，要引导学生养成细心、认真的做题习惯。
15.【答案】解：小球受重力和AB绳的拉力，BC绳没拉力，若有拉力则不能平衡，如图所示：
【解析】对物体进行受力分析，根据小球用两根细线悬挂于天花板上，线AB恰好竖直，说明BC绳没拉力，据此作出受力示意图即可。
本题考查受力分析问题，在解题中要注意正确分析，不能添力也不能漏力。
16.【答案】解：已知O为支点，连接AO，当AO为动力臂l时，动力臂l是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时的动力是最小的；过A点做AO斜向下的动力F，如图所示：
【解析】根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，动力F要最小，F的力臂应最大，过A点斜向下施力，动力臂最长、最省力。
理解支点和动力作用点的连线是最长的力臂是本题的关键。
17.【答案】C 把烧杯中的水加至烧杯口 D F1-F3=F4-F2 能 小
【解析】解：(1)由图可知，C图中，水面没有达到烧杯口，当物体排开水时，水不会马上溢出，测得排开水的重会偏小，故C错误，改正的办法就是：把烧杯中的水加至烧杯口；
(2)①由图可得，A图测得小石块重力F1，D图测得小石块在水中时测力计的示数F3，
由称重法可得，浮力：F浮=G-F=F1-F3；
②E中测得溢出的水和小桶的重力F4，由B测得空小桶的重力F2，
二者的差就是排开水的重力，即：G排=F4-F2；
若F1-F3=F4-F2，即F浮=G排，则验证了阿基米德原理；
(3)小石块未完全浸没，仍然受到浮力的作用，阿基米德原理依然成立，即F浮=G排，故仍能得到②中所填写的关系式；
(4)若在实验中先进行E图操作，再进行B图操作，小桶中会沾有一部分水，根据G排=F4-F2可知则所测得排开水的重力与真实值相比偏小。
故答案为：(1)C；把溢水杯中的水添至溢水杯口；(2)①D；②F1-F3=F4-F2；(3)能；(4)小。
(1)实验前，烧杯中的水面应达到杯口，这样溢出的水才等于物体排开的水；
(2)根据称重法可得出浮力的大小，根据溢出水和小桶的总重与空桶的重求得排开水的重，而这正是阿基米德原理的内容，即浸入液体中的物体所受的浮力，大小等于它排开的液体所受的重力；小石块未能完全浸没到液面下，其它测量均正确，只要符合阿基米德原理就正确；
(3)只要物体浸在液体中，受到浮力的作用，阿基米德原理都成立；
(4)若在实验中先进行E图操作，再进行B图操作，小桶中会沾有一部分水，根据G排=F4-F2可知则所测得排开水的重力与真实值相比的变化情况。
本题探究浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系，着重考查实验步骤评价和实验数据分析、实验误差的判断。
18.【答案】大 甲 乙 f甲=f乙=f丙 W乙
(2)若要探究动能大小与速度的关系，要控制质量相同，改变速度大小，故小球要从不同高度滑下，故应选择图甲和乙进行实验；
(3)同一木块在同一接触面上运动，三种情况下，木块受到的摩擦力大小都相等，即f甲=f乙=f丙；
因丙中木块通过的距离最大，根据W=fs，故克服摩擦力做功最多的是丙图中的木块，最少的是乙中的木块，即W乙
故答案为：(1)大；(2)甲；乙；(3)f甲=f乙=f丙；W乙
(2)影响动能的因素是质量和速度，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；影响重力势能的因素是质量和高度；
(3)影响滑动摩擦力大小因素为压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析；根据W=fs分析；
(3)由牛顿第一定律内容分析回答。
本题探究“物体动能大小跟哪些因素有关”的实验，考查控制变量法和转换法的运用，同时考查影响摩擦力大小的因素、做功公式及牛顿第一定律的运用。
19.【答案】平衡 左 左端下沉 2.3 大于 杠杆自重对杠杆平衡有影响
【解析】解：
(1)杠杆的平衡是指杠杆处于静止状态或匀速转动状态；挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，则此时杠杆处于平衡状态；
由图甲可知，杠杆左端高，右端低，则右边较重，要想使杠杆在水平位置平衡，根据“右沉左调”的调节方法，则接下来应将杠杆两端的螺母向左调节。
(2)图乙是一个平衡的杠杆，此时若推动右侧钩码的悬线(如图丙所示)，则右侧悬线对杠杆的拉力变为斜向下，右侧拉力的力臂会变小，这时杠杆右侧拉力与力臂的乘积变小，小于左侧拉力与力臂的乘积，所以杠杆的左端下沉。
(3)由图丁可知，测力计的分度值为0.1N，此时弹簧测力计示数为2.3N；
由图丁可知，支点在杠杆的左端，以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，因杠杆自身是受重力作用的，即杠杆的重力也是阻力(杠杆自重对杠杆平衡有影响)，所以当杠杆水平平衡时，F1l1总是大于F2l2。
故答案为：(1)平衡；左；(2)左端下沉；(3)2.3；大于；杠杆自重对杠杆平衡有影响。
(1)杠杆平衡的判断：杠杆静止状态或者匀速转动状态；实验前杠杆平衡的调节方法：“左沉右调，右沉左调”。
(2)根据力臂的概念、杠杆平衡条件进行判断；当杠杆不平衡时，力和力臂乘积较大的那一端下沉。
(3)根据测力计的分度值和指针位置读数；杠杆平衡的条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此结合题意进行解答。
本题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了对杠杆平衡的理解、如何调节杠杆的平衡以及杠杆平衡条件的应用等知识，难度适中。
20.【答案】解：(1)此货车静止时，对水平地面的压力F=G=mg=4×103kg×10N/kg=4×104N，
此货车静止时，对水平地面的压强p=FS=4×104N0.2m2=2×105Pa；
(2)速度v=72km/h=20m/s，路程s=10km=10000m，所用时间t=sv=10000m20m/s=500s；
(3)货车匀速行驶，处于平衡状态，所受牵引力F牵=f=0.1G=0.1×4×104N=4×103N，
牵引力做的功W=F牵s=4×103N×10000m=4×107J；
(4)此货车在该路段行驶时，牵引力的功率P=Wt=4×107J500s=8×104W。
答：(1)此货车静止时，对水平地面的压强是2×105Pa；
(2)此货车在某平直路段以72km/h的速度匀速行驶了10km，所用时间为500秒；
(3)若此货车所受阻力为车和货物总重的0.1倍，则此货车通过上述牵引力做了4×107J的功；
(4)此货车在该路段行驶时，牵引力的功率是8×104W。
【解析】(1)此货车静止时，根据F=G=mg得出对水平地面的压力，根据p=FS得出对水平地面的压强；
(2)速度v=72km/h=20m/s，路程s=10km=10000m，根据速度公式得出所用时间；
(3)货车匀速行驶，处于平衡状态，根据F牵=f=0.1G得出所受牵引力，根据W=F牵s得出牵引力做的功；
(4)此货车在该路段行驶时，根据P=Wt得出牵引力的功率。
本题考查压强、速度、功、功率的有关计算，综合性强，难度适中。
21.【答案】静止的 A
【解析】解：(1)在提升物体的过程中，动滑轮相对于物体的位置没有发生变化，是静止的；
由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3h，所以图乙中上面的倾斜直线A是绳子自由端运动的s-t图线，而下面的倾斜直线B是物体运动的s-t图线；
(2)从图中可知绳子自由端的速度v=s1t1=3m2s=1.5m/s，根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力F做功的功率P=Fv=80N×1.5m/s=120W；
(3)物体的重力G=mg=20kg×10N/kg=200N，
根据F=1n(G+G动)可知该滑轮组中动滑轮重G动=nF=G=3×80N-200N=40N；
(4)该滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF=200N3×80N×100%≈83.3%。
故答案为：(1)静止的；A；
(2)拉力F做功的功率是120W；
(3)该滑轮组中动滑轮重为40N；
(4)该滑轮组的机械效率为83.3%。
(1)物体相对于参照物的位置没有发生变化，是静止的；
由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3h，据此确定图乙中绳子自由端运动的s-t图线是A还是B；
(2)根据速度公式得出绳子自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力F做功的功率；
(3)根据G=mg得出物体的重力，根据F=1n(G+G动)可知该滑轮组中动滑轮重；
(4)根据η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF得出该滑轮组的机械效率。
本题考查有关滑轮组的拉力、功和机械效率的计算，关键是从图中得出有用信息。
2021-2022学年河南省驻马店市正阳县八年级（下）期末物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分
一、单选题（本大题共6小题，共12分）
1. 下列物理知识说法正确的是( )
A. 力是维持物体运动状态的原因
B. 潜水艇是靠改变自身重力来实现上浮或下沉的
C. 百米跑运动员穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为增大压强
D. 实心球离手后在空中运动时，推力对实心球做功
2. 对物理概念的理解是学好物理的关键。关于功、功率和机械效率，下列说法正确的是( )
A. 通过改进机械的性能可以使机械效率达到100%
B. 做功多的机械，功率一定大
C. 功率大的机械，做功一定快
D. 做功快的机械，机械效率一定高
3. 小艾陪爷爷去公园锻炼，看到工人在用修枝剪修剪树枝，如图所示，下列关于修枝剪的说法正确的是( )
A. 修枝剪在使用时是费力杠杆
B. 支点为大拇指与手柄的接触点
C. 修枝剪受到的阻力与动力方向相反
D. 修剪树枝时，将手往手柄末端移动更省力
4. 小李的爸爸利用酒瓶切割器，将家里废弃的酒瓶做成了工艺品“酒瓶灯”，如图所示，下列说法不正确的是( )
A. 一阵风吹来，酒瓶开始左右摆动，当酒瓶摆到最高点时，酒瓶只受重力的作用
B. 风吹过后，酒瓶灯无法马上停下来，是由于它具有惯性
C. 酒瓶灯静止时，酒瓶受到的重力和电线的拉力不是一对平衡力
D. 酒瓶灯静止时，酒瓶灯对电线的拉力和电线对酒瓶灯的拉力大小相等
5. 创意改变生活，如图所示是自带吸管的玻璃杯装置，杯中装有水，小科用手封住杯口，通过玻璃吸管不易“吸”到水，移开后，能轻松“吸”到水。关于该装置说法正确的是( )
A. 小科能轻松“吸”到水是利用了液体有压强的原因
B. 图中A点的压强等于B点的压强
C. 若h=7cm，则B点受到液体的压强为70Pa
D. 该装置不是一个连通器
6. 如图所示，物体在沿斜面向上拉力的作用下从倾角为30°的斜面底端匀速拉到斜面的顶端，已知物体所受重力为G，斜面的机械效率为75%，若物体受到的拉力和摩擦力分别用F和f表示，则( )
A. F=23 G f=16 G B. F=16 G f=23 G
C. F=23 G f=38 G D. F=12 G f=23 G
二、多选题（本大题共2小题，共4分）
7. 如图所示，小明将小球从轨道A点由静止释放(A、D两点等高)，小球通过B点和C点。下列关于小球运动的过程描述正确的是(小球和轨道间存在摩擦)( )
A. 小球在A点的机械能最大 B. 小球在B点的速度为零
C. 小球在C点和B点的机械能相等 D. 小球不能到达D点
8. 如图所示，水母身体外形像一把透明伞，水母身体内有一种特别的腺，这种腺能产生一氧化碳改变自身体积，从而能在水中上浮与下沉。下列说法正确的是( )
A. 水母产生一氧化碳时，体积变大，所受浮力变大
B. 水母漂浮时比沉在水底时排开水的重力小
C. 水母在下沉过程中受到水的压强不变
D. 水母悬浮时，若体积变大，会上浮
三、填空题（本大题共6小题，共14分）
9. 2021年5月15日，“天问一号”火星着陆器成功着陆火星表面。如图所示，着陆器启动反推火箭向下喷火减速着陆，利用了物体间力的作用是______的，同时说明力可以改变物体的______。
10. 盘山公路可模拟为简单机械中的______，与直线上山的公路相比，盘山公路的优点是______，旗杆上装有定滑轮，利用它来升国旗，目的是______。
11. 如图甲所示，两个完全相同的木块A和B叠放在水平桌面上，每个木块的质量5kg，在16N的水平拉力F1作用下，A、B一起向右做匀速直线运动，此时木块B受到的摩擦力大小为________N。如图乙所示，若将A、B木块紧靠着放在水平桌面上，用水平力F2推A使它们一起也向右做匀速直线运动，则F2是________N。
12. 如图所示，一个物体静止于光滑水平面上的O点，在水平恒力F作用下开始向右加速运动，依次经过a、b、c三个点，且a、b之间和b、c之间的距离相等，F在ab段做功W1，做功功率P；在bc段做功W2，做功功率P2，则有W1______W2，P1______P2(选填“>”或“=”或“<”)。
13. 小明利用图中甲所示的装置，将物块从水面缓缓浸入水中，乙图为弹簧测力计的示数F与物块浸入水中的深度h的关系图像，物块没入水中时所受的浮力为______N，台称的示数将______(选填“增大”、“不变”或“减小”)，物块的密度是______kg/m3。(g取10N/kg)
14. 如图所示，是同学们上体育课时立定跳远和掷实心球的场景，请你根据所学物理知识，仿照示例，提出一个与力学相关的物理问题并简要回答。
【示例】
问题：人用力向前抛球，球为什么可以向前飞行？
解答：力可以改变物体的运动状态。
问题：______？
解答：______。
四、作图题（本大题共2小题，共4分）
15. 一小球用两根细线悬挂于天花板上，其中线AB恰好竖直，请在图中画出小球静止时所受力的示意图。(细线的重力不计)
16. 如图所示，轻质衣架能绕O点转动，要使衣架在图示位置静止，请在A点画出应施加最小的力F及对应的力臂l。
五、实验探究题（本大题共3小题，共19分）
17. 为了探究浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系，某同学用弹簧测力计、小石块、烧杯、小桶等进行实验操作，如图所示，A、B、C、D、E是五个步骤示意图。
(1)指出上述操作步骤中的一处错误，错误步骤是：______(只填图中所标的序号)，改正方案是：______。
(2)改正错误后重新进行实验，读出A、B、D、E四幅图中弹簧测力计的读数分别是F1、F2、F3、F4。
①由A图和______图中弹簧测力计的读数可以求出小石块的浮力。
②如果关系式______成立，就可以验证“阿基米德原理”。
(3)若在D步骤中，小石块未能完全浸没到液面下，其它测量均正确，是否也能得到②中所填写的关系式？______(选填“能”或“不能”)
(4)若在实验中先进行E图操作，再进行B图操作，则所测得排开水的重力与真实值相比偏______。
18. 在探究“物体动能大小跟哪些因素有关”的实验中。让小球由静止开始沿斜面向下运动去撞击水平面上的木块，实验步骤如图中甲、乙、丙所示。
(1)实验中，木块被撞击后运动的距离越远，说明刚要撞击木块时小球具有的动能越______。
(2)若要探究动能大小与速度的关系，应选择图______和______进行实验。
(3)甲、乙、丙三幅图中，木块在水平面上从开始滑动到最后静止的过程中，木块受到水平面的摩擦力的大小关系是______，此过程中克服摩擦力做功多少的关系是______。
(4)本实验装置中的水平面如果绝对光滑，则将不能完成实验得出结论，原因是______。
19. 图甲是某实验小组探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。
(1)挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于______(选填“平衡”或“非平衡”)状态，要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向______(选填“左”或“右”)侧调节；
(2)图乙是一个平衡的杠杆，此时若推动右侧钩码的悬线(如图丙所示)，就会发现杠杆______(选填“左端下沉”“仍然平衡”或“右端下沉”)；
(3)某同学提出，若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否仍然成立？于是该小组利用图丁所示的装置进行探究，在杠杆O点挂上2个钩码，用弹簧测力计在A点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数为______N。以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，多次改变动力作用点的位置进行实验发现：当杠杆水平平衡时，F1l1总是______(选填“大于”“等于”或“小于”)F2l2，其原因可能是______。
六、计算题（本大题共1小题，共8分）
20. 有一满载货车总质量为4t，车轮与地面的总接触面积为0.2m2。
(1)此货车静止时，对水平地面的压强是多少？
(2)此货车在某平直路段以72km/h的速度匀速行驶了10km，所用时间为多少秒？
(3)若此货车所受阻力为车和货物总重的0.1倍，则此货车通过上述路程牵引力做了多少功？
(4)此货车在该路段行驶时，牵引力的功率是多少？
七、综合题（本大题共1小题，共9分）
21. 用图中甲所示的滑轮组提升重为20kg的物体，已知拉力为80N，不计绳重和摩擦，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。
(1)在提升物体的过程中，动滑轮相对于物体是______；在图乙中反映绳子自由端运动的图线是______(填“A”或“B”)。
(2)拉力F做功的功率是多少？
(3)该滑轮组中动滑轮重为多少？
(4)该滑轮组的机械效率为多少？(结果保留百分号前面一位小数)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，故A错误；
B、潜水艇浸没在水中时，排开水的体积不变，受到的浮力不变；为了实现上浮和下沉，是通过改变自身的重力来实现的，故B正确；
C、鞋底有凹凸不平的花纹是通过增大接触面粗糙程度的方式，从而增大了与地面的摩擦力，故C错误；
D、实心球被抛出后在空中继续运动时，手对球没有推力了，球是由于惯性继续运动，所以推力对球不做功，故D错误。
故选：B。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)潜水艇靠通过改变自身的重力来实现上浮和下沉；
(3)影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度；
(4)做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离，据此分析解答。
本题主要考查了力与运动、浮沉条件、影响摩擦力的因素和功，是一道综合题。
2.【答案】C
【解析】解：A、使用任何机械都要做额外功，所以总功一定大于有用功，即有用功与总功的比值一定小于1，也就是机械效率小于100%.故A错误；
B、功率是做功多少与所用时间的比值。做功多，时间不确定，功率大小不能确定。故B错误；
C、功率反映做功的快慢，功率大则做功快，功率小，则做功慢。故C正确；
D、机械效率与做功快慢没有关系。故D错误。
故选：C。
(1)机械效率反映了机械的性能优劣，是有用功与总功的比值，与做功快慢没有关系；使用任何机械不可避免地做额外功，所以机械效率一定小于100%；
(2)功率是描述物体做功快慢的物理量，它等于单位时间内所做的功，功率大则做功快。
正确理解功率和机械效率的概念是解决此题的关键；还要充分考虑选项中的条件，必要时可运用公式分析。
3.【答案】D
【解析】解：AB.由题图可知，修枝剪的支点在转轴处，手对修枝剪的作用力为动力，树枝对修枝剪的作用力为阻力，动力臂大干阻力臂，故修枝剪为省力杠杆，故AB错误；
C.题图中阻力、动力分居支点两侧，故阻力和动力方向相同，故C错误；
D.修剪树枝时将手往手柄末端移动，动力臂增大，在阻力和阻力臂大小不变时，根据杠杆平衡条件可知，动力减小，即更省力，故D正确。
故选：D。
知道杠杆的五要素可以判断支点的位置，从而得出阻力与动力的方向，根据动力臂与阻力臂的关系分析杠杆的省力情况以及如何省力。
本题考查杠杆的要素、分类即应用，解决该题的关键是知道支点在哪里，动力臂与阻力臂的关系。
4.【答案】A
【解析】解：A、酒瓶摆到最高点时，酒瓶除受重力外，还受悬挂酒瓶的绳子对酒瓶的拉力作用，故A错误；
B、风吹过后，由于酒瓶灯具有惯性而无法马上停下来，故B正确；
C、酒瓶灯静止时，酒瓶所受的重力和悬挂酒瓶的绳子对酒瓶的拉力是一对平衡力，灯的重力和电线对灯的拉力是一对平衡力，所以酒瓶受到的重力和电线的拉力不是一对平衡力，故C正确；
D、酒瓶灯静止时，酒瓶灯对电线的拉力和电线对酒瓶灯的拉力是一对相互作用力，大小相等，故D正确。
故选：A。
(1)酒瓶左右摆到最高点时，除受重力外，还受绳子的拉力作用；
(2)风吹过后，酒瓶因具有惯性而不能立即停下；
(3)酒瓶灯静止时，酒瓶所受的重力和悬挂酒瓶的绳子对酒瓶的拉力是一对平衡力；
(4)酒瓶灯静止时，酒瓶灯对电线的拉力和电线对酒瓶灯的拉力是一对相互作用力，据此解答。
本题考查平衡力和相互作用力的辨别、二力平衡条件的应用、惯性的概念，掌握平衡力和相互作用力的区别是解答本题的关键。
5.【答案】B
【解析】解：
A、用吸管从瓶子里吸水时，先把吸管内的部分空气吸走，管内的气压小于外界大气压，水在大气压的作用下被压入吸管，上升到嘴里，所以小科能轻松“吸”到水是利用了大气压，故A错误；
B、由图可知，A、B两点的深度相同，水的密度不变，根据p=ρgh可知，图中A点的压强等于B点的压强，故B正确；
C、若h=7cm，则B点受到液体的压强为：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.07m=700Pa，故C错误；
D、该装置上端开口、底部相连，是一个连通器，故D错误。
故选：B。
(1)大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”；
(2)(3)根据p=ρgh分析压强的大小；
(4)上端开口、底部相连的容器为连通器。
本题考查了液体内部压强公式的应用、连通器、大气压的应用，属于基础题。
6.【答案】A
【解析】
【分析】
设斜面长为L、斜面高为h，根据直角三角形的角边关系得出h、L的关系，利用斜面做的有用功W有用=Gh，拉力做的总功W总=FL；利用η=W有用W总=GhFL得出拉力和物重的关系；额外功就是克服摩擦所做的功，其大小等于总功减去有用功，据此求摩擦力。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算，利用直角三角形的角边关系得出h、L的关系是关键。
【解答】
设斜面长为L、斜面高为h，
已知斜面的倾角为30°，根据直角三角形的知识可得h=12L，
利用斜面做的有用功：W有用=Gh，
拉力做的总功：W总=FL；
斜面的机械效率：
η=W有用W总=GhFL=G12LFL=G2F=75%，
则拉力：
F=G2×75%=23G；
克服摩擦力所做的功为额外功，则：
W额=fL=W总-W有用=FL-Gh=23GL-G×12L，
则摩擦力：
f=23G-G×12=16G。
故选：A。
7.【答案】AD
【解析】解：A、小球从A点由静止释放后，在经过B和C点时，由于克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，消耗机械能，机械能一直在减小，故A点机械能最大，故A正确。
B、小球在B点处于运动状态，小球的速度不为零，此时的速度是最大的，故B错误。
C、小球从B点运动到C点时，由于克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，消耗机械能，B点的机械能大于C点的机械能，故C错误。
D、因为小球需要克服摩擦做功，在运动过程中有一部分机械能转化为内能，故小球不能到达D点，故D正确。
故选：AD。
(1)机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。
(2)在动能与重力势能转化过程中，若不考虑摩擦、阻力等因素，机械能不变；若考虑摩擦、阻力等因素，机械能减小。
深入理解影响机械能的因素，知道动能和势能转化过程中，机械能的变化情况(与外界因素有关)，可解答此题。
8.【答案】AD
【解析】解：A、水母产生一氧化碳时，体积变大，其排开水的体积变大，根据F浮=ρgV排知，水母所受浮力变大，故A正确；
B、水母漂浮时，浮力等于其重力，水母沉在水底时，浮力小于其重力，所以水母漂浮时受到的浮力大于其沉在水底时受到的浮力，由F浮=G排可知，水母漂浮时比沉在水底时排开水的重力大，故B错误；
C、水母在下沉过程中，深度增大，根据p=ρgh知，受到水的压强变大，故C错误；
D、水母悬浮时，浮力等于其重力；若体积变大时，其排开水的体积变大，根据F浮=ρgV排知，浮力变大，浮力大于重力，则水母会上浮，故D正确。
故选AD。
(1)水母产生一氧化碳时，体积变大，其排开水的体积变大，根据F浮=ρgV排分析所受浮力的变化；
(2)浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于该物体所排开的液体受到的重力的大小；
(3)根据p=ρgh分析解答；
(4)根据F浮=ρgV排，并结合物体浮沉条件分析。
此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件和液体压强特点，具有一定的综合性，且难度适中，是一道好题，熟练运用相关物理规律是解答此题关键。
9.【答案】相互 运动状态
【解析】解：着陆器启动反推火箭向下喷火减速着陆，由于力的作用是相互的，所以喷出的气体对着陆器有向上的反作用力，从而使着陆器减速；
着陆器受到气体的反作用力，使着陆器的速度减小，说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：相互；运动状态。
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)力的作用效果有两个：①改变物体的形状；②改变物体的运动状态。
此题是一道联系实际的应用题，考查了力的作用效果、力作用的相互性，熟练掌握基础知识即可正确解题。
10.【答案】斜面 省力 改变力的方向
【解析】解：斜面加长了运动距离，但可以省力，故盘山公路修成了斜面形；
要把国旗升到旗杆顶端，就需要站在地面上而对国旗施加一个向上的力，由于定滑轮能够改变力的方向，国旗杆顶端装有定滑轮，利用它来升国旗，可以改变改变施加力的方向。
故答案为：斜面；省力；改变力的方向。
车经过盘山路时要向高处运动，所以我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离；
根据定滑轮的优点可以确定旗杆顶端安装定滑轮的目的。
生活中应用了很多斜面模型，虽然费距离，但可以省力，减轻我们将物体提升时所需要的力；使用定滑轮不省力但能改变力的方向。
11.【答案】0；16
【解析】
【分析】
(1)A、B一起做匀速直线运动，则二者没有相对运动的趋势，不会存在摩擦力；
(2)分析甲图A和B整体的受力情况，根据平衡力条件，求出滑动摩擦力大小。
滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，在这两个因素不变时，滑动摩擦力大小不变，求出F2大小。
本题A和B整体有两种情况下处于平衡状态，分析每一次的受力情况，根据平衡力求出未知量。从甲图到乙图，改变A和B的放置情况，压力大小不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，这是解决本题的关键。
【解答】
A、B一起向右做匀速直线运动，所以A、B没有相对运动的趋势，A、B间没有摩擦力，则木块B受到的摩擦力大小为0N；
甲图，A和B整体水平方向上受到水平向右的拉力F1和水平向左的滑动摩擦力，整体进行匀速直线运动，这两个力是平衡力，大小相等，F1是16N，所以受到地面的滑动摩擦力是16N。
从甲图到乙图，改变A和B的放置情况，压力大小不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，所以乙图的滑动摩擦力大小还是16N.所以乙图中推力F2大小是16N。
故答案为：0；16。
12.【答案】= <
【解析】解：
由题知，a、b之间和b、c之间的距离相等，拉力恒定，根据W=Fs可知，两个过程中拉力做的功相等，即W1=W2。
物体向右做加速运动，速度在不断增大，运动相等的路程，所用的时间减少，根据P=Wt可知，拉力做功的功率为：P1
知道拉力和距离，根据W=Fs可以判断两个过程中的做功多少；知道物体向右做加速运动，可以判断两个过程的运动时间，根据P=Wt可以判断功率大小。
对于力对物体做功多少，不管物体做加速、减速还是匀速，不管接触面如何，只要物体受到的拉力相等，通过距离相等，做功一定相等。
13.【答案】2 不变 2×103
【解析】解：
(1)由图乙可知，物块浸入水中深度h为零时，测力计的拉力为4N，
由二力平衡条件可知G物=F拉=4N；
物块浸没在水中时，测力计的拉力F拉'=2N；
则物块浸没在水中时所受的浮力为：F浮=G物-F拉'=4N-2N=2N；
(2)当物块没入水中时，台秤受到的压力为容器和水的总重力加上物块受到的浮力，物块没入水中时，排开水的体积不变，由F浮=ρ水gV排可得物块的浮力不变，而容器和水的重力不变，故台秤的示数将不变；
(3)当物块浸没在水中时，由F浮=ρ水gV排可得物块的体积：
V=V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-4m3；
物块的质量为：m=G物g=4N10N/kg=0.4kg；
物块的密度为：ρ=mV=0.4kg2×10-4m3=2×103kg/m3。
故答案为：2；不变；2×103。
(1)物块浸入水中深度h为零时，测力计的拉力等于物体的重力；由图乙知，物块浸没在水中时测力计的拉力；根据F浮=G-F求出物块浸没时所受浮力的大小；
(2)当物块没入水中时，台秤受到的压力为容器和水的总重力加上物块受到的浮力，物块没入水中时，排开水的体积不变，由F浮=ρ水gV排可得物块的浮力的变化情况，而容器和水的重力不变，据此得出台秤的示数的变化情况；
(3)根据阿基米德原理求出物体的体积，利用重力公式求出物体的质量，最后根据密度公式求出密度。
本题考查了称重法测浮力和阿基米德原理的应用，关键是对图像的分析，难度稍大。
14.【答案】跳远时为什么要用力蹬地 用力蹬地应用了物体间力的作用是相互的
【解析】解：针对该题，可以提出以下问题：
问题：跳远时为什么要用力蹬地？
解答：用力蹬地应用了物体间力的作用是相互的；
问题：起跳后在空中运动一段距离，利用了什么？
解答：利用了惯性；
问题：起跳后最后落入沙坑，是什么原因？
解答：重力的作用；
问题：落地时地面为什么变形？
解答：力可以改变物体的形状。等等。
故答案为：跳远时为什么要用力蹬地；用力蹬地应用了物体间力的作用是相互的。
此题可以从物体运动状态的变化的原因、惯性、力的作用效果等多个知识点去提出问题，并回答。
此题考查了学生对物体运动状态的变化的原因、惯性、力的作用效果等多个知识点的理解和掌握，综合性很强，难度较大，要引导学生养成细心、认真的做题习惯。
15.【答案】解：小球受重力和AB绳的拉力，BC绳没拉力，若有拉力则不能平衡，如图所示：
【解析】对物体进行受力分析，根据小球用两根细线悬挂于天花板上，线AB恰好竖直，说明BC绳没拉力，据此作出受力示意图即可。
本题考查受力分析问题，在解题中要注意正确分析，不能添力也不能漏力。
16.【答案】解：已知O为支点，连接AO，当AO为动力臂l时，动力臂l是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时的动力是最小的；过A点做AO斜向下的动力F，如图所示：
【解析】根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，动力F要最小，F的力臂应最大，过A点斜向下施力，动力臂最长、最省力。
理解支点和动力作用点的连线是最长的力臂是本题的关键。
17.【答案】C 把烧杯中的水加至烧杯口 D F1-F3=F4-F2 能 小
【解析】解：(1)由图可知，C图中，水面没有达到烧杯口，当物体排开水时，水不会马上溢出，测得排开水的重会偏小，故C错误，改正的办法就是：把烧杯中的水加至烧杯口；
(2)①由图可得，A图测得小石块重力F1，D图测得小石块在水中时测力计的示数F3，
由称重法可得，浮力：F浮=G-F=F1-F3；
②E中测得溢出的水和小桶的重力F4，由B测得空小桶的重力F2，
二者的差就是排开水的重力，即：G排=F4-F2；
若F1-F3=F4-F2，即F浮=G排，则验证了阿基米德原理；
(3)小石块未完全浸没，仍然受到浮力的作用，阿基米德原理依然成立，即F浮=G排，故仍能得到②中所填写的关系式；
(4)若在实验中先进行E图操作，再进行B图操作，小桶中会沾有一部分水，根据G排=F4-F2可知则所测得排开水的重力与真实值相比偏小。
故答案为：(1)C；把溢水杯中的水添至溢水杯口；(2)①D；②F1-F3=F4-F2；(3)能；(4)小。
(1)实验前，烧杯中的水面应达到杯口，这样溢出的水才等于物体排开的水；
(2)根据称重法可得出浮力的大小，根据溢出水和小桶的总重与空桶的重求得排开水的重，而这正是阿基米德原理的内容，即浸入液体中的物体所受的浮力，大小等于它排开的液体所受的重力；小石块未能完全浸没到液面下，其它测量均正确，只要符合阿基米德原理就正确；
(3)只要物体浸在液体中，受到浮力的作用，阿基米德原理都成立；
(4)若在实验中先进行E图操作，再进行B图操作，小桶中会沾有一部分水，根据G排=F4-F2可知则所测得排开水的重力与真实值相比的变化情况。
本题探究浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系，着重考查实验步骤评价和实验数据分析、实验误差的判断。
18.【答案】大 甲 乙 f甲=f乙=f丙 W乙
(2)若要探究动能大小与速度的关系，要控制质量相同，改变速度大小，故小球要从不同高度滑下，故应选择图甲和乙进行实验；
(3)同一木块在同一接触面上运动，三种情况下，木块受到的摩擦力大小都相等，即f甲=f乙=f丙；
因丙中木块通过的距离最大，根据W=fs，故克服摩擦力做功最多的是丙图中的木块，最少的是乙中的木块，即W乙
故答案为：(1)大；(2)甲；乙；(3)f甲=f乙=f丙；W乙
(2)影响动能的因素是质量和速度，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；影响重力势能的因素是质量和高度；
(3)影响滑动摩擦力大小因素为压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析；根据W=fs分析；
(3)由牛顿第一定律内容分析回答。
本题探究“物体动能大小跟哪些因素有关”的实验，考查控制变量法和转换法的运用，同时考查影响摩擦力大小的因素、做功公式及牛顿第一定律的运用。
19.【答案】平衡 左 左端下沉 2.3 大于 杠杆自重对杠杆平衡有影响
【解析】解：
(1)杠杆的平衡是指杠杆处于静止状态或匀速转动状态；挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，则此时杠杆处于平衡状态；
由图甲可知，杠杆左端高，右端低，则右边较重，要想使杠杆在水平位置平衡，根据“右沉左调”的调节方法，则接下来应将杠杆两端的螺母向左调节。
(2)图乙是一个平衡的杠杆，此时若推动右侧钩码的悬线(如图丙所示)，则右侧悬线对杠杆的拉力变为斜向下，右侧拉力的力臂会变小，这时杠杆右侧拉力与力臂的乘积变小，小于左侧拉力与力臂的乘积，所以杠杆的左端下沉。
(3)由图丁可知，测力计的分度值为0.1N，此时弹簧测力计示数为2.3N；
由图丁可知，支点在杠杆的左端，以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，因杠杆自身是受重力作用的，即杠杆的重力也是阻力(杠杆自重对杠杆平衡有影响)，所以当杠杆水平平衡时，F1l1总是大于F2l2。
故答案为：(1)平衡；左；(2)左端下沉；(3)2.3；大于；杠杆自重对杠杆平衡有影响。
(1)杠杆平衡的判断：杠杆静止状态或者匀速转动状态；实验前杠杆平衡的调节方法：“左沉右调，右沉左调”。
(2)根据力臂的概念、杠杆平衡条件进行判断；当杠杆不平衡时，力和力臂乘积较大的那一端下沉。
(3)根据测力计的分度值和指针位置读数；杠杆平衡的条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此结合题意进行解答。
本题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了对杠杆平衡的理解、如何调节杠杆的平衡以及杠杆平衡条件的应用等知识，难度适中。
20.【答案】解：(1)此货车静止时，对水平地面的压力F=G=mg=4×103kg×10N/kg=4×104N，
此货车静止时，对水平地面的压强p=FS=4×104N0.2m2=2×105Pa；
(2)速度v=72km/h=20m/s，路程s=10km=10000m，所用时间t=sv=10000m20m/s=500s；
(3)货车匀速行驶，处于平衡状态，所受牵引力F牵=f=0.1G=0.1×4×104N=4×103N，
牵引力做的功W=F牵s=4×103N×10000m=4×107J；
(4)此货车在该路段行驶时，牵引力的功率P=Wt=4×107J500s=8×104W。
答：(1)此货车静止时，对水平地面的压强是2×105Pa；
(2)此货车在某平直路段以72km/h的速度匀速行驶了10km，所用时间为500秒；
(3)若此货车所受阻力为车和货物总重的0.1倍，则此货车通过上述牵引力做了4×107J的功；
(4)此货车在该路段行驶时，牵引力的功率是8×104W。
【解析】(1)此货车静止时，根据F=G=mg得出对水平地面的压力，根据p=FS得出对水平地面的压强；
(2)速度v=72km/h=20m/s，路程s=10km=10000m，根据速度公式得出所用时间；
(3)货车匀速行驶，处于平衡状态，根据F牵=f=0.1G得出所受牵引力，根据W=F牵s得出牵引力做的功；
(4)此货车在该路段行驶时，根据P=Wt得出牵引力的功率。
本题考查压强、速度、功、功率的有关计算，综合性强，难度适中。
21.【答案】静止的 A
【解析】解：(1)在提升物体的过程中，动滑轮相对于物体的位置没有发生变化，是静止的；
由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3h，所以图乙中上面的倾斜直线A是绳子自由端运动的s-t图线，而下面的倾斜直线B是物体运动的s-t图线；
(2)从图中可知绳子自由端的速度v=s1t1=3m2s=1.5m/s，根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力F做功的功率P=Fv=80N×1.5m/s=120W；
(3)物体的重力G=mg=20kg×10N/kg=200N，
根据F=1n(G+G动)可知该滑轮组中动滑轮重G动=nF=G=3×80N-200N=40N；
(4)该滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF=200N3×80N×100%≈83.3%。
故答案为：(1)静止的；A；
(2)拉力F做功的功率是120W；
(3)该滑轮组中动滑轮重为40N；
(4)该滑轮组的机械效率为83.3%。
(1)物体相对于参照物的位置没有发生变化，是静止的；
由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3h，据此确定图乙中绳子自由端运动的s-t图线是A还是B；
(2)根据速度公式得出绳子自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知拉力F做功的功率；
(3)根据G=mg得出物体的重力，根据F=1n(G+G动)可知该滑轮组中动滑轮重；
(4)根据η=W有用W总=GhFs=GhF×nh=GnF得出该滑轮组的机械效率。
本题考查有关滑轮组的拉力、功和机械效率的计算，关键是从图中得出有用信息。
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