还剩22页未读，
继续阅读
2022年山东省潍坊市青州市中考物理二模试卷（含解析）
展开
这是一份2022年山东省潍坊市青州市中考物理二模试卷（含解析），共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年山东省潍坊市青州市中考物理二模试卷
副
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共8小题，共24分）
1. 开创了以实验为基础并具有严密逻辑体系和数学表述的近代科学，被后人誉为“近代科学之父“的科学家是( )
A. 牛顿 B. 伽利略 C. 瓦特 D. 焦耳
2. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 超声波碎石说明声波能传递能量
B. 声波在真空中传播速度约为340m/s
C. 禁止鸣笛是通过阻断噪声的传播来控制噪声
D. 手在小提琴上不同位置按弦主要目的是改变响度
3. “珍爱生命，注意安全”是中学生应具备的基本安全意识。下列说法正确的是( )
A. 只要人用手直接接触火线就一定会发生触电事故
B. 洗衣机的插头插入三孔插座时，能使其金属外壳接地
C. 为了防止保险丝被熔断，用铜丝代替保险丝接入电路
D. 使用试电笔时不能用手直接接触测电笔笔尾的金属部分
4. 新冠肺炎疫情期间，为了加强防护需要戴口罩，气温较低时，戴眼镜的同学戴上口罩后，有时会因为口罩夹鼻不好而使得呼出的气体在镜片表面蒙上一层小水珠，使视线变得模糊，这种现象的形成属于( )
A. 汽化 B. 液化 C. 熔化 D. 凝华
5. 下列四幅图依次对应说法正确的是( )
A. 图为电阻器，当其两端的电压为零时电阻也为零
B. 图中毛皮摩擦过的橡胶棒由于失去电子而带负电
C. 图为内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能
D. 电动机运用了图中的原理，将电能转化为机械能
6. 在2022北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动发光杆，发光杆一会儿只发出绿光代表绿草，随后又只发出白光组成蒲公英。据悉，杆上有两个开关，下面电路设计符合要求且最易操作的是( )
A. B.
C. D.
7. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动，下列说法正确的是( )
A. 电流表A1的示数变小，电流表A2的示数变大
B. 电压表V与电流表A2示数的比值将变小
C. 电流表A2示数与电流表A1示数的差值不变
D. 电压表的示数不变，电流表A2的示数变大
8. 在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距u和像距v的数据，并绘制成如图所示的图像，下列说法中正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距f=20cm
B. 当物距u=30cm时，成倒立、放大的实像，投影仪利用了这条规律
C. 当物距u=15cm时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这条规律
D. 物体从距凸透镜30cm处向距凸透镜15cm处移动过程中，所成的像会变大
二、多选题（本大题共4小题，共16分）
9. 水平桌面上放置甲、乙两个相同的烧杯，分别装有等质量的盐水，将同一鸡蛋先后放入两个烧杯中，静止后鸡蛋的状态如图所示。下列判断正确的是( )
A. 甲烧杯中盐水密度小于乙烧杯中盐水密度
B. 鸡蛋在甲烧杯中受到的浮力小于在乙烧杯中受到的浮力
C. 放入鸡蛋后，甲烧杯对桌面的压力大于乙烧杯对桌面的压力
D. 放入鸡蛋后，甲烧杯底部受到盐水的压强等于乙烧杯底部受到盐水的压强
10. 如图所示，重800N的物体在100N的水平拉力F的作用下以0.1m/s的速度沿水平地面，向左匀速直线运动了20s，滑轮组的效率为60%。下列说法正确的是( )
A. 额外功的功率为12W
B. 绳子自由端移动距离为6m
C. 物体与地面间的滑动摩擦力大小为180N
D. 其他条件不变，只增大水平地面粗糙程度，该滑轮组的效率会降低
11. 一个木块放在粗糙程度相同的水平地面上，对木块施加的水平拉力为F，如图甲所示；F的大小与时间t的关系如图乙所示；木块的运动速度v与时间t的关系如图丙所示。以下说法正确的是( )
A. t=1s时，木块受到的摩擦力是0 B. 6～9s内，拉力F的功率为4W
C. 3～6s内，木块受到的摩擦力为4N D. 3～9s内，木块的机械能保持不变
12. 图甲是在“新冠”疫情期间常用的一种门式红外线测温仪。它的电路原理如图乙所示，控制电路电源电压恒为9V，R0是阻值为10Ω的定值电阻，R1是热敏电阻，其阻值随人体温度变化关系如表所示。当人体体温高于37.3℃时，测温仪的红灯亮发出报警。下列说法正确的是( )
温度t/℃
35
36.5
37
37.5
38
39
40
电阻R1/Ω
20
17
16
15
14
12
10
A. 电路中R0的作用是保护电路
B. 从测温仪前面通过的人体温越高，电流表的示数越小
C. 当电流表示数显示0.36A时，测温仪红灯亮发出报警
D. 当通过测温仪的人体温是36.5℃时，电流表的示数约为0.53A
三、作图题（本大题共2小题，共6分）
13. 如图所示，放在水平面上的是2022年北京冬奥会吉祥物“冰墩墩”。请画出“冰墩墩”与桌面之间弹力的示意图(O为桌面受力作用点)。
14. 图中的A、B两只小鸟，一只是实际的小鸟，另一只是潜水员从水中观察到该小鸟的像，请你作出潜水员从水中观察到小鸟像的光路图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24分）
15. 如题图甲是探究“平面镜成像特点”的实验。
(1)下面步骤b中横线处的内容是______，实验步骤a、b、c、d的合理顺序是______(填写步骤前字母)。
a.在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板，沿玻璃板位置划线记录玻璃板的位置；
b.______放在玻璃板的后方，移动到某一位置时，发现该蜡烛与被点燃的蜡烛的像重合，在纸上记下该蜡烛的位置A′；
c.改变玻璃板前蜡烛的位置，重复以上实验，在纸上记录物与像的位置A2、A2′；A3、A′(如题图乙所示)；
d.点燃蜡烛放在玻璃板前，看到它在玻璃板后面的像，在纸上记录蜡烛的位置A1。
(2)在实验过程中，小李让玻璃板沿垂直于CD轴方向靠近蜡烛A′，为了完成实验探究，小李应将蜡烛A′______(填“远离”或“靠近”)蜡烛A，同时观察到蜡烛的像将______(填“变大”、
“不变”或“变小”)；他若将玻璃板沿CD轴方向水平向右移动，则他将观察到镜中A的像______(填“向右”、“向左”或“不”)移动；
(3)小怡同学将蜡烛A′取走，在A′位置放一张白纸，结果在白纸上______(填“有”或“没有”)像；将A取走，正立放置一电子手表在该位置，从平面镜中看到的时间如题图丙所示，则实际的时间是______。
16. 小华利用图中的装置探究杠杆平衡的条件，每个钩码的质量相等，杠杆上的刻度均匀。
(1)将杠杆安装在支架上，发现杠杆右端下沉，应向______(选填“左”或“右”)调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡；选择在水平位置平衡的目的是便于______，同时也消除了杠杆自重对实验的影响；
(2)图甲中，杠杆在水平位置已经平衡，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，杠杆会______(选填“顺时针”或“逆时针”)转动；
(3)三次实验数据如下表，分析数据可以得出的结论是：______。
次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
1.0
0.2
2.0
0.1
2
1.5
0.1
1.0
0.15
3
2.0
0.15
1.5
0.2
(4)在本实验中需要进行多次测量的目的是______。
(5)如图乙，用弹簧测力计代替右侧钩码，将弹簧测力计由竖直向下拉旋转到沿与水平方向成60°角斜向下，且保持杠杆始终在水平位置平衡，弹簧测力计示数将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
(6)在生活、生产中经常用到杠杆平衡条件，例如用天平测量物体的质量。某次测量如图丙所示，托盘天平是______(选填“省力杠杆”、“费力杠杆”或“等臂杠杆”)；此时天平平衡，则物体的质量为______g。
17. 物理兴趣小组的同学们实验测量标有“2.5V”的小灯泡L的电阻，图甲是连接好的部分电路。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整(要求：变阻器滑片P向左移动时，变阻器R连入电路的阻值变大)；
(2)实验中除保护电路外，滑动变阻器另一个作用是______。闭合开关，小灯泡不亮，电压表和电流表示数都很小，造成这种现象的原因可能是______。
(3)正常进行实验时，调节滑动变阻器，使小灯泡两端的电压逐渐变化，测量数据记录如下表所示。实验中为使小灯泡两端电压增大，应该将变阻器的滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值为______(结果保留一位小数)；
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
1.5
0.16
9.4
2
2.0
0.20
10.2
3
2.5
(4)由实验数据可知，当小灯泡两端电压增大时，灯泡的阻值______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，你认为原因是______。
(5)本实验进行多次测量的目的与下列实验中多次测量的目的相同的是______(填字母代号)。
A.测量定值电阻的阻值
B.用刻度尺测量铅笔的长度
C.测量小灯泡的电功率
D.探究电流与电压和电阻之间关系
五、计算题（本大题共3小题，共30分）
18. 一辆汽车在高速公路上做通车测试，以120km/ℎ的速度匀速通过60km的水平路段，消耗的汽油为4L。已知汽车发动机的效率是30%，若汽油的密度为ρ汽油=0.75×103kg/m3，汽油的热值q=4.6×107J/kg，求：
(1)消耗的汽油完全燃烧释放的能量；
(2)汽车牵引力做功的功率；
(3)汽车受到的阻力大小。
19. 如图所示的电路，电源电压恒定不变，灯泡L标有“12V6W”字样，灯泡的电阻不变。只闭合开关S1，变阻器R2的滑片P从最右端滑到中点时，电流表示数变化了0.2A，电压表示数变化了2V；再闭合开关S2和S3，电流表示数又变化了1.1A，此时灯泡L恰好正常发光。求：
(1)小灯泡正常发光时的电流和电阻；
(2)变阻器R2的最大阻值和定值电阻R1的阻值；
(3)整个电路消耗的最小功率和最大功率。
20. 如图甲是一种新型吊运设备的简化模型示意图，虚线框里是滑轮组(未画出)，OC是一根以O点为支点的水平杠杆，AB表示对杠杆起固定作用且不可伸缩的缆绳。滑轮组绳子的自由端由额定电压为220V的电动机拉动，定滑轮的轴和电动机均固定在B点。在一次作业中，吊运设备匀速竖直提升物体时，绳子自由端的拉力为312.5N，此时滑轮组的机械效率为80%，被提升的物体上升的速度为0.24m/s，电动机做的功跟时间的变化关系如乙图所示。不考虑滑轮组绳子的质量、滑轮与轴和绳子间的摩擦。
(1)求此次作业中被提升的物体受到的重力；
(2)此次作业中，电动机的输入电流为1.5A，求电动机工作时每秒钟产生的热量；
(3)第二次作业中，利用该设备以相同的速度匀速提升重为2000N的物体，求作用在绳子自由端的拉力。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、艾萨克⋅牛顿，英国皇家学会会长，英国著名的物理学家、数学家、天文学家和自然哲学家，高等数学的奠基人，万有引力的发现者，经典力学的开创者，故A错误；
B、伽利略是伟大的意大利物理学家和天文学家，科学革命的先驱。历史上他首先在科学实验的基础上融会贯通了数学、物理学和天文学三门知识，扩大、加深并改变了人类对物质运动和宇宙的认识，也是近代物理学的开拓者，被誉为“近代科学之父”，故B正确；
C、瓦特是英国著名的发明家，是工业革命时的重要人，故C错误；
D、焦耳，英国物理学家，英国皇家学会会员，由于焦耳在热学、热力学和电方面的贡献，皇家学会授予他最高荣誉的科普利奖章，后人为了纪念他，把能量或功的单位命名为“焦耳，故D错误。
故选：B。
牛顿、伽利略、瓦特、焦耳都是物理学家，重点掌握其做出的杰出贡献。
本题为物理常识题，较为简单，牛顿、伽利略、瓦特、焦耳都是物理学家，重点掌握其做出的杰出贡献。
2.【答案】A
【解析】解：A、超声波碎石说明声音传递能量，故A正确；
B、真空不能传声，故声音在真空不存在传播速度，故B错误；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、拉小提琴时，手在不同的位置按弦，主要目的是改变音调的高低，而不是改变响度，故D错误。
故选：A。
(1)声音既能传递信息，又能传递能量；
(2)声音的传播需要介质；
(3)噪声的防治主要从三种方式上来进行：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱；
(4)乐音的三个特征是音调、响度和音色；音调是指声音的高低，响度是指声音的大小。
此题考查了声与能量、声速和声音传播的条件、减弱噪声的途径以及声音的特性等知识点，属声学基础题，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：A、人接触火线时如果没有电流通过，就不会发生触电事故，例如：站在干燥的木凳上，用手接触火线，故A错误；
B、三孔插座已接地，当有金属外壳的用电器的插头插入三孔插座能使用电器的金属外壳接地，这样能防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故B正确；
C、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故C错误；
D、用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体，故D错误。
故选：B。
(1)是否触电要看是否有一定的电流通过人体形成了回路；
(2)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故；
(3)保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；
(4)试电笔是用来辨别火线和零线的，用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体。
此题考查的是我们对安全用电常识的掌握，属于生活技能的考查。掌握安全用电常识，是保证安全，避免受到伤害的基本要求。
4.【答案】B
【解析】解：气温较低时，眼镜片温度很低，口中呼出气流中温度较高的水蒸气遇冷在镜片上发生液化形成小水珠，使镜片变得模糊，出现了一层白雾。
故选：B。
要正确判断物态变化过程，首先要弄清水是以怎样的物态形式出现，结合液化是由气态变为液态的过程，可判断出正确选项。
要正确判断物态变化过程，一定要搞清熔化、汽化、升华和它们的反过程凝固、液化、凝华这些概念，然后根据物体先后的状态来进行判断。
5.【答案】C
【解析】解：A、导体的电阻是导体的一种性质，电阻器两端的电压为零时，电阻不为零，故A错误；
B、毛皮摩擦过的橡胶棒由于得到电子而带负电，故B错误；
C、图中气缸的排气门关闭，活塞向上运动，是内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能，故C正确；
D、发电机运用了此原理，并将机械能转化为电能，故D错误。
故选：C。
(1)导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
(2)摩擦起电的实质是电荷的转移，当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，橡胶棒上就有多余的电子，从而使橡胶棒带上负电。
(3)根据气门的开闭情况和活塞的运动方向可判断图中哪个冲程；在内燃机的压缩冲程中，压缩气体做功，将机械能转化为内能；在做功冲程中，将内能转化为机械能。
(4)发电机根据电磁感应原理工作，将机械能转化为电能。
理解电阻的概念，认识内燃机各冲程、知道验电器工作原理、发电机原理，可解答此题。
6.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
7.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时电压表V的示数不变，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，
将滑动变阻器的滑片P向左移动，变阻器R2接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过R2的电流变小，即电流表A1的示数变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故AD错误；
则电压表V与电流表A2示数的比值将变大，故B错误；
由电流表A2示数与电流表A1示数的差值等于通过R1的电流可知，其差值不变，故C正确。
故选：C。
由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，利用欧姆定律可知通过R2的电流变化，再利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步得出电压表V与电流表A2示数的比值变化，根据并联电路的电流特点结合通过R1的电流判断电流表A2示数与电流表A1示数的差值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
8.【答案】D
【解析】解：
A、据凸透镜成像规律可知，当u=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像；由图可知，u=v=2f=20cm，所以f=10cm，故A错误；
B、当物距u=30cm时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B错误；
C、当物距u=15cm时，fv>f，应用于投影仪，故C错误；
D、物体从距凸透镜30cm处移动到15cm处的过程中，物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，故D正确。
故选：D。
(1)根据凸透镜成像的四种情况和应用进行判断：u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用于照相机和摄像机。u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，一般用来求凸透镜的焦距。2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于幻灯机和投影仪。u
本题考查凸透镜成像规律，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
9.【答案】AD
【解析】解：AB、因为鸡蛋在甲中悬浮、乙中漂浮，所以浮力都等于自身的重力，即鸡蛋在甲、乙两烧杯中受到的浮力相等，故B不正确；
根据F浮=ρ液gV排可知，在浮力相同时，甲杯中的V排大，所以ρ液小，故A正确；
C、因甲、乙两个烧杯完全相同，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，
根据水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等和G=mg可知，放入鸡蛋后甲、乙两烧杯对桌面的压力相等，故C不正确；
D、烧杯粗细均匀，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，由F=G=mg可知，甲、乙两烧杯底部受到的压力相等，
因两烧杯底面积S相同，根据p=FS可知，两只杯子底部受到液体的压强相同，故D正确。
故选：AD。
(1)同一只鸡蛋无论漂浮或悬浮，其浮力都等于排开盐水的重，也等于自身的重力；在浮力相同时，排开的液体体积越大，说明液体的密度是越小的。
(2)水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等，据此可知甲、乙两烧杯对桌面的压力关系。
(3)粗细均匀容器底部受到的压力等于液体的重力和漂浮(或悬浮)物体的重力之和，根据p=FS判断甲、乙两烧杯底部受到的压强关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
10.【答案】ABC
【解析】解：
AB.由v=st可知，物体移动的距离：s物=v物t=0.1m/s×20s=2m，
由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离：s绳=ns物=3×2m=6m，故B正确；
拉力做的总功：W总=Fs绳=100N×6m=600J，
由η=W有W总×100%可得，拉力做的有用功：W有=ηW总=60%×600J=360J，
拉力做的额外功：W额=W总−W有=600J−360J=240J，
额外功的功率：P额=W额t=240J20s=12W，故A正确；
C.因克服物体与地面间的滑动摩擦力所做的功为有用功，
所以，由W有=fs物可得，物体与地面间的滑动摩擦力：f=W有s物=360J2m=180N，故C正确；
D.其他条件不变，只增大水平地面粗糙程度，物体与地面间的滑动摩擦力变大，
由W有=fs物可知，增大了有用功，而额外功几乎不变，有用功与总功的比值变大，机械效率变大，故D错误。
故选：ABC。
(1)根据s=vt求出物体移动的距离，根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，根据s绳=ns物求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的总功，再利用η=W有W总×100%求出拉力做的有用功，拉力做的额外功等于总功减去有用功，利用P=Wt求出额外功的功率；
(2)克服物体与地面间的滑动摩擦力所做的功为有用功，根据W有=fs物求出物体与地面间的滑动摩擦力；
(3)根据滑动摩擦力的影响因素分析物体所受摩擦力的变化，根据W有=fs物分析有用功的变化，通过分析影响滑轮组的机械效率因素，得出机械效率的变化情况。
本题考查了速度公式和做功公式、滑轮组机械效率公式、功率公式的应用等，明确有用功和总功是关键。
11.【答案】BC
【解析】解：A、0～3s，物体静止，物体受到静摩擦力，静摩擦力大小等于拉力大小，为2N，故A错误；
B、6～9s内，物体处于匀速直线运动，滑动摩擦力大小等于拉力大小，为4N，拉力F的功率P=Fv=4N×1m/s=4W，故B正确；
C、6～9s内，物体处于匀速直线运动，滑动摩擦力大小等于拉力大小，为4N，3～6s内，木块受到的是滑动摩擦力，与6～9s内的摩擦力相比，压力大小以及粗糙程度没变，所以摩擦力没变，为4N，故C正确；
D、3～6s内，木块处于加速运动状态，动能增加，机械能增加，故D错误。
故选：BC。
(1)物体静止时，静摩擦力大小等于拉力大小；
(2)物体匀速直线运动时，滑动摩擦力大小等于拉力大小；和速度大小无关；
(3)3～6s内，木块处于加速运动状态，动能增加，机械能增加。
本题考查了摩擦力大小的判断、功率计算和图象分析，属于中档题。
12.【答案】AC
【解析】解：A、图乙电路中，R1与R0串联，电流表测电路的电流，当R1过小时，电路的电流过大会损坏电路元件，故电路中R0的作用是保护电路，故A正确；
B、测温仪前面通过的同学体温越高，由表中数据可知热敏电阻越小，由电阻的串联规律，电路的总电阻越小，由欧姆定律，电流表的示数越大，故B错误；
D、当体温是36.5℃时，由表中数据可知热敏电阻：R1=17Ω，
根据电阻的串联和欧姆定律，电流表的示数：I=UR0+R1=9V10Ω+17Ω≈0.33A，故D错误；
C、当电流表示数显示0.36A，根据欧姆定律和串联电路电阻规律可得：R′1=UI′−R0=9V0.36A−10Ω=15Ω，
由表中数据，此时对应的人体温度为37.5℃，高于37.3℃，故测温仪是会发出报警，故C正确。
故选：AC。
A、图乙电路中，R1与R0串联，电路中R0的作用是保护电路；
B、体温越高，由表中数据可知热敏电阻大小的变化，根据串联电路电阻规律和欧姆定律分析电流表的示数变化；
D、当体温是36.5℃时，由表中数据可知热敏电阻R1大小，根据电阻的串联和欧姆定律得出电流表的示数；
C、已知电流表示数，根据欧姆定律和串联电路电阻规律求出热敏电阻R1大小，由表中数据可知此时对应的人体温度，结合题意回答。
本题结合当前实际考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从题中获取有用的信息，属于常考题。
13.【答案】解：“冰墩墩”与桌面之间的弹力包括水平桌面的支持力和“冰墩墩”对水平桌面的压力。这两个力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，分别从“冰墩墩”的重心和O点开始，沿竖直向上的方向、垂直于桌面向下的方向画一条带箭头的线段，并在线段末尾分别标上字母F支和F压，如图所示：
【解析】“冰墩墩”与桌面之间的弹力包括水平桌面的支持力和“冰墩墩”对水平桌面的压力，支持力的作用点在“冰墩墩”的重心上，方向竖直向上；压力的作用点在O点，垂直于桌面向下，据此画出压力的示意图。
此题考查力的示意图的画法，难度不大，关键是知道“冰墩墩”与桌面之间的弹力包括水平桌面的支持力和“冰墩墩”对水平桌面的压力。
14.【答案】解：由题可知，潜水员眼睛在水下C点处，B处是小鸟，A是潜水员看到小鸟的像；
潜水员看到小鸟的像是由于光的折射形成的虚像，折射光线的反向延长线过像点A，连接AC与水面交于点O(即为入射点)，则OC为折射光线；连接BO，即为入射光线。如图所示：
【解析】根据折射光线的反向延长线过像点和光从空气斜射入水中时折射角小于入射角，作出潜水员观察小鸟的光路图。
本题考查了作光的折射光路图，关键是确定入射点，利用好折射光线的反向延长线过像点。
15.【答案】拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛 adbc 拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛 远离 不变 不 没有 15：01
【解析】解：(1)该实验的探究过程是这样的：a.在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板，用铅笔在纸上沿玻璃板放的位置画一条直线；d.点燃蜡烛放在玻璃板前，看到它在玻璃板后面的像，在纸上记录蜡烛的位置A1.b.拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛放在玻璃板的后方，移动到某一位置时，发现该蜡烛与被点燃的蜡烛的像重合，在纸上记下该蜡烛的位置A1′.c.改变玻璃板前蜡烛的位置，重复以上实验，在纸上记录物与像的位置A2、A2′；A3、A3′(如图乙所示)。故正确的顺序是adbc；
(2)在实验过程中，小李让玻璃板沿垂直于OO′轴方向靠近蜡烛A′，根据平面镜成像特点中的像距等于物距可知，为了完成实验探究，小李应将蜡烛A′远离蜡烛A.根据平面镜成像像与物等大可知，蜡烛的像大小不变；
小李在实验过程中，让玻璃板沿00′轴方向水平向右移动，A和平面镜之间的距离不变，根据物像到平面镜的距离相等，A的像和平面镜之间的距离也不变，所以他发现镜中的像相对于A不移动。
(5)因平面镜成虚像，虚像不是实际光线的会聚点，不能在光屏上承接，所以小怡同学将蜡烛A′取走，在A′位置放一张白纸，结果在白纸上没有像。
由镜面对称性可知，10：21在真实时间表示应该是15：01；
故答案为：(1)拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛； adbc；
(2)远离；不变；不；
(3)没有；15：01。
(1)据平面镜成像的实验探究过程分析判断即可解决；
(2)根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
(3)实像可以在光屏上承接，而虚像则不能。根据镜面对称的性质求解，在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右序颠倒，且关于镜面对称。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。
16.【答案】左 测量力臂 逆时针 F1L1=F2L2 使结论具有普遍性 变大 等臂杠杆 72
【解析】解：(1)将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，直到杠杆在水平位置静止；
杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L0，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，
则左侧2G×2L=4GL，右侧G×3L=3GL，由4GL>3GL可知，杠杆不能平衡，左端下沉，即杠杆会逆时针转动；
(3)由表格中数据可得：①1.0N×0.2m=2.0N×0.1m，②1.5N×0.1m=1.0N×0.15m，③2.0N×0.15m=1.5N×0.2m，故可得，杠杆的平衡条件为：F1L1=F2L2；
(4)探究性实验数据只测量一次，其结果带有较大的偶然性，多次测量的结论才具有普遍性；
(4)如图乙，用弹簧测力计代替右侧钩码，沿与水平方向成60°角斜向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，
力臂是支点到力的作用线的垂直距离，该过程中拉力的力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知拉力变大，
弹簧测力计示数变大；
(6)由图丙可知，物体的质量等于m=50g+20g+2g=72g。
故答案为：(1)左；测量力臂；(2)逆时针；(3)F1L1=F2L2；(4)使结论具有普遍性；(5)变大；(6)72。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；调节杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究；
(2)设出一个钩码重和杠杆一个小格的长度，根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)将力与力臂的乘积算出后进行比较，然后得出结论；
(4)实验数据只测量一次，其结果带有较大的偶然性，多次测量的结论具有普遍性；
(5)力臂是支点到力的作用线的垂直距离，由图可知动力臂的变化，根据杠杆的平衡条件判断动力的变化即可得出弹簧测力计的示数变化；先确定支点，然后从支点向动力作用线作垂线，支点到垂足的距离为动力臂，利用三角函数关系求出动力臂的大小，然后与阻力臂相比较判断杠杆的类型；
(6)根据动力臂和阻力臂的大小关系判定杠杆的种类；利用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码的质量和游码对应的刻度值之和。
本题是探究杠杆平衡的实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
17.【答案】改变灯泡两端的电压(或改变通过灯泡的电流) 滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小 B 11.4 变大 小灯泡的阻值受温度的影响 C、D
【解析】解：(1)小灯泡L的额定电压为2.5V，故电压表应选小量程并联在灯泡两端；变阻器滑片P向左移动时，变阻器R连入电路的阻值变大，说明变阻器选用右下接线柱与开关串联接入电路中如下图所示：
；
(2)实验中除保护电路外滑动变阻器另一个作用是：改变灯泡两端的电压(或改变通过灯泡的电流)；
闭合开关后，电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，其原因是滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小；
(3)实验中为了使小灯泡两端电压增大，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应该向B端移动滑片；
由图甲可知，电流表选用小量程；当实验中小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，分度值0.02A，其示数为0.22A，小灯泡正常发光时的阻值为：
R=UI=2.5V0.22A≈11.4Ω；
(4)由表中数据可知，当小灯泡两端电压增大时，通过的电流增大，灯泡两端电压增加的快，而电流增加的慢，根据R=UI可知，灯泡的阻值变大；造成小灯泡阻值变化的原因是：小灯泡的阻值受温度的影响；
(5)测量标有2.5V的小灯泡L的电阻进行多次测量的目的是找出普遍规律；
A、测量定值电阻的阻值进行多次测量的目的是求平均值，减小误差；
B、用刻度尺测量铅笔的长度进行多次测量的目的是求平均值，减小误差；
C、测量小灯泡的电功率进行多次测量的目的是找出普遍规律；
D、探究电流与电压和电阻之间关系多次测量的目的是找出普遍规律；
故选：C、D。
故答案为：(1)见解答图；(2)改变灯泡两端的电压(或改变通过灯泡的电流)；滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小；(3)B；11.4；(4)变大；小灯泡的阻值受温度的影响；(5)C、D。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；变阻器滑片P向左移动时，变阻器R连入电路的阻值变大，说明变阻器选用右下接线柱串联接入电路中；
(2)滑动变阻器在实验中的作用：①保护电路；②改变灯泡两端的电压；③改变通过灯泡的电流，据此解答；
闭合开关后，电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，说明灯泡分得的电压太小，电路中的电阻过大造成的；
(3)根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；根据图甲确定电流表量程，根据图乙确定分度值读数；根据R=UI算出小灯泡正常发光时的阻值；
(4)根据表中数据分析回答；灯泡的电阻随温度的变化而变化；
(5)分析各实验多次测量的目的，然后回答。
本题测量标有2.5V的小灯泡L的电阻实验，考查电路连接、滑动变阻器的作用、故障分析、操作过程、电阻的计算、数据分析以及多次测量的目的等知识。
18.【答案】解：(1)汽油的质量
m=ρ汽油V=0.75×103kg/m3×4×10−3m3=3kg，
汽油完全燃烧释放的热量
Q放=mq=3kg×4.6×107J/kg=1.38×108J；
(2)牵引力所做的功
W=ηQ放=30%×1.38×108J=4.14×107J，
汽车通过这段路程所需的时间
t=sv=60km120km/ℎ=0.5ℎ，
汽车牵引力做功的功率
P=Wt=4.14×107J0.5×3600s=2.3×104W；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv可知，汽车发动机牵引力大小为
F=Pv=2.3×104W120×13.6m/s=690N，
汽车匀速直线行驶，处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，
所以阻力f=F=690N。
答：(1)汽油完全燃烧释放的热量为1.38×108J；
(2)汽车牵引力做功的功率为2.3×104W；
(3)汽车受到的阻力大小为690N。
【解析】(1)根据m=ρV得到汽油的质量，利用Q放=mq可求得汽油完全燃烧释放的热量；
(2)已知发动机的效率，利用W=Q放η可求得牵引力所做的功，根据速度公式求出时间，再利用P=Wt可求得汽车牵引力做功的功率；
(3)已知汽车发动机的功率和行驶速度，根据P=Fv计算出牵引力的大小，然后利用二力平衡条件得出汽车受到的阻力。
本题考查了功的公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式、功率公式的应用，对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进行求解，在计算过程中注意单位要统一。
19.【答案】解：只闭合开关S1，R1与滑动变阻器R2串联，滑片P位于最右端时，等效电路图如图1所示；
滑片P向左移动一段距离后，由于滑动变阻器R2的电阻减小了，则电路中电流变大，等效电路图如图2所示；
再闭合开关S2和S3时，滑动变阻器被短路，此时灯泡与R1并联，根据电阻的串并联特点可知，并联时电路中电流变大，等效电路图如图3所示。
(1)根据P=UI可得灯泡正常发光时的电流：
IL=P额U额=6W12V=0.5A；
根据欧姆定律I=UR灯泡正常发光时的电阻为：
RL=ULIL=12V0.5A=24Ω；
(2)图3中，灯泡与R1并联，由于灯泡正常发光，则根据并联电路各支路两端的电压相等可知，电源电压：
U=U额=12V；
由并联电路的电流特点可知，通过R1的电流为：
I1=I+0.2A+1.1A−0.5A=I+0.8A，
根据I=UR可得电源电压为：U=I1R1，
即：12V=(I+0.8A)R1---------------①
图1中，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压为：
U=IR1+U2，
即：12V=IR1+U2------------②
图2与图1比较，由于滑动变阻器R2的电阻减小了，根据串联电路的分压特点可知滑动变阻器两端的电压减小，则：
图2中，电压表示数为：U2′=U2−ΔU=U2−2V，
根据串联电路的特点和欧姆定律可得：
U=(I+0.2A)R1+U2′，
即：12V=(I+0.2A)R1+U2−2V -----------③
解①②③可得：R1=10Ω，U2=8V，I=0.4A；
滑动变阻器的最大电阻为：
R2大=U2I=8V0.4A=20Ω；
(3)只闭合S1时，定值电阻R1的与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的电阻最大时，电路的电流最小，电路的总功率最小，最小功率为：
P小=U2R1+R2大=(12V)210Ω+20Ω=4.8W；
当闭合开关S1、S2、S3时，小灯泡与定值电阻R1并联，电路的总电阻最小，电流最大，总功率最大，最大功率为：
P大=U2R1+U2RL=(12V)210Ω+(12V)224Ω=20.4W。
答：(1)小灯泡正常发光时的电流为0.5A、电阻为24Ω；
(2)变阻器R2的最大阻值为20Ω、定值电阻R1的阻值为10Ω；
(3)整个电路消耗的最小功率为4.8W、最大功率为20.4W。
【解析】先画出只闭合开关S1，滑片P从最右端向左移动一段距离和再闭合开关S2和S3时的等效电路图。
(1)根据P=UI求出灯泡正常光时的电流，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的电阻；
(2)图3中，由于灯泡正常发光时，则灯泡两端的电压和额定电压相等，据此可知电源电压；
然后根据并联电路的电流特点和欧姆定律得出R1两端的电压表达式；
图2与图1比较，由于滑动变阻器R2的电阻减小了，根据串联电路的分压特点可知滑动变阻器两端的电压减小，据此得出图2和图1中的电压表示数之间的关系，然后根据串联电路的特点和欧姆定律分别得出电源电压的表达式；最后联立即可求出图1中的电压表示数、电路中的电流和R1的阻值，由欧姆定律算出滑动变阻器的最大电阻；
(3)只闭合S1时，定值电阻R1的与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的电阻最大时，电路的电流最小，电路的总功率最小，根据P小=U2RL+R2大算出最小功率；
当闭合开关S1、S2、S3时，小灯泡与定值电阻R1并联，电路的总电阻最小，电流最大，总功率最大，根据P大=U2R1+U2RL算出最大功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别和根据题意得出三种情况下电路中电流之间的关系。
20.【答案】解：(1)由图乙知，当t=1s时，绳子自由端拉力做的总功W总=300J，
绳子自由端拉力的功率：
P总=W总t=300J1s=300W，
滑轮组的机械效率η=P有P总，
所以有用功功率：P有=ηP总=80%×300W=240W，
由P有=Gv物可得，被提升物体的重力：
G=P有v物=240W0.24m/s=1000N；
(2)电动机工作时每秒消耗的电能：
W电=UIt=220V×1.5A×1s=330J，
转化为的机械能W机=W总=300J，
每秒钟产生的热量：
Q=W电−W机=330J−300J=30J；
(3)由P=Fv可得，第一次作业时绳子自由端的速度：
v=P总F=300W312.5N=0.96m/s，
由v=nv物可得，通过动滑轮绳子的段数：
n=vv物=0.96m/s0.24m/s=4，
不考虑滑轮组绳子的质量、滑轮与轴和绳子间的摩擦，由F=1n(G+G动)可得：
G动=nF−G=4×312.5N−1000N=250N，
第二次作业中，利用该设备以相同的速度匀速提升重为2000N的物体，作用在绳子自由端的拉力：
F′=1n(G′+G动)=12×(2000N+250N)=1125N。
答：(1)第一次作业中被提升的物体受到的重力为1000N；
(2)第一次作业中，电动机工作时每秒钟产生的热量为30|J；
(3)第二次作业中，作用在绳子自由端的拉力为1125N。
【解析】(1)从图象中读取t=1s时绳子自由端拉力做的功，即总功，由P=Wt计算绳端拉力的功率，即总功的功率，由η=W有W总=P有tP总t=P有P总 计算有用功的功率，由P有=Gv物计算被提升的物体受到的重力；
(2)由W=UIt计算电动机每秒钟消耗的电能，电动机工作时将电能转化为机械能和内能，据此计算出电动机工作时每秒钟产生的热量；
(3)根据P=Fv计算第一次作业时，绳端拉力的速度，从而得到通过动滑轮的绳子段数n，由nF=G+G动可得动滑轮重力；从而计算第二次作业中，作用在绳子自由端的拉力。
本题为力、电综合题，考查速度公式、功的公式、效率公式、作用在绳子自由端拉力的公式的运用，关键是从图中获取有用的信息。
2022年山东省潍坊市青州市中考物理二模试卷
副
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共8小题，共24分）
1. 开创了以实验为基础并具有严密逻辑体系和数学表述的近代科学，被后人誉为“近代科学之父“的科学家是( )
A. 牛顿 B. 伽利略 C. 瓦特 D. 焦耳
2. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 超声波碎石说明声波能传递能量
B. 声波在真空中传播速度约为340m/s
C. 禁止鸣笛是通过阻断噪声的传播来控制噪声
D. 手在小提琴上不同位置按弦主要目的是改变响度
3. “珍爱生命，注意安全”是中学生应具备的基本安全意识。下列说法正确的是( )
A. 只要人用手直接接触火线就一定会发生触电事故
B. 洗衣机的插头插入三孔插座时，能使其金属外壳接地
C. 为了防止保险丝被熔断，用铜丝代替保险丝接入电路
D. 使用试电笔时不能用手直接接触测电笔笔尾的金属部分
4. 新冠肺炎疫情期间，为了加强防护需要戴口罩，气温较低时，戴眼镜的同学戴上口罩后，有时会因为口罩夹鼻不好而使得呼出的气体在镜片表面蒙上一层小水珠，使视线变得模糊，这种现象的形成属于( )
A. 汽化 B. 液化 C. 熔化 D. 凝华
5. 下列四幅图依次对应说法正确的是( )
A. 图为电阻器，当其两端的电压为零时电阻也为零
B. 图中毛皮摩擦过的橡胶棒由于失去电子而带负电
C. 图为内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能
D. 电动机运用了图中的原理，将电能转化为机械能
6. 在2022北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动发光杆，发光杆一会儿只发出绿光代表绿草，随后又只发出白光组成蒲公英。据悉，杆上有两个开关，下面电路设计符合要求且最易操作的是( )
A. B.
C. D.
7. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动，下列说法正确的是( )
A. 电流表A1的示数变小，电流表A2的示数变大
B. 电压表V与电流表A2示数的比值将变小
C. 电流表A2示数与电流表A1示数的差值不变
D. 电压表的示数不变，电流表A2的示数变大
8. 在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组测量出物距u和像距v的数据，并绘制成如图所示的图像，下列说法中正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距f=20cm
B. 当物距u=30cm时，成倒立、放大的实像，投影仪利用了这条规律
C. 当物距u=15cm时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了这条规律
D. 物体从距凸透镜30cm处向距凸透镜15cm处移动过程中，所成的像会变大
二、多选题（本大题共4小题，共16分）
9. 水平桌面上放置甲、乙两个相同的烧杯，分别装有等质量的盐水，将同一鸡蛋先后放入两个烧杯中，静止后鸡蛋的状态如图所示。下列判断正确的是( )
A. 甲烧杯中盐水密度小于乙烧杯中盐水密度
B. 鸡蛋在甲烧杯中受到的浮力小于在乙烧杯中受到的浮力
C. 放入鸡蛋后，甲烧杯对桌面的压力大于乙烧杯对桌面的压力
D. 放入鸡蛋后，甲烧杯底部受到盐水的压强等于乙烧杯底部受到盐水的压强
10. 如图所示，重800N的物体在100N的水平拉力F的作用下以0.1m/s的速度沿水平地面，向左匀速直线运动了20s，滑轮组的效率为60%。下列说法正确的是( )
A. 额外功的功率为12W
B. 绳子自由端移动距离为6m
C. 物体与地面间的滑动摩擦力大小为180N
D. 其他条件不变，只增大水平地面粗糙程度，该滑轮组的效率会降低
11. 一个木块放在粗糙程度相同的水平地面上，对木块施加的水平拉力为F，如图甲所示；F的大小与时间t的关系如图乙所示；木块的运动速度v与时间t的关系如图丙所示。以下说法正确的是( )
A. t=1s时，木块受到的摩擦力是0 B. 6～9s内，拉力F的功率为4W
C. 3～6s内，木块受到的摩擦力为4N D. 3～9s内，木块的机械能保持不变
12. 图甲是在“新冠”疫情期间常用的一种门式红外线测温仪。它的电路原理如图乙所示，控制电路电源电压恒为9V，R0是阻值为10Ω的定值电阻，R1是热敏电阻，其阻值随人体温度变化关系如表所示。当人体体温高于37.3℃时，测温仪的红灯亮发出报警。下列说法正确的是( )
温度t/℃
35
36.5
37
37.5
38
39
40
电阻R1/Ω
20
17
16
15
14
12
10
A. 电路中R0的作用是保护电路
B. 从测温仪前面通过的人体温越高，电流表的示数越小
C. 当电流表示数显示0.36A时，测温仪红灯亮发出报警
D. 当通过测温仪的人体温是36.5℃时，电流表的示数约为0.53A
三、作图题（本大题共2小题，共6分）
13. 如图所示，放在水平面上的是2022年北京冬奥会吉祥物“冰墩墩”。请画出“冰墩墩”与桌面之间弹力的示意图(O为桌面受力作用点)。
14. 图中的A、B两只小鸟，一只是实际的小鸟，另一只是潜水员从水中观察到该小鸟的像，请你作出潜水员从水中观察到小鸟像的光路图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24分）
15. 如题图甲是探究“平面镜成像特点”的实验。
(1)下面步骤b中横线处的内容是______，实验步骤a、b、c、d的合理顺序是______(填写步骤前字母)。
a.在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板，沿玻璃板位置划线记录玻璃板的位置；
b.______放在玻璃板的后方，移动到某一位置时，发现该蜡烛与被点燃的蜡烛的像重合，在纸上记下该蜡烛的位置A′；
c.改变玻璃板前蜡烛的位置，重复以上实验，在纸上记录物与像的位置A2、A2′；A3、A′(如题图乙所示)；
d.点燃蜡烛放在玻璃板前，看到它在玻璃板后面的像，在纸上记录蜡烛的位置A1。
(2)在实验过程中，小李让玻璃板沿垂直于CD轴方向靠近蜡烛A′，为了完成实验探究，小李应将蜡烛A′______(填“远离”或“靠近”)蜡烛A，同时观察到蜡烛的像将______(填“变大”、
“不变”或“变小”)；他若将玻璃板沿CD轴方向水平向右移动，则他将观察到镜中A的像______(填“向右”、“向左”或“不”)移动；
(3)小怡同学将蜡烛A′取走，在A′位置放一张白纸，结果在白纸上______(填“有”或“没有”)像；将A取走，正立放置一电子手表在该位置，从平面镜中看到的时间如题图丙所示，则实际的时间是______。
16. 小华利用图中的装置探究杠杆平衡的条件，每个钩码的质量相等，杠杆上的刻度均匀。
(1)将杠杆安装在支架上，发现杠杆右端下沉，应向______(选填“左”或“右”)调节平衡螺母，直至杠杆在水平位置平衡；选择在水平位置平衡的目的是便于______，同时也消除了杠杆自重对实验的影响；
(2)图甲中，杠杆在水平位置已经平衡，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，杠杆会______(选填“顺时针”或“逆时针”)转动；
(3)三次实验数据如下表，分析数据可以得出的结论是：______。
次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
1.0
0.2
2.0
0.1
2
1.5
0.1
1.0
0.15
3
2.0
0.15
1.5
0.2
(4)在本实验中需要进行多次测量的目的是______。
(5)如图乙，用弹簧测力计代替右侧钩码，将弹簧测力计由竖直向下拉旋转到沿与水平方向成60°角斜向下，且保持杠杆始终在水平位置平衡，弹簧测力计示数将______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
(6)在生活、生产中经常用到杠杆平衡条件，例如用天平测量物体的质量。某次测量如图丙所示，托盘天平是______(选填“省力杠杆”、“费力杠杆”或“等臂杠杆”)；此时天平平衡，则物体的质量为______g。
17. 物理兴趣小组的同学们实验测量标有“2.5V”的小灯泡L的电阻，图甲是连接好的部分电路。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整(要求：变阻器滑片P向左移动时，变阻器R连入电路的阻值变大)；
(2)实验中除保护电路外，滑动变阻器另一个作用是______。闭合开关，小灯泡不亮，电压表和电流表示数都很小，造成这种现象的原因可能是______。
(3)正常进行实验时，调节滑动变阻器，使小灯泡两端的电压逐渐变化，测量数据记录如下表所示。实验中为使小灯泡两端电压增大，应该将变阻器的滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值为______(结果保留一位小数)；
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
1.5
0.16
9.4
2
2.0
0.20
10.2
3
2.5
(4)由实验数据可知，当小灯泡两端电压增大时，灯泡的阻值______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，你认为原因是______。
(5)本实验进行多次测量的目的与下列实验中多次测量的目的相同的是______(填字母代号)。
A.测量定值电阻的阻值
B.用刻度尺测量铅笔的长度
C.测量小灯泡的电功率
D.探究电流与电压和电阻之间关系
五、计算题（本大题共3小题，共30分）
18. 一辆汽车在高速公路上做通车测试，以120km/ℎ的速度匀速通过60km的水平路段，消耗的汽油为4L。已知汽车发动机的效率是30%，若汽油的密度为ρ汽油=0.75×103kg/m3，汽油的热值q=4.6×107J/kg，求：
(1)消耗的汽油完全燃烧释放的能量；
(2)汽车牵引力做功的功率；
(3)汽车受到的阻力大小。
19. 如图所示的电路，电源电压恒定不变，灯泡L标有“12V6W”字样，灯泡的电阻不变。只闭合开关S1，变阻器R2的滑片P从最右端滑到中点时，电流表示数变化了0.2A，电压表示数变化了2V；再闭合开关S2和S3，电流表示数又变化了1.1A，此时灯泡L恰好正常发光。求：
(1)小灯泡正常发光时的电流和电阻；
(2)变阻器R2的最大阻值和定值电阻R1的阻值；
(3)整个电路消耗的最小功率和最大功率。
20. 如图甲是一种新型吊运设备的简化模型示意图，虚线框里是滑轮组(未画出)，OC是一根以O点为支点的水平杠杆，AB表示对杠杆起固定作用且不可伸缩的缆绳。滑轮组绳子的自由端由额定电压为220V的电动机拉动，定滑轮的轴和电动机均固定在B点。在一次作业中，吊运设备匀速竖直提升物体时，绳子自由端的拉力为312.5N，此时滑轮组的机械效率为80%，被提升的物体上升的速度为0.24m/s，电动机做的功跟时间的变化关系如乙图所示。不考虑滑轮组绳子的质量、滑轮与轴和绳子间的摩擦。
(1)求此次作业中被提升的物体受到的重力；
(2)此次作业中，电动机的输入电流为1.5A，求电动机工作时每秒钟产生的热量；
(3)第二次作业中，利用该设备以相同的速度匀速提升重为2000N的物体，求作用在绳子自由端的拉力。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、艾萨克⋅牛顿，英国皇家学会会长，英国著名的物理学家、数学家、天文学家和自然哲学家，高等数学的奠基人，万有引力的发现者，经典力学的开创者，故A错误；
B、伽利略是伟大的意大利物理学家和天文学家，科学革命的先驱。历史上他首先在科学实验的基础上融会贯通了数学、物理学和天文学三门知识，扩大、加深并改变了人类对物质运动和宇宙的认识，也是近代物理学的开拓者，被誉为“近代科学之父”，故B正确；
C、瓦特是英国著名的发明家，是工业革命时的重要人，故C错误；
D、焦耳，英国物理学家，英国皇家学会会员，由于焦耳在热学、热力学和电方面的贡献，皇家学会授予他最高荣誉的科普利奖章，后人为了纪念他，把能量或功的单位命名为“焦耳，故D错误。
故选：B。
牛顿、伽利略、瓦特、焦耳都是物理学家，重点掌握其做出的杰出贡献。
本题为物理常识题，较为简单，牛顿、伽利略、瓦特、焦耳都是物理学家，重点掌握其做出的杰出贡献。
2.【答案】A
【解析】解：A、超声波碎石说明声音传递能量，故A正确；
B、真空不能传声，故声音在真空不存在传播速度，故B错误；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、拉小提琴时，手在不同的位置按弦，主要目的是改变音调的高低，而不是改变响度，故D错误。
故选：A。
(1)声音既能传递信息，又能传递能量；
(2)声音的传播需要介质；
(3)噪声的防治主要从三种方式上来进行：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱；
(4)乐音的三个特征是音调、响度和音色；音调是指声音的高低，响度是指声音的大小。
此题考查了声与能量、声速和声音传播的条件、减弱噪声的途径以及声音的特性等知识点，属声学基础题，难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：A、人接触火线时如果没有电流通过，就不会发生触电事故，例如：站在干燥的木凳上，用手接触火线，故A错误；
B、三孔插座已接地，当有金属外壳的用电器的插头插入三孔插座能使用电器的金属外壳接地，这样能防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故B正确；
C、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故C错误；
D、用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体，故D错误。
故选：B。
(1)是否触电要看是否有一定的电流通过人体形成了回路；
(2)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故；
(3)保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；
(4)试电笔是用来辨别火线和零线的，用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体。
此题考查的是我们对安全用电常识的掌握，属于生活技能的考查。掌握安全用电常识，是保证安全，避免受到伤害的基本要求。
4.【答案】B
【解析】解：气温较低时，眼镜片温度很低，口中呼出气流中温度较高的水蒸气遇冷在镜片上发生液化形成小水珠，使镜片变得模糊，出现了一层白雾。
故选：B。
要正确判断物态变化过程，首先要弄清水是以怎样的物态形式出现，结合液化是由气态变为液态的过程，可判断出正确选项。
要正确判断物态变化过程，一定要搞清熔化、汽化、升华和它们的反过程凝固、液化、凝华这些概念，然后根据物体先后的状态来进行判断。
5.【答案】C
【解析】解：A、导体的电阻是导体的一种性质，电阻器两端的电压为零时，电阻不为零，故A错误；
B、毛皮摩擦过的橡胶棒由于得到电子而带负电，故B错误；
C、图中气缸的排气门关闭，活塞向上运动，是内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能，故C正确；
D、发电机运用了此原理，并将机械能转化为电能，故D错误。
故选：C。
(1)导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
(2)摩擦起电的实质是电荷的转移，当用毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，橡胶棒上就有多余的电子，从而使橡胶棒带上负电。
(3)根据气门的开闭情况和活塞的运动方向可判断图中哪个冲程；在内燃机的压缩冲程中，压缩气体做功，将机械能转化为内能；在做功冲程中，将内能转化为机械能。
(4)发电机根据电磁感应原理工作，将机械能转化为电能。
理解电阻的概念，认识内燃机各冲程、知道验电器工作原理、发电机原理，可解答此题。
6.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
7.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时电压表V的示数不变，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，
将滑动变阻器的滑片P向左移动，变阻器R2接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过R2的电流变小，即电流表A1的示数变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故AD错误；
则电压表V与电流表A2示数的比值将变大，故B错误；
由电流表A2示数与电流表A1示数的差值等于通过R1的电流可知，其差值不变，故C正确。
故选：C。
由电路图可知，闭合开关S，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，利用欧姆定律可知通过R2的电流变化，再利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步得出电压表V与电流表A2示数的比值变化，根据并联电路的电流特点结合通过R1的电流判断电流表A2示数与电流表A1示数的差值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
8.【答案】D
【解析】解：
A、据凸透镜成像规律可知，当u=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像；由图可知，u=v=2f=20cm，所以f=10cm，故A错误；
B、当物距u=30cm时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故B错误；
C、当物距u=15cm时，f
D、物体从距凸透镜30cm处移动到15cm处的过程中，物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，故D正确。
故选：D。
(1)根据凸透镜成像的四种情况和应用进行判断：u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用于照相机和摄像机。u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，一般用来求凸透镜的焦距。2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于幻灯机和投影仪。u
本题考查凸透镜成像规律，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
9.【答案】AD
【解析】解：AB、因为鸡蛋在甲中悬浮、乙中漂浮，所以浮力都等于自身的重力，即鸡蛋在甲、乙两烧杯中受到的浮力相等，故B不正确；
根据F浮=ρ液gV排可知，在浮力相同时，甲杯中的V排大，所以ρ液小，故A正确；
C、因甲、乙两个烧杯完全相同，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，
根据水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等和G=mg可知，放入鸡蛋后甲、乙两烧杯对桌面的压力相等，故C不正确；
D、烧杯粗细均匀，装入密度不同但质量相等的盐水，且鸡蛋一样，由F=G=mg可知，甲、乙两烧杯底部受到的压力相等，
因两烧杯底面积S相同，根据p=FS可知，两只杯子底部受到液体的压强相同，故D正确。
故选：AD。
(1)同一只鸡蛋无论漂浮或悬浮，其浮力都等于排开盐水的重，也等于自身的重力；在浮力相同时，排开的液体体积越大，说明液体的密度是越小的。
(2)水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等，据此可知甲、乙两烧杯对桌面的压力关系。
(3)粗细均匀容器底部受到的压力等于液体的重力和漂浮(或悬浮)物体的重力之和，根据p=FS判断甲、乙两烧杯底部受到的压强关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
10.【答案】ABC
【解析】解：
AB.由v=st可知，物体移动的距离：s物=v物t=0.1m/s×20s=2m，
由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离：s绳=ns物=3×2m=6m，故B正确；
拉力做的总功：W总=Fs绳=100N×6m=600J，
由η=W有W总×100%可得，拉力做的有用功：W有=ηW总=60%×600J=360J，
拉力做的额外功：W额=W总−W有=600J−360J=240J，
额外功的功率：P额=W额t=240J20s=12W，故A正确；
C.因克服物体与地面间的滑动摩擦力所做的功为有用功，
所以，由W有=fs物可得，物体与地面间的滑动摩擦力：f=W有s物=360J2m=180N，故C正确；
D.其他条件不变，只增大水平地面粗糙程度，物体与地面间的滑动摩擦力变大，
由W有=fs物可知，增大了有用功，而额外功几乎不变，有用功与总功的比值变大，机械效率变大，故D错误。
故选：ABC。
(1)根据s=vt求出物体移动的距离，根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，根据s绳=ns物求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的总功，再利用η=W有W总×100%求出拉力做的有用功，拉力做的额外功等于总功减去有用功，利用P=Wt求出额外功的功率；
(2)克服物体与地面间的滑动摩擦力所做的功为有用功，根据W有=fs物求出物体与地面间的滑动摩擦力；
(3)根据滑动摩擦力的影响因素分析物体所受摩擦力的变化，根据W有=fs物分析有用功的变化，通过分析影响滑轮组的机械效率因素，得出机械效率的变化情况。
本题考查了速度公式和做功公式、滑轮组机械效率公式、功率公式的应用等，明确有用功和总功是关键。
11.【答案】BC
【解析】解：A、0～3s，物体静止，物体受到静摩擦力，静摩擦力大小等于拉力大小，为2N，故A错误；
B、6～9s内，物体处于匀速直线运动，滑动摩擦力大小等于拉力大小，为4N，拉力F的功率P=Fv=4N×1m/s=4W，故B正确；
C、6～9s内，物体处于匀速直线运动，滑动摩擦力大小等于拉力大小，为4N，3～6s内，木块受到的是滑动摩擦力，与6～9s内的摩擦力相比，压力大小以及粗糙程度没变，所以摩擦力没变，为4N，故C正确；
D、3～6s内，木块处于加速运动状态，动能增加，机械能增加，故D错误。
故选：BC。
(1)物体静止时，静摩擦力大小等于拉力大小；
(2)物体匀速直线运动时，滑动摩擦力大小等于拉力大小；和速度大小无关；
(3)3～6s内，木块处于加速运动状态，动能增加，机械能增加。
本题考查了摩擦力大小的判断、功率计算和图象分析，属于中档题。
12.【答案】AC
【解析】解：A、图乙电路中，R1与R0串联，电流表测电路的电流，当R1过小时，电路的电流过大会损坏电路元件，故电路中R0的作用是保护电路，故A正确；
B、测温仪前面通过的同学体温越高，由表中数据可知热敏电阻越小，由电阻的串联规律，电路的总电阻越小，由欧姆定律，电流表的示数越大，故B错误；
D、当体温是36.5℃时，由表中数据可知热敏电阻：R1=17Ω，
根据电阻的串联和欧姆定律，电流表的示数：I=UR0+R1=9V10Ω+17Ω≈0.33A，故D错误；
C、当电流表示数显示0.36A，根据欧姆定律和串联电路电阻规律可得：R′1=UI′−R0=9V0.36A−10Ω=15Ω，
由表中数据，此时对应的人体温度为37.5℃，高于37.3℃，故测温仪是会发出报警，故C正确。
故选：AC。
A、图乙电路中，R1与R0串联，电路中R0的作用是保护电路；
B、体温越高，由表中数据可知热敏电阻大小的变化，根据串联电路电阻规律和欧姆定律分析电流表的示数变化；
D、当体温是36.5℃时，由表中数据可知热敏电阻R1大小，根据电阻的串联和欧姆定律得出电流表的示数；
C、已知电流表示数，根据欧姆定律和串联电路电阻规律求出热敏电阻R1大小，由表中数据可知此时对应的人体温度，结合题意回答。
本题结合当前实际考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从题中获取有用的信息，属于常考题。
13.【答案】解：“冰墩墩”与桌面之间的弹力包括水平桌面的支持力和“冰墩墩”对水平桌面的压力。这两个力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，分别从“冰墩墩”的重心和O点开始，沿竖直向上的方向、垂直于桌面向下的方向画一条带箭头的线段，并在线段末尾分别标上字母F支和F压，如图所示：
【解析】“冰墩墩”与桌面之间的弹力包括水平桌面的支持力和“冰墩墩”对水平桌面的压力，支持力的作用点在“冰墩墩”的重心上，方向竖直向上；压力的作用点在O点，垂直于桌面向下，据此画出压力的示意图。
此题考查力的示意图的画法，难度不大，关键是知道“冰墩墩”与桌面之间的弹力包括水平桌面的支持力和“冰墩墩”对水平桌面的压力。
14.【答案】解：由题可知，潜水员眼睛在水下C点处，B处是小鸟，A是潜水员看到小鸟的像；
潜水员看到小鸟的像是由于光的折射形成的虚像，折射光线的反向延长线过像点A，连接AC与水面交于点O(即为入射点)，则OC为折射光线；连接BO，即为入射光线。如图所示：
【解析】根据折射光线的反向延长线过像点和光从空气斜射入水中时折射角小于入射角，作出潜水员观察小鸟的光路图。
本题考查了作光的折射光路图，关键是确定入射点，利用好折射光线的反向延长线过像点。
15.【答案】拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛 adbc 拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛 远离 不变 不 没有 15：01
【解析】解：(1)该实验的探究过程是这样的：a.在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板，用铅笔在纸上沿玻璃板放的位置画一条直线；d.点燃蜡烛放在玻璃板前，看到它在玻璃板后面的像，在纸上记录蜡烛的位置A1.b.拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛放在玻璃板的后方，移动到某一位置时，发现该蜡烛与被点燃的蜡烛的像重合，在纸上记下该蜡烛的位置A1′.c.改变玻璃板前蜡烛的位置，重复以上实验，在纸上记录物与像的位置A2、A2′；A3、A3′(如图乙所示)。故正确的顺序是adbc；
(2)在实验过程中，小李让玻璃板沿垂直于OO′轴方向靠近蜡烛A′，根据平面镜成像特点中的像距等于物距可知，为了完成实验探究，小李应将蜡烛A′远离蜡烛A.根据平面镜成像像与物等大可知，蜡烛的像大小不变；
小李在实验过程中，让玻璃板沿00′轴方向水平向右移动，A和平面镜之间的距离不变，根据物像到平面镜的距离相等，A的像和平面镜之间的距离也不变，所以他发现镜中的像相对于A不移动。
(5)因平面镜成虚像，虚像不是实际光线的会聚点，不能在光屏上承接，所以小怡同学将蜡烛A′取走，在A′位置放一张白纸，结果在白纸上没有像。
由镜面对称性可知，10：21在真实时间表示应该是15：01；
故答案为：(1)拿另一支完全相同的没有点燃的蜡烛； adbc；
(2)远离；不变；不；
(3)没有；15：01。
(1)据平面镜成像的实验探究过程分析判断即可解决；
(2)根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
(3)实像可以在光屏上承接，而虚像则不能。根据镜面对称的性质求解，在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右序颠倒，且关于镜面对称。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。
16.【答案】左 测量力臂 逆时针 F1L1=F2L2 使结论具有普遍性 变大 等臂杠杆 72
【解析】解：(1)将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，直到杠杆在水平位置静止；
杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L0，若将杠杆两侧所挂的钩码各取下一个，
则左侧2G×2L=4GL，右侧G×3L=3GL，由4GL>3GL可知，杠杆不能平衡，左端下沉，即杠杆会逆时针转动；
(3)由表格中数据可得：①1.0N×0.2m=2.0N×0.1m，②1.5N×0.1m=1.0N×0.15m，③2.0N×0.15m=1.5N×0.2m，故可得，杠杆的平衡条件为：F1L1=F2L2；
(4)探究性实验数据只测量一次，其结果带有较大的偶然性，多次测量的结论才具有普遍性；
(4)如图乙，用弹簧测力计代替右侧钩码，沿与水平方向成60°角斜向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，
力臂是支点到力的作用线的垂直距离，该过程中拉力的力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知拉力变大，
弹簧测力计示数变大；
(6)由图丙可知，物体的质量等于m=50g+20g+2g=72g。
故答案为：(1)左；测量力臂；(2)逆时针；(3)F1L1=F2L2；(4)使结论具有普遍性；(5)变大；(6)72。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；调节杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究；
(2)设出一个钩码重和杠杆一个小格的长度，根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)将力与力臂的乘积算出后进行比较，然后得出结论；
(4)实验数据只测量一次，其结果带有较大的偶然性，多次测量的结论具有普遍性；
(5)力臂是支点到力的作用线的垂直距离，由图可知动力臂的变化，根据杠杆的平衡条件判断动力的变化即可得出弹簧测力计的示数变化；先确定支点，然后从支点向动力作用线作垂线，支点到垂足的距离为动力臂，利用三角函数关系求出动力臂的大小，然后与阻力臂相比较判断杠杆的类型；
(6)根据动力臂和阻力臂的大小关系判定杠杆的种类；利用天平测量物体质量时，物体质量等于砝码的质量和游码对应的刻度值之和。
本题是探究杠杆平衡的实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
17.【答案】改变灯泡两端的电压(或改变通过灯泡的电流) 滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小 B 11.4 变大 小灯泡的阻值受温度的影响 C、D
【解析】解：(1)小灯泡L的额定电压为2.5V，故电压表应选小量程并联在灯泡两端；变阻器滑片P向左移动时，变阻器R连入电路的阻值变大，说明变阻器选用右下接线柱与开关串联接入电路中如下图所示：
；
(2)实验中除保护电路外滑动变阻器另一个作用是：改变灯泡两端的电压(或改变通过灯泡的电流)；
闭合开关后，电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，其原因是滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小；
(3)实验中为了使小灯泡两端电压增大，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应该向B端移动滑片；
由图甲可知，电流表选用小量程；当实验中小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，分度值0.02A，其示数为0.22A，小灯泡正常发光时的阻值为：
R=UI=2.5V0.22A≈11.4Ω；
(4)由表中数据可知，当小灯泡两端电压增大时，通过的电流增大，灯泡两端电压增加的快，而电流增加的慢，根据R=UI可知，灯泡的阻值变大；造成小灯泡阻值变化的原因是：小灯泡的阻值受温度的影响；
(5)测量标有2.5V的小灯泡L的电阻进行多次测量的目的是找出普遍规律；
A、测量定值电阻的阻值进行多次测量的目的是求平均值，减小误差；
B、用刻度尺测量铅笔的长度进行多次测量的目的是求平均值，减小误差；
C、测量小灯泡的电功率进行多次测量的目的是找出普遍规律；
D、探究电流与电压和电阻之间关系多次测量的目的是找出普遍规律；
故选：C、D。
故答案为：(1)见解答图；(2)改变灯泡两端的电压(或改变通过灯泡的电流)；滑动变阻器连入电路中的电阻太大，灯泡的实际功率很小；(3)B；11.4；(4)变大；小灯泡的阻值受温度的影响；(5)C、D。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端；变阻器滑片P向左移动时，变阻器R连入电路的阻值变大，说明变阻器选用右下接线柱串联接入电路中；
(2)滑动变阻器在实验中的作用：①保护电路；②改变灯泡两端的电压；③改变通过灯泡的电流，据此解答；
闭合开关后，电流表和电压表有示数但都很小，且看不到小灯泡发光，说明灯泡分得的电压太小，电路中的电阻过大造成的；
(3)根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；根据图甲确定电流表量程，根据图乙确定分度值读数；根据R=UI算出小灯泡正常发光时的阻值；
(4)根据表中数据分析回答；灯泡的电阻随温度的变化而变化；
(5)分析各实验多次测量的目的，然后回答。
本题测量标有2.5V的小灯泡L的电阻实验，考查电路连接、滑动变阻器的作用、故障分析、操作过程、电阻的计算、数据分析以及多次测量的目的等知识。
18.【答案】解：(1)汽油的质量
m=ρ汽油V=0.75×103kg/m3×4×10−3m3=3kg，
汽油完全燃烧释放的热量
Q放=mq=3kg×4.6×107J/kg=1.38×108J；
(2)牵引力所做的功
W=ηQ放=30%×1.38×108J=4.14×107J，
汽车通过这段路程所需的时间
t=sv=60km120km/ℎ=0.5ℎ，
汽车牵引力做功的功率
P=Wt=4.14×107J0.5×3600s=2.3×104W；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv可知，汽车发动机牵引力大小为
F=Pv=2.3×104W120×13.6m/s=690N，
汽车匀速直线行驶，处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，
所以阻力f=F=690N。
答：(1)汽油完全燃烧释放的热量为1.38×108J；
(2)汽车牵引力做功的功率为2.3×104W；
(3)汽车受到的阻力大小为690N。
【解析】(1)根据m=ρV得到汽油的质量，利用Q放=mq可求得汽油完全燃烧释放的热量；
(2)已知发动机的效率，利用W=Q放η可求得牵引力所做的功，根据速度公式求出时间，再利用P=Wt可求得汽车牵引力做功的功率；
(3)已知汽车发动机的功率和行驶速度，根据P=Fv计算出牵引力的大小，然后利用二力平衡条件得出汽车受到的阻力。
本题考查了功的公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式、功率公式的应用，对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进行求解，在计算过程中注意单位要统一。
19.【答案】解：只闭合开关S1，R1与滑动变阻器R2串联，滑片P位于最右端时，等效电路图如图1所示；
滑片P向左移动一段距离后，由于滑动变阻器R2的电阻减小了，则电路中电流变大，等效电路图如图2所示；
再闭合开关S2和S3时，滑动变阻器被短路，此时灯泡与R1并联，根据电阻的串并联特点可知，并联时电路中电流变大，等效电路图如图3所示。
(1)根据P=UI可得灯泡正常发光时的电流：
IL=P额U额=6W12V=0.5A；
根据欧姆定律I=UR灯泡正常发光时的电阻为：
RL=ULIL=12V0.5A=24Ω；
(2)图3中，灯泡与R1并联，由于灯泡正常发光，则根据并联电路各支路两端的电压相等可知，电源电压：
U=U额=12V；
由并联电路的电流特点可知，通过R1的电流为：
I1=I+0.2A+1.1A−0.5A=I+0.8A，
根据I=UR可得电源电压为：U=I1R1，
即：12V=(I+0.8A)R1---------------①
图1中，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压为：
U=IR1+U2，
即：12V=IR1+U2------------②
图2与图1比较，由于滑动变阻器R2的电阻减小了，根据串联电路的分压特点可知滑动变阻器两端的电压减小，则：
图2中，电压表示数为：U2′=U2−ΔU=U2−2V，
根据串联电路的特点和欧姆定律可得：
U=(I+0.2A)R1+U2′，
即：12V=(I+0.2A)R1+U2−2V -----------③
解①②③可得：R1=10Ω，U2=8V，I=0.4A；
滑动变阻器的最大电阻为：
R2大=U2I=8V0.4A=20Ω；
(3)只闭合S1时，定值电阻R1的与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的电阻最大时，电路的电流最小，电路的总功率最小，最小功率为：
P小=U2R1+R2大=(12V)210Ω+20Ω=4.8W；
当闭合开关S1、S2、S3时，小灯泡与定值电阻R1并联，电路的总电阻最小，电流最大，总功率最大，最大功率为：
P大=U2R1+U2RL=(12V)210Ω+(12V)224Ω=20.4W。
答：(1)小灯泡正常发光时的电流为0.5A、电阻为24Ω；
(2)变阻器R2的最大阻值为20Ω、定值电阻R1的阻值为10Ω；
(3)整个电路消耗的最小功率为4.8W、最大功率为20.4W。
【解析】先画出只闭合开关S1，滑片P从最右端向左移动一段距离和再闭合开关S2和S3时的等效电路图。
(1)根据P=UI求出灯泡正常光时的电流，根据欧姆定律算出小灯泡正常发光时的电阻；
(2)图3中，由于灯泡正常发光时，则灯泡两端的电压和额定电压相等，据此可知电源电压；
然后根据并联电路的电流特点和欧姆定律得出R1两端的电压表达式；
图2与图1比较，由于滑动变阻器R2的电阻减小了，根据串联电路的分压特点可知滑动变阻器两端的电压减小，据此得出图2和图1中的电压表示数之间的关系，然后根据串联电路的特点和欧姆定律分别得出电源电压的表达式；最后联立即可求出图1中的电压表示数、电路中的电流和R1的阻值，由欧姆定律算出滑动变阻器的最大电阻；
(3)只闭合S1时，定值电阻R1的与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的电阻最大时，电路的电流最小，电路的总功率最小，根据P小=U2RL+R2大算出最小功率；
当闭合开关S1、S2、S3时，小灯泡与定值电阻R1并联，电路的总电阻最小，电流最大，总功率最大，根据P大=U2R1+U2RL算出最大功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别和根据题意得出三种情况下电路中电流之间的关系。
20.【答案】解：(1)由图乙知，当t=1s时，绳子自由端拉力做的总功W总=300J，
绳子自由端拉力的功率：
P总=W总t=300J1s=300W，
滑轮组的机械效率η=P有P总，
所以有用功功率：P有=ηP总=80%×300W=240W，
由P有=Gv物可得，被提升物体的重力：
G=P有v物=240W0.24m/s=1000N；
(2)电动机工作时每秒消耗的电能：
W电=UIt=220V×1.5A×1s=330J，
转化为的机械能W机=W总=300J，
每秒钟产生的热量：
Q=W电−W机=330J−300J=30J；
(3)由P=Fv可得，第一次作业时绳子自由端的速度：
v=P总F=300W312.5N=0.96m/s，
由v=nv物可得，通过动滑轮绳子的段数：
n=vv物=0.96m/s0.24m/s=4，
不考虑滑轮组绳子的质量、滑轮与轴和绳子间的摩擦，由F=1n(G+G动)可得：
G动=nF−G=4×312.5N−1000N=250N，
第二次作业中，利用该设备以相同的速度匀速提升重为2000N的物体，作用在绳子自由端的拉力：
F′=1n(G′+G动)=12×(2000N+250N)=1125N。
答：(1)第一次作业中被提升的物体受到的重力为1000N；
(2)第一次作业中，电动机工作时每秒钟产生的热量为30|J；
(3)第二次作业中，作用在绳子自由端的拉力为1125N。
【解析】(1)从图象中读取t=1s时绳子自由端拉力做的功，即总功，由P=Wt计算绳端拉力的功率，即总功的功率，由η=W有W总=P有tP总t=P有P总 计算有用功的功率，由P有=Gv物计算被提升的物体受到的重力；
(2)由W=UIt计算电动机每秒钟消耗的电能，电动机工作时将电能转化为机械能和内能，据此计算出电动机工作时每秒钟产生的热量；
(3)根据P=Fv计算第一次作业时，绳端拉力的速度，从而得到通过动滑轮的绳子段数n，由nF=G+G动可得动滑轮重力；从而计算第二次作业中，作用在绳子自由端的拉力。
本题为力、电综合题，考查速度公式、功的公式、效率公式、作用在绳子自由端拉力的公式的运用，关键是从图中获取有用的信息。
相关试卷
11，2024年山东省潍坊市诸城市中考二模物理试卷： 这是一份11，2024年山东省潍坊市诸城市中考二模物理试卷，共11页。试卷主要包含了如图所示，凸透镜位于P处等内容，欢迎下载使用。
2024年山东省潍坊市中考物理二模试卷： 这是一份2024年山东省潍坊市中考物理二模试卷，共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2024年山东省潍坊市中考物理一模试卷（含详细答案解析）： 这是一份2024年山东省潍坊市中考物理一模试卷（含详细答案解析），共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
